姓名
座位号
(在此卷上答题无效)
蚌埠市2024届高三年级第三次教学质量检查考试
物
理
注意事项：
1.答卷前，务必将自己的姓名和座位号填写在答题卡和试卷上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改
动，务必擦净后再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上
无效
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的
1.位于我省合肥的核聚变大科学装置“夸父”预计于2025年底全面建成，它将用来验证我国
“人造太阳”实验的关键技术。下列关于核聚变反应的说法正确的是
A.核聚变反应过程中没有质量亏损
B.核聚变反应后原子核的总质量增加
C.核聚变反应后，核子的比结合能增加
D.核聚变反应后，核子的比结合能减小
2.如图，纵轴v)表示各速率区间的分子数占总分子数的百分比，曲线I和Ⅱ为一定质量某
种理想气体在两种温度下的f()与分子速率v的关系图像。比较曲线I和Ⅱ，下列说法正
确的是
f (v)
A.曲线I对应的气体温度更高
B.曲线I和Ⅱ对应的气体内能相等
C.曲线I与横轴所围的面积更大
D.曲线I对应的气体分子平均速率更小
3.2023年8月10日，我国成功发射首颗人工智能卫星一地卫智能应急一号，标志着我国在
人工智能与航天领域的重大突破。假设绕地球做匀速圆周运动时，该卫星的周期是地球同
步卫星周期的，则它与地球同步卫星的轨道半径之比为
A.
B.k-子
C.
D.k-是
蚌埠市高三年级物理试卷第1页（共6页）
4.一列简谐横波沿x轴正方向传播，某时刻的波形如图所示，
则从该时刻开始，介质中质点P的速度v随时间t变化的图
像为
5.如图为半圆柱体玻璃的横截面，OD为直径，一束由紫光和红光组成的复色光沿A0方向从
真空射入玻璃，两种单色光分别从B、C点射出。设紫光、红光在玻璃中传播的时间分别为
t1和t2,则下列说法正确的是
真空
A.从B点射出的光为紫光，t1=2
玻璃
B.从B点射出的光为红光，t1=t2
C.从C点射出的光为紫光，tD.从C点射出的光为红光，<2
6.图甲为某款电子秤，其内部有平行板电容器（图乙所示），两极板之间用劲度系数为k的绝缘
弹簧相连，下极板固定在绝缘水平台面上，上极板接地，且可在竖直方向上移动并始终与下极
板保持平行。已知上极板质量为m,电容器充完电后与电源断开，极板间距为d,不称物体时，
两极板间电压为U,待测物体置于秤上时，两极板间距发生微小变化，若此时电容器的电压改
变量为40，重力加速度为g,则待测物体所受的重力大小为
u
A.
B.
图甲
图乙
C.4d-mg
d-
0.
7.如图所示，一盛有水的容器自倾角为0的固定粗糙长斜面顶端下
滑。已知容器底部与斜面间的动摩擦因数u水面位置可能正确的是（图中实线表示水面位置，虚线表示水平
面位置，c<0)
A
B
C
D
蚌埠市高三年级物理试卷第2页（共6页）】蚌埠市2024届高三年级第三次教学质量检查考试
物理参考答案
选择题（共42分）
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
C
D
B
C
A
A
B
D
BD
ACD
非选择题（共58分）》
11.(每空2分，共6分)
(1)5
日（或0.1250.13）
(2)mh
12.(每空2分，共10分)
(1)60
(2)A1
A2
R,
13.(12分)
(1)两球距离最小时静电力最大，小球加速度最大
根据库仑定律，两球间的最大静电力F=k9
①(2分)
由牛顿第二定律得a=斤
②(1分)
解得a=5m/s2③(1分)
(2)两球距离最小时速度相等，设为v,设B球的质量为M
由动量守恒定律得m。=(m+M),④(2分)
又有P,=M⑤(1分)
解得M=0.6kg⑥(1分)
(3)由(2)可得v=0.5m/s⑦(1分)）
两球距离最小时系统电势能最大，由能量守恒知，系统的最大电势能
E,=2m6-2(m+M)2⑧(2分)
解得E。=0.3J⑨(1分)
14.(12分)》
(1)以0点为重力势能参考点，设OC距离为h,小球恰好通过最高点时的速度为v
由机械能守恒定律得0=2mr2-mg(2h-)①(2分)
由牛顿第二定律得mg=L-h
mv
②(2分）
解得h=子③(2分)
蚌埠市高三年级物理参考答案第1页（共2页）
(2)当绳对小球拉力F的竖直分量与重力大小相等时，小球运动速度的竖直分量最大，重
力功率最大，设此时绳与水平方向的夹角为0，小球速度大小为
则有Fsin0=mg④(2分)
由动能定理得mgLsin0=2m
⑤(1分)
由牛顿运动定理得Fr-mngsint0=m
⑥(2分)
解得Fx=√3mg⑦(1分)》
15.(18分)》
(1)单刀双掷开关S接“1”，ab由静止开始运动，设其速度大小为
由电磁感应定律知，导体棒产生的电动势E=BL①(1分)》
由闭合电路欧姆定律知，导体棒中的电流1尽
②(1分)
由安培力公式得F=BL③(1分)
由牛顿第二定律得F-F安=ma④(1分)
故F-BL
R
2=ma
⑤(1分)
由⑤式可知，随着速度增加，加速度减小，即导体棒做加速度不断减小的加速运动；当
a=0时，ab速度达到稳定，做匀速直线运动⑥(2分)
(2)设导体棒ab运动稳定时的速度大小为o
由电磁感应定律知，导体棒产生的感应电动势E=BL。⑦(1分)
由牛顿运动定律得F-
B*Lvo =0(
R
⑧(1分)》
R消耗的电功率P=E
⑨(1分)
解得P=FR
B2L2
0(1分)
(3)撤去恒力F,同时将S迅速切换到“2”，此后电容器充电，ab做减速运动，当电容器电
压与ab电动势相等时，ab的运动再次达到稳定，设达到匀速时的速度大小为1
由电磁感应定律知，此时ab的感应电动势E,=BL,①(1分)
电容器所充电荷量Q=CE,2(1分)
设充电过程时间为1，此过程的平均电流7=？
3(1分)
平均安培力F=7LB
④(1分)
根据动量定理得-Ft=mw1-mw。⑤(1分)
由(2)可得。=F3
B-L2
16(1分)
mFR
解得m=CBL+mB配
⑦(1分)
备注：以上各题其它合理解法均可得分。
蚌埠市高三年级物理参考答案第2页（共2页）
