同步课时精练（五）2.1感应电流的方向（后附解析）

同步课时精练（五）2.1 感应电流的方向（后附解析）
一、单选题
1．电吉他中电拾音器的基本结构如图所示，磁体附近的金属弦被磁化，能够被磁化通常所说的磁性材料是指强磁性物质。铁磁性材料一般是Fe，Co，Ni元素及其合金，稀土元素及其合金，以及一些Mn的化合物。因此弦振动时，在线圈中产生感应电流，电流经电路放大后传送到音箱发出声音，下列说法不正确的有（ ）
A．取走磁体，电吉他将不能正常工作
B．增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动势
C．弦振动过程中，线圈中的电流方向不断变化
D．选用铜质弦，电吉他仍能正常工作
2．如图所示，匀强磁场垂直于圆形线圈指向纸里，a、b、c、d为圆形线圈上等距离的四点，现用外力作用在上述四点，将线圈拉成正方形．设线圈导线不可伸长，且线圈仍处于原先所在的平面内，则在线圈发生形变的过程中(　　)
A．线圈中将产生adcb方向的感应电流
B．线圈中产生感应电流的方向先是abcd，后是adcb
C．线圈中将产生abcd方向的感应电流
D．线圈中无感应电流产生
3．如右图所示，在铁芯P上绕有两组线圈A和B，如果线圈A中通有如下所示的四种电流，规定从线圈A上端流入为电流正方向，试分析在t1~t2这段时间内（从上方俯视）线圈B中可以产生逆时针方向的感应电流（ ）
A．甲可以 B．乙可以 C．丙可以 D．丁可以
4．如图所示，是一个可以绕垂直于纸面的轴O转动的闭合矩形导体线圈，当滑动变阻器R的滑片P自右向左滑动过程中，线圈将（　　）
A．顺时针转动
B．逆时针转动
C．静止不动
D．因电源极性不明无法确定转动方向
5．如图所示，一个长直导线穿过圆环导线的中心，并与圆环导线平面垂直．当长直导线中的电流逐渐减小时，圆环导线内将
A．没有感应电流
B．有逆时针方向的电流（俯视）
C．有顺时针方向的电流（俯视）
D．有电流，但方向不能确定
6．如图所示，A、B为两个闭合金属环挂在光滑的绝缘杆上，其中A环固定．现给A环中分别通以如下图所示的四种电流，其中能使B环在0~t1时间内始终具有向右加速度的是（ ）
A． B． C． D．
7．如图所示，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路。若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，下列表述正确的是（　　）
A．线圈a有扩张的趋势 B．穿过线圈a的磁通量变小
C．线圈a对水平桌面的压力将减小 D．线圈a中将产生俯视逆时针方向的感应电流
8．某同学在“探究电磁感应的产生条件”的实验中，设计了如图所示的装置：线圈A通过电流表甲、高阻值的电阻R′、滑动变阻器R和开关S连接到干电池上，线圈B的两端接到另一个电流表乙上，两个电流表相同，零刻度居中。闭合开关后，当滑动变阻器R的滑片P不动时，甲、乙两个电流表指针的不同的位置如图所示，则下列说法错误的是（　　）
A．当滑片P较快地向左滑动时，甲表指针向右偏转
B．当滑片P较快地向左滑动时，乙表指针向左偏转
C．断开开关，待电路稳定后再迅速闭合开关，甲表指针向左偏转
D．断开开关，待电路稳定后再迅速闭合开关，乙表指针向左偏转
二、多选题
9．如图所示，水平放置的绝缘桌面上有一个金属圆环，圆心的正上方有一个竖直的条形磁铁。从上方俯视，当把条形磁铁水平向右平移时，圆环保持静止。下列说法正确的是（　　）
A．环中产生逆时针的感应电流 B．环对桌面的压力小于重力
C．环受到向右的摩擦力 D．环有收缩的趋势
10．如图甲，100匝的线圈（图中只画了2匝）两端A、B与一个电压表相连。线圈内有指向纸内方向的磁场，线圈中的磁通量在按图乙所示规律变化，下列说法正确的是（　　）
A．电压表的读数为
B．线圈上感应电流的方向为逆时针方向
C．A端应该与电压表标“+”号的接线柱（或红接线柱）连接
D．B端应该与电压表标“+”号的接线柱（或红接线柱）连接
11．图甲所示粗糙U形导线框固定在水平面上，右端放有一金属棒PQ，整个装置处于竖直方向的磁场中，磁感应强度B按图乙规律变化，规定竖直向上为正方向，整个过程金属棒保持静止。则（　　）
A．时刻回路没有感应电流
