2024年江苏省镇江市中考物理试卷（含解析）

2024年江苏省镇江市中考物理试卷
一、单选题：本大题共12小题，共24分。
1.琴、瑟是中国古代乐器，诗经中记有“琴瑟击鼓，以御田祖”，奏乐时听众能分辨出琴和瑟发出的声音，主要是依据声音的( )
A. 音调 B. 振幅 C. 音色 D. 响度
2.我国珠峰地区建有全球海拔最高的基站，手机和基站之间信息传输依靠( )
A. 电磁波 B. 超声波 C. 次声波 D. 可听声
3.下列现象中，属于熔化的是( )
A. 铁网凝霜 B. 雾的形成 C. 冰雪消融 D. 河面结冰
4.神舟十八号飞船与核心舱对接完毕后，相对核心舱静止的是( )
A. 神舟十八号飞船 B. 在舱外太空行走的宇航员
C. 月球上的“嫦娥五号”着陆器 D. 火星上的“祝融号”火星车
5.诗句“香炉初上日，瀑水喷成虹”描述了如图所示的情景：太阳刚升起时，从瀑布溅起的水雾中可看到彩虹，此现象属于( )
A. 光的直线传播 B. 光的色散
C. 光的反射 D. 小孔成像
6.下列汽油机工作的四个冲程中，做功冲程是( )
A. B. C. D.
7.小华做了一个趣味实验：取两根相同的塑料吸管，分别用细线系住吸管一端，再将两吸管另一端同时在自己的头发上摩擦起电，悬挂后靠近，她观察到的现象是( )
A. B. C. D.
8.如图所示，小明在测量滑动摩擦力时，将物块置于水平木板上，用弹簧测力计水平向右拉，使其始终做匀速直线运动，经过区域和区域时，弹簧测力计的示数分别为和，两区域示数不同的原因是( )
A. 在区域中对木板的压力更大 B. 在区域中对木板的压力更大
C. 木板上区域的粗糙程度更大 D. 木板上区域的粗糙程度更大
9.小李用图所示装置观察水的沸腾，正确实验并采集数据后，绘制出如图所示的图像。关于本实验，下列说法正确的是( )
A. 水沸腾时温度保持不变 B. 水面上方气压低于标准大气压
C. 内水不需要吸收热量 D. 杯口的“白气”是蒸发形成的
10.小明用如图所示装置探究杠杆平衡条件，实验中杠杆始终保持水平平衡，此时弹簧测力计处于竖直方向，他发现弹簧测力计示数稍稍超过量程。为了完成实验，下列方案可行的是( )
A. 钩码的数量适当增加
B. 钩码的位置适当左移
C. 弹簧测力计转到图中虚线位置
D. 弹簧测力计位置适当向左平移
11.某学校电动门既可以用遥控器开启，也可以用按钮开关开启。电动门开启时，电动机工作，警示灯亮起。若取下警示灯，电动机仍能工作，按下遥控器相当于闭合，按下按钮开关相当于闭合，符合上述要求的电路是( )
