2.4《蛋白质是生命活动的主要承担者》课时跟踪训练（含解析）高中生物学人教版（2019）必修1

高一新授课《蛋白质是生命活动的主要承担者》课时跟踪训练
学校：__________ 姓名：__________ 班级：__________ 考号：__________
一、单题（本大题共20小题，共40分）
1.蛋白质是生命活动的主要承担者，核酸是生命活动的控制者，下列的叙述中错误的是（ ）
A．蛋白质具有多样性的根本原因是DNA具有多样性
B．蛋白质和核酸的组成元素中都有C、H、O、N
C．蛋白质的结构有大约1012种之多主要由其多种多样的功能决定
D．蛋白质和核酸都具有一定的空间结构
2.如图胰岛素由A、B两个肽链组成，其中A链有21个氨基酸，B链有30个氨基酸，两条链之间通过3个二硫键连接在一起，下列说法正确的是（ ）
A．胰岛素为五十一肽，其中含有50个肽键
B．51个氨基酸形成胰岛素时，减少了104个氢原子
C．该蛋白质有2个游离的羧基和2个游离的氨基
D．该蛋白质的功能由氨基酸的种类、数量、排列顺序、空间结构决定
3.下列哪项不是构成蛋白质的氨基酸（ ）
A． B．
C． D．
4.二硫键“-S-S-”是蛋白质中连接两条肽链的一种化学键。下图是由 280 个氨基酸组成的某蛋白质 的结构图，对其叙述正确的是（　　）
A．该蛋白质至少有 2 个游离的羧基
B．形成该蛋白质的过程中脱去了 277 个水分子
C．该蛋白质至少有 280 个游离氨基
D．该蛋白质的功能由氨基酸的数目、种类、排列顺序三方面决定
5.据报道，人类已经成功设计合成出目前世界上最小的蛋白质。这一成果有助于人类揭开地球生命起源之谜。下列关于最小蛋白质的叙述，错误的是（ ）
A．这种蛋白质有一定的空间结构才具有生物活性
B．这种蛋白质通过脱水缩合合成
C．这种蛋白质的合成不能说明人类已经可以创造生物
D．这种蛋白质具有携带遗传信息的功能
6.神经肽Y（NPY）是一种由36个氨基酸组成的单链多肽，其通过与靶细胞表面Y 受体结合来发挥作用。研究发现，NPY 被相关酶修饰，会由 NPY1 -36 变成 NPY3-36，后者与 Y受体具有更高的亲和力。下列相关分析正确的是（ ）
A．组成NPY的氨基酸共有21种，不同氨基酸间通过肽键连接
B．NPY 合成过程中，可能有35 个氨基酸的羧基参与脱水缩合
C．在相关酶的修饰作用下，NPY的活性及作用效果均降低
D．因为 NPY 是单链多肽，所以其不存在特定的空间结构
7.科学家使用巯基乙醇和尿素处理牛胰核糖核酸酶（由124个氨基酸残基组成的蛋白质，有4个—S—S—），处理后该酶活性消失，再通过透析的方法去除尿素和巯基乙醇，将该酶转移到生理盐水缓冲液中，经过一段时间，发现该酶活性得以恢复，下列叙述错误的是（ ）
A．S元素位于氨基酸的侧链基团
B．由氨基酸合成有催化活性的牛胰核糖核酸酶后，相对分子质量比原来减少2214
C．巯基乙醇和尿素改变牛胰核糖核酸酶空间结构的过程是可逆的
D．牛胰核糖核酸酶由天然状态成为非折叠状态后，遇双缩脲试剂仍可显示紫色
8.某些溶剂可以破坏多肽链结合时的非共价相互作用。用某溶剂处理蛋白质，可以使蛋白质变性，成为失去自然构象的松散肽链。当去掉该溶剂时，蛋白质又可以自发地重新复性成为原来的构象，实验如图所示，下列说法错误的是( )
A．变性的蛋白质能够恢复原来的构象
B．实验中所用蛋白质的构象只由它的氨基酸序列决定
