机密★启用前
2024年上学期高二期末考试
物理
本试卷共6页。全卷满分100分，考试时间75分钟。
注意事项：
1.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑，如有政动，用橡
皮擦千净后，再选涂其他答案：回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3.考试结来后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目
要求的.
1.物理学的发展离不开物理学家的研究发现，在物理学的发展中出现了多位里程碑式的科学家，下
列关于物理学史描述符合事实的是
A爱因斯坦提出光子的概念，成功解释光电效应现象
B.牛顿总结得到了万有引力定律，并通过扭秤实验测出了引力常量
C.伽利略被称为“运动学之父”，他认为重的物体比轻的物体下落得快
D.卢瑟福通过《粒子散射实验研究，提出了原子具有“枣糕模型”
2.物体做直线运动时的位移x、速度v、加速度a与所受合力F随时间t变化的图像如图所示，则表
示做匀加速直线运动物体的图像是
3.如图所示是舞蹈中的“波浪”表演演员手挽手排成一行，从左侧第一位演员开始，周期性地举起或放
下手中的扇子，呈现出类似“波浪”的效果.这个情景可以简化为一列振幅为A,波长为入向右传播的
简谐波，“波浪“的振动周期为T则下列说法正确的是
【高二物理试题第1页（共6页）】
A.“波浪”的传播速度。=
分
B.“波浪”是纵波
C,在一个振动周期T内，每把扇子运动的路程为2A
D,某时刻某演员的坐标为，0)，则经后，该演员的坐标为(，-】
4.北京时间2024年4月25日20时59分，长征二号F遥十八运截火箭在酒泉卫星发射中心点火发
射成功，将神舟十八号载人飞船送入了距离地球约400km的太空预定轨道.而地球同步静止卫星
距离地球约36000km.已知地球的半径为R,地球表面的重力加速度为g,神舟十八号飞船的轨道
半径为.飞船与同步卫星的运动均可看作绕地球做匀速圆周运动，忽略地球自转对重力大小的影
响，则下列说法正确的是
A.在运载火箭发射升空的过程中，里面的宇航员处于失重状态
B.神舟十八号飞船在预定轨道绕地球运行的速度小于地球第一宇宙速度7.9km/s
C.神舟十八号飞船在预定轨道运行的周期比地球同步静止卫星的周期24h更大
D神舟十人号飞铅在预定轨道运行的角速度为月
5.如图所示.已知竖直平面内的圆形轨道半径为R=0.4m,且远大于管的半径，管内壁光滑，不计管
内空气阻力，小球质量m=0.005kg,小球半径略小于管的半径，且可看做质点，重力加速度g=
10m/s2,小球从与园心等高的A点进入轨道.下列说法正确的是
A.若小球能到最高点C点，则小球在C点速度至少为2m/s
B.若小球到最高点C点时对轨道没有压力，则小球在C点速度为2m/s
R
C.若小球到最高点C点时速度为4m/s则小球对轨道的弹力大小为0.25N.
方向竖直向上
D若从A点静止释放小球，轨道半径R越大，则小球到最低点B点对轨道的压力越大
6如图甲所示，质量分别为1、m:的物块A和B静止在光滑的水平地面上，其中物块B左端拴按
轻弹簧，弹簧开始处于原长.给物块A一向右的初速度。，物块A与弹簧作用的过程中，物块A、
B的速度1,2的部分大小关系如图乙所示，弹簧始终在弹性限度内.已知m:=0.2kg.结会图乙
中的数据，下列说法正确的是
1nm8)
A.物块A的初速度vn-2m/s
B.物块B的质量m:=0.1kg
C.从物块A碰到弹簧到弹簧压缩最短的过程中，弹簧
M B
77777777777
0
2 (m's)
给物块B的冲量大小为0.36N·s
甲
D.弹簧第一次恢复原长时，物块B的速度大小为2m/s
【高二物理试题第2页〔共6页)】２０２４年上学期高二期末考试 物理
参考答案、提示及评分细则
１．A A．爱因斯坦借鉴了普朗克的能量子理论提出光子的概念,成功解释光电效应现象,A正确;
B．牛顿总结万有引力定律,但引力常量G 是卡文迪许通过扭秤实验测得的,B错误;
C．选项中的观点是亚里士多德的,C错误;
D．卢瑟福通过α粒子散射实验研究,提出了原子的“核式结构模型”,不是“枣糕模型”,D错误．
