广西壮族自治区南宁市第二十六名校2023-2024学年九年级下学期物理开学试题

广西壮族自治区南宁市第二十六名校2023-2024学年九年级下学期物理开学试题
一、选择题(共16题，共35分。在给出的四个选项中，第1~13题只有一个选项符合题目要求，选对得2分，选错得0分。第14~16题有多个选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全得2分，有选错得0分。请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑。)
1．（2024九下·南宁开学考） 北京冬奥会组委会努力践行绿色理念，使用清洁能源和可再生能源。下列能源均为可再生能源的是（　　）
A．核能石油 B．地热能煤
C．风能 太阳能 D．氢能石油
2．（2024九下·南宁开学考）在“天宫课堂”第二次授课活动中航天员老师王亚平用水将两个塑料板连接起来，搭建了一座液体桥，如图所示。水在两板之间连接成为桥，这说明
A．分子之间有引力 B．分子之间有斥力
C．物质由大量分子构成 D．水分子在不停地运动
3．（2024九下·南宁开学考）学校的教室里安装了空调。以下做法不符合安全用电原则的是
A．出现故障时，先切断电源 B．放学离开教室，及时关闭电源
C．用更细的导线，防止发热起火 D．安装三孔插座，防止外壳带电
4．（2024九下·南宁开学考）神舟十六号返回舱进入大气层，与大气摩擦形成高温“火球”进入黑障区(如图)。下列改变内能的方式，与“火球”的形成原因相同的是
A．用柴火把壶中的水烧开 B．热鸡蛋放在冷水中冷却
C．炒菜时，铁锅热得烫手 D．反复锤打铁片，铁片变热
5．（2024九下·南宁开学考）如图所示的电路能正确测量灯L1的电流或电压的是
A．A B．B C．C D．D
6．（2024九下·南宁开学考）下列关于物理学家做出贡献的叙述，符合历史事实的是
A．沈括——最早记述了磁偏角
B．法拉第——最先发现电流的磁效应
C．欧姆——最先发现电与磁之间的联系
D．焦耳——最先得到电流与电压的关系
7．（2024九下·南宁开学考）应急救灾型无人机系统可在一些极端条件下，定向恢复50平方千米的移动通信网络。该系统在传递信息时主要依靠
A．电磁波 B．红外线 C．次声波 D．声波
8．（2024九下·南宁开学考）美国某物理学家团队宣称，他们研发的一种锦氮氢材料在近1万个大气压下实现了室温超导，数月后我国南京大学超导研究人员推翻了美国室温超导研究。即使真的有室温超导体，也不能用它制作
A．家庭电路中的电线 B．滑动变阻器的线圈
C．电磁铁的线圈 D．电动机的线圈
9．（2024九下·南宁开学考）定时引爆装置原理图如图所示。引爆前定时开关S闭合，当设定的引爆时间一到，定时开关S会自动断开。为使引爆装置停止工作，一定不能剪断的图中导线是
A．a导线 B．b导线 C．c导线 D．d导线
10．（2024九下·南宁开学考）两个电加热器甲和乙，甲的额定功率为1000W，乙的额定功率为1200W。在它们正常工作的情况下，下列说法正确的是
A．电加热器甲消耗电能多
B．电加热器乙消耗电能多
C．电加热器甲将电能转化成内能转化得快
D．电加热器乙将电能转化成内能转化得快
11．（2024九下·南宁开学考）如图为单缸四冲程汽油机工作过程中某一冲程示意图，且该汽油机飞轮的转速为3000r/min，下列说法正确的是
A．如图所示冲程为压缩冲程
B．该汽油机每秒对外做功25次
C．如图所示冲程将机械能转化为了内能
D．随着技术的进步，内燃机的效率达到了100%
12．（2024九下·南宁开学考）如图所示是一款自发电的运动手环。走路时，手环随着手臂运动，手环就会显示步数。它的工作原理是
A．电流的磁效应 B．欧姆定律
C．焦耳定律 D．电磁感应
13．（2024九下·南宁开学考）将口香糖锡纸，剪成如图1所示形状，其中AB和CD段等长。戴好防护手套，将锡纸条(带锡的一面)两端连接电池正、负极，如图2所示，发现锡纸条很快开始冒烟、着火。下列分析正确的是
A．通过AB和CD段的电流不相等 B．正常情况下，AB段会先着火
C．AB和CD段的电压相等 D．AB和CD段的电阻相等
14．（2024九下·南宁开学考）下列关于电现象，说法正确的是
A．额定功率大的电灯一定比额定功率小的电灯亮
B．通过电熨斗的电流远小于与之相连的导线中电流
C．手机“省电模式”能延长使用时间主要是减小了使用功率
D．选用保险丝时，其额定电流应该等于或略大于电路正常工作电流
15．（2024九下·南宁开学考）如图所示，电源电压不变，GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小。闭合开关S1、S2，向左调节滑片P，下列说法正确的是
A．指示灯逐渐变亮 B．电压表示数变大
C．电磁铁左端为N极 D．两电路的总功率均变大
16．（2024九下·南宁开学考）如图，甲图是汪洋设计的油量表示意图，小舟发现该设计存在不足，思考后将其改进如乙图。关于小舟改进的设计，以下说法正确的是
A．电路不易发生短路现象
B．油箱中油量越多，电表示数越大
C．电压表的示数可以从0开始逐渐变大
D．油箱中油量越多，流过电阻的电流越大
二、填空题(每空1分，共12分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程。)
17．（2024九下·南宁开学考）陆游的诗句“花气袭人知骤暖”，其中隐含的物理知识为：分子的无规则运动程度与　 　有关；教室里的LED灯发光效率很高，其发光部分主要由　 　材料制成的。
18．（2024九下·南宁开学考）充电型手电筒由蓄电池、开关和三颗相同的LED灯连接而成。充电时蓄电池相当于　 　(选填“用电器”或“电源”)；从正在发光的手电筒中取下其中的一颗灯珠，发现另外两颗灯珠不发光，若工作时每颗灯珠的电压都为U，则手电筒电源的电压为　 　。
19．（2024九下·南宁开学考）搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭，在酒泉精准点火发射。火箭的燃料使用了液态氢，主要是因为它的　 　大；火箭升空时，其能量转化的过程与四冲程汽油机的　 　冲程相同
20．（2024九下·南宁开学考）据《武经总要》记载，古人先将鱼形铁片烧红，令铁鱼头尾指向南北，然后将其放入水中冷却，依靠　 　(选填“地磁场”或“电流”)获得磁性，再令其在水中漂浮，制成指南鱼。在使用过程中，铁鱼头指向南方，其相当于磁铁的　 　极。
21．（2024九下·南宁开学考）小明一家外出旅游，出门前，家里的电能表的示数如图所示；旅游回来，电能表示数变为791.5kW·h，则这段时间内家里消耗的电能是　 　kW·h。小明关闭家里其它所有用电器，只打开空调，观察电能表转盘在1min内刚好转动了50转，则空调的功率是　 　W。
22．（2024九下·南宁开学考）如图所示，电源电压恒定，开关So始终闭合。当开关S闭合、甲、乙两表均为电压表时，两表示数之比U甲：U乙=7：5；R1：R2=　 　；当S断开，甲、乙两表为电流表时，此时两表示数之比l甲：l乙= 　 　 。
三、作图题(共4分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。)
23．（2024九下·南宁开学考）（1）如图所示，请按要求作图。①在括号内用“+”或“-”标出电源的极性，②标出磁感线的方向。
（2）如图所示为家庭电路示意图，请根据安全用电原则将该电路连接完整。
四、实验与探究题(共25分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。)
24．（2024九下·南宁开学考）小宇组装了如图甲所示的装置进行实验探究。
（1）在图甲中，闭合开关，观察到铝棒ab向右运动，说明通电导体在__中会受到力的作用，利用此原理可制成　 　(选填“电磁铁”“电暖器”或“电动机”)；断开开关，把电源正、负极对调后接入电路，闭合开关，观察到ab向左运动。以上过程，说明通电导体的受力运动方向与　 　方向有关。该实验中铝棒ab运动的过程涉及的能量转化为：将电能转化为　 　能。
（2）实验后，小宇了解到扬声器的原理与该实验类似，于是如图乙，把扬声器连接到在干电池上(电流足够大)，发现扬声器不能持续发声，分析后得知，如果想要线圈在磁场受力带动锥形纸盒来回振动，产生声音，则需要给线圈通入　 　(选填“变化的电流”或“恒定的电流”)。
25．（2024九下·南宁开学考）
（1）如图所示，有两只集气瓶A和B，A瓶装有无色透明的空气，B瓶装有红棕色的二氧化氮气体(二氧化氮的密度比空气密度大)。为了研究扩散现象，应选择　 　图所示的方案(选填“甲”或“乙”)。抽掉玻璃板后，保持两瓶口紧贴静置较长时间，两瓶中气体的颜色变得相同，该现象说明　 　
（2）如图丙所示是比较不同物质吸热升温的特点的实验装置，用两个相同的容器分别装入 　 　相同的A、B两种液体，用相同的酒精灯加热。通过　 　(选填“温度计升高的示数”或“加热时间”)来反映液体吸收热量的多少。
（3）如图所示是“焦耳定律”的实验。观察丁、戊两部分的实验装置，通过电阻R2的电流　 　(选填“大于”“小于”或“等于”)通过电阻R3的电流，这是在探究　 　对电热的影响。
26．（2024九下·南宁开学考）某小组同学学习电路知识后，做了如下实验：
（1）他们想用一个新电池、一根导线点亮一个完好的灯泡，其中三位同学连接的电路如图1所示，小灯泡能够发光的是　 　。(以上两空均选填“A”、“B”或“C”)，会出现短路的是　 　
（2）小宏连接了如图2所示的电路，探究“并联电路的特点”，她为了探究S2的控制作用，S1应　 　(选填“闭合”或“断开”)，再通过改变S2的状态观察两灯发光情况，发现S2断开时，L1亮、L2不亮，可以得出并联电路支路开关的作用，也能得出并联电路的用电器彼此　 　影响(选填“相互”或“互不”)。
（3）小辉用两个小灯泡设计一个电学实验盒，如图3所示，闭合开关时，两只小灯泡都亮了；断开开关，两灯泡又同时熄灭，根据此现象可知两灯　 　(选填“一定串联”或“不一定串联”)，当他用图3所示元件并联接到图3中CD两端，短时间闭合开关，发现两个小灯泡均不亮，拆下此导线，两灯均发光，则它们是　 　联的。
（4）小悦认为小辉的做法可能会对元件有伤害，于是她将实验盒上面的一个小灯泡L2拧下来，再闭合开关，她会看到小灯泡L1　 　，由此也可以简单的判断出它们的连接方式。
