黑龙江省绥化市2024年中考物理试题
一、选择题（本题共10个小题，每小题2分，共20分。1-8小题每题只有一个正确选项；9、10小题每题有两个或两个以上正确选项，正确选项不全得1分，有错误选项不得分）请在答题卡上用2B铅笔把你的选项所对应的方框涂黑
1．（2024·绥化）声音丰富了我们的世界，下列关于声现象的说法中正确的是（ ）
A．蝈蝈发出的声音不是由振动产生的
B．敲鼓时鼓面振幅越大，音调越高
C．倒车雷达利用超声波传递信息
D．防噪声耳罩是在声源处控制噪声
2．（2024·绥化）下列现象中属于光的反射的是（ ）
A．水中倒影
B．海市蜃楼
C．小孔成像
D．雨后彩虹
3．（2024·绥化）将一瓶酸奶喝掉一半后，下列关于剩下半瓶酸奶的说法中，正确的是（ ）
A．质量和密度都不变
B．质量和密度都变为原来的一半
C．质量不变，密度变为原来的一半
D．质量变为原来的一半，密度不变
4．（2024·绥化）下列有关导电性能及材料应用的说法中，正确的是（ ）
A．硬币、钢尺、订书钉都是导体
B．铅笔芯、橡皮、塑料吸管都是绝缘体
C．超导体可用于制作电炉子的电热丝
D．半导体有良好的导电性
5．（2024·绥化）“安全用电，珍爱生命”，下图中符合安全用电原则的是（ ）
A．人站在地上接触火线
B．使用绝缘皮破损的电线
C．开关接在火线与灯泡之间
D．多个大功率用电器同时使用
6．（2024·绥化）随着新能源技术的日渐成熟，风力发电机已经在我市投入使用，下图与发电机原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2024·绥化）如图所示，人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行的过程中，机械能是守恒的，当卫星从远地点向近地点运动时，下列说法正确的是（ ）
A．动能减小，重力势能增大 B．动能转化为重力势能
C．动能增大，重力势能减小 D．卫星的速度一直在减小
8．（2024·绥化）如图所示电路中，是定值电阻，是阻值随光照强度增大而减小的光敏电阻。闭合开关S，逐渐增大光敏电阻的光照强度，关于两个电表示数的说法中，正确的是（ ）
A．电压表和电流表的示数都增大
B．电压表和电流表示数的比值增大
C．电流表示数减小，电压表示数增大
D．电流表示数增大，电压表示数减小
9．（2024·绥化）下列关于力的说法中，正确的是（ ）
A．相互作用力的大小一定相等
B．重力的方向总是竖直向下的
C．汽车刹车后不能立即停下来是因为受到了惯性
D．沿水平方向用力推水平地面上的课桌没推动时，推力小于摩擦力
10．（2024·绥化）如图所示电路，电源电压恒定，定值电阻，，电流表量程0~3A，电压表量程0~15V，滑动变阻器R标有“2A”字样。在电路安全的条件下，闭合开关S：将开关接触点1，滑动变阻器的滑片调到最左端时，电流表的示数是0.8A，移动滑片过程中电路中的最小电流是，此时两端电压是；再将开关接触点2，移动滑片过程中电路中的最大电流是。下列选项正确的是（ ）
A．电源电压
B．电压
C．电流
D．开关接触点1时，滑动变阻器R的阻值范围是
二、填空题（本题共8个小题，每空1分，共16分）请在答题卡上把你的答案写在所对应的题号后的指定区域内
11．（2024·绥化）我们使用的手机利用 传递信息；核电站利用核 （选填“袋变”或“聚变”）释放的核能发电。
12．（2024·绥化）将气球与干燥的头发摩擦后，看到如图所示的有趣现象。这是因为气球与头发间发生 现象。由于异种电荷互相 ，因而使头发吸附在气球上。
13．（2024·绥化）小字参加百米比赛的成绩是12.5s，以正在冲刺的小字为参照物，坐在看台上加油的同学是 （选填“运动”或“静止”）的，小字百米赛跑的平均速度是 m/s.
14．（2024·绥化）感冒发烧时可用冷毛巾给头部降温，是利用 的方式改变内能。一台某型号四冲程汽油机飞轮转速是1800r/min，该汽油机工作时每秒对外做功 次。
15．（2024·绥化）飞机能够在空中飞行，原理在于机翼下方比上方空气流速小，压强 （选填“大”或“小”），从而获得向上的升力。随着飞机升空，海拔高度增加，大气压 （选填“增大”“减小”或“不变”）.
16．（2024·绥化）如图为家庭电路的电能表，该电能表允许接入用电器的最大总功率是 W；表盘上的某个参数模糊不清，为测得这个参数，仅将额定功率为1200W的空调接入电路，正常工作1min电能表转盘转了60转，计算可知该参数为 r/（kW·h）.
17．（2024·绥化）一款电热水龙头的简化电路如图甲所示，图乙是它铭牌上的参数。电源电压恒定不变，和为发热电阻，当开关S、均闭合时，通电20s电热水龙头产生的热量是 J.电阻和的阻值之比是 .
额定电压 220V
额定功率 高温挡 2200W
低温挡 440W
18．（2024·绥化）如图，一长方体物块漂浮在水面上时，物块露出水面的体积是总体积的，当它漂浮在另一液面上时，浸入液体的体积是总体积的。水和液体对物块下表面的压强分别为和，则 （选填“>”“=”或“<”）.杯中液体的密度是 。（物块质量分布均匀，且不吸水和另一液体）
三、作图与实验探究题（本题共6个小题，共30分）
19．（2024·绥化）（1）请作出杠杆上动力F的力臂l。
（2）请根据平面镜成像特点，作出点光源S发出的光经平面镜反射后通过A点的光路图（保留作图痕迹）。
20．（2024·绥化）如图甲是某兴趣小组同学“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，记录的温度随时间变化关系图象如图乙所示。
（1）组装实验装置时，要保证用酒精灯的外焰加热，应先调整 的位置。（选填“烧杯”或“温度计”）
（2）实验中杯□周围出现大量“白气”，“白气”的形成属于 现象。（填物态变化名称）
（3）关于甲装置中硬纸片作用的说法，错误的是____。（选填字母）
A．减少热损失
B．降低杯内气压，使水沸腾更快
C．减少“水雾”的干扰，方便读数
D．有助于固定温度计
（4）小组同学进一步分析图象，发现水沸腾时的特点是 .
（5）实验结束后撤去酒精灯，水还能继续沸腾一会儿，产生这种现象的原因是 .
21．（2024·绥化）如图甲是“探究并联电路的电流规律”实验装置。
实验次数 L1两端电压U1/V L2两端电压U2/V L1、L2两端电压U/V
1 1.3 1.5 2.8
2 1.2 1.6 2.8
3 1.2 1.7 2.8
（1）连接电路时应 开关.
（2）如图甲，电流表测量的是灯泡 的电流，实验中和应该选择规格 （选填“相同”或“不同”）的灯泡。
（3）完成实验后，利用已有器材又找来电压表“探究串联电路的电压规律”，设计了图乙所示电路。闭合开关，发现灯均不亮，电压表示数接近电源电压，故障原因可能是 。（写出一种即可）
（4）排除故障后，选择合适的器材多次实验并记录数据，如图丙所示，由此可得出率联电路的电压规律： 。（用U、、写表达式即可）
22．（2024·绥化）如图是“探究凸透镜成像的规律”实验装置。
（1）调节实验器材的高度时，蜡烛 点燃，（选填“需要”或“不需要”）
（2）实验过程中，当蜡烛、凸透镜、光屏位置如图所示时，光屏上恰好出现清晰的像.该像是倒立、 （选填“放大”“等大”或“缩小”）的实像，生活中的 （选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是利用该原理成像的。
（3）如图位置，若将蜡烛向左移动5cm，要在光屏上再次成清晰的像，应该将光屏适当向 （选填“右”或“左”）移动：如果不动光屏、凸透镜，也可在蜡烛和凸透镜之间放一个合适的 （选填“近视”或“远视”）眼镜，光屏上也能出现清晰的像。
23．（2024·绥化）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，实验操作如下，实验过程中弹簧测力计的示数如图所示。（图中所用容器底面积是，均为相同的平底薄壁圆柱形容器，物块不吸水和另一液体）
（1）测量前，需沿 方向将弹簧测力计调零。
（2）实验中，物块浸没在水中受到的浮力是 N。
（3）如果对比B、E两次实验，得出“浮力的大小与液体密度有关”的结论，那么这种做法 （选填“正确”或“不正确”），理由是 .
