2022级“贵百河”12月高二年级新高考月考测试
物理参考答案
1.【答案】C
【解析】核心舱和地球同步卫星都是受万有引力提供向心力而做匀速圆周运动，有
2
2 =
= ( 2 )2 = = 2
3
可得 = 3 ， = 2 ， =
， =
2
而核心舱运行轨道距地面的高度为 400km左右，地球同步卫星距地面的高度接近 3600km，有 舱 < 同，故有 舱 >
同， 舱 < 同， 舱 > 同， 舱 > 同
则核心舱角速度比地球同步卫星的大，周期比地球同步卫星的短，向心加速度比地球同步卫星的大，线速度比地球
同步卫星的大，故 ABD错误，C正确；故选 C。
2.【答案】D
【解析】A.根据题述和图中几何关系，A、B间的距离为 = 3
2 2
根据库仑定律，可得库仑力大小为 = 2 = 2，故 A错误； 3
B.对小球 A受力分析，受到竖直向下的重力 mg，水平向右的库仑力 F，细线的拉力 T，
由 : = 1: 3 可得 A、B间库仑力大小为 = 3 ，故 B错误；
C.由 mg∶T＝1∶2可得细线拉力大小为 T＝2mg，故 C错误；
2 2
D.由 : = 2: 3 = 2 3 ， 2 ，可得细线拉力大小为 = 2 ，故 D正确。故选 D。3 9
3.【答案】C
【解析】A. 根据电场线的疏密由图可知， 点电场强度较大，即 < ，故 A错误；
B.根据 = 和牛顿第二定律可得粒子在 点的加速度较大，即 < ，故 B错误；
CD.粒子运动轨迹偏向右上方，则说明粒子在 、 两处所受的电场力向右上方，由于电场线方向向右上方，故判
断粒子带正电，若粒子从 点运动到 点，在从 点到 点的过程电场力做正功，动能增加，所以粒子在 点的速度
小于在 点的速度，故 C正确，D错误。
4.【答案】B
【解析】由安培定则可知，导线 ab在 O点的磁场方向竖直向下，则合磁场为 2B0；导线 c在 O点的磁场方向向右，
大小为 B0，则 O点的磁感应强度大小 = (2 )20 + 20 = 5 0，故选 B。
5.【答案】D
【解析】小灯泡正常发光，则路端电压为 = 6V
9
流过小灯泡的电流为 = = 1.5A6V
干路电流为 = = 2A
则流经电动机的电流为 = = 0.5A
电动机输出功率为 = 2出 = 2W
故选 D。
6.【答案】D
A D + 【解析】 . 点的电势为 = = 10V2
可知 BD是一条等势线，三角形 ABC为等边三角形，则 BD过 O点，O点电势为 10V，故 A错误；
B.根据几何关系可知，BD垂直于 AC，则电场线方向平行于 AC，C点电势大于 A点电势，而沿着电场线的方向
电势降低，则可知电场方向由 C指向 A，电场强度为 = = 240V/m，故 B错误。
C.在三角形 ABC内切圆的圆周上，电势最低的点为沿电场线方向，距离 O点最远的点。过 O点平行于 AC的直径
与圆周的两个交点中，离 A点较近的点才是电势最低的点。离 C点较近的点是圆周上电势最高的点，故 C错误；
D.将电子沿直线由 F点移到 D点，电场力做负功，故 D正确。
故选 D。
7.【答案】B
【解析】A.根据 图像的切线斜率绝对值表示电场强度大小，可知沿 Ox方向电场强度先减小后增大，故 A错误；
BCD.由图乙可知，沿 x轴正方向电势升高，所以电场方向沿 x轴负方向，则电子所受电场力一直沿 x轴正方向，
电场力对电子一直做正功，电子的动能一直增大，电子的速度一直增大，电子的电势能一直减小，故 B正确，CD
错误。
故选 B。
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8.【答案】CD
【解析】A.场强方向向上，电场力向上，则为正电荷，A错误；
BC.b点处的电势能 Epb＝qφb=0.01×30J=0.3J
a点处，总能量 E=Epa+Eka=0.01×10J+0.5J=0.6J
由总能量守恒可知，则 b点处的动能为 Ekb＝E-Epb=0.6J-0.3J=0.3J，B错误，C正确；
