昭通市正道中学2024年春季学期开学考试
高一物理试卷
注意事项：
1.本试卷满分100分，考试用时75分钟。
2,答卷前，先将自己的姓名、准考证号、座位号填写在答题卡上，并在规定的位置贴上条形码。
3.回答选择题时，用2B笔在答题卡上把答案标号洽黑；回答非逃择题时，将答笑写在答题卡上。答
案写在本试卷上无效。
一、选择题：本大题共12个小题，在每小题给出的4个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，每小题4
分。第9-12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。
1,某同学将飞来的羽毛球反向击回，击打前后瞬间羽毛球的速度大小分别为20m/s、30m/s若羽毛球与球拍
接触时间为0.1s,在此次击球过程中（)
A.研究羽毛球在空中的翻转动作时，可将羽毛球看作为质点
B.球拍所受弹力是由于羽毛球的形变产生的
C.羽毛球的加速度大小为100m/s2
D.球拍对羽毛球的作用力与羽毛球对球拍的作用力是一对平衡力
2.以下说法中不正确的是()
A.诗句“不疑行船动，唯看远树来”中“远树来”所选择的参考系是河岸
B.在花样滑冰比赛中判断运动员滑冰的技术难度时，不能将运动员看做质点
C.央视“焦点访谈”节目在每晚的19时38分开播，这里的“19时38分”指时刻
D.物体运动的速度（对时间）变化率越大，加速度一定越大
3,某汽车制造厂在测试某款汽车性能时，得到该款汽车沿直线行驶的位移x与时间t的关系图像如图所示，
其中OA段和BC段为抛物线的一部分，AB段为直线段。则该过程中的v-t图像可能为()
2八A平·小
4.某物体做自由落体运动，它在第1s内、第2s内、第39内位移之比x::m为（)
A.1:3:5B.1:4:9
c.1:(2-1:(3-2)
D.1:√2：3
试卷第1页，共
5.如图所示，质量为50kg的箱子从一斜面上滑下冲到水平地面上后，对箱子施加一大小为100N的水平推
力F,方向与箱子运动方向相反，己知箱子与地面间的动摩擦因数为0.4，取g=10m/s2,则箱子在水平面上，
运动的过程中所受摩擦力()
A,大小为200N,方向与推力F方向相反B.大小为200N,方向与推力F方向相同
C.大小为100N,方向与推力F方向相同
D.大小为100N,方向与推力F方向相反
7777777777777
6.质点受到n个外力作用处于平衡状态，其中一个力瓦=4N。如果其他的n-1个外力都保特不变，只将
反向，并且大小变为3N,则质点现在所受合力的大小为()
A.7N
B.3N
C.5N
D.IN
7,如图所示，重物的质量为m=2kg,轻绳AO和BO的A和B端是同定的，平衡时AO与竖直方向的夹角
0=37B0是水平的。(sim37=0.6,cos37°=0.8，取g=10m/s2)关于A0的拉力F和B0的拉力F2的
3
大小，下列说法正确的是()
9
A.F=12N
B.F=16N
0
C.F=25N
D.F2=15N
8.如图，质量ma=0.1kg、ma=0.4kg的A、B两物体在水平推力F=1.5N的作用下，沿光滑水平面做匀加
速直线运动，物体A、B始终保持相对静止。A和B接触面竖直，且A不与地面接触。已知物体A和B之间
的滑动摩擦因数为0.9，重力加速度g取10ms2，则下列说法正确的是（)
A.A、B两物体的加速度大小为0.3m/s2
B.A、B物体之间的压力大小为1.2N
C.A、B两物体之间的摩擦力大小为1.08N
777777777777777
D.B物体对地面的压力大小为4N
9,如图所示，质量为m的物块和质量为M的木板叠放在水平地面上，物块在拉力F作用下在木板上向右匀
速滑行，木板始终处于静止状态，物块与木板间动摩擦因数为4，木板与地面间动摩擦因数为中2，那么下
列说法正确的是()
A.物块受到的摩擦力一定和拉力F大小相等
m→F
B,物块对木板的摩擦力大小一定是巧g
M
C,地面对木板的摩擦力是水平向左的静摩擦力
LEKE0E8160600861E121617881E418668856164846
D.地面对木板的摩擦力大小一定是(M+mg
页，共2页昭通市正道中学 2024年春季学期开学考试高一物理试卷评分标准
参考答案：
1．B
【详解】A．研究羽毛球在空中的翻转动作时，羽毛球的形状、大小不可以忽略，不可将羽
毛球看作为质点，故 A错误；
B．球拍所受弹力是由于羽毛球的形变产生的，故 B正确；
C．羽毛球的加速度大小为
a v 30 ( 20) m/s2 500m/s2
t 0.1
故 C错误；
D．球拍对羽毛球的作用力与羽毛球对球拍的作用力是一对作用力与反作用力，故 D错误。
故选 B。
2．A
【详解】A．诗句“不疑行船动，唯看远树来”中“远树来”所选择的参考系是船，故 A错误；
