泉州惠南中学2023年秋季12月月考试卷
高一物理
考试时间：90分钟
满分：100分
班级
座号
姓名
第I卷（选择题共40分）
一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分，1-6题有一项符合题目
要求，7-10题有两项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有
选错或不选得0分)
1.对如下四幅图，以下说法正确的是()
甲图：某质点的位移时间图像
乙图：伽利略研究自由落体运动的示意图
丙图：小球碰到墙壁反弹的情景。其中初速度v=6m/s,末速度v=4m/s
丁图：某道路上的限速标识牌
年fm
60
交通速法
监测区
丙
A.由甲图可知，该质点做速度先增大后减小的曲线运动
B,乙图中伽利略利用斜面“冲淡”重力，来测量小球下落时间，从而得出小球通过的位
移与所用时间的二次方成正比的结论，即x心t2
C.丙图中小球的速度变化量为10m/s
D.丁图所示路段范围内，要求汽车行驶的平均速率不能超过60k,但是对汽车的
瞬时速度大小没有要求。
2.如图所示，教室后面墙角处，有一篮球依着竖直墙面，静止在水平地面上。假设地面
光滑，则篮球的受力情况是()
试卷第1页，女9所
A.重力、地面的支持力
B,重力、地面的支持力、墙面的弹力
C.重力、地面的支持力、墙面的摩擦力
D.重力、地面的支持力、墙面的弹力、墙面的摩擦力
3.如图所示，一个物块沿着倾斜的传送带匀速直线下滑、则物块受到的摩擦力说法正确
的是()
票学
A.物块一定受到沿斜面向上的摩擦力
B.物块一定受到沿斜面向下的摩擦力
C.物块可能不受摩擦力的作用
D,物块受到的摩擦力可能沿斜面向上也可能向下
4.如图所示，一滴雨滴从离地面20m高的楼房屋枪自由下落，下落途中用△t=0.2s的时
间通过一个窗口，窗口的高度为2m,g取10m/s2,不计空气阻力，则屋檐屋檐到窗口上
边沿的距离为〈)
屋檐
ò雨滴
窗可
地面
777777777
试卷第2页，共9页
A.4.05m
B.19.8m
C.0.2m
D.1.8m
5.自动驾驶汽车又称电脑驾驶汽车、轮式移动机器人，是一种通过电脑系统实现无人驾
驶的智能汽车。某自动驾驶汽车的自动记录功能记录了一段时间内汽车做直线运动时的速
度时间(v-t)图象，如图所示。已知0-6s内的图象为直线，下列说法正确的是()
v/(m.s)
18
9
0618
324660is
A.0~6s内，汽车的加速度大小为1.5m/s2B.6-18s内，汽车的加速度越来越大
C.0~18s内，汽车的平均速度为9msD.60s时，汽车回到出发点
6.赛龙舟是端午节的习俗之一。比赛时，甲龙舟在0时刻由静止启动，乙龙舟在t时刻
启动，一段时间内的！图像如图所示。下列说法正确的是（)
ol to
12
A,甲龙舟在t1时刻距离出发点最远
B.甲龙舟在0~时间内的平均速度为婴
C.两龙舟之间的距离先变大后变小
D.两龙舟在t2时刻相距最远
7.如图所示，一质量为0.8kg的木块放在水平面上，向左运动，受到一个与水平面成30°
的拉力F=8N作用，木块与地面的动摩擦系数是0.5，则下列说法正确的是（g=10m/s2)
30°
7777
77777777
试卷第3页，共9页参考答案：
1．B
【详解】A． 图像任意点的斜率表示该点的速度，由图甲可知 = 0 时刻开始斜率先增
大后减小，所以速度先增大后减小，但质点做的是直线运动不是曲线运动，故 A错误；
B．伽利略时代没有先进的测量手段和工具，为了“减小”重力作用，采用斜面实验，其实就
是为了使物体下落时间长些，便于测量小球的运动时间，减小实验误差，伽利略对自由落体
运动的研究，运用了逻辑推理、猜想和假说与科学实验相结合的方法，用小球在斜面上的运
动验证了小球的运动速度与位移的平方成正比，故 B正确；
C．丙图中取小球初速度方向为正方向，得速度变化量为
Δ = ' = 10m/s
故 C错误；
D．丁图限速标识牌表示在前方路段汽车行驶的瞬时速度大小不能超过 60km/h，而不是平均
速度大小，故 D错误。
故选 B。
2．A
【详解】对篮球分析可知，篮球受地面的重力和支持力的作用，摩擦力的方向与受力面相切，
篮球没有向上或向下的趋势，故不受墙面的摩擦力，由于水平方向不受外力，故如果墙面对
篮球有弹力的话，篮球不能保持静止，故不受水平方向上的弹力；
故选 A。
3．A
【详解】由于物块匀速下滑，物块受力平衡，物块受重力、皮带对物块的支持力、皮带对物
块的摩擦力，则物块所受摩擦力一定沿传送带朝上，故 A正确。
故选 A。