C．无法用双缩脲试剂来检测蛋白质是否变性
D．对变性后的蛋白质进行氨基酸序列测定，无法得到其准确序列
9.某种蛋白内切酶可作用于甘氨酸（C2H5NO2）两侧的肽键。某三十九肽经该蛋白内切酶作用后的情况如图。下列叙述错误的是（　　）
A．该三十九肽含有38个肽键
B．形成3种短肽的过程共消耗2分子水
C．3种短肽的氧原子总数比三十九肽少1个
D．甘氨酸存在于该三十九肽第7、20、21号位上
10.生活中处处都有生物学知识，运用生物学知识可以辨别真伪科学，下列叙述正确的是（ ）
A．“XX 牌”鱼肝油，含有丰富的维生素 D，有助于宝宝骨骼健康发育
B．“XX 牌”饮料含有多种无机盐，能有效补充人体运动时消耗的能量
C．“XX 牌”八宝粥由莲子、桂圆等非糖原料精制而成，糖尿病人可以放心服用
D．“XX 牌”补脑液含丰富脑蛋白， 青少年服用可快速补充脑蛋白，增强记忆力
11.紫外线能直接损伤皮肤的表皮层和真皮层，使其中的胶原蛋白结构被破坏，导致皮肤光老化。口服胶原蛋白经过酶水解形成分子量较小的胶原蛋白肽（CP）可以改善皮肤的健康状况。下列叙述错误的是（　　）
A．紫外线和高温可破坏胶原蛋白的肽键 B．CP可与双缩脲试剂发生显色反应
C．胶原蛋白经过酶水解后空间结构改变 D．胶原蛋白与CP的氨基酸种类可能不同
12.细胞内的生物大分子是由若干个单体连接成的多聚体。下图表示真核细胞内生物大分子的形成过程，下列有关说法正确的是（ ）

A．若单体是葡萄糖，则对应的生物大分子可能是淀粉、蔗糖、纤维素、
B．若单体为脱氧核苷酸，则对应的生物大分子主要存在于细胞质中
C．若生物大分子为蛋白质，则其对应的单体是氨基酸
D．若生物大分子中含有核糖，则其基本骨架是核糖核苷酸
13.某抗体经酶水解后得到若干片段，其中一个片段结构如下图，正确的是（　　）

A．该化合物称为四肽
B．抗体的功能与该肽链形成的空间结构有关
C．该多肽链有1个游离的氨基和1个游离的羧基
D．若将该多肽链水解能产生5种氨基酸
14.如图表示一个由153个氨基酸残基构成的蛋白质分子。下列叙述正确的是（ ）
A．该分子中含有152个肽键 B．该蛋白质含有一个氨基和一个羧基
C．该分子中至少有两个氨基酸R基含硫 D．该分子彻底水解将产生153种氨基酸
15.铜仁绿豆粉已有几百年的文化历史，是特别具有地方特色的传统美食。绿豆粉是用绿豆和大米混合磨制而成，绿豆蛋白中人体的必需氨基酸含量是禾谷类的2-5倍，营养价值极高。下列相关叙述正确的是（ ）
A．长期缺乏赖氨酸等必需氨基酸会引起营养不良
B．绿豆粉含有淀粉、纤维素、糖原等多糖物质
C．绿豆粉中含有K、Ca、P、Mg、Fe等大量元素
D．可用斐林试剂检测绿豆粉中是否含有蛋白质
16.性激素、胃蛋白酶、纤维素和DNA中都含有的元素是（ ）
A．C、H、O、N B．C、H、O
C．C、H、O、N、P D．C、H、O、N、P、S
17.国际母乳喂养行动联盟（WABA）确定每年8月1日至7日为“世界母乳喂养周”，以便在世界各地鼓励母乳喂养并改善婴儿健康。母乳含适合新生婴儿的蛋白质、脂肪、乳糖、钙、磷和维生素等营养成分，婴儿的小肠上皮细胞可以直接吸收母乳中的免疫球蛋白。含n个肽键的某种免疫球蛋白的结构如图所示，下列有关叙述正确的是（ ）
A．母乳中的钙元素是构成新生婴儿血红素的重要元素
B．该种免疫球蛋白至少有6个氨基酸的R基中含有S
