1●
2023级高一期末调研检测试卷
1●●
物理
●●
一、
选择题（本题共10小题，1-7题为单选题，每小题4分；8~10为多项选择题，每小题6分，全
部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。)
1.如图所示为游乐场“丛林飞椅”游戏的简化模型，A小球绕轴OO2在
01
水平面内做匀速圆周运动，则关于A小球受力分析正确的是
A.受到的合力方向指向AO,
B.受到重力、拉力和向心力的作用
C.细绳对小球的拉力大于小球受到的重力
0
D.若转速逐渐降低，则小球的向心力变大
2.用频闪照片（每隔相同时间拍一次照）记录一皮球在空中的运动
密
情况如图所示，则该过程中气球所受合力方向大致是
A.左偏上
B.左偏下
C.右偏上
D.右偏下
3.一校车在平直的公路上起步做加速运动，在这一过程中小王同学用手掌对车厢施加推力F如
图所示，则校车加速的过程中
封
A.推力F对小车做正功
B.推力F对小车做负功
C.推力F对校车不做功
D.校车对小王同学不做功
4.某电动玩具车传动系统如图所示：A为一电动马达转轴“十字形”插销，B为套在插销上半径
为R的主动轮，C为半径为3R的从动轮，连接B、C两轮的皮带传动时不打滑，工作时C轮转
速为。若将电动马达传动轴与到C轮插销连接，电动马达转速不变，则此时B轮转速为
传动皮带
线
A.g
C.3n
D.9n
5.我国发射的中继星“鹊桥二号”于2024年4月2日按计划进人环月轨道，该中继星的绕月运动
可视为匀速圆周运动。如图所示，已知鹊桥二号的轨道半径为R,其
●●
观测月球的最大张角为a,则下列说法正确的是
R
A.最大张角α越大，鹊桥二号绕行周期越大
DO
鹊桥二号
B.鹊桥二号的轨道半径R越大，其所受的向心力越大
月到
DO
C.若再测得鹊桥二号绕行周期，则可求月球的平均密度
Do
D.若再测得月球半径大小和自转周期，则可求得月球的质量
一高一物理第1页（共4页)一
碳3扫描全能王
台装四人思A的Ee
6.在某次推铅球训练中，小王将铅球推出，如图所示，不计铅球在运动过程中所受的空气阻力，
则铅球在空中运动时，其动能、动能变化率随时间变化的图像是
E
7.在一次中小学生科技大赛中，某同学为提升动力小车的最大速度，尝试将两辆额定功率分别
为2P和P的动力小车首尾相连，已知在某水平桌面上两辆动力小车单独行驶时能达到的最大
速度分别为v和2。现将它们编成动力小车组，设每辆小车在行驶时受到的阻力在编组前后
不变，则该动力小车组在此水平桌面上能达到的最大速度为
A.1.2v
B.1.5v
C.2v
D.3v
8.一乒乓球自动发球机从同一高度沿同一水平方向发射两球分别落在图中所示的A、B处，发射
速度大小分别为y、a;两球在空中运动的时间分别为、，忽略空气阻力，则有
A.tB.t=ta
C.VD.VA=VE
2
9.某实验小组在“验证机械能守恒定律”实验中，研究重物从静止开始下落过程中打点计时器
打出的一条纸带，在纸带打下的一系列点中，O为起，点，取OA段进行实验数据分析，结果发
现：重物重力势能的减小量小于动能的增加量。造成这一结果可能的原因是
A.接通电源前释放了纸带
B.重物下落的过程中存在摩擦力和空气阻力
C.重物落地后反弹或打点计时器电压过大
D.末位置的瞬时速度计算错误
10.已知某卫星在赤道上空轨道半径为”的圆形轨道I上绕地运行的周期为T,卫星运动方向与
地球自转方向相同，赤道上某城市的人每三天恰好五次看到卫星掠过其正上方。若某时刻，
该卫星如图在A点变轨进人椭圆轨道Ⅱ，近地点B到地心距离为”，。设卫星由A到B运动的时
间为t,地球自转周期为T,不计空气阻力。则
3
A.Ti=gTo
B.7T5
2r1
r+r2n+r2
C.在轨道I上经过A点的速度大于轨道Ⅱ上经过A点的速度
D.该卫星在轨道I上的机械能等于在轨道Ⅱ上的机械能
一高一物理第2页（共4页）一
磷国扫描全能王
台装四人思得的E情f2023级高一期末调研检测试卷
物理 参考答案及评分意见
一、选择题（本题共10小题，1-7题为单选题，每小题4分；8—10为多项选择题，每小
题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C D A D C C A BC AD AC
二、实验题（11题8分，12题10分）
11.（1） 3 （2分） B （2分）
（2） 2:1 （2分）
12.（1）自由落体 （2分）
（2）低 （2分）
（3） 6 （2分） 0.6 （3分）
三、解答题(13题8分，14题12分，15题16分）
13.
解：
（1 l） v = t
（2）F向 = f
F向 = (m + ) v
2
M l
2
R =（m + M） t2R
14.
解：
（1）若要射中飞镖盘的速度最小，则飞镖落在盘最下方，下落高度
Δh = H - h
Δh = 12 gt2
L = v
=m5in
t
vmin m/s
（2）设飞镖水平初速度为 vx，有
tan 53 = vxgtx
L = vx t
vx = 803 m/s = 4 315 m/s
15.
解：
（1）小物块从A运动到B时，根据动能定理有
mgR = 12 mv2B - 0
— 高一 物理 第1页（共2页）—
{#{QQABLYCEoggAApBAAQhCQQV6CEMQkBGAAYgOxFAEsAAAARNABAA=}#}
vB = 20 m/s
在B点，对小物块受力分析有
F - mg = 2m vBR
F = 3N
（2）根据动能定理，可求出小物块在C处时的速度为
mgR cos θ = 12 mv2c - 0
vc = 4m/s
由于 vc > v，以沿皮带向上为正方向，对小物块受力分析有（沿斜面方向）
ma1 = -mg sin θ - μmg cos θ
a1 = -10m/s2
由 v = vc + a 1 t1
t1 = 0.2s时小物块的速度与传送带相同，此时小物块的位移大小为
x1 = v 1 2c t1 + 2 a1 t1
x1 = 0.6m
由于μ < tan θ，可以判断小物块将继续做减速运动
ma2 = -mg sin θ + μmg cos θ
a1 = -2m/s2
L - x 11 = vt2 + 2 a2 t22
t2 = 1s
此时小物块刚好到达D点，速度为0。
小物块从C运动到D点的运动时间为
tCD = t1 + t2 = 1.2s
（3）根据能量守恒有
Q = μmg cos θ Δx
Δx = Δx1 + ΔxΔ 2x1 = vt1 - x1 = 0.2mΔx2 = vt2 - x2 = 1m
Q = 0.48J
— 高一 物理 第2页（共2页）—
{#{QQABLYCEoggAApBAAQhCQQV6CEMQkBGAAYgOxFAEsAAAARNABAA=}#}