２．B A．物体速度不变,做匀速直线运动,A错误;
B．物体加速度恒定,做匀加速直线运动,B正确;
C．物体的加速度不断增大,做变加速运动,C错误;
D．物体受到的合力不断增大,其加速度不断增大,做变加速运动,D错误．
３．A A．正确;
B．“波浪”中质点振动方向与波传播方向垂直,是横波,B错误;
C．一个周期内每把扇子运动的路程是４A ,C错误;
D．介质中的质点在振动过程中不会随波移动,故横坐标不变,D错误．
４．B A．火箭发射升空的过程中,加速度向上,宇航员处于超重状态,A错误;
B、C．卫星的基本规律“高轨低速长周期”,而７．９km/s是最大的环绕速度,故B正确,C错误;
由万有引力定律: Mm ２ ,和地球表面有 Mm ,联立得: R gD． G r２ ＝mωr G R２ ＝mg ω＝
, 错误
r r D ．
５．B A．管道模型中,能到最高点的条件是最高点速度大于零即可,A错误;
v２
B．在最高点C 点时对轨道没有压力,由mg＝m ,解得v＝２m/s,B正确;R
２
C．在最高点C 点速度为４m/s时,由
v
F＋mg＝m ,解得F＝０．１５N,小球对轨道的反作用力竖直向上,R C
错误;
v２
D．若从A 点静止释放,到B 点由机械能守恒定律:
１
mgR＝ mv２B,在B 点由牛顿第二定律:２ F－m ＝m
B
g ,解得R
F＝３mg,与R 无关,D错误．
６．C A．由图乙可得v０＝３m/s,A错误;
B．根据系统动量守恒,m１v０＝m１v１＋m２v２,由图乙知,v１＝０时,v２＝２m/s,代入可得:m２＝０．３kg,B错误;
C．弹簧压缩最短时,物块 A、B 速度相等,m１v０＝(m１＋m２)v３,得v３＝１．２m/s,由动量定理,I＝m２v３＝
０．３６N s,C正确;
D．从接触弹簧到弹簧第一次恢复原长的过程,相当于弹性碰撞,由
１ １
m１v０＝m v ＋m ２ ２１ A ２vB,２m１v０＝２m１vA ＋
１
m v２２ B, :
２m v
解得
２ v
１ ０
B＝m ＋m ＝２．４m
/s,D错误．
１ ２
【高二物理试题参考答案 第 １ 页(共４页)】
{#{QQABYYIAggCAAJJAAQhCUQH6CgMQkBGAAQgOwFAAsAAAgBNABAA=}#}
７．AD A、B．由图示结合折射定律可知,光线b对应的折射率较大,增大入射角光线b首先发生全反射,故A正确,
B错误;
C．同种介质对频率大的光的折射率大,C错误;
D．真空中频率大的光的波长短,D正确．
８．AC A．静止时,电容器不充电也不放电,故电流表示数为零,根据电压正负极可知M 极板带正电,A正确;
B．匀速运动与静止状态一样,电流表示数为零,B错误;
εS
C．由静止突然向前加速时,电容器极板N 会向后移动,两极板间距增大,由:C＝ r ,C 减小,又
Q, 不
４πkd C＝U U
变,Q 减小,放电,故电流由b点流向a 点,C正确;
D．保持向前匀加速运动时,M、N 极板之间的距离不变,故电场强度不变,D错误．
９．AC A．小球A、B 和轻杆系统只有重力做功,故机械能守恒,A正确;
B．小球A 减少的重力势能应等于小球B 增加的机械能与小球A 增加的动能之和,B错误;
C．根据机械能守恒定律:
１
３mgL＝mgL＋ (３m＋m)v２,得v＝ gL,C正确;２
对 由动能定理: １ ２,得 ３D． B －mgL＋W＝ mv W＝ mgL,D错误２ ２ ．
１０．BCD A．根据右手定则,可知感应电流方向为由b到a,A错误;
B．金属棒匀速时,
BLv
BIL＝mgsinθ,I＝ ,解得R＋r B＝１T
,B正确;
C．金属棒稳定运动时,电动势E＝BLv＝２V,ab间的电压为外电压,
R
Uab＝ , 正确;R＋rE＝１．５V C
－
D．通过电阻 的电荷量
ΔΦ BLx
R q＝It＝( ,解得 ,由能量守恒:
１ ２,
R＋r)tt＝R＋r x＝１．６m mgxsinθ＝Q＋２mv QR ＝
R , 正确
R＋rQ＝０．４５JD ．
１１．(６分)(１)BC(２分) (２)１．２０(２分) (３)B(２分)
解析:(１)需要天平测小车质量,需要刻度尺测纸带中打点的间距,时间可由纸带读出,不需要秒表,故选BC;
