2023-2024学年度粤教版物理必修三第三章《恒定电流》考试A卷

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2023-2024学年度 粤教版 物理必修三 第三章 《恒定电流》考试卷
A卷（后附解析）
考试范围：xxx；考试时间：75分钟；命题人：xxx
题号 一 二 三 四 总分
得分
注意事项：
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2．请将答案正确填写在答题卡上
第I卷（选择题）
请点击修改第I卷的文字说明
评卷人得分
一、单选题
1．图描绘了两个电阻的U I图像，由图可知，若将这两个电阻并联接入电路中，则R1、R2的电阻比是（　　）
A．1：2 B．3：1 C．6：1 D．1：6
2．一条导线中的电流为50μA，已知电子所带电荷量为，则在3.2s内通过这条导线某一横截面的电子个数为（　　）
A．1×1015 B．1×1019 C．2×1016 D．2×1017
3．如图所示，进行“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验时，在甲、乙两电路中，最好选用乙电路进行实验，理由是（ ）
A．能够使小灯泡两端的电压从零开始增大
B．能够控制电路的电流和电压
C．能够使通过小灯泡的电流更大
D．能够使小灯泡两端的电压更高
4．一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为ρ。棒内单位体积自由电子数为n，电子的电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压U时，棒内产生电流I及自由电子定向运动的平均速率v分别为（　　）
A． ，
B． ，
C． ，
D． ，
5．如图所示，卫星两翼的太阳能电池板可把太阳能转化为电能供卫星使用。下列关于电源和电流的说法中，正确的是（　　）
A．电解液中正、负离子定向移动的方向相反时，形成的电流方向也是相反的
B．在电源内部，电源把电子由正极搬运到负极
C．电流既有大小又有方向，它是一个矢量
D．只要物体两端电势差不为零，就一定有电流存在
6．压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学设计了利用压敏电阻判断竖直升降机运动状态的装置，其工作原理图如图甲所示，将压敏电阻固定在升降机底板上，其上放置一个物块，在升降机运动的过程中，电流表示数如图乙所示，已知升降机静止时电流表的示数为I1。下列判断正确的是（　　）
A．0到t1时间内，升降机一定静止
B．t1到t2时间内，升降机可能做匀加速直线运动
C．t1到t2时间内，升降机运动时的加速度在变化
D．t2到t3时间内，升降机可能向下匀速运动
7．如图所示为a、b两电阻的伏安特性曲线，图中，关于两电阻的描述正确的是（　　）
A．电阻a的阻值随电流的增大而增大
B．电阻b的阻值
C．在两图线交点处，电阻a的阻值大于电阻b的阻值
D．在电阻b两端加4V电压时，流过电阻的电流是2A
评卷人得分
二、多选题
8．如图所示， a、b、c、d为滑动变阻器的四个接线柱。滑片P 向右滑动时（　　）

A．a和b之间的电阻增大 B．a和c之间的电阻增大
C．c和d之间的电阻增大 D．b和c之间的电阻减小
9．经过精确校准的电压表V1和V2，分别用来测定如图所示电路中R两端a、b间的电压，读数依次为12.7V和12.3V，则（　　）
A．a、b间的实际电压应大于12.7V B．a、b间的实际电压应小于12.3V
C．电压表V1的内阻大于V2的内阻 D．电压表V1的内阻小于V2的内阻
10．下列有关电阻的说法正确的是
A．由 可知，导体两端的电压升高，导体的电阻就变大
B．由可知，电阻的大小与导体的长度和横截面积都有关系
C．半导体的伏安特性曲线不是直线，所以不是线性元件
D．用超导体做成的导体，电阻为零，所以不发热
11．关于电阻的计算式和决定式，下面说法正确的是( )
A．导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比
B．导体的电阻仅与导体长度、横截面积和材料有关
C．导体的电阻随工作温度变化而变化
D．对一段一定的导体来说，在恒温下比值是会变的，导体的电阻随U或I的变化而变化
第II卷（非选择题）
请点击修改第II卷的文字说明
评卷人得分
三、实验题
12．一电流表满偏电流为Ig=100μA，某同学现要将它改为量程为3V的电压表．
(1)他先用如图所示的电路测量该电流表的内阻．进行了如下操作步骤，请将相关内容补充完整．
①闭合开关K1，断开开关K2，调节R1，使电流表的指针偏转到满刻度处；
②闭合K2，保持R1阻值固定不变，调节R2，使电流表半偏；
