安徽省合肥市包河区2021-2022学年九年级上学期物理期末复习题（含解析）

安徽省合肥市包河区2021-2022学年九年级上学期物理期末复习题
一、填空题
1．把烧红的铁棒放入冷水中，会看到水面出现“白气”，在这个过程中经历的物态变化先是　 　现象，后是水蒸气发生　 　现象。在我地区，水被烧开时的温度大约是　 　℃。
2．如图甲是某街道安装的太阳能路灯。它主要由太阳能电池板、LED灯等部件构成。电池板在太阳照射下，先将接收到的太阳能转化为电能，再转化为　 　能储存在电池内部，夜晚向LED灯供电。LED是发光二极管，主要是由　 　（选填“导体”、“半导体”或“绝缘体”）材料制成。图乙是生活中的微波炉，它的玻璃门上安装有网状的金属片，这是利用金属容器屏蔽　 　（选填“超声波”或“电磁波”）。
3．如图甲所示的两种使用测电笔的方法，正确的是　 　 ．如图乙所示是两种硬导线与螺钉压按式接法（箭头方向表示拧紧螺钉的方向），其中不容易造成接触不良的是　 　 ．如图丙所示，用电水壶烧水时，若不慎有水溅入旁边的插座里，可能导致电路　 　，使空气开关跳闸．
4．将标有“220V 40W”的灯泡接在200V的电路中，灯泡消耗的实际功率　 　额定功率（选填“大于”、“等于”或“小于”）；如果该灯泡正常发光5h，将会消耗　 　kW h的电能。
5．将标有“8V16W”的灯泡L1和标有“12V36W”的灯泡L2串联后接到电压为16V的电路中，则灯　 　（选填“L1”或“L2”）能正常发光；另一灯的实际功率为　 　W．（不考虑灯丝电阻随温度改变）
6．小明用电流表和电压表测量A，B两段导体的电阻后，绘出了如图所示的图像，由图像可判断RA　 　RB(选填“大于”或“小于”)，RA，RB并联后的总电阻的图像在
　 　(选填“Ⅰ”“Ⅱ”或“Ⅲ”)区域。
7．如图所示是用来测量电能的仪表，这只电表此时的读数是　 　kW·h。若电路中只有 一个电饭煲接入电路，正常工作10 min，发现此电能表的转盘转了500转，则这个电饭煲的额定功率是　 　W。
8．如图为一握力计的电路示意图，a、b、c、d四个接线柱，电表及一定值电阻R0未画出，金属板N固定不动，金属板M可带动金属片P滑动，从而与R构成滑动变阻器，若弹簧的电阻不计，电源电压保持不变，要求握力增大时，电表的示数也增大，则a、b之间应接入　 　，c、d之间应接入　 　．（选填“定值电阻”、“电流表”或“电压表”）
9．有两个定值电阻分别标有“50Ω 75V”和“60Ω 1A”字样若将这两个电阻串联起来接入电路中则它们两端所加的电压不得超过　 　V；若将这两个电阻并联起来接入电路中则干路中允许通过的最大电流是　 　A。
10．如图是某兴趣小组设计的自动干手器电路图，其中光敏装置相当于开关，用－光－表示。当环境光线暗时，开关闭合。
（1）请说明干手的工作过程。
（2）请你对此设计提出一条改进措施。
二、作图题
11．在图中括号内标出静止在通电螺线管正上方小磁针右端的极性。
三、单选题
12．甲、乙两个不同物体，吸收相同的热量后，甲物体的温度比乙物体高，下列说法正确的是（　　）
A．甲的比热容比乙的大 B．甲的比热容比乙的小
C．甲、乙两物体的比热容一样 D．条件不足，无法判断
13．如图是某款电子测温仪及它的原理图，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R是热敏电阻，其阻值随温度发生变化。在使用过程中，当被测温者体温升高时，显示仪的示数变大，关于此测温仪，下列分析正确的是（　　）
A．显示仪是由电流表改装成的
B．热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大
C．被测温者温度越高，电路中的电流越大
D．将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度时，显示仪示数变小
14．下列关于“电与磁”说法中正确的是（　　）
A． 中国最古老的指南针司南利用地磁场对磁体有力的作用来指示南北，其柢指南方
B． 磁感线是磁场中存在的曲线，在磁体外部是从北极出发到南极
C． 扬声器工作过程利用的是电磁感应原理
D． 线圈在磁场中做切割磁感线运动，就会产生感应电流，电灯发光
15．在如图所示的电路中，电源电压恒定，L1、L2均标有“6V 6W”字样（设灯丝的电阻不变）。当S1、S2闭合时，灯L1正常发光；则S1闭合，S2断开时，两盏等的总功率是（）
A．12W B．6W C．3W D．2W