27．（2024九下·南宁开学考）小张用如图所示的电路测量小灯泡的电功率。电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。
（1）用笔画代替导线连接完整图甲实物电路　 　。
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于　 　端(填“A”或“B”)。
（3）小张连接完电路后，检查无误后闭合开关，却发现小灯泡不发光，电流表有示数，电压表无示数。可能发生的故障是____。(选填答案字母)
A．滑动变阻器处断路 B．灯座接线短路
C．小灯泡灯丝断了 D．开关接触不好
（4）排除故障后调节变阻器，使灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是　 　W。
（5）完成实验后，小聪受“单表测电阻”的启发，设计了如图丙所示的电路(电源电压仍为4.5V)，也想测量出本题中小灯泡的额定功率，请根据他的思路将步骤补充完整。
①闭合开关S，将开关S1拨到“1”，调节滑动变阻器滑片，直至电压表示数为　 　V；
②　 　，现将开关S1拨到“2”，读出电压表示数为U0；
③小灯泡的额定功率P=　 　(用U额、U0、R0表示)。
五、综合应用题(共24分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分，答案必须明确写出数值和单位。)
28．（2024九下·南宁开学考）小王想测量家里天然气灶的热效率，他给10kg的水加热，在6min内完全燃烧了0.1m3的天然气，水温从20℃升高到80℃。已知c水=4.2×103/(kg·℃)，q天然气=3.6×107J/m3，求：
（1）经过6min时间加热，水所吸收的热量；
（2）天然气完全燃烧放出的热量；
（3）天然气灶烧水时的热效率。
29．（2024九下·南宁开学考）定值电阻R和标有“2.5V0.2A”的小灯泡L的l-U图象如图甲。小丁将Ro和L按照图乙的电路连接，闭合开关，此时电流表的示数为0.15A，求：
（1）电源电压；
（2）小灯泡L的电阻和电功率；
（3）若保持条件不变，Ro持续工作1min产生的热量。
30．（2024九下·南宁开学考）健身使用的电子握力计模拟电路如图甲所示。将电流表(量程为0~0.6A)改装成握力计。电源电压为18V，定值电阻R1为10Ω，握力计手柄A端与滑动变阻器R2的滑片P连接，B端与R2的b端固定在绝缘支架上。测握力F大小时，滑片在ab之间滑动，握力为零时滑片F处于a端，手柄弹簧处于原长。经过检测与推算，滑动变阻器接入电路的阻值与握力F的大小关系如图乙所示。
（1）握力为100N时电路中的电流。
（2）在电路安全情况下，计算测量最大握力时R2消耗的电功率。
（3）若想增大握力计的测量范围。电路中增加一个阻值为10Ω定值电阻R3，请判断分析应该将R3与R1串联还是并联 在电路安全的情况下，计算改进后握力计测量握力的范围。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A、核能和石油都属于不可再生能源，故A不符合题意。
B、地热能属于可再生能源，煤属于不可再生能源，故B不符合题意。
C、风能和太阳能都属于可再生能源，故C符合题意。
D、氢能属于可再生能源，石油属于不可再生能源，故D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】能源从是否可再生角度划分：
可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
2．【答案】A
【知识点】分子间相互作用力
【解析】【解答】水分子间有相互作用的引力才会形成水桥。
故选：A。
【分析】组成物质的分子间有相互作用的引力和斥力。
3．【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、 电路中出现故障时，需要先切断电源，再检查电路故障，可防止触电事故的发生，故A项做法符合安全用电原则；
B、放学离开教室，及时关闭电源，一方面可以节约电能，另一方面可避免因导线发热过多而电路发生火灾，故B项做法符合安全用电原则；
C、在材料、长度相同时，导线越细，导线的电阻越大，当电路中有电流通过时，相同时间内导线产生的热量越多，既浪费了电能，又有引起火灾的可能，故C项做法不符合安全用电原则；
D、三孔插座的上孔接地线，当用电器漏电时，电流就通过地线流入大地，可防止外壳漏电时发生触电事故，故D项做法符合安全用电原则。
故选：C。
【分析】A、 在进行电路检修时，应先切断电源，能防止触电事故的发生；
B、在不用电时，要随时切断电源，即节约用电，也可防止导线发热发生火灾；
C、在材料、长度相同时，导线越细，电阻越大；在通过的电流、通电时间相同时，由焦耳定律可知电流产生的热量越多；
D、三孔插座的作用就是将用电器的金属外壳与大地相连，防止外壳带电时发生触电事故 。
4．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递的概念与方式
【解析】【解答】“火球”的形成是返回舱进入大气层，与大气层摩擦形成的，是克服摩擦做功，使机械能转化为内能，即通过做功的方式改变物体内能。
A、 用柴火把壶中的水烧开，是通过热传递来改变物体的内能，故A不合题意；
B、 热鸡蛋放在冷水中冷却，是通过热传递来改变物体的内能，故B不合题意 ；
C、 炒菜时，铁锅热得烫手，是通过热传递来改变物体的内能， 故C不合题意；
D、 反复锤打铁片，铁片变热，将机械能转化为内能 ，是通过做功来改变物体的内能，故D符合题意。
故选：D。
【分析】 做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；火球”的形成是通过做功的方式改变物体内能。
ABC、都是通过热传递来改变物体的内能；
D、是通过做功来改变物体的内能。
5．【答案】C
【知识点】电流表的连接；电压表的连接
【解析】【解答】A、 图中电流表与灯L2串联，且电流从电流表的负接线柱进去，从正接线柱流出，是错误的接法，故A错误；
B、图中电流表串联在干路上，测量L1、L2的总电流的电流大小，故B错误；
C、由图可知，电压表与L1并联，测L1两端的电压，故C正确；
D、由图可知，电压表接在电源两端，测的是两灯串联的总电压或电源电压，故D措误 。
故选：C.
【分析】 电流表使用时应该串联在被测电路中，使电流从正接线柱进去，从负接线柱出来。
电压表使用时应该并联在被测电路两端，电流要从正接线柱入，负接线柱出；
电流表要测出L1的电流，要与L1串联；电压表要测出L1两端电压，电压表要与灯L1并联 。
6．【答案】A
【知识点】物理常识
【解析】【解答】A、 最早记述了磁偏角的是我国的沈括，故A正确。
B、最先发现电流的磁效应的是丹麦物理学家奥斯特，法拉第发现电磁感应现象，故B错误。
C、最先发现电与磁之间的联系的是奥斯特，故C错误。
D、最先得到电流与电压的关系的是欧姆，焦耳提出了焦耳定律，故D错误。
故选：A。
【分析】 A、沈括最早记述了磁偏角；
B、法拉第发现电磁感应现象，最先发现电流的磁效应的是奥斯特；
C、欧姆最早得到电流与电压的关系；
D、焦耳提出了焦耳定律。
7．【答案】A
【知识点】电磁波的传播
【解析】【解答】 在一些极端条件下 ，可以用电磁波传递信息，故A正确，BCD不符合题意。
故选：A。
【分析】电磁波可以传递信息。
8．【答案】B
【知识点】超导体特点及作用
【解析】【解答】A、 家庭电路中的电线用室温超导体材料，可以减小电能的损耗，故A不符合题意；
B、滑动变阻器的线圈用室温超导体材料，电阻为零，电阻将不能改变，故D符合题意；
CD、电动机的线圈和电磁铁的线圈可以用室温超导体材料，线圈的电阻为零，减小电能的损耗，故CD不符合题意。
故选：B。
【分析】 超导材料处于超导态时电阻为零 。
ACD中的电线、线圈的电阻都可以为零；
B、滑动变阻器的电阻不能为零，否则电阻将不能改变。
9．【答案】B
【知识点】电路的三种状态
【解析】【解答】由图可知，S闭合时，起爆器被开关所在的导线短路，没有电流通过起爆器，起爆
器不工作；当设定起爆时间一到，定时开关S断开，有电流通过起爆装置而发生爆炸。
ACD、剪断a、c、d，无电流通过起爆器，起爆器不会爆炸；
B、在b处剪断导线，起爆器中有电流通过，会造成起爆器爆炸，这是一定不能实施的操作。
故选：B。
【分析】由电路图可知当S闭合时起爆器被短路，则起爆器中没有电流通过，不能工作；当S断开时起爆器有电流通过从而引爆炸弹。剪断a、c、d，无电流通过起爆器；在b处剪断导线，起爆器中有电流通过，会造成起爆器爆炸。
10．【答案】D
【知识点】电功率；电功率与电能、时间的关系
【解析】【解答】AB、正常工作时用电器的实际功率等于额定功率， 甲和乙的功率已知，通电时间未知，根据W=Pt可知，两者消耗的电能不能比较，故AB错误；
CD、正常工作时用电器的实际功率等于额定功率，电功率表示电流做功的快慢，功率大的电流做功快，乙的功率大，乙做功快，将电能转化成内能转化得快，故C错误，D正确。
故选：D
【分析】AB、根据W=Pt可知，通电时间未知，两者消耗的电能不能比较；
CD、电功率表示电流做功的快慢，功率大的电流做功快，将电能转化成内能转化得快。
11．【答案】B
【知识点】热机的效率；内燃机的四个冲程
【解析】【解答】 A、图中的进气门和排气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程，故A错误；
B、四冲程汽油机一个工作循环，飞轮转两周，对外做功一次，四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min，则该飞轮每秒钟转3000r÷60=50r，对外做功25次，故B正确；
C、如图所示是做功冲程，此冲程把内能转化为机械能，故C错误；
D、内燃机在工作过程中不可避免地要克服机械间的摩擦而做额外功，因此内燃机的效率不能达到100%，故D错误。
故选：B。
【分析】A、 判断冲程可以看气阀门的开关情况和活塞运动情况；
B、四冲程内燃机1个工作循环中包括4个冲程，飞轮转动2周，对外做功1次；