（4）由 两次实验可得出结论：浮力的大小与物体浸没在液体中的深度无关。
（5）完成E实验操作后，用弹簧测力计将物块向上拉出液面一小部分，弹簧测力计示数变为2.8N，此操作会使容器中的液面下降 cm。
24．（2024·绥化）在“测量小灯泡的电功率”实验中，选用的小灯泡上标有“2.5V”字样，额定电流约为0.3A，电源电压恒为6V，实验电路如图甲所示。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整 。（导线不允许交叉）
（2）现有规格为A“”、B“”和C“”的三个滑动变阻器可供选择，应选择 （选填字母）滑动变阻器接入电路才能顺利进行实验。实验中滑动变阻器的作用是 和调节小灯泡两端的电压及通过的电流。
（3）电路连接完成后，闭合开关，发现小灯泡发光很暗，这时眼睛应该看着 （选填“电流表”或“电压表”）移动滑动变阻器的滑片，当小灯泡正常发光时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W.
（4）实验中改变小灯泡两端的电压，多次测量的目的是 .
（5）测得小灯泡的额定功率后，把小灯泡两端的电压调为额定电压的一半，发现测得的功率大于其额定功率的四分之一，请对其加以分析： .
四、综合应用题（本题共2个小题，25题7分，26题7分，共14分）
25．（2024·绥化）如图甲，质量为40kg的货物静止在水平地面上，与地面的接触面积是。如图乙。工人用250N的拉力F，将货物用滑轮组匀速提升到3m高的二楼，此过程中货物上升的速度是0.2m/s。求：
（1）货物静止在水平地面上时，对地面的压强；
（2）工人用滑轮组提升货物时做功的功率；
（3）滑轮组的机械效率；
（4）为提高该滑轮组的机械效率，请你提出一条合理建议。
26．（2024·绥化）如图，电路中电源电压可调，定值电阻，和为额定功率不同、额定电流均为0.4A的小灯泡（忽略温度对灯丝电阻的影响），滑动变阻器R的铭牌上标有“”字样，电流表量程0~0.6A。
（1）只闭合开关，电源电压时，电流表的示数为0.3A.求此时滑动变阻器接入电路的阻值；
（2）保持（1）中开关状态和电源电压不变，在电路安全的情况下，调节滑动变阻器，求定值电阻的功率变化范围；
（3）调节电源电压为，只闭合开关，调节滑动变阻器，灯的功率为1.6W时正常发光，最小功率为0.4W；再调节电源电压为，只闭合开关，调节滑动变阻器，灯的最大功率为1.6W，最小功率为0.4W。（调节滑动变阻器时电路安全）求：、。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】声音的产生；超声波与次声波；防治噪声的途径
【解析】【解答】A、蝈蝈发出的声音是翅膀振动产生的，故A错误。
B、敲鼓时鼓面振幅越大，响度越大，故B错误.。
C、倒车雷达利用超声波传递信息，故C正确。
D、防噪声耳罩是在人耳处减弱，故D错误。
故答案为：C。
【分析】（1）声音是由物体振动产生的。
（2）响度是指声音的大小，与振幅和距离发声体远近有关声音传播速度与传播声音的介质和温度有关。
（3）声音可以传递信息，可以传递能量。
（4）减弱噪声的三种基本途径：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。
2．【答案】A
【知识点】光的反射
【解析】【解答】A、水中倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意。
B、海市蜃楼是光在密度不均匀的空气中传播时，发生折射造成的结果，不符合题意。
C、小孔成像，成的是物体倒立的像，像之所以是倒立的，就是因为光的直线传播造成的，不符合题意。
D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，不符合题意。
故答案为：A。
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等。
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
3．【答案】D
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】一瓶酸奶喝掉一半后，物质总量减少，所以质量减小一半，体积减小一半；物质种类及状态没有变化，所以密度不变，故D正确、ABC错误。
故答案为：D。
【分析】 （1）物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置、温度无关，与物体所含物质的多少有关。
（2）单位体积某种物质的质量叫这种物质的密度，密度是物质的一种特性，与质量、体积无关，与物质种类、状态有关。
4．【答案】A
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】A、硬币、钢尺、订书钉都是由金属材料制成的，都是导体，故A正确。
B、铅笔芯属于导体，故B错误。
C、电炉子是根据电流的热效应制成的，超导体的电阻为零，电炉子不能工作，故C错误。
D、半导体材料的导电性能介于导体和绝缘体之间，故D错误。
故答案为：A。
【分析】（1）根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。
（2）电炉子是根据电流的热效应制成的，超导体的电阻为零，电炉子不能工作。
5．【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、人站在地上接触火线，电流从火线经人体流向大地，会造成人体触电，故A不符合安全用电原则。
B、使用绝缘皮破损的电线容易发生漏电和触电事故，故B不符合安全用电原则。
C、开关要接在火线与灯泡之间，当开关断开时，灯泡与火线是断开的，人接触灯泡是安全的，故C符合安全用电原则。
D、多个大功率用电器使用同一插座，通过插座的电流过大而引起火灾，故D不符合安全用电原则。
故答案为：C。
【分析】（1）触电的实质是有一定大小的电流流过人体，据此判断。
（2）使用绝缘皮破损的电线容易漏电和触电。
（3）家庭电路中开关控制用电器时，开关要接在电灯泡和火线之间，在断开开关，切断火线，操作时不容易发生触电事故。
（4）用电器功率过大会引起火灾。
6．【答案】B
【知识点】发电机的构造和原理
【解析】【解答】A、图中是奥斯特实验，小磁针发针生偏转说明通电导体周围有磁场，故A不符合题意。
B、开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故B符合题意。
C、开关闭合后，电路中有电流，螺线管会产生磁场，是电流的磁效应，故C不符合题意。
B、开关闭合后，电路中有电流，通电导体或线圈受到磁场力的作用发生运动，即通电导线在磁场中受力的作用，即是电动机的制作原理，故D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，即发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机。
7．【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【解答】卫星从远地点向近地点运动时，质量不变，速度大，卫星和地球的相对距离变小，势能变小，动能变大，重力势能转化为动能，故C正确，ABD错误。
故答案为：C。
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度。质量不变时，速度越大，动能越大。
（2）地面附近的物体由于被举高具有重力势能，物体到太空中由于有相对高度，物体具有势能。
8．【答案】D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】闭合开关，逐渐增大光敏电阻的光照强度时，Rt的阻值变小、电路的总电阻变小；根据欧姆定律可知，电源的电压不变时，电路中的电流变大，即电流表的示数变大。
根据串联分压原理可知，Rt两端的电压变小，即电流表的示数变小；电压表和电流表示数的比值变小。故ABC错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】由电路图可知，光敏电阻Rt和定值电阻R0串联，电压表测Rt两端的电压，电流表测电路中的电流；光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，电路总电阻减小，根据欧姆定律可知电路电流的变化，根据串联分压原理可知Rt两端的电压变化。
9．【答案】A,B
【知识点】力作用的相互性；重力的方向
【解析】【解答】A．力的作用是相互的，相互作用力的大小一定相等，故A正确。
B．重力的方向总是竖直向下的，故B正确。
C．惯性是物体保持运动状态不变的性质，汽车刹车后不能立即停下来是因为具有惯性，不能说受到惯性，故C错误。
D．沿水平方向用力推水平地面上的课桌没推动时保持静止，受力平衡，推力等于摩擦力，故D错误。
故答案为：AB。
【分析】（1）（2）根据相互作用力的特点和重力方向分析解答。
（3）惯性是物体保持运动状态不变的性质。
（4）静止的物体受力平衡。
10．【答案】B,C,D
