2026 届高一年级第一次联考试题
物理学科
一、选择题(1 题到 7 题是单选题,每一小题 4 分，8 题到 10 题是多选题,每一小题 5分，错
选和多选不得分、漏选得 3 分，共 43 分)
1．关于曲线运动，下列说法中正确的是（ ）
A．物体受变力作用才可能做曲线运动
B．平抛运动是匀变速运动
C．匀速圆周运动是匀速运动
D．匀速圆周运动是匀变速运动
2．军事训练中，一艘炮艇沿长江由西向东快速行驶，方位如图所示，在炮艇上发射炮弹射
击前方北岸的目标。要击中目标，射击方向应（ ）
A．对准目标
B．偏向目标的东侧
C．偏向目标的西侧
D．无论对准哪个方向都无法击中目标
3．俄乌冲突的战场上，无人机的广泛使用，改变了传统战场形态。在一次对敌方阵地的袭
击中，无人机以 v0 5m/s的速度水平向右匀速飞行，在某时刻释放了一枚炸弹。此时无人
机到水平地面的竖直高度 h 20m，空气阻力忽略不计，取 g＝10 / 2，则以下说法不正确
的是（ ）
A．小球下落的时间为 2s
B．小球的位移大小为10 5m
C．小球下落过程中速度的变化量为 20m / s，方向竖直向下
D．小球落地前瞬间的速度与水平方向夹角的正切值为 0.25
4．如图为游乐场中的“空中飞椅”结构示意图，转动轴带动顶部圆盘转动，悬绳一端系在圆
盘边缘，另一端系着椅子。若所有椅子质量相等，悬绳长短不一定相等，忽略悬绳质量与空
气阻力，则坐在椅子上的游客与椅子整体随圆盘匀速转动的过程中（ ）
A．任一时刻，所有游客的线速度都相同
B．游客质量越大，向心加速度越大
C．悬绳越长，悬绳与竖直方向的夹角就越大
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D．游客质量越大，悬绳与竖直方向的夹角就越大
5．把地球看做一个巨大的拱形桥，桥面半径就是地球的半径 R，有一辆质量为 m的汽车在
赤道上行驶，忽略地球自转，重力加速度为 g，下列说法正确的是（ ）
A．汽车速度越大，地面对它的支持力越大
B．当汽车速度大于 gR时，汽车做离心运动
C．当汽车速度等于 gR时，驾驶员与座椅之间的压力大小等于 mg
D．当汽车速度小于 gR时，驾驶员对座椅的力小于座椅对驾驶员的力
6．如图所示，一质量为 m的小球，用长为 L的轻绳悬挂于 O点，初始时刻小球静止于 P
点。第一次小球在水平拉力 F1作用下，从 P点缓慢地移动到 Q点，此时轻绳与竖直方向夹
角为θ=60°，张力大小为 T1；第二次在水平恒力 F2作用下，从 P点开始运动并恰好能到达 Q
点，至 Q点时轻绳中的张力大小为 T2，不计空气阻力，重力加速度为 g，关于这两个过程，
下列说法中正确的是（ ）
A．T1 2mg，F2 3mg
B．两个过程中 F1和 F2做的功相同
C．两个过程中，轻绳的张力均变大
D．第一个过程中，拉力 F1在逐渐变大，且最大值等于 F2
7．2023年 8月 13日长征三号乙运载火箭在西昌卫星发射中心点火升空，成功将陆地探测
四号 01星送入预定轨道。陆地探测四号 01星是全球首颗地球同步轨道 SAR（合成孔径雷
达）卫星，具备对中国大陆及周边区域高分辨率、全天候、高重访、宽覆盖的观测能力，可
有效满足灾害应急监测需求，同时兼顾国土资源、地震、水利、气象、海洋、环保、农业、
林业等行业应用需求。其轨道如图中 b所示，图中 a为太阳探测卫星“夸父一号”，轨道高度
小于地球同步卫星轨道高度，c为赤道上的物体。则下列说法正确的是（ ）
A．a、b的线速度大小关系为 va vb
B．a、b的角速度大小关系为 a b
C．b、c的周期关系为Tb Tc
D．b、c的向心加速度大小关系为 ab ac
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8．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程。在对以下几
位物理学家所作科学贡献的叙述中，下列说法正确的是（ ）
