初中科学浙教版 八年级上册 第一章 水和水的溶液单元卷
一、单选题
1．（2024八上·诸暨月考）2023年9月21日下午，“天宫课堂”第四课开讲，神舟十六号航天员景海鹏、朱杨柱、桂海潮以天地互动的方式，为全国青少年带来了一场别开生面的太空科普课。从航天员传来的照片显示，地球大部分面积被水体覆盖，其中最庞大的水体是（ ）
A．冰川水 B．海洋水 C．河流水 D．大气水
【答案】B
【知识点】地球上的水体
【解析】【分析】球上水的总贮量约有13.9亿km3，其中约97%为海洋咸水，不能直接为人类利用。淡水的总量仅为0.36亿km3，而且这不足地球总水量3%的淡水中，有77.2%是以冰川和冰帽形式存在于极地和高山上，也难以为人类直接利用；22.4%为地下水和土壤水，其中2/3的地下水深埋在地下深处；江河、湖泊等地面水的总量大约只有23万km3，占淡水总量的0.36%。
【解答】地球上水的总贮量约有13.9亿km3，其中约97%为海洋咸水。所以，地球大部分面积被水体覆盖，其中最庞大的水体是海洋水。
故答案为：B。
2． 下列关于淡水危机的说法错误的是（ ）
A．盛产石油的中东地区“水比油贵”
B．建立大型海水淡化工厂是解决淡水危机的一种途径
C．用巨轮把南极洲的冰山拖到中东是目前解决淡水危机的良策
D．进入 21 世纪后， 全球的淡水资源短缺更加严重
【答案】C
【知识点】水资源的保护
【解析】【分析】根据水资源知识分析。
【解答】A. 盛产石油的中东地区，气候干燥，水资源贫乏，“水比油贵”，故正确，不符合题意；
B. 建立大型海水淡化工厂是解决淡水危机的一种途径，故正确，不符合题意；
C. 用巨轮把南极洲的冰山拖到中东，不是目前解决淡水危机的良策，方案不容易实现，故错误，符合题意；
D. 进入21世纪后，全球的淡水资源短缺更加严重，故正确，不符合题意；
故答案为：C。
3．（2022八上·温州月考）从温州自然灾害发生的历史趋势情况看，台风灾害是我市最为典型的自然灾害，台风引发的暴雨造成洪涝、山体崩塌、泥石流等影响较为突出。从水循环的途径来看，台风登陆属于（ ）
A．①蒸发 B．⑤地表径流 C．④降水 D．③水汽输送
【答案】D
【知识点】水循环
【解析】【分析】①蒸发，②植物蒸腾，③水汽输送，④降水，⑤地表径流，⑥下渗，⑦地下径流；
【解答】台风登陆属于水汽输送，它从海洋的上空来到大陆的上空；
故答案为：D.
4．（2022八上·定海期末）关于溶液的说法正确的是（ ）
A．溶液中的溶质可以是一种或多种
B．溶液一定是无色、澄清的
C．长期放置不分层的液体就是溶液
D．溶液上层的密度小，下层的密度大
【答案】A
【知识点】溶液的组成及特点
【解析】【分析】根据溶液的组成和特点判断。
【解答】A.溶液中的溶质可以是一种或多种，故A正确；
B.溶液不一定是无色、澄清的，例如硫酸铜溶液是蓝色的，故B错误；
C.长期放置不分层的液体不一定是溶液，例如水，故C错误；
D.溶液具有均一性，即上层和下层的密度一样大，故D错误。
故选A。
5．（2024八上·诸暨月考）如图是a、b、c三种固体物质的溶解度曲线。下列说法正确的是（ ）
A．a中混有少量的c，可以采用恒温蒸发的方法提纯
B．t1℃时，a、c两种物质的溶液溶质质量分数一定相等
C．t2℃时，a、b、c三种物质的饱和溶液溶质质量分数由大到小的关系是：a>b>c
D．在t2℃时，将30ga物质加入50g水中充分溶解，所得溶液质量为80g
【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】固体溶解度的概念(在一定温度下某固体物质在100克溶剂中达到饱和状态时所能溶解的质量)及固体的溶解度和温度之间的关系。
【解答】A、由于a的溶解度随温度的降低而减小，c的溶解度随温度的降低而增大，若a中混有少量c，可用降温结晶（冷却热饱和溶液）的方法提纯a，故选项说法不正确；
B、t1℃时，a、c两种物质的溶解度曲线交于一点，溶解度相同，此温度下饱和溶液的溶质质量分数一定相等，若溶液不饱和，无法比较。故选项说法不正确；
C、t2℃时，a、b、c三种物质的溶解度的大小是a＞b＞c，由饱和溶液的溶质质量分数=×100%可知，饱和溶液溶质质量分数由大到小的关系是：a＞b＞c，故选项说法正确；
D、在t2℃时，a的溶解度是50g，由溶解度的含义可知，将30ga物质加入50g水中充分溶解，只能溶解25g，所得溶液质量为：50g+25g=75g，故选项说法不正确。
故答案为：C。
6．（2021八上·拱墅期末）如图所示，质量相等的实心木块、铝块和铁块均静止于水中，已知ρ水<ρ铝<ρ铁，则受到浮力最小的是（ ）
A．木块 B．铝块 C．铁块 D．无法确定
【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据浮沉条件和阿基米德原理F浮=ρ液gV排比较浮力的大小关系。
【解答】木块漂浮在水面上，则它受到的浮力等于重力；铝块在水里下沉，则它受到的浮力小于重力。因为木块和铝块的重力相等，所以浮力F木>F铝。
铝块和铁块都浸没在水中，排开水的体积V铝>V铁，阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，它们受到的浮力F铝>F铁。
那么三者受到的浮力F木>F铝>F铁。
则浮力最小的是铁块。
故选C。
7．（浙教版科学八上第一章 1.3水的浮力（一） ）下列情况下，不受水的浮力的物体是（ ）。
A．水中的气泡 B．跨海大桥的桥面
C．水中正在上浮的木块 D．水中正在下沉的石块
【答案】B
【知识点】浮力产生的原因
【解析】【分析】浮力是物体上下两个表面受到的压力差，据此分析判断。
【解答】水中的气泡、上浮的木块和下沉的石块，它们的上下两个表面都有压力，肯定受到浮力，故A、C、D不合题意；
跨海大桥的桥墩，深埋在海底泥沙里，它的下表面没有水，不受向上的浮力，故B符合题意。
故选B。
8．（2021八上·诸暨期中）如图是硝酸钾的溶解度曲线，某同学在20℃时进行了如图实验，得到相应的溶液①～④。下列说法正确的是（ ）
A．①→②的过程中溶解度增大
B．②→③的过程中溶质质量分数不变
C．④所得的溶液中溶质质量分数约为24%
D．20℃时，100克硝酸钾饱和溶液中含有硝酸钾31.6克
【答案】C
【知识点】溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）根据溶解度的影响因素判断；
（2）（3）根据“溶质质量分数=”分析；
（4）根据溶解度的定义判断。
【解答】A.①→②的过程中，硝酸钾溶液的温度保持20℃不变，则硝酸钾的溶解度保持不变，故A错误；
B.溶液②中加入硝酸钾的质量为：20g+30g=50g，大于此时的溶解度31.6g，因此溶液②饱和，此时的溶质质量就是31.6g。溶液③的温度为50℃，此时溶解度为85.5g>50g，即此时溶液不饱和，溶质质量为50g，因此②→③的过程中，溶质质量增大，而溶剂质量不变，根据“溶质质量分数=”可知，溶液的溶质质量分数变大，故B错误；
C.④溶液的温度为20℃，此时硝酸钾的溶解度为31.6g，即100g水中最多溶解31.6g，那么所得的溶液中溶质质量分数约为：，故C正确；
D.20℃时，硝酸钾的溶解度为31.6g，即100克水中最多溶解硝酸钾31.6克，或者131.6g硝酸钾溶液中含有硝酸钾31.6g，故D错误。
故选C。
9．（2018八上·嘉兴月考）小明在“造船比赛”中用三块大小相同的橡皮泥做成小船，把它们放在盛有水的水槽中，然后往小船内放入不同质量的物体，它们均能漂浮在水面上，如图所示。针对此现象，下列说法正确的是（ ）
A．三只小船受到的浮力相等
B．小船受到的浮力大于小船的重力
C．小船所装物体越轻，受到的浮力越大
D．小船所装物体越重，受到的浮力越大
【答案】D
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】小船漂浮，没有放入物体前，三只小船所受浮力相等，都等于自身的重力；
放入物体后，小船仍然漂浮，但放入的物体质量不同、重力不同，三只小船所受浮力也就不同，放入的物体越重，所受浮力越大，因为物体漂浮时浮力等于自身的重力；
根据F浮=ρ液gV排比较浮力的大小。
【解答】三只小船放入物体前后始终漂浮，浮力始终等于各自的重力，放入的物体越重，自身的重力越大，所受的浮力也就越大；放入的物体越轻，自身的重力越小，所受的浮力也就越小，故D正确；
故答案为：D。
10．（2021八上·杭州期中）炎热的夏天，打开雪碧瓶盖时会发现雪碧自动喷出，喝了雪碧后又常常会打嗝，由此得出若要降低气体的溶解能力，下列方法中正确的是（ ）
A．升高温度、增大气压 B．降低温度、减小气压
C．升高温度、减小气压 D．降低温度、增大气压
【答案】C
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】气体溶解度除了与压强和温度有关外，还与溶剂的种类有关，据此结合题意解答。
【解答】压强增大，气体溶解度会变大，压强越小，气体溶解度变小，温度升高，气体溶解度减小，因此若要降低气体的溶解能力，应该升高温度、减小气压，C符合题意。
故答案为：C
11．（2020八上·萧山月考）小吴同学为探究力之间的关系做了如图所示的实验．将弹簧测力计下端吊着的铝块逐渐浸入台秤上盛有水的烧杯中，直至刚没入水中（不接触容器，无水溢出）．在该过程中，下列有关弹簧测力计和台秤示数的说法正确的是（）
A．弹簧测力计的示数减小，台秤示数不变
B．弹簧测力计的示数不变，台秤示数也不变
C．弹簧测力计的示数减小，台秤示数增大
D．弹簧测力计的示数不变，台秤示数增大
【答案】C
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】（1）当物体浸在水中时，它会受到浮力，首先根据阿基米德原理分析铝块受到浮力的变化，再根据F=G-F浮判断测力计示数的变化；
（2）台秤的示数等于上面物体对它的压力；首先根据相互作用力原理确定铝块对水的压力变化，从而确定烧杯底部压力的变化，最后根据F示数=G杯+G水+F压分析即可。
