浙江省台州市2023-2024学年高一上学期数学1月期末试卷

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名称 浙江省台州市2023-2024学年高一上学期数学1月期末试卷
格式 zip
文件大小 263.9KB
资源类型 试卷
版本资源
科目 数学
更新时间 2024-03-29 10:31:00

文档简介

浙江省台州市2023-2024学年高一上学期数学1月期末试卷
一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.(2024高一上·台州期末)若幂函数的图象过点,则的值为(  )
A. B. C. D.
2.(2024高一上·台州期末)函数的定义域是(  )
A. B.
C. D.
3.(2024高一上·台州期末)下列函数在其定义域上单调递增的是(  )
A. B. C. D.
4.(2024高一上·台州期末)若,,,则(  )
A. B. C. D.
5.(2024高一上·台州期末)下列四组函数中,表示同一函数的是(  )
A. B.
C. D.
6.(2024高一上·台州期末)已知,,则(  )
A. B. C. D.
7.(2024高一上·台州期末)已知,若是10位数,则的最小值是(  )
A.29 B.30 C.31 D.32
8.(2024高一上·台州期末)已知函数部分图象如图所示,则(  )
A. B.
C. D.
二、选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分。
9.(2024高一上·台州期末)已知,则(  )
A. B. C. D.
10.(2024高一上·台州期末)已知函,则(  )
A.函数的最小正周期为
B.点是函数图象的一个对称中心
C.函数在区单调递减
D.函数的最大值为1
11.(2024高一上·台州期末)定义域均为的奇函数和偶函数,满足,则(  )
A.,使得 B.,使得
C.,都有 D.,都有
12.(2024高一上·台州期末)设是正整数,集合.对于集合中任意元素和,记,
.则(  )
A.当时,若,则
B.当时,的最小值为
C.当时,恒成立
D.当时,若集合,任取中2个不同的元素,,则集合中元素至多7个
三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分。
13.(2024高一上·台州期末)角是第   象限角.
14.(2024高一上·台州期末)已知函数(,且)的图象过定点,则该定点的坐标是   .
15.(2024高一上·台州期末)已知,的值为   .
16.(2024高一上·台州期末)若函数在上的最小值为1,则正实数的值为   .
四、解答题:本大题共6小题,共70分。解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤。
17.(2024高一上·台州期末)计算:
(1);
(2).
18.(2024高一上·台州期末)已知,.
(1)若,求;
(2)若是的充分不必要条件,求实数的取值范围.
19.(2024高一上·台州期末)已知函数的最大值为2.
(1)求常数的值:
(2)先将函数的图象上所有点的横坐标缩短到原来的(纵坐标不变),再将所得图象向右平移个单位长度,得到函数的图象,求在区间的取值范围.
20.(2024高一上·台州期末)从①;②函数为奇函数;③的值域是这三个条件中选一个条件补充在下面问题中,并解答下面的问题。
问题:已知函数,且 ▲ .
(1)求函数的解析式;
(2)若对任意恒成立,求实数的最小值.
注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分.
21.(2024高一上·台州期末)如图是一种升降装置结构图,支柱垂直水平地面,半径为1的圆形轨道固定在支柱上,轨道最低点,,.液压杆、,牵引杆、,水平横杆均可根据长度自由伸缩,且牵引杆、分别与液压杆、垂直.当液压杆、同步伸缩时,铰点在圆形轨道上滑动,铰点在支柱上滑动,水平横杆作升降运动(铰点指机械设备中铰链或者装置臂的连接位置,通常用一根销轴将相邻零件连接起来,使零件之间可围绕铰点转动).
(1)设劣弧的长为,求水平横杆的长和离水平地面的高度(用表示);
(2)在升降过程中,求铰点距离的最大值.
22.(2024高一上·台州期末)已知函数
(1)用单调性定义证明:在上单调递增;
(2)若函数有3个零点,满足,且,
①求证:;
②求的值(表示不超过的最大整数).
答案解析部分
1.【答案】D
【知识点】幂函数的概念与表示
【解析】【解答】解:由幂函数的图象过点,所以,
解得,故,所以.
故答案为:D.
【分析】本题考查幂函数的定义.根据幂函数的定义可列出方程:,解方程进而求出,进而得到函数的解析式,再代入可求出答案.
2.【答案】A
【知识点】函数的定义域及其求法
【解析】【解答】解:由题意,在中,
即,所以的定义域为.
故答案为:A.
【分析】本题考查函数定义域的求法.根据对数的真数大于0,解不等式可求出答案.
