05-06年同步训练-函数1 B卷（附答案）

高中同步测控优化训练(六)
第二章　函数(一)(B卷)
说明：本试卷分为第Ⅰ、Ⅱ卷两部分，请将第Ⅰ卷选择题的答案填入题后括号内，第Ⅱ卷可在各题后直接作答.共100分，考试时间90分钟.
第Ⅰ卷(选择题　共30分)
一、选择题(本大题共10小题，每小题3分，共30分)
1.下列各式中,表示y是x的函数的有
①y=x-(x-3);②y=+;③y=④y=
A.4个 B.3个 C.2个 D.1个
解析:①③表示y是x的函数;在②中由知x∈,因为函数定义域不能是空集，所以②不表示y是x的函数;在④中若x=0,则对应的y的值不唯一，所以④不表示y是x的函数.
答案:C
2.函数f(x)=2x2-mx+3,当x∈［-2,+∞)时是增函数，当x∈(-∞,-2］时是减函数，则f(1)等于
A.-3 B.13 C.7 D.由m而定的常数
解析:由题意可知，x=-2是f(x)=2x2-mx+3的对称轴，即-=-2,
∴m=-8.∴f(x)=2x2+8x+3.
∴f(1)=13.
答案:B
3.已知f(x)=3x+1(x∈R),若|f(x)-4|0),则a、b之间的关系为
A.a≤ B.b≤ C.b> D.a>
解析:|f(x)-4|由|x-1|∴b≤.
答案:B
4.函数f(x)= (a、b、c是常数)的反函数是f--1(x)=，则a、b、c的值依次是
A.2，1，3　　　　　B.-2，-1，-3　　　　　C.-2，1，3　　　　D.-1，3，-2
解析:由f-1(x)= 解得f(x)= =.
又f(x)= ，∴a=-2,b=-1,c=-3.
答案:B
5.已知函数f(x)=的定义域是一切实数,则m的取值范围是
A.0解析:要使函数有意义,只需对任意x∈R,不等式mx2+mx+1≥0恒成立.
当m=0时,1≥0,显然成立.
当m≠0时,只需0综上可知,0≤m≤4.
答案:D
6.设f(x)＞0是定义在区间I上的减函数，则下列函数中增函数的个数是y=3-2f(x)　y=1+　y=［f(x)］2　y=1-
A.1 B.2 C.3 D.4
解析:因为f(x)＞0且f(x)在I上是减函数，故y=3-2f(x),y=1+，y=1-为I上的增函数，故选C.
答案:C
7.对于任意x1、x2∈［a,b］，满足条件f()>［f(x1)+f(x2)］的函数f(x)的图象是
解析:对于A有f(x)为一次函数，显然f()=［f(x1)+f(x2)］.
对于D如下图所示，任取x1f()的值为对应点A的纵坐标，［f(x1)+f(x2)］的值为对应线段CD中点B的纵坐标，显然A在B上方，故选D.
答案:D
8.函数f(x)=x+的图象是
解析:f(x)=
答案:C
9.已知函数y=f(x)(x∈［a,b］),那么集合{(x,y)|y=f(x),x∈［a,b］}∩{(x,y)|x=2}中所含元素的个数为
A.1 B.0 C.0或1 D.1或2
解析:此题即求y=f(x)(x∈［a,b］)与直线x=2的交点个数，不注意对应法则常误选A，其原因在于未注意2是否属于［a,b］.若2∈［a,b］，则交点为1个;若2［a,b］,则交点为0个.
答案:C
10.定义在R上的函数y=f(x-1)是单调递减函数(如下图所示)，给出四个结论,其中正确结论的个数是
①f(0)=1　②f(1)＜1　③f-1(1)=0 ④f--1()＞0
A.1　　　　　　　B.2 C.3　　　　　　D.4
解析:由图知,当x=1时，f(x-1)=1,即f(0)=1.
∴①正确.
∵y=f(x)的反函数存在，
∴f--1(1)=0.
∴③正确.
由题意知x=2时，f(x-1)＜1，即f(1)＜1.
∴②正确.
∵y=f(x-1)单调递减，
∴y=f--1(x)单调递减.
由图知, ＜f(0)，
∴f--1()＞f--1［f(0)］=0.
∴④正确.
答案:D
第Ⅱ卷(非选择题　共70分)
二、填空题(本大题共4小题，每小题4分，共16分)
11.已知函数f(x)= ,则f(1)+f(2)+…+f(2002)+f(2003)+f(1)+f()+…+f()+f()=_______.
解析:∵f(x)+f()=+=1，
∴原式=2003×1=2003.
答案:2003
12.如果f［f(x)］=2x-1,则一次函数f(x)=_________.
解析:用待定系数法求函数解析式.
设f(x)=ax+b(a≠0),则
f［f(x)］=af(x)+b=a(ax+b)+b
=a2x+ab+b.
由f［f(x)］=2x-1,得
解得或
所以f(x)=x+1-,或f(x)=- x+1+.