C．若1分子该蛋白质彻底水解，将得到n+1个氨基酸
D．蛋白质结构多样性与氨基酸间的结合方式密切相关
18.有关蛋白质分子的叙述，正确的是（ ）
A．肌肉细胞中含量最多的化合物是蛋白质
B．鸡蛋清中加入一些食盐，可析出蛋白质，此过程蛋白质结构未发生改变
C．高温能使蛋白质分子变性其肽键断裂、空间结构发生改变
D．组成蛋白质的氨基酸之间可以通过不同的方式脱水缩合
19.在活细胞中，蛋白质的主要作用是（ ）
①调节细胞代谢 ②各种膜结构的重要成分 ③主要的能源物质 ④能组成多种酶 ⑤性激素的主要成分
A．①③⑤ B．②④⑤ C．①②④⑤ D．①②④
20.科学家在研究和鉴定动物谷胱甘肽过氧化物酶的作用时，发现了人体第21种氨基酸—硒代半胱氨酸，硒代半胱氨酸的分子式为C3H7NO2Se，下列有关叙述错误的是（ ）
A．该氨基酸的R基是—CH3OSe
B．该氨基酸中只有一个氨基和一个羧基
C．硒代半胱氨酸的硒元素位于氨基酸的R基团上
D．硒代半胱氨酸和吡咯赖氨酸带电性质的差异是由于二者的R基不同造成
二、解答题（本大题每空2分题，共60分）
21.蛋白质是生命活动的主要承担者，其结构复杂、功能多样。回答下列问题：
（1）组成蛋白质的基本单位是氨基酸，氨基酸的结构通式是 。人体细胞不能合成的，只能从外界环境（食物）中获取的氨基酸是 （填“必需氨基酸”或“非必需氨基酸”）。
（2）从某些动物组织中提取的胶原蛋白，可以用来制作手术缝合线。手术后过一段时间，这种缝合线就可以被人体组织吸收，从而避免拆线的痛苦。这种手术缝合线之所以能被人体组织吸收，原因可能是 。
（3）鸡蛋、肉类煮熟后更容易被人体消化，其原因是 。
（4）蛋白质混合液中不同浓度的硫酸铵可以使不同种类的蛋白质析出（或沉淀），随着硫酸铵浓度增加，混合液中蛋白质析出的种类和总量增加。某蛋白质混合液中的不同蛋白质从开始析出到完全析出所需要的硫酸铵浓度范围如表所示。
硫酸铵质量分数/% 15~20 23~30 25~35 38~40
析出的蛋白质 甲蛋白 乙蛋白 丙蛋白 丁蛋白
若要从蛋白质混合液中只分离出乙蛋白，则应将硫酸铵浓度控制在 （填范围）。
22.
已知20种氨基酸的平均相对分子质量为128。图1为某蛋白质的肽链结构示意图(其中数字为氨基酸序号)，图2为部分肽链放大示意图，请据图回答下列问题：
(1)该化合物由氨基酸脱去 个水分子形成，图1所示的蛋白质的相对分子质量为 。
(2)图2中有 种R基，肽键是 (填序号)；该肽链至少有 个游离的羧基。
(3)假设有一个十肽，分子式为CxHyOzNmSn，组成该肽的氨基酸只有图2中的几种，则含有①的氨基酸有 个。
(4)螃蟹的血液呈蓝色，是由血液中一种含铜离子的血蓝蛋白决定，血蓝蛋白与血红蛋白功能相似,还具有高效的抑菌和抗病毒活性功能，由此可知血蓝蛋白具有作用 。
23. 胰岛素是由胰岛B细胞分泌的一种激素。在核糖体上合成的是一条由110个氨基酸形成的单链多肽，称前胰岛素原，是胰岛素的前身，在它的氨基端比胰岛素原多一段肽链，称为信号肽。信号肽引导新生多肽链进入内质网腔后，立即被酶切除，剩余的多肽链折叠成含3个二硫键的胰岛素原。后者进入高尔基体，在酶的催化下除去一段连接胰岛素A链和B链的连接肽（C肽），转变为成熟的胰岛素（A链有21个氨基酸，B链有30个氨基酸）。

（1）胰岛素的基本组成单位是氨基酸，其中缬氨酸的分子式为C5H11O2N，该氨基酸的R基可表示为 。
