2024年温州市八上科学第一单元水和水的溶液拔高培优训练卷（浙教版）
阅卷人 一、选择题（每小题2分，共40分）
得分
1．（2024八上·诸暨月考）有一固体物质（不含结晶水）的溶液甲，在一定温度下经历如下变化，下列说法正确的是（ ）
A．该温度下，固体物质的溶解度是30g
B．溶液乙和溶液丙中的溶质质量分数可能相等
C．溶液乙一定是不饱和溶液
D．溶液丙再蒸发10g水，析出晶体质量一定大于3g
【答案】B
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液相互转变；固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】 溶液甲第一次蒸发掉10g水，无晶体析出，则所得溶液乙可能是不饱和溶液也可能是恰好饱和。若第一次蒸发掉10g水形成的溶液恰好是饱和溶液。若第一次蒸发10g水所得溶液是不饱和溶液，则第二次蒸发10g水时，应先蒸发一部分水形成饱和溶液后，再蒸发水才能析出3g晶体，说明10g水中溶解的晶体大于3g，而溶液丙为饱和溶液，则第三次再蒸发10g水，析出晶体的质量应该大于等于3g.
【解答】A、根据分析，无法确定该温度下周体物质的溶解度大小，故A选项错误；
B、根据分析，若溶液乙是饱和溶液，溶波丙也是饱和溶液，则者的质量分数相等，故B选项正确；
C、根据分析，溶液厶可能是饱和溶液，也可能是不饱和溶液，故C选项错误：
D、根据分析，溶液内冉蒸发10g水析出晶体的质量可能等于或大于3g，故D选项错误。
故答案为：B。
2．当水的温度和压强升高到临界点（t=374.3℃，p=22.05MPa）以上时，就处于一种既不同于气态，也不同于液态和固态的新的流体态--超临界态，该状态的水即称之为超临界水。将有机废物如二噁英等和空气、氧气等氧化剂在超临界水中进行快速氧化， 能将有害物质完全转化为二氧化碳、氮气、水以及盐类等无毒小分子化合物。下列内容与所给信息相悖的是（ ）
A．超临界水是一种新物质
B．超临界水可处理有机毒物
C．超临界水是水的一种状态
D．超临界水氧化技术不形成二次污染
【答案】A
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】超临界水仍然是水，是水的一种特殊状态，化学性质不会改变。超临界水能将有害物质完全转化为二氧化碳、氮气、水以及盐类等无毒小分子化合物，不形成二次污染。
【解答】A. 超临界水是水的一种状态，不是新物质，故错误，符合题意；
B. 由所给信息可知超临界水可处理有机毒物，故正确，不符合题意；
C. 超临界水仍然是水，是水的一种特殊状态，故正确，不符合题意；
D. 超临界水能将有害物质完全转化为二氧化碳、氮气、水以及盐类等无毒小分子化合物，不形成二次污染，故正确，不符合题意；
故答案为：B。
3．（2021八上·绍兴期中）在一定条件下，物体能在水中上浮。图示物体在上浮前后静止时，所受浮力相同的是（ ）
A．图甲中沉底的汤圆，煮熟后上浮并浮出水面。
B．图乙中潜水艇排出水舱中水后，上浮并浮出水面。
C．图丙中往清水中加盐，沉底的鸡蛋上浮后并浮出水面。
D．图丁中轮船从长江驶入大海，船体上的吃水线 W 线上浮后并浮出水面。
【答案】D
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）（3）（4）根据浮沉条件比较浮力的大小变化；
（2）根据阿基米德原理F浮力=ρ液gV排比较浮力的大小变化。
【解答】A.汤圆沉在底部时，浮力小于重力；汤圆上浮时，浮力大于重力。因为汤圆的重力不变，所以它受到的浮力增大，故A不合题意；
B.潜水艇上浮露出水面时，它排开水的体积减小，根据阿基米德原理F浮力=ρ液gV排可知，它受到的浮力减小，故B不合题意；
C.鸡蛋沉在底部时，浮力小于重力；鸡蛋上浮时，浮力大于重力。因为汤圆的重力不变，所以它受到的浮力增大，故C不合题意；
D.轮船始终在水面漂浮，则它受到的浮力始终等于重力，因此它受到的浮力保持不变，故D符合题意。
故选D。
4．（2024八上·诸暨月考）诸暨新茅渚埠大桥施工时，要向江中沉放大量的施工构件，假设一正方体构件被缓缓吊入江水中（如图甲），在沉入过程中，其下表面到水面的距离h逐渐增大，随着h的增大，正方体构件所受浮力F1、钢绳拉力F2的变化如图乙所示(g=10N/kg)。下列判断正确的是（ ）
A．浮力F1随h变化的图线是图乙中的①图线
B．构件的边长为4m
C．构件所受的最大浮力为1.2×105N
D．构件的密度为2.5×103kg/m
【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】当构件完全淹没时的高度则为构件的边长；利用体积公式求出其体积，根据图中可知构件完全浸没时的拉力，先分析构件下沉过程中，排开水的体积变大，因此构件受到的浮力变大，当构件排开水的体积不变时，构件受到的浮力也不再改变。
【解答】A．根据题意知道，构件在浸入水中的过程是排开的水的体积变大，浮力逐渐变大；当构件浸没后排开水的体积不变，则浮力不变，所以，浮力F1随h变化的图线是图乙中的②，故A错误；
B．由乙图知道，当构件完全淹没时的高度为2m，即正方体构件边长为2m，故B错误；
C．由乙图知道，当构件完全淹没时受到的浮力小于1.2×105 N，故C错误；
D．由于正方体构件边长为2m，所以，构件的体积等于完全淹没时的排水体积，当构件完全淹没时，钢绳拉力F2= 1.2×105 N；
故答案为：D。
5．（2024八上·南浔期末）关于如图所示实验的相关判断错误的是（ ）
A．固体X可能是氢氧化钠
B．固体X可能是硝酸铵
C．氢氧化钙溶解度：①＞②
D．氢氧化钙溶液质量分数：①＝③
【答案】B
【知识点】固体溶解度的概念
【解析】【分析】根据氢氧化钙的溶解度随温度升高而降低，由图示可知，一段时间后石灰水变浑浊，说明加入的物质溶于水或与水反应使温度升高，进行分析判断。
【解答】A、由图示可知，一段时间后石灰水变浑浊，说明加入的物质溶于水或与水反应使温度升高，氢氧化钠溶于水放热，固体X可能是NaOH，故选项说法正确。
B、由图示可知，一段时间后石灰水变浑浊，说明加入的物质溶于水或与水反应使温度升高，硝酸铵溶于水吸热，使温度降低，X不可能是NH4NO3，故选项说法错误。
C、氢氧化钙的溶解度随温度升高而降低，由图示可知，一段时间后石灰水变浑浊，说明加入的物质溶于水或与水反应使温度升高，氢氧化钙溶解度：①＞②，故选项说法正确。
D、①是饱和溶液，②中有氢氧化钙析出，为饱和溶液，③是一段时间后温度恢复至常温，为饱和溶液；①③均为常温下的饱和溶液，氢氧化钙溶液质量分数：①＝③，故选项说法正确。
故选：B。
6．一块密度为0.4g/cm3．质量为220g的木块浮在水面上，一只青蛙蹲在上面，木块的上表面恰好与水面相平，则青蛙的质量为(g取10 N/kg) （ ）
A．0.77 kg B．0.55 kg C．0.22 kg D．0.33 kg
【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】物体悬浮在液体表面，浮力等于重力，青蛙蹲在上面 ，青蛙和冰块的总重力等于浮力大小。
【解答】 一块密度为0.4g/cm3．质量为220g的木块浮在水面，木块体积为550立方厘米， 一只青蛙蹲在上面，木块的上表面恰好与水面相平 ，则青蛙质量等于330g即为0.33kg，故答案为：D。
7．（2024八上·诸暨月考）探究浮力的大小跟哪些因素有关的实验情形如图所示，其中所用金属块a和塑料块b的密度不同，但重力均为1.6N。下列分析正确的是( )
A．金属块a浸没在水中，受到浮力的大小必为0.3N
B．利用甲、乙，可以探究浮力的大小与物体体积的关系
C．利用乙、丙，可以探究浮力的大小与物体密度的关系
D．利用丙、丁，可以探究浮力的大小与液体密度的关系
【答案】D
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】根据阿基米德实验原理进行分析，熟练掌握每个步骤，以及每一步要测量的对象是解题关键
【解答】A、金属块a浸没在水中时，根据称重法测浮力可知受到浮力的大小为F浮=G-F=1.6N-1.0N=0.6N，故A错误；
B、根据甲、乙可知，物体浸在液体的体积不同，排开的液体的体积不同，所以可以探究浮力的大小与物体排开液体体积的关系，故B错误；
C、根据乙、丙可知，物体的重力相同、物体的密度不同、物体的体积不同，浸没在同种液体中时排开的液体的体积不同，测力计示数不同，探究浮力与密度关系时，需要控制物体的体积相同（排开液体的体积相同），物体的密度不同，故C错误；
D、根据丙、丁可知，同一个物体浸没在不同液体中，排开的液体的体积相同，液体的密度不同，所以可以探究浮力的大小与液体密度的关系，故D正确。
故答案为：D。
8．如图所示，用一根细线相连的金属球和木球一起正在水中匀速下沉，金属球和木球的体积相同，但质量分别是M和m，且假定每个球下沉时所受的阻力仅为各自所受的浮力。那么，其中的木球所受的浮力，中间细绳的拉力的大小分别是（ ）
A． B．(M+m)g，
C．，0 N D．，0N
【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 匀速下沉 ，受力平衡，对整体浮力等于重力，结合阿基米德原理以及受力平衡进行分析 。
【解答】 金属球和木球的体积相同，浮力相等。对木球F+mg=F浮，对金属球Mg-F=F浮，解得浮力等于拉力等于故答案为：A。
9．（2021八上·拱墅期末）如图所示，质量相等的实心木块、铝块和铁块均静止于水中，已知ρ水<ρ铝<ρ铁，则受到浮力最小的是（ ）
A．木块 B．铝块 C．铁块 D．无法确定
【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据浮沉条件和阿基米德原理F浮=ρ液gV排比较浮力的大小关系。
【解答】木块漂浮在水面上，则它受到的浮力等于重力；铝块在水里下沉，则它受到的浮力小于重力。因为木块和铝块的重力相等，所以浮力F木>F铝。
铝块和铁块都浸没在水中，排开水的体积V铝>V铁，阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，它们受到的浮力F铝>F铁。
那么三者受到的浮力F木>F铝>F铁。
则浮力最小的是铁块。
故选C。
10．（2021八上·诸暨期中）如图是硝酸钾的溶解度曲线，某同学在20℃时进行了如图实验，得到相应的溶液①～④。下列说法正确的是（ ）
A．①→②的过程中溶解度增大
B．②→③的过程中溶质质量分数不变
C．④所得的溶液中溶质质量分数约为24%
D．20℃时，100克硝酸钾饱和溶液中含有硝酸钾31.6克
【答案】C
【知识点】溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）根据溶解度的影响因素判断；
（2）（3）根据“溶质质量分数=”分析；
（4）根据溶解度的定义判断。
【解答】A.①→②的过程中，硝酸钾溶液的温度保持20℃不变，则硝酸钾的溶解度保持不变，故A错误；
B.溶液②中加入硝酸钾的质量为：20g+30g=50g，大于此时的溶解度31.6g，因此溶液②饱和，此时的溶质质量就是31.6g。溶液③的温度为50℃，此时溶解度为85.5g>50g，即此时溶液不饱和，溶质质量为50g，因此②→③的过程中，溶质质量增大，而溶剂质量不变，根据“溶质质量分数=”可知，溶液的溶质质量分数变大，故B错误；
C.④溶液的温度为20℃，此时硝酸钾的溶解度为31.6g，即100g水中最多溶解31.6g，那么所得的溶液中溶质质量分数约为：，故C正确；
D.20℃时，硝酸钾的溶解度为31.6g，即100克水中最多溶解硝酸钾31.6克，或者131.6g硝酸钾溶液中含有硝酸钾31.6g，故D错误。
故选C。
11．（2020八上·萧山月考）小吴同学为探究力之间的关系做了如图所示的实验．将弹簧测力计下端吊着的铝块逐渐浸入台秤上盛有水的烧杯中，直至刚没入水中（不接触容器，无水溢出）．在该过程中，下列有关弹簧测力计和台秤示数的说法正确的是（）
A．弹簧测力计的示数减小，台秤示数不变
B．弹簧测力计的示数不变，台秤示数也不变
C．弹簧测力计的示数减小，台秤示数增大
D．弹簧测力计的示数不变，台秤示数增大
【答案】C
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】（1）当物体浸在水中时，它会受到浮力，首先根据阿基米德原理分析铝块受到浮力的变化，再根据F=G-F浮判断测力计示数的变化；
（2）台秤的示数等于上面物体对它的压力；首先根据相互作用力原理确定铝块对水的压力变化，从而确定烧杯底部压力的变化，最后根据F示数=G杯+G水+F压分析即可。
【解答】（1）对铝块受力分析可知：铝块受竖直向下的重力、竖直向上弹簧测力计的拉力和浮力，由平衡条件得：G铝=F+F浮，F=G铝-F浮，在铝块完全浸没前，V排逐渐增大，F浮逐渐增大，弹簧秤的示数F逐渐减小．