C、热机在做功冲程，内能转化为机械能；
D、任何机器在工作时都不可避免地要克服机械间的摩擦而做额外功，因此效率不能达到100%。
12．【答案】D
【知识点】电磁感应；产生感应电流的条件
【解析】【解答】 走路时，手环随着手臂运动，线圈做切割磁感线运动而产生电流，因此运动手环的工作原理是电磁感应。
故选：D。
【分析】 闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应 。
13．【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；影响电阻大小的因素；焦耳定律的应用
【解析】【解答】A、 AB和CD段锡纸串联电路中，由于串联电路中的电流处处相等，所以通过AB和CD段的电流相等，故A错误；
BD、在材料和长度相同时，导体的横截面积越小，电阻越大，由图知，AB段的横截面积小于CD段的横截面积，所以AB段的电阻大于CD段的电阻，根据Q=I2Rt可知，在电流和通电时间相同时，AB段产生的热量多，温度高，先着火，故B正确，D错误；
C、AB段的电阻大于CD段的电阻，根据串联电路的分压原理可知，AB段的电压大于CD段的电压，故C错误。
故选：B。
【分析】A、 串联电路中，电流处处相等；
B、根据Q=I2Rt分析判断在电流和通电时间相同时，AB段产生的热量多，温度高；
C、AB段的电阻大于和CD段的电阻，根据串联分压原理得，AB的电压大于CD段的电压。
D、导体电阻的大小跟导体的长度、横截面积、材料有关，在材料和长度相同时，导体的横截面积越小，电阻越大。
14．【答案】C,D
【知识点】串联电路的电流规律；电功率与电能、时间的关系；实际功率；熔断器的作用及保险丝的选择
【解析】【解答】A、 灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，额定功率大的灯泡，它的实际功率不一定大，故A错误；
B、电熨斗与导线串联在电路中，根据串联电路的电流规律可知，通过电熨斗的电流等于与之相连的导线中电流，故B错误；
C、当手机“电量”所剩无几时， 由W=Pt知，电能一定时，要延长使用时间，需减小功率P，因此手机的“省电模式”来是通过减小使用功率的方式来延长使用时间的，故C正确；
D、保险丝选用要合理，应使它的额定电流等于或稍大于电路中的最大正常工作电流，故D正确。
故选：CD。
【分析】 A、灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定；
B、串联电路中，电流处处相等；
C、省电模式是减慢手机电能的消耗，根据W=Pt分析，电能一定时，要延长使用时间，减小功率P；
D、制作保险丝的材料：电阻率大、熔点低的铅销合金。在电路中电流过大时，保险丝上产生的电热过多，达到保险丝的熔点，保险丝熔断，切断电路，对电路起到保护作用；保险丝选用要合理，应使它的额定电流等于或稍大于电路中的最大正常工作电流 。
15．【答案】A,C,D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；安培定则
【解析】【解答】A、滑片P向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，左侧电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，GMR的电阻变小， 根据欧姆定律可知右侧电路中的电流增大，通过指示灯的电流增大，指示灯变亮 ，故A正确；
B 、右侧电路中，电压表测量的是GMR两端的电压，滑片P向左滑动， GMR的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，GMR分担的电压减小，电压表示数减小 ，故B错误；
C、 右手握住螺线管，四指环绕方向与电流方向相同，大拇指指向N极，则电磁铁的左端N极，故C正确 ；
D、 根据P=UI知，两个电路的电压不变，电流都变大，因此电功率变大，故D正确。
故选：ACD。
【分析】A、 根据滑片移动的方向判定滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化；电磁铁磁场的大小与电流大小、线圈的匝数的多少有关，据此判断出电磁铁的磁场强弱变化和GMR电阻的变化，根据欧姆定律可知右侧电路中的电流变化，根据通过灯泡的电流判定灯泡亮度的变化；
B、右侧电路中，电压表测量的是GMR两端的电压，根据串联电路的分压规律判断滑片P向左滑动，电压表示数的变化；
C、利用安培定则可知得出电磁铁的两极；
D、根据P=UI判断两电路的总功率的变化。
16．【答案】A,B,C
【知识点】杠杆的动态平衡分析；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】 由电路图可知，改进后电路，整个的滑动变阻器都接入了电路，电压表测滑片上方部分电阻两端的电压。
A、由于整个的滑动变阻器都接入了电路，电路不易发生短路现象，故A正确；
B、由于整个的滑动变阻器都接入了电路，滑片移动，滑动变阻器接入电路的电阻不变，由欧姆定律知电路中的电流不变，由图可知，油量增加时，浮标上移，在杠杆的作用下滑片下移，则滑片上方电阻丝的长度变长，即与压表并联部分的电阻变大，由U=IR可知，电压表的示数变大，故B正确；
C、当滑片在最上端时，由电压表并联部分的电阻为零，电压表的示数为零，随着油量的增加，滑片下移，与电压表并联部分的电阻变大，电压表的示数变大，所以电压表的示数可以从0开始逐渐变大，故C正确；
D、由于整个的滑动变阻器都接入路，滑片移动，滑动变阻器接入电路的电阻不变，由欧姆定律知电路中的电流不变，故D错误。
故选：ABC。
【分析】由电路图可知，改进后电路，整个的滑动变阻器都接入了电路，电压表测滑片上方部分电阻两端的电压。
A、由于整个的滑动变阻器都接入了电路，电路不易发生短路现象；
B、由图可知，油量增加时，浮标上移，在杠杆的作用下滑片下移，与电压表并联部分的电阻变大，由U=IR判断出电压表示数的变化；
C、当滑片在最上端时，由电压表并联部分的电阻为零，电压表的示数为零，随着油量的增加，滑片下移，与电压表并联部分的电阻变大，判断电压表的示数变大；
D、由于整个的滑动变阻器都接入了电路，滑片移动，滑动变阻器接入电阻不变，由欧姆定律判断出电路中的电流不变。
17．【答案】温度；半导体
【知识点】半导体特点及作用；分子热运动
【解析】【解答】 分子的无规则运动程度与温度有关，温度越高，分子的无规则运动程度越剧烈；
半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间，工ED灯的发光效率高，其发光部分主要由半导体组成的。
【分析】温度越高，分子的无规则运动程度越剧烈；
半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间。
18．【答案】用电器；3U
【知识点】电路的构成及电路图；串联电路的电压规律
【解析】【解答】 充电时蓄电池相当于用电器；
从正在发光的手电筒中取下其中的一颗灯珠，发现另外两颗灯珠不发光，说明灯珠是串联，若工作时每颗灯珠的电压都为U，由于串联电路的总电压等于各部分电路两端的电压之和，因此手电筒电源的电压为3U。
【分析】 蓄电池充电时相当于用电器；
串联电路的总电压等于各个串联导体的电压之和；
19．【答案】热值；做功
【知识点】燃料的热值；内燃机的四个冲程
【解析】【解答】 箭采用液态氢作为燃料，是因为液态氢的热值大，完全燃烧相同质量的液态氢时，可以释放出更多的热量；
火箭升空时 ，燃气的内能转化为火箭的机械能，此能量转化过程与四冲程汽油机的做功冲程相同。
【分析】 完全燃烧相同质量的不同燃料时，燃料的热值越大，释放出的热量越多，在选择火箭燃料时应选用燃料热值大的；
火箭升空时 ，燃气的内能转化为火箭的机械能，汽油机的做功冲程将内能转化为机械能 。
20．【答案】地磁场；南
【知识点】磁现象；地磁场
【解析】【解答】 鱼形铁片烧红后，令鱼头尾指向南北，然后放入冷水中冷却，地磁场会将其磁化，使其获得磁性；
铁鱼头指向南方，即地磁场的北极，根据异名磁极相互吸引知，铁鱼头相当于磁铁的南极。
【分析】 一些物体在磁体或电流的作用下获得磁性的现象叫磁化；
地磁场的北极在地理的南极附近，地磁场的南极在地理的北极附近；磁体间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
21．【答案】10；1kW
【知识点】电能表参数的理解；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】由图知： 出门前电能表的示数为781.5kW h，这段时间内消耗电能：791.5kW h-781.5kW h=10kW h；
“3000r/(kW h)“表示电路中用电器每消耗1kW h的电能，电能表的转盘就转3000r；
则转盘转50转时，空调消耗的电能：
空调的功率：
【分析】电能表度最后方框内是小数， 一段时间内消耗电能等于前后电能表的示数之差；
“3000r/(kW h）“表示电路中用电器每消耗1kW h的电能，电能表的转盘就转3000r；据此求转盘转50转时，空调消耗的电能；再根据计算空调的功率。
22．【答案】2：5；2：7
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律
【解析】【解答】 开关S0 始终闭合。当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时 ，R1和R2串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测R2两端的电压。
已知U甲：U乙=7：5，根据串联电路的电压规律得：U甲：U乙=（R1+R2）：R2
解得：R1：R2=2：5.
当断开S，甲、乙两电表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2的电流，电流表乙测干路电流，由于并联电路各支路两端电压相等，则I1：I2=R2：R1=5：2，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，则I甲：I乙=I2：(I1+I2)=2：7.
