2023-2024 学年五县联考高二年级
物理答案
一、选择题（共 38 分。1-5 题单选每题 4分。6-8 题多选，每题 6分，选不全得 3
分。）
1．【答案】C
A．秋千从摆动到停下受空气阻力，振幅不断变小，是阻尼振动，故 A正确；
B．当秋千摆至最低点时，由
N mg mv
2
L
可知秋千对手机的支持力大于手机所受的重力，故 B正确；
CD．秋千的周期为从最大振幅偏角到另一最大振幅偏角再回到最大振幅偏角所用
L
时间，根据图像可得秋千摆动的周期为 t3 t1，根据T t3 t1 2 g
可得
2
g 4π L
t3 t
2
1
故 D正确。C不正确
选择不正确的，故选 C。
2．【答案】B
【详解】A．当 R阻值为零时，回路电流最大，根据
P I 2R0
定值电阻R0消耗的电功率最大，故 A错误；
B．将R0和电源等效为新电源，当 R阻值等于等效电源内阻时，即
R r R0 1.5
时，新电源输出功率最大，R消耗的功率最大，故 B正确；
C．如果 R发生断路故障，则电表读数不为零，等于电源电动势，故 C错误；
D．当 R的阻值增大时，回路总电阻增大，干路电流减小，根据
U E I (r R0 )
电表读数增大，故 D错误。
故选 B。
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3．【答案】D
【详解】A．由图（b）的振动图像可知，振动的周期为 4s，故三列波的波速为
v 4m 1m/s
T 4s
A错误；
B．由图（a）可知，D处距离波源最近的距离为 3m，故开始振动后波源 C处的
横波传播到 D处所需的时间为
t DC 3mC 3sv 1m/s
故 t 2s时，D处的质点还未开始振动，B错误；
C．由几何关系可知 AD BD 5m，波源 A、B产生的横波传播到 D处所需的时间
为
t AD 5mAB 5sv 1m/s
故 t 4.5s时，仅波源 C处的横波传播到 D处，此时 D处的质点振动时间为
t1 t tC 1.5s
由振动图像可知此时 D处的质点向 y轴负方向运动，C错误；
D． t 6s时，波源 C处的横波传播到 D处后振动时间为
t2 t tC 3s
由振动图像可知此时 D处为波源 C处传播横波的波谷； t 6s时，波源 A、B处的
横波传播到 D处后振动时间为
t3 t tAB 1s
由振动图像可知此时 D处为波源 A、B处传播横波的波峰。根据波的叠加原理可
知此时 D处质点的位移为
y 2A A 2cm
故 t 6s时，D处的质点与平衡位置的距离是 2cm。D正确。
故选 D。
4．【答案】C
【详解】小球 A在离 O很近的轨道上某点静止释放，小球 A相当于做摆长为 R的
单摆运动，小球 A运动的周期为
T 2 R
g
两球在 A小球第 5次通过 O点时恰好相碰，则小球 A和 B运动的时间为
t 9T
4
所以小球 B下落的高度为
高二月考联考卷物理答案 第 2 页 共 11 页
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1 81 2h R gt 2
2 8
故选 C。
5．【答案】C
【详解】A．释放公仔头部瞬间，根据牛顿第二定律有
2mg mg ma
解得
a g
故 A错误；
B．根据简谐运动的对称性，可知，最高点与最低点的加速度大小相等，在最高点
时，令最高点时弹簧弹力大小为 F，则有
F+mg ma
结合上述解得
F 0
即此时弹簧恰好处于原长，对底座分析可知，地面对底座的支持力等于 mg，根据
牛顿第三定律可知，公仔头部运动至最高点时底座对桌面的压力为 mg，故 B错误；
C．根据上述可知，公仔头部运动至最高点时，弹簧恰好恢复原长，此时公仔头部
的速度为 0，故 C正确；
D．轻压公仔头部至弹簧弹力为 2mg时，根据胡克定律有
2mg kx
根据简谐运动的对称性，结合上述有
A 1 x
2
解得
A mg
k
故 D错误。
故选 C。
6 【答案】CD
【解析】
【详解】A．根据几何关系可知bedf 为 ac连线的中垂面，对于等量异种电荷形成
的电场平面图（如下图所示）可知bedf 平面为零势能面，故在此平面上的点电势
都相等（都等于 0），b 点的电势等于 e点电势，故 A错误；
高二月考联考卷物理答案 第 3 页 共 11 页