【解答】（1）对铝块受力分析可知：铝块受竖直向下的重力、竖直向上弹簧测力计的拉力和浮力，由平衡条件得：G铝=F+F浮，F=G铝-F浮，在铝块完全浸没前，V排逐渐增大，F浮逐渐增大，弹簧秤的示数F逐渐减小．
（2）对台秤受力分析可知：受烧瓶及水受竖直向下的重力，铝块向下的压力F压=F浮，由平衡条件得：台秤的支持力FN=G+F压，在铝块完全浸没前，V排逐渐增大，F压=F浮逐渐增大，FN逐渐变大，台秤的示数增大．
故选C．
12．（2020八上·苍南期末）将四个形状不同、高度均为L的实心金属块，用细线拉着。匀速缓慢地放入水深为L的盛水容器中，直至容器底部，此时水未溢出。四个实验中与下图所描绘的浮力大小F与金属块浸入水中深度h的关系一致的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】浮力的变化
【解析】【分析】根据公式F浮=ρ液gV排可知，当液体密度相同时，浮力与V排成正比，即浮力的变化趋势与V排的变化趋势相同。
【解答】根据图像可知，金属块受到的浮力随深度的增大不断增大，但是开始时增大的快，后来增大的慢。
A.金属块为球形，在它进入整个体积的一半前，它的V排随深度的增大而增大的快，进入整个体积的一半以后，它的V排随深度的增大而增大的慢了，故A符合题意；
B.金属块为长方体球形，它的V排随深度的增大而增大的速度是匀速的，故B不合题意；
C.金属块为圆台状，由于它上小下大，所以它的V排随深度的增大而增大的速度不断减小，故C不合题意；
D.金属块为沙漏状，因此它的V排开始时增大的速度越来越小，后来增大的速度越来越大，故D不合题意。
故选A。
13．（2021八上·富阳期中）下列有关地球上水的分布、循环和利用的说法中，正确的是（ ）
A．陆地淡水约占地球总水量的96.53%
B．水是生物生存所必需的最基本的物质之一
C．人类直接利用最多的水资源是海洋水
D．水循环的环节只有蒸发和降水
【答案】B
【知识点】水循环
【解析】【分析】本题考查地球上有关水资源的知识。
【解答】A：陆地淡水约占地球总水量的2.53%，故选项错误。
B：水是人类及一切生物生存所必需的，是生物生存所需的最基本的物质之一，故选项正确。
C：人类直接利用最多的是陆地上的淡水资源，故选项错误。
D：水循环的环主要包括降水、蒸发（蒸腾）、径流、水汽输送等，故选项错误。
故选C。
14．（2024八上·期末） 在t℃时，某物质A的溶液先恒温蒸发10g水，析出2g无水晶体，再恒温蒸发20g水，析出 5g无水晶体，下列说法正确的是（ ）
A．t℃时，原溶液是饱和溶液 B．t℃时，A物质的溶解度为20g
C．t℃时，A物质的溶解度为25g D．t℃时，A物质的溶解度为30g
【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素
【解析】【分析】溶质的质量分数是指溶质占溶液的质量的百分比；溶液的质量等于溶质的质量和溶剂的质量之和； 饱和溶液：在一定温度下，向一定量溶剂里加入某种溶质，当溶质不能继续溶解时，所得的溶液叫做这种溶质的饱和溶液。不饱和溶液 ：在一定温度下，在一定量的溶剂里，还能再溶解某种物质的溶液叫做这种溶质的不饱和溶液。
【解答】根据题目信息可知，析出晶体以后溶液为饱和溶液，比较两次蒸发可以发现，20g水和5g晶体组成的溶液是饱和溶液，设物质的溶解度是 得：S=25g。从第二次蒸发水可以看出，每蒸发10g水，就会析出2.5g晶体，但是第一次蒸发掉10g水，只析出2g晶体，说明原溶液不是饱和溶液，故 A 错误。故选C。
15．（2024八上·期末） 体积相同的铜、铁、铝三个小球，放入水中静止后，如图所示，已知这三种物质的密度关系是ρn>ρn，则下列判断正确的是（ ）
A．铝球一定是实心的，铜、铁两球一定是空心的
B．三个小球受到的浮力关系F铅＜F铁＜F铜
C．三个小球的重力关系G铝＞G铁=G铜
D．三个小球的质量关系m铝＞m铁＞m铜
【答案】D
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）当物体的密度大于液体的密度时物体会下沉，当物体的密度小于液体的密度是物体上浮或悬浮，据此判断三个小球的空心问题。
（2）已知三个小球的体积相同，根据阿基米德原理并结合图中排开液体的体积判断三个小球所受的浮力关系。
（3）根据当浮力大于重力时物体上浮，当浮力小于重力时物体下沉，当浮力等于重力时，物体处于悬浮或漂浮状态，结合浮力关系求出三个小球的重力关系，进一步根据G=mg得出质量关系。
【解答】由图可知铜球漂浮、铁球悬浮，二者一定是空心的；铝球下沉，可能实心、也可能是空心，故A错；
因为F浮=ρ水gv排，排开水的体积，v铜＜v铁=v铝，
所以受到的浮力：F铜＜F铁=F铝，故B错；
因为铜球漂浮，
所以F铜=G铜，即ρ水gv排=ρ铜球gv，
因为v排＜v，
所以ρ水＞ρ铜球；------①
因为铁球悬浮，
所以F铁=G铁，即ρ水gv排=ρ铁球gv，
因为v排=v，
所以ρ水=ρ铁球；-------②
因为铝球下沉到水底，
所以F铝＜G铝，即ρ水gv排＜ρ铝球gv，
因为v排=v，
所以ρ水＜ρ铝球；--------③
由①②③可知：ρ铜球＜ρ铁球＜ρ铝球，
因为m=ρv，体积相同，
所以三球的质量：m铜球＜m铁球＜m铝球，故D正确；
因为G=mg，
所以三球的重力：G铜球＜G铁球＜G铝球，故C错；
故答案为：D。
16．（2024八上·期末） 已知甲的溶解度随温度的升高而增大，乙的溶解度随温度的升高而减小。某同学在两支装有水的试管中加入甲、乙两种物质后均有剩余，又同时向两支试管中加入某物质后，甲物质减少，乙物质增加，则加入的物质可能是（ ）
A．蔗糖晶体 B．氢氧化钠固体
C．氯化钠晶体 D．硝酸铵固体
【答案】B
【知识点】溶解时的吸热或放热现象；溶解度的影响因素
【解析】【分析】根据题中所给现象确定加入物质后溶液温度升高，结合所给各物质溶解时温度的变化分析。
【解答】 甲的溶解度随温度的升高而增大，乙的溶解度随温度的升高而减小 ， 在两支装有水的试管中加入甲、乙两种物质后均有剩余，又同时向两支试管中加入某物质后，甲物质减少，乙物质增加， 说明向水中加入物质后溶液温度升高。
A、蔗糖晶体溶解时溶液温度无明显变化，不符合题意；
B、氢氧化钠固体溶解时溶液温度升高，符合题意；
C、氯化钠晶体溶解时溶液温度无明显变化，不符合题意；
D、硝酸铵溶解时溶液温度降低，不符合题意；
故选B。
二、填空题
17．（2024八上·诸暨月考）下表是氯化铵与硝酸钾在不同温度时的溶解度，请回答：
温度/℃ 10 20 30 40 50 60
溶解度/g 氯化铵 33.3 37.2 41.4 45.8 50.4 55.2
硝酸钾 20.9 31.6 45.8 63.9 85.5 110
（1）将100克60℃时的氯化铵和硝酸钾的饱和溶液同时降温到10℃，两者析出晶体 （填“氯化铵较多”、“硝酸钾较多”或“无法确定”）。
（2）下图中M是氯化铵，按图进行相关操作，其中A、B、C、D四个烧杯中溶质质量分数的大小关系是 。
【答案】（1）硝酸钾较多
（2）A【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】溶解度，是指在一定温度下，某固态物质在100g溶剂中达到饱和状态时所溶解的溶质的质量，叫做这种物质在这种溶剂中的溶解度。物质的溶解度属于物理性质。
【解答】（1）由表中的数据可知，硝酸钾的溶解度受温度的影响比氯化铵的大，将100克60℃时的氯化铵和硝酸钾的饱和溶液同时降温到10℃，两者析出晶体硝酸钾较多；
（2）根据表中的数据可知，60℃氯化铵溶解度为55.2g，硝酸钾溶解度为110g。因为在60℃时，100g水中没有全部溶解60gM，M物质是氯化铵；氯化铵的溶解度随着温度升高而增大。因为A和B均为不饱和溶液（均含水100g），且B中的溶质多，所以A的溶质质量分数小于B；C是60℃时，氯化铵的饱和溶液，所以C中溶质的质量分数一定大于B（50℃时的不饱和溶液）中溶质的质量分数；而CD均为60℃时氯化铵的饱和溶液，所以二者溶质质量分数相等，即溶质质量分数关系为A＜B＜C=D。
18．（2024八上·诸暨月考）如图甲，一木块漂浮于30℃的硝酸钾饱和溶液中，当温度改变时(不考虑由此引起的木块和溶液体积的变化) ，木块排开液体的体积(V排)随时间(t)发生如图乙所示的变化。由此推测，温度的改变方式为 (选填“升温”或“降温”) ；随温度的改变，硝酸钾溶液的溶质的质量分数将 (选填“不变”“增大”或“减小”)。
【答案】升温；增大
【知识点】浮力的变化；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】排开液体体积越大，说明溶液的密度越小，即溶液中的溶质减少，结合硝酸钾的溶解度随着温度的升高而增大，进行分析解答。
【解答】观察图象可知，木块排开液体的体积减小，说明液体的密度变大，溶解的溶质增加；硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大，可采取升温的方法，升温后硝酸钾的溶解度增大，溶解的溶质增加，溶液的密度增大，可使木块排开液体的体积变小。随温度的升高，溶质的质量增加，溶剂质量不变，硝酸钾溶液的溶质的质量分数将增大。
19．（2024八上·诸暨月考）用如图的装置进行水电解实验。
（1）开始反应前甲、乙两管内都充满溶液。关闭活塞，接通电源，一段时间后，两管产生的气体如图所示，则甲管中产生的气体是 ，检验该气体的方法是 。
（2）写出电解水的文字表达式 ；
（3）若实验中用100g溶质质量分数为4％的氢氧化钠溶液来进行电解实验，通电一段时间后。氢氧化钠溶液溶质质量分数变为6.25％，则分解水的质量为 。
【答案】（1）氢气；点燃的木条接触气体，燃烧并产生淡蓝色火焰（有爆鸣声）
（2）
（3）36g
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】根据电解水时产生的氢气与氧气的体积2：1来分析本题。利用电解水前后溶质质量不变来解答电解水的质量。
【解答】（1）电解水实验中产生氢气和氧气的体积比为2：1，故a管中产生的气体是氢气； 检验该气体的方法是点燃的木条接触气体，燃烧并产生淡蓝色火焰（有爆鸣声）