A. B.
C. D.
12.如图所示，某种可重复使用火箭在降落过程中，通过控制推力，沿竖直方向先从点减速运动到点，再从点匀速运动到点，且，不计运动过程中的空气阻力，忽略火箭质量的变化，则( )
A. 火箭受到推力的施力物体是空气
B. 段的推力小于段的推力
C. 段重力做功的功率大于段
D. 段火箭的重力势能转化为动能
二、填空题：本大题共9小题，共28分。
13.图中，木块的长度为______；
图中，弹簧测力计示数为______；
图中，电流表示数为______。
14.汽车鸣笛是由于喇叭______发声，声音通过______传入人耳，如图在高架路某些路段两侧设有板墙，其作用是在______控制噪声。
15.镇江谏壁发电厂处于苏南电网中心，厂内发电机将______能转化为电能，电厂使用的煤炭是______选填“可”或“不可”再生能源，煤炭在墙角长时间堆放，墙面内部也会变黑，说明固体分子是______的。
16.如图两棋子静止叠放在水平面上，上方棋子受力______选填“平衡”或“不平衡”。用尺快速水平击打下方棋子，由于上方棋子具有______，其位置几乎不变。当下方棋子飞出后，上方棋子受______力的作用而下落。
17.液冷充电桩可以提高电动汽车的充电速度，充电时导线产生的热量通过______的方式转移给周围流动的液体，物体间温差越大散热效果越好，则应______液体的流动速度。为了减少充电时导线产生的热量，在保持充电时间和电流不变的情况下，应选用长度相同、横截面积较______的铜导线。
18.在探究凸透镜成像规律的实验中，应调节烛焰和光屏中心位于凸透镜的______上。已知凸透镜焦距为，各元件初位置如图所示，要使光屏上成清晰的像：若移动光屏，应将光屏向______选填“左”或“右”移动；若透镜向左移动，最终光屏上成的是倒立、______的实像。
19.为比较、两保温杯的保温性能，小红在两个保温杯中分别倒入相同温度的热水，用温度计测量其初温，示数如图所示， ______。绘制水温随时间的变化图像如图所示，杯中水放出的热量为______，保温性能更好的是______选填“”或“”杯。
20.如图是某电热水壶内部电加热器原理电路，它有“加热”和“保温”两挡，开关断开时，电水壶处于______挡。已知该电热水壶处于“加热”挡，通电可使标有的电能表指示灯闪烁次，则消耗的电能为______，电热水壶“保温”挡功率为，则 ______。
21.图是小华设计的天然气浓度测试仪，电源电压恒为，为定值电阻，电压表量程为，将电压表作为气体浓度的显示装置，气敏电阻阻值与气体浓度的关系如图所示，当气体浓度增加时，的阻值将______，电压表的示数会______，要求将电压表示数为处标为气体浓度，电阻的阻值应为______，若长时间使用后，电源电压降低，则测量结果______选填“大于”、“小于”或“等于”实际的气体浓度。
三、作图题：本大题共3小题，共6分。
22.一本字典静止在水平桌面上，为其重心，请画出它所受重力和支持力的示意图。
23.请根据图中电流方向，在虚线框内分别标出通电螺线管磁极的极性和静止小磁针的磁极名称。
24.请将开关和三孔插座正确接入家庭电路，使开关能控制插座的通、断电。
四、实验探究题：本大题共3小题，共20分。
25.为了测量某液体的密度，小李进行了如下实验。
如图所示，将天平放在水平桌面上，调节天平时应先将游码移到标尺的______处，若指针静止时位置如图所示，则应再将平衡螺母向______选填“左”或“右”端调节。
在烧杯中装入适量待测液体，用天平正确测量其总质量。当天平平衡时，右盘中的砝码和游码位置如图所示，其总质量为______。
将烧杯中的部分液体倒入量筒，图中读数视线正确的是______选填“”、“”或“”，量筒中液体的体积为______。
测出烧杯和剩余液体的总质量为，则液体的密度为______。
26.小红用图所示装置探究光的反射定律，平面镜置于水平底座中心，激光笔可沿弧形轨道移动，且保持激光始终射向平面镜上的点。
实验次数
为了在不同方向都能观察到光的传播路径，应在平面镜上方喷些______。
多次改变激光笔在轨道上的位置，小红调整视角，均能观察到反射光挡住入射光的现象，如图所示，将长方形纸板与、所在平面重合，其底边紧贴平面镜，在纸板上即可显示出入射光和反射光，多次测量纸板和平面镜的夹角。
上述实验中测得的夹角均为，则反射光线、入射光线所在平面和平面镜相互______。
在纸板上过点作出底边的垂线，则与镜面______，可知为法线，由、可得：反射光线、入射光线和法线在______内。
改变入射光的方向，依次记录实验数据如表所示，分析实验数据可知：入射光线逐渐______选填“靠近”或“远离”法线；与的大小______。