4．A
【详解】由题意知窗口的高度为 = 2m，设屋檐到窗的上边框的高度为 h，雨滴从屋檐运动
到窗的上边框时间为 0，则此过程中有
1
= 2
2 0
雨滴从屋檐运动到窗的下边框的过程中，有
1
+ = ( 2
2 0
+ Δ )
答案第 1页，共 10页
{#{QQABLYwEogCoQABAABhCEQWYCgEQkBACAAoGRAAIoAIAgRFABCA=}#}
联立解得
= 4.05m
【点睛】雨滴做自由落体运动，根据题意明确雨滴经过窗户上下边框的位移和时间关系，再
根据自由落体运动的规律进行解答。
5．A
【详解】AB．根据 图象的斜率表示加速度，可知 0~6s内，汽车的加速度大小为
Δ 9
2 21 = = m/s = 1.5m/sΔ 6
6~18s内，汽车做加速度逐渐减小的加速运动，故 A正确，B错误；
C．根据 图象与横轴围成的面积表示位移，可知 0~18s内，汽车的位移满足
1
> × 18 × 18m = 162m
2
则 0~18s内，汽车的平均速度满足
162
= > m/s = 9m/s
18
故 C错误；
D．0~60s内，汽车一直沿同一方向做直线运动，故 60s时，汽车离出发点最远，故 D错误。
故选 A。
6．C
【详解】A．有图可知，甲龙舟的速度方向一直未变，所以其位移一直增大。在 1时刻距离
出发点不是最远。故 A错误；
B．由图可知，甲龙舟做的是非匀变速直线运动，v-t图中在 0 1时间内的面积为
1 > 12
则有
> 12
故 B错误；
C．由图可知，两图线交点处是二者速度相等的时刻，也是二者距离最大时，此前甲的速度
大于乙的速度，二者距离增大，此后乙的速度大于甲的速度，二者距离减小。所以两龙舟之
间的距离先变大后变小。故 C正确；
D．根据 C选项分析，可知两龙舟相距最远的时刻小于 t2。故 D错误。
故选 C。
答案第 2页，共 10页
{#{QQABLYwEogCoQABAABhCEQWYCgEQkBACAAoGRAAIoAIAgRFABCA=}#}
7．BC
【详解】A．对木块进行受力分析
根据力的合成与分解，竖直方向
+ sin30° =
整理，代入数据
＝ sin30° = 8N 4N＝4N
故 A错误；
BD．因为
=
解得
＝ = 0.5 × 4N＝2N
方向：水平向右，故 D错误，B正确；
C．水平方向
合 = + cos30°
代入数据，解得
3
合 = 2N＋8 × N＝2＋4 3（N）2
故 C正确。
故选 BC。
8．AD
【详解】对结点 C受力分析，如图所示
答案第 3页，共 10页
{#{QQABLYwEogCoQABAABhCEQWYCgEQkBACAAoGRAAIoAIAgRFABCA=}#}
缓慢上拉，三个力平衡，三个力组成首尾相接的闭合三角形，力三角形与几何三角形 ABC
相似，根据相似三角形对应边比值相等，有
= =
因上拉过程 mg、AB不变，故 AC减小则 F减小，即工人手上所受的拉力减小，BC不变则
N不变，即轻杆所受压力大小始终不变。
故选 AD。
9．BD
【详解】AB．该实验要求挡板挡住光电门才开始计时，因此释放挡板的位置不固定，可以
在光电门上方一定距离处释放，故 A错误，B正确；
D．根据
= 1
=
2
、 分别表示两段位移的平均速度，而匀变速直线运动是平均速度等于这段位移的中间
时刻速度，则重力加速度表达式为
2
= 1 2 =1 + 2 1 + 2 1 2
2
故 D正确。
C．若狭缝宽度不能忽略，狭缝通过光电门也需要一定时间，则整块挡板从 A到 C的时间大
于 t1+t2，根据
=
1 + 2
2
所以得到的测量重力加速度比真实值偏大，C错误。
故选 BD。
10．AC
答案第 4页，共 10页
{#{QQABLYwEogCoQABAABhCEQWYCgEQkBACAAoGRAAIoAIAgRFABCA=}#}
【详解】A．每本书受到的摩擦力的合力与重力平衡，每本书的质量相同，则它受到的摩擦
力的合力大小相等，故 A正确；
B．越靠近外侧书与书之间的摩擦力越大，即书与书之间的摩擦力大小不相等，故 B错误；
CD．先将所有的书（设有 n本）当作整体，受力分析，竖直方向受重力、两个静摩擦力，
根据平衡关系，有
2μ1F≥nmg
则有
2
≤ 1 ＝30
再考虑除最外侧两本书（n-2 本）外的其他书，受力分析，竖直方向受重力、两个静摩擦力，
根据平衡关系，有
2μ2F≥（n-2）mg
则有
2 2 ≤ + 2＝22
故最多可以有 22本书，故 C正确，D错误。
故选 AC。
11． sin cos
sin
【详解】对物体受力分析，根据共点力平衡条件有