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）电源电压是：U=IR1=0.8A×30Ω=24V，故A错误。
（2）R1两端电压是：U1=U-UR=24V-15V=9V，故B正确。
（3），，I1：I2=0.3A：1.5A=1：5，故C正确。
（4）开关S1接触点1时，最大电阻是：，
最小电阻是：，所以Rmin=0Ω，即滑动变阻器R的阻值范围是0～50Ω，故D正确。
故答案为：BCD。
【分析】（1）将开关S1接触点1，滑动变阻器的滑片调到最左端时，R被短路，电路中只有R1，欧姆定律可算电源电压；
（2）将开关S1接触点1，电路中电流最小，R阻值最大电压表示数最大为15V，可得R1两端的电压。
（3）将开关S1接触点1，电路中电流I1根据欧姆定律计算；开关S1接触点2，R=0Ω时电路中的电流是I2最大，即计算，I1：I2代入数据计算。
（4）开关S1接触点1时，R和R1串联，电压表测R两端电压，电路安全条件下，电压表示数最大时R阻值最大，此时电流最小，电流表示数最大时R阻值最小。
11．【答案】电磁波（或无线电波；裂变
【知识点】电磁波的传播
【解析】【解答】手机是利用电磁波来传递信息的。
核能包括核聚变和核裂变，目前核聚变是不可控的，所以核电站是利用核裂变的方式获得能量，把核能转化为电能输送到国家电网，供千家万户使用。
故答案为：电磁波；裂变。
【分析】电磁波能传递信息；核能包括核聚变和核裂变，目前核裂变是可控的，核聚变是不可控的。
12．【答案】摩擦起电；吸引
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】将气球与干燥的头发摩擦后，由于电子转移后，气球与头发带异种电荷，是摩擦起电现象，由于异种电荷互相吸引，因而使头发吸附在气球上。
故答案为：摩擦起电；吸引。
【分析】摩擦起电的实质是电子的转移，电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
13．【答案】运动；8
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】小宇在冲刺，相对于看台上的同学有位置的变化，因此是运动的；小宇百米赛跑成绩为。
故答案为：运动；8。
【分析】 根据运动的相对性和基本速度公式计算即可。
14．【答案】热传递；15
【知识点】热传递改变物体内能；内燃机的四个冲程
【解析】【解答】（1）感冒发烧时可用冷毛巾给头部降温，是利用热传递的方式改变内能。
（2）一台某型号四冲程汽油机飞轮转速是1800r/min，则1s飞轮转30r，飞轮转两圈，对外做功一次，可知每秒对外做功15次。
故答案为：热传递；15。
【分析】（1）改变物体内能的途径有两种，一做功，二热传递。
（2）内燃机在工作的时候，一个工作循环是4个冲程，飞轮转两圈，活塞往复运动两次，对外做功一次。根据飞轮的转速可以求出一秒钟飞轮的转数，可以求对外做功的次数。
15．【答案】大；减小
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】流体流速越大，压强越小，机翼下方流速小，因此压强大；大气压随着海拔的升高而降低，随着飞机升空，海拔高度增加，大气压减小。
故答案为：大；减小。
【分析】根据流体压强与流速关系、大气压强与海拔的关系进行回答即可。
16．【答案】；3000
【知识点】电能表参数的理解
【解析】【解答】该电能表允许接入用电器的最大总功率：
Pmax=UImax=220V×20A=4400W。
正常工作1min电能表转盘转了60转，空调消耗的电能为：
W=Pt=1200W×60s=7.2×104J。
设电能表的参数是N，则有：
；
解得：
N=3000。
故答案为：4400；3000。
【分析】（1）电能表上的220V 10（20A）表示额定电压是220V，标定电流为10A，额定最大电流为20A；根据P=UI计算该电能表允许接入用电器的最大总功率。
（2）根据电能表上的参数和电功的公式进行计算。
17．【答案】；1：4
【知识点】电流的热效应；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】由电路图可知，开关S闭合、S1断开时，电路为R2的简单电路，电路的电阻较大；开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电路的电阻较小。电源电压一定，根据可知，开关S闭合、S1断开时，电路消耗的电功率较小，为低温挡；开关S1、S2均闭合时，电路消耗的电功率较大，为高温挡。
当开关S、S1均闭合时，通电20s电热水龙头产生的热量：
Q=W=P高t=2200W×20s=44000J；
并联电路各支路互不影响，所以高温挡下R2消耗的电功率：
P2=P低=440W，
高温挡下R1消耗的电功率：
P1=P高-P2=2200W-440W=1760W，
电源电压一定，根据可得，
R1：R2=P2：P1=440W：1760W=1：4。
故答案为：44000；1：4。
【分析】 由电路图可知，开关S闭合、S1断开时，电路为R2的简单电路，电路的电阻较大；开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电路的电阻较小。电源电压一定，根据可知，开关S闭合、S1断开时，电路消耗的电功率较小，为低温挡；开关S1、S2均闭合时，电路消耗的电功率较大，为高温挡，根据Q=W=Pt求通电20s电热水龙头产生的热量；
并联电路各支路互不影响，根据P=P1+P2求高温挡下R1消耗的电功率，根据求电阻R1和R2的阻值之比。
18．【答案】=；
【知识点】浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【解答】 （1）同一物体在两种液体中的状态都是漂浮，
F浮=G物=F向上-F向下=F向上=ps，所以p1=p2。
（2）同一物体在两种液体中的状态都是漂浮，
F浮=G物=ρgV排，
即
ρ水gV排水=ρ液gV排液，
代入数据，
解得：
ρ液=1.2×103kg/m3
故答案为： （1）=；（2）1.2×103kg/m3 。
【分析】（1）同一物体在两种液体中的状态都是漂浮，F浮=G物=F向上-F向下=F向上=ps。
（2）同一物体在两种液体中的状态都是漂浮，F浮=G物=ρgV排，所以，物体在两液体中的浮力相等。
19．【答案】（1）
（2）
【知识点】光的反射；力臂的画法
【解析】【解答】（1）过支点O作动力F作用线的垂线段l，即为动力臂，如图所示：
（2）先通过平面镜作出发光点S的对称点S'即为S的像；连接S'A交平面镜于点O，SO为入射光线，OA为反射光线；如图所示：
【分析】（1）根据力臂的画法，过支点O作动力作用线的垂线段即动力臂。
（2）先根据平面镜成像的特点作出S的像；再根据平面镜成像原理可知，反射光线所有的反向延长线都会过S的像；连接像点与A点，则与平面镜的交点为入射点，再完成光路即可。
20．【答案】（1）烧杯
（2）液化
（3）B
（4）吸收热量、温度保持不变
（5）石棉网（或陶土网）、铁圈、烧杯底部的温度高于水的沸点，水能继续吸热。
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）因为实验中要用酒精灯的外焰加热，且温度计的玻璃泡不能接触到容器的底部，所以需要先调整烧杯。
（2）热空气遇冷液化成的小雾珠，所以我们看到大量的“白气”。
（3）A、加盖可以减少对流和辐射散热，减少热量损失，故A正确。
B、加盖后可使烧杯内气压增大，水的沸点升高，故B错误。
C、温度计从纸片的小孔穿过，位置更加稳定，故C正确。
D、加盖后减少了高温水蒸气与温度计的接触，不易在温度计表面发生液化现象，避免液化形成的小水滴妨碍读数，故D正确。
故答案为：B。
（4）由图可知，当水的温度达到98℃后，虽然继续吸热，但是温度不再上升，所以可知，水沸腾时，继续吸热，温度不变。
（5）移开酒精灯后，石棉网的温度还比较高，高于烧杯中水的温度，所以水还能从外界吸收热量，则水还能继续沸腾。
故答案为：（1）烧杯；（2）液化；（3）B；（4）继续吸热，温度不变；（5）石棉网的温度高于杯内水的温度。
【分析】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置。
（2）白气是热空气遇冷液化而成的。
（3）烧杯加盖主要防止热量散失，缩短加热时间；液体沸点随气压增大而升高。
（4）水沸腾时，继续吸热，温度不变。
（5）移开酒精灯后，石棉网的温度还比较高，高于烧杯中水的温度。
21．【答案】（1）断开
（2）；不同
（3）灯泡断路
（4）
【知识点】探究串、并联电路中的电压规律实验；并联电路的电压规律
【解析】【解答】（1）为了保护电路，连接电路时应断开开关。
（2）由图甲可知，电流表与灯L1串联，故电流表测量的是灯泡L1的电流；为使探究得出的结论具有普遍意义，L1、L2应该选择规格不同的灯泡。
（3）闭合开关，发现灯L1和L2均不亮，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即故障原因可能是灯L1断路。
（4）由表中数据可知，忽略误差不计，L1、L2两端电压U等于L1两端电压U1与L2两端电压U2之和，即U=U1+U2。