A．在对自由落体运动的研究中，伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实
验进行了验证
B．关于运动和力的清晰概念是由牛顿建立的
C．第谷通过大量的天文观察，发现了行星绕太阳的运动轨迹是椭圆而不是完美的圆
D．卡文迪许用扭称实验测出万有引力常量，被称为第一个“测出地球质量”的人
9．贵阳轨道 3号线 2023年 12月 16日 14时开通初期运营，运营速度达 100km/h，沿线有
黔灵山公园、十里河滩湿地公园、花溪公园等贵阳市著名风景区，可以说是贵阳市的一条“旅
x 1
游地铁专列”，全程 50分钟车程，某同学自己绘制了 2 图像（如图）研究该趟地铁的某t t
段过程的运动情况。该过程轨迹是直线，详细运动状态未知，以下说法合理的是（ ）
A．该车处于匀减速状态
B．该车的初速度为 0
C．该车的加速度大小为8m / s2
D．该车在前 3秒的位移是 24m
5
10．某同学将质量为 m的一矿泉水瓶（可看成质点）竖直向上抛出，水瓶以 g的加速度匀
4
减速上升，上升的最大高度为 H。水瓶往返过程受到的阻力大小不变。则（ ）
5
A．上升过程中水瓶的动能减少量为 mgH
4
5
B．上升过程中水瓶的机械能减少了 mgH
4
C．水瓶上升过程克服重力做功的平均功率大于下落过程重力的平均功率
1
D．从抛出到落回出发点克服阻力做功 mgH
2
二、实验题（共 16 分）
11．（6分）如图所示，向心力演示仪的挡板 A、C到转轴距离为 R，挡板 B到转轴距离为
2R，塔轮①④半径相同，①②③半径之比为 1：2：3，④⑤⑥半径之比为 3：2：1，现通过
该装置探究向心力大小与角速度、运动半径和质量的关系。
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（1）在这个实验中，利用了 来探究向心力的大小与小球质量、角速度和半径之
间的关系；
A．理想实验法 B．等效替代法 C．控制变量法
（2）当质量和角速度一定时，探究向心力的大小与运动半径之间的关系，应将皮带套在
塔轮上（选填①②③④⑤⑥中的两个）；
（3）当质量和运动半径一定时，探究向心力的大小与角速度的关系，将传动皮带套在②④
塔轮上，应将质量相同的小球分别放在挡板 处（选填“A”、“B”或“C”中的两个）。
12．（10分）如右图所示，在竖直板上不同高度处固定两个完全相同的圆弧轨道，轨道的末
端水平，在它们相同的位置上各安装一个电磁铁，两个电磁铁由同一个开关 1控制，在上轨
道末端 O点同一高度处固定第三块电磁铁，并通过 O点处的开关 2
控制。通电后，三块电磁铁分别吸住三个相同的小铁球 A、B、C。
断开开关 1，A、B两个小铁球同时开始运动，当 A小球运动到斜槽
末端 O点处时，触动开关 2，C小球开始做自由落体运动，同时 A
小球做平抛运动，B球进入一个光滑的水平轨道，三个小球恰好在 P
点相遇。
（1）球 A、B在 P点相遇，说明平抛运动在水平方向是 运动；
（2）球 A、C在 P点相遇，说明平抛运动在竖直方向是 运动；
（3）某同学采用频闪摄影的方法拍摄到如下图所示的小球做平抛运动的照片，图中背景方
格的边长均为 5cm，如果重力加速度 g取10m/s2，照相机的闪光频率为 Hz；小球
做平抛运动的初速度大小为 m / s，经过 B点时的竖直分速度大小为
m / s。（所有结果保留 2位有效数字）
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三、解答题（共 41 分，要求写出主要方程和演算过程，只写结果不得分）
13．（11分）2024年的春节期间，由于天气干燥和高温，贵州各地都不同程度遭受了山火
的侵袭，各地方也都组织了直升机灭火。某次飞行过程中，运送的水在水平方向速度 及竖
直方向速度 与飞行时间 t的关系图像如图 a、b所示，假设该直升机一次可运送 5吨水。