D.同理，c点处的动能为 Ekc＝E-Epc=0.6J-0.01×20J=0.4J，D正确。
故选 CD。
9.【答案】AD
A = r 【解析】 .根据 ，若将 A极板向上平移一小段距离，则板间距离变大，平行板电容器的电容将变小，故 A
4
正确；
B.根据 = r ，若将 B极板向左平移一小段距离，由于正对面积减小，平行板电容器的电容将变小，由于电容器
4
与电源一直相连，则两极板间的电压保持不变，静电计指针张角不变，故 B错误；
C .若断开电键 S，则极板电荷量可认为不变；再将 B极板向右平移一小段距离，根据 = r ， = ， = ，
4
可知平行板电容器的电容将变小，两极板间的电压变大，极板间的电场强度变大，根据 B = B = B，由
于 B板接地，电势不变，则 P点电势将升高，故 C错误；
D 4 .若断开电键 S，则极板电荷量可认为不变；再将 A极板向下平移一小段距离，根据 = = =
r
= ，
4 r
可知极板间的电场强度不变，带电油滴受力不变，带电油滴仍保持静止状态，故 D正确。
故选 AD。
10.【答案】AC
A 【解析】 .电子受到的电场力 = = ，故电场力与交变电压变化趋势相同，故 A正确；
B.开始时，电子在电场力作用下做匀变速直线运动，则位移与时间的关系应该是二次函数图像，故 B错误；
C.根据动量定理 = = ，则 图像与时间轴围成的面积表示电子的动量，由 A图像可知，动量先均匀增
大，再均匀减小，再反向均匀变大，最后再均匀变小，故 C正确；
D 1.前 内由于 = 0 + ， 24 k = ，故动能 k与时间 为二次函数关系，故 D错误。2
故选 AC。
11.【答案】（1）串（1分）1350（1分）（2）并（1分）37.5（1分）（3）较大（1分）
【解析】（1）[1][2]由题意可知，满偏电流 Ig=2mA=0.002A，内阻 Rg=150Ω。若将此表头改装成量程为 U=3V的电
压表，需要串联一个电阻；由欧姆定律知 = （ + 串）
代入数据得 串 = 1350Ω
（2）[3][4]若将此表头改装成量程为 I=10mA=0.01A的电流表，需要并联一个小电阻。
由欧姆定律可知 = ( ） 并
代入数据得 并 = 37.5Ω
（3）[5]把表头改装成电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值越小，改装后电流表的量程越大，由图示电路可知，
使用 A、B两个端点时并联分流电阻阻值较小，此时电流表量程较大。
12.【答案】（1）①24.0（1分）160（1分）② CAD（1分）
（2）①B（1分）E （1分）②2.10/2.1 （1分）0.20/0.2（2分）③A（2分）
【解析】（1）①[1][2]根据多用电表读数规则，若所选挡位为直流 50mA挡，则示数为 24.0mA。若所选挡位为“×10Ω”
挡，则示数为 16.0 × 10Ω = 160Ω
②[3]乙同学用欧姆表正确测量了一个约 150Ω的电阻后，需要继续测量一个阻值约 20Ω的电阻，待测电阻变小需要
换到“×1”挡，然后将红表笔和黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆零点，故合理的顺序是 CAD。
E
（2）①[4][5]电路中的最大电流为 I = = 0.5A
R0
所以电流表选择 B。为了方便调节，滑动变阻器应选择阻值较小的，故滑动变阻器选择 E。
②[6]根据闭合电路欧姆定律可知 E = U + I（r + R0）
根据图像可得图像与纵轴的交点为电动势，即 E = 2.10V
[7] 2.10 0.42电源内阻为 r = R0 = 0.20Ω0.40
③[8]用此电路测量电池的电动势和内电阻，由于电压表的分流，测量值偏小，故选 A。
13.【答案】（1）6m/s；（2）18m
【解析】（1）物体受到的摩擦力为
= = 1N（1分）
由动量定理可得
1 1 + 2 2 1 + 2 = （4分）
