武汉市2024届高三年级五月模拟
试题
物理试卷
2024.5.22
本试题卷共6页，15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。
★祝考试顺利★
注意事项：
1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码
贴在答题卡上的指定位置。
2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂
黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3.非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、
草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并上交。
一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1~7
题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选
对但不全的得2分，有选错的得0分。
1.快中子反应堆利用Pu裂变反应时产生的快中子和U发生反应，生成不稳定的
22U,U经过第一次衰变生成不稳定的9Np,29Np经过第二次衰变生成9Pu。这样
9P越烧越多，所以快中子反应堆又称为增殖反应堆。关于上述过程中的两次衰变反
应，下列说法正确的是
A.第一次是α衰变，第二次是B衰变
B.两次均是α衰变
C.第一次是B衰变，第二次是衰变
D.两次均是B衰变
2.爆胎是指轮胎在极短时间内因破裂突然失去部分空气而瘪掉的现象，它容易导致行驶
车辆发生交通事故。下列说法正确的是
A.爆胎可能是因为胎内气体压强太大
B.爆胎可能是因为胎内气体分子间斥力太大
C.夜间比白天气温低，发生爆胎的可能性更大
D.爆胎后瞬间，胎内气体温度会升高
物理试卷第1页（共6页）
3.如图所示为可拆变压器，原线圈与学生电源相连，副线圈与小灯泡相连，原、副线圈接入
匝数分别为100匝和200匝，学生电源置于交流电压“6V”时，小灯泡正常发光。下列
说法正确的是
横条铁芯
A.小灯泡的额定电压可能小于12V
B.减小接人副线圈的匝数，原线圈的电流会增大
C.将可拆变压器的横条铁芯取下，小灯泡也能正常发光
D.若原线圈接入恒定电压“6V”时，小灯泡也能正常发光
4.图(a)是一列沿x轴方向传播的简谐横波在t=4s时的波形图，M、N是介质中的两个
质点，其平衡位置分别位于x=2m、x=8m处，图(b)是质点N的振动图像。下列说法
正确的是
◆y/m
◆y/m
M
2
/810
x/m
810t/s
图(a)
图(b)
A.波沿x轴负方向传播
B.波的传播速度大小为0.5m/s
C.t=5s时，M、N的速度大小相等，方向相同
D.t=7s时，M、N的加速度大小相等，方向相反
5.如图所示，一等腰梯形ABCD处于匀强电场中，电场强度方向平行于等腰梯形所在平面，
已知∠DAB=∠CBA=60°，AB=2m,AD=1m,A、D、C三点的电势分别为1V、3V、5V。
下列说法正确的是
A.B点的电势为6V
B.电场强度大小为4
3
-V/m
C.一质子在梯形区域内的电势能不一定大于零
D.一电子从D点移到AB的中点，电场力做正功
6.如图所示，倾角为37°的斜面固定在水平面上，小球从斜面上M点的正上方0.2m处由
静止下落，在M点与斜面碰撞，之后落到斜面上的N点。已知小球在碰撞前、后瞬间，
速度沿斜面方向的分量不变，沿垂直于斜面方向的分量大小不变，方向相反，si37°=0.
6,cos37°=0.8，重力加速度大小g=10m/s2,忽略空气阻力，
则小球从M点运动至W点所用的时间为
A.0.2s
B.0.3s
C.0.4s
D.0.5s
37
7777777777777777777777777777777
物理试卷
第2页（共6页）物理试题参考答案及评分参考
一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。全部选对的得4分，选对但不全的得
2分，有选错的得0分。
1.D
2.A
3.A
4.C
5.B
6.C
7.B
8.AB
9.BD
10.AC
二、非选择题：本题共5小题，共60分。
11.(7分)
(1)B(2分)
(2)1.130(2分)
(3)480(3分)
12.(10分)
(1)45.0（2分)
(2)9.0(2分)
(3)7.5(2分)，30(2分)
(4)偏低(2分)
13.(10分)
(1)设冰帝泔行的加速度大小为a,经过C点的速度为。由匀变速白线运动的规体
+x="(+42)+5a(+1)2
①
2
x=%h+2%,
②
=2瓜)
③
解得
x3=0.9m
④
(2)根据牛顿第二定律
umg ma
⑤
由(1)可得
a=0.2m/s2
⑥
解得
4=0.02
⑦
评分参考：本题共10分。第(1)问5分，①②③式各1分，④式2分：第(2)问5
分，⑤式1分，⑥⑦式各2分。其他解法正角的同样给分。
14.（15分)
(1)未进入磁场前，人和座椅布做自由落体运动，加速度为大小g。设b加进入磁场时
的速度大小为，则
v=2gh
①
bc进入磁场后，由法拉第电磁感应定律
E=BLv
②
由闭合电路做姆定律
E=IRa
③
Rn=R+
R=5R
④
44
bc受到的安培力
F=BIL
座椅车恰好做匀速直线运动，由平衡知识
F=mg
解得
m=4
5gR
-2gh
⑦
(2)从bc离开磁场到ad离开磁场的过程中，座椅车·直匀速直线运动，所用时间
1
⑧
V
通过bc的电荷量
q=lt
⑨
k片
⑩
解得
4BLh
q5R
①
(3)金属框架abcd匀速通过磁场的过程中，减少的机械能
△E=5mgh
⊙
减小的机械能全部转化成焦耳热，下落过程中5根金属棒的作用相同，故金属棒b上
产生的热量占全部热量的五分之一，即
0A
国
5
解得
Q-
G
评分参考：本题共15分。第(1)问7分，①②③④⑤⑥⑦式各1分：第(2)问4分，
⑧⑨@①式各1分：第(3)问4分，@国式各1分， 式2分。其他解法
正嗡的问样给分。
15.(18分)
(1)设滑块第一次到达圆轨道最高点的速度大小为1，根据动能定理
nmgl,sin日-4 ngLcos0-mg×2R=。m,2
①
2
在最高点，根据牛顿第二定律
g+R=m
②
R
根据牛顿第三定律，滑块对轨道的压力大小
F=FN
③
解得
F=45mg
④
(2)设滑块第一次在CD段向上滑行的最大距离为L,根据动能定理有
mg(L-L)sine-umg(L+L)cos=0
⑤
解得
I=25R
⑥
(3)设滑块第2次到达圆轨道最高点的速度大小为2，根据动能定理有
1
mgl,sin0-mgL cos0-mg x2R=m
⑦
解得
片=6gR
设滑块第1次在AB段向上滑行的最大距离为1，根据动能定理
mg(L-s:)sin 0-umg(L+s)cos=0
⑧
解得
S:=5R
⑨
设滑块第3次到达圆轨道最高点的速度大小为，根据动能定理
mgs,sin8-Hmg,cos0-ig×2R=。my2
2
②
解得
v2=-2gR
①
所以滑块第3次进入圆形轨道无法达到最高点。
假设其运动过程中不脱轨且上升的最大高度为，根据动能定理
nigs sin0-Lmgs,cos0-mgh =0
解得
h=R
匝
所以滑块第3次进入圆形轨道运动过程中没有脱轨，之后仅在：AB段与圆形轨道间米回
