绝密★考试结束前
2023学年第二学期宁波三锋教研联盟期中联考
高二年级物理学科试题
考生须知：
1,本卷共8页满分100分，考试时间90分钟。
2,答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考址号并填涂相应数字。
3.所有答案必须写在答题纸上，与在试卷上无效。
4.考试结束后，只需上交答题纸
选择题部分
一、单项选择题（本题共13题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个选项中只有一个是符
合题目要求的，不选、多选、错选均不给分)
1,新SI(单位制)自2019年5月20日（国际计量日）正式实施，这将对科学和技术发展产生深
远影响，根据所学知识判断，下列选项正确的是(
A.“焦耳(J)”是国际单位制中的基本单位
B.“电子伏特(eV)”表示的是电势的单位
C.“牛秒(N·s)”表示的是冲量的单位
D.“频率(z)”用国际单位制中的基本单位可以表示为s
2.下列说法正确的是(
A.形成机械波一定要有波源，介质可以没有
B.法拉第对电磁感应的研究做出了巨大贡献，并率先提出了法拉第电磁感应定律
C.变化的电场一定产生变化的磁场，形成电磁场，发出电磁波
D.发生干涉现象时，介质中振动加强点某时刻的位移可能为零，但振幅不会为零
3.芯片制作关键在于光刻机的技术突破，光刻机利用光源发出的紫外线，将精细图投影在硅片上，
再经技术处理制成芯片。目前的高端光刻机主要分为EUW光刻机和DUV光刻机。DUV(波长193m)
是深紫外线，EUV(波长13.5m)是极深紫外线。浸没式光刻机在透镜组和硅片之间充有液体，已
知光在真空巾传播速度大于在介质中传播速度。关于光刻机物理量的比较下列说法正确的是()
A.真空中DUV光源光子能量比EUW光源光子能量大
B.相同条件下，DUV光源比EUV光源更容易发生明显衍射现象
C.DV光源和EV光源叠加时可以发生千涉现象
D.浸没式光刻机光在液体中波长比在真空中长
一掩膜
←投影物院→
浸没液体
000000
光刻胶
硅片
7
传统光刻
浸没式光刻
第3题图
第4题图
第5题图
4,在，C振荡电路中，某时刻线圈中电流产生的磁场方向和电容器极板的带电情况如图所示，则图
高二物理学科试题第1页（共8页）
示状态()
A,电容器刚好充电完毕
B.电容器的带电量在减小
C.线圈中的电流正在减小
D.磁场能正在向电场能转化
5.竖直放置的轻质弹簧，下端固定在水平地面上，一小球从弹簧正上方某一高度处自由下落，从小
球开始接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中，下列说法正确的是()
A.小球和弹簧组成的系统动量守恒
B.小球的动量减小
C.小球的机械能守恒
D.弹簧对小球冲量的大小大于重力对小球冲量的大小
6,磁场中的四种仪器如图所示，则下列说法中正确的是()
XXXXX
-UH
甲：回旋加速器
乙：质谱仪
丙：霍尔元件
丁：电磁流量计
A.甲中回旋加速器，加速电压越大，带电粒子的最大动能越大
B.乙中比荷为号的粒子在质谱仪C区域中运动的半径R=m8
gB,E
C.内中白由电荷为电子的霍尔元件有如图所示电流和磁场时，N侧电势低
D.丁中长宽高分别为α、b、c的电磁流量计加上如图所示匀强磁场，若流量Q恒定，前后两个
金属侧面的电压大小U=
b
7.如图，一个半径为！的金属圆盘在匀强磁场B中以角速度ω匀速转动（从左向右观察为顺时针方
向)。这样构成一个法拉第圆盘发电机。假设其电动势为8，等效内阻为”。下列说法正确的是()
A.圆盘发电机产生的是交流电
B10R
B.电源的输出功率为
4(R+r)2
C.法拉第圆盘发电机的电动势为8=！B1
2
D.流过电阻R的电流方向为C→R→D
i/A
22
0
6
第7题图
第8题图
第9题图
高二物理学科试题第2页（共8页）2023 学年第二学期宁波三锋教研联盟期中联考
高二年级物理学科参考答案
一、单项选择题（本题共 13 题，每小题 3 分，共 39分。每小题列出的四个选项中只有
一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不给分）
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13
C D B B D C B C A D C C A
二、不定项选择题（本题共 2 小题，每小题 3 分，，共 6 分。在每小题给出的四个选项
中，至少有一个选项正确，全部选对得 3 分，选不全的得 2 分，有选错或不答的得 0 分）
14 15
ACD BD
三、实验题（共 15分）
（x x）d
16.（1）BC（2分）（2）C （1 分） B （1 分） 2 1 （2 分） 1.11（2 分）
7L
17.(1)5.6 （2 分） (2) N2 （1 分） (3)ABC （2 分）(4)D （2 分）
四、解答题（7+10+11+12，共 40分）
18（7分）.（1）100V；（2）0.1C，6.28J
【详解】（1）由 Φ-t图线可知：Φm= 2.0 10 2 Wb
2
周期为：T=6.28×10-2s，由于：Φm=BS，且： = =100rad/s --------------------------（1 分）
T
感应电动势最大值为：Em=nBSω=nΦmω=50×2.0×10-2×100V=100V----------------------（2 分）
（2）从图示位置转过 90°，磁通量变化量为：ΔΦ=BS=Φm=2.0×10-2Wb
通过线圈的电荷量：
E 2.0 10 2
q = I t = t = n t = n = 50 C = 0.1C ------------------（2 分）
R + r t(R + r) r + R 8+ 2
Em 10
2
电动势的有效值为：E = = V = 50 2V
2 2
E
根据焦耳定律可得：Q = ( )2
50 2
Rt = ( )2
1
8 6.28 10 2 J = 6.28J ----------（2 分）
R + r 8+ 2 4
1
19（10分）.（1）1m/s；（2）0.5；（3） m
15
【详解】
（1）当物块 A 滑上木板 B，二者组成的系统动量守恒，所以：mAv0 = mAvA +mBv（2 分）
{#{QQABAQSEgggAApAAARgCQQ0yCkGQkBECCIoGQEAEIAABCBNABAA=}#}
代入数据解得：v =1m/s --------------------------------------------------------------------------（1 分）
（2）A 从滑上 B 到滑离木板，