B．在时间，流过金属棒的感应电流方向是从Q到P
C．在时间，金属棒PQ所受安培力方向水平向右
D．时刻金属棒PQ所受摩擦力方向水平向右
12．如图所示，空间固定一条形磁体（其轴线水平） ，以下说法正确的是（　　）
A．圆环a沿磁体轴线向右运动，靠近磁体N极时感应电流为顺时针（从左往右看）
B．圆环b竖直下落时磁通量不变
C．圆环c经过磁体右边的位置2时磁通量为0，感应电流为0
D．圆环c经过位置2前后一小段时间内感应电流方向不变
三、解答题
13．如图所示，一长直铁芯上绕有一固定线圈M，铁芯右端与一木质圆柱连接，木质圆柱上套有一闭合金属环N，N可在木质圆柱上无摩擦移动，R为滑动变阻器，和为直流电源，S为单刀双掷开关。则：
（1）在S断开的情况下，S向a闭合的瞬间金属环N向木质圆柱的哪一端运动？
（2）在S断开的情况下，S向b闭合的瞬间金属环N向木质圆柱的哪一端运动？
（3）在S已向a闭合的情况下，将R的滑片向c端移动时，金属环N向木质圆柱的哪一端运动？
（4）在S已向a闭合的情况下，将R的滑片向d端移动时，金属环N向木质圆柱的哪一端运动？
14．如图所示，某教室墙上有一朝南的钢窗，从室内学生的角度看，穿过窗户的地磁场是什么方向？学生推开窗户时，穿过窗户的地磁场的磁通量如何变化？从学生的角度看，窗框中的感应电流沿什么方向？
15．在图中，导体与电流表用导线连接成闭合回路，沿图示方向运动，请用楞次定律判定导体中的感应电流方向。
试卷第1页，共3页
试卷第1页，共3页
参考答案：
1．D
解析：A．取走磁体，就没有磁场，弦振动时，在线圈中不会产生感应电流，电吉他将不能正常工作，A不符合题意；
B．根据可知，增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动势，B不符合题意；
C．弦振动过程中，磁场方向不变，到那时磁通量有时变大，有时变小，则线圈中的电流方向不断变化，C不符合题意；
D．铜不可以被磁化，选用铜质弦，电吉他不能正常工作，D符合题意。
答案：D。
2．C
解析：当由圆形变成正方形时磁通量变小，根据楞次定律知在线圈中将产生abcda方向的感应电流．答案：C．
3．B
解析：A．由图示可知，A中电流不变，电流产生的磁场不变，穿过B的磁通量不变，不产生感应电流，故A错误；
B．由图示可知，通过A的电流正向增大，穿过B的磁通量向下增大，B中产生逆时针的感应电流，故B正确；
C、由图示可知，通过A的电流正向减小，穿过B的磁通量向下减小，B中产生顺时针的感应电流，故C错误；
D、由图示可知，通过A的电流正向减小，穿过B的磁通量向下减小，B中产生顺时针的感应电流，故D错误．
答案：B．
4．B
解析：由电路图可知，左右两个螺线管产生的磁场方向相同，当将滑片P自右向左滑动的过程中，使电阻R增大，电路电流减小，产生的磁场减小。为了阻碍穿过自己的磁通量减小，则应增大有效面积，于是线框将逆时针转动。
答案：B。
5．A
解析：在图中，直线电流的磁场与导线环平行，穿过导线环的磁通量始终为零，穿过环的磁通量不变，不产生感应电流，故应选A．
点晴：根据感应电流产生的条件分析答题：穿过闭合回路的磁通量发生变化时，电路中产生感应电流；分析图示情景，看穿过环的磁通量是否发生变化，然后答题．
6．C
解析：A．A环中若通恒定电流，则B环中不会形成感应电流，B环不会受到安培力的作用，没有加速度，A错误；
B．A环中若通均匀减小的电流，则B环形成与A环同向的感应电流，B环会受到向左得安培力，具有向左的加速度，B错误；
C．A环中若通均匀增大的电流，则B环形成与A环反向的感应电流，B环会受到向右的安培力，具有向右的加速度，C正确；
D．A环中若通D种电流，则B环所受安培力时而向左时而向右，D错误。
答案：C。
7．D
解析：若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，滑动变阻器接入电路的阻值减小，螺线管中的电流增大，产生的磁场增强，穿过线圈a的磁通量向下变大，根据楞次定律可知圈a中将产生俯视逆时针方向的感应电流，根据“增缩减扩”和“来拒去留“可知，线圈a有收缩的趋势和远离螺线管的趋势，此时线圈a对水平桌面的压力FN将增大，故ABC错误，D正确。
答案：D。
8．C