（2）对台秤受力分析可知：受烧瓶及水受竖直向下的重力，铝块向下的压力F压=F浮，由平衡条件得：台秤的支持力FN=G+F压，在铝块完全浸没前，V排逐渐增大，F压=F浮逐渐增大，FN逐渐变大，台秤的示数增大．
故选C．
12．（2020八上·苍南期末）将四个形状不同、高度均为L的实心金属块，用细线拉着。匀速缓慢地放入水深为L的盛水容器中，直至容器底部，此时水未溢出。四个实验中与下图所描绘的浮力大小F与金属块浸入水中深度h的关系一致的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】浮力的变化
【解析】【分析】根据公式F浮=ρ液gV排可知，当液体密度相同时，浮力与V排成正比，即浮力的变化趋势与V排的变化趋势相同。
【解答】根据图像可知，金属块受到的浮力随深度的增大不断增大，但是开始时增大的快，后来增大的慢。
A.金属块为球形，在它进入整个体积的一半前，它的V排随深度的增大而增大的快，进入整个体积的一半以后，它的V排随深度的增大而增大的慢了，故A符合题意；
B.金属块为长方体球形，它的V排随深度的增大而增大的速度是匀速的，故B不合题意；
C.金属块为圆台状，由于它上小下大，所以它的V排随深度的增大而增大的速度不断减小，故C不合题意；
D.金属块为沙漏状，因此它的V排开始时增大的速度越来越小，后来增大的速度越来越大，故D不合题意。
故选A。
13．（2021八上·富阳期中）下列有关地球上水的分布、循环和利用的说法中，正确的是（ ）
A．陆地淡水约占地球总水量的96.53%
B．水是生物生存所必需的最基本的物质之一
C．人类直接利用最多的水资源是海洋水
D．水循环的环节只有蒸发和降水
【答案】B
【知识点】水循环
【解析】【分析】本题考查地球上有关水资源的知识。
【解答】A：陆地淡水约占地球总水量的2.53%，故选项错误。
B：水是人类及一切生物生存所必需的，是生物生存所需的最基本的物质之一，故选项正确。
C：人类直接利用最多的是陆地上的淡水资源，故选项错误。
D：水循环的环主要包括降水、蒸发（蒸腾）、径流、水汽输送等，故选项错误。
故选C。
14．（2024八上·期末） 在t℃时，某物质A的溶液先恒温蒸发10g水，析出2g无水晶体，再恒温蒸发20g水，析出 5g无水晶体，下列说法正确的是（ ）
A．t℃时，原溶液是饱和溶液 B．t℃时，A物质的溶解度为20g
C．t℃时，A物质的溶解度为25g D．t℃时，A物质的溶解度为30g
【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素
【解析】【分析】溶质的质量分数是指溶质占溶液的质量的百分比；溶液的质量等于溶质的质量和溶剂的质量之和； 饱和溶液：在一定温度下，向一定量溶剂里加入某种溶质，当溶质不能继续溶解时，所得的溶液叫做这种溶质的饱和溶液。不饱和溶液 ：在一定温度下，在一定量的溶剂里，还能再溶解某种物质的溶液叫做这种溶质的不饱和溶液。
【解答】根据题目信息可知，析出晶体以后溶液为饱和溶液，比较两次蒸发可以发现，20g水和5g晶体组成的溶液是饱和溶液，设物质的溶解度是 得：S=25g。从第二次蒸发水可以看出，每蒸发10g水，就会析出2.5g晶体，但是第一次蒸发掉10g水，只析出2g晶体，说明原溶液不是饱和溶液，故 A 错误。故选C。
15．如图所示，将一支试管口朝下插入水中，管内封闭有一定量的空气，在某一温度时恰好悬浮在水中，当水的温度降低时，下列说法中正确的是（ ）
A．试管加速下沉 B．试管匀速下沉
C．试管加速上浮 D．试管仍悬浮
【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 当水的温度降低时， 管内封闭有一定量的空气 ，空气体积减小，排开液体体积减小，浮力减小。
【解答】空气体积减小，浮力减小，小于自身重力，所以物体加速下沉，浮力等于重力，才有可能匀速下沉，故答案为：A。
16．下表是氯化钾(KCl)和硝酸钾(KNO3)在不同温度时的溶解度。下列说法不正确的是（ ）
温度/℃ 20 30 40 50
溶解度/(g/100g水) KCl 34.0 37.0 40.0 42.6
KNO3 31.6 45.8 63.9 85.5
A．20℃时，氧化钾的溶解度大于硝酸钾的溶解度
B．两种物质溶解度相等的温度在20~30℃之间
C．40℃时，5g氯化钾中加10 g水可得质量分数为33.3%的溶液
D．50℃时，10g硝酸钾中加20g水，充分溶解后再降温到30℃，有硝酸钾固体析出
【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】A、根据表格中，20℃时氯化钾与硝酸钾的溶解度分析。
B、根据20℃氯化钾溶解度大于硝酸钾，30℃氯化钾溶解度小于硝酸钾分析。
C、根据40℃时，氯化钾的溶解度为40.0g分析。
D、根据50℃时硝酸钾的溶解度为85.5g，30℃时硝酸钾的溶解度为45.8g分析。
【解答】A. 由表格数据分析可知，则20℃时氯化钾的溶解度为34.0g，大于硝酸钾的溶解度31.6g，故正确，不符合题意；
B. 20℃氯化钾溶解度大于硝酸钾，30℃氯化钾溶解度小于硝酸钾，则两物质溶解度相等的温度在20～30℃之间，故正确，不符合题意；
C. 40℃时，氯化钾的溶解度为40.0g，其含义是40℃时，100g水中最多溶解40g氯化钠，溶液达到饱和状态，40℃时，5g氯化钾加入10g水中最多只能溶解4g，就形成了饱和溶液，可得到溶质质量分数=×100%≈28.6%，故错误，符合题意；
D. 50℃时硝酸钾的溶解度为85.5g，50℃时，10g硝酸钾中加20g水，充分溶解，最多能溶解溶质的质量=85.5g×=17.1g；
30℃时硝酸钾的溶解度为45.8g，最多能溶解溶质的质量=45.8g×=9.16g，则降温到30℃，有硝酸钾固体析出，故正确，不符合题意；
故答案为：C。
17．注射用链霉素的实验药液配制方法如下：
把1.0g链霉素溶于水制成4.0 mL溶液①；取0.1 mL溶液①，加水稀释至1.0 mL，得溶液②；取0.1 mL溶液②，加水稀释至1.0mL，得溶液③；取0.2 mL溶被③，加水稀释至1.0 mL，得溶液④；最终得到的实验药被中，链霉素的质量分数为(由于整个过程中药液很稀，密度近似看作1g/mL)
（ ）
A．25% B．0.05% C．0.25% D．2.5%
【答案】B
【知识点】溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】根据溶液稀释前后，溶质的质量不会改变，分步求出各部得到的溶液的溶质质量分数。
【解答】因为溶液的密度可以近似看作是1g/cm3，所以可直接看成毫升数即是物质的克数，然后利用溶质的质量分数公式计算即可。
溶质的质量=1.0g；
溶液的质量=4.0mL×1g/cm3=4.0cm3×1g/cm3=4.0g；
所以，溶液①中溶质的质量分数=×100%=25%；
溶液②的质量分数=×100%=2.5%；
溶液③的质量分数=×100%=0.25%；
溶液④的质量分数=×100%=0.05%。
故答案为：B。
18．生活中的下列现象，不能说明气体溶解度随温度升高而减小的是（ ）
A．烧开水时，沸腾前有气泡逸出
B．打开啤酒瓶盖，有大量气泡逸出
C．喝下汽水时，感到有气冲击鼻腔
D．夏季黄昏，池塘里的鱼浮出水面
【答案】B
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】对于气体来说溶解度影响因素主要有两方面，一是温度；二是压强，气体的溶解度随着压强的增大而增大，随温度的升高而减小。
【解答】A. 烧开水能使水的温度升高，气体的溶解度变小，气泡会逸出，故不符合题意；
B. 揭开啤酒瓶盖，瓶内气压变小，则会有大量气泡逸出，是压强对气体的影响，故符合题意；
C. 喝下汽水，气体的温度升高，二氧化碳溶解度变小，是温度对它的影响，故不符合题意；
D. 夏季黄昏，气温较高，水中的氧气溶解量变小，鱼会出现浮头现象，故不符合题意；
故答案为：B。
19．下列过程中，有一个去污原理与其他三个不同的是（ ）
A．用洗涤剂洗去餐具上的油脂
B．用汽油除去衣服上的油污
C．用酒精除去附着在试管内壁的碘
D．用热水洗去附着在烧杯底部的硝酸钾
【答案】A
【知识点】溶解现象与溶解原理
【解析】【分析】根据汽油去油污、酒精除去附着在试管内壁的碘、热水洗去附着在烧杯底部的硝酸钾是溶解现象；洗涤剂去油污是乳化作用分析。
【解答】A. 用汽油除去衣服上的油污，是汽油作溶剂，溶解了油污，形成了溶液；
B. 用酒精除去附着在试管内壁的碘，是酒精作溶剂，溶解了碘，形成了溶液；
C. 洗涤剂不能完全溶解油污，但起到乳化作用，将原来的油污分散成无数细小液滴而不集成大的油珠，这些细小的液滴能随着水流走，没有形成溶液；
D. 用热水洗去附着在烧杯底部的硝酸钾，是硝酸钾溶解在水中，形成了溶液；
所以C 与其它三个选项不同。
故答案为：C。
20．水平桌面上的大烧杯内装有水，轻轻放入一个小球后，从烧杯中溢出200g的水，则下列判断中正确的是 （ ）
A．小球所受浮力可能等于1.96N B．小球的质量可能小于200g
C．小球的体积一定等于200 cm3 D．水对烧杯底的压强一定增大
【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据阿基米德原理解题，排开液体重力等于物体所受浮力大小。
【解答】A. 从烧杯中避出200g的水，200g的水重力为1.96N，结合阿基米德原理， 小球所受浮力可能等于1.96N ，A正确；
B.如果漂浮或者悬浮， 小球的质量等于于200 g ，沉底，小球的质量大于200 g ，B错误；
C.如果漂浮或者悬浮，小球的体积大于200 cm3 ，C错误；
D. 如果液面深度不变，水对烧杯底的压强不变，D错误；
故答案为：A。
阅卷人 二、填空题（每空1分，共37分）
得分
21．（2023八上·绍兴期末）请分析下列水资源的相关图示，回答问题：
（1）图甲所示为“水循环示意图”，图中各序号分别代表水循环的各个环节，其中序号①表示的环节是 。
（2）图乙为实验室电解水装置，实验前a、b两管内都充满水。关闭活塞，接通电源，一段时间后，两管产生的气体如图所示，则a管中产生的气体是 （填气体名称）。
（3）小明利用图丙装置对学校附近某河水的水质进行净化，经过此装置后，所得水为 （填“纯净物”或“混合物”）。
（4）请阅读资料一和资料二：
资料一：水资源紧缺指标
紧缺程度 轻度缺水 中度缺水 重度缺水 极度缺水
人均水量（米3/年） 1700-3000 1000-1699 500-999 <500
资料二：我国部分省、市人均水量图
上述资料显示，浙江省用水紧缺程度属于 。
【答案】（1）水汽输送
（2）氢气
（3）混合物
（4）轻度缺水
【知识点】水循环；净化水的常用方法
【解析】【分析】（1）根据水循环的主要环节进行分析；
（2）根据电解水得到氢气和氧气，且氢气与氧气的体积之比为2：1规律进行分析；
（3）根据河水通过简易净水器进行净化后的水中仍含有一些可溶性的物质进行分析；
（4）根据图文信息进行回答。
【解答】（1）水循环的主要环节主要有：蒸发、降水、水汽输送、地表径流、下渗、地下径流、植物蒸腾等。结合图中信息可知①是大气输送，②为降水，③是蒸发，④为降水，⑤为地表径流；因此序号①表示的环节是水汽输送；
（2）电解水得到氢气和氧气，且氢气与氧气的体积之比为2：1；根据实验可知，a管内得到气体的体积较多，则a管中产生的气体是氢气；
（3）将河水通过简易净水器进行净化，其中活性炭的作用是吸附水中的色素和异味，用此装置净化后得到的水中仍然含有一些溶于水的物质，属于混合物；
（4）读图可知，浙江省用水紧缺程度属于轻度缺水。
22．（2023八上·杭州期末）三个相同的轻质弹簧，一端固定在容器底部，另一端分别与三个体积相同的实心球相连。向容器内倒入某种液体直到将三个球均完全浸没。待液体和球都静止后，观察到如图所示的情况，乙球的弹簧长度恰好等于它没受到力时的长度(即弹簧原长)。
（1）三个球受到的浮力F甲、F乙、F丙的大小关系是 。
（2）三个球中密度最大的是 球。
（3）如果地心引力减半，则三个球中会向上运动的是 球。
【答案】（1）F甲=F乙=F丙
（2）丙
（3）丙
【知识点】平衡状态的判断；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】阿基米德原理：物体受到的浮力等于排开水的重力，即F浮=G排=ρ液gV排
【解答】（1）甲乙丙三个球的体积相等且全部浸没在水中，因此三个球的V排相同，根据阿基米德原理，三个球受到的浮力相等，即
F甲=F乙=F丙
（2）甲弹簧处于拉伸状态，乙球的弹簧长度恰好等于它没受到力时的长度，丙弹簧处于压缩状态，三个球受力分析如下
三个小球处于静止状态，因此F甲=G甲+F，F乙=G乙，F丙+F=G丙，由于F甲=F乙=F丙，可以推出G甲＜G乙＜G丙，m甲＜m乙＜m丙，