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解得 = 6m/s（2分）
（2）由动能定理可得
= 0 1 2 （2分）
2
解得 x=18m（1分）
14
2 2 2 2
.【答案】（1） 01 = （2） = 2 2 tanθ = 2 （3） ≤ 02 2 0 2 20 2
【解析】（1）由动能定理可得
1 =
1 2 （2分）
2 0
解得
=
2
0
1 （1分）2
（2）粒子以速度 0进入偏转电场后，做类平抛运动，设粒子在偏转电场中运动的时间为 ，加速度为 ，离开偏转
电场时竖直方向的速度为 ，根据牛顿第二定律和运动学公式有
2 = （1分）
= （1分）
0
= 1 2 （1分）
2
= （1分）
tanθ= （1分）
0
解得
=
2
2 （1分）
2 20
tanθ = 2
2
（1分）
0
（3）负离子能飞出偏转电场应满足
≤ （2分）
2
解得
2 2 ≤ 02 （1分） 2
15 5.【答案】（1） 5 2N s；（2） m；（3）37.5J
16
【解析】（1）小球 恰好达到 点，在 点，由牛顿第二定律得
= 2
2
C
2 （1分）
解得 C = = 10m/s （1分）
小球 由 到 的过程，由动能定理得
2 = 12 2
1 2
2 C
2 （1分）
2 2 B
解得 B = 5 2m/s （1分）
剪断细线后，对小球 ，由动量定理得
= 2 B 0 （1分）
解得 = 5 2N s （1分）
（2）剪断细线后， 、 两球被弹开的过程中， 、 组成的系统动量守恒
1 1 = 2 B （2分）
小球 被弹开后的速度
= 21 =
5
B 2m/s （1分） 1 2
小球 冲上斜面的过程，由动能定理得
1 1 cos37°
= 0 1 2
sin37° 2 1
1 （2分）
= 5解得 m （2分）
16
（3）由能量守恒，弹簧的弹性势能转化为 、 两小球的动能
= 1 2 + 1P 1 1 22 B （2分）2 2
解得 P = 37.5J （1分）
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{#{QQABCQQQogCAQABAARgCEQEoCgCQkBECCAoGBAAIsAAAQQFABAA=}#}2022级“贵百河”12月高二年级新高考月考测试
物 理
（考试时间：75分钟 满分：100分）
注意事项：
1.本试卷分选择题和非选择题两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用 2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮
擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3.回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题（本大题共 7小题，共 28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，每小
题 4分。）
1.2021年 4月 29日，我国在海南文昌用长征五号 B运载火箭成功将空间站天和核心舱送入预定轨道。核心舱运
行轨道距地面的高度为 400 km左右，地球同步卫星距地面的高度接近 3600 km。则该核心舱的（ ）
A.角速度比地球同步卫星的小
B.周期比地球同步卫星的长
C.向心加速度比地球同步卫星的大
D.线速度比地球同步卫星的小
2.如图所示，质量为 m、电荷量为 Q的带电小球 A用绝缘细线悬挂于 O点，另一个带电量也为 Q的带电小球 B
固定于 O点的正下方，已知细线 OA长为 2l，O到 B点的距离为 l，平衡时 AB带电小球处于同一高度，已知
重力加速度为 g，静电力常量为 k。则（ ）
2
A.A、B kQ间库仑力大小为
l 2
B.A、B间库仑力大小为 2mg
C.细线拉力大小为 3 mg
D 2 3kQ