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B．由于 b、d 两点到O点距离都相等，根据对称性可知 b、d 两点电场强度大小相
等，方向相同。故 B错误；
C．将负电荷沿棱由 e b f 移动的过程中，在同一个等势面内运动，电场力一
直不做功，故 C正确；
D．若将 Q由 a 点放到 e 点，由几何关系可知，O点仍位于 ce的连线的中垂线上，
电势仍为 0。故 D正确。
故选 CD。
7【答案】AB
【详解】CD．把重力和电场力合成为等效重力，可知在等效最高点的速度最小，
在等效最低点的速度最大且拉力最大，由图可知，A点不是等效最高点，B点不是
等效最低点，故 CD错误；
A．由题意可知，小球从 C点到 D点电场力做正功，动能增大，速度增大，故小
球在 D点的速度大于 C点的速度，由牛顿第二定律可知，小球在 D点时绳子的拉
力较大，故 A正确；
B．根据能量守恒定律，小球在 C点时的电势能最大，则机械能最小，故 AB正确。
故选 AB。
8．【答案】BC
【详解】A．滑块沿滑槽下滑过程中，竖直方向合力不为零，二者组成的系统动量
不守恒，只有弹力和重力做功，机械能守恒，故 A错误；
B．系统水平方向动量守恒
mv1 3mv2
机械能守恒
1mv 2 11 3mv
2
2 mgh2 2
解得
v 3 gh v 1 31 2 gh2 3 2
弹簧获得最大弹性势能为
E 1 mv 2 3p mgh2 1 4
高二月考联考卷物理答案 第 4 页 共 11 页
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故 B正确；
C．滑块被弹簧反弹后，弧槽和滑块再次共速时，上升的高度最大
mv1 3mv2 (m 3m)v
1 mv 2 1， 3mv 2
1
(m 3m)v2 mgh '
2 1 2 2 2
h
解得滑块沿弧槽上升的最大高度等于 ，故 C正确；
4
D．滑块再一次离开弧槽时，有
1 mv 2 1 3mv 2 1 1mv1 3mv2 mv1 3mv ， mv
2
2 1 2 3mv
2
2 2 2 1 2 2
解得
v 2 31 0，v2 gh3 2
所以滑块再一次离开弧槽后，不可能和弹簧发生作用，故错误。
故选 BC。
9（共 12 分。每空 2分）
【答案】42.40（2分） 6.711/6.712/6.713/6.714/6.715（在此范围均正确）（2
分）
b
8或 8.0（2分） 200（2分） （2分） b RaR V（2分）V
【详解】[1]游标卡尺的固定刻度读数为 42mm，游标尺上第 8个刻度线与主尺对
齐，则游标尺读数为
0.05×8mm=0.40mm
所以最终读数为
42mm+0.40mm=42.40mm
[2]螺旋测微器的固定刻度读数为 6.5mm，可动刻度读数为
0.01×21.3mm=0.213mm
所以最终读数为
6.5mm+0.213mm=6.713mm
[3]发现表头指针偏转角度很大，说明倍率太大，为了较准确地进行测量，应换到
×1Ω挡。重新正确操作后，表盘的示数如图 3所示，其读数为
8 1 8
[4]若将此表头改装成量程为 5V的电压表，需要串联的电阻值为
R U Rg 200 I g
[5][6]由闭合电路欧姆定律可得
E U U R r
RV
解得
高二月考联考卷物理答案 第 5 页 共 11 页
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R ER 1V RV r U
由图（c）可知
ER bV ， RV r ba
解得
E b ， r b RaR VV
10．（共 8分。每空 2分）【答案】 AC（2分） 2gy3 （2分）
m1 m 1 m 2
y y y （2分） 4 : 9 : 36 （2分）2 3 1
【详解】[1]为了使小球 a每次离开斜槽轨道末端之后能够做平抛运动，要求小球 a
在斜槽末端速度沿水平方向，所以斜槽轨道末端必须水平，而斜槽轨道是否光滑
对实验无影响，故 A正确，B错误；
C.碰撞要保证对心碰撞，所以两球尺寸必须相同，C正确
D．实验要求小球 a每次到达斜槽末端的速度大小相等，所以小球 a必须从斜槽上
相同位置无初速度释放，D错误，。
故选 AC。