根据可以得出，ρ甲＜ρ乙＜ρ丙，故密度最大的是丙球
（3）根据F甲=G甲+F，F甲=ρ液gV排，G甲=ρ甲gV，得出ρ液gV排=ρ甲gV+F，地心引力减半是实质是g变成原来的1/2，，故甲会下沉
根据F乙=G乙，得出ρ液gV排=ρ乙gV，当g变成原来的1/2时，，故乙保持静止
根据F丙+F=G丙，得出ρ液gV排+F=ρ丙gV，当g变成原来的1/2时，，故丙会上浮
故三个球中向上运动的是丙球
故答案为（1） F甲=F乙=F丙 （2）丙 （3）丙
23．（2023八上·义乌月考）硝酸钾的溶解度随温度升高而增大。如图所示是对硝酸钾溶液的实验操作及变化情况，以及同一小球在三种溶液中的浮沉情况。请回答下列问题：
（1）操作I可能是____（选填字母）。
A．降低温度 B．加入硝酸钾 C．蒸发水分
（2）小球所受的浮力F①、F②、F③的大小关系正确的是____。
A．F①＜F②＝F③ B．F①＜F②＜F③
C．F①＞F②＝F③ D．F①＝F②＝F③
（3）从②到③，烧杯底析出硝酸钾晶体5克，整个装置总质量减少了20克，可知②中的溶质质量分数是 。
【答案】（1）A；B；C
（2）D
（3）20%
【知识点】晶体与非晶体；饱和溶液与不饱和溶液相互转变
【解析】【分析】（1）根据不饱和溶液转化为饱和溶液，小球上浮，进行分析解答。
（2）根据小球始终漂浮，进行分析解答。
（3）根据②为饱和溶液，③为饱和溶液，从②到③，烧杯底析出硝酸钾晶体5克，整个装置总质量减少了20克，即25g溶液中含5g硝酸钾，进行分析解答。
【解答】 （1）A、降低温度，能使不饱和溶液转化为饱和溶液，没有硝酸钾晶体析出，溶液的密度不变，小球不可能上浮。
B、加入硝酸钾，能使不饱和溶液转化为饱和溶液，溶液的密度变大，小球上浮。
C、采取蒸发水可以使硝酸钾的不饱和溶液变成饱和溶液，则溶液的密度变大，小球能上浮，但溶液的质量会减少，与图不符。
故选ABC。
（2）小球始终漂浮，则F①=F②=F③。
故选D。
（3）②为饱和溶液，③为饱和溶液，从②到③，烧杯底析出硝酸钾晶体5克，整个装置总质量减少了20克，即25g溶液中含5g硝酸钾，
②中的溶质质量分数是
24．（2023八上·瓯海期中）从自然界中获得的粗盐，含有较多的杂质，需要精制。为了除去粗盐中泥沙等不溶性杂质，设计了如图A、B、C三个步骤。
（1）B步骤漏斗中的液面应 (填“高”或“低”)于滤纸边缘。
（2）C步骤中玻璃棒作用是 当蒸发皿内出现较多固体时，应该 (填字母)。
A．移去酒精灯，停止搅拌
B．移去酒精灯，用玻璃棒继续搅拌
C．继续加热蒸干水分，再移去酒精灯
【答案】（1）低于
（2）避免液体局部过热，致使液滴飞溅出来；B
【知识点】蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】（1）根据过滤操作时的一贴、两低、三靠进行分析；
（2）根据蒸发时玻璃棒的作用，以及当蒸发皿内出现较多固体时，应该熄灭酒精灯停止加热，用玻璃棒继续搅拌，用蒸发皿的余热将水分蒸干进行分析。
【解答】（1）B步骤漏斗中的液面应低于滤纸边缘；
（2）C步骤中玻璃棒作用是：搅拌，防止因局部温度过高，造成液滴飞溅，当蒸发皿内出现较多固体时，应该移去酒精灯，用玻璃棒继续搅拌，故选：B。
25．将一底面积为0.01 m2的长方体木块用细线拴在一个空容器的底部，然后向容器中级慢加水直到木块上表面与液面相平，如图甲所示，在此整个过程中，木块底部受到水的压强随容器中水的深度的变化如图乙所示，则木块所受到的最大浮力为 N，木块的重力为 N，细线对木块的最大拉力为 N．(g取10 N/kg)
【答案】15；9；6
【知识点】阿基米德原理；浮力的变化
【解析】【分析】根据阿基米德原理原理求解浮力大小，结合受力平衡列方程求解，拉力大小等于浮力减去重力大小。
【解答】木块所受到的最大浮力为木块完全浸没时浮力，根据浮力产生原理可得最大浮力等于1500x0.01 N=15N，木块的重力等于压强不变图像对应浮力大小，即为900x0.01 N=9N，细线对木块的最大拉力为 15N-9N=6N 。
26．（2024八上·余姚期末）某兴趣小组在实验室进行粗盐提纯实验，并用所得精盐计算产率。（产率=所得精盐质量÷所取样品质量×100%）
（1）如图为粗盐提纯实验中的几步主要操作，合理的顺序为 （填字母）。
（2）关于粗盐提纯实验，下列说法正确的是____（填字母）。
A．将粗盐直接放在天平的左盘进行称量
B．可以将粗盐直接倒入量筒进行溶解
C．过滤后滤液仍浑浊应重新过滤
D．待水分全部蒸干后才可以停止加热
（3）若测得的NaC1产率偏低，可能的原因是 （填字母）。
A．粗盐溶解不充分
B．过滤时滤纸破损
C．蒸发时溶液飞溅
D．所得的精盐仍潮湿
【答案】（1）BCA
（2）C
（3）AC变大
【知识点】蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】 （1）根据实验操作的步骤进行分析；
（2）根据实验基本操作中的主要事项进行分析；
（3）根据测得的NaCl产率偏低的原因是精盐质量偏低进行分析。
【解答】 （1）盐提纯实验的操作顺序为：取出药品，称量，把粗盐和水转移到烧杯中，加入水搅拌溶解，再过滤，蒸发即可得到精盐，所以粗盐提纯实验的操作顺序为BCA；
（2）A.粗盐不能直接放在天平左盘上进行称量，应该在天平左右两盘上放相同大小的白纸，然后将粗盐放在白纸上称量，故A错误；
B.可以将粗盐倒入烧杯中进行溶解，故B错误；
C.过滤后滤液仍浑浊应重新过滤，故C正确；
D.蒸发时，待出现较多量晶体时即停止加热，依靠蒸发皿本身的余热就可将水分蒸干，切不可将水分全部蒸干，故D错误。
故选C；
（3）A.粗盐溶解不充分，精盐质量减少，产率偏低，故A正确；
B.过滤时滤纸破损，精盐质量增大，产率偏高，故B错误；
C.蒸发时溶液飞溅，精盐质量减少，产率偏低，故C正确；
D.所得的精盐仍潮湿，精盐质量增大，产率偏高，故D错误。
故选AC。
27．（2023八上·柯桥月考）某同学配制50g溶质质量分数为5%的氯化钠溶液，准备了下列实验用品。回答下列问题：
（1）配制过程中还缺少的一种玻璃仪器是 (填仪器名称)，该仪器的作用是
（2）量取蒸馏水操作如下：将蒸馏水注入量筒，待液面接近量取体积对应刻度线时， 改用 (填仪器名称)滴加蒸馏水至刻度线；
（3）经检测，实验所得的溶液，溶质质量分数偏小，其原因可能有 (填序号）。
①氯化钠固体不纯 ②砝码已生锈
③量取水时，仰视读数 ④装瓶时，有少量溶液洒出
【答案】（1）玻璃棒；搅拌，加速溶解
（2）胶头滴管
（3）①③
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）根据配制溶液需要的步骤进行分析；
（2）根据量取一定量体积的液体的方法进行分析；
（3）溶质质量分析偏小，要么是溶质质量偏小，要么是溶剂质量偏大，据此分析判断。
【解答】 （1）除题中给出的仪器外还需要玻璃棒，其作用是搅拌，加速溶解，故答案为：玻璃棒，搅拌，加速溶解；
（2）量取蒸馏水操作如下：将蒸馏水注入量筒，待液面接近量取体积对应刻度线时，改用胶头滴管滴加蒸馏水至刻度线；
（4）①氯化钠的固体不纯，会导致称取的氯化钠偏小，即质量分数偏小，故①符合题意；
②砝码已生锈，称取的氯化钠的质量偏大，质量分数偏大，故②不合题意；
③量取水时，仰视读数，量取的水的体积偏多，质量分数偏小，故③符合题意；
④装瓶时，有少量溶液洒出，溶液具有均一性，质量分数不变，故④不合题意。
故选①③。
28．（2019八上·余杭期中） 20℃时，将等质量的甲、乙两种固体(不含结晶水)，分别加入到盛有100g水的烧杯中，充分搅拌后现象如图1所示，加热到50℃时现象如图2所示，甲、乙两种物质的溶解度曲线如图3所示。
（1）图1中一定是饱和溶液的是 溶液(填“甲”或“乙”)；图2中乙溶液一定是 溶液(填“饱和”或“不饱和”)。
（2）图3中表示乙的溶解度曲线的是 (填“M”或“N”)；图2中乙溶液降温至30℃ 析出晶体(填“会”或“不会”)。
【答案】（1）甲；不饱和
（2）N；不会
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；饱和溶液与不饱和溶液相互转变
【解析】【分析】（1）根据有固体未溶解的溶液一定是饱和溶液，全部溶解的可能是饱和可能是不饱和溶液分析；
（2）根据20℃时甲乙溶解度大小确定曲线及溶液不饱和不会析出晶体分析。
【解答】（1） 图1中甲有未溶解的固体，一定是饱和溶液，图2中乙溶液是图1升温后形成，因两物质溶解度都随温度升高而增大，所以图2中乙溶液一定是不饱和溶液；
（2）由图1中等质量甲乙的溶解情况可知， 20℃时甲的溶解度小于乙的溶解度，即N为乙的溶解度曲线；由图1中乙可知，乙20℃时全部溶解，图2中乙溶液降温至30℃ ，则一定为不饱和溶液，不会析出晶体；
故答案为：（1）甲；不饱和；（2）N；不会。
29．（2023八上·萧山月考）海水淡化可采用膜分离技术。如图一所示，对淡化膜右侧的海水加压，在其左侧得到淡水。其原理是海水中的水分子可以透过淡化膜，而其他各种离子不能透过。请回答：
（1）采用膜分离技术淡化海水的原理，与化学实验中常见的 操作相似。
（2）对淡化膜右侧的海水加压后，海水中溶质的质量分数会 （选填增大、减小或不变）。
（3）海水中含有大量的氯化钠，图二是氯化钠的溶解度曲线，据此可知盐场从海水中得到食盐晶体利用的方法是 结晶（填降温或蒸发）。
【答案】（1）过滤
（2）增大
（3）蒸发
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；结晶的概念与方法；过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】（1）过滤操作用于分离液体和不溶于液体的固态物质；
（2）溶质质量分数=；
（3）当物质的溶解度受温度的影响不大时，可以使用蒸发溶剂的方法结晶，据此分析解答。
【解答】（1）根据图片可知，膜相当于滤纸，则膜分离技术相当于过滤操作；
（2） 对淡化膜右侧的海水加压后，水流入左侧，则右侧海水中溶质质量不变，而溶液质量减小。根据“溶质质量分数=”可知，溶质质量分数增大。
（3）根据图二可知，氯化钠的溶解度受温度的影响变化较小，因此从海水中得到食盐晶体的方法为蒸发结晶。
30．（2023八上·瑞安月考）如图所示，是一个能粗略反映气温变化的天气预报瓶。密封的玻璃容器内白色固体为樟脑、硝酸钾、氯化铵晶体，液体是三者溶解在水与酒精混和液中形成的溶液。溶质在此溶剂中的溶解度都随着温度的升高而增大。将天气预报瓶放在室外24小时，瓶中物质的状态从图甲变为图乙，请回答问题：
（1）天气预报瓶放在室外的这段时间内气温的变化是 。
（2）物质的状态从图甲变为图乙，溶液的溶质质量分数的变化是 。
【答案】（1）气温降低
（2）减小
【知识点】溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】溶质质量是指溶解在溶剂部分的质量。溶质的质量分数即是溶质质量在溶液质量中的占比，若溶剂质量不变，溶质质量越大，溶质的质量分数越大，若溶质质量不变，溶剂质量越大，溶质的质量分数越小。
【解答】（1）从甲到乙，固体增加，说明溶解度变小了，由题给信息可知气温降低。
（2）甲到乙，溶剂质量不变，溶质质量减小，所以溶质质量质量分数减小。
31．（2023八上·浙江期中）台秤上放半杯水，台秤的示数为25牛，再将重为5牛的金属块挂在弹簧测力计下，当金属块全部浸入水中时（如图所示），测力计的示数为4牛，则金属块受到的浮力是 牛，此时台秤示数为 牛。若再将金属块缓慢向下移动一段距离（没有碰到杯子底部），台秤示数将 （填“变小”、“不变”或“变大”）。
【答案】1；26；不变
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）根据称量法F浮=G-F拉计算金属块受到的浮力，而台秤示数的增大量等于金属块对水的压力，根据相互作用力原理可知，也就是金属块受到的浮力；
（2）注意分析金属块下沉时排开液体的体积是否改变，从而判断它受到的浮力是否改变，最终判断台秤示数是否改变。
【解答】（1）根据题意可知，金属块受到的浮力：F浮=G-F拉=5N-4N=1N；
此时台秤的示数为：25N+1N=26N；
（2） 若再将金属块缓慢向下移动一段距离（没有碰到杯子底部） ，则它排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，它受到的浮力不变。根据相互作用力原理可知，它对水的压力不变，因此台秤的示数不变。
32．（2023八上·吴兴期中）如图所示，锥形瓶中装有物质X，胶头滴管中装有一定量的水，使水进入锥形瓶内，一段时间后会观察到a液面高于b液面。
（1）根据该实验现象推断锥形瓶中所装的物质X可能是____。
A．食盐 B．氢氧化钠 C．酒精 D．硝酸铵
（2）请用所学知识解释一段时间后U型管内a液面高于b液面的原因 。
【答案】（1）D