3.【答案】C
【知识点】函数的单调性及单调区间
【解析】【解答】解:A、反比例函数在和上单调递增,在定义域上不单调,A选项不满足条件,A错误;
B、指数函数在定义域上单调递减,B选项不满足条件,B错误;
C、对数函数在其定义域上单调递增,C选项满足条件,C正确;
D、正切函数在定义域上不单调,D选项不满足条件,D错误.故选:
故答案为:C.
【分析】本题考查函数的单调性.反比例函数中,,据此可判断出函数的单调性;指数函数的底数满足:,据此可推断函数在定义域上单调递减;对数函数的底数满足:,据此可得推断其定义域上单调递增;根据正切函数的图象可得:正切函数在定义域上不单调.
4.【答案】B
【知识点】基本不等式
【解析】【解答】解:A、若,,
,当且仅当等号成立,A错误;
B、,当且仅当等号成立,B正确;
C、,得,当且仅当等号成立,C错误;
D、,得,当且仅当等号成立,D错误.
故答案为:B.
【分析】本题考查利用基本不等式求最值.A选项采用“1还原法”,先用乘以1,再将1进行替换可:,观察积为定值,使用基本不等式求出最值,可判断A选项;B选项,通过基本不等式的变形后,再将代入可求出最值,可判断B选项;C选项,对平方,再使用基本不等式变形可得,进而求出式子的最值,据此可判断C选项;D选项:对所求式子平方,再使用基本不等式可得:,据此可求出式子的最值,可判断D选项.
5.【答案】A
【知识点】同一函数的判定
【解析】【解答】解:A、函数与,定义域相同,对应关系也相同,是同一函数,A正确;
B、函数定义域为,函数定义域为,定义域不同,不是同一函数,B错误;
C、函数定义域为,函数定义域为R,定义域不同,不是同一函数,C错误;
D、函数与函数,对应关系不同,不是同一函数,D错误.
故答案为:A.
【分析】本题考查同一函数的概念.同一函数的概念:定义相同,解析式相同的两个函数为同一函数.
对函数化简后,可判断两个函数解析式相同,又知定义域相同,为同一函数;对函数和求定义域后可值,定义域不同,不是同一函数;对函数和求定义域后,可知定义域不同,不是同一函数;对函数化简后可知,函数与函数解析式不同,不是同一函数.
6.【答案】A
【知识点】两角和与差的正切公式
【解析】【解答】解:已知,,
则.
故答案为:A.
【分析】本题考查两角和的正切公式.利用两角和的正切公式,代入数据可求出答案.
7.【答案】B
【知识点】对数的性质与运算法则
【解析】【解答】解:若 是10位数,则取最小值时,应满足,
则有,,
由,则的最小值是30.
故答案为:B.
【分析】利用对数的运算性质即可求解.
8.【答案】C
【知识点】函数单调性的判断与证明;函数的最大(小)值;函数的周期性
【解析】【解答】解:由函数,令 ,
由二次函数性质可知:图象关于对称,时,单调递增,时,单调递减,在处达到最大值,
由图象得:,则,
根据复合函数的性质可得:图象关于对称,
时,单调递增,时,单调递减,
在处达到最大值,则,且最大值为,
结合图象可知,所以.
故答案为:C.
【分析】本考查函数的单调性,周期性,最值.采用换元素法令 ,利用二次函数性质分析可知:在处达到最大值,结合函数图象可得:,则。根据复合函数的单调性可得:的对称性和单调性,在处达到最大值.又因为,且最大值为,结合图象可知,进而确定答案.
9.【答案】A,B,C
【知识点】利用不等式的性质比较大小
【解析】【解答】解:A和B、由,得,,AB正确;
C、显然,即,C正确;
D、函数在上单调递增,则,D错误.
故答案为:ABC.
【分析】本题考查不等式的性质.根据不等式两边同时加一个数不等式的方向不改变可判断A选项,根据不等式两边同时乘以一个正数不等式的方向不改变可判断B选项;利用作差法可得:,所以;根据幂函数的单调性可判断D选项.
10.【答案】B,C
【知识点】二倍角的正弦公式;函数y=Asin(ωx+φ)的图象与性质;辅助角公式
【解析】【解答】解:结合题意:,
即.
A、 由可得,所以,A错误;
B、将代入得:
,所以点是函数图象的一个对称中心,B正确;
C、对于,令,则,
因为,所以,而在上单调递减,
所以函数在区间上单调递减,C正确;
D、对于,当,
即,,D错误.
