江西省宜春市上高县上高中学2023-2024学年高二上学期第二次月考物理试卷（含解析）

江西省上高中学2023-2024学年上学期第二次月考高二年级物理试题
一、单选题 （每小题4分，共24分）
1．发现电磁感应现象的科学家是（　　）
A．奥斯特 B．法拉第 C．科拉顿 D．安培
2．小量程的电流表G和用与此相同的小量程电流表改制成的电流表A、电压表V的内阻分别为RG、RA、RV，它们之间的大小关系是（　　）
A． B． C． D．
3．．一粗细均匀的镍铬丝，长为L，电阻为R，把它拉制成长为2L的均匀细丝后，它的电阻变为（ ）
A．R B．2R C．3R D．4R
4.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一带电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，R点在等势面b上，据此可知（　　）
A．质点一定带正电
B．带电质点在P点的加速度比在Q点的加速度小
C．三个等势面中，c的电势最高
D．带电质点在P点的电势能一定比在Q点的大
5．如图，平行板电容器的两个极板为 A、B，B 板接地，A 板带有电荷量+Q。板间电场中有一固定点 P ，若将 B 板固定， A 板下移一些，或者将 A 板固定， B 板上移一些，在这两种情况下，下列说法正确的是 （　　）
A．A 板下移时， 平行板电容器的电容减小
B．B 板上移时， 平行板电容器的电容不变
C．A 板下移时， P 点的电场强度不变， P 点电势升高
D．B 板上移时， P 点的电场强度不变， P 点电势降低
6.如图所示中，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器。电源的电动势为E，内阻为r，电压表读数为U，电流表读数为I。当R3的滑片向a端移动时，下列结论中正确的是（　　）
A．U变大，I变大 B．U变大，I变小
C．U变小，I变小 D．U变小，I变大
二、多选题（每小题5分，共20分，漏选给3分，错选给0分）
7．关于静电场，下列说法正确的是
A．正点电荷在某处电势越高，电势能越小
B．电场线越密集的地方，电场强度越大
C．电场强度的方向总是跟正电荷受到的电场力的方向一致
D．离负点电荷越近，电势越高
8．下列关于磁场和磁感线的说法中错误的是（　　）
A．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的
B．磁感线就是细铁屑在磁铁周围排列出的曲线，没有细铁屑的地方就没有磁感线
C．磁感线总是从磁铁的北极出发，到南极终止
D．磁场和电场一样，也是一种物质
9．如图，质量为M的凹槽静止在光滑水平面上，末端与光滑水平地面相切，现使质量为m的小球从凹槽上距水平地面高为h的地方由静止滑下，重力加速度为g，忽略一切摩擦，小球可看作质点，则（　　）
A．小球对斜面的压力不对斜面做功
B．小球所受重力对小球做正功，小球所受支持力对小球做负功
C．最终小球速度大小为 D．最终斜面速度大小为
10.在如图所示的图像中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图像,直线Ⅱ为某一电阻R的U-I图线用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图像可知( )
A．电源的总功率为6W B．电源内电阻的热功率4W
C．电源的输出功率为2 W D．电源的效率为66.7％
第II卷（非选择题）
三.实验题（每空2分，共18分）
11．某同学用图中所示的装置做“验证动量守恒定律”的实验。先将a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次；再把大小相同的b球放在斜槽轨道末端水平段的最右端静止放置，让a球仍从原固定点由静止开始滚下，和b球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次。
（1）本实验必须测量的物理量有 哪两项。
A．斜槽轨道末端到水平地面的高度H B．小球a、b的质量ma、mb
C．小球a、b的半径r D．小球a、b离开斜槽轨道末端后平抛飞行的时间t
E．记录纸上O点到A、B、C各点的距离OA、OB、OC
F．a球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差h
（2）根据实验要求，两小球的质量关系为ma mb
A．大于 B．小于 C．等于
（3）在保证步骤（2）的前提下，放上被碰小球b后，观察到两小球碰后，b球先落地，不是同时落地，对实验结果有没有影响？
A．有影响 B．没有影响
（4）为测定未放小球b时，小球a落点B的平均位置，把刻度尺的零刻度线跟记录纸上的O点对齐，图中给出了小球a落点附近的情况，由图可得OB距离应为 cm；
（5）按照本实验方法，验证动量守恒的验证式是 。（用题中测得物理量的符号表示）
12．如图甲是某电器元件的伏安特性曲线，有实验小组想用伏安法验证该伏安特性曲线，已有符合实验要求的电压表V（内阻约为10k）；滑动变阻器R；直流电源E（电动势6V，内阻不计）；开关S和导线若干，另有电流表A1（量程0～50mA，内阻约为50）、电流表A2（量程0～300mA，内阻约为10）可供选择．
（1）从图像可判断该元件的电阻随温度的增大而 .