（2）水在通电的条件下反应生成氢气和氧气，反应的文字表达式为：水氢气+氧气。
（3）氢氧化钠的质量分数增加是由于水分解质量减小而引起的。设分解水的质量为x
则：100g×4%=（100g-x）×6.25%，解得x=36g。
20．（2024八上·诸暨月考）根据“水循环示意图”填空：
（1）2023年8月24日，日本正式将福岛核污水排入大海，被污染的海水会通过水循环的 （填字母，下同）环节进入大气，有可能通过 环节到全球上空，进而通过 环节污染全世界陆地。
（2）浙江省是饮用水较为缺乏的地区之一，我们要珍惜保护水资源，下列做法不正确的是____
A．将生活污水直接排入河道 B．植树造林，涵养水源
C．随手关闭水龙头 D．用洗漱过的水冲马桶
【答案】（1）B；C；A
（2）A
【知识点】水循环
【解析】【分析】（1）海陆间水循环的环节有蒸发和植物蒸腾、水汽输送、降水、下渗、地表径流和地下径流等。
（2）水资源的珍惜包括开源、节流和降需。
【解答】（1）2023年8月24日，日本正式将福岛核污水排入大海，被污染的海水会通过水循环的蒸发B环节进入大气，有可能通过水汽输送C环节到全球上空，进而通过降水A环节污染全世界陆地。
（2）A．将生活污水直接排入河道导致河流水污染，观点错误，但符合题意。
B．植树造林，涵养水源有利于增加水资源，观点正确，不符合题意。
C．随手关闭水龙头有利于节约用水，观点正确，不符合题意。
D．用洗漱过的水冲马桶有利于节约用水，观点正确，不符合题意。
故答案为：A。
21．（2023八上·杭州期中） 20℃时，向100g水中不断加入固体甲或改变温度，得到相应的溶液①②③。（如图1）（固体甲的溶解度曲线如图2所示，横坐标表示温度，对应的纵坐标表示该温度下的溶解度）
（1）②中溶质与溶剂的质量比为 。
（2）固体甲的溶解度曲线可用图2中的 表示（填a或b）。
（3）以上溶液中一定为饱和溶液的是 （填写序号）。
【答案】（1）3：10
（2）a
（3）②③
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念
【解析】【分析】（1）根据图1确定溶液②是否饱和，然后结合图2中对应的溶解度分析解答；
（2）根据图1确定③中溶质质量，再结合图2中两个图像中40℃时溶解度大小判断；
（3）如果溶液中存在未溶的固体，那么溶液肯定饱和；否则，无法判断溶液是否饱和。
【解答】（1）根据图片可知，②中出现未溶的固体，即为20℃时甲的饱和溶液。根据图2可知，20℃时甲的溶解度为30g，则②中溶质与溶剂的质量比=30g：100g=3：10；
（2）根据图1可知，当溶液升温到40℃时，固体甲全部溶解，则该温度下甲的溶解度等于或大于40g。根据图2可知，40℃时，b的溶解度为35g<40g，因此甲的溶解度曲线可用图2中的a表示。
（3）根据图片可知，②中有没溶解的固体，肯定为饱和溶液；而③中虽然没有未溶解的固体，但是溶质质量恰好等于溶解度40g，因此③恰好饱和，故选②③。
22．（2019八上·嵊州月考）将少量①橄榄油、②醋、③冰块、④白糖、⑤肥皂、⑥面粉、⑦味精分别加入水中振荡，其中 形成悬浊液， 形成溶液。（写序号）
【答案】⑥；②④⑦
【知识点】悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别
【解析】【分析】根据溶液是均一稳定的混合物，难溶性固体加入水中形成的是悬浊液，难溶性液体与水混合形成的是乳浊液分析。
【解答】 ①橄榄油、⑤肥皂加入水中，形成的是乳浊液，②醋、④白糖、⑦味精加入水中，形成的是均一稳定的混合物，即溶液，⑥面粉加入水中形成的是悬浊液， ③冰块加入水中形成的是纯净物；
故答案为：⑥；②④⑦。
23．（2019八上·义乌月考）为了测量硬塑料制成的锅形物体的质量和体积，先用一圆柱形容器盛满水，该容器底面积为100cm2（壁厚度不计）。将锅形物体开口向上放入容器中，物体漂浮（如图所示），溢出了300cm3的水。然后慢慢翻转使物体浸没沉底，液面下降了1cm。则锅形物体的质量为 kg，体积为 cm3。
【答案】0.3；200
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】当物体漂浮时，它受到的浮力等于重力，即它排开液体的重力等于自身重力；当物体浸没时，它的体积等于排开液体的体积，据此计算即可。
【解答】（1）当该物体在容器中漂浮时，
它的重力为：G=F浮=G排=m排g；
那么：mg=m排g；
即：m=m排=ρ水V排=1g/cm3×300cm3=300g=0.3kg；
（2）液面下降减少的体积为：△V=△hS=1cm×100cm2=100cm3；
那么该物体的体积为：V=V排-△V=300cm3-100cm3=200cm3。
24．一杯子中装有冰水混合物，冰完全熔化后，杯中水面高度将 ；在水槽中浮在水面的木板上放一石块，石块掉人水中被水淹没，水面高度将 (均填“上升"“下降”或“不变")
【答案】不变；下降
【知识点】阿基米德原理；浮力的变化
【解析】【分析】 冰完全熔化后水的体积等于冰浮在水面排开水的体积。漂浮，浮力等于重力。结合阿基米德原理求解。
【解答】冰完全熔化后水的体积等于冰浮在水面排开水的体积，所以冰完全熔化后，杯中水面高度将不变， 在水槽中浮在水面的木板上放一石块，浮力等于重力，石块掉人水中被水淹没，浮力小于重力，排开液体体积减小，所以液面下降。
三、实验探究题
25．（2024八上·诸暨月考）某校同学在学习“探究浮力大小的相关因素”这节课后，小组反复讨论，改进了老师的实验，改进后的实验装置如图所示：其中A、B是弹簧测力计，C为重物，D为薄塑料袋(质量不计)，E是用废弃的大号饮料瓶、带孔橡皮塞以及弯曲玻璃管自制的溢水杯，杯中加入红色的水，F是可升降平台，G为铁架台。
（1）实验前，在选择A、B两个弹簧测力计时，小组同学经过简单的讨论后，认为应选择规格 （选填“相同”或“不相同”）的弹簧测力计。
（2）实验中，同学们逐渐调高平台F，使重物浸入水中的体积越来越大，观察到弹簧测力计A的示数 ，弹簧测力计B的示数 (均选填“增大”“减小”或“不变”)。比较弹簧测力计A的示数变化量ΔFA和弹簧测力计B的示数变化量ΔFB，它们的大小关系是ΔFA ΔFB(选填“＞”“＜”或“＝”)。
（3）通过分析，你认为改进后的装置优点是什么？ (写出一条即可)。
【答案】（1）相同
（2）减小；增大；=
（3）调高平台F，可观察到物体受到的浮力随排开液体的体积的增大而增大(或溢水杯中加红色的水，增加可见度；能同时显示出物体所受的浮力大小和物体排开的液体的重力大小；弹簧测力计上端有铁架台固定，弹簧测力计示数更加稳定；薄塑料袋质量不计，弹簧测力计B的示数直接反映物体所受浮力的大小；合理即可)
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】规格相同的弹簧测力计，量程和分度值都相等，一个示数减小，一个示数增大，更方便通过两个测力计刻度的变化判断物体受到的浮力和排开水的重力的关系。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析浮力的变化，根据阿基米德原理判断两个测力计示数变化量的关系。可从观察溢出水的体积和测力计示数的变化的容易程度方面解答。
【解答】（1）在选择A、B两个弹簧测力计时，应选择相同规格的便于读数。
（2）重物浸入水中的体积越来越大时，排开液体的体积变大，根据F浮=ρ液gV排可知，重物受到的浮力变大，浮力：F浮=G F'，弹簧测力计A的示数F'=G F浮减小；重物浸入水中的体积越来越大时，溢出水的体积变大、溢出水的质量变大、溢出水受到的重力变大，弹簧测力计B的示数增大；根据阿基米德原理可知，物体所受浮力的大小和排开液体的重力相等，所以弹簧测力计A的示数变化量ΔFA和弹簧测力计B的示数变化量ΔFB相等。
（3）改进试验中，使用可调节的平台，可以形象观察到物体溢出液体体积的变化；把水变为红色是为了增加可见度。使用铁架台是为了固定弹簧秤方便老师讲解。
26．（2024八上·诸暨月考）氯化钠是生活必需品，也是重要的化工原料。提纯含少量泥沙的粗盐，一般经过如图操作流程。
（1）操作③的名称是 。
（2）操作④中除用到铁架台（带铁圈）、蒸发皿、玻璃棒、坩埚钳外，还需要用到的仪器是 ，该操作中玻璃棒的作用是 。
（3）实验结束后称量获得精盐，发现精盐制得率较低，其不可能原因是____。
A．食盐没有全部溶解
B．蒸发时食盐飞溅剧烈
C．蒸发后，所得精盐很潮湿
D．器皿上沾有的精盐没全部转移到称量纸上
【答案】（1）过滤
（2）酒精灯；使受热均匀，防止液体飞溅
（3）C
【知识点】蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】根据蒸发时，玻璃棒的作用是搅拌使受热均匀，防止液体飞溅进行分析；根据产率偏低的原因进行分析。
【解答】（1） 操作③的名称是过滤。过滤是用滤纸或其他多孔材料分离悬浮在液体或气体中固体颗粒、有害物质的一种方法。
（2）从滤液得到精盐的过程为结晶，则操作④为蒸发结晶，那么操作④中除用到铁架台（带铁圈）、蒸发皿、玻璃棒、坩埚钳外，还需要用到的仪器是酒精灯；该操作中玻璃棒的作用是搅拌使受热均匀，防止液体飞溅。
（3）A、食盐没有全部溶解即过滤，那么会导致精盐的质量偏小，即精盐制得率较低，选项不合题意；
B、蒸发时食盐飞溅剧烈，得到精盐的质量会偏小，精盐制得率较低，选项不合题意；
C、蒸发后，所得精盐很潮湿，会导致精盐的质量偏大，精盐制得率偏高，选项合题意；
D、器皿上沾有的精盐没全部转移到称量纸上，会导致精盐的质量偏小，则精盐制得率较低，选项不合题意；
故答案为：C。
27．（2023八上·南浔期中）小科发现很多物质都能在水中溶解，但溶解的速率有快有慢，他想：影响同种物质溶解速率的因素有哪些呢 根据生活经验，以冰糖为例，他提出了以下猜想：
【猜想A】与冰糖颗粒大小有关
【猜想B】与水的温度高低有关
【猜想C】与是否搅拌有关
为了验证以上猜想是否正确，他设计了实验方案并进行了探究，下表是他在探究过程中记录的实验数据。