故答案为:BC.
【分析】本题考查正弦函数的图象和性质.利用二倍角公式及辅助角公式可将解析式化简为:,根据周期计算公式可求出周期;将点的横坐标代入解析式可得:,据此可判断点是否是对称中心;采用换元法令,则,根据的范围可变形出:,根据正弦函数的单调性可判断函数在区间上的单调性;当时,可求出函数的最大值.
11.【答案】A,C,D
【知识点】函数的最大(小)值;奇偶性与单调性的综合
【解析】【解答】解:因为,则,
因为为奇函数和为偶函数,所以,
所以,
联立,
可得,,
A、由,易判断函数在上单调递增,
且值域为,故,使得,A正确;
B、由,因为,
所以,当且仅当,即时,取得最小值,
而,当且仅当时取到,
故(不能同时取等),
故不存在,使得,B错误;
C、由,,
可得,而,,
所以,故,都有,C正确;
D、因为为奇函数和为偶函数,
所以,

故,都有,D正确.
故答案为:ACD.
【分析】本题考查函数的奇偶性,函数的单调性,函数的最值.先求出根据函数的奇偶性可列出方程组,解方程组可求出:和的解析式,对于选项A:先求出函数的单调性和值域,据此可判断A选项;对于选项B:
利用基本不等式可得:,再结合三角函数的有界性可推出,据此判断B选项;对于选项C利用指数函数的值域和三角函数的有界性可推出,据此判断C选项;对于选项D:已知为奇函数和为偶函数,根据奇偶性可得:,所以,据此判断D选项.
12.【答案】B,D
【知识点】元素与集合的关系;集合的表示方法
【解析】【解答】解:A、当时,,A错误,
B、,而,故当时,
此时取最小值,
比如时,,B正确,
C、时,,

,不符合,C错误,
D、不妨设中一个元素,
由于,则中相同位置上的数字最多有两对互为相反数,
其他相同位置上的数字对应相同,
若中相同位置中有一对的数字互为相反数,其他相同位置上的数字对应相同,
不妨设此时,
那么与相同位置中有一对的数字互为相反数,
其他相同位置上的数字对应相同的元素有
此时,其中,,
而,与中相同位置上的数字有两对是不相同的,此时,满足,
若与相同位置中有2对的数字互为相反数,
那么就与有3对相同位置上的元素互为相反数,不符合,
因此此时中满足条件的元素有7个,
若中相同位置中有两对的数字互为相反数,其他相同位置上的数字对应相同,
不妨设,
此时与元素重复,
综上可知中元素最多7个,D正确,
故答案为:BD.
【分析】本题考查集合的新定义问题.已知当时,根据题目定义计算可求出的值;举出反例:当时,;当时,举出反例:,根据题目定义计算出:
,,不符合;对于D选项,分三种情况进行讨论:若中相同位置中有一对的数字互为相反数,其他相同位置上的数字对应相同;若与相同位置中有2对的数字互为相反数;若中相同位置中有两对的数字互为相反数,其他相同位置上的数字对应相同;根据所给定义,可进行判断.
13.【答案】二
【知识点】象限角、轴线角
【解析】【解答】解:由象限角的定义可知,的角是第二象限角.
故答案为:二.
【分析】本题考查象限角的概念.因为,所以的角是第二象限角
14.【答案】
【知识点】指数函数的单调性与特殊点
【解析】【解答】解:在函数(,且)中,
令,则,所以该定点的坐标是.
故答案为:.
【分析】本题考查指数函数的定点.指数型函数的定点令指数位置的数等于0,即,代入解析式可求出定点纵坐标,反代回函数解析式出定点坐标.
15.【答案】2
【知识点】同角三角函数间的基本关系;诱导公式
【解析】【解答】解:因为,
所以.
故答案为:2.
【分析】本题考查诱导公式的应用,利用诱导公式化简代入数据可求出答案.
16.【答案】
【知识点】函数的单调性及单调区间;函数的最大(小)值
【解析】【解答】解:由题可得,
因为函数在 上的最小值为1,
当时,在 上,在单调递减,单调递增,
所以,解得(舍);
当时,在 上在单调递减,单调递增,
所以,解得(舍);
当时,在 上,在单调递减,单调递增,
所以,解得.
故答案为:
【分析】本题考查函数的单调性,函数的最值.对函数解析式去绝对值可得:.分两种情况进行讨论:判断出当时,当时,函数在 上的单调性,根据单调性可再结合函数在上的最小值为1,可列出方程, 解方程可求出的值.