16．某种玫红色“感温变色油墨”在温度高于 时将变为无色。如图所示，将该油墨分别均匀涂在初温相同的同种镍铬电阻丝绕制的定值电阻R1和R2表面(两电阻表面的油墨质量相同)。闭合开关，通电一段时间后电阻丝R2表面先变色。则（　　）
A．通过R2的电流比R1小 B．R2阻值比R1大
C．R1、R2两端电压相同 D．R2两端电压比R1小
17．把一个阻值R1=4欧的电阻与另一个电阻R2连接后接在电源上，它们端电压比为1：4则（　　）
A．这两个电阻一定并联 B．通过的电流比I1：I2=4：1
C．电阻R2的阻值为16欧 D．电源电压一定为5V
18．对欧姆定律的理解，下列说法中正确的是（　　）
A．通过导体的电流越大，导体的电阻就越小
B．导体两端的电压越大，这段导体的电阻就越大
C．在相同电压时，导体的电阻与电流成反比
D．对某一导体来说，通过导体的电流与导体两端的电压成正比
四、实验题
19．现有下列实验器材：学生电源、定值电阻三个（5Ω、10Ω、15Ω）、小灯泡RL（额定电压为2.5V）、滑动变阻器“50Ω 1A”、电流表、电压表、开关和导线若干。
（1）小聪利用部分实验器材探究电流跟电压的关系：
①请用笔画线代替导线，将图甲所示的实物连接完整（要求：滑片向右移动时电压表示数减小）。　 　
②在探究过程中多次移动滑动变阻器滑片，读出电压表和电流表示数并记录如下：
A．其中第6次实验电流表示数如图乙所示，请将读数填入表中。
实验次数 1 2 3 4 5 6
U/V 0.5 1 1.5 2 2.5 3
I/A 0.05 0.1 0.15 0.2 0.24 　 　
B．分析数据可以得出的初步结论是：　 　。
C．该实验所用的探究方法是　 　。
③换用另外两个定值电阻重复上面的实验步骤，分析数据得出结论。
（2）小聪同学把定值电阻换成小灯泡RL，接着进行“研究小灯泡的电阻”实验。在实验过程中，多次移动滑片，读出电压表和电流表示数并记录，然后描绘出小灯泡的I-U关系图像（图丙）。请分析论证：
①需要测量多组数据的目的是　 　（选填“A”或“B”）。
A．求小灯泡阻值的平均值，减小误差
B．找出小灯泡阻值的变化规律
②小灯泡的灯丝由暗变亮的过程，即灯丝的温度逐渐升高的过程。由实验数据结合实验现象得出结论：导体的电阻与　 　有关；与其他同学评估交流发现，小灯泡的亮度是由小灯泡的　 　（选填“额定功率”或“实际功率”）决定的。
20．在“测量小灯泡电功率”的实验中，老师给同学们准备了以下器材：
A．小灯泡（额定电压2.5V，电阻大约10Ω）
B．电流表A1（量程0~0.6A）
C．电流表A2量程0~3A）
D．电压表（量程0~3V，0~15V）
E．滑动变阻器“10Ω 1A”
F．滑动变阻器“50Ω 2A”
G．电源（电压恒为6V不变）
H．开关、导线若干
（1）本实验中应选择电流表　 　；滑动变阻器　 　（均填仪器前字母）；
（2）测量电路图如图甲所示，图乙实物电路中已有部分电路连好，请用笔画线代替导线将电路连接完整；
（3）某探究小组将电路补充连接后，闭合开关，发现灯泡发光较暗，电流表有示数，但任意移动滑动变阻器的滑片时，电压表有示数且不变，灯泡亮度不变，具体故障原因是　 　；
（4）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，进行了多次测量，其中小灯泡正常发光时电流表示数如图丙所示为　 　A，小灯泡的额定功率为　 　W。
五、计算题
21．如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻 R1
的阻值为 10Ω。闭合开关 S，电流表A1 的示数为 2A，电流表 A2 的示数为 0.8A。求：
（1）电源电压；
（2）通电 10s 电阻 R2消耗的电能。
22．普通电熨斗工作时可以看成一根电阻丝，通电加热即可使用。小明把电熨斗串联一只“220V
40W”的灯泡，用来调节电熨斗的温度，如图所示。电熨斗的额定电压和功率分别为220V、100W。
（1）用物理知识分析开关S的通、断对电熨斗温度的影响；
（2）计算在开关通、断两种状态下电熨斗所消耗的电功率。
23．一只空瓶的质量为300g，装满水后总质量为800g，而装满另外一种液体时总质量为700g
求：(1)瓶子的容积；
(2)另一种液体的密度。
答案解析部分
1．【答案】汽化；液化；100
【解析】【解答】解：当把烧红的铁棒放入冷水中，水受热会汽化成水蒸气，水蒸气再遇冷而液化成小水滴，即为“白气”；标准气压下水的沸点是100℃，水被烧开时的温度大约是100℃左右。
故答案为：汽化；液化；100