27.小明用图电路探究“电压一定时，电流与电阻的关系”。
用笔画线代替导线将图中的电压表正确接入电路。
开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最______选填“左”或“右”端。
闭合开关，小明发现无论怎样调节滑动变阻器，电流表指针不偏转，电压表指针有明显偏转且保持不变，已知导线及各接线柱连接完好，则电路中______出现了______故障，故障排除后，移动滑片，使电压表示数为，记录电流表示数，多次更换定值电阻重复实验，得到电流与定值电阻的倒数关系如图中图线甲所示，从而得出结论。
实验结束后，小明应先断开开关，再拆除______两端的导线，在整理器材时，他突然发现电压表指针位置如图所示。
小明遗漏的实验操作是______。
小华通过正确实验操作也进行了上述实验，小明发现他与小华的实验结论一致。
遗漏的实验操作并未影响结论，你认为其原因是______。
小明按正确操作重新进行实验，你认为他得到的电流与定值电阻的倒数关系应为图中的图线______选填“甲”、“乙”或“丙”。
五、计算题：本大题共3小题，共22分。
28.如图所示，用动滑轮将重力为的木块匀速提升，所用拉力为。
求此过程中的有用功。
求该动滑轮的机械效率。
将木块取下放置于水平地面上，如图所示，木块底面积为，求木块对地面的压强。
29.某油电混合动力汽车沿平直公路以的速度匀速行驶，从处到处用时，此过程中汽油燃烧释放热量的用于驱动汽车匀速行驶，汽车行驶过程中所受阻力恒为，设汽油在汽缸内完全燃烧，且热值近似取。
求、两地间的距离。
求在上述行驶过程中：
牵引力对汽车所做的功。
消耗的汽油质量。
从处开始，司机关闭发动机，汽车滑行至处停止。在此过程中，汽车通过动能回收装置将动能减少量的转化为电能，若这些电能可供功率为的用电器持续工作，求汽车在处时的动能。
30.某水位报警模拟装置如图所示：浮子由圆柱体和硬杆构成，圆柱体的底面积，高，密度，硬杆的质量和体积均不计。只能沿图中竖直虚线运动，当向水池内缓慢注水使水位达到某处时，衔铁被释放，电铃开始报警。已知：电源电压，为电阻箱，压敏电阻的阻值与硬杆对其压力的关系图线如图所示；当电磁铁线圈中的电流时，衔铁被吸住，当时，衔铁才会被释放；不计线圈电阻，取。
的质量为______。当水位不断上升时，池底所受水的压强将______。
当刚开始向上运动时，求其浸在水中的体积。
在报警装置能正常报警的情况下：
求电阻箱接入电路的阻值范围。
为降低刚开始报警时的水位，下列措施可行的有______。
A.仅适当增大硬杆的长度
B.仅适当增大圆柱体的高度
C.仅适当增大电源电压
D.仅适当增大接入电路的阻值
答案解析
1.
【解析】解：声音的特征有三个：响度、音调、音色。响度指声音的大小，音调指声音的高低，音色是指声音的品质与特色。
听众能分辨出琴和瑟发出的声音，主要是依据不同乐器的音色不同。
故选：。
声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色反映了声音的品质与特色，是由发声体本身决定的一个特性。
声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。
2.
【解析】解：电磁波可以传递信息，因此手机和基站之间信息传输是依靠电磁波来完成的，故A正确，BCD错误。
故选：。
电磁波可以传递信息。
本题考查了电磁波的利用和传播，属于基础知识。
3.
【解析】解：、霜是由水蒸气凝华形成的，故A不符合题意；
B、雾是由水蒸气液化形成的，故B不符合题意；
C、冰雪消融是由固态变为液态，是熔化现象，故C符合题意；
D、河面结冰是由液态变为固态，是凝固现象，故D不符合题意。
故选：。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.
【解析】解：神舟十八号飞船与核心舱对接完毕后，神舟十八号飞船与核心舱之间没有位置的变化，相对核心舱是静止的；
在舱外太空行走的宇航员、月球上的“嫦娥五号”着陆器、火星上的“祝融号”火星车与核心舱之间有位置的变化，相对核心舱是运动。
故选：。
在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
判断一个物体是运动还是静止，主要取决于所选的参照物，参照物不同，物体的运动情况可能不同，这就是运动和静止的相对性。
5.
【解析】解：雨后彩虹是光的色散现象，是由于光的折射形成的。
故选：。
彩虹是太阳光射入球形水珠经折射、内反射、再折射后形成的彩色光带，是因为不同色光的偏折程度不同，即是光的色散，实质是光的折射。
本题考查光的折射现象，难度不大。
6.