B．在花样滑冰比赛中判断运动员滑冰的技术难度时，运动员的形状、大小不可以忽略，不
能将运动员看做质点，故 B正确；
C．央视“焦点访谈”节目在每晚的 19时 38分开播，这里的“19时 38分”指时刻，故 C正确；
D．根据加速度的定义，物体运动的速度（对时间）变化率越大，加速度一定越大，故 D正
确。
本题选错误的，故选 A。
3．A
【详解】根据 x t图像的斜率表示速度，可知汽车的速度先增大，接着保持不变（不为零），
最后又减小，且图像斜率一直为正，即汽车一直向正方向运动，结合选项图像，只有选项 A
的图线符合。
故选 A。
4．A
【详解】根据位移时间公式，即
h 1 gt 2
2
得，1s内、2s内、3s内下落的高度之比是1: 4 :9，所以它在第1s内、第 2s内、第 3s内位移
之比为
答案第 1页，共 8页
{#{QQABAYqAggAIABAAAAhCAwXoCECQkAGAAIoGwFAAoAIByQFABAA=}#}
xⅠ:xⅡ:xⅢ 1: 3 : 5
BCD错误，A正确。
故选 A。
5．B
【详解】箱子在水平面上运动的过程中所受摩擦力大小为
f μmg 200N
方向水平向左，即与推力 F方向相同。
故选 B。
6．A
【详解】根据题意可知平衡时可得其他的 n 1个外力的合力与力 F1平衡，可得 n 1个外力
的合力大小为 4N，方向与 F1方向相反；所以当 F1反向，并且大小变为3N，则质点现在所
受合力的大小为
F =3N 4N=7N
合
故选 A。
7．D
【详解】以 O点为研究对象，对其分析受力可得受力示意图如下
根据平衡条件可得
F mg 201= 4 25Ncos
5
F2 F1 sin 25
3
N 15N
5
故选 D。
【点睛】确定研究对象，画出受力示意图，根据平衡条件解析解答。三力平衡问题，如果其
中两个力互相垂直，则常用力的合成进行解答。
8．B
答案第 2页，共 8页
{#{QQABAYqAggAIABAAAAhCAwXoCECQkAGAAIoGwFAAoAIByQFABAA=}#}
【详解】A．以 A、B两物体整体进行受力分析，根据牛顿第二定律
(mA mB )a F
解得 A、B两物体的加速度大小为
a 3m/s2
故 A错误；
D．以 A、B两物体整体进行受力分析，竖直方向有
FN mA mB g 5N
故 B对地面的压力为5N，故 D错误；
B．对 A进行受力分析，水平方向有
F FBA mAa
故 B对 A的弹力
FBA 1.2N
故 B正确；
C．对 A进行受力分析，竖直方向有
fAB mAg 1N
故 AB之间的摩擦力大小始终等于 A物体的重力大小 1N，故 C错误。
故选 B。
9．ABC
【详解】A．物块在拉力 F作用下在木板上向右滑行，木板始终处于静止状态，物块运动的
情况不清楚，当物块匀速运动时物块受到的摩擦力大小为 F，故 A正确；
B．物块相对木板向右运动，则木板相对物块向左运动，木板受到物块的滑动摩擦力方向水
平向右，大小等于
f 1mg
故 B正确；
C．木板受到物块的滑动摩擦力方向水平向右，木板始终处于静止状态，则地面对木板的摩
擦力是水平向左的静摩擦力，故 C正确；
D．木板受到物块的滑动摩擦力为 1mg ，木板始终处于静止状态，则地面对木板的摩擦力
答案第 3页，共 8页
{#{QQABAYqAggAIABAAAAhCAwXoCECQkAGAAIoGwFAAoAIByQFABAA=}#}
大小一定是 1mg ，故 D错误。
故选 ABC。
10．BD
【详解】ABC．小张在开始的一段时间内做自由落体运动，当橡皮条开始绷紧之后，其对小
张的弹力竖直向上，且不断增大，小张所受合外力逐渐减小，竖直向下的加速度逐渐减小，
当橡皮条对小张的弹力与他的重力大小相等时，小张的加速度减小至零，且速度达到最大值，
之后橡皮条的弹力开始大于小张的重力，小张开始做加速度不断增大的减速运动，当小张下
降至最低点时，速度减为零，此时橡皮条对小张的弹力大于他的重力，综上所述可知 AC错
误，B正确；
D．小张在达到最大速度之前，他的加速度向下，处于失重状态，故 D正确。
故选 BD。
11．BC
【详解】AB．当物体刚放上时，物块做匀加速直线运动，设物体从开始运动至与传送带共
速所需时间为 t1，则根据牛顿第二定律及运动学公式有
mg ma
t v 01 a
带入可得
t1=2s
此过程物块行驶的距离为
s 11 at
2 4m＜L=8m
2
故达到共速后，物块仍在传送带上，分析可知，此后物块将与传送带保持相对静止，匀速向
前运动。故 A错误，B正确；
C．设从物块从达到共速后运到传送带右端所需时间为 t2 ，则根据运动学公式有
L s1 v0t2
带入数据可得
t2=1s
故物块从开始运动到传送带右端所需的总时间为
答案第 4页，共 8页
{#{QQABAYqAggAIABAAAAhCAwXoCECQkAGAAIoGwFAAoAIByQFABAA=}#}