17.【答案】(1)解:
(2)
【知识点】根式与有理数指数幂的互化;有理数指数幂的运算性质;对数的性质与运算法则;换底公式的应用
【解析】【分析】本题考查根式的性质及分数指数幂的运算法则,对数的运算法则,对的的换底公式.
(1)因为,利用二次根式的性质可求出的值;可以写成,指数幂的运算法则求出结果,再将各部分相加可求出原式的答案;
(2)根据对数的运算法则计算:,应用对数换底公式计算:,将各部分相加减可求出原式的答案.
18.【答案】(1)解:若,则,,
所以
(2)解:若是的充分不必要条件,则,
得,故的取值范围是.
【知识点】集合关系中的参数取值问题;并集及其运算
【解析】【分析】本题考查集合的交集运算,集合间的基本关系.
(1)先解一元二次不等式可求出集合A,由交集的定义可求出答案;
(2)已知是的充分不必要条件,根据集合的包含关系即可求出的取值范围.
19.【答案】(1)解:化简
因为的最大值为2,所以,

(2)解:,函数的图象上所有点的横坐标缩短到原来的(纵坐标不变),
得函数的图象,再将所得图象向右平移个单位长度,
得,
由,得,
所以,,
故在区间上的取值范围是.
【知识点】含三角函数的复合函数的值域与最值;函数y=Asin(ωx+φ)的图象与性质
【解析】【分析】本题考查降幂升角和辅助角公式化简解析式,三角函数图象变换,三角函数的值域.
(1) 利用降幂升角和辅助角公式可将解析式化简为:,根据题目条件可列出方程,解方程可求出m的值;
(2)根据变大横缩纵不变,变小横扩纵不变可得函数的图象上所有点的横坐标缩短到原来的(纵坐标不变)得函数的图象,再根据左加右减,可得.已根据题目条件变形可得,利用正弦函数的图象和性质可求出取值范围.
20.【答案】(1)解:若填①:
代入得
注:若填②:函数为奇函数,故.
若填③:,得
因为,所以.
由的值域是得,故.
(2)解:,且,有,
所以函数在上单调递减,
又因为,满足,
所以为奇函数.
因此,,可得,
结合单调性,知,所以.
令,记,故.
所以,故的最小值为.
【知识点】函数解析式的求解及常用方法;奇偶性与单调性的综合;函数恒成立问题
【解析】【分析】本题考查待定系数法求函数的解析式,函数的单调性和奇偶性,函数的恒成立问题.
(1)根据题意,①根据题目条件再结合对数恒等式可得:,解此方程可求出a的值;②函数为奇函数,根据奇函数的性质可得:,可列出方程,解此方程可求出a的值;③,由
,变形可得:根据指数函数的值域可列出式子,再结合的值域是,可得,解此方程可求出a的值;
(2)根据函数的单调性的定义判定方法,先判断出在上单调递减,再由为奇函数,可将不等式转化为,结合单调性,进一步转化为:,即恒成立,结合指数函数与二次函数的性质,可求出答案
21.【答案】(1)解:记轨道圆心为,则,
设劣弧的长为,则,
得,
.
(2)解:由已知,,,,
则,又,所以,
则,
令.则,
因为,当且仅当时,取到等号,
所以的最大值为.
【知识点】基本不等式在最值问题中的应用;任意角三角函数的定义
【解析】【分析】本题考查三角函数的定义,利用基本不等式求最值.
(1)设轨道圆心为,圆的半径为,劣弧的长为时,有,根据三角函数定义可知:,即,据此可表示出和的长;
(2)根据已知条件可证明,根据相似三角形的性质可得:,进而推出:,使用换元法令.则,观察可得积为定值,使用基本不等式可求出的最大值.
22.【答案】(1)解:,且
有,
由,得,,
所以,得,
又由,得.于是,
即.所以,函数在上单调递增.
(2)解:①要使有3个零点,由(1)知,函数在
上存在一个零点,在上存在两个零点,且,
代入,得,于是,
因为,所以

由,代入式,得,
令,,,且,
有,
故函数在上单调递增,
又因为,,
所以,得.
【知识点】函数单调性的判断与证明;函数的零点与方程根的关系
【解析】【分析】本题考查 用单调性定义证明 函数的单调性,函数零点的定义,函数单调性的应用.
(1)根据函数单调性的定义:先取值,再作差,变形可得:,结合函数的定义域定号可得:,即.据此可证明结论,
(2) ① 已知有3个零点,由(1)知函数在上存在一个零点,因此函数在上存在两个零点,根据二次函数的对称性可得:,代入,化简后可推出,可得.