【解析】解：汽油机一个工作循环包括四个冲程，只有做功冲程对外做功，因此一个工作循环做功一次；
中的一个气阀打开，活塞向下运动，所以为吸气冲程；
图中的两个气阀都关闭，活塞向上运动，所以为压缩冲程；
中的两个气阀都关闭，活塞下运动，所以为做功冲程；
中的一个气阀打开，活塞向上运动，所以为排气冲程。
故选：。
要解决此题首先要掌握汽油机的四个冲程：吸气、压缩、做功、排气冲程，同时需要掌握汽油机四冲程的特点；汽油机完成个工作循环，对外做功一次。
此题主要考查了内燃机四个冲程的特点。要掌握通过气阀的关闭情况和活塞的运动情况来判断是哪一个冲程，并知道做功冲程中能量的转化情况。
7.
【解析】解：把两根相同的吸管都与头发摩擦，头发上会带上同种电荷，同种电荷相互排斥，故B正确。
故选：。
同种电荷互相排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查电荷作用规律，是一道基础题。
8.
【解析】解：将物块置于水平木板上，用弹簧测力计水平向右拉，使其始终做匀速直线运动，经过区域和区域时，物块对木板的压力等于其物块的重力，大小不变；
物块受到的拉力等于受到的摩擦力，弹簧测力计的示数分别为和，拉力大小不同、滑动摩擦力大小不同，原因是两区域的接触面的粗糙程度不同，木板上区域的粗糙程度更大，故D正确、ABC错误。
故选：。
滑动摩擦力的大小与压力、接触面的粗糙程度有关，压力越大、接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
物块在水平木板上做匀速直线运动，受到的拉力、摩擦力是一对平衡力，大小相等。
本题考查了滑动摩擦力大小的影响因素、二力平衡条件的应用，属于基础题目。
9.
【解析】解：由图象知，水在第开始沸腾，沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，所以此时水的沸点是，故A错误；
B.沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高，标准大气压下水的沸点是，而实验中水的沸点是，则水面上方的气压小于标准大气压，故B正确；
C.由图象知，水在内是沸腾状态，不断吸收热量，但温度保持不变，故C错误；
D.杯口的“白气”是水蒸气液化形成的，故D错误。
故选：。
液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；
标准大气压下水的沸点是沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高；
物质由气态变为液态的过程叫做液化。
掌握液体沸腾的条件、沸腾的特点、沸点、沸点跟气压的关系、液化是解决此类问题的关键。
10.
【解析】解：由题意可知，发现弹簧测力计示数稍稍超过量程，说明动力偏大，
A、若钩码的数量适当增加，阻力变大，阻力阻力臂变大，动力臂不变，则需要的动力会更大，故A不符合题意；
B、钩码的位置适当左移，阻力臂变大，阻力阻力臂变大，动力臂不变，则需要的动力会更大，故B不符合题意；
C、弹簧测力计转到图中虚线位置，动力臂变小，阻力阻力臂不变，则需要的动力会更大，故C不符合题意；
D、弹簧测力计位置适当向左平移，动力臂变大，阻力阻力臂不变，则需要的动力会变小，故D符合题意。
故选：。
根据杠杆的平衡条件：动力动力臂和阻力阻力臂的关系，得出结论。
此题考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂大小变化。
11.
【解析】解：某学校电动门既可以用遥控器开启，也可以用按钮开关开启，说明两个开关独立工作，是并联的，电动门开启时，电动机工作，警示灯亮起。若取下警示灯，电动机仍能工作，说明电动机和指示灯并联，故D正确，ABC错误。
故选：。
电动门既可以用遥控器开启，也可以用按钮开关开启，说明两个开关是并联的，电动机工作，警示灯亮起。若取下警示灯，电动机仍能工作，说明电动机和指示灯并联。
本题考查电路的设计，正确判断用电器连接方式和开关的位置是关键。
12.