【分析】 开关S0始终闭合，由电路图可知，当闭合S，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测电阻R2电压，由串联电路电压规律求出两电阻阻值之比；
由电路图可知，当断开S，甲、乙两电表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2的电流，电流表乙测干路电流并联电路电压、电流规律求出两电流表示数之比。
23．【答案】（1）
（2）
【知识点】家庭电路的连接；通电螺线管的磁场；安培定则
【解析】【解答】（1）在磁体的外部，磁感线从N极指向S极；根据安培定则，大拇指指N极，四指环绕方向为电流方向，判断电流从电源的右边流出、左边流入，因此电源的右边为正极，左边为负极，如图所示：
（2）火线先接入开关，再接灯底端的接线柱，零线直接接灯侧面，如图所示：
【分析】（1）在磁体的外部，磁感线从N极指向S极；根据安培定则判断电流方向，确定电源的正负极。
（2）火线先接入开关，再接灯底端的接线柱，零线直接接灯侧面。
24．【答案】（1）电动机；电流；机械
（2）变化的电流
【知识点】声音的产生；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；扬声器和耳机的构造和原理
【解析】【解答】（1）闭合开关，通过铝棒ab有电流，观察到铝棒ab向右运动，说明磁场对通电导线有力的作用，利用此原理可制成电动机；断开开关，把电源正、负极对调后接入电路，闭合开关，通过ab的电流的方向发生了改变，磁场方向不变，则ab的受力方向改变，观察到ab向左运动，说明磁场对电流的作用力方向与电流方向有关，此过程将电能转化为机械能；
(2)根据图示可知，电源是由干电池组成的，是直流电，线圈中通入大小方向不变的电流，线圈在磁场中受力的方向不变，不能使纸盆来回振动，不能持续发声要发声；要发声，纸盆必须来回振动，改变线圈受力的大小和方向，需要给线圈通入变化的电流。
【分析】（1）通电导体在磁场中受力运动，这是电动机的工作原理；通电导体的受力方向与电流方向、磁场方向有关。
（2）产生声音的条件是物体的振动，要发声，纸盆必须来回振动，线圈受力的大小和方向就要改变，因此需要给线圈通入变化的电流。
25．【答案】（1）乙；分子在不停地做无规则运动
（2）质量；加热时间
（3）大于；电流大小
【知识点】焦耳定律；比较不同物质吸热的情况实验；分子热运动
【解析】【解答】 （1）二氧化氮的密度大于空气的密度，若把二氧化氮气体放到上方，由于自身密度大，二氧化氮分子会下沉到下方的空气瓶子中，不能研究扩散现象，故不能选甲图，要选乙图；乙图撤去玻璃板，看到两瓶中气体颜色相同可知，二者彼此进入对方，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
(2)探究不同物质吸热升温的特点，要控制不同物质的质量相同；根据转换法可知，相同的酒精灯加热，相同时间吸收的热量相等，实验中A和B吸收的热量多少由加热时间的长短来反映；
(3)若观察丁、 戊两实验装置可知，R3和R4并联后再与R2串联，根据串联和并联电路电流的规律，通过电阻R2的电流大于通过电阻R3的电流，而通电时间相同，R2=R3，这是在探究电流大小对电热的影响。
【分析】（1）二氧化氮的密度大于空气的密度，若把二氧化氮气体放到上方，由于二氧化氮气体自身密度大，二氧化氮分子会下沉到下方的空气瓶子中；若把空气放上方，撤去玻璃板，看到两瓶中气体颜色相同，可知二者彼此进入对方。
（2）探究不同物质吸热升温的特点时，要控制两种液体的质量相等；相同的酒精灯加热，相同时间吸收的热量相等，可以通过加热时间来反映物质吸收热量的多少；
（3）分析乙、丙两实验电路的连接，根据串联和并联电路电流的规律，比较通过电阻R2的电流与通过电阻R3的电流大小，由已知条件，根据控制变量法分析。
26．【答案】（1）C；B
（2）闭合；互不
（3）不一定串联；并
（4）发光
【知识点】电路的三种状态；电路的基本连接方式
【解析】【解答】 （1）由图可知，C图中将灯泡用导线接在电源的两极之间，从而形成电流的通路，可以发光；
B图中，用导线直接连接了电源的两极，会造成电源短路。
（2）为了探究S2的控制作用，S1应闭合；再通过改变S2的状态，观察两灯发光情况，发现S2断开时，L1亮、L2不亮，由此可知，并联电路的用电器彼此互不影响。
（3）串联电路中的开关控制整个电路，而并联电路中，干路上的开关也控制整个电路；因此一个开关控制两只灯泡的亮和灭，则两只灯泡既可以串联也可以并联。
当他用图3所示元件并联接到图3中CD两端，短时间闭合开关，发现两个小灯泡均不亮，拆下此导线，两灯均发光，则它们是并联的。
（4）因为并联电路各用电器互不影响，将实验盒上面的一个小灯泡I2拧下来，再闭合开关，她会看到小灯泡L1发光。
【分析】（1）要想使灯泡发光，应将灯泡用导线接在电源的两极之间，从而形成电流的通路；用导线直接连接了电源的两极，会形成电源短路；
（2）实验过程中通过观察所有灯泡的发光情况，判断开关的作用，并联电路中各用电器互不影响；
（3）串联电路中，开关控制整个电路，而并联电路中，在干路上的开关也可以控制所有灯泡，因此，在判断时不能只根据开关的控制确定电路的连接，应根据串联电路各用电器互相影响，并联电路各用电器互不影响来判断电路的连接；
当他用图3所示元件并联接到图3中CD两端，短时间闭合开关，发现两个小灯泡均不亮，说明两灯都被短路，因此两灯并联；
（4）为防止伤害元件，可将实验盒上面的一个小灯泡I2拧下来，再闭合开关，观察灯泡L1是否发光， 判断出它们的连接方式 。
27．【答案】（1）
（2）B
（3）B
（4）0.75
（5）2；保持滑片不动；
【知识点】电流的测量及电流表的使用；电路故障的判断；滑动变阻器的原理及其使用；额定功率；电功率的测量
【解析】【解答】（1）小灯泡正常发光的电流，故电流表的量程应选0~0.6A，如图所示：
（2）为了保护电路，在闭合开关前，滑动变阻器滑片应位于接入电路的阻值最大处，即B端
（3）灯泡不发光，电流表有示数，说明电路可能通路，电压表无示数，说明与电压表并联的支路短路了，故选：B。
（4）如图乙所示，电流表选用0.6A的量程，分度值0.02A，电流表示数为0.3A，小灯泡的额定功率
为：P=U1I=2.5V×0.3A=0.75W；
（5）如图丙所示，闭合开关S，将开关S1拨到“1”，小灯泡、R0和滑动变阻器串联，电压表测R0和滑动变阻器两端的电压，调节滑动变阻器的滑片至电压表示数为2V，由串联电路电压的规律，灯两端的电压：U灯=U-U1=4.5V-2V=2.5V，灯泡正常发光；保持滑动变阻器的滑片不动，再将开关S1拨至"2”，小灯泡、R0和滑动变阻器仍串联，电压表测R0两端的电压为U0，电路中的电流即为小灯泡的额定电流：，则小灯泡的额定功率：
【分析】（1）选择电流表量程，并串联在电路中。
（2）为了保护电路，在闭合开关前，滑动变阻器滑片应位于接入电路的阻值最大处。
（3）灯泡不发光，电流表有示数，说明电路可能通路，电压表无示数，说明与电压表并联的支路短路了。
（4）根据电流表选用量程确定分度值和读数，根据P=UI算出小灯泡的额定功率；
（5）要测量小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压，将开关S1拨至“1”，根据串联电路电压规律可得出电压表的示数；滑片不动，再将开关S1拨至“2”，电路的电流不变，求出此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流，根据P额=U额I额求出小灯泡的额定 。
28．【答案】（1）解： 6min内水的初温t0＝20℃，水的末温t＝80℃，
经过6min时间加热，水所吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg ℃）×10kg×（80℃﹣20℃）＝2.52×106J；
答：经过6min时间加热，水所吸收的热量为2.52×106J；
（2）解： 天然气完全燃烧产生的热量：Q放＝Vq天然气＝0.1m3×3.6×107J/m3＝3.6×106J；
答：天然气完全燃烧产生的热量为3.6×106J；
（3）解： 煤炉烧水的热效率：。
答：天然气灶烧水时的热效率为70%%。
【知识点】热量的计算；燃料的热值
【解析】【分析】（1）由公式 Q吸＝c水m（t﹣t0）计算水所吸收的热量。
（2）由公式 Q放＝Vq 计算天然气完全燃烧放出的热量 。
（3）根据效率计算煤炉烧水的热效率 。
29．【答案】（1）解： 由图乙可知，小灯泡L与定值电阻R0并联，电流表测量通过小灯泡的电流；
闭合开关，根据电流表示数可知通过小灯泡的电流IL＝0.15A，
由图甲可知，此时小灯泡两端的电压UL＝1.5V，
根据并联电路的电压特点可知，电源电压：U＝U0＝UL＝1.5V；
答：电源电压为1.5V；
（2）解：由可知，此时小灯泡的电阻：；
此时小灯泡的实际功率：PL＝ULIL＝1.5V×0.15A＝0.225W；
答：小灯泡L的电阻为10Ω；电功率为0.225W；
（3）解： 由图甲可知，当R0两端的电压为1.5V时，通过R0的电路I0＝0.3A，
则R0持续工作1min产生的热量：Q0＝W0＝U0I0t＝1.5V×0.3A×1×60s＝27J。
答：若保持条件不变，R0持续工作1min产生的热量为27J
【知识点】并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由图乙可知，小灯泡L与定值电阻R0并联，电流表测量通过小灯泡的电流；闭合开关，此时电流表的示数为0.15A ，由图甲读出此时小灯泡两端的电压，根据并联电路的电压特点可知电源电压。
（2）由欧姆定律求出 小灯泡的电阻 ；根据P=UI求出 小灯泡的实际功率 。
（3） 由图甲读出，当R0两端的电压为1.5V时，通过R0的电流，根据Q=W=UIt计算 R0持续工作1min产生的热量。
30．【答案】（1）解： 由图甲可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，握力计串联接入电路中，可知握力计是由电流表改装而成的，测电路中的电流；
由图乙可知，握力为100N时，R2接入电路的电阻为30Ω，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流：；
答：握力为100N时电路中的电流为0.45A；
（2）解： 图乙可知，握力越大，R2接入电路的电阻越小，由欧姆定律可知电路中的电流越大，
因为电流表的量程为0～0.6A，所以，在电路安全情况下，电路中的最大电流为0.6A，
由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻：，
由串联电路的电阻特点可知，R2接入电路的电阻：R2'＝R小﹣R1＝30Ω﹣10Ω＝20Ω，
则测量最大握力时R2消耗的电功率：P2＝I大2R2'＝（0.6A）2×20Ω＝7.2W；
答：在电路安全情况下，测量最大握力时R2消耗的电功率为7.2W；
（3）解： 由题意可知，电路中的最大电流一定，由欧姆定律可知，电源电压一定时，电路中的最小总电阻一定，
由图乙可知，握力越大，R2接入电路的电阻越小，由串联电路的电阻特点可知，此时应将R3与R1串联，
由串联电路的电阻特点可知，此时R2接入电路的最小电阻：R2小＝R小﹣R1﹣R3＝30Ω﹣10Ω﹣10Ω＝10Ω，
由图乙可知，此时握力为200N，
因此改进后握力计测量握力的范围为0～200N。
答：想增大握力计的测量范围应该将R3与R1串联，在电路安全的情况下，改进后握力计测量握力的范围为0～200N。
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由图甲可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联；由图乙读出：握力为100N时， R2接入电路的电阻 ， 由串联电路的电阻特点R=R1+R2和欧姆定律可求出电路中的电流 。
（2） 图乙可知，握力越大，R2接入电路的电阻越小，由欧姆定律可知电路中的电流越大，