解析：AB．当滑片P较快地向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，A线圈电流变大，甲表指针向右偏转的角度增加，穿过B线圈的向下的磁通量增大，由楞次定律可知，乙表中感应电流从负接线柱流入，指针向左偏转，AB正确；
CD．断开开关，待电路稳定后再迅速闭合开关，A线圈电流变大，甲表指针向右偏转，由楞次定律可知乙表指针向左偏转，C错误，D正确。
本题选不正确项，答案：C。
9．AB
解析：A．当条形磁铁沿水平向右平移时，闭合金属环内向上的磁通量减小，由楞次定律可知，金属圆环中会产生逆时针方向的感应电流，A正确；
B．将金属圆环等效成条形磁体，则上面为N极，故与条形磁铁相吸，则环对桌面的压力小于重力， B正确；
C．当条形磁铁沿水平向右平移时同时将跟随磁铁运动的趋势，金属圆环受安培力水平分力跟条形磁铁运动的方向相同，则环受到向左的摩擦力，C错误；
D．闭合金属环内的磁通量减小，因此线圈做出的反应是面积有扩大的趋势，D错误．
答案：AB。
10．ABC
解析：A．由法拉第电磁感应定律得
所以，电压表示数为，故A正确；
BCD．由楞次定律可知，感应电流沿逆时针方向，如图
A端应与电压表的“+”接线柱相连接，故BC正确，D错误。
答案：ABC。
11．CD
解析：A．时刻回路的磁通量为零，但是磁通量的变化率不为零，则回路有感应电流，选项A错误；
B．在时间，回路的磁通量向下增加，根据楞次定律可知，流过金属棒的感应电流方向是从P到Q，选项B错误；
C．在时间，回路的磁通向上减小，则有金属棒中有从P到Q的感应电流，由左手定则可知，PQ所受安培力方向水平向右，选项C正确；
D．根据楞次定律可知，时刻金属棒PQ中的感应电流从P到Q，则安培力水平向左，由平衡可知，所受摩擦力方向水平向右，选项D正确。
答案：CD。
12．AD
解析：A．圆环a沿磁体轴线向右运动，穿过线圈的磁通量增多，根据楞次定律可知电流为顺时针方向（从左往右看），故A正确；
B．圆环b竖直下落时，在1位置磁通量向下，在2位置磁通量为0，在3位置磁通量向上，磁通量发生变化，故B错误；
C．圆环c经过磁体右边的位置2时磁通量为0，但磁通量仍发生变化，因此仍有感应电流，故C错误；
D．圆环c经过位置2前后一小段时间内，磁通量先是向下的减少，然后是向上的增多，根据楞次定律，感应电流均为顺时针方向（从上向下看），故D正确。
答案：AD。
13．（1）向右；（2）向右；（3）向左；（4）向右
解析：（1）在S断开的情况下，S向a闭合的瞬间，线圈M中的电流有无到有增大，磁场由无到有增强，通过金属环N的磁通量由无到有增大，相当于线圈M向金属环N靠近，根据楞次定律“来拒去留”，可判断金属环N将向右运动；
（2）在S断开的情况下，S向b闭合的瞬间，线圈M中的电流有无到有增大，磁场由无到有增强，通过金属环N的磁通量由无到有增大，相当于线圈M向金属环N靠近，根据楞次定律“来拒去留”，可判断金属环N将向右运动；
（3）在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向c端移动时，接入电路的电阻增大，电流减小，线圈M中的磁场减弱，通过金属环N的磁通量减小，相当于线圈M向金属环N远离，根据楞次定律“来拒去留”，可判断金属环N将向左运动；
（4）在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向d端移动时，接入电路的电阻减小，电流增大，线圈M中的磁场增强，通过金属环N的磁通量增大，相当于线圈M向金属环N靠近，根据楞次定律“来拒去留”，可判断金属环N将向右运动。
14．见解析
解析：地磁场的方向由南向北，则从室内学生的角度看，穿过窗户的地磁场是由南向北的方向；学生推开窗户时，穿过窗户的地磁场的磁通量减小；根据楞次定律可知，穿过窗户的磁通量由南向北减小，感应电流的磁场由南向北，则从学生的角度看，窗框中的感应电流沿逆时针方向。
15．从b到a
解析：穿过该闭合回路的原磁场方向向下，且磁通量在逐渐减少。根据楞次定律判定，穿过该回路的感应电流的磁场方向向下，用安培定则判定该回路中感应电流方向为顺时针方向（俯视），即导体中感应电流的方向为从b到a。
答案第1页，共2页
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