【分析】水由液态变为气态叫做叫做汽化，水由气态变为液态叫做液化，当大气压低于一个标准大气压时，沸点会低于100摄氏度。
2．【答案】化学；半导体；电磁波
【解析】【解答】太阳能电池板把接收到的太阳能转化成电能，同时对蓄电池充电，从而将电能转化为化学能。
LED是发光二极管，主要是由半导体材料制成。
微波炉的玻璃门安装有网状的金属片，这是利用金属容器屏蔽电磁波。
【分析】太阳能电池板将电能转化为化学能；发光二极管主要是由半导体材料制成；金属容器可以屏蔽电磁波。
3．【答案】A；C；短路
【解析】【解答】解：（1）使用测电笔时，笔尖接触被检测的导线，如果手不接触笔尾金属体时，笔尖无论接触火线还是零线，氖管都不发光．所以手一定要接触笔尾的金属体，氖管发光时接触的是火线，氖管不发光时接触的是零线．读图可知，A的使用方法是正确的；
（2）在图C中导线绕半圈，其环绕方向和接线柱拧紧方向相同，导线和接线柱接触良好了；在图D中导线绕半圈，其环绕方向和接线柱拧紧方向相反，接线柱拧紧时，导线容易脱落，容易造成接触不良．
（3）若不慎有水溅入旁边的插座里，会造成电路短路，电路电流过大，使空气开关跳闸．
故答案为：A；C；短路．
【分析】（1）用测电笔来辨别火线与零线．使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光；
（2）导线和接线柱之间连接时，导线环绕方向要和接线柱的拧紧方向是一致的，并且导线要在接线柱上绕半圈，这样接触会更好；
（3）空气开关跳闸是因为电路中电流过大，家庭电路中电流过大的原因：短路和总功率过大．
4．【答案】小于；0.2
【解析】【解答】灯泡接在200V的电路中，灯泡的实际电压小于额定电压，灯泡消耗的实际功率小于额定功率。灯泡正常发光5h消耗的电能W=Pt=0.04kW×5h=0.2kW h
【分析】(1)灯泡标有“220V 40W”含义：灯泡正常工作时的电压是额定电压，额定电压是220V，额定电压下的功率是额定功率，额定功率是40W。(2)用电器的实际电压大于额定电压时，实际功率大于额定功率；实际电压等于额定电压时，实际功率等于额定功率；实际电压小于额定电压时，实际功率小于额定功率。(3)根据W=Pt进行计算。
5．【答案】L1；16
【解析】【解答】 解：由P＝UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I1＝ ＝ ＝2A，I2＝ ＝ ＝3A，
由I＝ 可得，两灯泡的电阻分别为：R1＝ ＝ ＝4Ω，R2＝ ＝ ＝4Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，两灯泡串联后接到电压为16V的电路中时，电路中的电流：I＝ ＝ ＝2A，
由I＝I1＜I2可知，灯泡L1能正常发光，灯泡L2不能正常发光，
则灯泡L2的实际功率P2′＝I2R2＝（2A）2×4Ω＝16W。
故答案为：L1；16。
【分析】根据用电器的电压和电功率计算电流和电阻，根据总电压和总电阻计算电流，判断工作状态，根据电流和电阻计算电功率。
6．【答案】大于；Ⅲ
【解析】【解答】根据图像，当电流相等时，A电阻的电压更大，说明A导体的电阻大，当A、B并联时，导体的横截面积变大，总电阻减小，图像中，更小的电阻在 Ⅲ 处。
故答案为：大于； Ⅲ 。
【分析】在电流相等时，电阻越大，分压越大，电阻并联时，总电阻减小。
7．【答案】869.3；1200
【解析】【解答】由图可知，电能表此时的读数为869.3kW·h。电能表的转盘转过了500转，电饭煲消耗的电能W= kW·h=0.2kW·h
这个电饭煲的额定功率P= =1.2kW=1200W
【分析】根据电能表窗口示数可以计算消耗的电能；根据电能表转盘转数计算消耗的电能，利用电能和时间的比值计算电功率。
8．【答案】电压表；定值电阻
【解析】【解答】由图示可知，c、d之间不可能是电压表，否则电路断路； 如果c、d之间为电流表，当a、b之间为电压表时，电路为R的简单电路，电压表测电源的电压示数不变，电流表测电路中的电流， 当握力增大时，滑片右移，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=U/R可知电流表的示数减小，这与电表的示数增大不符；当a、b之间为定值电阻时，R与定值电阻并联，电流表测干路电流， 因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 故滑片移动时通过定值电阻的电流不变， 当握力增大时，滑片右移，变阻器接入电路中的电阻变大，根据I=U/R可知该支路的电流减小， 