因为电流表的量程为0～0.6A，所以在电路安全情况下，电路中的最大电流为0.6A，由欧姆定律的求出此时电路中的总电阻，由串联电路的电阻特点得R2接入电路的电阻 ，由P=I2R计算测量最大握力时R2消耗的电功率。
（3 由图乙可知，握力越大，R2接入电路的电阻越小 ，而电源电压一定，电路中的最大电流一定 ，因此电路中的最小总电阻一定，由此确定R3与R1的连接方式；
根据串联电路的电阻特点得R2接入电路的最小电阻，由图乙读出此时的最大握力，得出改进后握力计测量握力的范围。
1 / 1广西壮族自治区南宁市第二十六名校2023-2024学年九年级下学期物理开学试题
一、选择题(共16题，共35分。在给出的四个选项中，第1~13题只有一个选项符合题目要求，选对得2分，选错得0分。第14~16题有多个选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全得2分，有选错得0分。请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑。)
1．（2024九下·南宁开学考） 北京冬奥会组委会努力践行绿色理念，使用清洁能源和可再生能源。下列能源均为可再生能源的是（　　）
A．核能石油 B．地热能煤
C．风能 太阳能 D．氢能石油
【答案】C
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A、核能和石油都属于不可再生能源，故A不符合题意。
B、地热能属于可再生能源，煤属于不可再生能源，故B不符合题意。
C、风能和太阳能都属于可再生能源，故C符合题意。
D、氢能属于可再生能源，石油属于不可再生能源，故D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】能源从是否可再生角度划分：
可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
2．（2024九下·南宁开学考）在“天宫课堂”第二次授课活动中航天员老师王亚平用水将两个塑料板连接起来，搭建了一座液体桥，如图所示。水在两板之间连接成为桥，这说明
A．分子之间有引力 B．分子之间有斥力
C．物质由大量分子构成 D．水分子在不停地运动
【答案】A
【知识点】分子间相互作用力
【解析】【解答】水分子间有相互作用的引力才会形成水桥。
故选：A。
【分析】组成物质的分子间有相互作用的引力和斥力。
3．（2024九下·南宁开学考）学校的教室里安装了空调。以下做法不符合安全用电原则的是
A．出现故障时，先切断电源 B．放学离开教室，及时关闭电源
C．用更细的导线，防止发热起火 D．安装三孔插座，防止外壳带电
【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、 电路中出现故障时，需要先切断电源，再检查电路故障，可防止触电事故的发生，故A项做法符合安全用电原则；
B、放学离开教室，及时关闭电源，一方面可以节约电能，另一方面可避免因导线发热过多而电路发生火灾，故B项做法符合安全用电原则；
C、在材料、长度相同时，导线越细，导线的电阻越大，当电路中有电流通过时，相同时间内导线产生的热量越多，既浪费了电能，又有引起火灾的可能，故C项做法不符合安全用电原则；
D、三孔插座的上孔接地线，当用电器漏电时，电流就通过地线流入大地，可防止外壳漏电时发生触电事故，故D项做法符合安全用电原则。
故选：C。
【分析】A、 在进行电路检修时，应先切断电源，能防止触电事故的发生；
B、在不用电时，要随时切断电源，即节约用电，也可防止导线发热发生火灾；
C、在材料、长度相同时，导线越细，电阻越大；在通过的电流、通电时间相同时，由焦耳定律可知电流产生的热量越多；
D、三孔插座的作用就是将用电器的金属外壳与大地相连，防止外壳带电时发生触电事故 。
4．（2024九下·南宁开学考）神舟十六号返回舱进入大气层，与大气摩擦形成高温“火球”进入黑障区(如图)。下列改变内能的方式，与“火球”的形成原因相同的是
A．用柴火把壶中的水烧开 B．热鸡蛋放在冷水中冷却
C．炒菜时，铁锅热得烫手 D．反复锤打铁片，铁片变热
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递的概念与方式
【解析】【解答】“火球”的形成是返回舱进入大气层，与大气层摩擦形成的，是克服摩擦做功，使机械能转化为内能，即通过做功的方式改变物体内能。
A、 用柴火把壶中的水烧开，是通过热传递来改变物体的内能，故A不合题意；
B、 热鸡蛋放在冷水中冷却，是通过热传递来改变物体的内能，故B不合题意 ；
C、 炒菜时，铁锅热得烫手，是通过热传递来改变物体的内能， 故C不合题意；
D、 反复锤打铁片，铁片变热，将机械能转化为内能 ，是通过做功来改变物体的内能，故D符合题意。
故选：D。
【分析】 做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；火球”的形成是通过做功的方式改变物体内能。
ABC、都是通过热传递来改变物体的内能；
D、是通过做功来改变物体的内能。
5．（2024九下·南宁开学考）如图所示的电路能正确测量灯L1的电流或电压的是
A．A B．B C．C D．D
【答案】C
【知识点】电流表的连接；电压表的连接
【解析】【解答】A、 图中电流表与灯L2串联，且电流从电流表的负接线柱进去，从正接线柱流出，是错误的接法，故A错误；
B、图中电流表串联在干路上，测量L1、L2的总电流的电流大小，故B错误；
C、由图可知，电压表与L1并联，测L1两端的电压，故C正确；
D、由图可知，电压表接在电源两端，测的是两灯串联的总电压或电源电压，故D措误 。
故选：C.
【分析】 电流表使用时应该串联在被测电路中，使电流从正接线柱进去，从负接线柱出来。
电压表使用时应该并联在被测电路两端，电流要从正接线柱入，负接线柱出；
电流表要测出L1的电流，要与L1串联；电压表要测出L1两端电压，电压表要与灯L1并联 。
6．（2024九下·南宁开学考）下列关于物理学家做出贡献的叙述，符合历史事实的是
A．沈括——最早记述了磁偏角
B．法拉第——最先发现电流的磁效应
C．欧姆——最先发现电与磁之间的联系
D．焦耳——最先得到电流与电压的关系
【答案】A
【知识点】物理常识
【解析】【解答】A、 最早记述了磁偏角的是我国的沈括，故A正确。
B、最先发现电流的磁效应的是丹麦物理学家奥斯特，法拉第发现电磁感应现象，故B错误。
C、最先发现电与磁之间的联系的是奥斯特，故C错误。
D、最先得到电流与电压的关系的是欧姆，焦耳提出了焦耳定律，故D错误。
故选：A。
【分析】 A、沈括最早记述了磁偏角；
B、法拉第发现电磁感应现象，最先发现电流的磁效应的是奥斯特；
C、欧姆最早得到电流与电压的关系；
D、焦耳提出了焦耳定律。
7．（2024九下·南宁开学考）应急救灾型无人机系统可在一些极端条件下，定向恢复50平方千米的移动通信网络。该系统在传递信息时主要依靠
A．电磁波 B．红外线 C．次声波 D．声波
【答案】A
【知识点】电磁波的传播
【解析】【解答】 在一些极端条件下 ，可以用电磁波传递信息，故A正确，BCD不符合题意。
故选：A。
【分析】电磁波可以传递信息。
8．（2024九下·南宁开学考）美国某物理学家团队宣称，他们研发的一种锦氮氢材料在近1万个大气压下实现了室温超导，数月后我国南京大学超导研究人员推翻了美国室温超导研究。即使真的有室温超导体，也不能用它制作
A．家庭电路中的电线 B．滑动变阻器的线圈
C．电磁铁的线圈 D．电动机的线圈
【答案】B
【知识点】超导体特点及作用
【解析】【解答】A、 家庭电路中的电线用室温超导体材料，可以减小电能的损耗，故A不符合题意；
B、滑动变阻器的线圈用室温超导体材料，电阻为零，电阻将不能改变，故D符合题意；
CD、电动机的线圈和电磁铁的线圈可以用室温超导体材料，线圈的电阻为零，减小电能的损耗，故CD不符合题意。
故选：B。
【分析】 超导材料处于超导态时电阻为零 。
ACD中的电线、线圈的电阻都可以为零；
B、滑动变阻器的电阻不能为零，否则电阻将不能改变。
9．（2024九下·南宁开学考）定时引爆装置原理图如图所示。引爆前定时开关S闭合，当设定的引爆时间一到，定时开关S会自动断开。为使引爆装置停止工作，一定不能剪断的图中导线是
A．a导线 B．b导线 C．c导线 D．d导线
【答案】B
【知识点】电路的三种状态
【解析】【解答】由图可知，S闭合时，起爆器被开关所在的导线短路，没有电流通过起爆器，起爆
器不工作；当设定起爆时间一到，定时开关S断开，有电流通过起爆装置而发生爆炸。
ACD、剪断a、c、d，无电流通过起爆器，起爆器不会爆炸；
B、在b处剪断导线，起爆器中有电流通过，会造成起爆器爆炸，这是一定不能实施的操作。
故选：B。
【分析】由电路图可知当S闭合时起爆器被短路，则起爆器中没有电流通过，不能工作；当S断开时起爆器有电流通过从而引爆炸弹。剪断a、c、d，无电流通过起爆器；在b处剪断导线，起爆器中有电流通过，会造成起爆器爆炸。
10．（2024九下·南宁开学考）两个电加热器甲和乙，甲的额定功率为1000W，乙的额定功率为1200W。在它们正常工作的情况下，下列说法正确的是
A．电加热器甲消耗电能多
B．电加热器乙消耗电能多
C．电加热器甲将电能转化成内能转化得快
D．电加热器乙将电能转化成内能转化得快
【答案】D
【知识点】电功率；电功率与电能、时间的关系
【解析】【解答】AB、正常工作时用电器的实际功率等于额定功率， 甲和乙的功率已知，通电时间未知，根据W=Pt可知，两者消耗的电能不能比较，故AB错误；
CD、正常工作时用电器的实际功率等于额定功率，电功率表示电流做功的快慢，功率大的电流做功快，乙的功率大，乙做功快，将电能转化成内能转化得快，故C错误，D正确。
故选：D
【分析】AB、根据W=Pt可知，通电时间未知，两者消耗的电能不能比较；
CD、电功率表示电流做功的快慢，功率大的电流做功快，将电能转化成内能转化得快。
11．（2024九下·南宁开学考）如图为单缸四冲程汽油机工作过程中某一冲程示意图，且该汽油机飞轮的转速为3000r/min，下列说法正确的是
A．如图所示冲程为压缩冲程
B．该汽油机每秒对外做功25次
C．如图所示冲程将机械能转化为了内能
D．随着技术的进步，内燃机的效率达到了100%
【答案】B
【知识点】热机的效率；内燃机的四个冲程
【解析】【解答】 A、图中的进气门和排气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程，故A错误；
B、四冲程汽油机一个工作循环，飞轮转两周，对外做功一次，四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min，则该飞轮每秒钟转3000r÷60=50r，对外做功25次，故B正确；
C、如图所示是做功冲程，此冲程把内能转化为机械能，故C错误；
D、内燃机在工作过程中不可避免地要克服机械间的摩擦而做额外功，因此内燃机的效率不能达到100%，故D错误。
故选：B。
【分析】A、 判断冲程可以看气阀门的开关情况和活塞运动情况；
B、四冲程内燃机1个工作循环中包括4个冲程，飞轮转动2周，对外做功1次；
C、热机在做功冲程，内能转化为机械能；
D、任何机器在工作时都不可避免地要克服机械间的摩擦而做额外功，因此效率不能达到100%。
12．（2024九下·南宁开学考）如图所示是一款自发电的运动手环。走路时，手环随着手臂运动，手环就会显示步数。它的工作原理是
A．电流的磁效应 B．欧姆定律
C．焦耳定律 D．电磁感应
【答案】D
【知识点】电磁感应；产生感应电流的条件
【解析】【解答】 走路时，手环随着手臂运动，线圈做切割磁感线运动而产生电流，因此运动手环的工作原理是电磁感应。
故选：D。
【分析】 闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应 。
13．（2024九下·南宁开学考）将口香糖锡纸，剪成如图1所示形状，其中AB和CD段等长。戴好防护手套，将锡纸条(带锡的一面)两端连接电池正、负极，如图2所示，发现锡纸条很快开始冒烟、着火。下列分析正确的是
A．通过AB和CD段的电流不相等 B．正常情况下，AB段会先着火
C．AB和CD段的电压相等 D．AB和CD段的电阻相等