故答案为：（1）断开；（2）L1；不同；（3）灯L1断路；（4）U=U1+U2。
【分析】 （1）为了保护电路，连接电路时应断开开关。
（2）根据电流表与待测电路串联分析；用归纳法得出普遍性的结论，一要选用的样本有代表性，二要数量足够多。
（3）闭合开关，发现灯L1和L2均不亮，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了。
（4）根据表中数据分析得出结论。
22．【答案】（1）需要
（2）缩小；照相机
（3）左；近视
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）在光具座上依次放置蜡烛、凸透镜、光屏，点燃蜡烛，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中央。
（2）由图知，此时物距大于像距，成倒立缩小的实像；相当于照相机。
（3）若将蜡烛向左移动5cm，要在光屏上再次成清晰的像，根据物远像近像变小，应该将光屏适当向左移动；如果不动光屏、凸透镜，此时像成在光屏前方，相当于近视眼，也可在蜡烛和凸透镜之间放一个合适的近视眼镜，光屏上也能出现清晰的像。
故答案为：（1）需要；（2）缩小；照相机；（3）左；近视。
【分析】（1）蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中央。
（2）根据图中物距和像距的关系判断出像的性质。
（3）根据物远像近像变小分析解答；近视眼成像在视网膜的前方，据此分析。
23．【答案】（1）竖直
（2）2
（3）不正确；未控制物体排开液体的体积相同
（4）C、D
（5）1
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）调零时，弹簧测力计在所测力的方向上调零，测重力和拉力要竖直方向，则调零也竖直方向。
（2）由A、C或A、D，根据称重法知物块浸没在水中时受到的浮力大小是：
F浮=G-F=4.0N-2.0N=2.0N。
（3）因研究浮力的大小与液体的密度的关系时，要控制排开液体的体积相同，B、E两次实验物体排开液体的体积不同，故利用B、E两次实验不可得出结论，她的做法是错误的。
（4）由图C、D可知，浸没后，h增加，F浮不变，浮力大小与物体浸没液体中的深度无关。
（5）根据阿基米德原理可知，物体的体积为：
；
物体浸没液体中：
F浮液=ρ液gV排液=4.0N-2.4N=1.6N---①；
物体拉出液面一小部分，
F浮液'=ρ液gV排液'=4.0N-2.8N=1.2N---②；
可得：
，，
液面下降高度
。
故答案为：（1）竖直；（2）2.0；（3）不正确；没有控制排开液体的体积不变；（4）C、D；（5）1。
【分析】（1）调零时，弹簧测力计在所测力的方向上调零。
（2）由F浮=G-F求浮力。
（3）（4）利用控制变量法进行分析。
（5）根据阿基米德原理可知，得出物体的体积，即为浸没液体的体积。
得出物体浸没液体中体积与物体拉出液面一小部分后浸入液体体积的关系得出漏出液面的体积，从而得出下降的高度。
24．【答案】（1）
（2）B；保护电路
（3）电压表；0.65
（4）寻找普遍规律
（5）根据可知，若灯丝电阻不变，实际电压为额定电压一半时，实际功率恰好等于额定功率的四分之一；当实际电压低于额定电压时，灯丝温度降低。电阻减小，所以此时实际功率大于额定功率的四分之一。
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）小灯泡上标有“2.5V”字样，故电压表选用小量程并联在灯泡两端，如下图所示：
（2）小灯泡上标有“2.5V”字样，额定电流约为0.3A；当灯正常发光时，根据串联电路的规律及欧姆定律可知，滑动变阻器连入电路中的电阻为：
，
且灯泡额定电流大于0.2A，故为了能够顺利完成实验探究，应选用“20Ω 1A”的滑动变阻器，即选B。
在“测定小灯泡功率”的实验中，滑动变阻器的作用是：保护电路和调节小灯泡两端的电压及通过的电流。
（3）当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡正常发光，因此眼睛应该看着电压表移动滑动变阻器的滑片，当小灯泡正常发光时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.26A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.26A=0.65W；
（4）实验中改变小灯泡两端的电压，多次测量的目的是：测量不同电压下小灯泡的实际功率。
（5）根据知，在电阻R不变时，电压为原来的二分之一，功率为原来的四分之一，但因灯丝的电阻随温度的降低而减小，故小灯泡两端的电压调为额定电压的一半，发现测得的实际功率大于其额定功率的四分之一。
故答案为：（1）见解答图；（2）B；保护电路；（3）电压表；0.65；（4）测量不同电压下小灯泡的实际功率；（5）根据知，在电阻R不变时，电压为原来的二分之一，功率为原来的四分之一，但因灯丝的电阻随温度的降低而减小，故小灯泡两端的电压调为额定电压的一半，测得的实际功率大于其额定功率的四分之一。
【分析】（1）根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端。
（2）当灯正常发光时，根据串联电路的规律及欧姆定律求出滑动变阻器连入电路中的电阻确定滑动变阻器规格；滑动变阻器的作用一般有保护电路和改变电路中的电流或改变被测用电器两端电压。
（3）当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡正常发光；根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出小灯泡的额定功率。
（4）实验中要求改变小灯泡两端的电压值，灯的实际电压分别高于、等于、低于额定电压，计算出每种情况下的电功率和灯泡的发光情况。
（5）根据知，在电阻R不变时，电压为原来的二分之一，功率为原来的四分之一，由灯丝的电阻随温度的降低而减小分析。
25．【答案】（1）解： 因为货物静止在水平地面上
货物对地面的压强
（2）解： 绳子自由端移动的速度
工人做功的功率
（3）解： 有用功
绳子自由端移动的距离
工人做的总功
机械效率
（4）解： 建议：①增加所提升的物重②减轻动滑轮重③减小摩擦或绳重
【知识点】功率的计算；压强的大小及其计算；滑轮（组）的机械效率
【解析】【分析】（1）货物静止在水平地面上时，对地面的压强为5000Pa。
（2）工人用滑轮组提升货物时做功的功率为100W。
（3）滑轮组的机械效率为80%。
（4）为提高该滑轮组的机械效率，可增大提升货物的重力。
26．【答案】（1）解： 只闭合时，R与串联
（2）解： 只闭合时，仍为R与串联
分析可知该电路最大电流
的功率变化范围1.25-7.2W
（3）解： 只闭合时，R与串联，额定功率为1.6W，额定电流为0.4A；
功率为0.4V时，滑动变阻器接入阻值最大为
只闭合时，R与串联，未正常发光，功率为1.6W时，；
功率为0.4W时，滑动变阻器接入阻值最大为
①
②
由①②式，解得：
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1）如图所示，只闭合开关S0时，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，由欧姆定律可得先求出总电阻，再根据串联电路的电阻关系，即可求出此时接入滑动变阻器的阻值。
（2）保持（1）中开关状态和电源电压不变，在电路安全的情况下，调节滑动变阻器，接入阻值最大时，电流最小，接入阻值最小时，且根据电流表量程可知电路中的最大电流，由电功率公式可得到R0的最小功率和最大功率。
（3）调节电源电压为U1，只闭合开关S1，滑动变阻器R与L1串联，调节滑动变阻器，由额定功率，额定电流求出小灯泡的电阻，再由电功率公式求出最小电流，由欧姆定律即可求出电源电压U1；再调节电源电压为U2，只闭合开关S2时，滑动变阻器与灯L2串联，由电功率公式及欧姆定律，分别表示出电源电压U2的计算公式，最后列出方程，解方程即可求出U2。
1 / 1黑龙江省绥化市2024年中考物理试题
一、选择题（本题共10个小题，每小题2分，共20分。1-8小题每题只有一个正确选项；9、10小题每题有两个或两个以上正确选项，正确选项不全得1分，有错误选项不得分）请在答题卡上用2B铅笔把你的选项所对应的方框涂黑
1．（2024·绥化）声音丰富了我们的世界，下列关于声现象的说法中正确的是（ ）
A．蝈蝈发出的声音不是由振动产生的
B．敲鼓时鼓面振幅越大，音调越高
C．倒车雷达利用超声波传递信息
D．防噪声耳罩是在声源处控制噪声
【答案】C
【知识点】声音的产生；超声波与次声波；防治噪声的途径
【解析】【解答】A、蝈蝈发出的声音是翅膀振动产生的，故A错误。
B、敲鼓时鼓面振幅越大，响度越大，故B错误.。
C、倒车雷达利用超声波传递信息，故C正确。
D、防噪声耳罩是在人耳处减弱，故D错误。
故答案为：C。
【分析】（1）声音是由物体振动产生的。
（2）响度是指声音的大小，与振幅和距离发声体远近有关声音传播速度与传播声音的介质和温度有关。