由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，故干路电流表示数减小，这与电表的示数增大不符； 如果c、d之间为定值电阻，a、b之间不可能为电流表，否则滑动变阻器被短路； a、b之间为电压表时，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压， 当握力增大时，滑片右移，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大， 根据I=U/R可知电流表的示数减小，根据U=IR可知，定值电阻两端的电压减小， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，故滑动变阻器两端的电压增大，即电压表的示数增大，符合题意．
【分析】电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，据此可知c、d之间不可能是电压表，否则电路断路；根据串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律分别判断c、d之间为定值电阻、电流表时电表示数的变化，然后得出符合题意的答案。
9．【答案】110；2.2
【解析】【解答】标有“50Ω 75V”的定值电阻允许通过的最大电流为
若将这两个电阻串联起来接入电路中，电流相等，电阻两端的电压为 (2)电阻的额定电压U1为75V
并联电路，两电阻两端的电压相等，都为60V，流经R2的电流为1A，流经R1的电流为
干路电流为
【分析】电压和电阻的比值计算电流，电流和电阻的乘积计算电压，串联电路中最小电流作用电路的最大电流，并联电路中较小电压作为电路的最大电压。
10．【答案】（1）解：当手伸入自动干手器时，光线变弱，开关闭合，电磁铁将衔铁吸下，与触点C结合，电动机和加热电阻开始工作，吹热风；当开关闭合时，衔铁与a接触，指示灯亮，加热，但是电动机不工作。
（2）解：在加热电阻加一个光控开关，即晚上时，停止工作，晚上时无人时，停止工作，节约用电。
【解析】【分析】电流可以产生磁场，即电流有磁效应，可以用来制作电磁铁，电流越大，产生的磁场强度越大，结合电流的变化分析迪电路的通断。
11．【答案】
【解析】【解答】根据图片可知，线圈上电流方向向下。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向下，此时大拇指指向右端，则右端为电磁铁的N极。根据“异名磁极相互吸引”可知，小磁针的右端为S极，如下图所示：
【分析】首先根据安培定则判断电磁铁的极性，再根据磁极之间的相互作用规律确定小磁针的磁极方向。
12．【答案】D
【解析】【解答】不同物质比热容一般不同，甲、乙两个不同的物体，所吸收的热量相同的热量后，甲物体的温度比乙物体高；由公式Q=cm△t知：由于甲、乙两物体的质量大小不确定，所以无法确定甲、乙两物体比热容的大小关系。
故答案为：D
【分析】由公式Q=cm△t知，要知道热量变化、温度变化和质量关系，才能得知甲乙比热容的关系，由于甲、乙两物体的质量大小不确定，所以无法确定甲、乙两物体比热容的大小关系。
13．【答案】C
【解析】【解答】A、因为显示仪与R0并联，所以显示仪是电压表，故A错误;
B、被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流变大，由串联电路电压特点可知，R两端电压越小，由
R=可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，故B错误;
C、被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流越大，故C正确;
D、温度相同，说明热敏电阻的阻值不变,将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故D错误。
故答案为：C
【分析】根据电路图可知，R与R0串联，显示仪与R0并联;
(1)根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表;
(2)根据串联电路分压的特点和欧姆定律可知热敏电阻随温度的变化;
(3)根据电压表示数和欧姆定律可知电路电流的变化;
(4)当温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，若将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知显示仪示数的变化。