【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；影响电阻大小的因素；焦耳定律的应用
【解析】【解答】A、 AB和CD段锡纸串联电路中，由于串联电路中的电流处处相等，所以通过AB和CD段的电流相等，故A错误；
BD、在材料和长度相同时，导体的横截面积越小，电阻越大，由图知，AB段的横截面积小于CD段的横截面积，所以AB段的电阻大于CD段的电阻，根据Q=I2Rt可知，在电流和通电时间相同时，AB段产生的热量多，温度高，先着火，故B正确，D错误；
C、AB段的电阻大于CD段的电阻，根据串联电路的分压原理可知，AB段的电压大于CD段的电压，故C错误。
故选：B。
【分析】A、 串联电路中，电流处处相等；
B、根据Q=I2Rt分析判断在电流和通电时间相同时，AB段产生的热量多，温度高；
C、AB段的电阻大于和CD段的电阻，根据串联分压原理得，AB的电压大于CD段的电压。
D、导体电阻的大小跟导体的长度、横截面积、材料有关，在材料和长度相同时，导体的横截面积越小，电阻越大。
14．（2024九下·南宁开学考）下列关于电现象，说法正确的是
A．额定功率大的电灯一定比额定功率小的电灯亮
B．通过电熨斗的电流远小于与之相连的导线中电流
C．手机“省电模式”能延长使用时间主要是减小了使用功率
D．选用保险丝时，其额定电流应该等于或略大于电路正常工作电流
【答案】C,D
【知识点】串联电路的电流规律；电功率与电能、时间的关系；实际功率；熔断器的作用及保险丝的选择
【解析】【解答】A、 灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，额定功率大的灯泡，它的实际功率不一定大，故A错误；
B、电熨斗与导线串联在电路中，根据串联电路的电流规律可知，通过电熨斗的电流等于与之相连的导线中电流，故B错误；
C、当手机“电量”所剩无几时， 由W=Pt知，电能一定时，要延长使用时间，需减小功率P，因此手机的“省电模式”来是通过减小使用功率的方式来延长使用时间的，故C正确；
D、保险丝选用要合理，应使它的额定电流等于或稍大于电路中的最大正常工作电流，故D正确。
故选：CD。
【分析】 A、灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定；
B、串联电路中，电流处处相等；
C、省电模式是减慢手机电能的消耗，根据W=Pt分析，电能一定时，要延长使用时间，减小功率P；
D、制作保险丝的材料：电阻率大、熔点低的铅销合金。在电路中电流过大时，保险丝上产生的电热过多，达到保险丝的熔点，保险丝熔断，切断电路，对电路起到保护作用；保险丝选用要合理，应使它的额定电流等于或稍大于电路中的最大正常工作电流 。
15．（2024九下·南宁开学考）如图所示，电源电压不变，GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小。闭合开关S1、S2，向左调节滑片P，下列说法正确的是
A．指示灯逐渐变亮 B．电压表示数变大
C．电磁铁左端为N极 D．两电路的总功率均变大
【答案】A,C,D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；安培定则
【解析】【解答】A、滑片P向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，左侧电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，GMR的电阻变小， 根据欧姆定律可知右侧电路中的电流增大，通过指示灯的电流增大，指示灯变亮 ，故A正确；
B 、右侧电路中，电压表测量的是GMR两端的电压，滑片P向左滑动， GMR的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，GMR分担的电压减小，电压表示数减小 ，故B错误；
C、 右手握住螺线管，四指环绕方向与电流方向相同，大拇指指向N极，则电磁铁的左端N极，故C正确 ；
D、 根据P=UI知，两个电路的电压不变，电流都变大，因此电功率变大，故D正确。
故选：ACD。
【分析】A、 根据滑片移动的方向判定滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化；电磁铁磁场的大小与电流大小、线圈的匝数的多少有关，据此判断出电磁铁的磁场强弱变化和GMR电阻的变化，根据欧姆定律可知右侧电路中的电流变化，根据通过灯泡的电流判定灯泡亮度的变化；
B、右侧电路中，电压表测量的是GMR两端的电压，根据串联电路的分压规律判断滑片P向左滑动，电压表示数的变化；
C、利用安培定则可知得出电磁铁的两极；
D、根据P=UI判断两电路的总功率的变化。
16．（2024九下·南宁开学考）如图，甲图是汪洋设计的油量表示意图，小舟发现该设计存在不足，思考后将其改进如乙图。关于小舟改进的设计，以下说法正确的是
A．电路不易发生短路现象
B．油箱中油量越多，电表示数越大
C．电压表的示数可以从0开始逐渐变大
D．油箱中油量越多，流过电阻的电流越大
【答案】A,B,C
【知识点】杠杆的动态平衡分析；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】 由电路图可知，改进后电路，整个的滑动变阻器都接入了电路，电压表测滑片上方部分电阻两端的电压。
A、由于整个的滑动变阻器都接入了电路，电路不易发生短路现象，故A正确；
B、由于整个的滑动变阻器都接入了电路，滑片移动，滑动变阻器接入电路的电阻不变，由欧姆定律知电路中的电流不变，由图可知，油量增加时，浮标上移，在杠杆的作用下滑片下移，则滑片上方电阻丝的长度变长，即与压表并联部分的电阻变大，由U=IR可知，电压表的示数变大，故B正确；
C、当滑片在最上端时，由电压表并联部分的电阻为零，电压表的示数为零，随着油量的增加，滑片下移，与电压表并联部分的电阻变大，电压表的示数变大，所以电压表的示数可以从0开始逐渐变大，故C正确；
D、由于整个的滑动变阻器都接入路，滑片移动，滑动变阻器接入电路的电阻不变，由欧姆定律知电路中的电流不变，故D错误。
故选：ABC。
【分析】由电路图可知，改进后电路，整个的滑动变阻器都接入了电路，电压表测滑片上方部分电阻两端的电压。
A、由于整个的滑动变阻器都接入了电路，电路不易发生短路现象；
B、由图可知，油量增加时，浮标上移，在杠杆的作用下滑片下移，与电压表并联部分的电阻变大，由U=IR判断出电压表示数的变化；
C、当滑片在最上端时，由电压表并联部分的电阻为零，电压表的示数为零，随着油量的增加，滑片下移，与电压表并联部分的电阻变大，判断电压表的示数变大；
D、由于整个的滑动变阻器都接入了电路，滑片移动，滑动变阻器接入电阻不变，由欧姆定律判断出电路中的电流不变。
二、填空题(每空1分，共12分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程。)
17．（2024九下·南宁开学考）陆游的诗句“花气袭人知骤暖”，其中隐含的物理知识为：分子的无规则运动程度与　 　有关；教室里的LED灯发光效率很高，其发光部分主要由　 　材料制成的。
【答案】温度；半导体
【知识点】半导体特点及作用；分子热运动
【解析】【解答】 分子的无规则运动程度与温度有关，温度越高，分子的无规则运动程度越剧烈；
半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间，工ED灯的发光效率高，其发光部分主要由半导体组成的。
【分析】温度越高，分子的无规则运动程度越剧烈；
半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间。
18．（2024九下·南宁开学考）充电型手电筒由蓄电池、开关和三颗相同的LED灯连接而成。充电时蓄电池相当于　 　(选填“用电器”或“电源”)；从正在发光的手电筒中取下其中的一颗灯珠，发现另外两颗灯珠不发光，若工作时每颗灯珠的电压都为U，则手电筒电源的电压为　 　。
【答案】用电器；3U
【知识点】电路的构成及电路图；串联电路的电压规律
【解析】【解答】 充电时蓄电池相当于用电器；
从正在发光的手电筒中取下其中的一颗灯珠，发现另外两颗灯珠不发光，说明灯珠是串联，若工作时每颗灯珠的电压都为U，由于串联电路的总电压等于各部分电路两端的电压之和，因此手电筒电源的电压为3U。
【分析】 蓄电池充电时相当于用电器；
串联电路的总电压等于各个串联导体的电压之和；
19．（2024九下·南宁开学考）搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭，在酒泉精准点火发射。火箭的燃料使用了液态氢，主要是因为它的　 　大；火箭升空时，其能量转化的过程与四冲程汽油机的　 　冲程相同
【答案】热值；做功
【知识点】燃料的热值；内燃机的四个冲程
【解析】【解答】 箭采用液态氢作为燃料，是因为液态氢的热值大，完全燃烧相同质量的液态氢时，可以释放出更多的热量；
火箭升空时 ，燃气的内能转化为火箭的机械能，此能量转化过程与四冲程汽油机的做功冲程相同。
【分析】 完全燃烧相同质量的不同燃料时，燃料的热值越大，释放出的热量越多，在选择火箭燃料时应选用燃料热值大的；
火箭升空时 ，燃气的内能转化为火箭的机械能，汽油机的做功冲程将内能转化为机械能 。
20．（2024九下·南宁开学考）据《武经总要》记载，古人先将鱼形铁片烧红，令铁鱼头尾指向南北，然后将其放入水中冷却，依靠　 　(选填“地磁场”或“电流”)获得磁性，再令其在水中漂浮，制成指南鱼。在使用过程中，铁鱼头指向南方，其相当于磁铁的　 　极。
【答案】地磁场；南
【知识点】磁现象；地磁场
【解析】【解答】 鱼形铁片烧红后，令鱼头尾指向南北，然后放入冷水中冷却，地磁场会将其磁化，使其获得磁性；
铁鱼头指向南方，即地磁场的北极，根据异名磁极相互吸引知，铁鱼头相当于磁铁的南极。
【分析】 一些物体在磁体或电流的作用下获得磁性的现象叫磁化；
地磁场的北极在地理的南极附近，地磁场的南极在地理的北极附近；磁体间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
21．（2024九下·南宁开学考）小明一家外出旅游，出门前，家里的电能表的示数如图所示；旅游回来，电能表示数变为791.5kW·h，则这段时间内家里消耗的电能是　 　kW·h。小明关闭家里其它所有用电器，只打开空调，观察电能表转盘在1min内刚好转动了50转，则空调的功率是　 　W。
【答案】10；1kW
【知识点】电能表参数的理解；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】由图知： 出门前电能表的示数为781.5kW h，这段时间内消耗电能：791.5kW h-781.5kW h=10kW h；
“3000r/(kW h)“表示电路中用电器每消耗1kW h的电能，电能表的转盘就转3000r；
则转盘转50转时，空调消耗的电能：
空调的功率：
【分析】电能表度最后方框内是小数， 一段时间内消耗电能等于前后电能表的示数之差；
“3000r/(kW h）“表示电路中用电器每消耗1kW h的电能，电能表的转盘就转3000r；据此求转盘转50转时，空调消耗的电能；再根据计算空调的功率。
22．（2024九下·南宁开学考）如图所示，电源电压恒定，开关So始终闭合。当开关S闭合、甲、乙两表均为电压表时，两表示数之比U甲：U乙=7：5；R1：R2=　 　；当S断开，甲、乙两表为电流表时，此时两表示数之比l甲：l乙= 　 　 。
【答案】2：5；2：7
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律
【解析】【解答】 开关S0 始终闭合。当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时 ，R1和R2串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测R2两端的电压。
已知U甲：U乙=7：5，根据串联电路的电压规律得：U甲：U乙=（R1+R2）：R2
解得：R1：R2=2：5.