（3）声音可以传递信息，可以传递能量。
（4）减弱噪声的三种基本途径：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。
2．（2024·绥化）下列现象中属于光的反射的是（ ）
A．水中倒影
B．海市蜃楼
C．小孔成像
D．雨后彩虹
【答案】A
【知识点】光的反射
【解析】【解答】A、水中倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意。
B、海市蜃楼是光在密度不均匀的空气中传播时，发生折射造成的结果，不符合题意。
C、小孔成像，成的是物体倒立的像，像之所以是倒立的，就是因为光的直线传播造成的，不符合题意。
D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，不符合题意。
故答案为：A。
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等。
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
3．（2024·绥化）将一瓶酸奶喝掉一半后，下列关于剩下半瓶酸奶的说法中，正确的是（ ）
A．质量和密度都不变
B．质量和密度都变为原来的一半
C．质量不变，密度变为原来的一半
D．质量变为原来的一半，密度不变
【答案】D
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】一瓶酸奶喝掉一半后，物质总量减少，所以质量减小一半，体积减小一半；物质种类及状态没有变化，所以密度不变，故D正确、ABC错误。
故答案为：D。
【分析】 （1）物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置、温度无关，与物体所含物质的多少有关。
（2）单位体积某种物质的质量叫这种物质的密度，密度是物质的一种特性，与质量、体积无关，与物质种类、状态有关。
4．（2024·绥化）下列有关导电性能及材料应用的说法中，正确的是（ ）
A．硬币、钢尺、订书钉都是导体
B．铅笔芯、橡皮、塑料吸管都是绝缘体
C．超导体可用于制作电炉子的电热丝
D．半导体有良好的导电性
【答案】A
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】A、硬币、钢尺、订书钉都是由金属材料制成的，都是导体，故A正确。
B、铅笔芯属于导体，故B错误。
C、电炉子是根据电流的热效应制成的，超导体的电阻为零，电炉子不能工作，故C错误。
D、半导体材料的导电性能介于导体和绝缘体之间，故D错误。
故答案为：A。
【分析】（1）根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。
（2）电炉子是根据电流的热效应制成的，超导体的电阻为零，电炉子不能工作。
5．（2024·绥化）“安全用电，珍爱生命”，下图中符合安全用电原则的是（ ）
A．人站在地上接触火线
B．使用绝缘皮破损的电线
C．开关接在火线与灯泡之间
D．多个大功率用电器同时使用
【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、人站在地上接触火线，电流从火线经人体流向大地，会造成人体触电，故A不符合安全用电原则。
B、使用绝缘皮破损的电线容易发生漏电和触电事故，故B不符合安全用电原则。
C、开关要接在火线与灯泡之间，当开关断开时，灯泡与火线是断开的，人接触灯泡是安全的，故C符合安全用电原则。
D、多个大功率用电器使用同一插座，通过插座的电流过大而引起火灾，故D不符合安全用电原则。
故答案为：C。
【分析】（1）触电的实质是有一定大小的电流流过人体，据此判断。
（2）使用绝缘皮破损的电线容易漏电和触电。
（3）家庭电路中开关控制用电器时，开关要接在电灯泡和火线之间，在断开开关，切断火线，操作时不容易发生触电事故。
（4）用电器功率过大会引起火灾。
6．（2024·绥化）随着新能源技术的日渐成熟，风力发电机已经在我市投入使用，下图与发电机原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】发电机的构造和原理
【解析】【解答】A、图中是奥斯特实验，小磁针发针生偏转说明通电导体周围有磁场，故A不符合题意。
B、开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故B符合题意。
C、开关闭合后，电路中有电流，螺线管会产生磁场，是电流的磁效应，故C不符合题意。
B、开关闭合后，电路中有电流，通电导体或线圈受到磁场力的作用发生运动，即通电导线在磁场中受力的作用，即是电动机的制作原理，故D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，即发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机。
7．（2024·绥化）如图所示，人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行的过程中，机械能是守恒的，当卫星从远地点向近地点运动时，下列说法正确的是（ ）
A．动能减小，重力势能增大 B．动能转化为重力势能
C．动能增大，重力势能减小 D．卫星的速度一直在减小
【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【解答】卫星从远地点向近地点运动时，质量不变，速度大，卫星和地球的相对距离变小，势能变小，动能变大，重力势能转化为动能，故C正确，ABD错误。
故答案为：C。
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度。质量不变时，速度越大，动能越大。
（2）地面附近的物体由于被举高具有重力势能，物体到太空中由于有相对高度，物体具有势能。
8．（2024·绥化）如图所示电路中，是定值电阻，是阻值随光照强度增大而减小的光敏电阻。闭合开关S，逐渐增大光敏电阻的光照强度，关于两个电表示数的说法中，正确的是（ ）
A．电压表和电流表的示数都增大
B．电压表和电流表示数的比值增大
C．电流表示数减小，电压表示数增大
D．电流表示数增大，电压表示数减小
【答案】D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】闭合开关，逐渐增大光敏电阻的光照强度时，Rt的阻值变小、电路的总电阻变小；根据欧姆定律可知，电源的电压不变时，电路中的电流变大，即电流表的示数变大。
根据串联分压原理可知，Rt两端的电压变小，即电流表的示数变小；电压表和电流表示数的比值变小。故ABC错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】由电路图可知，光敏电阻Rt和定值电阻R0串联，电压表测Rt两端的电压，电流表测电路中的电流；光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，电路总电阻减小，根据欧姆定律可知电路电流的变化，根据串联分压原理可知Rt两端的电压变化。
9．（2024·绥化）下列关于力的说法中，正确的是（ ）
A．相互作用力的大小一定相等
B．重力的方向总是竖直向下的
C．汽车刹车后不能立即停下来是因为受到了惯性
D．沿水平方向用力推水平地面上的课桌没推动时，推力小于摩擦力
【答案】A,B
【知识点】力作用的相互性；重力的方向
【解析】【解答】A．力的作用是相互的，相互作用力的大小一定相等，故A正确。
B．重力的方向总是竖直向下的，故B正确。
C．惯性是物体保持运动状态不变的性质，汽车刹车后不能立即停下来是因为具有惯性，不能说受到惯性，故C错误。
D．沿水平方向用力推水平地面上的课桌没推动时保持静止，受力平衡，推力等于摩擦力，故D错误。
故答案为：AB。
【分析】（1）（2）根据相互作用力的特点和重力方向分析解答。
（3）惯性是物体保持运动状态不变的性质。
（4）静止的物体受力平衡。
10．（2024·绥化）如图所示电路，电源电压恒定，定值电阻，，电流表量程0~3A，电压表量程0~15V，滑动变阻器R标有“2A”字样。在电路安全的条件下，闭合开关S：将开关接触点1，滑动变阻器的滑片调到最左端时，电流表的示数是0.8A，移动滑片过程中电路中的最小电流是，此时两端电压是；再将开关接触点2，移动滑片过程中电路中的最大电流是。下列选项正确的是（ ）
A．电源电压
B．电压
C．电流
D．开关接触点1时，滑动变阻器R的阻值范围是
【答案】B,C,D
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）电源电压是：U=IR1=0.8A×30Ω=24V，故A错误。
（2）R1两端电压是：U1=U-UR=24V-15V=9V，故B正确。
（3），，I1：I2=0.3A：1.5A=1：5，故C正确。
（4）开关S1接触点1时，最大电阻是：，
最小电阻是：，所以Rmin=0Ω，即滑动变阻器R的阻值范围是0～50Ω，故D正确。
故答案为：BCD。
【分析】（1）将开关S1接触点1，滑动变阻器的滑片调到最左端时，R被短路，电路中只有R1，欧姆定律可算电源电压；