实验序号 颗粒大小 水的温度 实验现象
① 0.5g块状冰糖 100mL、10℃的水 缓慢溶解
② 0.5g块状冰糖 100mL、80℃的水 较快溶解
③ 0.5g粉末状冰糖 100mL、80℃的水 快速溶解
（1）通过对比实验①和实验②的实验现象，可验证猜想 (填字母)
（2）通过对比实验②和实验③的实验现象，可得到的结论是 ；
（3）如果要验证猜想C，应如何设计实验？ 。
【答案】（1）B
（2）当水温等其他条件一定时，冰糖的颗粒越小，溶解速率越快
（3）在两个完全相同的烧杯中，分别加入100 mL相同温度的水，再同时向烧杯中各加入一药匙块状冰糖，用玻璃棒搅拌其中一个烧杯内的液体，观察两烧杯中冰糖溶解的快慢
【知识点】影响溶解快慢的因素
【解析】【分析】 控制变量是指那些除了实验因素（自变量）以外的所有影响实验结果的变量，这些变量不是本实验所要研究的变量，所以又称无关变量、无关因子、非实验因素或非实验因子。
【解答】（1）实验①和实验②温度不同， 通过对比实验①和实验②的实验现象，可验证温度对同种物质溶解速率的影响，即猜想B；
（2） 比实验②和实验③ 冰糖颗粒大小不同，粉末状溶解更快， 通过对比实验②和实验③的实验现象，可得到的结论是当水温等其他条件一定时，冰糖的颗粒越小，溶解速率越快；
（3） 如果要验证猜想C，设计实验应该其他条件相同，一个实验搅拌，一个实验不搅拌。
28．（2022八上·余杭月考）探究“浮力的大小跟物体浸入液体的深度是否有关”。
（1）用弹簧测力计测出物块重，并把它慢慢放入水中。根据测力计的示数，绘制了弹簧测力计对物块的拉力和物块所受浮力随浸入水中的深度变化的图象。分析图象可知：
① (选填“a”或“b”)是描述物块所受浮力随浸入水的深度变化的图象。
②F1、F2或F3这三个力之间的关系是 。
（2）实心圆柱物块密度的表达式为：ρ物＝ (水的密度用ρ水表示)。
（3）根据图像分析，本次实验的结论是 。
【答案】（1）b；F1-F3＝F2
（2） ×ρ水
（3）物体浸没后，浮力与深度无关
【知识点】密度公式的应用；二力平衡的条件及其应用；浮力的变化
【解析】【分析】（1）①根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析浮力的变化规律；
②根据二力平衡的知识，结合“称量法”分析解答。
（2）首先根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排计算圆柱体的体积，再根据密度公式计算物体的密度。
（3）根据图乙分析物体受到的浮力随浸入深度的变化规律。
【解答】（1）①在物体浸没水中时，随着深度的增大，它排开水的体积增大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，它受到的浮力不断增大。当物体完全浸没后，它排开水的体积不变，则它受到的浮力不变。根据图乙可知，b图像是描述浮力随浸入深度的变化的。
②根据图乙可知，当浸入深度为零时，测力计的示数为F1，即物体的重力G=F1。当物体完全浸没后，测力计的示数为F2，物体受到的浮力为F浮力=F3。根据F拉=G-F浮力可知，F2=F1-F3。
（2）圆柱物块的体积：；
则圆柱体的密度：。
（3）根据图乙中的图像a可知：在浸没前，物体受到的浮力随深度的增大而增大。当浸没后，随着深度的增大，物体受到的浮力保持不变。
29．（2020八上·西湖期末）实验室配制100g质量分数为16%的氯化钠溶液，如图是小军实验操作过程示意图。
（1）图中一处明显错误的操作是 (填序号)，改正操作后，用上述图示的序号表示配制溶液的正确操作顺序 。
（2）纠正错误后，若用固体氯化钠和水配制，用已调节平衡的托盘天平称取氯化钠固体时，发现指针偏右，接下来的操作是 。
（3）在配制16%的氯化钠溶液的过程中，导致溶液中氯化钠质量分数小于16%的可能原因有 。
①用量筒量取水时俯视读数
②所用砝码有部分锈蚀情况
③盛装溶液的试剂瓶用蒸馏水润洗
④在转移所配溶液的过程中，有部分溶液洒落
【答案】（1）③；⑤③④②①
（2）向左盘继续增加氯化钠，直到天平平衡
（3）③
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）根据天平的使用方法分析错误之处。根据配制一定溶质质量分数溶液的实验过程确定操作顺序。
（2）在进行定量称量药品的过程中，一旦右盘砝码和游码放好后，就要保持不变，只能通过调整左盘药品的质量，让天平实现平衡。
（3）根据溶质质量分数=可知，造成氯化钠溶质质量分数偏小的原因：①氯化钠的质量偏小；②水的质量偏大，据此分析判断。
【解答】（1）根据“左物右码”的规范可知，③中砝码和氯化钠的位置放反了。配制一定溶质质量分数溶液的过程；
⑤从试剂瓶中取出氯化钠；
③用天平称量出合适质量的氯化钠；
④将称量出的氯化钠倒入烧杯备用；
②用量筒量取规定体积的水，然后倒入烧杯；
①用玻璃棒不断搅拌，直到氯化钠完全溶解。
则正确操作顺序为：⑤③④②①。
（2）用已调节平衡的托盘天平称取氯化钠固体时，发现指针偏右，说明砝码的质量大，而左盘氯化钠的质量小，则接下来的操作是：向左盘继续增加氯化钠，直到天平平衡。
（3）①用量筒量取水时俯视读数，读出的示数偏大，而实际得到水的体积偏小，故①不合题意；
②所用砝码有部分锈蚀情况，那么称量出的氯化钠的质量偏大，故②不合题意；
③盛装溶液的试剂瓶用蒸馏水润洗，会使水的质量偏大，故③符合题意；
④在转移所配溶液的过程中，有部分溶液洒落，由于溶液均一稳定，因此不会影响溶质的质量分数，故④不合题意。
故选③。
四、解答题
30．（2024八上·诸暨月考）溶液与人类的生活息息相关，溶液的配制是日常生活和化学实验中的常见操作。下表是硫酸溶液和氨水的密度与其溶质的质量分数对照表（20℃）。
溶质的质量分数/％ 4 12 16 24 28
硫酸溶液的密度／g／mL 1.02 1.08 1.11 1.17 1.20
氨水的密度／g／mL 0.98 0.95 0.94 0.91 0.90
（1）20℃时，随着溶液中溶质的质量分数逐渐增大，氨水的密度逐渐 （填“增大”、“减小”或“不变”）。
（2）将100克12％的硫酸溶液稀释成3％的稀溶液，得到的稀溶液是多少克？需要加水多少毫升？
【答案】（1）减小
（2）400g、300mL
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；浓硫酸的稀释
【解析】【分析】根据表中提供的信息可以判断、计算相关方面的问题；溶液稀释前后，溶质质量不变。
【解答】（1）由硫酸溶液和氨水的密度与其溶质的质量分数对照表，20℃时，随着溶液中溶质的质量分数逐渐增大，硫酸溶液的密度逐渐增大，氨水的密度逐渐减小。
（2）设加水的质量应为x，将12%的溶液加水稀释后溶质的质量不变，12%×100g=3%×（100g+x）
解得x=300g，即加水300mL，溶液质量等于100g+300g=400g
31．（2023八上·婺城期末）竹筏漂流是许多地区的旅游项目之一。现有一个用10根完全相同的竹子制作而成的竹筏，每根竹子质量为8kg，体积为0.1m3，忽略制作竹筏所使用绳子的质量和体积。计算（g=10N/kg）：
（1）不载人时，竹筏漂浮于水面受到的浮力是 牛。
（2）不载人时，竹筏浸入水中的体积为多大？
（3）为安全起见，竹筏最多能有一半体积浸入水中，若竹筏上每人的平均体重为500N，则该竹筏最多能载几人？
【答案】（1）800
（2）V排=F浮/ρg=800N/(1.0×103kg/m3×10N/kg)=0.08m3
（3）V排′＝0.5V总＝0.5×1m3＝0.5m3
F浮′＝ρ水gV排′＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m3＝5×103N
G总＝F浮′－G竹筏＝5000N－800N＝4200N
n=G总/G人＝4200N/500N=8.4
该竹筏最多能载8人
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）不载人时，竹筏漂浮在水面上，此时浮力大小等于重力。
(2)竹筏浸入水中的体积等于竹筏排开水的体积。可根据计算。
（3）竹筏一半浸入水中，，再根据阿基米德原理的公式计算出F浮，漂浮时，浮力大小等于总重力。
【解答】（1）竹筏漂浮在水面上，
32．（2024八上·期末） 现有8%的氯化钠溶液50g，若使其溶质的质量分数增大到20%，可采用的方法：
（1）需要蒸发多少克水？
（2）需要加入多少克氯化钠？
（3）需要加入多少克40%的氯化钠溶液？
【答案】（1）解：只是蒸发水，氯化钠的质量没有改变，所以溶质的质量分数达到 20%后氯化钠的质量仍然为：50g×8%=4g，20%的氯化钠溶液的质量为： 4g÷20%=20g，需要蒸发水的质量为：50g-20g=30g
需要蒸发30g的水
（2）设需要加入氯化钠的质量为x。
需要加入7. 5g氯化钠
（3）设需要加入40%的氯化钠溶液的质量为 y。
需要加入30g40%的氯化钠溶液
【知识点】溶质的质量分数及相关计算
【解析】【解答】（1）根据蒸发溶剂时溶质质量不变，由所给溶质质量分数计算所蒸发水的质量分析；
（2）根据溶质质量分数＝溶质质量/溶液质量，由加入氯化钠，溶质和溶液质量都增加分析；
（3）根据两溶液混合，两溶液中溶质质量和为混合后溶液溶质质量，两溶液质量和为混合物两溶液质量分析。
33．如图所示，一木块上面放一块实心铁块 A，木块顶部刚好与水面相齐，在同样的木块下面挂另一实心铁块B，木块也刚好全部浸人水中，则A、B两铁块的体积比为多少？ (ρ铁=7.9×103kg/m3)
【答案】
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】两次都是受力平衡，结合阿基米德原理求解。浮力大小等于排开液体重力大小，也等于物体自身重力大小。
【解答】对A：，对B：，同时，，联立解得 A、B两铁块的体积比为。
1 / 1初中科学浙教版 八年级上册 第一章 水和水的溶液单元卷
一、单选题