t t1 t2 3s
故 C正确；
D．物块与传送带只在达到共速前发生了相对运动，在物块从开始至与传送带共速过程中，
传送带行驶的位移为
s v0t1 8m
故小物块与传送带相对位移为
s s s1 4m相
故 D错误。
故选 BC。
【点睛】传送带的问题需要判断好是否受摩擦力以及摩擦力的方向。关于相对位移，需判断
在哪个阶段会发生相对位移。
12．AC
【详解】A．由题图可知，小球向上做匀减速运动的加速度大小
a 241 m/s
2 12m/s2 ，
2
根据牛顿第二定律得
mg f ma1，
解得空气阻力
f ma1 mg 2N，
则重力和空气阻力大小之比为5:1，选项 A正确；
B．小球下降的加速度大小
a mg f 10 22 m/s
2 8m/s2，
m 1
1
根据 x at 2得
2
t 2x ，
a
解得
t2 6s，
又因 t1 2s，则上升的时间和下落的时间之比为 6 :3，选项 B错误；
答案第 5页，共 8页
{#{QQABAYqAggAIABAAAAhCAwXoCECQkAGAAIoGwFAAoAIByQFABAA=}#}
C．小球上升过程中做匀减速运动，加速度方向竖直向下，处于失重状态，选项 C正确；
D．小球下落的过程中，加速度方向竖直向下，处于失重状态，选项 D错误．
13．（每空 2分，共 8分） 2.40 6.30 9.38 0.084
【详解】（1）[1][2]由图读出 A、B计数点间距离 AB=2.40cm；A、C间距 AC=6.30cm；
[3]根据
x aT 2
可得重物下落加速度大小
x 2a BC xAB (6.30 2.40 2.40) 102 2 m/s
2 9.38m/s2
T (2 0.02)
（2）[4]根据牛顿第二定律可得
mg f ma
解得
f=0.084N
14． （每空 2分，共 6分） F F3 B
【详解】（1）[1][2]F1与 F2共同作用的效果与 F单独作用的效果相同，则 F1与 F2的合力与
F相等；小圆环受到拉力 F1、F2、F3的共同作用，静止于 O点，则 F1、F2、F3的合力为 0。
（2）[3]本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效
替代法。
故选 B。
15．（1）75m/s；（2） t2 12.5s；31.25m/s
【详解】（1）由位移时间公式
x1 v0t
1
1 at
2
1 （2分）2
代入数值解得
v0 75m / s（1分）
（2）设飞机停下来的时间为 t2 ，由
0 v0 at2（2分）
解得
t2 12.5s（1分）
15s内的位移为
答案第 6页，共 8页
{#{QQABAYqAggAIABAAAAhCAwXoCECQkAGAAIoGwFAAoAIByQFABAA=}#}
x v 0 t2 468.75m（公式 2分，结果 1分）2
则 15s内平均速度的大小
v x 468.75 m / s 31.25m / s
t 15 （公式 2分，结果 1分）3
16．(1)30 ；(2) 3
3
【详解】小球并带动木块一起向右匀速运动，均处于平衡状态，设轻绳的拉力为 T，对小球，
由平衡条件可得
水平方向上
F cos60 T cos （2分）
竖直方向上
F sin 60 T sin mg（2分）
联立代入数据可得 =30 。（2分）
(2)把小球和木块当成以整体，设杆的支持力为 N，由平衡条件可得
水平方向
F cos60 N（2分）（拆开写公式，各 1分）
竖直方向
N F sin 60 (M m)g（2分）
3
联立代入数据可得 = 。（2分）
3
17．（1）2m/s2（2）2 5 m/s 2 5（3） s
5
【详解】试题分析：(1)根据物体受力：重力、支持力、滑动摩擦力则
mgsin37 Ff ma （2分）且 Ff mgcos37 （2分）
则：a= gsin37°- gcos37°=2m/s2(2分)
(2) 2根据运动学公式 vc 0 2axAC 求得 Vc= 2aX AC = 2 5 m/s （公式 2分，结果 2分）
(3)在水平面上：滑动摩擦力提供加速度即 mg ma 2 （1分）
所以 a2 = g=5m/s2（1分）
2 5
根据 vt v0 at即0 vc a2t 则 t= s （公式 1分，结果 1分）5
考点：牛顿第二定律、匀变速直线运动规律
答案第 7页，共 8页
{#{QQABAYqAggAIABAAAAhCAwXoCECQkAGAAIoGwFAAoAIByQFABAA=}#}
点评：此类题型属于物理上常见的受力分析，通过牛顿第二定律求出物体加速度，并结合匀
变速直线运动规律将所需物理量求出．
答案第 8页，共 8页
{#{QQABAYqAggAIABAAAAhCAwXoCECQkAGAAIoGwFAAoAIByQFABAA=}#}
