第五章 微专题二 硝酸与金属反应的相关计算 学案(含答案)—2024春高中化学人教版必修二

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名称 第五章 微专题二 硝酸与金属反应的相关计算 学案(含答案)—2024春高中化学人教版必修二
格式 docx
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资源类型 教案
版本资源 人教版(2019)
科目 化学
更新时间 2024-02-01 13:56:38

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微专题二 硝酸与金属反应的相关计算
1.原子守恒
硝酸与金属单质或化合物反应,一部分以NO的形式存在,另一部分转化为还原产物,这两部分中氮原子的物质的量之和与反应消耗的HNO3中氮原子的物质的量相等。
2.得失电子守恒
硝酸与金属单质或化合物的反应中,HNO3得到电子的物质的量等于金属原子失去电子的物质的量。
3.变价金属与硝酸的反应
如铁与稀硝酸的反应:Fe(少量)+4HNO3(稀)===Fe(NO3)3+NO↑+2H2O;
3Fe(过量)+8HNO3(稀)===3Fe(NO3)2+2NO↑+4H2O。
(1)≥4,氧化产物为Fe(NO3)3;
(2)≤,氧化产物为Fe(NO3)2;
(3)<<4,氧化产物为Fe(NO3)3和Fe(NO3)2。
4.硝酸和硫酸的混合酸与金属反应
金属与H2SO4、HNO3的混合酸反应时,由于硝酸盐中NO在H2SO4提供H+的条件下能继续与金属反应,故此类题目应用离子方程式来计算,先作过量判断,然后根据完全反应的金属或H+或NO进行相关计算,且溶液中要符合电荷守恒。
                
1.(2023·广东汕头高一检测)将3.84 g Cu和一定量的浓HNO3反应,当Cu反应完全时,共收集到气体2.24 L NO2和NO(标准状况,不考虑NO2转化为N2O4),则反应中消耗HNO3的物质的量为(  )
A.0.1 mol B.0.24 mol
C.0.16 mol D.0.22 mol
2.将Mg、Cu组成的m g混合物投入适量稀HNO3中恰好完全反应,固体完全溶解时收集到0.896 L(标准状况)NO气体,向反应后的溶液中加入60 mL 2 mol·L-1的NaOH溶液时,金属离子恰好沉淀完全,则形成的沉淀的质量为(  )
A.(m+2.28) g B.(m+2.04) g
C.(m+3.32) g D.(m+4.34) g
3.某100 mL混合液中,HNO3和H2SO4的物质的量浓度分别是0.4 mol·L-1和0.1 mol·L-1,向该混合液中加入1.92 g铜粉,加热,待充分反应后,所得溶液中Cu2+的物质的量浓度(忽略体积变化)为(  )
A.0.15 mol·L-1
B.0.225 mol·L-1
C.0.35 mol·L-1
D.0.45 mol·L-1
4.(2023·山西运城高一检测)某稀硫酸和稀硝酸的混合溶液200 mL,平均分成两份。向其中一份中逐渐加入铜粉,最多能溶解19.2 g铜(已知硝酸只被还原为NO气体)。向另一份中逐渐加入铁粉,产生气体的量随铁粉质量增加的变化如图所示。下列分析或结果不正确的是(  )
A.原混合酸中H2SO4物质的量为0.4 mol
B.AB段发生的离子反应为Fe+2Fe3+===3Fe2+
C.混合酸中HNO3物质的量浓度为2 mol·L-1
D.第二份溶液中最终溶质为FeSO4
5.将32.64 g铜与140 mL一定浓度的硝酸反应,铜完全溶解,产生标准状况下的一氧化氮和二氧化氮混合气体共11.2 L。请回答下列问题:
(1)产生一氧化氮的体积为____________L(标准状况下)。
(2)待反应结束后,向溶液中加入V mL a mol·L-1氢氧化钠溶液,恰好使溶液中的Cu2+全部转化为沉淀,则原硝酸的浓度为____________mol·L-1(不必化简)。
(3)欲使铜与硝酸反应生成的气体在氢氧化钠溶液中全部转化为硝酸钠,至少需要氧气________mol。
微专题二 硝酸与金属反应的相关计算
跟踪训练
1.D 
2.B
3.B [解答本题要从离子反应的角度来考虑,H2SO4提供的H+可以和NO构成强氧化性环境,继续氧化铜单质。HNO3、H2SO4混合液中H+总的物质的量为0.06 mol,NO的物质的量为0.04 mol,Cu的物质的量 为0.03 mol。
Cu与稀硝酸发生反应:
3Cu +  8H++ 2NO===3Cu2++2NO↑+4H2O
3     8    2
0.03 mol 0.06 mol 0.04 mol
H+量不足,应根据H+的物质的量来计算。
3Cu+8H++2NO===3Cu2++2NO↑+4H2O
8         3
0.06 mol     n(Cu2+)
n(Cu2+)=0.06 mol×=0.022 5 mol,c(Cu2+)==0.225 mol·L-1。]
4.A [由图像可知,由于铁过量,OA段发生的反应为Fe+NO+4H+===Fe3++NO↑+2H2O,AB段发生的反应为Fe+2Fe3+===3Fe2+,BC段发生的反应为Fe+2H+===Fe2++H2↑。反应消耗22.4 g铁,也就是=0.4 mol,所有的铁都在硫酸亚铁中,根据硫酸根离子守恒,所以每份含硫酸0.4 mol,所以硫酸的浓度是4 mol·L-1,原混合酸中H2SO4物质的量为4 mol·L-1×0.2 L=0.8 mol,故A项错误;AB段发生的离子反应为Fe+2Fe3+===3Fe2+,故B项正确;OA段发生的反应为Fe+NO+4H+===Fe3++NO↑+2H2O,NO全部起氧化剂作用,所以n(NO)=n(Fe)==0.2 mol,200 mL混合酸中HNO3物质的量浓度为=2 mol·L-1,故C项正确;硝酸根离子全部被还原,没有显酸性的硝酸,因为溶液中有硫酸根离子,并且铁单质全部转化为亚铁离子,所以溶液中最终溶质为FeSO4,故D项正确。]
5.(1)5.824 (2) (3)0.255
解析 (1)该过程发生两个反应:3Cu+8HNO3(稀)===3Cu(NO3)2+2NO↑+4H2O,Cu+4HNO3(浓)===Cu(NO3)2+2NO2↑+2H2O。设生成的NO和NO2的物质的量分别为x、y,则x+y=0.5 mol,1.5x+0.5y=0.51 mol,解得x=0.26 mol,y=0.24 mol,故标准状况下V(NO)=0.26 mol×22.4 L·mol-1=5.824 L。
(2)在反应过程中,HNO3一部分表现酸性,另一部分表现氧化性。由溶液中的Cu2+恰好全部转化为沉淀,则表现酸性的HNO3的物质的量为n(HNO3)=n(NaOH),表现氧化性的HNO3的物质的量为n(HNO3)=n(NO)+n(NO2),故原硝酸中HNO3的物质的量n(HNO3)=n(NaOH)+n(NO)+n(NO2)=(aV×10-3+0.5)mol,则c(HNO3)= mol·L-1。
(3)通入氧气的目的是将0.26 mol NO和0.24 mol NO2全部转化为HNO3。根据得失电子守恒:4n(O2)=3n(NO)+n(NO2)=3×0.26 mol+0.24 mol=1.02 mol,则n(O2)=0.255 mol。