4.M、N是两个完全相同的纯电阻电热器，M通以图甲所示的方波交变电流，N通以
邯郸市2023一2024学年第一学期高二年级期末质量检测
图乙所示的正弦交变电流。M、N两电热器的电功率之比为
sI形A
I∥A
物理
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注意事项：
1.考试时间75分钟，满分100分。
-3w2
42
2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡相应的位置上。
3.全部答案在答题卡上完成，答在本试卷上无效。
A.16:25
B.25;16
C.4:5
D.5:4
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，
5.如图甲所示，长为2l的直导线MN折成边长相等、夹角为60的“V”形并置于与其所
只有一项是符合题目要求的。
在平面相垂直的匀强磁场中。当导线中通以电流I时，该“V”形通电导线受到的安培
卧
1.如图所示为三根平行直导线的截面图，导线中的电流大小均相同，方向均垂直纸面
岸
力大小为F。若如图乙所示，在MN间接上长为1的相同直导线，使从M点流入、N点
向里，已知A、O、C三点共线，AC与OB垂直，OA=OB=OC,若在空间施加一匀
妆
流出的电流仍为I,则该三角形通电导线受到的安培力大小为
强磁场，使得()点的磁感应强度为零。测匀强磁场的方向为
A.沿OA方向
0
C
B.沿OB方向
C.沿OC方向
D.沿BO方向
B
2,在双缝干涉实验中，用红色激光照射在双缝上，在缝后的光屏上显示出于涉图样。
A.0
B.0.5F
C.F
D.1.5F
若要增大干涉图样中两相邻亮条纹的间距，可选用的方法是
6.在现代社会，移动电子设备如智能手机、平板电脑等已成为人们生活中不可或缺的
A.改用绿色激光
一部分。无线充电技术成为一种越来越受欢迎的充电方式。其工作原理可简化为
B.增大双缝间距
如图甲，在送电线圈中通入交变电流，电流产生变化的磁场，变化的磁场使受电线
C.将光源向靠近双缝的位置移动
D).将屏幕向远离双缝的位置移动
圈b中产生感应电流，从而对设备充电。当送电线圈a中通入如图乙的电流时，下
3.《天工开物》中提到一种古法榨油一撞术榨油。如图，撞木搾油是先将包裹好的油
列说法正确的是
饼整齐地摆到榨具里，然后用撞木撞击木楔，挤压油饼，油就流出来。某次撞击前撞
受电线圈
木的速度为6m/s,撞击后撞木反弹，且速度大小变为原来的一半。已知撞木撞击
送电线遐
木楔的时间为0.5s,撞木的质量为100kg。则撞木对木楔撞击力大小为
製
甲
A.4时刻，受电线圈b中的感应电流最大
B.t2时刻，受电线圈b中的感应电流为零
C.t:到t时间内，受电线圈b中感应电流方向与a中的电流方向相同
A.600N
B.1200N
C.1800N
D.2400N
D.t到t4时间内，受电线圈b中感应电流方向与a中的电流方向相同
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物理参考答案及评分标准
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符
合题目要求的。
1.A【解析】根据安培定则，可知A、C处两导线在O点产生的合磁场为零，B处导线在O点产生
的磁场沿OC方向。在空间施加一匀强磁场，使得O点的磁感应强度为零，则匀强磁场的方向应
沿OA方向，故A正确。
2.D【解析】两相邻亮条纹的间距△x=子入，改用绿色微光，波长入变小，间距△x变小，故A错
误；增大双缝间距d,间距△x变小，故B错误；将光源向靠近双缝的位置移动，对△x无影响，故
C错误；将屏幕向远离双缝的位置移动，即增大，间距△x增大，故D正确。
3.C【解析】撞木撞击木楔的过程，对撞木由动量定理可得F·t=m2一m心，其中初速度=
6ms,末速度2=一3ms,撞击时间t=0.5s,解得F=一1800N。根据牛顿第三定律撞木对
木楔撞击力大小为1800N,故C正确。
4.B【解析】设M,N两电热器的电阻为RM电热器的电功率为PM=(42)P·R·号十(32)2·R
=25RN电热器的电功率为P=·R·名十·R·合=16R,则M,N两电热器的电功
率之比为25：16，故B正确。
5.C【解析】对弯折的导线，其所受安培力的有效长度为电流流入端、电流流出端两点连线的直线
长度，对于甲图F甲=BIl=F,对于乙图Fz=BIl=F,故C正确。
6,D【解析】由法拉第电磁感应定律E=n碧-nS公-nS△-nS兰4时刻，受电线圈b
△t
△
中的感应电流为零，故A错误；2时刻，受电线圈b中的感应电流最大，故B错误。根据“增反减
同”可知，t1到t:时间内，电流先减小后增大，受电线圈b中感应电流方向与a中的电流方向先
相同后相反，故C错误；t3到t:时间内，电流减小，受电线圈b中感应电流方向与a中的电流方
向相同，故D正确。
7.B【解析】变压器原、副线圈的磁通量变化率相同，故U：U1：U2=n：1：2,由能量守恒得，
输出功率等于输人功率，当只闭合S时，U1-发，当S和S,都闭合时，U-+
R+R,代人
数据1=3A,-6Λ，可得只-震即U:U:=31:得M·%=3:1,放选B.
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二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个
以上选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8.ACD【解析】如果波是向右传播的，由图可得（十m）T=0.2s,且T>0.1s,若n=0,
工-是s,若1-1，T-若：如果波是向左传播的，由图可得（分+nT-0.2s,且T>0.1s,若
n=0,Tg=0.8s,若n=1,T4=0.16s,故A正确，B错误。由图可知波的波长入=0.24m,由波
速0=会，代入数据T=是s和T,=高s,可得CD正确。故选ACD.
9.AB【解析】甲乙发生碰撞，设碰后乙的速度大小为v,规定向右为正方向，二者满足动量守恒定
律，可得m一150=m十150，解得u一0-2，根据碰后实际情况可知v=别-2≥1，解得
m≥150kg。根据碰撞过程中，总的动能不增加可得号m+号×150,2>号m0,2+号×
150x,解得n≤450kg,故选AB。
10.AD【解析】线圈和b在竖直方向做自由落体运动，则两线圈刚进入磁场时的竖直分速度相
等，由牛顿第二定律得a-g一开，而1-2，R-p号m=lS.F=BL,由以上各式可得
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”,其中p为电阻率，o为密度，从该式可以看出，两线圈进入磁场时加速度a相同，
a=g一16p00
那么线圈完全进入磁场时的竖直分速度也相同，则进人磁场整个过程的时间相同，故A正确，B错
误；由1=贸和R=p号，线圈a和b进入磁场的电流之此比为1：3，由9=，可得49=1：3
故C错误，D正确。故选AD。
三、非选择题：本题共5小题，共54分。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要答题步骤，只
写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
11.(6分)(1)
(2分)
(2)B(2分)(3)B(2分)
【解析】(1)该实验中有两个闭合回路，线圈L1与滑动变阻器、开关、电源构成一个回路，线圈L2
与电流计构成一个回路，然后用笔画线连接，如图。
(2)电流计指针是否发生偏转取决于穿过线圈L的磁通量是否发生变化，而电流计中指针的
偏转方向由穿过线圈L2的磁通量是变大还是变小决定。由题意知当P向右滑动时，线圈L
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