（2）电流表应选用 （填A1或A2）.
（3）请完成主要实验的步骤：
A、连接好实验电路，把变阻器的滑动片调到 （填A或B端）；
B、闭合开关， ，使通过元件的电流从小到大变化，读出数据．
四、解答题（共38分，解题过程力求简明扼要）
13．（12分）如图所示，粒子从A点以v0的速度沿垂直电场线方向的直线AO方向射入电场，由B点飞出匀强电场时速度方向与AO方向成45°．已知粒子质量为m，电荷量为2e．求OB两点间电势差．
14．（14分 ）如图所示，A、B是电场线上的两个点，把电量C的负点电荷放在A点时，受到N，方向向左的电场力。
(1)如在A处放一个C的点电荷，q2受到的电场力大小是多少？方向是什么方向？A点的电场强度是多少？方向是什么方向？
(2)如把C的电荷从A点移动到B点，电场力所做的功J，且，则B点的电势是多少？
15．（14分）如图所示为一种叫“钻天猴”的烟花，假设总质量M=100g，点火后竖直上升到距地面45m高处，爆炸分成质量分别为m1=40g和m2=60g的两块（炸药质量忽略不计）。其中m1在爆炸后刚好做自由落体运动，m1落地后又经过6s，m2也落到地面。g=10m/s2，试求：
（1）爆炸前“钻天猴”的速度大小等于多少；
（2）爆炸过程中释放的能量等于多少。
2023-2024学年上学期上高中学高二年级物理第二次月考参考答案：
1．B
【详解】1931年英国科学家法拉第发现了电磁感应现象。
故选B。
2．B
【详解】电流表G改装成电压表要串联电阻，则；
电流表G改装成电流表要并联电阻，则；
故三者的阻值大小关系为：；
故选B。
3．D
【详解】AC．由于不知道三个等势面电势的高低，无法确定电场线的方向，则无法确定粒子的电性，故AC错误；
B．等差等势面P处密，P处电场强度大，电场力大，加速度大，故B错误；
D．根据轨迹弯曲的方向和电场线与等势线垂直可知电荷所受的电场力应向下，则从P到Q的过程中电场力做正功，质点的电势能减小，动能增大，所以P点电势能大，故D正确。
故选D。
4．A
【详解】A．由图线可知，距离球心R处的场强为E0，则根据点电荷场强公式
设均匀带电球壳带电密度为ρ
解得
A正确；
B．根据点电荷场强公式
解得
B错误；
C．由题意可知在x轴上各点中，在0～R范围内各点的电势均相同，均最高，C错误；
D．球面与球心间的电势差为零，D错误。
故选A。
5．B
【分析】根据题中“仅受电场力作用”可知，本题考查带电粒子在电场中的运动，根据电场力、电场力做功和电势能变化规律，运用牛顿第二定律公式、电势能公式、电场力做功、运动学公式及图像等，进行分析推断。
【详解】A．由牛顿第二定律
qE＝ma
可知在x1和x3处，电场强度大小相等，方向相反，A错误；
B．根据图像可知，从x1到x3过程中，粒子先加速后减速，所以电场力先做正功，后做负功，电势能先减小后增大，x2处，电势能最小，根据
Ep＝qφ
可知，粒子带负电，所以电势先升高后降低，B正确，D错误；
C．根据运动学公式
v2＝2ax
可知，a-x图像的面积表示，所以粒子经x1和x3处速度大小相等，方向相同，C错误。
故选B。
6．BC
【详解】A.正电荷q＞0，根据电势能：
得正电荷在电势越高的地方电势能越大，故A错误；