14．【答案】A
【解析】【解答】A．指南针只所以会指南，是因为受到地磁场的作用，所以司南利用地磁场对磁体有力的作用来指示南北，其柢指南方，故A正确；
B．磁感线是为了描述磁场而引入的，它并不客观存在，故B错误；
C．扬声器工作过程利用的是通电导体在磁场中受力运动，故C错误；
D．闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，当线圈在磁场中做切割磁感线运动，如果开关是断开的，则不会产生感应电流，电灯不发光，故D错误。
故答案为：A。
【分析】指南针根据地磁场指示南北；磁体周围的磁感线从北极出回到南极；扬声器的工作原理是磁场对电流的作用；闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流。
15．【答案】C
【解析】【解答】当S1、S2闭合时，电路中只有灯L1，如图：
灯泡电阻为R===6Ω，
当S1闭合，S2断开时，两灯泡串联，如图：
电阻相等，两盏灯的总功率是P总===3W．
故答案为：C．
【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式R=可求灯泡的电阻，当S1、S2闭合时，灯L1正常发光，电路中只有灯L1，灯L1两端的电压等于电源电压，当S1闭合，S2断开时，两灯泡串联，根据公式P=可求两盏灯的总功率．
16．【答案】B
【解析】【解答】由电路图可知，R1、R2串联，根据串联电路的特点，通过两电阻丝的电流相同，一个开关控制电路，通电时间也相同，电阻丝R2先变色，说明电流通过电阻R2产生的热量更多，根据 可知，R2>R1。再根据串联分电压的特点，R2两端的电压大于R1两端的电压，
故答案为：B。
【分析】(1)探究电流通过电阻产生的热量跟电阻阻值大小的关系，根据 可知，应控制电流和通电时间相同；(2)转换法，通过观察两电阻丝表面的油墨变色先后反映电流通过电阻产生的热量多少。
17．【答案】C
【解析】【解答】解：因并联电路中各支路两端的电压相等，且U1：U2=1：4，
所以，两电阻的连接方式是串联，故A错误；
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过的电流比为1：1，故B错误；
由I=可得，两电阻的阻值之比：

则R2=4R1=4×4Ω=16Ω，故C正确；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电源的电压U=I（R1+R2），
由于电路中的电流不确定，电源的电压无法计算，故D错误．
故选C．
【分析】两电阻并联时它们两端的电压相等，而两电阻两端的电压不相等则两电阻串联，根据串联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据欧姆定律求出两电阻的阻值之比即可求出电阻R2的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律得出电源的电压．
18．【答案】D
【解析】【解答】A、B、C、导体的电阻是导体本身的一种性质，与电流大小和电压大小无关，故A、B、C错误；
D、对某一导体来说，电阻一定，通过导体的电流与导体两端电压成正比，故D正确。
故选项为：D。
【分析】(1)电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关；
（2）欧姆定律的内容：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
19．【答案】（1）；0.3；在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；控制变量法
（2）B；温度；实际功率
【解析】【解答】（1）因为滑片向右移动时电压表示数减小，而电压表测定值电阻两端电压，定值电阻和滑动变阻器为串联，所以通过定值电阻的电流要减小，则电阻中的总阻值要变大，而滑动变阻器的滑片右移时电阻要变大，所以应该将电源的负极和滑动变阻器的A端连接起来，如下图所示：
由图可知，电流表所接量程为0~0.6A，所以分度值为0.02A，则电流表的读数为0.3A。
由表格数据可知，每组数据的电压和电流之比为一个定值，所以结论为：在电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比。