（2）锥形瓶内的硝酸铵遇水溶解会吸热，使瓶内气体温度降低导致体积减小压强变小，当瓶内压强低于大气压时，在大气压的作用下，将U管中的水柱往瓶内压，使b液面低于a液面。
【知识点】溶解时的吸热或放热现象
【解析】【分析】（1）一段时间后会观察到a液面高于b液面，说明液体X进入锥形瓶内与固体Y接触，温度降低分析。
（2）根据锥形瓶内产生压强差分析。
【解答】（1）A、食盐溶于水，溶液温度不变，装置内气压不变，a液面等于b液面，故不符合题意。
B、氢氧化钠溶于水放热，使温度升高，装置内气压增大，会使a液面低于b液面，故不符合题意。
C、酒精溶于水，溶液温度不变，装置内气压增大，装置内气压不变，a液面等于b液面，故不符合题意。
D、硝酸铵溶于水吸热，使温度降低，装置内气压减小，会使a液面高于b液面，故符合题意。
故答案为：D。
（2）锥形瓶内的硝酸铵遇水溶解会吸热，使瓶内气体温度降低导致体积减小压强变小，当瓶内压强低于大气压时，在大气压的作用下，将U管中的水柱往瓶内压，使b液面低于a液面。
阅卷人 三、实验探究题（每空1分，共 13分）
得分
33．（2024八上·诸暨月考）某科学小组用氯化钠固体配制50g质量分数为6％的氯化钠溶液，操作过程如图：
（1）该实验的正确操作顺序为 （填字母序号）。
（2）请指出实验中一处明显的错误操作 。
（3）①需要氯化钠的质量为 g。
②纠正错误后，正确称量氯化钠时，若发现天平指针向左偏，接下去的操作是 。
（4）经检测，所配制溶液的溶质质量分数偏小，其原因不可能是 。A.氯化钠固体不纯 B.称量时，砝码端忘垫质量相同的纸片 C.量取水时，仰视读数 D.装瓶时，有少量溶液洒出
【答案】（1）42153
（2）砝码与氯化钠位置放反
（3）3；减少一些氯化钠，直到天平平衡
（4）D
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】配制氯化钠溶液，先取用氯化钠、称量氯化钠、倒入烧杯中，然后用量筒量取水倒入烧杯中，搅拌，依照此顺序及每个步骤要注意的事项分析解答。
【解答】（1）步骤 ①为溶解操作，玻璃棒的作用是搅拌，加快氯化钠的溶解速率。配制50g溶质质量分数为6%的氯化钠溶液，首先计算配制溶液所需氯化钠和水的质量，再称量所需的氯化钠和量取水，最后进行溶解；该实验的正确操作顺序为： 42153 。
（2） 请指出实验中一处明显的错误操作：砝码与氯化钠位置放反，应该是左物右码。
（3）①实验室配制50g溶质质量分数为6%的氯化钠溶液，需要称取氯化钠=；
②称取氯化钠时，若托盘天平出现了左盘低的情况，说明砝码质量小于食盐质量，则需要减少一些氯化钠，直到天平平衡。
（4）A.氯化钠固体不纯，会造成实际所取的溶质的质量偏小，则使溶质质量分数偏小；
B.称量时，砝码端忘垫质量相同的纸片，会造成实际所取的溶质的质量偏小，则使溶质质量分数偏小；
C.量取水时仰视读数，读数比实际液体体积小，会造成实际量取的水的体积偏大，则使溶质质量分数偏小；
D.溶液具有均一性，装瓶时，有少量溶液洒出，溶质质量分数不变。
故答案为：D。
34．（2023八上·兰溪月考）如下图所示，是小胡做“验证阿基米德原理”实验的五个步骤。
（1）图（b）所示，是小胡在测量小桶的 。
（2）若图中四个测量值F1、F2、F3、F4满足关系式 ，则该原理将得到验证。
（3）为了减小实验误差和操作方便，此实验的正确操作顺序是 。（用图中字母表示）
（4）以下关于实验过程中的操作，会影响验证结果的是____。
A．图（a）中溢水杯内未盛满水
B．图（b）中小桶内有少量水
C．图（c）中石块未完全浸没水中
D．在四次测量过程中，弹簧称始终没有调零
E．图（c）中石块碰到了杯底
【答案】（1）重力
（2）F3-F2=F4-F1
（3）badce
（4）A；E
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】 （1）当小桶在测力计上保持静止状态时，小桶受到的重力与测力计的拉力相互平衡，即此时小桶的重力等于测力计的示数；
（2）根据F浮=G-F求出石块浸在液体中受到的浮力，然后根据G排=G总-G桶求出排开液体的重力，两者进行比较即可验证；
（3）为了减小实验误差和操作方便应先测小桶的重力再测石块的重力，再将石块浸没在溢水杯中，读出弹簧测力计的示数，根据称重法求出浮力；最后再测出桶和溢出水的重力得出排开水的重力；
（4）根据F浮=F3-F2和G排=F4-F1分析解答。
【解答】 （1）验证验证阿基米德原理，需要测出石块排开水的重力，应先测出小桶的重力，由图示实验可知，图（b）所示，是小明在测量小桶的重力；
（2）由实验过程可知，石块浸没液体中受到的浮力：F浮=F3-F2，石块排开液体的重力：G排=F4-F1，如果关系式F3-F2=F4-F1，则可证明：浸在液体中的石块所受的浮力大小等于石块排开的液体所受重力的大小，即阿基米德原理成立；
（3）实验时，先测出小桶的重力，然后测出石块的重力，再将石块浸没在溢水杯中，读出弹簧测力计的示数，根据F浮=G-F求出石块受到的浮力，最后测出小桶和水的总重力，因此合理的实验步骤是：（b）、（a）、（d）、（c）、（e）；
（4）A.图（a）中溢水杯内未盛满水，石块放入溢水杯时，先要使溢水杯满了才可以向外排水，故在此过程中，石块受到的浮力大于排出的水的重力，故A符合题意；
B.图（b）中小桶内有少量水，小桶的重力偏大，测量的小桶和水的总重力也偏大，但G排=F4-F1不变，所以对实验没有影响，故B不符合题意；
C.图（c）中石块未完全浸没水中，石块排开液体的体积小，排开液体的重力小，浮力也小，仍然能得出浮力等于排开的液体受到的重力，对实验没有影响，故C不符合题意；
D.在四次测量过程中，弹簧称始终没有调零，用弹簧测力计所测的各物理量均同时偏大或偏小，但F浮=F3-F2和G排=F4-F1不变，所以对实验没有影响，故D不符合题意；
E.图（c）中石块碰到了杯底，使得F2偏小，则F浮=F3-F2偏大，即石块受到的浮力大于排出的水的重力，故E符合题意。
故选AE。
35．（2023八上·浙江省台州市临海期中） 粗盐的精制一般要经过以下操作流程：
（1）操作④的名称是 ，
（2）操作⑤中除用到三脚架、玻璃棒、酒精灯外， 还需要用到 等仪器（写一种）。
（3）操作正确，操作④后展开滤纸， 若黑色代表泥沙，则看到的情况最接近图中的 ____。
A． B．
C． D．
（4）实验结束后称量获得的精盐，称量结果偏大的原因是 ____。（填字母）。
A．食盐没有全部溶解即过滤
B．蒸发时，食盐飞溅剧烈
C．蒸发后所得精盐很潮湿
D．蒸发皿内的精盐未全部转移到称量纸上
【答案】（1）过滤
（2）蒸发皿
（3）A
（4）C
【知识点】过滤的原理、方法、操作及其应用；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】 （1）根据过滤可以将不溶性固体从溶液中分离出来进行分析；
（2）根据从溶液中得到晶体的方法是蒸发，以及蒸发需要的仪器进行分析；
（3）根据滤纸是对折再对折，所以只有两个面会有泥沙，可以折叠一下看出是在A和B中的两个；有由于过滤时液面不能超过滤纸边缘进行分析；
（4）根据实验结束后称量获得的精盐，称量结果偏大，精盐中混有了其他的物质进行分析。
【解答】 （1）过滤可以将不溶性固体从溶液中分离出来，所以操作④的名称是过滤；
（2）操作⑤中除用到三脚架、玻璃棒、酒精灯外，还需要用到蒸发皿等仪器；
（3）滤纸是对折再对折，所以只有两个面会有泥沙，可以折叠一下看出是在A和B中的两个；有由于过滤时液面不能超过滤纸边缘，故选A；
（4）A．食盐没有全部溶解即过滤，会导致得到的精盐质量偏小，导致制得率较低；
B．蒸发时食盐飞溅剧烈，会导致得到的精盐质量偏小，导致制得率较低；
C．蒸发后，所得精盐很潮湿，会导致得到的精盐质量偏大，导致制得率较高；
D．器皿上沾有的精盐未全部转移到称量纸上，会导致得到的精盐质量偏小，导致制得率较低。
故选C。
阅卷人 四、解答题（填空各1分，计算各2分，共10分）
得分
36．（2023八上·绍兴期末）小明取一根饮料吸管，将一些铜丝从吸管的下端塞入作为配重，并用石蜡将吸管的下端封起来，初步做成一支密度计。为了给密度计标上刻度，他用刻度尺测出密度计的长度为L，然后将密度计放入水中，测出密度计露出水面的高度为；小明将该密度计放入待测液体中，密度计露出该液体表面的高度为，如图1所示。
图1 图2
（1）已知水的密度为ρ水，利用测量的物理量和ρ水计算待测液体的密度，请写出待测液体密度的表达式： 。
（2）若将做成的密度计放入密度为0.9g/cm3的植物油中，静止时，液面可能在图2中 （选填“A”或“B”）处。
（3）小红也用吸管制作了密度计，他发现密度计相邻两刻度线之间的距离太小，导致用此密度计测量液体密度时误差较大，为此同学们提出了如下改进方案，其中可行的是____。（选填选项前的字母）
A．换大的容器盛放液体做实验 B．换细的吸管制作密度计
C．换稍长的吸管制作密度计 D．适当减小密度计的配重
【答案】（1）
（2）A
（3）B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）利用F水浮=F盐水浮和F浮=ρ液gV排就能推导出盐水的密度公式；
（2）因为V排水＜V排植物油，所以密度计放在植物油中，液面的位置在纯水密度值刻度线的上方；
（3）为了使测量结果更准确，使密度计上两条刻度线之间的距离大一些，根据判断出改进方案。
【解答】 （1）设饮料吸管的横截面积为S，
当将“密度计”放入盛水的容器时，“密度计”浸入水中的深度为L-h1；
则根据G=mg、F浮=ρ液gV排和物体的漂浮条件可得：mg=ρ水g（L-h1）S----------①
当将“密度计”放入盛待测液体的容器中，密度计露出该液体表面的高度为h2，则“密度计”浸入水中的深度为L-h2；
同理可得：mg=ρ液g（L-h2）S-----------②
联立①②可得：；
（2）因为ρ植物油＜ρ水，且密度计在两液体中受到的浮力相等。由F浮=ρ液gV排可知，V排植物油＞V排水，所以密度计放在植物油中，液面的位置在纯水密度值刻度线的上方，即刻度0.9应该在A点；
（3）为了使测量结果更准确，使密度计上两条刻度线之间的距离大一些，即要求密度计放入某液体中时，密度计竖直浸入液体的深度变大，根据可知，当ρ液一定时，可适当增大配重，用更细的吸管，故B正确，D错误；
密度计的测量结果与盛放液体容器的大小无关，换稍长的吸管制作密度计时，其质量的变化不大，并不能明显使相邻两刻度线之间的距离变大，故A、C错误。
故选B。
37．（2023八上·义乌期中）“同济飞鱼”是我国制造的一款水空跨域巡航器原型机，它在空中可以像无人机一样飞行，入水后像潜水器一样运行（如图甲所示），它的质量为1.63kg，可在水下巡游约40min。已知g取10N/kg，水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3。
（1）“同济飞鱼”在水中巡游时，下沉时浮力将 （填“增大”“减小”或“不变”）。
（2）在某次测试“同济飞鱼”的“打捞”功能的试验中，“同济飞鱼”悬挂着一个实心物块A从水面以下匀速上升，直至实心物块A匀速提升到距水面一定的高度，如图乙所示；测试过程中，绳的拉力随时间t变化的图象（不计水的阻力），如图丙所示。
求：①实心物块A重力多大？
②实心物块A浸没在水中时受到的浮力是多大？
③其密度是多少？
【答案】（1）不变
（2）①G=14N
②F浮=5N
③P=2.8×103kg/m3
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析飞鱼受到浮力的变化；
（2）①根据丙图可知，当物体完全出水后不受浮力，则此时拉力等于重力，因此拉力最大；
②当物体完全浸没水中时，物体受到的浮力最大，而绳子的拉力小，根据F浮=G-F2计算物体受到的浮力；
③根据阿基米德原理计算物体的体积，再根据计算物体的密度。
根据图丙可知物块的重力和物块浸没在水中时绳子的拉力，根据G=mg求出物块的质量；根据称重法求出物块浸没在水中受到的浮力；根据F浮=ρ液gV排求出物块浸没在水中排开水的体积，即为物块的体积；根据密度公式求出物块的密度。【解答】（1）“同济飞鱼”在水中巡游时，下沉时它排开水的体积始终等于自身体积，即排开水的体积不变。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，浮力将保持不变。
（2）①由图乙可知，当物块没有浸入水中时，物块的重力等于绳的拉力，即G=F1=14N，
当②物块浸没在水中时，绳的拉力F2=9N，物块浸没中水中时受到的浮力：F浮=G-F2=14N-9N=5N；
③物块浸没在水中排开水的体积：，
物块浸没在水中时，物块排开水的体积等于物块自身的体积，即V=V排=5×10-4m3，
物块的密度：。
1 / 12024年温州市八上科学第一单元水和水的溶液拔高培优训练卷（浙教版）
阅卷人 一、选择题（每小题2分，共40分）