【解析】解：、火箭点火后，尾部向下喷出高温高压的燃气，燃气反过来推动火箭上升，说明物体间力的作用是相互的，火箭受到推力的施力物体是燃气，故A错误；
B、由题意知火箭在段做减速运动，推力大于重力，火箭在段做匀速运动，推力等于重力，所以段的推力大于段的推力，故B错误；
C、由于，根据知火箭在段重力做功等于物体在段重力做功，段做减速运动，速度越来越慢，火箭在段做匀速运动，所以段的时间要小于端的时间，根据公式可知，段的功率大于段的功率，故C正确；
D、段做减速下降，质量不变，速度减小，动能减小，高度减小，重力势能减小，不是火箭的重力势能转化为动能，故D错误。
故选：。
力的作用是相互的；
根据火箭的运动状况判断出推力与重力的关系，进而判断出段推力与段推力的关系；
由于，根据判断出火箭在、段重力做功的情况，根据段做减速运动、段做匀速运动判断出段、端时间的关系，根据公式判断出、段功率的关系；
动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关。
本题主要考查了物体间力的作用是相互的、力与运动的关系、功率公式的应用以及影响动能、重力势能的因素等知识，考查了对学生对基本概念的理解和运用，认真分析题意可避免出错。
13.
【解析】解：图中，刻度尺上之间有个小格，所以一个小格代表的长度是，即此刻度尺的分度值为；小木块左侧与零刻度线对齐，右侧与对齐，故小木块的长度为；
由图可知，弹簧测力计的分度值为，则其示数为；
由图知，电流表选择量程，分度值为，示数为。
故答案为：；；。
使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从刻度线量起，起始端没从刻度线开始，要以某一刻度当作“”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
根据弹簧测力计的分度值和指针对应的刻度读数；
根据电压流表的量程和分度值读数。
本题考查刻度尺、弹簧测力计以及电流表的读数，是一道综合题。
14.振动 空气 传播过程中
【解析】解：声音是由物体振动产生的，汽车鸣笛是由于喇叭振动发声，
声音的传播是需要介质的，汽车鸣笛声是通过空气这一介质传到耳朵里的。
在城市高架道路两侧设有板墙，其作用是在传播过程中控制噪声。
故答案为：振动；空气；传播过程中。
声音是由物体振动产生的，声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播。
防治噪声污染可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治。
本题主要考查学生对声音的产生和传播以及防治噪声的途径了解和掌握，是一道基础题。
15.机械 不可 运动
【解析】解：发电机工作时将机械能转化为电能；
煤炭短期内不能够从自然界源源不断得到补充，属于不可再生能源；
由于分子在不停地做无规则运动，所以长期堆放煤的墙角，会有一些煤的分子进入墙壁，墙壁的内部也会变黑。
故答案为：机械；不可；运动。
发电机工作时将机械能转化为电能；
可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源；
物质都是由分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动。
本题考查了发电机的能量转化、能源的分类和分子热运动，属于基础题。
16.平衡 惯性 重
【解析】解：图中两棋子静止叠放在水平面上，上方棋子处于静止状态，所以受力平衡；
用尺快速水平击打下方棋子，由于上方棋子具有惯性，所以其位置几乎不变；
当下方棋子飞出后，上方棋子受竖直向下的重力的作用而下落。
故答案为：平衡；惯性；重。
物体处于平衡状态时受平衡力；一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；重力的方向竖直向下。
本题主要考查了对平衡状态的辨别，对惯性的认识，对重力的应用，属基础题。
17.热传递 加快 大
【解析】解：充电时导线产生的热量通过热传递的方式转移给周围流动的液体，物体间温差越大散热效果越好，则应加快液体的流动速度，尽快将温度高的液体流过；
根据焦耳定律公式知，在电流、通电时间相同的情况下，导体的电阻越小，产生的热量越少，因此应选用长度相同、横截面积较大的铜导线。
故答案为：热传递；加快；大。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关；
由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。
本题考查了改变物体内能的方式、焦耳定律的应用和影响电阻大小的因素，综合性较强。
18.主光轴 左 放大
【解析】解：为使像成在光屏的中央，应调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度处，位于凸透镜的主光轴上；
已知，，成倒立、缩小的实像，像距，则应将光屏向左移动，
若透镜向左移动，当移动到，成倒立、放大的实像。
故答案为：主光轴；左；放大。
在做凸透镜成像的实验中，为了使烛焰的像成在光屏上，在依次放置好蜡烛、凸透镜、光屏后，就需要对三者的高度进行调节；
凸透镜成像时，，成倒立、缩小的实像，像距，据此分析；
凸透镜成像时，，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。
此题主要考查凸透镜成像规律的应用，难度不大，熟练掌握凸透镜成像规律是关键。
19.