当断开S，甲、乙两电表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2的电流，电流表乙测干路电流，由于并联电路各支路两端电压相等，则I1：I2=R2：R1=5：2，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，则I甲：I乙=I2：(I1+I2)=2：7.
【分析】 开关S0始终闭合，由电路图可知，当闭合S，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测电阻R2电压，由串联电路电压规律求出两电阻阻值之比；
由电路图可知，当断开S，甲、乙两电表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2的电流，电流表乙测干路电流并联电路电压、电流规律求出两电流表示数之比。
三、作图题(共4分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。)
23．（2024九下·南宁开学考）（1）如图所示，请按要求作图。①在括号内用“+”或“-”标出电源的极性，②标出磁感线的方向。
（2）如图所示为家庭电路示意图，请根据安全用电原则将该电路连接完整。
【答案】（1）
（2）
【知识点】家庭电路的连接；通电螺线管的磁场；安培定则
【解析】【解答】（1）在磁体的外部，磁感线从N极指向S极；根据安培定则，大拇指指N极，四指环绕方向为电流方向，判断电流从电源的右边流出、左边流入，因此电源的右边为正极，左边为负极，如图所示：
（2）火线先接入开关，再接灯底端的接线柱，零线直接接灯侧面，如图所示：
【分析】（1）在磁体的外部，磁感线从N极指向S极；根据安培定则判断电流方向，确定电源的正负极。
（2）火线先接入开关，再接灯底端的接线柱，零线直接接灯侧面。
四、实验与探究题(共25分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。)
24．（2024九下·南宁开学考）小宇组装了如图甲所示的装置进行实验探究。
（1）在图甲中，闭合开关，观察到铝棒ab向右运动，说明通电导体在__中会受到力的作用，利用此原理可制成　 　(选填“电磁铁”“电暖器”或“电动机”)；断开开关，把电源正、负极对调后接入电路，闭合开关，观察到ab向左运动。以上过程，说明通电导体的受力运动方向与　 　方向有关。该实验中铝棒ab运动的过程涉及的能量转化为：将电能转化为　 　能。
（2）实验后，小宇了解到扬声器的原理与该实验类似，于是如图乙，把扬声器连接到在干电池上(电流足够大)，发现扬声器不能持续发声，分析后得知，如果想要线圈在磁场受力带动锥形纸盒来回振动，产生声音，则需要给线圈通入　 　(选填“变化的电流”或“恒定的电流”)。
【答案】（1）电动机；电流；机械
（2）变化的电流
【知识点】声音的产生；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；扬声器和耳机的构造和原理
【解析】【解答】（1）闭合开关，通过铝棒ab有电流，观察到铝棒ab向右运动，说明磁场对通电导线有力的作用，利用此原理可制成电动机；断开开关，把电源正、负极对调后接入电路，闭合开关，通过ab的电流的方向发生了改变，磁场方向不变，则ab的受力方向改变，观察到ab向左运动，说明磁场对电流的作用力方向与电流方向有关，此过程将电能转化为机械能；
(2)根据图示可知，电源是由干电池组成的，是直流电，线圈中通入大小方向不变的电流，线圈在磁场中受力的方向不变，不能使纸盆来回振动，不能持续发声要发声；要发声，纸盆必须来回振动，改变线圈受力的大小和方向，需要给线圈通入变化的电流。
【分析】（1）通电导体在磁场中受力运动，这是电动机的工作原理；通电导体的受力方向与电流方向、磁场方向有关。
（2）产生声音的条件是物体的振动，要发声，纸盆必须来回振动，线圈受力的大小和方向就要改变，因此需要给线圈通入变化的电流。
25．（2024九下·南宁开学考）
（1）如图所示，有两只集气瓶A和B，A瓶装有无色透明的空气，B瓶装有红棕色的二氧化氮气体(二氧化氮的密度比空气密度大)。为了研究扩散现象，应选择　 　图所示的方案(选填“甲”或“乙”)。抽掉玻璃板后，保持两瓶口紧贴静置较长时间，两瓶中气体的颜色变得相同，该现象说明　 　
（2）如图丙所示是比较不同物质吸热升温的特点的实验装置，用两个相同的容器分别装入 　 　相同的A、B两种液体，用相同的酒精灯加热。通过　 　(选填“温度计升高的示数”或“加热时间”)来反映液体吸收热量的多少。
（3）如图所示是“焦耳定律”的实验。观察丁、戊两部分的实验装置，通过电阻R2的电流　 　(选填“大于”“小于”或“等于”)通过电阻R3的电流，这是在探究　 　对电热的影响。
【答案】（1）乙；分子在不停地做无规则运动
（2）质量；加热时间
（3）大于；电流大小
【知识点】焦耳定律；比较不同物质吸热的情况实验；分子热运动
【解析】【解答】 （1）二氧化氮的密度大于空气的密度，若把二氧化氮气体放到上方，由于自身密度大，二氧化氮分子会下沉到下方的空气瓶子中，不能研究扩散现象，故不能选甲图，要选乙图；乙图撤去玻璃板，看到两瓶中气体颜色相同可知，二者彼此进入对方，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
(2)探究不同物质吸热升温的特点，要控制不同物质的质量相同；根据转换法可知，相同的酒精灯加热，相同时间吸收的热量相等，实验中A和B吸收的热量多少由加热时间的长短来反映；
(3)若观察丁、 戊两实验装置可知，R3和R4并联后再与R2串联，根据串联和并联电路电流的规律，通过电阻R2的电流大于通过电阻R3的电流，而通电时间相同，R2=R3，这是在探究电流大小对电热的影响。
【分析】（1）二氧化氮的密度大于空气的密度，若把二氧化氮气体放到上方，由于二氧化氮气体自身密度大，二氧化氮分子会下沉到下方的空气瓶子中；若把空气放上方，撤去玻璃板，看到两瓶中气体颜色相同，可知二者彼此进入对方。
（2）探究不同物质吸热升温的特点时，要控制两种液体的质量相等；相同的酒精灯加热，相同时间吸收的热量相等，可以通过加热时间来反映物质吸收热量的多少；
（3）分析乙、丙两实验电路的连接，根据串联和并联电路电流的规律，比较通过电阻R2的电流与通过电阻R3的电流大小，由已知条件，根据控制变量法分析。
26．（2024九下·南宁开学考）某小组同学学习电路知识后，做了如下实验：
（1）他们想用一个新电池、一根导线点亮一个完好的灯泡，其中三位同学连接的电路如图1所示，小灯泡能够发光的是　 　。(以上两空均选填“A”、“B”或“C”)，会出现短路的是　 　
（2）小宏连接了如图2所示的电路，探究“并联电路的特点”，她为了探究S2的控制作用，S1应　 　(选填“闭合”或“断开”)，再通过改变S2的状态观察两灯发光情况，发现S2断开时，L1亮、L2不亮，可以得出并联电路支路开关的作用，也能得出并联电路的用电器彼此　 　影响(选填“相互”或“互不”)。
（3）小辉用两个小灯泡设计一个电学实验盒，如图3所示，闭合开关时，两只小灯泡都亮了；断开开关，两灯泡又同时熄灭，根据此现象可知两灯　 　(选填“一定串联”或“不一定串联”)，当他用图3所示元件并联接到图3中CD两端，短时间闭合开关，发现两个小灯泡均不亮，拆下此导线，两灯均发光，则它们是　 　联的。
（4）小悦认为小辉的做法可能会对元件有伤害，于是她将实验盒上面的一个小灯泡L2拧下来，再闭合开关，她会看到小灯泡L1　 　，由此也可以简单的判断出它们的连接方式。
【答案】（1）C；B
（2）闭合；互不
（3）不一定串联；并
（4）发光
【知识点】电路的三种状态；电路的基本连接方式
【解析】【解答】 （1）由图可知，C图中将灯泡用导线接在电源的两极之间，从而形成电流的通路，可以发光；
B图中，用导线直接连接了电源的两极，会造成电源短路。
（2）为了探究S2的控制作用，S1应闭合；再通过改变S2的状态，观察两灯发光情况，发现S2断开时，L1亮、L2不亮，由此可知，并联电路的用电器彼此互不影响。
（3）串联电路中的开关控制整个电路，而并联电路中，干路上的开关也控制整个电路；因此一个开关控制两只灯泡的亮和灭，则两只灯泡既可以串联也可以并联。
当他用图3所示元件并联接到图3中CD两端，短时间闭合开关，发现两个小灯泡均不亮，拆下此导线，两灯均发光，则它们是并联的。
（4）因为并联电路各用电器互不影响，将实验盒上面的一个小灯泡I2拧下来，再闭合开关，她会看到小灯泡L1发光。
【分析】（1）要想使灯泡发光，应将灯泡用导线接在电源的两极之间，从而形成电流的通路；用导线直接连接了电源的两极，会形成电源短路；
（2）实验过程中通过观察所有灯泡的发光情况，判断开关的作用，并联电路中各用电器互不影响；
（3）串联电路中，开关控制整个电路，而并联电路中，在干路上的开关也可以控制所有灯泡，因此，在判断时不能只根据开关的控制确定电路的连接，应根据串联电路各用电器互相影响，并联电路各用电器互不影响来判断电路的连接；
当他用图3所示元件并联接到图3中CD两端，短时间闭合开关，发现两个小灯泡均不亮，说明两灯都被短路，因此两灯并联；
（4）为防止伤害元件，可将实验盒上面的一个小灯泡I2拧下来，再闭合开关，观察灯泡L1是否发光， 判断出它们的连接方式 。
27．（2024九下·南宁开学考）小张用如图所示的电路测量小灯泡的电功率。电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。
（1）用笔画代替导线连接完整图甲实物电路　 　。
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于　 　端(填“A”或“B”)。