2
.细线拉力大小为
9l 2
3.某电场的电场线分布如图，一带电粒子仅在电场力作用下沿图中虚线所示路径运动，M和 N是轨迹上的两点。
以下说法正确的是（ ）
A.M、N点的场强 EM ＞ EN
B.粒子在 M、N点的加速度 aM ＞ aN
C.粒子在 M、N点的速度 vM ＜ vN
D.粒子带负电
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4.如图所示，a、b、c是三根平行长直导线的截面，它们的电流大小都相同，a、c中电流方向垂直纸面向里，b
中电流方向垂直纸面向外，aO＝bO＝cO，若直导线 a在 O点产生的磁感应强度大小为 B0，则此时 O点的磁
感应强度大小应为（ ）
A.3B0
B. 5B0
C. 2B0
D.B0
5.如图所示，电源电动势 E 8V，内阻 r 1Ω，闭合开关 S后，标有“6V 9W”的灯泡恰能正常发光。电动机
M线圈的电阻 R 4Ω，则电动机输出功率为（ ）
A.6W
B.4W
C.3W
D.2W
6.如图所示，在匀强电场中有边长为 5cm的等边三角形 ABC，三角形所在平面与匀强电场的电场线平行。O点
为该三角形的中心，D、E、F分别为 AC、AB和 BC边的中点。三角形各顶点的电势分别为 A 4V、 B 10V、
C 16V，下列说法正确的是（ ）
A.O点电势为 12V
B.匀强电场的场强大小为 120V/m，方向由 C指向 A
C.在三角形 ABC内切圆的圆周上，E点电势最低
D.用外力将电子沿直线由 F点移到 D点，电场力做负功
7.如图甲所示，在某电场中有一条电场线与 Ox轴重合，取 O点电势为零，Ox方向上各点的电势随 x轴坐标变
化的关系如图乙所示，若在 O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用则（ ）
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A.沿 Ox方向电场强度一直增大
B.电子所受电场力一直沿 x轴正方向
C.电子的电势能将先减小后增大
D.电子运动的速度先增大后减小
二、多项选择题（本大题共 3小题，共 18分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，每小题
6分，全部选对的得 6分，选对但不全的得 3分，有选错或不答的得 0分。）
8.如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为 10V、20V、30V。实线是一带
电的粒子（不计重力）在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的 a、b、c三点，已知：带电粒子带电量为 0.01C，
在 a点处的动能为 0.5J，则该带电粒子（ ）
A.一定是带负电
B.在 b点处的动能为零
C.在 b点处的电势能为 0.3J
D.在 c点处的动能为 0.4J
9.如图所示，两极板水平放置的平行板电容器与电动势为 的直流电源连接，下极板接地，静电计外壳接地。闭
合电键 S时，一带电的油滴恰好静止于电容器中的 P点。下列说法正确的是（ ）
A.若将 A极板向上平移一小段距离，平行板电容器的电容将变小
B.若将 B极板向左平移一小段距离，静电计指针张角变小
C.若断开电键 S，再将 B极板向右平移一小段距离，P点电势将降低
D.若断开电键 S，再将 A极板向下平移一小段距离，则带电油滴仍保持静止状态
10.如图（甲）所示，在竖直放置、距离足够大的两平行金属板中央有一个静止的电子（不计重力），规定水平向
左为正方向。当两板间加上如图（乙）所示的交变电压后，下列图像中能正确反映电子受到的电场力 F、位
移 x、动量 p和动能 Ek 四个物理量随时间变化规律的是（ ）
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A. B.