③读出电阻箱R2的阻值为500 Ω．
则电流表G的内阻的测量值为 Ω，考虑系统误差，该电流表的内阻与实际值相比 （填“偏大”“偏小”或“不变”）．
(2)要将此电流表改装成量程为0～3V的电压表，该同学将一只电阻箱与该电流表串联，应将电阻箱阻值调为R= Ω．
(3)用标准表校准改装好的电压表，发现改装表显示的电压比标准表示数稍大，则应将电阻箱阻值适当调 （填“大”或“小”）．
(4)该同学将完成校准的改装电压表接入电路，发现电流表指针指在40. 0μA处，则改装电压表两端的电压应为 V．
13．（1）用螺旋测微器测量圆柱体的直径，示数如图甲所示，此示数为 mm。
（2）用游标卡尺测量某物体的厚度时，示数如图乙所示，此示数为 mm。
（3）在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，选择“3V，0.5A”的小灯泡作为研究对象，要求小灯泡的电压从0开始，并测量多组数据。回答下面几个问题；
①下列实验器材中电流表应选择 ，电压表应选择 。（填入器材序号）
A．电流表（量程0～0.6A，内阻约1Ω）
B．电流表（量程0～3A，内阻约1Ω）
C．电压表（量程0～15V，内阻约10kΩ）
D．电压表（量程0～3V，内阻约2kΩ）
E．滑动变阻器（阻值0～100Ω）
F．滑动变阻器（阻值0～10Ω）
G．电源
H．开关S，导线若干
②在本实验中，滑动变阻器应采用 （填“分压”或“限流”）式接法。
评卷人得分
四、解答题
14．某电流表内阻Rg为200Ω，满偏电流Ig为2mA，如图甲、乙改装成量程为0.1A和1A的电流表，试求：
(1)图甲中，R1和R2各为多少？
(2)图乙中，R3和R4各为多少？
(3)从安全角度分析，哪种改装方法较好？
15．如图所示的电路中，小量程电流表的内阻，满偏电流，，。
（1）当和均断开时，改装所成的表是什么表，量程多大？
（2）当和均闭合时，改装所成的表是什么表，量程多大？
16．已知电流表的内阻。满偏电流，
（1）要把它改装成量程是15V的电压表，应串联多大的电阻？
（2）要把它改装成量程是2A的电流表，应并联多大的电阻？
(
…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………
) (
※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※
) (
…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………
)
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参考答案：
1．C
解析：由图可知
，
所以R1、R2的电阻比为
答案：C。
2．A
解析：根据电流的定义式
可得3.2s内流过的电荷量为
在3.2s内通过这条导线某一横截面的电子个数
答案：A。
3．A
解析：滑动变阻器在电路中的接法有分压式和限流式，“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，为了减小误差需要小灯泡电压或电流从零调节，所以滑动变阻器的接法采用分压式，所以选用乙电路进行实验，理由是能够使小灯泡两端的电压从零开始增大。
答案：A。
4．A
解析：根据欧姆定律有
根据电阻定律有
电流的微观表达式
联立几式得
答案：A。
5．B
解析：A．正电荷定向移动的方向与电流方向相同，负电荷定向移动的方向与电流方向相反，所以电解液中正、负离子定向移动的方向相反时，形成的电流方向是相同的，故A错误；
B．在电源内部，电源把电子由正极搬运到负极，克服静电力做功，其他形式能转化为电势能，故B正确；
C．虽然电流既有大小又有方向，但它遵循代数运算法则，是一个标量，故C错误；
D．形成电流的条件是物体两端电势差不为零，且有自由电荷，并形成闭合回路，故D错误。
答案：B。
6．C
解析：A．从0 到t1时间内，电流不变，根据欧姆定律可知电路中的总阻值不变，升降机可能静止也可能匀速运动，故A错误；
BC．t1到t2时间内，电流增大，电阻减小，因为压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，所以压力增大，静止时
t1到t2时间内，根据牛顿第二定律
合力向上，加速度向上，向上做加速度增大的加速运动，故B错误，C正确；
D．t2到t3时间内，电流不变，电阻不变，压力不变，电流大于静止时的电流，压力大于静止时的压力，对物块受力分析，受到重力和支持力，根据牛顿第二定律
合力向上，加速度向上，加速度不变，所以t2到t3时间内升降机匀加速上升，故D错误。
答案：C。
7．D
解析：A．根据电阻的决定式有