（2）将开关S1接触点1，电路中电流最小，R阻值最大电压表示数最大为15V，可得R1两端的电压。
（3）将开关S1接触点1，电路中电流I1根据欧姆定律计算；开关S1接触点2，R=0Ω时电路中的电流是I2最大，即计算，I1：I2代入数据计算。
（4）开关S1接触点1时，R和R1串联，电压表测R两端电压，电路安全条件下，电压表示数最大时R阻值最大，此时电流最小，电流表示数最大时R阻值最小。
二、填空题（本题共8个小题，每空1分，共16分）请在答题卡上把你的答案写在所对应的题号后的指定区域内
11．（2024·绥化）我们使用的手机利用 传递信息；核电站利用核 （选填“袋变”或“聚变”）释放的核能发电。
【答案】电磁波（或无线电波；裂变
【知识点】电磁波的传播
【解析】【解答】手机是利用电磁波来传递信息的。
核能包括核聚变和核裂变，目前核聚变是不可控的，所以核电站是利用核裂变的方式获得能量，把核能转化为电能输送到国家电网，供千家万户使用。
故答案为：电磁波；裂变。
【分析】电磁波能传递信息；核能包括核聚变和核裂变，目前核裂变是可控的，核聚变是不可控的。
12．（2024·绥化）将气球与干燥的头发摩擦后，看到如图所示的有趣现象。这是因为气球与头发间发生 现象。由于异种电荷互相 ，因而使头发吸附在气球上。
【答案】摩擦起电；吸引
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】将气球与干燥的头发摩擦后，由于电子转移后，气球与头发带异种电荷，是摩擦起电现象，由于异种电荷互相吸引，因而使头发吸附在气球上。
故答案为：摩擦起电；吸引。
【分析】摩擦起电的实质是电子的转移，电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
13．（2024·绥化）小字参加百米比赛的成绩是12.5s，以正在冲刺的小字为参照物，坐在看台上加油的同学是 （选填“运动”或“静止”）的，小字百米赛跑的平均速度是 m/s.
【答案】运动；8
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】小宇在冲刺，相对于看台上的同学有位置的变化，因此是运动的；小宇百米赛跑成绩为。
故答案为：运动；8。
【分析】 根据运动的相对性和基本速度公式计算即可。
14．（2024·绥化）感冒发烧时可用冷毛巾给头部降温，是利用 的方式改变内能。一台某型号四冲程汽油机飞轮转速是1800r/min，该汽油机工作时每秒对外做功 次。
【答案】热传递；15
【知识点】热传递改变物体内能；内燃机的四个冲程
【解析】【解答】（1）感冒发烧时可用冷毛巾给头部降温，是利用热传递的方式改变内能。
（2）一台某型号四冲程汽油机飞轮转速是1800r/min，则1s飞轮转30r，飞轮转两圈，对外做功一次，可知每秒对外做功15次。
故答案为：热传递；15。
【分析】（1）改变物体内能的途径有两种，一做功，二热传递。
（2）内燃机在工作的时候，一个工作循环是4个冲程，飞轮转两圈，活塞往复运动两次，对外做功一次。根据飞轮的转速可以求出一秒钟飞轮的转数，可以求对外做功的次数。
15．（2024·绥化）飞机能够在空中飞行，原理在于机翼下方比上方空气流速小，压强 （选填“大”或“小”），从而获得向上的升力。随着飞机升空，海拔高度增加，大气压 （选填“增大”“减小”或“不变”）.
【答案】大；减小
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】流体流速越大，压强越小，机翼下方流速小，因此压强大；大气压随着海拔的升高而降低，随着飞机升空，海拔高度增加，大气压减小。
故答案为：大；减小。
【分析】根据流体压强与流速关系、大气压强与海拔的关系进行回答即可。
16．（2024·绥化）如图为家庭电路的电能表，该电能表允许接入用电器的最大总功率是 W；表盘上的某个参数模糊不清，为测得这个参数，仅将额定功率为1200W的空调接入电路，正常工作1min电能表转盘转了60转，计算可知该参数为 r/（kW·h）.
【答案】；3000
【知识点】电能表参数的理解
【解析】【解答】该电能表允许接入用电器的最大总功率：
Pmax=UImax=220V×20A=4400W。
正常工作1min电能表转盘转了60转，空调消耗的电能为：
W=Pt=1200W×60s=7.2×104J。
设电能表的参数是N，则有：
；
解得：
N=3000。
故答案为：4400；3000。
【分析】（1）电能表上的220V 10（20A）表示额定电压是220V，标定电流为10A，额定最大电流为20A；根据P=UI计算该电能表允许接入用电器的最大总功率。
（2）根据电能表上的参数和电功的公式进行计算。
17．（2024·绥化）一款电热水龙头的简化电路如图甲所示，图乙是它铭牌上的参数。电源电压恒定不变，和为发热电阻，当开关S、均闭合时，通电20s电热水龙头产生的热量是 J.电阻和的阻值之比是 .
额定电压 220V
额定功率 高温挡 2200W
低温挡 440W
【答案】；1：4
【知识点】电流的热效应；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】由电路图可知，开关S闭合、S1断开时，电路为R2的简单电路，电路的电阻较大；开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电路的电阻较小。电源电压一定，根据可知，开关S闭合、S1断开时，电路消耗的电功率较小，为低温挡；开关S1、S2均闭合时，电路消耗的电功率较大，为高温挡。
当开关S、S1均闭合时，通电20s电热水龙头产生的热量：
Q=W=P高t=2200W×20s=44000J；
并联电路各支路互不影响，所以高温挡下R2消耗的电功率：
P2=P低=440W，
高温挡下R1消耗的电功率：
P1=P高-P2=2200W-440W=1760W，
电源电压一定，根据可得，
R1：R2=P2：P1=440W：1760W=1：4。
故答案为：44000；1：4。
【分析】 由电路图可知，开关S闭合、S1断开时，电路为R2的简单电路，电路的电阻较大；开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电路的电阻较小。电源电压一定，根据可知，开关S闭合、S1断开时，电路消耗的电功率较小，为低温挡；开关S1、S2均闭合时，电路消耗的电功率较大，为高温挡，根据Q=W=Pt求通电20s电热水龙头产生的热量；
并联电路各支路互不影响，根据P=P1+P2求高温挡下R1消耗的电功率，根据求电阻R1和R2的阻值之比。
18．（2024·绥化）如图，一长方体物块漂浮在水面上时，物块露出水面的体积是总体积的，当它漂浮在另一液面上时，浸入液体的体积是总体积的。水和液体对物块下表面的压强分别为和，则 （选填“>”“=”或“<”）.杯中液体的密度是 。（物块质量分布均匀，且不吸水和另一液体）
【答案】=；
【知识点】浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【解答】 （1）同一物体在两种液体中的状态都是漂浮，
F浮=G物=F向上-F向下=F向上=ps，所以p1=p2。
（2）同一物体在两种液体中的状态都是漂浮，
F浮=G物=ρgV排，
即
ρ水gV排水=ρ液gV排液，
代入数据，
解得：
ρ液=1.2×103kg/m3
故答案为： （1）=；（2）1.2×103kg/m3 。
【分析】（1）同一物体在两种液体中的状态都是漂浮，F浮=G物=F向上-F向下=F向上=ps。
（2）同一物体在两种液体中的状态都是漂浮，F浮=G物=ρgV排，所以，物体在两液体中的浮力相等。
三、作图与实验探究题（本题共6个小题，共30分）
19．（2024·绥化）（1）请作出杠杆上动力F的力臂l。
（2）请根据平面镜成像特点，作出点光源S发出的光经平面镜反射后通过A点的光路图（保留作图痕迹）。
【答案】（1）
（2）
【知识点】光的反射；力臂的画法
【解析】【解答】（1）过支点O作动力F作用线的垂线段l，即为动力臂，如图所示：
（2）先通过平面镜作出发光点S的对称点S'即为S的像；连接S'A交平面镜于点O，SO为入射光线，OA为反射光线；如图所示：
【分析】（1）根据力臂的画法，过支点O作动力作用线的垂线段即动力臂。
（2）先根据平面镜成像的特点作出S的像；再根据平面镜成像原理可知，反射光线所有的反向延长线都会过S的像；连接像点与A点，则与平面镜的交点为入射点，再完成光路即可。
20．（2024·绥化）如图甲是某兴趣小组同学“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，记录的温度随时间变化关系图象如图乙所示。
（1）组装实验装置时，要保证用酒精灯的外焰加热，应先调整 的位置。（选填“烧杯”或“温度计”）
（2）实验中杯□周围出现大量“白气”，“白气”的形成属于 现象。（填物态变化名称）
（3）关于甲装置中硬纸片作用的说法，错误的是____。（选填字母）
A．减少热损失
B．降低杯内气压，使水沸腾更快
C．减少“水雾”的干扰，方便读数
D．有助于固定温度计
（4）小组同学进一步分析图象，发现水沸腾时的特点是 .