得分
1．（2024八上·诸暨月考）有一固体物质（不含结晶水）的溶液甲，在一定温度下经历如下变化，下列说法正确的是（ ）
A．该温度下，固体物质的溶解度是30g
B．溶液乙和溶液丙中的溶质质量分数可能相等
C．溶液乙一定是不饱和溶液
D．溶液丙再蒸发10g水，析出晶体质量一定大于3g
2．当水的温度和压强升高到临界点（t=374.3℃，p=22.05MPa）以上时，就处于一种既不同于气态，也不同于液态和固态的新的流体态--超临界态，该状态的水即称之为超临界水。将有机废物如二噁英等和空气、氧气等氧化剂在超临界水中进行快速氧化， 能将有害物质完全转化为二氧化碳、氮气、水以及盐类等无毒小分子化合物。下列内容与所给信息相悖的是（ ）
A．超临界水是一种新物质
B．超临界水可处理有机毒物
C．超临界水是水的一种状态
D．超临界水氧化技术不形成二次污染
3．（2021八上·绍兴期中）在一定条件下，物体能在水中上浮。图示物体在上浮前后静止时，所受浮力相同的是（ ）
A．图甲中沉底的汤圆，煮熟后上浮并浮出水面。
B．图乙中潜水艇排出水舱中水后，上浮并浮出水面。
C．图丙中往清水中加盐，沉底的鸡蛋上浮后并浮出水面。
D．图丁中轮船从长江驶入大海，船体上的吃水线 W 线上浮后并浮出水面。
4．（2024八上·诸暨月考）诸暨新茅渚埠大桥施工时，要向江中沉放大量的施工构件，假设一正方体构件被缓缓吊入江水中（如图甲），在沉入过程中，其下表面到水面的距离h逐渐增大，随着h的增大，正方体构件所受浮力F1、钢绳拉力F2的变化如图乙所示(g=10N/kg)。下列判断正确的是（ ）
A．浮力F1随h变化的图线是图乙中的①图线
B．构件的边长为4m
C．构件所受的最大浮力为1.2×105N
D．构件的密度为2.5×103kg/m
5．（2024八上·南浔期末）关于如图所示实验的相关判断错误的是（ ）
A．固体X可能是氢氧化钠
B．固体X可能是硝酸铵
C．氢氧化钙溶解度：①＞②
D．氢氧化钙溶液质量分数：①＝③
6．一块密度为0.4g/cm3．质量为220g的木块浮在水面上，一只青蛙蹲在上面，木块的上表面恰好与水面相平，则青蛙的质量为(g取10 N/kg) （ ）
A．0.77 kg B．0.55 kg C．0.22 kg D．0.33 kg
7．（2024八上·诸暨月考）探究浮力的大小跟哪些因素有关的实验情形如图所示，其中所用金属块a和塑料块b的密度不同，但重力均为1.6N。下列分析正确的是( )
A．金属块a浸没在水中，受到浮力的大小必为0.3N
B．利用甲、乙，可以探究浮力的大小与物体体积的关系
C．利用乙、丙，可以探究浮力的大小与物体密度的关系
D．利用丙、丁，可以探究浮力的大小与液体密度的关系
8．如图所示，用一根细线相连的金属球和木球一起正在水中匀速下沉，金属球和木球的体积相同，但质量分别是M和m，且假定每个球下沉时所受的阻力仅为各自所受的浮力。那么，其中的木球所受的浮力，中间细绳的拉力的大小分别是（ ）
A． B．(M+m)g，
C．，0 N D．，0N
9．（2021八上·拱墅期末）如图所示，质量相等的实心木块、铝块和铁块均静止于水中，已知ρ水<ρ铝<ρ铁，则受到浮力最小的是（ ）
A．木块 B．铝块 C．铁块 D．无法确定
10．（2021八上·诸暨期中）如图是硝酸钾的溶解度曲线，某同学在20℃时进行了如图实验，得到相应的溶液①～④。下列说法正确的是（ ）
A．①→②的过程中溶解度增大
B．②→③的过程中溶质质量分数不变
C．④所得的溶液中溶质质量分数约为24%
D．20℃时，100克硝酸钾饱和溶液中含有硝酸钾31.6克
11．（2020八上·萧山月考）小吴同学为探究力之间的关系做了如图所示的实验．将弹簧测力计下端吊着的铝块逐渐浸入台秤上盛有水的烧杯中，直至刚没入水中（不接触容器，无水溢出）．在该过程中，下列有关弹簧测力计和台秤示数的说法正确的是（）
A．弹簧测力计的示数减小，台秤示数不变
B．弹簧测力计的示数不变，台秤示数也不变
C．弹簧测力计的示数减小，台秤示数增大
D．弹簧测力计的示数不变，台秤示数增大
12．（2020八上·苍南期末）将四个形状不同、高度均为L的实心金属块，用细线拉着。匀速缓慢地放入水深为L的盛水容器中，直至容器底部，此时水未溢出。四个实验中与下图所描绘的浮力大小F与金属块浸入水中深度h的关系一致的是（ ）
A． B．
C． D．
13．（2021八上·富阳期中）下列有关地球上水的分布、循环和利用的说法中，正确的是（ ）
A．陆地淡水约占地球总水量的96.53%
B．水是生物生存所必需的最基本的物质之一
C．人类直接利用最多的水资源是海洋水
D．水循环的环节只有蒸发和降水
14．（2024八上·期末） 在t℃时，某物质A的溶液先恒温蒸发10g水，析出2g无水晶体，再恒温蒸发20g水，析出 5g无水晶体，下列说法正确的是（ ）
A．t℃时，原溶液是饱和溶液 B．t℃时，A物质的溶解度为20g
C．t℃时，A物质的溶解度为25g D．t℃时，A物质的溶解度为30g
15．如图所示，将一支试管口朝下插入水中，管内封闭有一定量的空气，在某一温度时恰好悬浮在水中，当水的温度降低时，下列说法中正确的是（ ）
A．试管加速下沉 B．试管匀速下沉
C．试管加速上浮 D．试管仍悬浮
16．下表是氯化钾(KCl)和硝酸钾(KNO3)在不同温度时的溶解度。下列说法不正确的是（ ）
温度/℃ 20 30 40 50
溶解度/(g/100g水) KCl 34.0 37.0 40.0 42.6
KNO3 31.6 45.8 63.9 85.5
A．20℃时，氧化钾的溶解度大于硝酸钾的溶解度
B．两种物质溶解度相等的温度在20~30℃之间
C．40℃时，5g氯化钾中加10 g水可得质量分数为33.3%的溶液
D．50℃时，10g硝酸钾中加20g水，充分溶解后再降温到30℃，有硝酸钾固体析出
17．注射用链霉素的实验药液配制方法如下：
把1.0g链霉素溶于水制成4.0 mL溶液①；取0.1 mL溶液①，加水稀释至1.0 mL，得溶液②；取0.1 mL溶液②，加水稀释至1.0mL，得溶液③；取0.2 mL溶被③，加水稀释至1.0 mL，得溶液④；最终得到的实验药被中，链霉素的质量分数为(由于整个过程中药液很稀，密度近似看作1g/mL)
（ ）
A．25% B．0.05% C．0.25% D．2.5%
18．生活中的下列现象，不能说明气体溶解度随温度升高而减小的是（ ）
A．烧开水时，沸腾前有气泡逸出
B．打开啤酒瓶盖，有大量气泡逸出
C．喝下汽水时，感到有气冲击鼻腔
D．夏季黄昏，池塘里的鱼浮出水面
19．下列过程中，有一个去污原理与其他三个不同的是（ ）
A．用洗涤剂洗去餐具上的油脂
B．用汽油除去衣服上的油污
C．用酒精除去附着在试管内壁的碘
D．用热水洗去附着在烧杯底部的硝酸钾
20．水平桌面上的大烧杯内装有水，轻轻放入一个小球后，从烧杯中溢出200g的水，则下列判断中正确的是 （ ）
A．小球所受浮力可能等于1.96N B．小球的质量可能小于200g
C．小球的体积一定等于200 cm3 D．水对烧杯底的压强一定增大
阅卷人 二、填空题（每空1分，共37分）
得分
21．（2023八上·绍兴期末）请分析下列水资源的相关图示，回答问题：
（1）图甲所示为“水循环示意图”，图中各序号分别代表水循环的各个环节，其中序号①表示的环节是 。
（2）图乙为实验室电解水装置，实验前a、b两管内都充满水。关闭活塞，接通电源，一段时间后，两管产生的气体如图所示，则a管中产生的气体是 （填气体名称）。
（3）小明利用图丙装置对学校附近某河水的水质进行净化，经过此装置后，所得水为 （填“纯净物”或“混合物”）。
（4）请阅读资料一和资料二：
资料一：水资源紧缺指标
紧缺程度 轻度缺水 中度缺水 重度缺水 极度缺水
人均水量（米3/年） 1700-3000 1000-1699 500-999 <500
资料二：我国部分省、市人均水量图
上述资料显示，浙江省用水紧缺程度属于 。
22．（2023八上·杭州期末）三个相同的轻质弹簧，一端固定在容器底部，另一端分别与三个体积相同的实心球相连。向容器内倒入某种液体直到将三个球均完全浸没。待液体和球都静止后，观察到如图所示的情况，乙球的弹簧长度恰好等于它没受到力时的长度(即弹簧原长)。
（1）三个球受到的浮力F甲、F乙、F丙的大小关系是 。
（2）三个球中密度最大的是 球。
（3）如果地心引力减半，则三个球中会向上运动的是 球。
23．（2023八上·义乌月考）硝酸钾的溶解度随温度升高而增大。如图所示是对硝酸钾溶液的实验操作及变化情况，以及同一小球在三种溶液中的浮沉情况。请回答下列问题：
（1）操作I可能是____（选填字母）。
A．降低温度 B．加入硝酸钾 C．蒸发水分
（2）小球所受的浮力F①、F②、F③的大小关系正确的是____。
A．F①＜F②＝F③ B．F①＜F②＜F③
C．F①＞F②＝F③ D．F①＝F②＝F③
（3）从②到③，烧杯底析出硝酸钾晶体5克，整个装置总质量减少了20克，可知②中的溶质质量分数是 。
24．（2023八上·瓯海期中）从自然界中获得的粗盐，含有较多的杂质，需要精制。为了除去粗盐中泥沙等不溶性杂质，设计了如图A、B、C三个步骤。
（1）B步骤漏斗中的液面应 (填“高”或“低”)于滤纸边缘。
（2）C步骤中玻璃棒作用是 当蒸发皿内出现较多固体时，应该 (填字母)。
A．移去酒精灯，停止搅拌
B．移去酒精灯，用玻璃棒继续搅拌
C．继续加热蒸干水分，再移去酒精灯
25．将一底面积为0.01 m2的长方体木块用细线拴在一个空容器的底部，然后向容器中级慢加水直到木块上表面与液面相平，如图甲所示，在此整个过程中，木块底部受到水的压强随容器中水的深度的变化如图乙所示，则木块所受到的最大浮力为 N，木块的重力为 N，细线对木块的最大拉力为 N．(g取10 N/kg)
26．（2024八上·余姚期末）某兴趣小组在实验室进行粗盐提纯实验，并用所得精盐计算产率。（产率=所得精盐质量÷所取样品质量×100%）
（1）如图为粗盐提纯实验中的几步主要操作，合理的顺序为 （填字母）。
（2）关于粗盐提纯实验，下列说法正确的是____（填字母）。
A．将粗盐直接放在天平的左盘进行称量
B．可以将粗盐直接倒入量筒进行溶解
C．过滤后滤液仍浑浊应重新过滤
D．待水分全部蒸干后才可以停止加热
（3）若测得的NaC1产率偏低，可能的原因是 （填字母）。
A．粗盐溶解不充分
B．过滤时滤纸破损
C．蒸发时溶液飞溅
D．所得的精盐仍潮湿
27．（2023八上·柯桥月考）某同学配制50g溶质质量分数为5%的氯化钠溶液，准备了下列实验用品。回答下列问题：
（1）配制过程中还缺少的一种玻璃仪器是 (填仪器名称)，该仪器的作用是
（2）量取蒸馏水操作如下：将蒸馏水注入量筒，待液面接近量取体积对应刻度线时， 改用 (填仪器名称)滴加蒸馏水至刻度线；
（3）经检测，实验所得的溶液，溶质质量分数偏小，其原因可能有 (填序号）。
①氯化钠固体不纯 ②砝码已生锈
③量取水时，仰视读数 ④装瓶时，有少量溶液洒出
28．（2019八上·余杭期中） 20℃时，将等质量的甲、乙两种固体(不含结晶水)，分别加入到盛有100g水的烧杯中，充分搅拌后现象如图1所示，加热到50℃时现象如图2所示，甲、乙两种物质的溶解度曲线如图3所示。
（1）图1中一定是饱和溶液的是 溶液(填“甲”或“乙”)；图2中乙溶液一定是 溶液(填“饱和”或“不饱和”)。
（2）图3中表示乙的溶解度曲线的是 (填“M”或“N”)；图2中乙溶液降温至30℃ 析出晶体(填“会”或“不会”)。
29．（2023八上·萧山月考）海水淡化可采用膜分离技术。如图一所示，对淡化膜右侧的海水加压，在其左侧得到淡水。其原理是海水中的水分子可以透过淡化膜，而其他各种离子不能透过。请回答：
（1）采用膜分离技术淡化海水的原理，与化学实验中常见的 操作相似。
（2）对淡化膜右侧的海水加压后，海水中溶质的质量分数会 （选填增大、减小或不变）。
（3）海水中含有大量的氯化钠，图二是氯化钠的溶解度曲线，据此可知盐场从海水中得到食盐晶体利用的方法是 结晶（填降温或蒸发）。
30．（2023八上·瑞安月考）如图所示，是一个能粗略反映气温变化的天气预报瓶。密封的玻璃容器内白色固体为樟脑、硝酸钾、氯化铵晶体，液体是三者溶解在水与酒精混和液中形成的溶液。溶质在此溶剂中的溶解度都随着温度的升高而增大。将天气预报瓶放在室外24小时，瓶中物质的状态从图甲变为图乙，请回答问题：
（1）天气预报瓶放在室外的这段时间内气温的变化是 。
（2）物质的状态从图甲变为图乙，溶液的溶质质量分数的变化是 。
31．（2023八上·浙江期中）台秤上放半杯水，台秤的示数为25牛，再将重为5牛的金属块挂在弹簧测力计下，当金属块全部浸入水中时（如图所示），测力计的示数为4牛，则金属块受到的浮力是 牛，此时台秤示数为 牛。若再将金属块缓慢向下移动一段距离（没有碰到杯子底部），台秤示数将 （填“变小”、“不变”或“变大”）。
32．（2023八上·吴兴期中）如图所示，锥形瓶中装有物质X，胶头滴管中装有一定量的水，使水进入锥形瓶内，一段时间后会观察到a液面高于b液面。