② 将代入可得,构造函数,研究在上的单调性,结合零点存在定理可求出答案.
1 / 1浙江省台州市2023-2024学年高一上学期数学1月期末试卷
一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.(2024高一上·台州期末)若幂函数的图象过点,则的值为(  )
A. B. C. D.
【答案】D
【知识点】幂函数的概念与表示
【解析】【解答】解:由幂函数的图象过点,所以,
解得,故,所以.
故答案为:D.
【分析】本题考查幂函数的定义.根据幂函数的定义可列出方程:,解方程进而求出,进而得到函数的解析式,再代入可求出答案.
2.(2024高一上·台州期末)函数的定义域是(  )
A. B.
C. D.
【答案】A
【知识点】函数的定义域及其求法
【解析】【解答】解:由题意,在中,
即,所以的定义域为.
故答案为:A.
【分析】本题考查函数定义域的求法.根据对数的真数大于0,解不等式可求出答案.
3.(2024高一上·台州期末)下列函数在其定义域上单调递增的是(  )
A. B. C. D.
【答案】C
【知识点】函数的单调性及单调区间
【解析】【解答】解:A、反比例函数在和上单调递增,在定义域上不单调,A选项不满足条件,A错误;
B、指数函数在定义域上单调递减,B选项不满足条件,B错误;
C、对数函数在其定义域上单调递增,C选项满足条件,C正确;
D、正切函数在定义域上不单调,D选项不满足条件,D错误.故选:
故答案为:C.
【分析】本题考查函数的单调性.反比例函数中,,据此可判断出函数的单调性;指数函数的底数满足:,据此可推断函数在定义域上单调递减;对数函数的底数满足:,据此可得推断其定义域上单调递增;根据正切函数的图象可得:正切函数在定义域上不单调.
4.(2024高一上·台州期末)若,,,则(  )
A. B. C. D.
【答案】B
【知识点】基本不等式
【解析】【解答】解:A、若,,
,当且仅当等号成立,A错误;
B、,当且仅当等号成立,B正确;
C、,得,当且仅当等号成立,C错误;
D、,得,当且仅当等号成立,D错误.
故答案为:B.
【分析】本题考查利用基本不等式求最值.A选项采用“1还原法”,先用乘以1,再将1进行替换可:,观察积为定值,使用基本不等式求出最值,可判断A选项;B选项,通过基本不等式的变形后,再将代入可求出最值,可判断B选项;C选项,对平方,再使用基本不等式变形可得,进而求出式子的最值,据此可判断C选项;D选项:对所求式子平方,再使用基本不等式可得:,据此可求出式子的最值,可判断D选项.
5.(2024高一上·台州期末)下列四组函数中,表示同一函数的是(  )
A. B.
C. D.
【答案】A
【知识点】同一函数的判定
【解析】【解答】解:A、函数与,定义域相同,对应关系也相同,是同一函数,A正确;
B、函数定义域为,函数定义域为,定义域不同,不是同一函数,B错误;
C、函数定义域为,函数定义域为R,定义域不同,不是同一函数,C错误;
D、函数与函数,对应关系不同,不是同一函数,D错误.
故答案为:A.
【分析】本题考查同一函数的概念.同一函数的概念:定义相同,解析式相同的两个函数为同一函数.
对函数化简后,可判断两个函数解析式相同,又知定义域相同,为同一函数;对函数和求定义域后可值,定义域不同,不是同一函数;对函数和求定义域后,可知定义域不同,不是同一函数;对函数化简后可知,函数与函数解析式不同,不是同一函数.
6.(2024高一上·台州期末)已知,,则(  )
A. B. C. D.
【答案】A
【知识点】两角和与差的正切公式
【解析】【解答】解:已知,,
则.
故答案为:A.
【分析】本题考查两角和的正切公式.利用两角和的正切公式,代入数据可求出答案.
7.(2024高一上·台州期末)已知,若是10位数,则的最小值是(  )
A.29 B.30 C.31 D.32
【答案】B
【知识点】对数的性质与运算法则
【解析】【解答】解:若 是10位数,则取最小值时,应满足,
则有,,
由,则的最小值是30.
故答案为:B.
【分析】利用对数的运算性质即可求解.