1．（2024八上·诸暨月考）2023年9月21日下午，“天宫课堂”第四课开讲，神舟十六号航天员景海鹏、朱杨柱、桂海潮以天地互动的方式，为全国青少年带来了一场别开生面的太空科普课。从航天员传来的照片显示，地球大部分面积被水体覆盖，其中最庞大的水体是（ ）
A．冰川水 B．海洋水 C．河流水 D．大气水
2． 下列关于淡水危机的说法错误的是（ ）
A．盛产石油的中东地区“水比油贵”
B．建立大型海水淡化工厂是解决淡水危机的一种途径
C．用巨轮把南极洲的冰山拖到中东是目前解决淡水危机的良策
D．进入 21 世纪后， 全球的淡水资源短缺更加严重
3．（2022八上·温州月考）从温州自然灾害发生的历史趋势情况看，台风灾害是我市最为典型的自然灾害，台风引发的暴雨造成洪涝、山体崩塌、泥石流等影响较为突出。从水循环的途径来看，台风登陆属于（ ）
A．①蒸发 B．⑤地表径流 C．④降水 D．③水汽输送
4．（2022八上·定海期末）关于溶液的说法正确的是（ ）
A．溶液中的溶质可以是一种或多种
B．溶液一定是无色、澄清的
C．长期放置不分层的液体就是溶液
D．溶液上层的密度小，下层的密度大
5．（2024八上·诸暨月考）如图是a、b、c三种固体物质的溶解度曲线。下列说法正确的是（ ）
A．a中混有少量的c，可以采用恒温蒸发的方法提纯
B．t1℃时，a、c两种物质的溶液溶质质量分数一定相等
C．t2℃时，a、b、c三种物质的饱和溶液溶质质量分数由大到小的关系是：a>b>c
D．在t2℃时，将30ga物质加入50g水中充分溶解，所得溶液质量为80g
6．（2021八上·拱墅期末）如图所示，质量相等的实心木块、铝块和铁块均静止于水中，已知ρ水<ρ铝<ρ铁，则受到浮力最小的是（ ）
A．木块 B．铝块 C．铁块 D．无法确定
7．（浙教版科学八上第一章 1.3水的浮力（一） ）下列情况下，不受水的浮力的物体是（ ）。
A．水中的气泡 B．跨海大桥的桥面
C．水中正在上浮的木块 D．水中正在下沉的石块
8．（2021八上·诸暨期中）如图是硝酸钾的溶解度曲线，某同学在20℃时进行了如图实验，得到相应的溶液①～④。下列说法正确的是（ ）
A．①→②的过程中溶解度增大
B．②→③的过程中溶质质量分数不变
C．④所得的溶液中溶质质量分数约为24%
D．20℃时，100克硝酸钾饱和溶液中含有硝酸钾31.6克
9．（2018八上·嘉兴月考）小明在“造船比赛”中用三块大小相同的橡皮泥做成小船，把它们放在盛有水的水槽中，然后往小船内放入不同质量的物体，它们均能漂浮在水面上，如图所示。针对此现象，下列说法正确的是（ ）
A．三只小船受到的浮力相等
B．小船受到的浮力大于小船的重力
C．小船所装物体越轻，受到的浮力越大
D．小船所装物体越重，受到的浮力越大
10．（2021八上·杭州期中）炎热的夏天，打开雪碧瓶盖时会发现雪碧自动喷出，喝了雪碧后又常常会打嗝，由此得出若要降低气体的溶解能力，下列方法中正确的是（ ）
A．升高温度、增大气压 B．降低温度、减小气压
C．升高温度、减小气压 D．降低温度、增大气压
11．（2020八上·萧山月考）小吴同学为探究力之间的关系做了如图所示的实验．将弹簧测力计下端吊着的铝块逐渐浸入台秤上盛有水的烧杯中，直至刚没入水中（不接触容器，无水溢出）．在该过程中，下列有关弹簧测力计和台秤示数的说法正确的是（）
A．弹簧测力计的示数减小，台秤示数不变
B．弹簧测力计的示数不变，台秤示数也不变
C．弹簧测力计的示数减小，台秤示数增大
D．弹簧测力计的示数不变，台秤示数增大
12．（2020八上·苍南期末）将四个形状不同、高度均为L的实心金属块，用细线拉着。匀速缓慢地放入水深为L的盛水容器中，直至容器底部，此时水未溢出。四个实验中与下图所描绘的浮力大小F与金属块浸入水中深度h的关系一致的是（ ）
A． B．
C． D．
13．（2021八上·富阳期中）下列有关地球上水的分布、循环和利用的说法中，正确的是（ ）
A．陆地淡水约占地球总水量的96.53%
B．水是生物生存所必需的最基本的物质之一
C．人类直接利用最多的水资源是海洋水
D．水循环的环节只有蒸发和降水
14．（2024八上·期末） 在t℃时，某物质A的溶液先恒温蒸发10g水，析出2g无水晶体，再恒温蒸发20g水，析出 5g无水晶体，下列说法正确的是（ ）
A．t℃时，原溶液是饱和溶液 B．t℃时，A物质的溶解度为20g
C．t℃时，A物质的溶解度为25g D．t℃时，A物质的溶解度为30g
15．（2024八上·期末） 体积相同的铜、铁、铝三个小球，放入水中静止后，如图所示，已知这三种物质的密度关系是ρn>ρn，则下列判断正确的是（ ）
A．铝球一定是实心的，铜、铁两球一定是空心的
B．三个小球受到的浮力关系F铅＜F铁＜F铜
C．三个小球的重力关系G铝＞G铁=G铜
D．三个小球的质量关系m铝＞m铁＞m铜
16．（2024八上·期末） 已知甲的溶解度随温度的升高而增大，乙的溶解度随温度的升高而减小。某同学在两支装有水的试管中加入甲、乙两种物质后均有剩余，又同时向两支试管中加入某物质后，甲物质减少，乙物质增加，则加入的物质可能是（ ）
A．蔗糖晶体 B．氢氧化钠固体
C．氯化钠晶体 D．硝酸铵固体
二、填空题
17．（2024八上·诸暨月考）下表是氯化铵与硝酸钾在不同温度时的溶解度，请回答：
温度/℃ 10 20 30 40 50 60
溶解度/g 氯化铵 33.3 37.2 41.4 45.8 50.4 55.2
硝酸钾 20.9 31.6 45.8 63.9 85.5 110
（1）将100克60℃时的氯化铵和硝酸钾的饱和溶液同时降温到10℃，两者析出晶体 （填“氯化铵较多”、“硝酸钾较多”或“无法确定”）。
（2）下图中M是氯化铵，按图进行相关操作，其中A、B、C、D四个烧杯中溶质质量分数的大小关系是 。
18．（2024八上·诸暨月考）如图甲，一木块漂浮于30℃的硝酸钾饱和溶液中，当温度改变时(不考虑由此引起的木块和溶液体积的变化) ，木块排开液体的体积(V排)随时间(t)发生如图乙所示的变化。由此推测，温度的改变方式为 (选填“升温”或“降温”) ；随温度的改变，硝酸钾溶液的溶质的质量分数将 (选填“不变”“增大”或“减小”)。
19．（2024八上·诸暨月考）用如图的装置进行水电解实验。
（1）开始反应前甲、乙两管内都充满溶液。关闭活塞，接通电源，一段时间后，两管产生的气体如图所示，则甲管中产生的气体是 ，检验该气体的方法是 。
（2）写出电解水的文字表达式 ；
（3）若实验中用100g溶质质量分数为4％的氢氧化钠溶液来进行电解实验，通电一段时间后。氢氧化钠溶液溶质质量分数变为6.25％，则分解水的质量为 。
20．（2024八上·诸暨月考）根据“水循环示意图”填空：
（1）2023年8月24日，日本正式将福岛核污水排入大海，被污染的海水会通过水循环的 （填字母，下同）环节进入大气，有可能通过 环节到全球上空，进而通过 环节污染全世界陆地。
（2）浙江省是饮用水较为缺乏的地区之一，我们要珍惜保护水资源，下列做法不正确的是____
A．将生活污水直接排入河道 B．植树造林，涵养水源
C．随手关闭水龙头 D．用洗漱过的水冲马桶
21．（2023八上·杭州期中） 20℃时，向100g水中不断加入固体甲或改变温度，得到相应的溶液①②③。（如图1）（固体甲的溶解度曲线如图2所示，横坐标表示温度，对应的纵坐标表示该温度下的溶解度）
（1）②中溶质与溶剂的质量比为 。
（2）固体甲的溶解度曲线可用图2中的 表示（填a或b）。
（3）以上溶液中一定为饱和溶液的是 （填写序号）。
22．（2019八上·嵊州月考）将少量①橄榄油、②醋、③冰块、④白糖、⑤肥皂、⑥面粉、⑦味精分别加入水中振荡，其中 形成悬浊液， 形成溶液。（写序号）
23．（2019八上·义乌月考）为了测量硬塑料制成的锅形物体的质量和体积，先用一圆柱形容器盛满水，该容器底面积为100cm2（壁厚度不计）。将锅形物体开口向上放入容器中，物体漂浮（如图所示），溢出了300cm3的水。然后慢慢翻转使物体浸没沉底，液面下降了1cm。则锅形物体的质量为 kg，体积为 cm3。
24．一杯子中装有冰水混合物，冰完全熔化后，杯中水面高度将 ；在水槽中浮在水面的木板上放一石块，石块掉人水中被水淹没，水面高度将 (均填“上升"“下降”或“不变")
三、实验探究题
25．（2024八上·诸暨月考）某校同学在学习“探究浮力大小的相关因素”这节课后，小组反复讨论，改进了老师的实验，改进后的实验装置如图所示：其中A、B是弹簧测力计，C为重物，D为薄塑料袋(质量不计)，E是用废弃的大号饮料瓶、带孔橡皮塞以及弯曲玻璃管自制的溢水杯，杯中加入红色的水，F是可升降平台，G为铁架台。
（1）实验前，在选择A、B两个弹簧测力计时，小组同学经过简单的讨论后，认为应选择规格 （选填“相同”或“不相同”）的弹簧测力计。
（2）实验中，同学们逐渐调高平台F，使重物浸入水中的体积越来越大，观察到弹簧测力计A的示数 ，弹簧测力计B的示数 (均选填“增大”“减小”或“不变”)。比较弹簧测力计A的示数变化量ΔFA和弹簧测力计B的示数变化量ΔFB，它们的大小关系是ΔFA ΔFB(选填“＞”“＜”或“＝”)。
（3）通过分析，你认为改进后的装置优点是什么？ (写出一条即可)。
26．（2024八上·诸暨月考）氯化钠是生活必需品，也是重要的化工原料。提纯含少量泥沙的粗盐，一般经过如图操作流程。
（1）操作③的名称是 。
（2）操作④中除用到铁架台（带铁圈）、蒸发皿、玻璃棒、坩埚钳外，还需要用到的仪器是 ，该操作中玻璃棒的作用是 。
（3）实验结束后称量获得精盐，发现精盐制得率较低，其不可能原因是____。
A．食盐没有全部溶解
B．蒸发时食盐飞溅剧烈
C．蒸发后，所得精盐很潮湿
D．器皿上沾有的精盐没全部转移到称量纸上
27．（2023八上·南浔期中）小科发现很多物质都能在水中溶解，但溶解的速率有快有慢，他想：影响同种物质溶解速率的因素有哪些呢 根据生活经验，以冰糖为例，他提出了以下猜想：
【猜想A】与冰糖颗粒大小有关
【猜想B】与水的温度高低有关
【猜想C】与是否搅拌有关
为了验证以上猜想是否正确，他设计了实验方案并进行了探究，下表是他在探究过程中记录的实验数据。
实验序号 颗粒大小 水的温度 实验现象
① 0.5g块状冰糖 100mL、10℃的水 缓慢溶解