关于某次运送水的运动，求：（结果可用根号表示）
（1）水在第 5s时受到的合力大小及方向；
（2）1s时水的速度大小以及 0 6s内水的位移大小；
（3）水到达的最大高度。
14．（12分）若干年后，宇航员登上火星，在火星表面做了一个实验：将一个小球从高度
为 h处以速度 v水平抛出，经过一段时间后落到火星表面，并测得小球水平位移为 x。已知
引力常量为 G，火星的半径为 R。求：(不计阻力和不考虑火星自转的影响)
(1)火星表面的自由落体加速度大小 g；
(2)火星的质量 M；
(3)火星的平均密度ρ。
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15．（18分）商场推出一批新型滑动轨道，简化后模型如下图所示，主要由光滑圆弧面轨道
AB、光滑竖直圆轨道 BC、水平轨道 BD、水平传送带 DE和足够长的落地区 FG组成，各部
分平滑连接，圆轨道最低点 B处的入、出口靠近但相互错开，滑块落到 FG区域后立即停止
运动，现将一质量为 m＝0.2kg的滑块从轨道 AB上某一位置由静止释放，若滑块恰好能通
过圆轨道的最高点 C，且到 C时的速度为 = 3 /s，水平面 BD的长度 1＝2 ，传送带长
度 2＝3 ，距落地区的竖直高度 H＝0.45m，滑块与水平轨道 BD和传送带间的动摩擦因数
均为μ＝0.2，传送带以恒定速度 0 = 5 /s沿逆时针方向转动，取 g＝10 / 2。
（1）求圆轨道半径 R，及滑块恰好过圆轨道最高点 C时，滑块释放点的高度 1；
（2）要使滑块恰能运动到 E点，求滑块释放点的高度 2；
（3）当滑块释放的高度 = 1.2 时，求滑块落到 FG区域后停止运动时，距 B点的水平
距离 x，以及滑块落到 FG前瞬间的速度大小。
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{#{QQABAQIEggAAAJBAARhCQQWwCkMQkAECCIoOQAAAoAABSRFABAA=}#}2026 届高一年级第一次联考试题
物理学科参考答案
一、选择题(1 题到 7 题是单选题,每一小题 4 分，8 题到 10 题是多选题,每一小题 5分，错
选和多选不得分、漏选得 3 分，共 43 分)
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 B C D C B B C BD AC ACD
1.【答案】B。
【详解】由曲线运动的条件知速度与合外力不在同一直线上时做曲线运动；平抛运动加
速度不变，是匀变速运动；匀速圆周运动速度方向和加速度方向一直在变化，为变加速
运动。
2.【答案】C。
【详解】炮弹的实际速度方向沿目标方向，该速度是船的速度与射击速度的合速度，根
据平行四边形定则，知射击的方向偏向目标的西侧．故 C正确。
3.【答案】D。
1
【详解】A、小球做平抛运动，竖直方向为自由落体运动，h = gt2，故 A正确；
2
B、小球水平方向做匀速直线运动，水平位移为 x v0t 10m，小球的合位移为
l x2 h 2 10 5m；故 B正确；
C、小球落地前的竖直分速度为 vy=gt=10×2m/s=20m/s，故 C正确；
v
D y、小球落地前瞬间的速度与水平方向夹角的正切 tan 4，故 D错误；
v0
4.【答案】C。
【详解】根据题意可知，所有游客为同轴转动，则所有游客做圆周运动的角速度相同，
由 v r可知，游客做圆周运的半径不同，线速度大小不同，游客的线速度方向也不同，
故 A错误；向心加速度大小与质量无关所以 B错；
根据题意，设绳长为 L，悬绳与竖直方向的夹角为 ，则有
mg tan m 2 Lsin r
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解得 g 1 r
L
2 cos sin
可知，悬绳与竖直方向的夹角与游客质量无关，悬绳越长， 越大，即悬绳越长，悬绳
