江西省八所重点中学2024届高三联考
物理试卷
2024.4
(考试时间：75分钟，试卷满分：100分)
注意事项：
1.本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分，答题时间75分钟。答题
前，考生务必将自已的姓名、班级填写在答题卡上。
2.第1卷（选择题）答案必须使用2B铅笔填涂；第Ⅱ卷（非选择题）必须将答案写在答题卡上，
写在本试卷上无效。
3.考试结束，将答题卡交回，试卷由个人妥善保管。
一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个
选项正确。)
1.1898年居里夫妇发现了放射性元素钋(4Po)。若元素钋发生某种衰变，其半衰期是138天，
衰变方程为0Po→2Pb+Y+y,下列说法正确的是()
A.该元素发生的是B衰变
B.Y原子核含有3个核子
C.y射线可用于肿瘤治疗
D.200g的Po经276天，已发生衰变的质量为100g
2.2022年6月5日，神舟十四号载人飞船与空间站组合体成功实现自主快速交会对接。空间站、
同步卫星绕地球的运动均可视为匀速圆周运动。已知空间站的运行轨道半径为R1,同步卫星的
运行轨道半径为R2(R2>R1),下列说法正确的是（)
A.空间站处于平衡状态
B,空间站的角速度比同步卫星的小
C.空间站与同步卫星的运行周期之比为
R
D.空间站与同步卫星的运行速率之比为
VR
3.如图(a),直导线MW被两等长且平行的绝缘轻绳悬挂于水平轴O0'上，其所在区域存在方
向垂直指向O0'的磁场，与O0'距离相等位置的磁感应强度大小相等，其截面图如图(b)
所示。导线通以电流，静止后，悬线偏离竖直方向的夹角为0。下列说法正确的是()
0'
00')
B
M(N)
右M
左
右
图(a)
图(b)
A,当导线静止在图(a)右侧位置时，导线中电流方向由N指向M
B,电流I增大，静止后，导线对悬线的拉力不变
C.an0与电流I成正比
D.sin0与电流I成正比
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4.如图所示为单反相机的取景五棱镜原理图，光线α经平面镜反射后以垂直AB面的方向射入五棱
镜，以平行于AB面的方向射出五棱镜。已知玻璃相对空气的折射率为1.5，CD面与AB面的夹
角为309，∠ABC-90。已知$in420=2
,下列说法正确的是()
至人眼
平而能
A.光线在F点的折射角的正弦值为0,5
B.光线在F点发生全反射
C.调节CD面与AB面的夹角，使得光线a由CD面射向空气时，恰好发生全反射，调整后CD
面与AB面的夹角为42°
D.如果左下角的三角形表示一正立的物体，经过多次反射后在取景窗中得到的是正立的像
5.如图甲，某型号的发电机产生的电动势e随时间t呈正弦规律变化，发电机线圈电阻为102，
将一个电阻为100的小灯泡接入其中，并且与一个理想电压表并联，如图乙。不考虑小灯泡
电阻随温度的变化，下列说法正确的是()
2205
0
t/102g
-2202
甲
0
A.电压表示数为220V
B.小灯泡消耗的功率为440W
C.电路中的电流方向每秒改变50次
D.发电机线圈每秒产生的焦耳热40
6.2023年12月18日在甘肃临爱州积石山县发生了6.2级地震，让人感觉地球处于“活跃”的时期，
地震波既有横波，也有纵波，若我国地震局截获了一列沿x轴正方向传播的地震横波，在t(图
中实线)与（十0.5）g(图中虚线)两个时刻x轴上3-3km区间内的波形图如图所示，关于该
地震波，以下判断正确的是()
y/m
3
4 x/km
A.波速可能为=8kms
B.质点振动的周期可能为T=1.0s
C.t时刻位子=1km的质点沿y轴正向振动
D.从t时刻开始计时，=2.5km处的质点比=2km处的质点先回到平衡位置
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物理试卷参考答案
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
C D D C D B A BD AD BCD
1．C
【详解】AB．由电荷数守恒和质量数守恒得，Y的电荷数为2，质量数为4，则核子数为4，可知Y是，属于衰变，故AB错误；
C．射线在医疗上作为伽马手术刀可以精准切除肿瘤组织，故C正确；
D．根据可得，的经276天，还剩余，则已衰变的质量为，故D错误。
2．D
【详解】A．空间站绕地球做匀速圆周运动，所受合外力不为零，处于不平衡状态。
B．空间站、同步卫星都绕地球做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律可得
化简可得，由于，因此空间站的角速度比同步卫星的大，故B错误；
C．设空间站、同步卫星的运行周期分别为，根据开普勒第三定律可得
整理可得，故C错误；
D．设空间站、同步卫星的运行速率分别为，根据牛顿第二定律可得
化简可得，因此空间站与同步卫星的运行速率之比为，故D正确。
3．D
【详解】A. 导体受到向下的重力，沿悬线向左上的拉力，如要平衡安培力的方向一定朝右上方。对直导线MN进行受力分析，如图所示：根据左手定则可知，导线中电流方向应由M指向N，故A错误；