【解析】解：由图可知，温度计的分度值为，此时温度计的示数为；
由图可知，水的末温为，则杯中水放出的热量：；
由图可知，、两保温杯中的水放出相同的热量，保温杯所用的时间比保温杯所用的时间更长，所以保温杯的保温性能更好。
故答案为：；；。
由图可知温度的分度值，根据液柱的位置读数温度计示数；
根据求出水放出的热量；
放出相同的热量，所用的时间越长，保温性能越好。
本题考查温度计的读数、热量的计算，能从图中获取相关信息是解题的关键。
20.保温
【解析】解：开关断开时，两个电阻串联，电路的总电阻最大，由得到总功率最小，处于保温挡；闭合时，只有的简单电路，电路的总电阻最小，由得到总功率最大，处于高温挡；
消耗的电能，
高温挡的功率，
的阻值高，
保温挡时总电阻保，
的阻值。
故答案为：保温；；。
开关断开时，两个电阻串联，电路的总电阻最大，由得到总功率最小，处于保温挡；闭合时，只有的简单电路，电路的总电阻最小，由得到总功率最大，处于高温挡；
“”表示电路中用电器每消耗的电能，电能表的指示灯闪烁次，据此得出指示灯闪烁次消耗的电能，根据得到高温挡的功率，根据得到的阻值和保温时总电阻，由电阻的串联得到的阻值。
本题考查了串联电路的特点、电功率公式的应用以及挡位关系，综合性较强，有一定难度。
21.减小 增大 小于
【解析】解：根据图可知：当气体浓度增加时，的阻值将减小，电压表测量的是定值电阻两端的电压，因为电路中的总电阻减小，根据欧姆定律，电路中的电流增大，所以两端的电压增大，电压表的示数会增大。
要求将电压表示数为处标为气体浓度，此时，它两端的电压为，电路中的电流为：；定值电阻的阻值为：。
若长时间使用后，电源电压降低，此时电路中的电流会偏小，则测量结果会小于实际的气体浓度。
故答案为：减小；增大；；小于。
由图可知气敏电阻的阻值与气体浓度的关系；
由图可知，、串联，电压表测量两端的电压，当气敏电阻的阻值减小时，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律可知电路中的电流增大，的阻值不变，根据欧姆定律两端的电压增大，即电压表示数会增大；
由图可知，当气体浓度时气敏电阻的阻值，根据串联电路的电压特点求出气敏电阻两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出的阻值；
长时间使用后，电源电压降低，根据欧姆定律可知：此时电路中的电流会偏小，则测量结果会小于实际的气体浓度。
本题考查的是欧姆定律的应用；会根据题图进行分析和计算。
22.解：字典静止在水平桌面上，受到重力的方向竖直向下、支持力的方向竖直向上，二力是一对平衡力，大小相等、方向相反，作用点都在重心上；从重心分别沿竖直向下、竖直向上的方向画一条带箭头的有向线段，用、表示，如图所示：

【解析】先分析字典所受重力和支持力的作用点、方向，再根据力的示意图的画法作图。
本题考查了力的示意图的画法，关键是正确分析茶杯受到重力和支持力的方向、作用点，还要注意，大小相等的力所画线段要一样长。
23.解：电流从左边流入，由右手螺旋定则得出通电螺线管的左端为极，右端为极，由磁极间的相互作用规律得出小磁针的左端为极，右端为极，如图所示：

【解析】在电源外部，电流是从电源的正极流出，从负极流回，由右手螺旋定则得出通电螺线管的极，再由磁极间的相互作用规律得出小磁针的极。
右手螺旋定则安培定则涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈的绕向。在具体的题目中，知二求一，由此来突破此题。
24.解：根据安全用电原则，三孔插座的右孔通过开关与火线相连，上孔接地线，左孔接零线，如下图所示：

【解析】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
25.零刻度线 右
【解析】解：调节天平时，天平应置于水平桌面上，先将游码移到标尺左端的零刻线处，指针静止时左偏，为使天平平衡，应将平衡螺母向右调节；