8.(2024高一上·台州期末)已知函数部分图象如图所示,则(  )
A. B.
C. D.
【答案】C
【知识点】函数单调性的判断与证明;函数的最大(小)值;函数的周期性
【解析】【解答】解:由函数,令 ,
由二次函数性质可知:图象关于对称,时,单调递增,时,单调递减,在处达到最大值,
由图象得:,则,
根据复合函数的性质可得:图象关于对称,
时,单调递增,时,单调递减,
在处达到最大值,则,且最大值为,
结合图象可知,所以.
故答案为:C.
【分析】本考查函数的单调性,周期性,最值.采用换元素法令 ,利用二次函数性质分析可知:在处达到最大值,结合函数图象可得:,则。根据复合函数的单调性可得:的对称性和单调性,在处达到最大值.又因为,且最大值为,结合图象可知,进而确定答案.
二、选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分。
9.(2024高一上·台州期末)已知,则(  )
A. B. C. D.
【答案】A,B,C
【知识点】利用不等式的性质比较大小
【解析】【解答】解:A和B、由,得,,AB正确;
C、显然,即,C正确;
D、函数在上单调递增,则,D错误.
故答案为:ABC.
【分析】本题考查不等式的性质.根据不等式两边同时加一个数不等式的方向不改变可判断A选项,根据不等式两边同时乘以一个正数不等式的方向不改变可判断B选项;利用作差法可得:,所以;根据幂函数的单调性可判断D选项.
10.(2024高一上·台州期末)已知函,则(  )
A.函数的最小正周期为
B.点是函数图象的一个对称中心
C.函数在区单调递减
D.函数的最大值为1
【答案】B,C
【知识点】二倍角的正弦公式;函数y=Asin(ωx+φ)的图象与性质;辅助角公式
【解析】【解答】解:结合题意:,
即.
A、 由可得,所以,A错误;
B、将代入得:
,所以点是函数图象的一个对称中心,B正确;
C、对于,令,则,
因为,所以,而在上单调递减,
所以函数在区间上单调递减,C正确;
D、对于,当,
即,,D错误.
故答案为:BC.
【分析】本题考查正弦函数的图象和性质.利用二倍角公式及辅助角公式可将解析式化简为:,根据周期计算公式可求出周期;将点的横坐标代入解析式可得:,据此可判断点是否是对称中心;采用换元法令,则,根据的范围可变形出:,根据正弦函数的单调性可判断函数在区间上的单调性;当时,可求出函数的最大值.
11.(2024高一上·台州期末)定义域均为的奇函数和偶函数,满足,则(  )
A.,使得 B.,使得
C.,都有 D.,都有
【答案】A,C,D
【知识点】函数的最大(小)值;奇偶性与单调性的综合
【解析】【解答】解:因为,则,
因为为奇函数和为偶函数,所以,
所以,
联立,
可得,,
A、由,易判断函数在上单调递增,
且值域为,故,使得,A正确;
B、由,因为,
所以,当且仅当,即时,取得最小值,
而,当且仅当时取到,
故(不能同时取等),
故不存在,使得,B错误;
C、由,,
可得,而,,
所以,故,都有,C正确;
D、因为为奇函数和为偶函数,
所以,

故,都有,D正确.
故答案为:ACD.
【分析】本题考查函数的奇偶性,函数的单调性,函数的最值.先求出根据函数的奇偶性可列出方程组,解方程组可求出:和的解析式,对于选项A:先求出函数的单调性和值域,据此可判断A选项;对于选项B:
利用基本不等式可得:,再结合三角函数的有界性可推出,据此判断B选项;对于选项C利用指数函数的值域和三角函数的有界性可推出,据此判断C选项;对于选项D:已知为奇函数和为偶函数,根据奇偶性可得:,所以,据此判断D选项.
12.(2024高一上·台州期末)设是正整数,集合.对于集合中任意元素和,记,
.则(  )
A.当时,若,则
B.当时,的最小值为
C.当时,恒成立
D.当时,若集合,任取中2个不同的元素,,则集合中元素至多7个
【答案】B,D
【知识点】元素与集合的关系;集合的表示方法
【解析】【解答】解:A、当时,,A错误,
B、,而,故当时,
此时取最小值,
比如时,,B正确,
C、时,,

,不符合,C错误,
D、不妨设中一个元素,
由于,则中相同位置上的数字最多有两对互为相反数,
其他相同位置上的数字对应相同,
若中相同位置中有一对的数字互为相反数,其他相同位置上的数字对应相同,
不妨设此时,
那么与相同位置中有一对的数字互为相反数,
其他相同位置上的数字对应相同的元素有
此时,其中,,
而,与中相同位置上的数字有两对是不相同的,此时,满足,
若与相同位置中有2对的数字互为相反数,
那么就与有3对相同位置上的元素互为相反数,不符合,
因此此时中满足条件的元素有7个,
若中相同位置中有两对的数字互为相反数,其他相同位置上的数字对应相同,
不妨设,
此时与元素重复,
综上可知中元素最多7个,D正确,
故答案为:BD.