与竖直方向的夹角就越大，故 C正确，D错误。
5.【答案】B
【详解】A．根据汽车的受力，有
mg F m v
2
N R
得
v2FN mg m R
所以汽车速度越大，地面对它的支持力越小，A错误；
B．当汽车速度大于 gR时，重力不足以提供汽车做圆周运动的向心力，所以汽车会做
离心运动，B正确；
C．当汽车速度等于 gR时，汽车处于完全失重状态，此时驾驶员也处于完全失重状态，
故驾驶员对座椅的压力为零，C错误；
D．驾驶员对座椅的力与座椅对驾驶员的力属于作用力与反作用力，二者总是等大反向，
故当汽车速度小于 gR时，驾驶员对座椅的力等于座椅对驾驶员的力，D错误。
故选 B。
6．【答案】B
【详解】AD．第一次小球在水平拉力 F1作用下，从 P点缓慢地移动到 Q点，则小球处
于平衡状态，根据平衡条件得
F1=mgtanθ
T mg1 cos60
2mg
随θ角的增大 F1逐渐变大；
第二次从 P点开始运动并恰好能到达 Q点，则到达 Q点时速度为零，在此过程中，根据
动能定理得
F2l sin mgl 1 cos
解得
{#{QQABAQIEggAAAJBAARhCQQWwCkMQkAECCIoOQAAAoAABSRFABAA=}#}
F 32 mgtan = mg2 3
因为 F1的最大值为
F1max mgtan60
3mg F2
选项 AD错误；
B．两个过程中小球的机械能的增量相同，则 F1 和 F2做的功相同，选项 B正确；
C．第一次运动过程中，根据几何关系可知，绳子的拉力
T mg
cos
所以轻绳的张力变大；第二次由于重力和拉力都是恒力，可以把这两个力合成为新的“重
力”，则第二次小球的运动可以等效于单摆运动，当绳子方向与新的“重力”方向在同一
直线上时，小球处于“最低点”，最低点的速度最大，此时绳子张力最大，所以第二次绳
子张力先增大，后减小，故 C错误；
故选 B。
7．【答案】C
【详解】AB．卫星绕地球做匀速圆周运动，由引力作为向心力可得
Mm v2G 2 m mr
2
r r
解得
v GM
r
GM
r3
a的轨道半径小于 b的轨道半径，可得
va vb， a b
AB错误；
C．b卫星相对地球静止，运行周期与地球自转周期相同，可得
Tb Tc
C正确；
D 4
2
．由 a 2 r可知，b、c的向心加速度大小关系为T
ab ac
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D错误。
故选 C。
8.【答案】B、D
A、伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并未直接进行验证，而是在斜
面实验的基础上的理想化推理，故 A错误；
B．牛顿建立了运动和力的清晰概念，故 B正确
C．开普勒通过研究第谷观测的天文记录，发现了行星绕太阳的运动轨迹是椭圆而不是
完美的圆，故 C错误。
D．牛顿通过分析前人对行星运动的研究，提出了万有引力定律后，卡文迪许用实验测
出了引力常量，由此称卡文迪许为第一个“测出地球质量”的人。故 D正确；
9．【答案】AC
1 2
【详解】ABC．将位移时间公式 x v0t at 变形可得2
x
2 v
1 1
0 at t 2
由数学知识可知，图像的斜率
k 4 v0 m s 20m s0.2
纵轴的截距
4m s2 = 1 a
2
可得
a 8m s2
由此可知，该车处于匀减速运动状态，加速度大小为 8m/s2，AC正确，B错误；
D．该车处于匀减速运动，运动的总时间由速度时间公式可得
t v0 20 s 2.5s
a 8
该车在前 3秒的位移就是前 2.5秒的位移，为
x v0 t 20 2.5m 25m
2 2
D错误。
故选 AC。
10．【答案】A、C、D
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【详解】A．上升过程中受到竖直向下的重力和竖直向下的阻力作用，故有mg f ma