（1）根据该实验现象推断锥形瓶中所装的物质X可能是____。
A．食盐 B．氢氧化钠 C．酒精 D．硝酸铵
（2）请用所学知识解释一段时间后U型管内a液面高于b液面的原因 。
阅卷人 三、实验探究题（每空1分，共 13分）
得分
33．（2024八上·诸暨月考）某科学小组用氯化钠固体配制50g质量分数为6％的氯化钠溶液，操作过程如图：
（1）该实验的正确操作顺序为 （填字母序号）。
（2）请指出实验中一处明显的错误操作 。
（3）①需要氯化钠的质量为 g。
②纠正错误后，正确称量氯化钠时，若发现天平指针向左偏，接下去的操作是 。
（4）经检测，所配制溶液的溶质质量分数偏小，其原因不可能是 。A.氯化钠固体不纯 B.称量时，砝码端忘垫质量相同的纸片 C.量取水时，仰视读数 D.装瓶时，有少量溶液洒出
34．（2023八上·兰溪月考）如下图所示，是小胡做“验证阿基米德原理”实验的五个步骤。
（1）图（b）所示，是小胡在测量小桶的 。
（2）若图中四个测量值F1、F2、F3、F4满足关系式 ，则该原理将得到验证。
（3）为了减小实验误差和操作方便，此实验的正确操作顺序是 。（用图中字母表示）
（4）以下关于实验过程中的操作，会影响验证结果的是____。
A．图（a）中溢水杯内未盛满水
B．图（b）中小桶内有少量水
C．图（c）中石块未完全浸没水中
D．在四次测量过程中，弹簧称始终没有调零
E．图（c）中石块碰到了杯底
35．（2023八上·浙江省台州市临海期中） 粗盐的精制一般要经过以下操作流程：
（1）操作④的名称是 ，
（2）操作⑤中除用到三脚架、玻璃棒、酒精灯外， 还需要用到 等仪器（写一种）。
（3）操作正确，操作④后展开滤纸， 若黑色代表泥沙，则看到的情况最接近图中的 ____。
A． B．
C． D．
（4）实验结束后称量获得的精盐，称量结果偏大的原因是 ____。（填字母）。
A．食盐没有全部溶解即过滤
B．蒸发时，食盐飞溅剧烈
C．蒸发后所得精盐很潮湿
D．蒸发皿内的精盐未全部转移到称量纸上
阅卷人 四、解答题（填空各1分，计算各2分，共10分）
得分
36．（2023八上·绍兴期末）小明取一根饮料吸管，将一些铜丝从吸管的下端塞入作为配重，并用石蜡将吸管的下端封起来，初步做成一支密度计。为了给密度计标上刻度，他用刻度尺测出密度计的长度为L，然后将密度计放入水中，测出密度计露出水面的高度为；小明将该密度计放入待测液体中，密度计露出该液体表面的高度为，如图1所示。
图1 图2
（1）已知水的密度为ρ水，利用测量的物理量和ρ水计算待测液体的密度，请写出待测液体密度的表达式： 。
（2）若将做成的密度计放入密度为0.9g/cm3的植物油中，静止时，液面可能在图2中 （选填“A”或“B”）处。
（3）小红也用吸管制作了密度计，他发现密度计相邻两刻度线之间的距离太小，导致用此密度计测量液体密度时误差较大，为此同学们提出了如下改进方案，其中可行的是____。（选填选项前的字母）
A．换大的容器盛放液体做实验 B．换细的吸管制作密度计
C．换稍长的吸管制作密度计 D．适当减小密度计的配重
37．（2023八上·义乌期中）“同济飞鱼”是我国制造的一款水空跨域巡航器原型机，它在空中可以像无人机一样飞行，入水后像潜水器一样运行（如图甲所示），它的质量为1.63kg，可在水下巡游约40min。已知g取10N/kg，水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3。
（1）“同济飞鱼”在水中巡游时，下沉时浮力将 （填“增大”“减小”或“不变”）。
（2）在某次测试“同济飞鱼”的“打捞”功能的试验中，“同济飞鱼”悬挂着一个实心物块A从水面以下匀速上升，直至实心物块A匀速提升到距水面一定的高度，如图乙所示；测试过程中，绳的拉力随时间t变化的图象（不计水的阻力），如图丙所示。
求：①实心物块A重力多大？
②实心物块A浸没在水中时受到的浮力是多大？
③其密度是多少？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液相互转变；固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】 溶液甲第一次蒸发掉10g水，无晶体析出，则所得溶液乙可能是不饱和溶液也可能是恰好饱和。若第一次蒸发掉10g水形成的溶液恰好是饱和溶液。若第一次蒸发10g水所得溶液是不饱和溶液，则第二次蒸发10g水时，应先蒸发一部分水形成饱和溶液后，再蒸发水才能析出3g晶体，说明10g水中溶解的晶体大于3g，而溶液丙为饱和溶液，则第三次再蒸发10g水，析出晶体的质量应该大于等于3g.
【解答】A、根据分析，无法确定该温度下周体物质的溶解度大小，故A选项错误；
B、根据分析，若溶液乙是饱和溶液，溶波丙也是饱和溶液，则者的质量分数相等，故B选项正确；
C、根据分析，溶液厶可能是饱和溶液，也可能是不饱和溶液，故C选项错误：
D、根据分析，溶液内冉蒸发10g水析出晶体的质量可能等于或大于3g，故D选项错误。
故答案为：B。
2．【答案】A
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】超临界水仍然是水，是水的一种特殊状态，化学性质不会改变。超临界水能将有害物质完全转化为二氧化碳、氮气、水以及盐类等无毒小分子化合物，不形成二次污染。
【解答】A. 超临界水是水的一种状态，不是新物质，故错误，符合题意；
B. 由所给信息可知超临界水可处理有机毒物，故正确，不符合题意；
C. 超临界水仍然是水，是水的一种特殊状态，故正确，不符合题意；
D. 超临界水能将有害物质完全转化为二氧化碳、氮气、水以及盐类等无毒小分子化合物，不形成二次污染，故正确，不符合题意；
故答案为：B。
3．【答案】D
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）（3）（4）根据浮沉条件比较浮力的大小变化；
（2）根据阿基米德原理F浮力=ρ液gV排比较浮力的大小变化。
【解答】A.汤圆沉在底部时，浮力小于重力；汤圆上浮时，浮力大于重力。因为汤圆的重力不变，所以它受到的浮力增大，故A不合题意；
B.潜水艇上浮露出水面时，它排开水的体积减小，根据阿基米德原理F浮力=ρ液gV排可知，它受到的浮力减小，故B不合题意；
C.鸡蛋沉在底部时，浮力小于重力；鸡蛋上浮时，浮力大于重力。因为汤圆的重力不变，所以它受到的浮力增大，故C不合题意；
D.轮船始终在水面漂浮，则它受到的浮力始终等于重力，因此它受到的浮力保持不变，故D符合题意。
故选D。
4．【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】当构件完全淹没时的高度则为构件的边长；利用体积公式求出其体积，根据图中可知构件完全浸没时的拉力，先分析构件下沉过程中，排开水的体积变大，因此构件受到的浮力变大，当构件排开水的体积不变时，构件受到的浮力也不再改变。
【解答】A．根据题意知道，构件在浸入水中的过程是排开的水的体积变大，浮力逐渐变大；当构件浸没后排开水的体积不变，则浮力不变，所以，浮力F1随h变化的图线是图乙中的②，故A错误；
B．由乙图知道，当构件完全淹没时的高度为2m，即正方体构件边长为2m，故B错误；
C．由乙图知道，当构件完全淹没时受到的浮力小于1.2×105 N，故C错误；
D．由于正方体构件边长为2m，所以，构件的体积等于完全淹没时的排水体积，当构件完全淹没时，钢绳拉力F2= 1.2×105 N；
故答案为：D。
5．【答案】B
【知识点】固体溶解度的概念
【解析】【分析】根据氢氧化钙的溶解度随温度升高而降低，由图示可知，一段时间后石灰水变浑浊，说明加入的物质溶于水或与水反应使温度升高，进行分析判断。
【解答】A、由图示可知，一段时间后石灰水变浑浊，说明加入的物质溶于水或与水反应使温度升高，氢氧化钠溶于水放热，固体X可能是NaOH，故选项说法正确。
B、由图示可知，一段时间后石灰水变浑浊，说明加入的物质溶于水或与水反应使温度升高，硝酸铵溶于水吸热，使温度降低，X不可能是NH4NO3，故选项说法错误。
C、氢氧化钙的溶解度随温度升高而降低，由图示可知，一段时间后石灰水变浑浊，说明加入的物质溶于水或与水反应使温度升高，氢氧化钙溶解度：①＞②，故选项说法正确。
D、①是饱和溶液，②中有氢氧化钙析出，为饱和溶液，③是一段时间后温度恢复至常温，为饱和溶液；①③均为常温下的饱和溶液，氢氧化钙溶液质量分数：①＝③，故选项说法正确。
故选：B。
6．【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】物体悬浮在液体表面，浮力等于重力，青蛙蹲在上面 ，青蛙和冰块的总重力等于浮力大小。
【解答】 一块密度为0.4g/cm3．质量为220g的木块浮在水面，木块体积为550立方厘米， 一只青蛙蹲在上面，木块的上表面恰好与水面相平 ，则青蛙质量等于330g即为0.33kg，故答案为：D。
7．【答案】D
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】根据阿基米德实验原理进行分析，熟练掌握每个步骤，以及每一步要测量的对象是解题关键
【解答】A、金属块a浸没在水中时，根据称重法测浮力可知受到浮力的大小为F浮=G-F=1.6N-1.0N=0.6N，故A错误；
B、根据甲、乙可知，物体浸在液体的体积不同，排开的液体的体积不同，所以可以探究浮力的大小与物体排开液体体积的关系，故B错误；
C、根据乙、丙可知，物体的重力相同、物体的密度不同、物体的体积不同，浸没在同种液体中时排开的液体的体积不同，测力计示数不同，探究浮力与密度关系时，需要控制物体的体积相同（排开液体的体积相同），物体的密度不同，故C错误；
D、根据丙、丁可知，同一个物体浸没在不同液体中，排开的液体的体积相同，液体的密度不同，所以可以探究浮力的大小与液体密度的关系，故D正确。
故答案为：D。
8．【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 匀速下沉 ，受力平衡，对整体浮力等于重力，结合阿基米德原理以及受力平衡进行分析 。
【解答】 金属球和木球的体积相同，浮力相等。对木球F+mg=F浮，对金属球Mg-F=F浮，解得浮力等于拉力等于故答案为：A。
9．【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据浮沉条件和阿基米德原理F浮=ρ液gV排比较浮力的大小关系。
【解答】木块漂浮在水面上，则它受到的浮力等于重力；铝块在水里下沉，则它受到的浮力小于重力。因为木块和铝块的重力相等，所以浮力F木>F铝。
铝块和铁块都浸没在水中，排开水的体积V铝>V铁，阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，它们受到的浮力F铝>F铁。
那么三者受到的浮力F木>F铝>F铁。
则浮力最小的是铁块。
故选C。
10．【答案】C
【知识点】溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）根据溶解度的影响因素判断；
（2）（3）根据“溶质质量分数=”分析；
（4）根据溶解度的定义判断。
【解答】A.①→②的过程中，硝酸钾溶液的温度保持20℃不变，则硝酸钾的溶解度保持不变，故A错误；
B.溶液②中加入硝酸钾的质量为：20g+30g=50g，大于此时的溶解度31.6g，因此溶液②饱和，此时的溶质质量就是31.6g。溶液③的温度为50℃，此时溶解度为85.5g>50g，即此时溶液不饱和，溶质质量为50g，因此②→③的过程中，溶质质量增大，而溶剂质量不变，根据“溶质质量分数=”可知，溶液的溶质质量分数变大，故B错误；
C.④溶液的温度为20℃，此时硝酸钾的溶解度为31.6g，即100g水中最多溶解31.6g，那么所得的溶液中溶质质量分数约为：，故C正确；
D.20℃时，硝酸钾的溶解度为31.6g，即100克水中最多溶解硝酸钾31.6克，或者131.6g硝酸钾溶液中含有硝酸钾31.6g，故D错误。
故选C。
11．【答案】C
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】（1）当物体浸在水中时，它会受到浮力，首先根据阿基米德原理分析铝块受到浮力的变化，再根据F=G-F浮判断测力计示数的变化；
（2）台秤的示数等于上面物体对它的压力；首先根据相互作用力原理确定铝块对水的压力变化，从而确定烧杯底部压力的变化，最后根据F示数=G杯+G水+F压分析即可。
【解答】（1）对铝块受力分析可知：铝块受竖直向下的重力、竖直向上弹簧测力计的拉力和浮力，由平衡条件得：G铝=F+F浮，F=G铝-F浮，在铝块完全浸没前，V排逐渐增大，F浮逐渐增大，弹簧秤的示数F逐渐减小．
（2）对台秤受力分析可知：受烧瓶及水受竖直向下的重力，铝块向下的压力F压=F浮，由平衡条件得：台秤的支持力FN=G+F压，在铝块完全浸没前，V排逐渐增大，F压=F浮逐渐增大，FN逐渐变大，台秤的示数增大．