1 2 1 2 1 2
根据能量守恒定律有： mAv0 = mAvA + mBv + mAgL ---------------------------------（2 分）
2 2 2
代入数据解得： = 0.5 -----------------------------------------------------------------------------（1 分）
（3）
物块 A 滑上圆弧槽 C 后，圆弧槽向右加速，二者组成的系统水平方向动量守恒
所以：mAvA = (mA +mC)v共 --------------------------------------------------------------------------（1 分）
1 2 1mAvA = (mA +mC)v
2
共 +mAgh --------------------------------------------------------------------（2 分）
2 2
1
联立解得：h = m ---------------------------------------------------------------------------------（1 分）
15
176
20（11分）.（1） 6T；（2）2m / s2 ；（3） J
3
【详解】（1） t=4s后导体棒做匀速直线运动，
E
此时的感应电动势为：E 11 = BLv1 感应电流为：I1 = ，---------------------------（1 分）
R+ r
根据平衡条件有：BI1L = mg -----------------------------------------------------------------------（1 分）
解得：B = 6T -----------------------------------------------------------------------------------------（1 分）
E
（2） t = 2s时，感应电动势为：E2 = BLv2 ，感应电流为： I
2
2 = ------------------（1 分）
R+ r
根据平衡条件有：mg BI2L = ma ---------------------------------------------------------------（1 分）
解得：a = 2m / s2 --------------------------------------------------------------------------------------（1 分）
BLx
（3）前 2s 内，感应电动势的平均值为：E = =
t t
E q
感应电动势的平均值为： I = ，根据电流的定义式有： I = -----------------------（1 分）
R + r t
根据动量定理有：mgt BILt = mv2 --------------------------------------------------------------（1 分）
1 2
根据能量守恒定律有：mgx = mv2 +Q总 --------------------------------------------------------（1 分）
2
R
电阻 R上产生的焦耳热：Q = Q总-------------------------------------------------------------（- 1 分）
R+ r
176
解得：Q = J --------------------------------------------------------------------------------------（1 分）
3
2 3 3
21（12 分）．（1）4cm；（2） t = 9.14 10 7s ；（3） 10 V U 6 10 V
3
{#{QQABAQSEgggAApAAARgCQQ0yCkGQkBECCIoGQEAEIAABCBNABAA=}#}
1
【详解】（1）粒子从 S1 到达 S2 的过程中，由动能定理得：qU0 = mv
2
-------------（1 分）
2
mv2 mv
v = 2 105 m / s 在磁场中，根据牛顿第二定律得：qvB = ， r = --------（1 分）
r Bq
联立得： r = 4cm ----------------------------------------------------------------------------------（1 分）
（2）由 r＝R可知粒子在磁场中的偏转角度为 ，
2
r
故粒子磁场中运动的时间为： t2 = ------------------------------------------------------（1 分）
2v
R
t =
在电场中运动时间为： 1 v ，-------------------------------------------------------------（1 分）
2
2R R
离开磁场到 D的运动时间为： t3 = --------------------------------------------（1 分）
v
总运动时间： t = t 71 + t2 + t3，联立得代入数据解得： t = 9.14 10 s -----------------（1 分）
（3）要确保粒子都能打在收集板 D上，则粒子在磁场中的偏转角 θ在 60°-120°之间，轨迹
R
r =
如图所示。由几何关系得，粒子在磁场中的运动半径： -----------------（1 分）
tan
2
mv2
qvB =
r
1
qU = mv2 -----------------------------------------------------------------------------------（1 分）
2
3
联立得：当 θ＝60°时，r1=√3R，Umax = 6 10 V ，--------------------------------（1 分）
2 3
当 θ＝120°时，r2=√3/3 R，Umin = 10 V ，-------------------------------------（1 分）
3
2 3 3
综上M、N间电压的范围： 10 V U 6 10 V ------------------------------------（1 分）
3
{#{QQABAQSEgggAApAAARgCQQ0yCkGQkBECCIoGQEAEIAABCBNABAA=}#}