() : x２－x２ 根据 a＝ １T２ ＝１．２０m
/s２;
(３)a－F 图像不过原点,且有正的纵截距,应该是平衡摩擦力时木板倾角过大,选B．
１２．(１０分)(１)B(２分) (２)A(２分) 偏大(２分)
(
() ( ) Ig rg＋R
)
３２９９０２分 ０I －RA
(２分)
A
解析:(１)Rx相对电压表和电流表内阻来讲是大电阻,且要求多测几组数据,故用分压式和内接法,选B．
(２)闭合开关S前,为了各电表安全,应将滑片P 滑到A 端,使电压电流从零开始变化;内接法测量值比真实值
偏大．
(３)量程１mA的电流表G要改装成３V的电压表,总电阻
U
R＝ ＝３０００Ω,故需要串联电阻２９９０Ω,根据欧姆I
I (r ＋R )
定律,R g g ０x＝ I －RA．A
【高二物理试题参考答案 第 ２ 页(共４页)】
{#{QQABYYIAggCAAJJAAQhCUQH6CgMQkBGAAQgOwFAAsAAAgBNABAA=}#}
１３．(１０分)(１)２．２×１０５Pa (２)１２cm
解析:(１)当“子弹”与管内壁间达到最大摩擦力时,
f
竹筒内气体压强达临界值,由平衡条件得:p１＝p０＋ (S ２
分)
得:p１＝２．２×１０５Pa;(２分)
(２)根据气体等温变化规律:p０L０S＝p１L１S,(２分)
解得:L１＝１０cm,(２分)
推杆推动的距离:ΔL＝L０－L１＝１２cm．(２分)
１４．(１４分)(１)４m/s (２)７．５×１０－２J 能胜出
解析:(１)设碰撞前瞬间弹珠A 的速度为v１,由动能定理得:
１ １
－μmgx１＝ mv２２ １－２mv
２
０(２分)
解得v１＝４m/s(２分)
(２)设碰后瞬间弹珠A 的速度为v１′,弹珠B 的速度为v２,由动量守恒定律得:
mv１＝mv１′＋mv２
解得v２＝３m/s(２分)
所以两弹珠碰撞瞬间的机械能损失
１ １ １
ΔE＝２mv
２
１－( ２ ２)( 分)２mv１′ ＋２mv２ ２
解得ΔE＝７．５×１０－２J(２分)
碰后弹珠B 运动的距离为Δx,由动能定理得
１
－μmgΔx＝０－２mv
２
２(２分)
解得Δx＝０．９m(１分)
所以弹珠B 恰好进坑,故能胜出．(１分)
２qEL ４πm
１５．(１６分)(１) ()m ２２３E
(３) (３B ４
)(２－１)L
q
解析:(１)带电粒子在Ⅰ区匀强电场中做匀加速直线运动,由动能定理:
１
qEL＝２mv
２
０(２分)
: ２qEL解得 v０＝ (２分)m
(２)带电粒子在Ⅱ区匀强电场中做类平抛运动,
x 轴方向:L＝v０t１(１分)
y 轴方向:
３ １ ２( 分)
２L＝２at１ １
qE
a＝ ２m
解得:E２＝２３E(２分)
【高二物理试题参考答案 第 ３ 页(共４页)】
{#{QQABYYIAggCAAJJAAQhCUQH6CgMQkBGAAQgOwFAAsAAAgBNABAA=}#}
(３)
qEL
带电粒子在Q 点时竖直分速度
６
vy＝at１＝ m
v
Q 点速度与x 轴夹角正切:tanθ＝ y＝ ３,所以:θ＝６０°(２分)v０
在磁场中粒子的周期: ２πmT＝ ,在磁场中运动的时间
２ ４πm
B t２＝
( 分)
q ３
T＝３qB
２
２
(４)带电粒子在匀强磁场中:
v
qvB＝m ,得
mv
r＝ (１分)r qB
设从A 点释放的粒子进入磁场的速度大小为v１,半径为r１,第二次到x 轴的位置坐标为x１,有:
mv
x１＝L＋v０t－２r１sinθ＝L＋v０t－２
１
Bsinθq
设从C 点释放的粒子刚进入Ⅱ区的速度为vC,进入磁场的速度大小为v２,半径为r２,第二次到x 轴的位置坐
标为 １x２,有:２qEL＝ ２２mvC vC＝ ２v０
(１分)
mv
x２＝L＋vCt－２r２sinα＝L＋vCt－２
２
Bsinαq
其中 ３v１sinθ＝v２sinα＝vy＝ ２a ２L
所以两个粒子第二次经过x 轴的位置之间的距离
Δx＝x２－x１＝vCt－v０t＝(２－１)L(２分)
【高二物理试题参考答案 第 ４ 页(共４页)】
{#{QQABYYIAggCAAJJAAQhCUQH6CgMQkBGAAQgOwFAAsAAAgBNABAA=}#}