答案: x+1-或-x+1+
13.对于定义在R上的函数f(x),若实数x0满足f(x0)=x0,则称x0是函数f(x)的一个不动点.若函数f(x)=x2+ax+1没有不动点，则实数a的取值范围是_______.
解析:f(x)无不动点等价于方程x2+ax+1=x无解，
即(a-1)2-4<0-1答案:-114.已知f(x)是R上的增函数，A(0，-1)，B(3，1)是其图象上的两个点，那么|f(x+1)|＜1的解集是_________.
解析:|f(x+1)|＜1即-1＜f(x+1)＜1，
∴f(0)＜f(x+1)＜f(3).
∵f(x)在R上单调递增，
∴0＜x+1＜3.
∴-1＜x＜2.
答案:{x|-1＜x＜2}
三、解答题(本大题共5小题，共54分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)
15.(本小题满分8分)如图,动点P从边长为4的正方形ABCD顶点B开始,顺次经过C、D、A绕周界一圈,设x表示P的行程,y表示△APB的面积,求函数y=f(x)的解析式.
解:设PB=x,∵AB=4,由三角形面积公式,得
y=
16.(本小题满分10分)若二次函数f(x)=ax2+bx+c(a≠0)的图象关于y轴对称，且f(-2)＞f(3)，设m＞-n＞0，试比较f(m)和f(n)的大小，并说明理由.
解:∵f(x)=ax2+bx+c(a≠0)的图象关于y轴对称，
∴对任意x∈R，恒有f(-x)=f(x)，
即a(-x)2+b(-x)+c=ax2+bx+c恒成立.
∴2bx=0对任意x∈R恒成立.
∴b=0.∴f(x)=ax2+c.
∵f(-2)＞f(3),且f(-2)=f(2),
∴f(2)＞f(3).∴a<0.
∴f(x)在(0，+∞)上是减函数.
又∵m＞-n＞0,
∴f(m)＜f(-n).
而f(-n)=f(n)，
∴f(m)＜f(n).
17.(本小题满分12分)设a∈R,函数f(x)=x2+|x-a|+1,x∈R,求f(x)的最小值.
解:(1)当x≥a时，f(x)=x2+x-a+1
=(x+)2-a+，
若a≤-时,则f(x)在［a,+∞)上的最小值为f(-)=-a;
若a>-时,则f(x)在［a,+∞)上单调递增，
f(x)min=f(a)=a2+1.
(2)当x≤a时，f(x)=x2-x+a+1=(x-)2+a+];
若a≤时，则f(x)在(-∞,a］上单调递减，f(x)min=f(a)=a2+1;
当a>时，则f(x)在(-∞,a］上的最小值为f()=+a.
综上所述，当a≤-时，f(x)的最小值为-a;
当-＜a≤时，f(x)的最小值为a2+1;
当a>时，f(x)的最小值为+a.
18.(本小题满分12分)有甲、乙两种商品，经营销售这两种商品所能获得的利润依次是P和Q(万元)，它们与投入资金x(万元)的关系有经验公式:P=x，Q=.今有3万元资金投入经营甲、乙两种商品，为获得最大利润，对甲、乙两种商品的资金投入分别应为多少,能获得的最大利润为多少？
解:设对甲种商品投资x万元，获总利润为y万元，则对乙种商品的投资为(3-x)万元，于是y=x+(0≤x≤3).
令t= (0≤t≤)，则x=3-t2,
∴y= (3-t2)+ t= (3+3t-t2)
=- (t-)2+,t∈［0,］.
∴当t=时，ymax==1.05(万元)；
由t=可求得x=0.75(万元)，
3-x=2.25(万元),
∴为了获得最大利润，对甲、乙两种商品的资金投入应分别为0.75万元和2.25万元，获得最高利润1.05万元.
19.(本小题满分12分)济南市某电脑公司在市区和微山湖各有一分公司,市区分公司现有电脑6台,微山湖分公司有同一型号的电脑12台.淄博某单位向该公司购买该型号电脑10台,济南某单位向该公司购买该型号电脑8台,已知市区运往淄博和济南每台电脑的运费分别是40元和30元,微山湖运往淄博和济南每台电脑的运费分别是80元和50元.
(1)设从微山湖调运x台至淄博,该公司运往淄博和济南的总运费为y元,求y关于x的函数关系式.
(2)若总运费不超过1000元,问能有几种调运方案?
(3)求总运费最低的调运方案及最低运费.
解:(1)若微山湖调运x台至淄博,则运(12-x)台至济南,市区运(10-x)台至淄博,运往济南6-(10-x)=(x-4)台(4≤x≤10,x∈N),
则y=80x+50(12-x)+40(10-x)+30(x-4)
=20x+880,
所以y=20x+880(x∈N,且4≤x≤10).
(2)由y≤1000,得20x+880≤1000,解得x≤6.
又因为x∈N,且4≤x≤6,所以x=4、5、6,
即有3种调运方案.
(3)因为y为增函数,所以当x=4时,ymin=960.
故从微山湖运4台至淄博,运8台至济南,市区运6台至淄博,运费最低.