B. 直导线MN在悬线的拉力、安培力和重力的作用下处于平衡状态，当电流增大，安培力会变化，再次处于平衡状态时安培力与重力的合力发生了变化，相应的悬线对导线的拉力也要变化，由牛顿第三定律可知，导线对悬线的拉力会改变，故B错误；
CD、因为磁场的方向处处指向OO'，即磁场处处与悬线平行，故直导线MN受到的安培力始终与悬线垂直。根据几何关系可得：tanθ＝，由B可知当电流I发生变化时，悬线的拉力T也要变化，所以tanθ与电流I不成正比；同理sinθ＝，因为重力恒定，所以sinθ与电流I成正比，故C错误，D正确。
4．C
【详解】AB．已知玻璃相对空气的折射率为1.5，则发生全反射的临界角C满足
由几何关系可知光线在F点的入射角为30°，因为,所以入射角小于临界角，不能发生全反射，设折射角为，则，解得，故A、B错误；
C．调节CD面与AB面的夹角，使得光线a由CD面射向空气时，恰好发生全反射，调整后CD面与AB面的夹角为42°，故C正确；
D．从三角形下方作出光线，如图所示由图可知在取景窗中得到的是倒立的像，故D错误。
5. D
【详解】A．由图甲可知，电动势的有效值为220V，由闭合电路欧姆定律可得电路中的电流为
,输出电压有效值，
则电压表示数为200V，A错误；
B．由电功率公式可得小灯泡消耗的功率为，B错误；
C．由图甲可知，交流电的周期为T=2×10 2s，可知电路中的电流方向每一个周期改变2次，可得每秒改变100次，C错误；
D．由焦耳定律可得发电机线圈每秒钟发热，D正确。
6. B
【详解】B．由题意结合图像可得（，，）
可得周期为（，，），故B正确；
A．由图可知波长为，则波速为v=4（2n+1），故A错误；
C．波沿x轴正方向传播，根据波形平移法可知，t时刻位于x=1km的质点沿y轴负向振动，故C错误；
D．从t时刻开始计时，根据波形平移法可知，x=2.5km处的质点向上振动，故x=2km处的质点比x=2.5km处的质点先回到平衡位置，故D错误。
7. A
【解答】解：从a到c根据动能定理有：mgh＝，在c点根据牛顿第二定律有：kmg﹣mg＝
联立解得：R＝，故A正确；
8. BD
【详解】依题意，根据动量定理，可得
可知防摔装置的作用是延长了手机与地面的接触时间，从而减小手机所受到的合外力，即减小手机动量的变化率，而手机动量的变化量未发生变化。由于高度不变，则动能的变化量保持不变。
9. AD
【解答】解：A、等差等势线的密度体现场强的大小，由图可知N点的等差等势线比M点更密，则N点的电场强度大小比M点的大，故A正确；
B、沿着电场线电势逐渐降低，由图可知电场线由N指 Q，则Q为负电荷，故B错娱；
C、沿者电场线电势逐渐降低，结合各等势线的电势高低关系可知M点的电场方向沿x轴正方向，故C错误；
D、M点与N点等势均为0V，P点与N点的等势线间隔四个，而相邻等势面的电势差为3V，则P点与M点的电势差为12V，故D正确。
10. BCD
【详解】A．小球运动过程中弹簧弹力做功，故机械能不守恒；
B．小球加速度为零时，速度最大，设此时弹簧压缩量为，有
此过程中两个小球下降的高度均为，由系统机械能守恒可得
解得两小球的最大总动能为，故B正确；
B．设小球下落高度为H时速度减为零，则，解得，小球不会从杆最低点脱落，故C正确；
D．当两小球下落高度10m时弹簧的弹性势能最大，此时弹簧的压缩量为0.2m，则有
故D正确。
11. A（2分） B（2分） C（2分）
12. 0.6（2分） 0.6（2分） 左（2分） 0.33（3分）
13. （10分）解：（1）对冰球分析： 2分
2分
解得： 1分
（2）冰球的运动：t 2分
运动员的运动： 2分
解得: 1分
14. （11分）（1）当金属杆稳定匀速运动时
电动势：E=BLv
闭合电路欧姆定律： 1分
牛顿第二定律：F-BIL-mg 1分
解得：F=3.5N 1分
（2）在0 1s时间内，对金属棒由动量定理得：
（F﹣mgsin37°﹣）t＝mv1﹣0 2分
其中q＝t 1分
解得： 1分
（3）从金属棒开始运动到达稳定，由动能定理得：
（F﹣mgsin37°）s+W安＝mv2﹣0
解得：W安＝-1.65J 2分
根据功能关系可得：Q＝|W安|＝1.65J
所以金属杆上产生的焦耳热：Qr＝Q=0.825J 2分
15. （18分）（1）（，0）点入射的粒子
1分
解得：R=b 1分
离开磁场的位置坐标（2b，0） 1分
在磁场中运动的时间
1分
解得： 1分
（2）（0.5a，a）入射的粒子做类平抛运动过原点
1分
1分
解得: 1分
假设从坐标（x，y）射出的粒子，需要满足
1分
1分
两者联立可得轨迹方程 1分
（方程正确即可给分）
（3）粒子进入磁场时速度方向与x轴夹角在45°~90°范围内，设经过原点的粒子速度为v，与x轴夹角为θ，则粒子在第四象限的轨迹半径为R，则
1分
所以粒子打到x轴的位置到原点距离为
1分
与无关，所有粒子均从（2b，0）点射出
收集板位于时，与x轴夹角为的粒子恰好打到收集板边缘，设粒子运动半径为R，根几何知识有
1分
可解得：R= 1分
由可得 1分
粒子进入磁场时速度方向与x轴夹角在45°~53°范围内的粒子可以打到收集板，则收集率
2分