【分析】本题考查集合的新定义问题.已知当时,根据题目定义计算可求出的值;举出反例:当时,;当时,举出反例:,根据题目定义计算出:
,,不符合;对于D选项,分三种情况进行讨论:若中相同位置中有一对的数字互为相反数,其他相同位置上的数字对应相同;若与相同位置中有2对的数字互为相反数;若中相同位置中有两对的数字互为相反数,其他相同位置上的数字对应相同;根据所给定义,可进行判断.
三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分。
13.(2024高一上·台州期末)角是第   象限角.
【答案】二
【知识点】象限角、轴线角
【解析】【解答】解:由象限角的定义可知,的角是第二象限角.
故答案为:二.
【分析】本题考查象限角的概念.因为,所以的角是第二象限角
14.(2024高一上·台州期末)已知函数(,且)的图象过定点,则该定点的坐标是   .
【答案】
【知识点】指数函数的单调性与特殊点
【解析】【解答】解:在函数(,且)中,
令,则,所以该定点的坐标是.
故答案为:.
【分析】本题考查指数函数的定点.指数型函数的定点令指数位置的数等于0,即,代入解析式可求出定点纵坐标,反代回函数解析式出定点坐标.
15.(2024高一上·台州期末)已知,的值为   .
【答案】2
【知识点】同角三角函数间的基本关系;诱导公式
【解析】【解答】解:因为,
所以.
故答案为:2.
【分析】本题考查诱导公式的应用,利用诱导公式化简代入数据可求出答案.
16.(2024高一上·台州期末)若函数在上的最小值为1,则正实数的值为   .
【答案】
【知识点】函数的单调性及单调区间;函数的最大(小)值
【解析】【解答】解:由题可得,
因为函数在 上的最小值为1,
当时,在 上,在单调递减,单调递增,
所以,解得(舍);
当时,在 上在单调递减,单调递增,
所以,解得(舍);
当时,在 上,在单调递减,单调递增,
所以,解得.
故答案为:
【分析】本题考查函数的单调性,函数的最值.对函数解析式去绝对值可得:.分两种情况进行讨论:判断出当时,当时,函数在 上的单调性,根据单调性可再结合函数在上的最小值为1,可列出方程, 解方程可求出的值.
四、解答题:本大题共6小题,共70分。解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤。
17.(2024高一上·台州期末)计算:
(1);
(2).
【答案】(1)解:
(2)
【知识点】根式与有理数指数幂的互化;有理数指数幂的运算性质;对数的性质与运算法则;换底公式的应用
【解析】【分析】本题考查根式的性质及分数指数幂的运算法则,对数的运算法则,对的的换底公式.
(1)因为,利用二次根式的性质可求出的值;可以写成,指数幂的运算法则求出结果,再将各部分相加可求出原式的答案;
(2)根据对数的运算法则计算:,应用对数换底公式计算:,将各部分相加减可求出原式的答案.
18.(2024高一上·台州期末)已知,.
(1)若,求;
(2)若是的充分不必要条件,求实数的取值范围.
【答案】(1)解:若,则,,
所以
(2)解:若是的充分不必要条件,则,
得,故的取值范围是.
【知识点】集合关系中的参数取值问题;并集及其运算
【解析】【分析】本题考查集合的交集运算,集合间的基本关系.
(1)先解一元二次不等式可求出集合A,由交集的定义可求出答案;
(2)已知是的充分不必要条件,根据集合的包含关系即可求出的取值范围.
19.(2024高一上·台州期末)已知函数的最大值为2.
(1)求常数的值:
(2)先将函数的图象上所有点的横坐标缩短到原来的(纵坐标不变),再将所得图象向右平移个单位长度,得到函数的图象,求在区间的取值范围.
【答案】(1)解:化简
因为的最大值为2,所以,

(2)解:,函数的图象上所有点的横坐标缩短到原来的(纵坐标不变),
得函数的图象,再将所得图象向右平移个单位长度,
得,
由,得,
所以,,
故在区间上的取值范围是.
【知识点】含三角函数的复合函数的值域与最值;函数y=Asin(ωx+φ)的图象与性质
【解析】【分析】本题考查降幂升角和辅助角公式化简解析式,三角函数图象变换,三角函数的值域.