② 0.5g块状冰糖 100mL、80℃的水 较快溶解
③ 0.5g粉末状冰糖 100mL、80℃的水 快速溶解
（1）通过对比实验①和实验②的实验现象，可验证猜想 (填字母)
（2）通过对比实验②和实验③的实验现象，可得到的结论是 ；
（3）如果要验证猜想C，应如何设计实验？ 。
28．（2022八上·余杭月考）探究“浮力的大小跟物体浸入液体的深度是否有关”。
（1）用弹簧测力计测出物块重，并把它慢慢放入水中。根据测力计的示数，绘制了弹簧测力计对物块的拉力和物块所受浮力随浸入水中的深度变化的图象。分析图象可知：
① (选填“a”或“b”)是描述物块所受浮力随浸入水的深度变化的图象。
②F1、F2或F3这三个力之间的关系是 。
（2）实心圆柱物块密度的表达式为：ρ物＝ (水的密度用ρ水表示)。
（3）根据图像分析，本次实验的结论是 。
29．（2020八上·西湖期末）实验室配制100g质量分数为16%的氯化钠溶液，如图是小军实验操作过程示意图。
（1）图中一处明显错误的操作是 (填序号)，改正操作后，用上述图示的序号表示配制溶液的正确操作顺序 。
（2）纠正错误后，若用固体氯化钠和水配制，用已调节平衡的托盘天平称取氯化钠固体时，发现指针偏右，接下来的操作是 。
（3）在配制16%的氯化钠溶液的过程中，导致溶液中氯化钠质量分数小于16%的可能原因有 。
①用量筒量取水时俯视读数
②所用砝码有部分锈蚀情况
③盛装溶液的试剂瓶用蒸馏水润洗
④在转移所配溶液的过程中，有部分溶液洒落
四、解答题
30．（2024八上·诸暨月考）溶液与人类的生活息息相关，溶液的配制是日常生活和化学实验中的常见操作。下表是硫酸溶液和氨水的密度与其溶质的质量分数对照表（20℃）。
溶质的质量分数/％ 4 12 16 24 28
硫酸溶液的密度／g／mL 1.02 1.08 1.11 1.17 1.20
氨水的密度／g／mL 0.98 0.95 0.94 0.91 0.90
（1）20℃时，随着溶液中溶质的质量分数逐渐增大，氨水的密度逐渐 （填“增大”、“减小”或“不变”）。
（2）将100克12％的硫酸溶液稀释成3％的稀溶液，得到的稀溶液是多少克？需要加水多少毫升？
31．（2023八上·婺城期末）竹筏漂流是许多地区的旅游项目之一。现有一个用10根完全相同的竹子制作而成的竹筏，每根竹子质量为8kg，体积为0.1m3，忽略制作竹筏所使用绳子的质量和体积。计算（g=10N/kg）：
（1）不载人时，竹筏漂浮于水面受到的浮力是 牛。
（2）不载人时，竹筏浸入水中的体积为多大？
（3）为安全起见，竹筏最多能有一半体积浸入水中，若竹筏上每人的平均体重为500N，则该竹筏最多能载几人？
32．（2024八上·期末） 现有8%的氯化钠溶液50g，若使其溶质的质量分数增大到20%，可采用的方法：
（1）需要蒸发多少克水？
（2）需要加入多少克氯化钠？
（3）需要加入多少克40%的氯化钠溶液？
33．如图所示，一木块上面放一块实心铁块 A，木块顶部刚好与水面相齐，在同样的木块下面挂另一实心铁块B，木块也刚好全部浸人水中，则A、B两铁块的体积比为多少？ (ρ铁=7.9×103kg/m3)
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】地球上的水体
【解析】【分析】球上水的总贮量约有13.9亿km3，其中约97%为海洋咸水，不能直接为人类利用。淡水的总量仅为0.36亿km3，而且这不足地球总水量3%的淡水中，有77.2%是以冰川和冰帽形式存在于极地和高山上，也难以为人类直接利用；22.4%为地下水和土壤水，其中2/3的地下水深埋在地下深处；江河、湖泊等地面水的总量大约只有23万km3，占淡水总量的0.36%。
【解答】地球上水的总贮量约有13.9亿km3，其中约97%为海洋咸水。所以，地球大部分面积被水体覆盖，其中最庞大的水体是海洋水。
故答案为：B。
2．【答案】C
【知识点】水资源的保护
【解析】【分析】根据水资源知识分析。
【解答】A. 盛产石油的中东地区，气候干燥，水资源贫乏，“水比油贵”，故正确，不符合题意；
B. 建立大型海水淡化工厂是解决淡水危机的一种途径，故正确，不符合题意；
C. 用巨轮把南极洲的冰山拖到中东，不是目前解决淡水危机的良策，方案不容易实现，故错误，符合题意；
D. 进入21世纪后，全球的淡水资源短缺更加严重，故正确，不符合题意；
故答案为：C。
3．【答案】D
【知识点】水循环
【解析】【分析】①蒸发，②植物蒸腾，③水汽输送，④降水，⑤地表径流，⑥下渗，⑦地下径流；
【解答】台风登陆属于水汽输送，它从海洋的上空来到大陆的上空；
故答案为：D.
4．【答案】A
【知识点】溶液的组成及特点
【解析】【分析】根据溶液的组成和特点判断。
【解答】A.溶液中的溶质可以是一种或多种，故A正确；
B.溶液不一定是无色、澄清的，例如硫酸铜溶液是蓝色的，故B错误；
C.长期放置不分层的液体不一定是溶液，例如水，故C错误；
D.溶液具有均一性，即上层和下层的密度一样大，故D错误。
故选A。
5．【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】固体溶解度的概念(在一定温度下某固体物质在100克溶剂中达到饱和状态时所能溶解的质量)及固体的溶解度和温度之间的关系。
【解答】A、由于a的溶解度随温度的降低而减小，c的溶解度随温度的降低而增大，若a中混有少量c，可用降温结晶（冷却热饱和溶液）的方法提纯a，故选项说法不正确；
B、t1℃时，a、c两种物质的溶解度曲线交于一点，溶解度相同，此温度下饱和溶液的溶质质量分数一定相等，若溶液不饱和，无法比较。故选项说法不正确；
C、t2℃时，a、b、c三种物质的溶解度的大小是a＞b＞c，由饱和溶液的溶质质量分数=×100%可知，饱和溶液溶质质量分数由大到小的关系是：a＞b＞c，故选项说法正确；
D、在t2℃时，a的溶解度是50g，由溶解度的含义可知，将30ga物质加入50g水中充分溶解，只能溶解25g，所得溶液质量为：50g+25g=75g，故选项说法不正确。
故答案为：C。
6．【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据浮沉条件和阿基米德原理F浮=ρ液gV排比较浮力的大小关系。
【解答】木块漂浮在水面上，则它受到的浮力等于重力；铝块在水里下沉，则它受到的浮力小于重力。因为木块和铝块的重力相等，所以浮力F木>F铝。
铝块和铁块都浸没在水中，排开水的体积V铝>V铁，阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，它们受到的浮力F铝>F铁。
那么三者受到的浮力F木>F铝>F铁。
则浮力最小的是铁块。
故选C。
7．【答案】B
【知识点】浮力产生的原因
【解析】【分析】浮力是物体上下两个表面受到的压力差，据此分析判断。
【解答】水中的气泡、上浮的木块和下沉的石块，它们的上下两个表面都有压力，肯定受到浮力，故A、C、D不合题意；
跨海大桥的桥墩，深埋在海底泥沙里，它的下表面没有水，不受向上的浮力，故B符合题意。
故选B。
8．【答案】C
【知识点】溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）根据溶解度的影响因素判断；
（2）（3）根据“溶质质量分数=”分析；
（4）根据溶解度的定义判断。
【解答】A.①→②的过程中，硝酸钾溶液的温度保持20℃不变，则硝酸钾的溶解度保持不变，故A错误；
B.溶液②中加入硝酸钾的质量为：20g+30g=50g，大于此时的溶解度31.6g，因此溶液②饱和，此时的溶质质量就是31.6g。溶液③的温度为50℃，此时溶解度为85.5g>50g，即此时溶液不饱和，溶质质量为50g，因此②→③的过程中，溶质质量增大，而溶剂质量不变，根据“溶质质量分数=”可知，溶液的溶质质量分数变大，故B错误；
C.④溶液的温度为20℃，此时硝酸钾的溶解度为31.6g，即100g水中最多溶解31.6g，那么所得的溶液中溶质质量分数约为：，故C正确；
D.20℃时，硝酸钾的溶解度为31.6g，即100克水中最多溶解硝酸钾31.6克，或者131.6g硝酸钾溶液中含有硝酸钾31.6g，故D错误。
故选C。
9．【答案】D
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】小船漂浮，没有放入物体前，三只小船所受浮力相等，都等于自身的重力；
放入物体后，小船仍然漂浮，但放入的物体质量不同、重力不同，三只小船所受浮力也就不同，放入的物体越重，所受浮力越大，因为物体漂浮时浮力等于自身的重力；
根据F浮=ρ液gV排比较浮力的大小。
【解答】三只小船放入物体前后始终漂浮，浮力始终等于各自的重力，放入的物体越重，自身的重力越大，所受的浮力也就越大；放入的物体越轻，自身的重力越小，所受的浮力也就越小，故D正确；
故答案为：D。
10．【答案】C
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】气体溶解度除了与压强和温度有关外，还与溶剂的种类有关，据此结合题意解答。
【解答】压强增大，气体溶解度会变大，压强越小，气体溶解度变小，温度升高，气体溶解度减小，因此若要降低气体的溶解能力，应该升高温度、减小气压，C符合题意。
故答案为：C
11．【答案】C
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】（1）当物体浸在水中时，它会受到浮力，首先根据阿基米德原理分析铝块受到浮力的变化，再根据F=G-F浮判断测力计示数的变化；
（2）台秤的示数等于上面物体对它的压力；首先根据相互作用力原理确定铝块对水的压力变化，从而确定烧杯底部压力的变化，最后根据F示数=G杯+G水+F压分析即可。
【解答】（1）对铝块受力分析可知：铝块受竖直向下的重力、竖直向上弹簧测力计的拉力和浮力，由平衡条件得：G铝=F+F浮，F=G铝-F浮，在铝块完全浸没前，V排逐渐增大，F浮逐渐增大，弹簧秤的示数F逐渐减小．
（2）对台秤受力分析可知：受烧瓶及水受竖直向下的重力，铝块向下的压力F压=F浮，由平衡条件得：台秤的支持力FN=G+F压，在铝块完全浸没前，V排逐渐增大，F压=F浮逐渐增大，FN逐渐变大，台秤的示数增大．
