2023年秋季期高一年级期末教学质量监测
物理试题
本试卷满分100分，考试用时75分钟。
注意事项4
1,答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场亭、座位号填写在答题代生。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂
股
黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在
答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
4,本试卷主要考试内容：教科版必修第一册。
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一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项
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符合题目要求。
1.诗句“两岸背山相对出，孤帆一片日边来”描述了物体相对运动的情况，关于物体的运动与静
幽
止及质点的概念，下列说法正确的是
A.青山运动是因为选择以孤帆为参考系
长
B.研究船全程的运动时间时不可以将船视为质点
K
C,孤帆运动是因为选择以孤帆上的人为参考系
D.孤帆穿梭于背山中时，可以将青山视为质点
数
2.下列物理量是标量，且其所对应的单位是基本单位的是
A,位移
B.速度
C.时间
D.力
杯
3.伽利略在研究物体下落快慢的问题时将实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而发展了人类的
科学思维方式和科学研究方法。下列说法正确的是
相
A.在伽利略那个时代，已经可以直接测量物体自由下落的时间了
B.伽利略从直接研究自由落体转向研究物体在斜面上的运动是为了延长物体的运动时间
C.伽利略直接通过实验得出了“斜面上物体运动的位移与时间的比值保持不变”这一结论
D.伽利略把日常生活中较重的物体下落得比较快的原因归之于重力对不同物体的影响不同
4.我国全海深潜载人潜水器“奋斗者”号的最大作业深度达到10909米。在某次深潜中，潜水器
向下做直线运动，先做加速度诚小的加速下潜，后维持匀速下潜一段时间，最后再减速至静
止。下列说法正确的是
A,加速下潜阶段，潜水器中的潜航员处于失重状态
B.潜水器的加速度减为0时，潜水器中的潜航员处于超重状态
荞
C.潜水器在加速下潜时的加速度方向与速度方向可能相反
D.潜水器的速度变化量方向可能与加速度方向相反
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5.如图所示，落地灯用三根对称的支架支撑在水平地面上。已知落地灯所受重力
大小为20N,三根支架所受总重力大小为40N,每根支架与竖直方向的夹角均
为0°，则每根支架对地面的压力大小为
A.10 N
B.20N
C.30N
D.60N
6.图为港珠澳大桥上四段110m的等跨钢箱连续梁桥的示意图，若汽车从a点由静止开始做匀
加速直线运动，达到最大速度后做匀速直线运动，已知汽车的加速度大小为5/2，最大速
度为20m3,对下列说法正确的是
110m
110m
110m
110m
A.汽车通过ab段的时间为5.5s
B.汽车达到最大速度的位置在cd段
C.该汽车在ab段和bc段所用时间相等
D.汽车通过这四段连续粱桥匀速运动的时间为20$
7.一质量分布均匀的实心球在光滑水平挡板A及固定在水平面上的光滑斜面C(足够长)的共
同作用下保持静止状态，当挡板A绕其斜面上的接触点在竖直平面内顺时针缓慢转动，直至
挡板竖直时，下列说法正确的是
A.挡板对球的作用力一直增大
B.挡板对球的作用力先增大后减小
C.斜面对球的作用力一直增大
D.斜面对球的作用力先增大后减小
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符
合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8.2023年12月21日21时35分，经过约7.5小时的出舱活动，“神舟十七号”航天员密切协同，
在空间站机械臂和地面科研人员的配合支持下，完成了“天和”核心舱太阳翼修复试验等既定
任务，出舱活动取得圆满成功。下列说法正确的是
A.“21时35分”是指时间间隔
B.航天员出舱时经历的路程不可能小于位移大小
C.航天员的惯性与其速度无关
D.“7.5小时”是指时刻
9.某次救掇过程中，救援人员利用无人机运送急救包。如图所示，质量为
4.5kg的无人机用轻绳吊着质量为1.5kg的急救包（视为质点）沿水
平方向做匀加速直线运动，轻绳与竖直方向的夹角为53°。不计空气阻
力，取重力加速度大小g=10m/s2,sin53°=0.8，cos53°=0.6，则下列
说法正确的是
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物理试题参考答案
1.A2.C3.B4.A5.B6.D7.C8.BC9.BD10.AC
11.(1)B(2分)
(2)F:、F2的方向（其他答案合理即可）(2分)需要(1分)
(3)等效替代法(1分)
12.(1)偏小(2分)
(2)小于(2分)远大于(2分)
(3)0.50(3分)
13.解：)小球在空中做自由落体运动，有h=g,°(2分)
v=gt1(2分)
解得t1=0.5s(1分)
v=5m/s。(1分)
(2)小球在水中做匀减速直线运动，有h'-9·(2分)
2
解得h'=1m。(2分)
(其他计算方法正确即给分)
14.解：(1)对小球受力分析，竖直方向上有F线cos30°=mg(2分)
水平方向上有F线sin30°=F(1分)
解得F袋=23，
3mg,F=
3mg。(1分)
(2)对圆环受力分析，竖直方向上有F线cos30°+2mg=FN(2分)》
根据牛顿第三定律有F、'=F、(1分)
解得FN'=3mg。(1分)
(3)对圆环受力分析，水平方向上有f=F线sin30°(2分)
其中f=FN(1分)
解得以侣。
(1分)
(用整体法解答也给分)
15.解：(1)传送带静止时，由于快递在垂直于传送带方向上有Fv=mngcos0(2分)
平行于传送带方向上有mgsin0-f=ma1(2分)
其中f=FN(1分)
快递从A点运动到B点有v12一0=2a1L(1分)
【高一物理·参考答案第1页（共2页）】
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解得a1=2m/s2,=4m/s。(2分)
(2)当传送带运行时，快递刚放上去时受到沿传送带向下的摩擦力
平行于传送带方向上有ngsin0十f=ma2(2分)
解得a2=8m/s2。(2分)
(3)快递从A点开始运动到速度与传送带速度相等时，有v=2a2x(1分)》
解得x=1m快递与传送带共速瞬间，快递受到传送带的摩擦力沿传送带向上，由于u<1an0,快递会继
续加速下滑，且此时快递的加速度为a1,则有22一2=2a1(L一x)(2分)
解得2=2√7m/s。(1分)》
【高一物理·参考答案第2页（共2页）】
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