(1) 利用降幂升角和辅助角公式可将解析式化简为:,根据题目条件可列出方程,解方程可求出m的值;
(2)根据变大横缩纵不变,变小横扩纵不变可得函数的图象上所有点的横坐标缩短到原来的(纵坐标不变)得函数的图象,再根据左加右减,可得.已根据题目条件变形可得,利用正弦函数的图象和性质可求出取值范围.
20.(2024高一上·台州期末)从①;②函数为奇函数;③的值域是这三个条件中选一个条件补充在下面问题中,并解答下面的问题。
问题:已知函数,且 ▲ .
(1)求函数的解析式;
(2)若对任意恒成立,求实数的最小值.
注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分.
【答案】(1)解:若填①:
代入得
注:若填②:函数为奇函数,故.
若填③:,得
因为,所以.
由的值域是得,故.
(2)解:,且,有,
所以函数在上单调递减,
又因为,满足,
所以为奇函数.
因此,,可得,
结合单调性,知,所以.
令,记,故.
所以,故的最小值为.
【知识点】函数解析式的求解及常用方法;奇偶性与单调性的综合;函数恒成立问题
【解析】【分析】本题考查待定系数法求函数的解析式,函数的单调性和奇偶性,函数的恒成立问题.
(1)根据题意,①根据题目条件再结合对数恒等式可得:,解此方程可求出a的值;②函数为奇函数,根据奇函数的性质可得:,可列出方程,解此方程可求出a的值;③,由
,变形可得:根据指数函数的值域可列出式子,再结合的值域是,可得,解此方程可求出a的值;
(2)根据函数的单调性的定义判定方法,先判断出在上单调递减,再由为奇函数,可将不等式转化为,结合单调性,进一步转化为:,即恒成立,结合指数函数与二次函数的性质,可求出答案
21.(2024高一上·台州期末)如图是一种升降装置结构图,支柱垂直水平地面,半径为1的圆形轨道固定在支柱上,轨道最低点,,.液压杆、,牵引杆、,水平横杆均可根据长度自由伸缩,且牵引杆、分别与液压杆、垂直.当液压杆、同步伸缩时,铰点在圆形轨道上滑动,铰点在支柱上滑动,水平横杆作升降运动(铰点指机械设备中铰链或者装置臂的连接位置,通常用一根销轴将相邻零件连接起来,使零件之间可围绕铰点转动).
(1)设劣弧的长为,求水平横杆的长和离水平地面的高度(用表示);
(2)在升降过程中,求铰点距离的最大值.
【答案】(1)解:记轨道圆心为,则,
设劣弧的长为,则,
得,
.
(2)解:由已知,,,,
则,又,所以,
则,
令.则,
因为,当且仅当时,取到等号,
所以的最大值为.
【知识点】基本不等式在最值问题中的应用;任意角三角函数的定义
【解析】【分析】本题考查三角函数的定义,利用基本不等式求最值.
(1)设轨道圆心为,圆的半径为,劣弧的长为时,有,根据三角函数定义可知:,即,据此可表示出和的长;
(2)根据已知条件可证明,根据相似三角形的性质可得:,进而推出:,使用换元法令.则,观察可得积为定值,使用基本不等式可求出的最大值.
22.(2024高一上·台州期末)已知函数
(1)用单调性定义证明:在上单调递增;
(2)若函数有3个零点,满足,且,
①求证:;
②求的值(表示不超过的最大整数).
【答案】(1)解:,且
有,
由,得,,
所以,得,
又由,得.于是,
即.所以,函数在上单调递增.
(2)解:①要使有3个零点,由(1)知,函数在
上存在一个零点,在上存在两个零点,且,
代入,得,于是,
因为,所以

由,代入式,得,
令,,,且,
有,
故函数在上单调递增,
又因为,,
所以,得.
【知识点】函数单调性的判断与证明;函数的零点与方程根的关系
【解析】【分析】本题考查 用单调性定义证明 函数的单调性,函数零点的定义,函数单调性的应用.
(1)根据函数单调性的定义:先取值,再作差,变形可得:,结合函数的定义域定号可得:,即.据此可证明结论,
(2) ① 已知有3个零点,由(1)知函数在上存在一个零点,因此函数在上存在两个零点,根据二次函数的对称性可得:,代入,化简后可推出,可得.
② 将代入可得,构造函数,研究在上的单调性,结合零点存在定理可求出答案.
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