故选C．
12．【答案】A
【知识点】浮力的变化
【解析】【分析】根据公式F浮=ρ液gV排可知，当液体密度相同时，浮力与V排成正比，即浮力的变化趋势与V排的变化趋势相同。
【解答】根据图像可知，金属块受到的浮力随深度的增大不断增大，但是开始时增大的快，后来增大的慢。
A.金属块为球形，在它进入整个体积的一半前，它的V排随深度的增大而增大的快，进入整个体积的一半以后，它的V排随深度的增大而增大的慢了，故A符合题意；
B.金属块为长方体球形，它的V排随深度的增大而增大的速度是匀速的，故B不合题意；
C.金属块为圆台状，由于它上小下大，所以它的V排随深度的增大而增大的速度不断减小，故C不合题意；
D.金属块为沙漏状，因此它的V排开始时增大的速度越来越小，后来增大的速度越来越大，故D不合题意。
故选A。
13．【答案】B
【知识点】水循环
【解析】【分析】本题考查地球上有关水资源的知识。
【解答】A：陆地淡水约占地球总水量的2.53%，故选项错误。
B：水是人类及一切生物生存所必需的，是生物生存所需的最基本的物质之一，故选项正确。
C：人类直接利用最多的是陆地上的淡水资源，故选项错误。
D：水循环的环主要包括降水、蒸发（蒸腾）、径流、水汽输送等，故选项错误。
故选C。
14．【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素
【解析】【分析】溶质的质量分数是指溶质占溶液的质量的百分比；溶液的质量等于溶质的质量和溶剂的质量之和； 饱和溶液：在一定温度下，向一定量溶剂里加入某种溶质，当溶质不能继续溶解时，所得的溶液叫做这种溶质的饱和溶液。不饱和溶液 ：在一定温度下，在一定量的溶剂里，还能再溶解某种物质的溶液叫做这种溶质的不饱和溶液。
【解答】根据题目信息可知，析出晶体以后溶液为饱和溶液，比较两次蒸发可以发现，20g水和5g晶体组成的溶液是饱和溶液，设物质的溶解度是 得：S=25g。从第二次蒸发水可以看出，每蒸发10g水，就会析出2.5g晶体，但是第一次蒸发掉10g水，只析出2g晶体，说明原溶液不是饱和溶液，故 A 错误。故选C。
15．【答案】D
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）当物体的密度大于液体的密度时物体会下沉，当物体的密度小于液体的密度是物体上浮或悬浮，据此判断三个小球的空心问题。
（2）已知三个小球的体积相同，根据阿基米德原理并结合图中排开液体的体积判断三个小球所受的浮力关系。
（3）根据当浮力大于重力时物体上浮，当浮力小于重力时物体下沉，当浮力等于重力时，物体处于悬浮或漂浮状态，结合浮力关系求出三个小球的重力关系，进一步根据G=mg得出质量关系。
【解答】由图可知铜球漂浮、铁球悬浮，二者一定是空心的；铝球下沉，可能实心、也可能是空心，故A错；
因为F浮=ρ水gv排，排开水的体积，v铜＜v铁=v铝，
所以受到的浮力：F铜＜F铁=F铝，故B错；
因为铜球漂浮，
所以F铜=G铜，即ρ水gv排=ρ铜球gv，
因为v排＜v，
所以ρ水＞ρ铜球；------①
因为铁球悬浮，
所以F铁=G铁，即ρ水gv排=ρ铁球gv，
因为v排=v，
所以ρ水=ρ铁球；-------②
因为铝球下沉到水底，
所以F铝＜G铝，即ρ水gv排＜ρ铝球gv，
因为v排=v，
所以ρ水＜ρ铝球；--------③
由①②③可知：ρ铜球＜ρ铁球＜ρ铝球，
因为m=ρv，体积相同，
所以三球的质量：m铜球＜m铁球＜m铝球，故D正确；
因为G=mg，
所以三球的重力：G铜球＜G铁球＜G铝球，故C错；
故答案为：D。
16．【答案】B
【知识点】溶解时的吸热或放热现象；溶解度的影响因素
【解析】【分析】根据题中所给现象确定加入物质后溶液温度升高，结合所给各物质溶解时温度的变化分析。
【解答】 甲的溶解度随温度的升高而增大，乙的溶解度随温度的升高而减小 ， 在两支装有水的试管中加入甲、乙两种物质后均有剩余，又同时向两支试管中加入某物质后，甲物质减少，乙物质增加， 说明向水中加入物质后溶液温度升高。
A、蔗糖晶体溶解时溶液温度无明显变化，不符合题意；
B、氢氧化钠固体溶解时溶液温度升高，符合题意；
C、氯化钠晶体溶解时溶液温度无明显变化，不符合题意；
D、硝酸铵溶解时溶液温度降低，不符合题意；
故选B。
17．【答案】（1）硝酸钾较多
（2）A【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】溶解度，是指在一定温度下，某固态物质在100g溶剂中达到饱和状态时所溶解的溶质的质量，叫做这种物质在这种溶剂中的溶解度。物质的溶解度属于物理性质。
【解答】（1）由表中的数据可知，硝酸钾的溶解度受温度的影响比氯化铵的大，将100克60℃时的氯化铵和硝酸钾的饱和溶液同时降温到10℃，两者析出晶体硝酸钾较多；
（2）根据表中的数据可知，60℃氯化铵溶解度为55.2g，硝酸钾溶解度为110g。因为在60℃时，100g水中没有全部溶解60gM，M物质是氯化铵；氯化铵的溶解度随着温度升高而增大。因为A和B均为不饱和溶液（均含水100g），且B中的溶质多，所以A的溶质质量分数小于B；C是60℃时，氯化铵的饱和溶液，所以C中溶质的质量分数一定大于B（50℃时的不饱和溶液）中溶质的质量分数；而CD均为60℃时氯化铵的饱和溶液，所以二者溶质质量分数相等，即溶质质量分数关系为A＜B＜C=D。
18．【答案】升温；增大
【知识点】浮力的变化；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】排开液体体积越大，说明溶液的密度越小，即溶液中的溶质减少，结合硝酸钾的溶解度随着温度的升高而增大，进行分析解答。
【解答】观察图象可知，木块排开液体的体积减小，说明液体的密度变大，溶解的溶质增加；硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大，可采取升温的方法，升温后硝酸钾的溶解度增大，溶解的溶质增加，溶液的密度增大，可使木块排开液体的体积变小。随温度的升高，溶质的质量增加，溶剂质量不变，硝酸钾溶液的溶质的质量分数将增大。
19．【答案】（1）氢气；点燃的木条接触气体，燃烧并产生淡蓝色火焰（有爆鸣声）
（2）
（3）36g
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】根据电解水时产生的氢气与氧气的体积2：1来分析本题。利用电解水前后溶质质量不变来解答电解水的质量。
【解答】（1）电解水实验中产生氢气和氧气的体积比为2：1，故a管中产生的气体是氢气； 检验该气体的方法是点燃的木条接触气体，燃烧并产生淡蓝色火焰（有爆鸣声）
（2）水在通电的条件下反应生成氢气和氧气，反应的文字表达式为：水氢气+氧气。
（3）氢氧化钠的质量分数增加是由于水分解质量减小而引起的。设分解水的质量为x
则：100g×4%=（100g-x）×6.25%，解得x=36g。
20．【答案】（1）B；C；A
（2）A
【知识点】水循环
【解析】【分析】（1）海陆间水循环的环节有蒸发和植物蒸腾、水汽输送、降水、下渗、地表径流和地下径流等。
（2）水资源的珍惜包括开源、节流和降需。
【解答】（1）2023年8月24日，日本正式将福岛核污水排入大海，被污染的海水会通过水循环的蒸发B环节进入大气，有可能通过水汽输送C环节到全球上空，进而通过降水A环节污染全世界陆地。
（2）A．将生活污水直接排入河道导致河流水污染，观点错误，但符合题意。
B．植树造林，涵养水源有利于增加水资源，观点正确，不符合题意。
C．随手关闭水龙头有利于节约用水，观点正确，不符合题意。
D．用洗漱过的水冲马桶有利于节约用水，观点正确，不符合题意。
故答案为：A。
21．【答案】（1）3：10
（2）a
（3）②③
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念
【解析】【分析】（1）根据图1确定溶液②是否饱和，然后结合图2中对应的溶解度分析解答；
（2）根据图1确定③中溶质质量，再结合图2中两个图像中40℃时溶解度大小判断；
（3）如果溶液中存在未溶的固体，那么溶液肯定饱和；否则，无法判断溶液是否饱和。
【解答】（1）根据图片可知，②中出现未溶的固体，即为20℃时甲的饱和溶液。根据图2可知，20℃时甲的溶解度为30g，则②中溶质与溶剂的质量比=30g：100g=3：10；
（2）根据图1可知，当溶液升温到40℃时，固体甲全部溶解，则该温度下甲的溶解度等于或大于40g。根据图2可知，40℃时，b的溶解度为35g<40g，因此甲的溶解度曲线可用图2中的a表示。
（3）根据图片可知，②中有没溶解的固体，肯定为饱和溶液；而③中虽然没有未溶解的固体，但是溶质质量恰好等于溶解度40g，因此③恰好饱和，故选②③。
22．【答案】⑥；②④⑦
【知识点】悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别
【解析】【分析】根据溶液是均一稳定的混合物，难溶性固体加入水中形成的是悬浊液，难溶性液体与水混合形成的是乳浊液分析。
【解答】 ①橄榄油、⑤肥皂加入水中，形成的是乳浊液，②醋、④白糖、⑦味精加入水中，形成的是均一稳定的混合物，即溶液，⑥面粉加入水中形成的是悬浊液， ③冰块加入水中形成的是纯净物；
故答案为：⑥；②④⑦。
23．【答案】0.3；200
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】当物体漂浮时，它受到的浮力等于重力，即它排开液体的重力等于自身重力；当物体浸没时，它的体积等于排开液体的体积，据此计算即可。
【解答】（1）当该物体在容器中漂浮时，
它的重力为：G=F浮=G排=m排g；
那么：mg=m排g；
即：m=m排=ρ水V排=1g/cm3×300cm3=300g=0.3kg；
（2）液面下降减少的体积为：△V=△hS=1cm×100cm2=100cm3；
那么该物体的体积为：V=V排-△V=300cm3-100cm3=200cm3。
24．【答案】不变；下降