[2]小球 a从抛出到 P点过程中速度的变化量的大小
v vy 2gy3
[3]设水平位移为 x，根据平抛运动规律有小球从抛出碰到木板上运动的时间
t 2y
g
由动量守恒定律有
m x m x x1 2y 1
m
2 2y
2
3 2y1
g g g
化简得
m1 m1 m 2
y2 y3 y1
[4]设落在 M、N、P点上的小球水平速度为 v1、v2、v3，由动量守恒、机械能守恒
有
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3mv2 3mv3 mv1
1
3mv2 1 3mv2 1 mv2
2 2 2 3 2 1
解得
v 13 v2， v
3
2 1
v
2 2
则
v1 : v2 : v3 3: 2 :1
又竖直位移
2
y 1 gt 2 1 x g
2 2 v
则
y1 : y2 : y3 4 :9 : 36
10
11．(12分) 【答案】（1） 8m；（2）s 40cm；（3）v1 m/s，v2 10m/s3
【详解】（1）根据振动图像可得周期为
T 0.8s
根据波速公式有
v
T
代入数据，解得
8m (2分)
（2）由题意可知
t 4s 5T
所以质点 a运动的路程为
S 20A 80cm (2分)
（3）如果波沿 x方向传播，则有
2m n 3 n 0,1, 2
4
而由于 2m，可得
n 0
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所以
81 m (2分)3
代入公式
v 1 1T
可得
v 101 m/s (2分)3
如果波沿 x方向传播，则有
2m n 1 n 0,1, 2
4
而由于 2m，可得
n 0
解得
2 8m (2分)
代入公式
v 22 T
可得
v2 10m/s (2分)
12．(14分)【答案】（1）v1 2m/s v2 2m/s
4
；（2）t1 t2 1s；（3） m3
【详解】（1）对 M，根据动能定理可得
qEx 1 20 m2 1
v1 (1分)
解得
v1 4m/s (1分)
M与 N发生弹性碰撞，由动量守恒定律可得
m1v1 m1v1 m2v2 (1分)
高二月考联考卷物理答案 第 8 页 共 11 页
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由机械能守恒定律可得
1 m v2 11 1 m1v1
2 1 m 22v2 (1分)2 2 2
解得
v1 2m/s (1分)
v2 2m/s (1分)
（2）碰后对 M和 N分别有动量定理得
qEt1 0 m1v1 (1分)
m2gt2 0 m2v2 (1分)
解得
t1 t2 1s (2分)
（3）从 M静止开始运动，由于每次都是 N静止等待 M追上后发生弹性碰撞，碰
撞后两者的速率都是碰撞前 M的速率一半，到最终经过无数次碰撞 M和 N的速率
将会无限趋近于零，由于弹性碰撞不损失机械能，故 M最初的电势能最终全部转
化为 N与地面摩擦所产生的热量，由能量守恒定律可得
qEx0 m2gx3 (2分)
解得
x 43= m (2分)3
13．(16分)【答案】（1） 2d ,0 ；（2） 6d ,0 ；（3）（12d ,0）
【详解】（1）根据动能定理
qEd 1 mv2
2 1
解得离子第一次通过 y轴时的速度大小为
v 2qEd1 (1分)m
离子在第一象限做类平抛运动，水平方向有
x1 v1t1
竖直方向有
d 1 qE t 2
2 m 1
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联立解得
x1 2d
故离子第一次通过 x轴时的位置坐标为 2d ,0 (2分)
（2）因离子第一次通过 x轴时
vy1 t 1
2 1
d v t
2 1 1
则
vy1 v1
此时粒子的速度方向与 x轴正向的夹角
v
tan y1 1 (2分)
v1
则
45
进入第 4象限的电场时粒子沿 y方向先做匀减速，速度减到零后反向加速，第二
次回到 x轴，则
2v
t y1 2dm2 qE 2 qE (2分)
m
沿 x轴方向的位移
x2 v1t2 4d (1分)
离子第二次通过 x轴时的位置坐标为 6d ,0 。 (1分)