（5）实验结束后撤去酒精灯，水还能继续沸腾一会儿，产生这种现象的原因是 .
【答案】（1）烧杯
（2）液化
（3）B
（4）吸收热量、温度保持不变
（5）石棉网（或陶土网）、铁圈、烧杯底部的温度高于水的沸点，水能继续吸热。
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）因为实验中要用酒精灯的外焰加热，且温度计的玻璃泡不能接触到容器的底部，所以需要先调整烧杯。
（2）热空气遇冷液化成的小雾珠，所以我们看到大量的“白气”。
（3）A、加盖可以减少对流和辐射散热，减少热量损失，故A正确。
B、加盖后可使烧杯内气压增大，水的沸点升高，故B错误。
C、温度计从纸片的小孔穿过，位置更加稳定，故C正确。
D、加盖后减少了高温水蒸气与温度计的接触，不易在温度计表面发生液化现象，避免液化形成的小水滴妨碍读数，故D正确。
故答案为：B。
（4）由图可知，当水的温度达到98℃后，虽然继续吸热，但是温度不再上升，所以可知，水沸腾时，继续吸热，温度不变。
（5）移开酒精灯后，石棉网的温度还比较高，高于烧杯中水的温度，所以水还能从外界吸收热量，则水还能继续沸腾。
故答案为：（1）烧杯；（2）液化；（3）B；（4）继续吸热，温度不变；（5）石棉网的温度高于杯内水的温度。
【分析】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置。
（2）白气是热空气遇冷液化而成的。
（3）烧杯加盖主要防止热量散失，缩短加热时间；液体沸点随气压增大而升高。
（4）水沸腾时，继续吸热，温度不变。
（5）移开酒精灯后，石棉网的温度还比较高，高于烧杯中水的温度。
21．（2024·绥化）如图甲是“探究并联电路的电流规律”实验装置。
实验次数 L1两端电压U1/V L2两端电压U2/V L1、L2两端电压U/V
1 1.3 1.5 2.8
2 1.2 1.6 2.8
3 1.2 1.7 2.8
（1）连接电路时应 开关.
（2）如图甲，电流表测量的是灯泡 的电流，实验中和应该选择规格 （选填“相同”或“不同”）的灯泡。
（3）完成实验后，利用已有器材又找来电压表“探究串联电路的电压规律”，设计了图乙所示电路。闭合开关，发现灯均不亮，电压表示数接近电源电压，故障原因可能是 。（写出一种即可）
（4）排除故障后，选择合适的器材多次实验并记录数据，如图丙所示，由此可得出率联电路的电压规律： 。（用U、、写表达式即可）
【答案】（1）断开
（2）；不同
（3）灯泡断路
（4）
【知识点】探究串、并联电路中的电压规律实验；并联电路的电压规律
【解析】【解答】（1）为了保护电路，连接电路时应断开开关。
（2）由图甲可知，电流表与灯L1串联，故电流表测量的是灯泡L1的电流；为使探究得出的结论具有普遍意义，L1、L2应该选择规格不同的灯泡。
（3）闭合开关，发现灯L1和L2均不亮，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即故障原因可能是灯L1断路。
（4）由表中数据可知，忽略误差不计，L1、L2两端电压U等于L1两端电压U1与L2两端电压U2之和，即U=U1+U2。
故答案为：（1）断开；（2）L1；不同；（3）灯L1断路；（4）U=U1+U2。
【分析】 （1）为了保护电路，连接电路时应断开开关。
（2）根据电流表与待测电路串联分析；用归纳法得出普遍性的结论，一要选用的样本有代表性，二要数量足够多。
（3）闭合开关，发现灯L1和L2均不亮，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了。
（4）根据表中数据分析得出结论。
22．（2024·绥化）如图是“探究凸透镜成像的规律”实验装置。
（1）调节实验器材的高度时，蜡烛 点燃，（选填“需要”或“不需要”）
（2）实验过程中，当蜡烛、凸透镜、光屏位置如图所示时，光屏上恰好出现清晰的像.该像是倒立、 （选填“放大”“等大”或“缩小”）的实像，生活中的 （选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是利用该原理成像的。
（3）如图位置，若将蜡烛向左移动5cm，要在光屏上再次成清晰的像，应该将光屏适当向 （选填“右”或“左”）移动：如果不动光屏、凸透镜，也可在蜡烛和凸透镜之间放一个合适的 （选填“近视”或“远视”）眼镜，光屏上也能出现清晰的像。
【答案】（1）需要
（2）缩小；照相机
（3）左；近视
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）在光具座上依次放置蜡烛、凸透镜、光屏，点燃蜡烛，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中央。
（2）由图知，此时物距大于像距，成倒立缩小的实像；相当于照相机。
（3）若将蜡烛向左移动5cm，要在光屏上再次成清晰的像，根据物远像近像变小，应该将光屏适当向左移动；如果不动光屏、凸透镜，此时像成在光屏前方，相当于近视眼，也可在蜡烛和凸透镜之间放一个合适的近视眼镜，光屏上也能出现清晰的像。
故答案为：（1）需要；（2）缩小；照相机；（3）左；近视。
【分析】（1）蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中央。
（2）根据图中物距和像距的关系判断出像的性质。
（3）根据物远像近像变小分析解答；近视眼成像在视网膜的前方，据此分析。
23．（2024·绥化）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，实验操作如下，实验过程中弹簧测力计的示数如图所示。（图中所用容器底面积是，均为相同的平底薄壁圆柱形容器，物块不吸水和另一液体）
（1）测量前，需沿 方向将弹簧测力计调零。
（2）实验中，物块浸没在水中受到的浮力是 N。
（3）如果对比B、E两次实验，得出“浮力的大小与液体密度有关”的结论，那么这种做法 （选填“正确”或“不正确”），理由是 .