【知识点】阿基米德原理；浮力的变化
【解析】【分析】 冰完全熔化后水的体积等于冰浮在水面排开水的体积。漂浮，浮力等于重力。结合阿基米德原理求解。
【解答】冰完全熔化后水的体积等于冰浮在水面排开水的体积，所以冰完全熔化后，杯中水面高度将不变， 在水槽中浮在水面的木板上放一石块，浮力等于重力，石块掉人水中被水淹没，浮力小于重力，排开液体体积减小，所以液面下降。
25．【答案】（1）相同
（2）减小；增大；=
（3）调高平台F，可观察到物体受到的浮力随排开液体的体积的增大而增大(或溢水杯中加红色的水，增加可见度；能同时显示出物体所受的浮力大小和物体排开的液体的重力大小；弹簧测力计上端有铁架台固定，弹簧测力计示数更加稳定；薄塑料袋质量不计，弹簧测力计B的示数直接反映物体所受浮力的大小；合理即可)
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】规格相同的弹簧测力计，量程和分度值都相等，一个示数减小，一个示数增大，更方便通过两个测力计刻度的变化判断物体受到的浮力和排开水的重力的关系。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析浮力的变化，根据阿基米德原理判断两个测力计示数变化量的关系。可从观察溢出水的体积和测力计示数的变化的容易程度方面解答。
【解答】（1）在选择A、B两个弹簧测力计时，应选择相同规格的便于读数。
（2）重物浸入水中的体积越来越大时，排开液体的体积变大，根据F浮=ρ液gV排可知，重物受到的浮力变大，浮力：F浮=G F'，弹簧测力计A的示数F'=G F浮减小；重物浸入水中的体积越来越大时，溢出水的体积变大、溢出水的质量变大、溢出水受到的重力变大，弹簧测力计B的示数增大；根据阿基米德原理可知，物体所受浮力的大小和排开液体的重力相等，所以弹簧测力计A的示数变化量ΔFA和弹簧测力计B的示数变化量ΔFB相等。
（3）改进试验中，使用可调节的平台，可以形象观察到物体溢出液体体积的变化；把水变为红色是为了增加可见度。使用铁架台是为了固定弹簧秤方便老师讲解。
26．【答案】（1）过滤
（2）酒精灯；使受热均匀，防止液体飞溅
（3）C
【知识点】蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】根据蒸发时，玻璃棒的作用是搅拌使受热均匀，防止液体飞溅进行分析；根据产率偏低的原因进行分析。
【解答】（1） 操作③的名称是过滤。过滤是用滤纸或其他多孔材料分离悬浮在液体或气体中固体颗粒、有害物质的一种方法。
（2）从滤液得到精盐的过程为结晶，则操作④为蒸发结晶，那么操作④中除用到铁架台（带铁圈）、蒸发皿、玻璃棒、坩埚钳外，还需要用到的仪器是酒精灯；该操作中玻璃棒的作用是搅拌使受热均匀，防止液体飞溅。
（3）A、食盐没有全部溶解即过滤，那么会导致精盐的质量偏小，即精盐制得率较低，选项不合题意；
B、蒸发时食盐飞溅剧烈，得到精盐的质量会偏小，精盐制得率较低，选项不合题意；
C、蒸发后，所得精盐很潮湿，会导致精盐的质量偏大，精盐制得率偏高，选项合题意；
D、器皿上沾有的精盐没全部转移到称量纸上，会导致精盐的质量偏小，则精盐制得率较低，选项不合题意；
故答案为：C。
27．【答案】（1）B
（2）当水温等其他条件一定时，冰糖的颗粒越小，溶解速率越快
（3）在两个完全相同的烧杯中，分别加入100 mL相同温度的水，再同时向烧杯中各加入一药匙块状冰糖，用玻璃棒搅拌其中一个烧杯内的液体，观察两烧杯中冰糖溶解的快慢
【知识点】影响溶解快慢的因素
【解析】【分析】 控制变量是指那些除了实验因素（自变量）以外的所有影响实验结果的变量，这些变量不是本实验所要研究的变量，所以又称无关变量、无关因子、非实验因素或非实验因子。
【解答】（1）实验①和实验②温度不同， 通过对比实验①和实验②的实验现象，可验证温度对同种物质溶解速率的影响，即猜想B；
（2） 比实验②和实验③ 冰糖颗粒大小不同，粉末状溶解更快， 通过对比实验②和实验③的实验现象，可得到的结论是当水温等其他条件一定时，冰糖的颗粒越小，溶解速率越快；
（3） 如果要验证猜想C，设计实验应该其他条件相同，一个实验搅拌，一个实验不搅拌。
28．【答案】（1）b；F1-F3＝F2
（2） ×ρ水
（3）物体浸没后，浮力与深度无关
【知识点】密度公式的应用；二力平衡的条件及其应用；浮力的变化
【解析】【分析】（1）①根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析浮力的变化规律；
②根据二力平衡的知识，结合“称量法”分析解答。
（2）首先根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排计算圆柱体的体积，再根据密度公式计算物体的密度。
（3）根据图乙分析物体受到的浮力随浸入深度的变化规律。
【解答】（1）①在物体浸没水中时，随着深度的增大，它排开水的体积增大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，它受到的浮力不断增大。当物体完全浸没后，它排开水的体积不变，则它受到的浮力不变。根据图乙可知，b图像是描述浮力随浸入深度的变化的。
②根据图乙可知，当浸入深度为零时，测力计的示数为F1，即物体的重力G=F1。当物体完全浸没后，测力计的示数为F2，物体受到的浮力为F浮力=F3。根据F拉=G-F浮力可知，F2=F1-F3。
（2）圆柱物块的体积：；
则圆柱体的密度：。
（3）根据图乙中的图像a可知：在浸没前，物体受到的浮力随深度的增大而增大。当浸没后，随着深度的增大，物体受到的浮力保持不变。
29．【答案】（1）③；⑤③④②①
（2）向左盘继续增加氯化钠，直到天平平衡
（3）③
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）根据天平的使用方法分析错误之处。根据配制一定溶质质量分数溶液的实验过程确定操作顺序。
（2）在进行定量称量药品的过程中，一旦右盘砝码和游码放好后，就要保持不变，只能通过调整左盘药品的质量，让天平实现平衡。
（3）根据溶质质量分数=可知，造成氯化钠溶质质量分数偏小的原因：①氯化钠的质量偏小；②水的质量偏大，据此分析判断。
【解答】（1）根据“左物右码”的规范可知，③中砝码和氯化钠的位置放反了。配制一定溶质质量分数溶液的过程；
⑤从试剂瓶中取出氯化钠；
③用天平称量出合适质量的氯化钠；
④将称量出的氯化钠倒入烧杯备用；
②用量筒量取规定体积的水，然后倒入烧杯；
①用玻璃棒不断搅拌，直到氯化钠完全溶解。
则正确操作顺序为：⑤③④②①。
（2）用已调节平衡的托盘天平称取氯化钠固体时，发现指针偏右，说明砝码的质量大，而左盘氯化钠的质量小，则接下来的操作是：向左盘继续增加氯化钠，直到天平平衡。
（3）①用量筒量取水时俯视读数，读出的示数偏大，而实际得到水的体积偏小，故①不合题意；
②所用砝码有部分锈蚀情况，那么称量出的氯化钠的质量偏大，故②不合题意；
③盛装溶液的试剂瓶用蒸馏水润洗，会使水的质量偏大，故③符合题意；
④在转移所配溶液的过程中，有部分溶液洒落，由于溶液均一稳定，因此不会影响溶质的质量分数，故④不合题意。
故选③。
30．【答案】（1）减小
（2）400g、300mL
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；浓硫酸的稀释
【解析】【分析】根据表中提供的信息可以判断、计算相关方面的问题；溶液稀释前后，溶质质量不变。
【解答】（1）由硫酸溶液和氨水的密度与其溶质的质量分数对照表，20℃时，随着溶液中溶质的质量分数逐渐增大，硫酸溶液的密度逐渐增大，氨水的密度逐渐减小。
（2）设加水的质量应为x，将12%的溶液加水稀释后溶质的质量不变，12%×100g=3%×（100g+x）
解得x=300g，即加水300mL，溶液质量等于100g+300g=400g
31．【答案】（1）800
（2）V排=F浮/ρg=800N/(1.0×103kg/m3×10N/kg)=0.08m3
（3）V排′＝0.5V总＝0.5×1m3＝0.5m3
F浮′＝ρ水gV排′＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m3＝5×103N
G总＝F浮′－G竹筏＝5000N－800N＝4200N
n=G总/G人＝4200N/500N=8.4
该竹筏最多能载8人
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）不载人时，竹筏漂浮在水面上，此时浮力大小等于重力。
(2)竹筏浸入水中的体积等于竹筏排开水的体积。可根据计算。
（3）竹筏一半浸入水中，，再根据阿基米德原理的公式计算出F浮，漂浮时，浮力大小等于总重力。
【解答】（1）竹筏漂浮在水面上，
32．【答案】（1）解：只是蒸发水，氯化钠的质量没有改变，所以溶质的质量分数达到 20%后氯化钠的质量仍然为：50g×8%=4g，20%的氯化钠溶液的质量为： 4g÷20%=20g，需要蒸发水的质量为：50g-20g=30g
需要蒸发30g的水
（2）设需要加入氯化钠的质量为x。
需要加入7. 5g氯化钠
（3）设需要加入40%的氯化钠溶液的质量为 y。
需要加入30g40%的氯化钠溶液
【知识点】溶质的质量分数及相关计算
【解析】【解答】（1）根据蒸发溶剂时溶质质量不变，由所给溶质质量分数计算所蒸发水的质量分析；
（2）根据溶质质量分数＝溶质质量/溶液质量，由加入氯化钠，溶质和溶液质量都增加分析；
（3）根据两溶液混合，两溶液中溶质质量和为混合后溶液溶质质量，两溶液质量和为混合物两溶液质量分析。
33．【答案】
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】两次都是受力平衡，结合阿基米德原理求解。浮力大小等于排开液体重力大小，也等于物体自身重力大小。
【解答】对A：，对B：，同时，，联立解得 A、B两铁块的体积比为。
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