如图所示，烧坏和待测液体总质量为；
图乙中读数的时候，视线要与液柱的上表面保持相平，故正确；量筒中液体的体积为；
量筒中液体的质量，则液体的密度为。
根据天平调平衡的原则进行调节：一放放水平台、二拨游码拨、三调左偏右调、右偏左调；
称量物体质量时，应该是“左物右码”，砝码质量与游码示数之和等于物体的质量；
量筒读数时，视线要和液面的凹面底部相平，既不能仰视，也不能俯视；根据图读出液体的体积，单位是，；
结合可计算量筒中液体的质量，再利用密度公式即可求液体密度。
此题是测量液体的密度，主要考查了有关天平的使用及量筒的读数，同时考查了密度的计算。在此实验中，要掌握测量液体密度的方法。
26.烟雾 垂直 垂直 同一平面 远离 相等
【解析】解：为了在不同方向都能观察到光的传播路径，应在平面镜上方喷些烟雾，这是利用了光照在烟雾上会发生反射，可以通过烟雾显示光路；
将长方形纸板与、所在平面重合，多次测量纸板和平面镜的夹角均为，则反射光线、入射光线所在平面和平面镜相互垂直；
在纸板上过点作出底边的垂线，则是法线，与镜面垂直，在光的反射中，反射光线、入射光线和法线都在同一平面内；
根据表中实验数据可知，入射光线与镜面的夹角逐渐变小，入射光线与法线的夹角即入射角逐渐变大，因此入射光线逐渐远离法线；表中实验数据可知，反射角与入射角的大小相等。
故答案为：烟雾；垂直；垂直；同一平面；远离；相等。
光照在烟雾上会发生反射；
多次测量纸板和平面镜的夹角均为，据此分析；
光的反射现象中，过入射点作与镜面垂直的一条直线叫做法线；反射光线、入射光线和法线是在同一平面内的；
根据表格中数据分析入射光线与法线的关系，在光的反射现象中，反射角等于入射角。
本题是探究光的反射定律的过程，关键是掌握光的反射定律的内容及其探究的方法。
27.右 定值电阻 断路 电源 电压表调零 实验时定值电阻两端电压保持为定值 乙
【解析】解：探究电流与电阻关系时，电压表并联在定值电阻两端，如图所示：
；
为保护电路，滑动变阻器滑片要移至阻值最大处，即最右端；
闭合开关，电流表指针不偏转，故障可能是断路；电压表指针有明显偏转，说明与电源连通，故故障在与电压表并联的部分，即可能是定值电阻断路；
防止拆电路时发生短路，故拆电路时先拆电源上的导线；
在整理器材时，他突然发现电压表指针位置如图所示，需要调零；
探究电流与电阻关系，需控制定值电阻两端电压一定，改变定值电阻阻值；故遗漏的实验操作并未影响结论，原因是实验时定值电阻两端电压保持为定值；
正确操作重新进行实验，电压表示数比之前增大，则电流与电阻倒数，即增大，故应选乙。
探究电流与电阻关系时，电压表并联在定值电阻两端；
为保护电路，滑动变阻器滑片要移至阻值最大处；
根据电流表判断故障类型，再根据电压表判断故障位置；
防止拆电路时发生短路，故拆电路时先拆电源上的导线；电压表在使用时要指针调零；探究电流与电阻关系，需控制定值电阻两端电压一定，改变定值电阻阻值；正确操作重新进行实验，电压表示数比之前增大，由此分析。
本题探究“电流与电阻关系”，考查电压表的使用、注意事项、实验操作、分析数据、故障判断、归纳结论的能力。
28.解：有用功：
；
绳子自由端移动的距离为：，
拉力做的总功：
；
动滑轮机械效率：
。
木块对地面的压力；
，
根据压强公式得：
。
答：此过程中的有用功为；
该动滑轮的机械效率为；
木块对地面的压强为。
【解析】已知物重和上升高度，利用得到有用功；
由图知，承担物重的绳子段数为，已知物体上升的高度，绳子自由端移动距离，利用求总功；根据：求滑轮组的机械效率；
水平地面上的物体对地面的压力等于物体的重力，根据计算物体对地面的压强。
本题考查了功、机械效率、压强的有关计算，以及动滑轮的特点等知识的掌握情况，难度不大。
29.解：根据可得，、两地间的距离：；
汽车匀速行驶，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
则汽车受到的牵引力：，