可知，图像中，图像上的某一点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，图像a中，图像上的点与原点连线的斜率随电流增大逐渐增大，则电阻a的阻值随电流的增大而减小，故A错误；
B．由于横坐标与纵坐标的标度关系不确定，因此不能够用图像倾角的正切值来求斜率，故B错误；
C．在两图线交点处，根据上述，交点与原点连线的斜率相同，即交点处电阻a的阻值等于电阻b的阻值，故C错误；
D．根据上述，结合图像可知，电阻b的阻值为一定值
解得
在电阻b两端加4V电压时，流过电阻的电流是
故D正确。
答案：D。
8．BD
解析：滑片P 向右滑动时，a和b之间、c和d之间的电阻不变，a和c之间的电阻增大，b和c之间的电阻减小。
答案：BD。
9．AC
解析：AB．由于电压表不是理想电表（内阻不是无穷大），当a、b两端接入电压表后，电阻R与电压表的并联电阻小于电阻R，根据欧姆定律和串并联规律可知，电阻R与电压表的并联总电压小于电阻R的实际电压，即a、b两端实际电压将大于电压表的示数，当然大于电压表V1的示数，所以A正确B错误。
CD．根据欧姆定律可知，若电压表的内阻越大，电压表与R的并联电阻就越大，电压表的示数也越大，即电压表V1的内阻大于电压V2的内阻，所以C正确D错误。
答案：AC。
10．BCD
解析：A、B项：导体的电阻取决于本身的性质，与导体两端电压无关，故A错误，B正确；
C项：伏安特性曲线为曲线为非线性元件，所以半导体不是线性元件，故C正确；
D项：由于超导体的电阻为零 ，所以电流流过超导体不会发热，故D正确．
11．BC
解析：AD、导体的电阻是导体本身的特性,与其两端电压和电流强度无关.故AD错误;
B、根据电阻定律可以知道:导体的电阻与导体的长度、横截面积和材料有关.所以B选项是正确的;
C、导体的电阻率随温度变化而变化,电阻也随温度而变化.所以C选项是正确的;
综上所述本题答案是：BC
12． 500 偏小 大 1.2
解析：(1)[1][2]由“半偏法测量电流表内阻原理”S2打开与闭合，近似认为干路中电流不变，使电流表半偏，则可认为电流表的内阻等于电阻箱的阻值，因电阻箱R2的阻值为500 Ω，则电流表G的内阻的测量值为500Ω；接通S2时，整个电路阻值变小，电路电流变大，大于接通S2前的电路电流，即大于电流表的满偏电流，调节R2，使电流表指针偏转到满刻度的，则流过R2的电流大于电流表满偏电流的，由欧姆定律可知，R2的阻值小于电流表内阻，即电流表内阻测量值偏小；
(2)[3]电流表改装成电压表要串联一个大电阻分压
U=Ig（R2+R）
可得
3V=100×10-6（500+R）
解得
R=29500Ω
(3)[4]用标准表校准改装好的电压表，发现改装表显示的电压比标准表示数稍大，则说明通过电流计的电流偏大，故应将电阻箱阻值适当调大；
(4)[5]该同学将完成校准的改装电压表接入电路，发现电流表指针指在40. 0μA处，则改装电压表两端的电压应为
解得
U=1.2V
13． 8.470/8.471/8.469 20.6 A D 分压
解析：（1）[1]由螺旋测微器的读数方法，题中显示的示数为。
（2）[2]由游标卡尺测量读数方法，题中显示的示数为。
（3）[3]电流表、电压表读数时指针偏转要大于三分之二，这样读数误差较小，因为小灯泡的额定电流为，故电流表应选择A。
[4]小灯泡的额定电压为，故电压表应选择D。
[5]因描绘小灯泡伏安特性曲线，电压应从零开始变化，故滑动变阻器应采用分压接法。
14．（1）4.08Ω，0.4Ω（2）0.41Ω，3.67Ω；（3）乙图接法较好
解析：(1)按图甲接法，由并联电路中电流跟电阻成反比，可得
(2)按图乙接法，量程为1A时，R4和Rg串联后与R3并联；量程为0.1A时，R3和R4串联后与Rg并联，分别得
Ig(Rg＋R4)＝(1－Ig)R3
IgRg＝(0.1－Ig)(R3＋R4)
解得
R3＝0.41Ω
R4＝3.67Ω
(3)乙图接法较好。甲图中，若开关S接触不良而没有接通，或换量程的过程中，电流将全部流经表头，可能把表头烧坏。
15．（1）改装成了电压表，量程；（2）改装成了电流表，量程
解析：（1）当和均断开时，小量程电流表和阻值较大的串联，改装成了的电压表，其最大测量值为
即量程为；
（2）当和均闭合时，小量程电流表和阻值较小的并联，改装成了的电流表，其最大测量值为
即量程为。
16．（1）4880Ω；（2）0.18Ω
解析：（1）把电流表改装成量程为15V的电压表，串联电阻阻值为
（2）改装成量程是2A的电流表，并联的电阻阻值为
点睛：本题主要考查了电压表与电流表的改装，知道电压表与电流表的改装原理、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题。
答案第1页，共2页
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