故选C．
12．【答案】A
【知识点】浮力的变化
【解析】【分析】根据公式F浮=ρ液gV排可知，当液体密度相同时，浮力与V排成正比，即浮力的变化趋势与V排的变化趋势相同。
【解答】根据图像可知，金属块受到的浮力随深度的增大不断增大，但是开始时增大的快，后来增大的慢。
A.金属块为球形，在它进入整个体积的一半前，它的V排随深度的增大而增大的快，进入整个体积的一半以后，它的V排随深度的增大而增大的慢了，故A符合题意；
B.金属块为长方体球形，它的V排随深度的增大而增大的速度是匀速的，故B不合题意；
C.金属块为圆台状，由于它上小下大，所以它的V排随深度的增大而增大的速度不断减小，故C不合题意；
D.金属块为沙漏状，因此它的V排开始时增大的速度越来越小，后来增大的速度越来越大，故D不合题意。
故选A。
13．【答案】B
【知识点】水循环
【解析】【分析】本题考查地球上有关水资源的知识。
【解答】A：陆地淡水约占地球总水量的2.53%，故选项错误。
B：水是人类及一切生物生存所必需的，是生物生存所需的最基本的物质之一，故选项正确。
C：人类直接利用最多的是陆地上的淡水资源，故选项错误。
D：水循环的环主要包括降水、蒸发（蒸腾）、径流、水汽输送等，故选项错误。
故选C。
14．【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素
【解析】【分析】溶质的质量分数是指溶质占溶液的质量的百分比；溶液的质量等于溶质的质量和溶剂的质量之和； 饱和溶液：在一定温度下，向一定量溶剂里加入某种溶质，当溶质不能继续溶解时，所得的溶液叫做这种溶质的饱和溶液。不饱和溶液 ：在一定温度下，在一定量的溶剂里，还能再溶解某种物质的溶液叫做这种溶质的不饱和溶液。
【解答】根据题目信息可知，析出晶体以后溶液为饱和溶液，比较两次蒸发可以发现，20g水和5g晶体组成的溶液是饱和溶液，设物质的溶解度是 得：S=25g。从第二次蒸发水可以看出，每蒸发10g水，就会析出2.5g晶体，但是第一次蒸发掉10g水，只析出2g晶体，说明原溶液不是饱和溶液，故 A 错误。故选C。
15．【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 当水的温度降低时， 管内封闭有一定量的空气 ，空气体积减小，排开液体体积减小，浮力减小。
【解答】空气体积减小，浮力减小，小于自身重力，所以物体加速下沉，浮力等于重力，才有可能匀速下沉，故答案为：A。
16．【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】A、根据表格中，20℃时氯化钾与硝酸钾的溶解度分析。
B、根据20℃氯化钾溶解度大于硝酸钾，30℃氯化钾溶解度小于硝酸钾分析。
C、根据40℃时，氯化钾的溶解度为40.0g分析。
D、根据50℃时硝酸钾的溶解度为85.5g，30℃时硝酸钾的溶解度为45.8g分析。
【解答】A. 由表格数据分析可知，则20℃时氯化钾的溶解度为34.0g，大于硝酸钾的溶解度31.6g，故正确，不符合题意；
B. 20℃氯化钾溶解度大于硝酸钾，30℃氯化钾溶解度小于硝酸钾，则两物质溶解度相等的温度在20～30℃之间，故正确，不符合题意；
C. 40℃时，氯化钾的溶解度为40.0g，其含义是40℃时，100g水中最多溶解40g氯化钠，溶液达到饱和状态，40℃时，5g氯化钾加入10g水中最多只能溶解4g，就形成了饱和溶液，可得到溶质质量分数=×100%≈28.6%，故错误，符合题意；
D. 50℃时硝酸钾的溶解度为85.5g，50℃时，10g硝酸钾中加20g水，充分溶解，最多能溶解溶质的质量=85.5g×=17.1g；
30℃时硝酸钾的溶解度为45.8g，最多能溶解溶质的质量=45.8g×=9.16g，则降温到30℃，有硝酸钾固体析出，故正确，不符合题意；
故答案为：C。
17．【答案】B
【知识点】溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】根据溶液稀释前后，溶质的质量不会改变，分步求出各部得到的溶液的溶质质量分数。
【解答】因为溶液的密度可以近似看作是1g/cm3，所以可直接看成毫升数即是物质的克数，然后利用溶质的质量分数公式计算即可。
溶质的质量=1.0g；
溶液的质量=4.0mL×1g/cm3=4.0cm3×1g/cm3=4.0g；
所以，溶液①中溶质的质量分数=×100%=25%；
溶液②的质量分数=×100%=2.5%；
溶液③的质量分数=×100%=0.25%；
溶液④的质量分数=×100%=0.05%。
故答案为：B。
18．【答案】B
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】对于气体来说溶解度影响因素主要有两方面，一是温度；二是压强，气体的溶解度随着压强的增大而增大，随温度的升高而减小。
【解答】A. 烧开水能使水的温度升高，气体的溶解度变小，气泡会逸出，故不符合题意；
B. 揭开啤酒瓶盖，瓶内气压变小，则会有大量气泡逸出，是压强对气体的影响，故符合题意；
C. 喝下汽水，气体的温度升高，二氧化碳溶解度变小，是温度对它的影响，故不符合题意；
D. 夏季黄昏，气温较高，水中的氧气溶解量变小，鱼会出现浮头现象，故不符合题意；
故答案为：B。
19．【答案】A
【知识点】溶解现象与溶解原理
【解析】【分析】根据汽油去油污、酒精除去附着在试管内壁的碘、热水洗去附着在烧杯底部的硝酸钾是溶解现象；洗涤剂去油污是乳化作用分析。
【解答】A. 用汽油除去衣服上的油污，是汽油作溶剂，溶解了油污，形成了溶液；
B. 用酒精除去附着在试管内壁的碘，是酒精作溶剂，溶解了碘，形成了溶液；
C. 洗涤剂不能完全溶解油污，但起到乳化作用，将原来的油污分散成无数细小液滴而不集成大的油珠，这些细小的液滴能随着水流走，没有形成溶液；
D. 用热水洗去附着在烧杯底部的硝酸钾，是硝酸钾溶解在水中，形成了溶液；
所以C 与其它三个选项不同。
故答案为：C。
20．【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据阿基米德原理解题，排开液体重力等于物体所受浮力大小。
【解答】A. 从烧杯中避出200g的水，200g的水重力为1.96N，结合阿基米德原理， 小球所受浮力可能等于1.96N ，A正确；
B.如果漂浮或者悬浮， 小球的质量等于于200 g ，沉底，小球的质量大于200 g ，B错误；
C.如果漂浮或者悬浮，小球的体积大于200 cm3 ，C错误；
D. 如果液面深度不变，水对烧杯底的压强不变，D错误；
故答案为：A。
21．【答案】（1）水汽输送
（2）氢气
（3）混合物
（4）轻度缺水
【知识点】水循环；净化水的常用方法
【解析】【分析】（1）根据水循环的主要环节进行分析；
（2）根据电解水得到氢气和氧气，且氢气与氧气的体积之比为2：1规律进行分析；
（3）根据河水通过简易净水器进行净化后的水中仍含有一些可溶性的物质进行分析；
（4）根据图文信息进行回答。
【解答】（1）水循环的主要环节主要有：蒸发、降水、水汽输送、地表径流、下渗、地下径流、植物蒸腾等。结合图中信息可知①是大气输送，②为降水，③是蒸发，④为降水，⑤为地表径流；因此序号①表示的环节是水汽输送；
（2）电解水得到氢气和氧气，且氢气与氧气的体积之比为2：1；根据实验可知，a管内得到气体的体积较多，则a管中产生的气体是氢气；
（3）将河水通过简易净水器进行净化，其中活性炭的作用是吸附水中的色素和异味，用此装置净化后得到的水中仍然含有一些溶于水的物质，属于混合物；
（4）读图可知，浙江省用水紧缺程度属于轻度缺水。
22．【答案】（1）F甲=F乙=F丙
（2）丙
（3）丙
【知识点】平衡状态的判断；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】阿基米德原理：物体受到的浮力等于排开水的重力，即F浮=G排=ρ液gV排
【解答】（1）甲乙丙三个球的体积相等且全部浸没在水中，因此三个球的V排相同，根据阿基米德原理，三个球受到的浮力相等，即
F甲=F乙=F丙
（2）甲弹簧处于拉伸状态，乙球的弹簧长度恰好等于它没受到力时的长度，丙弹簧处于压缩状态，三个球受力分析如下
三个小球处于静止状态，因此F甲=G甲+F，F乙=G乙，F丙+F=G丙，由于F甲=F乙=F丙，可以推出G甲＜G乙＜G丙，m甲＜m乙＜m丙，
根据可以得出，ρ甲＜ρ乙＜ρ丙，故密度最大的是丙球
（3）根据F甲=G甲+F，F甲=ρ液gV排，G甲=ρ甲gV，得出ρ液gV排=ρ甲gV+F，地心引力减半是实质是g变成原来的1/2，，故甲会下沉
根据F乙=G乙，得出ρ液gV排=ρ乙gV，当g变成原来的1/2时，，故乙保持静止
根据F丙+F=G丙，得出ρ液gV排+F=ρ丙gV，当g变成原来的1/2时，，故丙会上浮
故三个球中向上运动的是丙球
故答案为（1） F甲=F乙=F丙 （2）丙 （3）丙
23．【答案】（1）A；B；C
（2）D
（3）20%
【知识点】晶体与非晶体；饱和溶液与不饱和溶液相互转变
【解析】【分析】（1）根据不饱和溶液转化为饱和溶液，小球上浮，进行分析解答。
（2）根据小球始终漂浮，进行分析解答。
（3）根据②为饱和溶液，③为饱和溶液，从②到③，烧杯底析出硝酸钾晶体5克，整个装置总质量减少了20克，即25g溶液中含5g硝酸钾，进行分析解答。
【解答】 （1）A、降低温度，能使不饱和溶液转化为饱和溶液，没有硝酸钾晶体析出，溶液的密度不变，小球不可能上浮。
B、加入硝酸钾，能使不饱和溶液转化为饱和溶液，溶液的密度变大，小球上浮。
C、采取蒸发水可以使硝酸钾的不饱和溶液变成饱和溶液，则溶液的密度变大，小球能上浮，但溶液的质量会减少，与图不符。
故选ABC。
（2）小球始终漂浮，则F①=F②=F③。
故选D。
（3）②为饱和溶液，③为饱和溶液，从②到③，烧杯底析出硝酸钾晶体5克，整个装置总质量减少了20克，即25g溶液中含5g硝酸钾，
②中的溶质质量分数是
24．【答案】（1）低于
（2）避免液体局部过热，致使液滴飞溅出来；B
【知识点】蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】（1）根据过滤操作时的一贴、两低、三靠进行分析；
（2）根据蒸发时玻璃棒的作用，以及当蒸发皿内出现较多固体时，应该熄灭酒精灯停止加热，用玻璃棒继续搅拌，用蒸发皿的余热将水分蒸干进行分析。
【解答】（1）B步骤漏斗中的液面应低于滤纸边缘；
（2）C步骤中玻璃棒作用是：搅拌，防止因局部温度过高，造成液滴飞溅，当蒸发皿内出现较多固体时，应该移去酒精灯，用玻璃棒继续搅拌，故选：B。
25．【答案】15；9；6
【知识点】阿基米德原理；浮力的变化
【解析】【分析】根据阿基米德原理原理求解浮力大小，结合受力平衡列方程求解，拉力大小等于浮力减去重力大小。
【解答】木块所受到的最大浮力为木块完全浸没时浮力，根据浮力产生原理可得最大浮力等于1500x0.01 N=15N，木块的重力等于压强不变图像对应浮力大小，即为900x0.01 N=9N，细线对木块的最大拉力为 15N-9N=6N 。
26．【答案】（1）BCA
（2）C
（3）AC变大
【知识点】蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】 （1）根据实验操作的步骤进行分析；
（2）根据实验基本操作中的主要事项进行分析；
（3）根据测得的NaCl产率偏低的原因是精盐质量偏低进行分析。
【解答】 （1）盐提纯实验的操作顺序为：取出药品，称量，把粗盐和水转移到烧杯中，加入水搅拌溶解，再过滤，蒸发即可得到精盐，所以粗盐提纯实验的操作顺序为BCA；
（2）A.粗盐不能直接放在天平左盘上进行称量，应该在天平左右两盘上放相同大小的白纸，然后将粗盐放在白纸上称量，故A错误；
B.可以将粗盐倒入烧杯中进行溶解，故B错误；
C.过滤后滤液仍浑浊应重新过滤，故C正确；
D.蒸发时，待出现较多量晶体时即停止加热，依靠蒸发皿本身的余热就可将水分蒸干，切不可将水分全部蒸干，故D错误。
故选C；
（3）A.粗盐溶解不充分，精盐质量减少，产率偏低，故A正确；
B.过滤时滤纸破损，精盐质量增大，产率偏高，故B错误；
C.蒸发时溶液飞溅，精盐质量减少，产率偏低，故C正确；
D.所得的精盐仍潮湿，精盐质量增大，产率偏高，故D错误。
故选AC。
27．【答案】（1）玻璃棒；搅拌，加速溶解
（2）胶头滴管
（3）①③
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）根据配制溶液需要的步骤进行分析；
（2）根据量取一定量体积的液体的方法进行分析；
（3）溶质质量分析偏小，要么是溶质质量偏小，要么是溶剂质量偏大，据此分析判断。
【解答】 （1）除题中给出的仪器外还需要玻璃棒，其作用是搅拌，加速溶解，故答案为：玻璃棒，搅拌，加速溶解；