5
解得 f
1
mg；动能减少量为 mgH ，选项 A正确；
4 4
1
B．克服阻力做功，等于机械能减小量，上升过程机械能减小 E Wf mgH 故 B错误；4
C．上升过程中的平均速度大于下降过程中的平均速度，根据 P=Fv；可知选项 C正确；
D．上升和下降过程中阻力和位移大小相等，且都做负功，由功的定义可知选项 D正确。
故选 A、C、D。
二、实验题（共 16 分）
11．（6分）
解答:（1）C（2）①④（3）AC
每个空 2分
解析：（1）探究向心力的大小与小球质量、角速度和半径之间的关系，需采用控制变量法；
（2）需满足角速度一定，又因皮带传动的塔轮边缘线速度大小相等，所以要选择相同大小
半径的塔轮；
（3）要求质量和运动半径一定，所以应将小球放在 AC处。
12．（10分）
解答：（1）匀速直线 （2）自由落体 （3）10 1.5 2.0
每个空 2分
解析：（1）根据平抛的实验易得，小球水平方向做匀速直线运动；
（2）根据平抛的实验易得，小球竖直方向是自由落体运动；
（3）根据平抛运动规律，在竖直方向是自由落体运动，水平方向做匀速直线运动，所以 A、
B、C三点之间时间间隔相等，在竖直方向有 y = gT2可知，T=0.1s，频率为 10 Hz；
由 =
0 可得 0 = 1.5m / s；B点为 AC的时间中点，在竖直方向等于 AC过程的平均速
度， =
可得 = 2.0m / s。
2
三、解答题（要求写出主要方程和演算过程，只写结果不得分）
13．（11分）
{#{QQABAQIEggAAAJBAARhCQQWwCkMQkAECCIoOQAAAoAABSRFABAA=}#}
1 5s = 解：（ ）水在第 时：根据 = 0， = 1.5 2 2分
= 1.5 2 方向竖直向下， 1分
根据牛顿第二定律： = = 7500 ，方向竖直向下； 1分
（2） = 2 + 2 1s时水的速度
= 2 ， = 3 ， = 13 2分
= 2 + 2 0 6s内水的位移 = 20 = 18 2分
= 724 (2 181 ) 1分
（3）水到达的最大高度为 = 18 2分
14．（12分）
解：(1)月球表面附近的物体做自由落体运动，
则 h 1＝ gt2 2h， 解得 g＝ 1分
2 t2
x=vt 1 分
g = 2
2
解得
2
2 分
(2) Mm因不考虑月球自转的影响，则有 G ＝mg 2 分
R2
g R2 2hR2
月球的质量 M＝ 月 ＝ 1 分
G Gt2
=
2
= 2
2 2
2
1 分
(3) ρ M 4月球的平均密度 ＝ ， = 3 2 分
V 3
= 3
2
解得 2 2 分2
15．（18分）
解：（1）当滑块恰好过圆轨道最高点 C时，由重力提供向心力，由牛顿第二定律得
2
mg＝m 2分 解得： = 0.3 1分
滑块恰好过圆轨道最高点 C时,根据动能定理：mg（h1﹣2R
1
）= 2
2 2分
解得：h1＝0.75m 1分
（2）要使滑块恰能运动到 E点，则滑块到 E点的速度 ＝0，从 A到 E过程中，根据动
能定理有 mgh2﹣μmg（x1+x2）＝ 0 2分
{#{QQABAQIEggAAAJBAARhCQQWwCkMQkAECCIoOQAAAoAABSRFABAA=}#}
解得：h2＝1m 1分
显然 h2＞h1，所以要使滑块恰能运动到 E点，则滑块释放点的高度 h2＝1m。 1分
（3）当滑块释放点的高度 h=1.2m时，滑块从 E点飞出，根据动能定理有
mgh﹣μmg（x 1 21+x2）= 2 ＝2m/s 2分
E t= 2 滑块从 点飞出做平抛运动，平抛运动的时间为 t＝0.3s 2分
解得：x＝x1+x2+ x＝5.6m 1分
mg（h+H）﹣μmg x +x = 1根据动能定理 ： （ 1 2） 2 2分2 末
解得 末= 13 /s 1分
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