C. D.
三、实验题（本大题共 2小题，共 15分。）
11.（5分）表头的满偏电压和满偏电流一般都比较小，测量较大的电压或电流时要把它改装成较大量程的
电压表或电流表。现有一个满偏电流 Ig= 2mA，内阻 Rg= 150Ω的表头 G。
（1）若要把此表头改装成量程为 3V的电压表，应 联一个阻值为 Ω的电阻。
（2）若要把此表头改装成量程为 10mA的电流表，应 联一个阻值为 Ω的电阻。
（3）若将此表头改装成有两个量程的电流表，如图所示，则使用 A、B两个端点时，量程 （选
填“较大”或“较小”）。
12.（10分）（1）某实验小组使用多用电表测量电学中的物理量。
①甲同学用实验室的多用电表进行某次测量时，指针在表盘的位置如图所示。若所选挡位为直流 50mA挡，
则示数为 mA；若所选挡位为“×10Ω”挡，则示数为 Ω。
②乙同学用该表正确测量了一个约 150Ω的电阻后，需要继续测量一个阻值约 20Ω的电阻。在测量这个电阻
之前，请选择以下必须的操作步骤，其合理的顺序是 （填字母代号）。
A.将红表笔和黑表笔短接
B.把选择开关旋转到“×100Ω”挡
C.把选择开关旋转到“×1Ω”挡
D.调节欧姆调零旋钮使电表指针指向欧姆零点
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（2）用如图甲所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内电阻。蓄电池的电动势约为 2V，内电阻很小。除蓄
电池、开关、导线外可供使用的实验器材还有：
A.电压表 V（量程 3V）
B.电流表 A1（量程 0.6A）
C.电流表 A2（量程 3A）
D.定值电阻 R0（阻值 4Ω，额定功率 4W）
E.滑动变阻器 R1（阻值范围 0~20Ω，额定电流 1A）
F.滑动变阻器 R2（阻值范围 0~2000Ω，额定电流 0.1A）
①电流表应选 ，滑动变阻器应选 ；（均填器．材．前．的．字．母．代．号．）
②根据实验数据作出 U-I图像（如图乙所示），则蓄电池的电动势 E= V，内阻 r= Ω；
③用此电路测量电池的电动势和内电阻，产生误差的原因是 （选填“A”或“B”）。
A.电压表分流作用 B.电流表分压作用
四、计算题（本大题共 3小题，共 39分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答
案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）
13.（10分）质量为 m=1kg 的物体静止在足够长的水平面上，0～4s时间内在物体上加上水平方向的力 F，F随
时间 t的变化关系如图所示，规定向右为正方向，物体与水平面间的动摩擦因数为 0.1，重力加速度
大小取 g 10m/s2 。求：
（1）4s末物体的速度大小；
（2）若 4s末后撤去 F物体滑行的距离。
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14.（13分）如图所示，一个带正电的粒子从静止开始经加速电场加速后，获得水平速度 v0，从水平放置的一对
平行金属板正中间射入偏转电场中。已知粒子的电荷量为 q，质量为 m，不计粒子的重力，偏转金属极板长
为 L，两极板间距为 d，偏转电压为 U2。求：
（1）加速电场两端的电压 U1；
（2）粒子飞出偏转电场时沿垂直于板面方向偏移的距离 y和速度偏转角的正切值 tan ；
（3）要使粒子能飞出偏转电场，水平金属板间所加偏转电压 U2应满足的条件。
15.（16分）如图所示，半径 R=1m的光滑半圆轨道 BC与倾角 37 的粗糙斜面轨道在同一竖直平面内，两轨
道间由一条光滑水平轨道 AB相连，A处用光滑小圆弧轨道平滑连接，B处与圆轨道相切。在水平轨道上，
两静止小球 P、Q压紧轻质弹簧后用细线连在一起，某时刻剪断细线后，小球 P向左运动冲上斜面，小球 Q
沿圆轨道恰好能到达 C点。已知小球 P的质量m1 2kg，小球 Q的质量m2 1kg，小球 与斜面间的动摩擦
因数 0.75，小球到达 A点或 B点时已和弹簧分离。重力加速度 g 10m/s2 ， sin37 0.6， cos37 0.8。
求：
（1）剪断细线后弹簧对小球 Q的弹力的冲量大小；
（2）小球 P沿斜面上升的最大高度 h；
（3）剪断细线之前弹簧具有的弹簧势能。
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