（2）量取蒸馏水操作如下：将蒸馏水注入量筒，待液面接近量取体积对应刻度线时，改用胶头滴管滴加蒸馏水至刻度线；
（4）①氯化钠的固体不纯，会导致称取的氯化钠偏小，即质量分数偏小，故①符合题意；
②砝码已生锈，称取的氯化钠的质量偏大，质量分数偏大，故②不合题意；
③量取水时，仰视读数，量取的水的体积偏多，质量分数偏小，故③符合题意；
④装瓶时，有少量溶液洒出，溶液具有均一性，质量分数不变，故④不合题意。
故选①③。
28．【答案】（1）甲；不饱和
（2）N；不会
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；饱和溶液与不饱和溶液相互转变
【解析】【分析】（1）根据有固体未溶解的溶液一定是饱和溶液，全部溶解的可能是饱和可能是不饱和溶液分析；
（2）根据20℃时甲乙溶解度大小确定曲线及溶液不饱和不会析出晶体分析。
【解答】（1） 图1中甲有未溶解的固体，一定是饱和溶液，图2中乙溶液是图1升温后形成，因两物质溶解度都随温度升高而增大，所以图2中乙溶液一定是不饱和溶液；
（2）由图1中等质量甲乙的溶解情况可知， 20℃时甲的溶解度小于乙的溶解度，即N为乙的溶解度曲线；由图1中乙可知，乙20℃时全部溶解，图2中乙溶液降温至30℃ ，则一定为不饱和溶液，不会析出晶体；
故答案为：（1）甲；不饱和；（2）N；不会。
29．【答案】（1）过滤
（2）增大
（3）蒸发
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；结晶的概念与方法；过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】（1）过滤操作用于分离液体和不溶于液体的固态物质；
（2）溶质质量分数=；
（3）当物质的溶解度受温度的影响不大时，可以使用蒸发溶剂的方法结晶，据此分析解答。
【解答】（1）根据图片可知，膜相当于滤纸，则膜分离技术相当于过滤操作；
（2） 对淡化膜右侧的海水加压后，水流入左侧，则右侧海水中溶质质量不变，而溶液质量减小。根据“溶质质量分数=”可知，溶质质量分数增大。
（3）根据图二可知，氯化钠的溶解度受温度的影响变化较小，因此从海水中得到食盐晶体的方法为蒸发结晶。
30．【答案】（1）气温降低
（2）减小
【知识点】溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】溶质质量是指溶解在溶剂部分的质量。溶质的质量分数即是溶质质量在溶液质量中的占比，若溶剂质量不变，溶质质量越大，溶质的质量分数越大，若溶质质量不变，溶剂质量越大，溶质的质量分数越小。
【解答】（1）从甲到乙，固体增加，说明溶解度变小了，由题给信息可知气温降低。
（2）甲到乙，溶剂质量不变，溶质质量减小，所以溶质质量质量分数减小。
31．【答案】1；26；不变
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）根据称量法F浮=G-F拉计算金属块受到的浮力，而台秤示数的增大量等于金属块对水的压力，根据相互作用力原理可知，也就是金属块受到的浮力；
（2）注意分析金属块下沉时排开液体的体积是否改变，从而判断它受到的浮力是否改变，最终判断台秤示数是否改变。
【解答】（1）根据题意可知，金属块受到的浮力：F浮=G-F拉=5N-4N=1N；
此时台秤的示数为：25N+1N=26N；
（2） 若再将金属块缓慢向下移动一段距离（没有碰到杯子底部） ，则它排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，它受到的浮力不变。根据相互作用力原理可知，它对水的压力不变，因此台秤的示数不变。
32．【答案】（1）D
（2）锥形瓶内的硝酸铵遇水溶解会吸热，使瓶内气体温度降低导致体积减小压强变小，当瓶内压强低于大气压时，在大气压的作用下，将U管中的水柱往瓶内压，使b液面低于a液面。
【知识点】溶解时的吸热或放热现象
【解析】【分析】（1）一段时间后会观察到a液面高于b液面，说明液体X进入锥形瓶内与固体Y接触，温度降低分析。
（2）根据锥形瓶内产生压强差分析。
【解答】（1）A、食盐溶于水，溶液温度不变，装置内气压不变，a液面等于b液面，故不符合题意。
B、氢氧化钠溶于水放热，使温度升高，装置内气压增大，会使a液面低于b液面，故不符合题意。
C、酒精溶于水，溶液温度不变，装置内气压增大，装置内气压不变，a液面等于b液面，故不符合题意。
D、硝酸铵溶于水吸热，使温度降低，装置内气压减小，会使a液面高于b液面，故符合题意。
故答案为：D。
（2）锥形瓶内的硝酸铵遇水溶解会吸热，使瓶内气体温度降低导致体积减小压强变小，当瓶内压强低于大气压时，在大气压的作用下，将U管中的水柱往瓶内压，使b液面低于a液面。
33．【答案】（1）42153
（2）砝码与氯化钠位置放反
（3）3；减少一些氯化钠，直到天平平衡
（4）D
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】配制氯化钠溶液，先取用氯化钠、称量氯化钠、倒入烧杯中，然后用量筒量取水倒入烧杯中，搅拌，依照此顺序及每个步骤要注意的事项分析解答。
【解答】（1）步骤 ①为溶解操作，玻璃棒的作用是搅拌，加快氯化钠的溶解速率。配制50g溶质质量分数为6%的氯化钠溶液，首先计算配制溶液所需氯化钠和水的质量，再称量所需的氯化钠和量取水，最后进行溶解；该实验的正确操作顺序为： 42153 。
（2） 请指出实验中一处明显的错误操作：砝码与氯化钠位置放反，应该是左物右码。
（3）①实验室配制50g溶质质量分数为6%的氯化钠溶液，需要称取氯化钠=；
②称取氯化钠时，若托盘天平出现了左盘低的情况，说明砝码质量小于食盐质量，则需要减少一些氯化钠，直到天平平衡。
（4）A.氯化钠固体不纯，会造成实际所取的溶质的质量偏小，则使溶质质量分数偏小；
B.称量时，砝码端忘垫质量相同的纸片，会造成实际所取的溶质的质量偏小，则使溶质质量分数偏小；
C.量取水时仰视读数，读数比实际液体体积小，会造成实际量取的水的体积偏大，则使溶质质量分数偏小；
D.溶液具有均一性，装瓶时，有少量溶液洒出，溶质质量分数不变。
故答案为：D。
34．【答案】（1）重力
（2）F3-F2=F4-F1
（3）badce
（4）A；E
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】 （1）当小桶在测力计上保持静止状态时，小桶受到的重力与测力计的拉力相互平衡，即此时小桶的重力等于测力计的示数；
（2）根据F浮=G-F求出石块浸在液体中受到的浮力，然后根据G排=G总-G桶求出排开液体的重力，两者进行比较即可验证；
（3）为了减小实验误差和操作方便应先测小桶的重力再测石块的重力，再将石块浸没在溢水杯中，读出弹簧测力计的示数，根据称重法求出浮力；最后再测出桶和溢出水的重力得出排开水的重力；
（4）根据F浮=F3-F2和G排=F4-F1分析解答。
【解答】 （1）验证验证阿基米德原理，需要测出石块排开水的重力，应先测出小桶的重力，由图示实验可知，图（b）所示，是小明在测量小桶的重力；
（2）由实验过程可知，石块浸没液体中受到的浮力：F浮=F3-F2，石块排开液体的重力：G排=F4-F1，如果关系式F3-F2=F4-F1，则可证明：浸在液体中的石块所受的浮力大小等于石块排开的液体所受重力的大小，即阿基米德原理成立；
（3）实验时，先测出小桶的重力，然后测出石块的重力，再将石块浸没在溢水杯中，读出弹簧测力计的示数，根据F浮=G-F求出石块受到的浮力，最后测出小桶和水的总重力，因此合理的实验步骤是：（b）、（a）、（d）、（c）、（e）；
（4）A.图（a）中溢水杯内未盛满水，石块放入溢水杯时，先要使溢水杯满了才可以向外排水，故在此过程中，石块受到的浮力大于排出的水的重力，故A符合题意；
B.图（b）中小桶内有少量水，小桶的重力偏大，测量的小桶和水的总重力也偏大，但G排=F4-F1不变，所以对实验没有影响，故B不符合题意；
C.图（c）中石块未完全浸没水中，石块排开液体的体积小，排开液体的重力小，浮力也小，仍然能得出浮力等于排开的液体受到的重力，对实验没有影响，故C不符合题意；
D.在四次测量过程中，弹簧称始终没有调零，用弹簧测力计所测的各物理量均同时偏大或偏小，但F浮=F3-F2和G排=F4-F1不变，所以对实验没有影响，故D不符合题意；
E.图（c）中石块碰到了杯底，使得F2偏小，则F浮=F3-F2偏大，即石块受到的浮力大于排出的水的重力，故E符合题意。
故选AE。
35．【答案】（1）过滤
（2）蒸发皿
（3）A
（4）C
【知识点】过滤的原理、方法、操作及其应用；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】 （1）根据过滤可以将不溶性固体从溶液中分离出来进行分析；
（2）根据从溶液中得到晶体的方法是蒸发，以及蒸发需要的仪器进行分析；
（3）根据滤纸是对折再对折，所以只有两个面会有泥沙，可以折叠一下看出是在A和B中的两个；有由于过滤时液面不能超过滤纸边缘进行分析；
（4）根据实验结束后称量获得的精盐，称量结果偏大，精盐中混有了其他的物质进行分析。
【解答】 （1）过滤可以将不溶性固体从溶液中分离出来，所以操作④的名称是过滤；
（2）操作⑤中除用到三脚架、玻璃棒、酒精灯外，还需要用到蒸发皿等仪器；
（3）滤纸是对折再对折，所以只有两个面会有泥沙，可以折叠一下看出是在A和B中的两个；有由于过滤时液面不能超过滤纸边缘，故选A；
（4）A．食盐没有全部溶解即过滤，会导致得到的精盐质量偏小，导致制得率较低；
B．蒸发时食盐飞溅剧烈，会导致得到的精盐质量偏小，导致制得率较低；
C．蒸发后，所得精盐很潮湿，会导致得到的精盐质量偏大，导致制得率较高；
D．器皿上沾有的精盐未全部转移到称量纸上，会导致得到的精盐质量偏小，导致制得率较低。
故选C。
36．【答案】（1）
（2）A
（3）B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）利用F水浮=F盐水浮和F浮=ρ液gV排就能推导出盐水的密度公式；
（2）因为V排水＜V排植物油，所以密度计放在植物油中，液面的位置在纯水密度值刻度线的上方；
（3）为了使测量结果更准确，使密度计上两条刻度线之间的距离大一些，根据判断出改进方案。
【解答】 （1）设饮料吸管的横截面积为S，
当将“密度计”放入盛水的容器时，“密度计”浸入水中的深度为L-h1；
则根据G=mg、F浮=ρ液gV排和物体的漂浮条件可得：mg=ρ水g（L-h1）S----------①
当将“密度计”放入盛待测液体的容器中，密度计露出该液体表面的高度为h2，则“密度计”浸入水中的深度为L-h2；
同理可得：mg=ρ液g（L-h2）S-----------②
联立①②可得：；
（2）因为ρ植物油＜ρ水，且密度计在两液体中受到的浮力相等。由F浮=ρ液gV排可知，V排植物油＞V排水，所以密度计放在植物油中，液面的位置在纯水密度值刻度线的上方，即刻度0.9应该在A点；
（3）为了使测量结果更准确，使密度计上两条刻度线之间的距离大一些，即要求密度计放入某液体中时，密度计竖直浸入液体的深度变大，根据可知，当ρ液一定时，可适当增大配重，用更细的吸管，故B正确，D错误；
密度计的测量结果与盛放液体容器的大小无关，换稍长的吸管制作密度计时，其质量的变化不大，并不能明显使相邻两刻度线之间的距离变大，故A、C错误。
故选B。
37．【答案】（1）不变
（2）①G=14N
②F浮=5N
③P=2.8×103kg/m3
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析飞鱼受到浮力的变化；
（2）①根据丙图可知，当物体完全出水后不受浮力，则此时拉力等于重力，因此拉力最大；
②当物体完全浸没水中时，物体受到的浮力最大，而绳子的拉力小，根据F浮=G-F2计算物体受到的浮力；
③根据阿基米德原理计算物体的体积，再根据计算物体的密度。
根据图丙可知物块的重力和物块浸没在水中时绳子的拉力，根据G=mg求出物块的质量；根据称重法求出物块浸没在水中受到的浮力；根据F浮=ρ液gV排求出物块浸没在水中排开水的体积，即为物块的体积；根据密度公式求出物块的密度。【解答】（1）“同济飞鱼”在水中巡游时，下沉时它排开水的体积始终等于自身体积，即排开水的体积不变。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，浮力将保持不变。
（2）①由图乙可知，当物块没有浸入水中时，物块的重力等于绳的拉力，即G=F1=14N，
当②物块浸没在水中时，绳的拉力F2=9N，物块浸没中水中时受到的浮力：F浮=G-F2=14N-9N=5N；
③物块浸没在水中排开水的体积：，
物块浸没在水中时，物块排开水的体积等于物块自身的体积，即V=V排=5×10-4m3，
物块的密度：。
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