（4）由 两次实验可得出结论：浮力的大小与物体浸没在液体中的深度无关。
（5）完成E实验操作后，用弹簧测力计将物块向上拉出液面一小部分，弹簧测力计示数变为2.8N，此操作会使容器中的液面下降 cm。
【答案】（1）竖直
（2）2
（3）不正确；未控制物体排开液体的体积相同
（4）C、D
（5）1
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）调零时，弹簧测力计在所测力的方向上调零，测重力和拉力要竖直方向，则调零也竖直方向。
（2）由A、C或A、D，根据称重法知物块浸没在水中时受到的浮力大小是：
F浮=G-F=4.0N-2.0N=2.0N。
（3）因研究浮力的大小与液体的密度的关系时，要控制排开液体的体积相同，B、E两次实验物体排开液体的体积不同，故利用B、E两次实验不可得出结论，她的做法是错误的。
（4）由图C、D可知，浸没后，h增加，F浮不变，浮力大小与物体浸没液体中的深度无关。
（5）根据阿基米德原理可知，物体的体积为：
；
物体浸没液体中：
F浮液=ρ液gV排液=4.0N-2.4N=1.6N---①；
物体拉出液面一小部分，
F浮液'=ρ液gV排液'=4.0N-2.8N=1.2N---②；
可得：
，，
液面下降高度
。
故答案为：（1）竖直；（2）2.0；（3）不正确；没有控制排开液体的体积不变；（4）C、D；（5）1。
【分析】（1）调零时，弹簧测力计在所测力的方向上调零。
（2）由F浮=G-F求浮力。
（3）（4）利用控制变量法进行分析。
（5）根据阿基米德原理可知，得出物体的体积，即为浸没液体的体积。
得出物体浸没液体中体积与物体拉出液面一小部分后浸入液体体积的关系得出漏出液面的体积，从而得出下降的高度。
24．（2024·绥化）在“测量小灯泡的电功率”实验中，选用的小灯泡上标有“2.5V”字样，额定电流约为0.3A，电源电压恒为6V，实验电路如图甲所示。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整 。（导线不允许交叉）
（2）现有规格为A“”、B“”和C“”的三个滑动变阻器可供选择，应选择 （选填字母）滑动变阻器接入电路才能顺利进行实验。实验中滑动变阻器的作用是 和调节小灯泡两端的电压及通过的电流。
（3）电路连接完成后，闭合开关，发现小灯泡发光很暗，这时眼睛应该看着 （选填“电流表”或“电压表”）移动滑动变阻器的滑片，当小灯泡正常发光时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W.
（4）实验中改变小灯泡两端的电压，多次测量的目的是 .
（5）测得小灯泡的额定功率后，把小灯泡两端的电压调为额定电压的一半，发现测得的功率大于其额定功率的四分之一，请对其加以分析： .
【答案】（1）
（2）B；保护电路
（3）电压表；0.65
（4）寻找普遍规律
（5）根据可知，若灯丝电阻不变，实际电压为额定电压一半时，实际功率恰好等于额定功率的四分之一；当实际电压低于额定电压时，灯丝温度降低。电阻减小，所以此时实际功率大于额定功率的四分之一。
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）小灯泡上标有“2.5V”字样，故电压表选用小量程并联在灯泡两端，如下图所示：
（2）小灯泡上标有“2.5V”字样，额定电流约为0.3A；当灯正常发光时，根据串联电路的规律及欧姆定律可知，滑动变阻器连入电路中的电阻为：
，
且灯泡额定电流大于0.2A，故为了能够顺利完成实验探究，应选用“20Ω 1A”的滑动变阻器，即选B。
在“测定小灯泡功率”的实验中，滑动变阻器的作用是：保护电路和调节小灯泡两端的电压及通过的电流。
（3）当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡正常发光，因此眼睛应该看着电压表移动滑动变阻器的滑片，当小灯泡正常发光时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.26A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.26A=0.65W；
（4）实验中改变小灯泡两端的电压，多次测量的目的是：测量不同电压下小灯泡的实际功率。
（5）根据知，在电阻R不变时，电压为原来的二分之一，功率为原来的四分之一，但因灯丝的电阻随温度的降低而减小，故小灯泡两端的电压调为额定电压的一半，发现测得的实际功率大于其额定功率的四分之一。
故答案为：（1）见解答图；（2）B；保护电路；（3）电压表；0.65；（4）测量不同电压下小灯泡的实际功率；（5）根据知，在电阻R不变时，电压为原来的二分之一，功率为原来的四分之一，但因灯丝的电阻随温度的降低而减小，故小灯泡两端的电压调为额定电压的一半，测得的实际功率大于其额定功率的四分之一。
【分析】（1）根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端。
（2）当灯正常发光时，根据串联电路的规律及欧姆定律求出滑动变阻器连入电路中的电阻确定滑动变阻器规格；滑动变阻器的作用一般有保护电路和改变电路中的电流或改变被测用电器两端电压。
（3）当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡正常发光；根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出小灯泡的额定功率。
（4）实验中要求改变小灯泡两端的电压值，灯的实际电压分别高于、等于、低于额定电压，计算出每种情况下的电功率和灯泡的发光情况。
（5）根据知，在电阻R不变时，电压为原来的二分之一，功率为原来的四分之一，由灯丝的电阻随温度的降低而减小分析。
四、综合应用题（本题共2个小题，25题7分，26题7分，共14分）
25．（2024·绥化）如图甲，质量为40kg的货物静止在水平地面上，与地面的接触面积是。如图乙。工人用250N的拉力F，将货物用滑轮组匀速提升到3m高的二楼，此过程中货物上升的速度是0.2m/s。求：
（1）货物静止在水平地面上时，对地面的压强；
（2）工人用滑轮组提升货物时做功的功率；
（3）滑轮组的机械效率；
（4）为提高该滑轮组的机械效率，请你提出一条合理建议。
【答案】（1）解： 因为货物静止在水平地面上
货物对地面的压强
（2）解： 绳子自由端移动的速度
工人做功的功率
（3）解： 有用功
绳子自由端移动的距离
工人做的总功
机械效率
（4）解： 建议：①增加所提升的物重②减轻动滑轮重③减小摩擦或绳重
【知识点】功率的计算；压强的大小及其计算；滑轮（组）的机械效率
【解析】【分析】（1）货物静止在水平地面上时，对地面的压强为5000Pa。
（2）工人用滑轮组提升货物时做功的功率为100W。
（3）滑轮组的机械效率为80%。
（4）为提高该滑轮组的机械效率，可增大提升货物的重力。
26．（2024·绥化）如图，电路中电源电压可调，定值电阻，和为额定功率不同、额定电流均为0.4A的小灯泡（忽略温度对灯丝电阻的影响），滑动变阻器R的铭牌上标有“”字样，电流表量程0~0.6A。
（1）只闭合开关，电源电压时，电流表的示数为0.3A.求此时滑动变阻器接入电路的阻值；
（2）保持（1）中开关状态和电源电压不变，在电路安全的情况下，调节滑动变阻器，求定值电阻的功率变化范围；
（3）调节电源电压为，只闭合开关，调节滑动变阻器，灯的功率为1.6W时正常发光，最小功率为0.4W；再调节电源电压为，只闭合开关，调节滑动变阻器，灯的最大功率为1.6W，最小功率为0.4W。（调节滑动变阻器时电路安全）求：、。
【答案】（1）解： 只闭合时，R与串联
（2）解： 只闭合时，仍为R与串联
分析可知该电路最大电流
的功率变化范围1.25-7.2W
（3）解： 只闭合时，R与串联，额定功率为1.6W，额定电流为0.4A；
功率为0.4V时，滑动变阻器接入阻值最大为
只闭合时，R与串联，未正常发光，功率为1.6W时，；
功率为0.4W时，滑动变阻器接入阻值最大为
①
②
由①②式，解得：
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1）如图所示，只闭合开关S0时，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，由欧姆定律可得先求出总电阻，再根据串联电路的电阻关系，即可求出此时接入滑动变阻器的阻值。
（2）保持（1）中开关状态和电源电压不变，在电路安全的情况下，调节滑动变阻器，接入阻值最大时，电流最小，接入阻值最小时，且根据电流表量程可知电路中的最大电流，由电功率公式可得到R0的最小功率和最大功率。
（3）调节电源电压为U1，只闭合开关S1，滑动变阻器R与L1串联，调节滑动变阻器，由额定功率，额定电流求出小灯泡的电阻，再由电功率公式求出最小电流，由欧姆定律即可求出电源电压U1；再调节电源电压为U2，只闭合开关S2时，滑动变阻器与灯L2串联，由电功率公式及欧姆定律，分别表示出电源电压U2的计算公式，最后列出方程，解方程即可求出U2。
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