该实验中要控制电阻的阻值一定，使用了控制变量法。
（2）因为灯泡的电阻受温度的影响，所以不能求小灯泡阻值的平均值，测量多组数据的目的是找出小灯泡阻值的变化规律。故答案为：B。
由丙图可知，灯泡的电阻随着电压的升高而增大，而小灯泡的灯丝由暗变亮的过程中灯丝的温度逐渐升高，说明导体的电阻与温度有关。
根据电功率公式P=UI，结合丙图可知，小灯泡的电功率越来越大，说明小灯泡的亮度是由小灯泡的实际功率决定的。
【分析】（1）探究电流和电阻关系时，滑动变阻器一上一下串联在电路中，滑片远离下面的接线柱电阻变大；通过多次实验探究得：在电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比；探究欧姆定律利用了控制变量法；
（2）测量灯泡电阻时多次实验，目的是观察灯泡电阻的变化规律；灯泡的电阻和温度有关；灯泡的亮度和实际电功率有关。
20．【答案】（1）B；F
（2）
（3）滑动变阻器连接了下面两个接线柱
（4）0.24；0.6
【解析】【解答】(1)灯泡正常发光电流约为I= =0.25A
电流表选择量程0-0.6A，选择电流表A1（量程0~0.6A）。
当灯泡正常发光时，电路的总电阻R总= =24Ω
变阻器连入电路的电阻R滑=R总-RL=24Ω-10Ω=14Ω
所以选择滑动变阻器“50Ω 2A”。
(2)小灯泡的额定电压2.5V，电压表选择0-3V，电压表和灯泡并联，电流表串联在电路中，变阻器一上一下连接，如图所示：
(3)灯泡发光较暗，电流表有示数说明电流太小，滑动变阻器的阻值太大，任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变，说明滑动变阻器同时接到下面两个接线柱上。
(4)由图丙可知，电流表的量程是0-0.6A，分度值是0.02A，电流表的示数是0.24A。
小灯泡的额定功率为P额=ULI额=2.5V×0.24A=0.6W
【分析】（1）根据小灯泡的额定电压2.5V，电阻大约10Ω，由欧姆定律得出灯的额定电流，确定电流表选用的量程；已知电源电压恒为6V，由串联电路电压的规律得出灯正常发光时变阻器连入电路的电阻，由欧姆定律得出变阻器连入电路的电阻，确定选用的滑动变阻器。
（2）变阻器按一上一下连入电路中与灯串联，电流表选用小量程与灯串联；根据小灯泡的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联。
（3）闭合开关，发现灯泡发光较暗，电流表有示数，说明电路的电阻过大，任意移动滑动变阻器的滑片时，电压表有示数且不变，灯泡亮度不变，说明变阻器没有了变阻的作用，据此分析。
（4）根据电流表选用的量程、分度值读数，根据P=UI得出小灯泡的额定功率。
21．【答案】（1）该电路是并联电路，A2测量通过R2的电流，A1测量干路电流，则通过R1的电流
并联电路各支路两端电压相同，所以电源电压等于R1两端电压
（2）根据公式 可得通电 10s 电阻 R2消耗的电能
【解析】【分析】（1）利用电流和电阻的乘积计算电压；（2）利用电压、电流和时间的乘积计算消耗的电能。
22．【答案】（1）解：由Q＝ ，U、t一定，当S断开时，灯泡与电熨斗串联，R总大，产生的热量较小，电熨斗温度低；当S闭合时，灯泡被短路，R总小，产生的热量较大，电熨斗温度高。
（2）解：当S闭合时，灯泡被短路，电熨斗正常工作P1＝P额定＝100W
当S断开时，灯泡与电熨斗串联，由R＝ ，可得灯泡电阻R灯＝ =1210Ω
电熨斗电阻R电熨斗= =484Ω
电路中的电流I＝
电熨斗的功率P2＝I2R电熨斗＝( A)2×484Ω≈8.16W
答：当S闭合时，电熨斗的功率是100W，S断开时，电熨斗的功率是8.16W。
【解析】【分析】（1）电路中串联的电阻越多，电功率越小；（2）根据电压和电功率可以计算电阻大小；利用电压和电阻可以时间电流大小；根据电流和电阻可以计算电功率。
23．【答案】解：先求出水的质量，然后在根据密度公式的变形公式求出水的体积v水＝，由于是用同一个瓶子装满水和另一种液体，所以瓶子的容积和另一种液体的体积与水的体积都相等，即v容＝v水，再求出另一种液体的质量，根据密度公式，求出另一种液体的密度。
解：(1)m水＝m3-m1＝800－300＝500g
v容＝v水＝==500cm3
(2)m=m3-m1=700-300=400g
ρ==0.8g/cm3
【解析】【分析】解决本题的关键是体积相等以及密度变形公式的熟练应用。
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