sin + =
cos =
根据摩擦力的计算公式有
=
解得
= sin = cos ，
sin
根据牛顿第三定律可知物体对水平地面压力为 sin 。
12．0.7mg 压缩
【详解】设弹簧处于伸长状态，对物块进行受力分析如图：
答案第 5页，共 10页
{#{QQABLYwEogCoQABAABhCEQWYCgEQkBACAAoGRAAIoAIAgRFABCA=}#}
根据平衡条件有
= sin
cos = N +
= N
解得
sin 0.6
= cos = 0.8 = 0.7
0.4
负号说明弹簧的弹力 F与设定方向相反，即弹簧处于压缩状态。
13． 3 5 15
【详解】（1）[1]弹性绳 2绷紧前，根据胡克定律有
= 1( 0)
弹性绳 2绷紧后，同理有
= '1( 0) + 2( 0) = ( 1 + 2) 1 0 2 '0
比较以上两式可知，弹性绳 2绷紧前相邻两数据点连线的斜率应比绷紧后大，由图可知加挂
第 3个钩码，弹性绳 2开始绷紧。
（2）[2][3]由图可知
0.1 × 10
1 = N/m = 5N/m0.8 0.6
0.1 × 10
1 + 2 = N/m = 20N/m0.85 0.8
即
2 = 15N/m
14． 2.00 ' C
【详解】（1）[1] 弹簧测力计的分度值为 0.1N，读数为 2.00N；
（2）[2]实验中有误差，所以 '为实验测量值，方向和细线 方向相同；
答案第 6页，共 10页
{#{QQABLYwEogCoQABAABhCEQWYCgEQkBACAAoGRAAIoAIAgRFABCA=}#}
（3）[3]根据题意作出力的合成如图：
可知细绳 2的方向垂直于 1时弹簧测力计 B的示数最小。
故选 C。
15．（1）10N；（2）2N；（3）12N
【详解】有题可知，物体的最大静摩擦力等于滑动摩擦力为
静 max = = 12N
（1）根据平行四边形法则，此时 F1、F2的合力为
2 2合 = 8 + 6 N = 10N
合力小于最大静摩擦力，故此时拉不动物体，物体受的摩擦力为静摩擦力，大小为 10N；
（2）此时 F1、F2的合力为
合 = 8 6 N = 2N
合力小于最大静摩擦力，故此时拉不动物体，物体受的摩擦力为静摩擦力，大小为 2N；
（3）此时 F1、F2的合力为
合 = 8+6 N = 14N
合力大于最大静摩擦力，故此时能拉动物体，物体受的摩擦力为滑动静摩擦力，大小为 12N。
16 1 200 3．（ ） N；（2 100 3） N
3 3
【详解】（1）将球 A受力分析可得，根据平衡条件可知斜面对 A球的支持力大小为
200 3
1 = cos = 3 N
（2）根据平衡条件可知墙对 A球的支持力大小为
100 3
2 = tan = 3 N
答案第 7页，共 10页
{#{QQABLYwEogCoQABAABhCEQWYCgEQkBACAAoGRAAIoAIAgRFABCA=}#}
17．（1） = 3 1 3；（2）F=mg；（3） = + ， =
3 2 2
【详解】（1）当滑块沿斜面匀速下滑时，受力如图
由平衡条件可知
= cos ， = sin
又
=
解得
3
= 3
（2）当滑块匀速上滑时，受力分析如图
垂直斜面方向
= cos
沿斜面方向
= sin +
得
F=mg
答案第 8页，共 10页
{#{QQABLYwEogCoQABAABhCEQWYCgEQkBACAAoGRAAIoAIAgRFABCA=}#}
（3）当滑块匀速上滑时，对滑块和斜面整体分析
地面对斜面的支持力为
+ sin = +
解得
1
= + 2
地面对斜面的摩擦力为
= cos
解得
3
=
2
18．（1 ） ， tan sin ；（2） ， tan ；（3）10 6kg
cos cos
【详解】(1)对结点分析，由平衡条件有
1 = cos
2 = tan
(2)对甲分析，有
sin
1 = 1sin = cos
对乙分析，有
2 = 2 = tan
(3)甲的最大静摩擦力为
1m = 1cos
乙的最大静摩擦力为
2m =
答案第 9页，共 10页
{#{QQABLYwEogCoQABAABhCEQWYCgEQkBACAAoGRAAIoAIAgRFABCA=}#}
因为
φ>θ
有
f1>f2
且
f1m故甲先滑动
当甲刚好滑动时，有
1m = 1sin
代入数据解得
= 10 6kg
故工件的质量不超过
= 10 6kg
答案第 10页，共 10页
{#{QQABLYwEogCoQABAABhCEQWYCgEQkBACAAoGRAAIoAIAgRFABCA=}#}