（3）小张连接完电路后，检查无误后闭合开关，却发现小灯泡不发光，电流表有示数，电压表无示数。可能发生的故障是____。(选填答案字母)
A．滑动变阻器处断路 B．灯座接线短路
C．小灯泡灯丝断了 D．开关接触不好
（4）排除故障后调节变阻器，使灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是　 　W。
（5）完成实验后，小聪受“单表测电阻”的启发，设计了如图丙所示的电路(电源电压仍为4.5V)，也想测量出本题中小灯泡的额定功率，请根据他的思路将步骤补充完整。
①闭合开关S，将开关S1拨到“1”，调节滑动变阻器滑片，直至电压表示数为　 　V；
②　 　，现将开关S1拨到“2”，读出电压表示数为U0；
③小灯泡的额定功率P=　 　(用U额、U0、R0表示)。
【答案】（1）
（2）B
（3）B
（4）0.75
（5）2；保持滑片不动；
【知识点】电流的测量及电流表的使用；电路故障的判断；滑动变阻器的原理及其使用；额定功率；电功率的测量
【解析】【解答】（1）小灯泡正常发光的电流，故电流表的量程应选0~0.6A，如图所示：
（2）为了保护电路，在闭合开关前，滑动变阻器滑片应位于接入电路的阻值最大处，即B端
（3）灯泡不发光，电流表有示数，说明电路可能通路，电压表无示数，说明与电压表并联的支路短路了，故选：B。
（4）如图乙所示，电流表选用0.6A的量程，分度值0.02A，电流表示数为0.3A，小灯泡的额定功率
为：P=U1I=2.5V×0.3A=0.75W；
（5）如图丙所示，闭合开关S，将开关S1拨到“1”，小灯泡、R0和滑动变阻器串联，电压表测R0和滑动变阻器两端的电压，调节滑动变阻器的滑片至电压表示数为2V，由串联电路电压的规律，灯两端的电压：U灯=U-U1=4.5V-2V=2.5V，灯泡正常发光；保持滑动变阻器的滑片不动，再将开关S1拨至"2”，小灯泡、R0和滑动变阻器仍串联，电压表测R0两端的电压为U0，电路中的电流即为小灯泡的额定电流：，则小灯泡的额定功率：
【分析】（1）选择电流表量程，并串联在电路中。
（2）为了保护电路，在闭合开关前，滑动变阻器滑片应位于接入电路的阻值最大处。
（3）灯泡不发光，电流表有示数，说明电路可能通路，电压表无示数，说明与电压表并联的支路短路了。
（4）根据电流表选用量程确定分度值和读数，根据P=UI算出小灯泡的额定功率；
（5）要测量小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压，将开关S1拨至“1”，根据串联电路电压规律可得出电压表的示数；滑片不动，再将开关S1拨至“2”，电路的电流不变，求出此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流，根据P额=U额I额求出小灯泡的额定 。
五、综合应用题(共24分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分，答案必须明确写出数值和单位。)
28．（2024九下·南宁开学考）小王想测量家里天然气灶的热效率，他给10kg的水加热，在6min内完全燃烧了0.1m3的天然气，水温从20℃升高到80℃。已知c水=4.2×103/(kg·℃)，q天然气=3.6×107J/m3，求：
（1）经过6min时间加热，水所吸收的热量；
（2）天然气完全燃烧放出的热量；
（3）天然气灶烧水时的热效率。
【答案】（1）解： 6min内水的初温t0＝20℃，水的末温t＝80℃，
经过6min时间加热，水所吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg ℃）×10kg×（80℃﹣20℃）＝2.52×106J；
答：经过6min时间加热，水所吸收的热量为2.52×106J；
（2）解： 天然气完全燃烧产生的热量：Q放＝Vq天然气＝0.1m3×3.6×107J/m3＝3.6×106J；
答：天然气完全燃烧产生的热量为3.6×106J；
（3）解： 煤炉烧水的热效率：。
答：天然气灶烧水时的热效率为70%%。
【知识点】热量的计算；燃料的热值
【解析】【分析】（1）由公式 Q吸＝c水m（t﹣t0）计算水所吸收的热量。
（2）由公式 Q放＝Vq 计算天然气完全燃烧放出的热量 。
（3）根据效率计算煤炉烧水的热效率 。
29．（2024九下·南宁开学考）定值电阻R和标有“2.5V0.2A”的小灯泡L的l-U图象如图甲。小丁将Ro和L按照图乙的电路连接，闭合开关，此时电流表的示数为0.15A，求：
（1）电源电压；
（2）小灯泡L的电阻和电功率；
（3）若保持条件不变，Ro持续工作1min产生的热量。
【答案】（1）解： 由图乙可知，小灯泡L与定值电阻R0并联，电流表测量通过小灯泡的电流；
闭合开关，根据电流表示数可知通过小灯泡的电流IL＝0.15A，
由图甲可知，此时小灯泡两端的电压UL＝1.5V，
根据并联电路的电压特点可知，电源电压：U＝U0＝UL＝1.5V；
答：电源电压为1.5V；
（2）解：由可知，此时小灯泡的电阻：；
此时小灯泡的实际功率：PL＝ULIL＝1.5V×0.15A＝0.225W；
答：小灯泡L的电阻为10Ω；电功率为0.225W；
（3）解： 由图甲可知，当R0两端的电压为1.5V时，通过R0的电路I0＝0.3A，
则R0持续工作1min产生的热量：Q0＝W0＝U0I0t＝1.5V×0.3A×1×60s＝27J。
答：若保持条件不变，R0持续工作1min产生的热量为27J
【知识点】并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由图乙可知，小灯泡L与定值电阻R0并联，电流表测量通过小灯泡的电流；闭合开关，此时电流表的示数为0.15A ，由图甲读出此时小灯泡两端的电压，根据并联电路的电压特点可知电源电压。
（2）由欧姆定律求出 小灯泡的电阻 ；根据P=UI求出 小灯泡的实际功率 。
（3） 由图甲读出，当R0两端的电压为1.5V时，通过R0的电流，根据Q=W=UIt计算 R0持续工作1min产生的热量。
30．（2024九下·南宁开学考）健身使用的电子握力计模拟电路如图甲所示。将电流表(量程为0~0.6A)改装成握力计。电源电压为18V，定值电阻R1为10Ω，握力计手柄A端与滑动变阻器R2的滑片P连接，B端与R2的b端固定在绝缘支架上。测握力F大小时，滑片在ab之间滑动，握力为零时滑片F处于a端，手柄弹簧处于原长。经过检测与推算，滑动变阻器接入电路的阻值与握力F的大小关系如图乙所示。
（1）握力为100N时电路中的电流。
（2）在电路安全情况下，计算测量最大握力时R2消耗的电功率。
（3）若想增大握力计的测量范围。电路中增加一个阻值为10Ω定值电阻R3，请判断分析应该将R3与R1串联还是并联 在电路安全的情况下，计算改进后握力计测量握力的范围。
【答案】（1）解： 由图甲可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，握力计串联接入电路中，可知握力计是由电流表改装而成的，测电路中的电流；
由图乙可知，握力为100N时，R2接入电路的电阻为30Ω，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流：；
答：握力为100N时电路中的电流为0.45A；
（2）解： 图乙可知，握力越大，R2接入电路的电阻越小，由欧姆定律可知电路中的电流越大，
因为电流表的量程为0～0.6A，所以，在电路安全情况下，电路中的最大电流为0.6A，
由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻：，
由串联电路的电阻特点可知，R2接入电路的电阻：R2'＝R小﹣R1＝30Ω﹣10Ω＝20Ω，
则测量最大握力时R2消耗的电功率：P2＝I大2R2'＝（0.6A）2×20Ω＝7.2W；
答：在电路安全情况下，测量最大握力时R2消耗的电功率为7.2W；
（3）解： 由题意可知，电路中的最大电流一定，由欧姆定律可知，电源电压一定时，电路中的最小总电阻一定，
由图乙可知，握力越大，R2接入电路的电阻越小，由串联电路的电阻特点可知，此时应将R3与R1串联，
由串联电路的电阻特点可知，此时R2接入电路的最小电阻：R2小＝R小﹣R1﹣R3＝30Ω﹣10Ω﹣10Ω＝10Ω，
由图乙可知，此时握力为200N，
因此改进后握力计测量握力的范围为0～200N。
答：想增大握力计的测量范围应该将R3与R1串联，在电路安全的情况下，改进后握力计测量握力的范围为0～200N。
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由图甲可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联；由图乙读出：握力为100N时， R2接入电路的电阻 ， 由串联电路的电阻特点R=R1+R2和欧姆定律可求出电路中的电流 。
（2） 图乙可知，握力越大，R2接入电路的电阻越小，由欧姆定律可知电路中的电流越大，
因为电流表的量程为0～0.6A，所以在电路安全情况下，电路中的最大电流为0.6A，由欧姆定律的求出此时电路中的总电阻，由串联电路的电阻特点得R2接入电路的电阻 ，由P=I2R计算测量最大握力时R2消耗的电功率。
（3 由图乙可知，握力越大，R2接入电路的电阻越小 ，而电源电压一定，电路中的最大电流一定 ，因此电路中的最小总电阻一定，由此确定R3与R1的连接方式；
根据串联电路的电阻特点得R2接入电路的最小电阻，由图乙读出此时的最大握力，得出改进后握力计测量握力的范围。
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