（3）若离子第一次进入第四象限后开始计时，y轴方向上在
t T 2dm (1分)
6 Eq
T
时间内向下做减速运动，在 t 时刻的速度
6
vy2 v
qE
y1 t 0 (1分)m
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T
然后平行 x轴经过 6 匀速直线运动。(1分)
T
然后经过 6 后 y轴方向上再反向加速，第 2次回到 x轴；(1分)
然后粒子以与 x轴成45 的方向斜射入第一象限，再经过
' 2vt y1 2 2dmEq 2
T
Eq 6 (1分)
m
第 3次回到 x轴，此时从计时开始粒子已经经过了 5 个 T6 的时间，则沿 x方向的
位移为 x v 51 6T 2d 12d
则此时的位置坐标为（12d ,0） (2分)
高二月考联考卷物理答案 第 11 页 共 11 页
{#{QQABYYiEogAIAAJAABgCUQXaCgMQkBEACAoOwAAIoAABQQFABAA=}#},好
2023-2024学年五县联考高二年级物理试卷
考试时长：75分钟满分：100分)
注意事项：
1.答题时，考生务必将自己的姓名、准考证号填在答题卡上：
2、选择题每小题选出答案后，用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，
如需改动，“用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，答在试题卷上无效。
3:实验题和计算题答在答题卡上每题对应的答案区域内，答在试题卷上无效。
一、
单项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分，在每小题给出的四个选
项中，只有一项是符合题目要求的)。
1.将一台智能手机水平粘在秋千的座椅上，使手机边缘与座椅边缘平行（图甲），
让秋千以小摆角（小于5°）自由摆动，此时秋千可看作一个理想的单摆，摆长为
。从手机传感器中得到了其垂直手机平面方向的at关系图如图乙所示。则以下
说法不正确的是(
甲
A.秋千从摆动到停下的过程可看作阻尼振动
B.当秋千摆至最低点时，秋千对手机的支持力大于手机所受的重力
C.秋千摆动的周期为2-
4π2L
D.该地的重力加速度g=
(3-)月
2.,如图所示，：已知电源电动势E=6V,内阻r=12,保护电阻R=0.52,电表
为理想电表，则(
R
A.当R阻值为零时，R,消耗的电功率最小
B.当R阻值为1.52时，R消耗的功率最大
C.如果R发生断路故障，则电表读数为零
D.当R的阻值增大时，电表读数减小
3.如图(a),在均匀介质中有A、B、C和D四点，其中A、B、C三点位于同一直
高二月考联考卷物理试卷第：1页共6页
只
0000000
线上，AC=BC=4m,DC=3m,DC垂直AB,t=0时，位于ABC处的三个完全相同
的横波波源同时开始振动，振动图像均如图(b)所示，振动方向与平面D垂直，
己知波长为4m,下列说法正确的是（、)
y/em
w
3m
4m
4m
C
图(a)
图b)
A.这三列波的波速均为2m/s
B.t=2s时，D处的质点开始振动
C.t=4.5s时，D处的质点向y轴正方向运动
D.t=6s时，D处的质点与平衡位置的距离是2cm
4.
如图所示，光滑圆弧轨道的半径为R,圆弧底部中点为Q,两个大小可忽略质
量分别为m和m的小球A和B,A在离O很近的轨道上某点，B在点O正上方h处，
现同时释放两球（不计空气阻力），使两球在A小球第5次通过0点时恰好相碰，
则h应为(
A.
49π2R
B:
252R
G.
81π2R
16π2R
8
8
8
8
5.如图所示为一款玩具“弹簧公仔”，该玩具由头部、轻弹簧及底座组成，己知
公仔头部质量为m,弹簧劲度系数为k底座质量也为m。轻压公仔头部至弹簧弹
力为2g时，：由静止释放公仔头部，此后公仔头部在竖直方向上做简谐运动。重
力加速度为g,弹簧始终在弹性限度内。下列说法中正确的是（：）
:及前、八0代，
头部
浮6州心米·
弹簧
：、
底座
A.释放公仔头部瞬间的加速度大小为2g,
B.
公仔头部运动至最高点时底座对桌面的压力为2g
C.弹簧恢复原长时，公仔头部的速度为0
高一月者联考卷物理试卷第2页共6：页
可日
0000000