所以牵引力所做的功：；
汽油燃烧放出的热量：；
消耗的汽油质量：；
用电器消耗的电能：；
汽车在处时的动能：。
答：、两地间的距离为。
在上述行驶过程中：牵引力对汽车所做的功为。消耗的汽油质量为。
汽车在处时的动能为。
【解析】利用计算、两地间的距离。
根据二力平衡条件得出汽车受到的牵引力，然后利用计算牵引力所做的功；利用效率公式求出汽油燃烧放出的热量，再利用计算消耗的汽油质量。
利用求出用电器消耗的电能，然后根据汽车通过动能回收装置将动能减少量的转化为电能计算汽车在处时的动能大小。
此题考查速度、做功、功率、效率、放热等的计算与公式的应用，同时考查二力平衡条件的应用，具有非常强的综合性，难度一般偏上，属于中考压轴题。
30. 变大
【解析】解：由体积公式可知，的体积：，
由可知，的质量：。
由可知，当水位不断上升时，池底所受水的压强将变大。
由题意可知，当刚开始向上运动时，刚好处于漂浮状态，由物体的漂浮条件可知，此时受到的浮力：，
由可知，此时浸在水中的体积：。
当硬杆刚好接触到压敏电阻时，压敏电阻受到的压力，由图可知此时压敏电阻的阻值为，
由题意可知，开始报警时电路中的电流为，
由欧姆定律可知，此时电路中总电阻：，
由串联电路的电阻特点可知，接入电路的最大阻值：，
当圆柱体刚好浸没，圆柱体受到的浮力最大，由阿基米德原理可知，圆柱体受到的最大浮力：，
由力的作用是相互的和力平衡条件可知，此时压敏电阻受到压力最大压力，由图可知此时压敏电阻的阻值为，
由串联电路的电阻特点可知，接入电路的最小阻值：，
因此电阻箱接入电路阻值范围为。
在其他条件不变时，增大圆柱体和硬杆整体的高度，可以使得硬杆刚好接触到压敏电阻时的水位降低，故AB可行；
C.仅适当增大电源电压，若电路中的总电阻不变，电路中电流变大，衔铁被吸住，不能报警；若开始报警时的电流不变，由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻变大，由串联电路的电阻特点可知，压敏电阻的阻值变大，由图可知，此时压敏电阻受到的压力变大，由力的作用是相互的和力平衡条件可知，此时圆柱体受到的浮力变大，由阿基米德原理可知，圆柱体排开液体的体积变大，水面较原来应升高一些，故C不可行；
D.仅适当增大接入电路的阻值，电源电压和开始报警时的电流不变，由欧姆定律可知电路中的总电阻不变，由串联电路的电阻特点可知，压敏电阻的阻值变小，由图可知，压敏电阻受到的压力变小，由力的作用是相互的和力平衡条件可知，此时圆柱体受到的浮力变小，由阿基米德原理可知，圆柱体排开液体的体积变想，水面较原来应降低一些，故D可行。
故选ABD。
答：；变大；
当刚开始向上运动时，其浸在水中的体积为；
电阻箱接入电路阻值范围为；
。
根据体积公式求出的体积，根据密度公式求出的质量。根据液体压强公式分析当水位不断上升时，池底所受水的压强变化情况。
根据物体的漂浮条件求出刚开始向上运动时受到的浮力，根据阿基米德原理求出浸在水中的体积。
当硬杆刚好接触到压敏电阻时，压敏电阻受到的压力，由图可知此时压敏电阻的阻值，根据开始报警时的电流利用欧姆定律求出电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出电阻箱接入电路的最大电阻。当圆柱体刚好浸没，圆柱体受到的浮力最大，根据阿基米德原理求出最大浮力，根据力的作用是相互的和力平衡条件求出此时压敏电阻受到压力最大压力，根据图可知此时压敏电阻的阻值，据开始报警时的电流利用欧姆定律求出电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出电阻箱接入电路的最小电阻，进而求出电阻箱接入电路的阻值范围。
逐一分析每个选项，找出符合题意的答案。
本题考查密度公式、液体压强公式、重力公式、阿基米德原理和欧姆定律的应用，综合性强，难度较大。
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