B.电场线的疏密反映了场强的强弱，所以电场线越密集的地方，电场强度越大，故B正确；
C.电场中正检验电荷的受力方向与电场强度的方向相同，故C正确；
D.电场线的方向是指向负电荷的，沿电场线的方向电势降低，所以离负电荷越近，电势越低，故D错误．
7．BC
【详解】A．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，选项A正确，不符合题意；
B．磁感线就是人们根据细铁屑在磁铁周围的排列画出的曲线，没有细铁屑的地方仍存在磁场，但磁感线是假想的曲线，是不存在的，故B错误，符合题意；
C．磁感线在磁体的外部是从磁铁的北极出发到南极，在磁体的内部是从南极出发到北极，组成闭合的曲线，选项C错误，符合题意；
D．磁场和电场一样，也是一种物质，选项D正确，不符合题意。
故选BC。
8．BC
【详解】A．忽略一切摩擦，小球和凹槽组成的系统机械能守恒，由于反冲作用，凹槽获得向右的速度，动能增加，根据动能定理可知合外力对斜面做正功，而凹槽本身的重力和地面对凹槽的支持力在此过程中始终不做功，由此可以断定小球对斜面的压力对斜面做正功，A错误；
B．小球高度降低，重力做正功，小球和凹槽组成的系统机械能守恒，凹槽的机械能增加，则小球的机械能减小，由此可知，除重力之外的其它外力对小球做负功，使得小球的机械能减小，即小球所受支持力对小球做负功，B正确；
CD．系统机械能守恒、水平方向动量守恒，小球和斜面最终的速度大小分别为、，则有
解得
C正确，D错误。
故选BC。
9． 电容器的两极板间的电势差与所带电荷量成正比 c
【详解】（1）②[1][2]此实验通过A、B两个完全相同的电容器的充、放电来探究电容器两板板间电势差与所带电荷量的关系。A对B放电，A减少的电荷量转移到B上，直到A、B所带电荷量相等，对A的电荷量减半，电压表示数减半，即为；由上述可知，电容器的两极板间的电势差与所带电荷量成正比。
（2）③[3]由可知，越小放电电流最大值越大，由于曲线与坐标轴围成的面积即为电荷量，而两次充电总电荷量相同，因此两曲线与坐标轴围成的面积应相等，故电阻值调节为后充电电流随时间变化的曲线应该是图乙中的c。
10． 见解析
【详解】（1）[1] 根据题意，当变阻器的滑片置于最右端时，输出电压最大应为
所以定值电阻最小为
（2）[2]根据实验电路图，连接实物图，如图所示
（3）[3] 调滑动电阻器R1到最左端位置，将S1闭合，将S2置向1端闭合，调节滑动变阻器R1使微安表满偏，记下此时毫安表的读数I。
将S2置向2端闭合，滑动变阻器R1滑动头不动，调节电阻箱R2使毫安表的读数仍为I，记下R2的阻值，则待测电流表内阻为R2的阻值。
11．
【详解】解：电子进入电场后做类平抛运动
在B处，粒子的速度为：
由动能定理得：
解得：
解得：
12．(1)9×10-3N，向右；3×103N/C，向右；(2)-400V
【详解】(1)A点的场强为
方向向右；
如在A处放一个C的点电荷，q2受到的电场力大小是
方向向右；
(2)AB两点的电势差
则
13．
【详解】设烟花弹上升的初速度大小为，在最高点时的速度大小为0，设爆炸后两部分烟花弹的质量分别为，速度大小分别为，方向相反，由已知条件得
根据动量守恒
又有
则两部分烟花弹的落地点间的距离
解得