（2）氨基酸形成前胰岛素原的结合方式是 ，前胰岛素原切除信号肽及C肽产生一分子胰岛素，该过程至少需要消耗 分子水。已知成熟的胰岛素中有5个游离的羧基，那么组成胰岛素的氨基酸中有 个羧基。
（3）在胰岛素的作用下，血液中多余的葡萄糖可以合成糖原储存起来，也可以转变成脂肪和某些氨基酸，这说明蛋白质具有 的功能。
24.下图甲中A、B、D分别表示细胞内的三种大分子有机物，a、b、d分别表示能组成这三种大分子的基本单位，图乙是核苷酸的结构示意图。请据图回答下列问题：
（1）图甲中 a 的 的不同是决定 A 的结构具有多样性的原因之一。
（2）图乙结构是甲图中 （填图中对应字母）的组成单位。若乙结构的含氮碱基是 T ，该物质的名称是 。
（3）如果图甲表示的是动物肝细胞，则物质 D 是 。
（4）物质 A 、 B 、 D 都以 为基本骨架。
（5）多聚体是由许多相同或相似的基本单位组成的长链，若某种多聚体的基本单位中含有 U ，该多聚体的中文名称是 。
25.
肉毒梭菌是致死性最高的病原体之一。肉毒梭菌的致病性在于其能产生作用于神经系统的毒素，即肉毒毒素（ 剂量可毒死20亿只小鼠）。肉毒毒素是由两个亚单位（每个亚单位为一条肽链盘曲折叠而成）组成的一种生物大分子。可能引起生物体肉毒梭菌中毒的食品有腊肠、火腿、鱼及鱼制品、罐头食品、臭豆腐、豆豉等。下图是肉毒毒素的局部结构简式。请据此回答下列问题：
（1）一分子肉毒类毒素至少含有 个游离氨基。
（2）上图所示的片段由 种氨基酸组成，这些氨基酸形成肽键时脱去的氧来自于氨基酸的 基。
（3）为防止肉毒梭菌引起的食物中毒，生活中常采用对食物进行高温加热的方法。其原理是 。
（4）现有另一种蛋白质的氨基酸数量和种类与肉毒毒素的一样，但其功能和肉毒毒素完全不同，原因是 。
（5）不同的蛋白质具有不同的功能。如胰岛素可促进组织细胞加速摄取、利用和储存葡萄糖，使血糖浓度降低；抗体可以帮助人体抵御病菌和病毒等抗原的侵害。胰岛系和抗体分别体现了蛋白质的 功能。
【答案和解析】
1.C
【解析】
1.A、DNA分子是储存、传递遗传信息的生物大分子；蛋白质是由DNA控制合成的，因此蛋白质多样性的根本原因是DNA具有多样性，A正确；
B、蛋白质的基本组成元素主要是C、H、O、N，核酸的组成元素是C、H、O、N、P，因此C、H、O、N是二者共有的元素，B正确；
C、每一种蛋白质分子都有与它所承担功能相适应的独特结构，如果氨基酸序列改变或蛋白质的空间结构改变，就可能会影响其功能；可见蛋白质多种多样的功能是由蛋白质的结构大约1012种之多决定的，C错误；
D、蛋白质、核酸都是生物大分子，生物大分子是由许多单体连接成的多聚体；蛋白质和核酸都具有一定的空间结构，D正确。
故选C。
2.B
【解析】
2.A、胰岛素由A、B两个肽链组成，其中A链有21个氨基酸，B链有30个氨基酸，形成51－2=49个肽键，A错误；
B、51个氨基酸形成胰岛素时，脱去51-2=49个水分子，形成3个二硫键，共减少了49×2+3×2=104个氢原子，B正确；
C、每条多肽链的两端含一个游离的氨基、羧基，R基中也可能含有氨基、羧基，因此含有两条多肽链的胰岛素至少含有2个游离的羧基和2个游离的氨基，C错误；
D、蛋白质结构多样性的直接原因是构成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链的空间结构千差万别，故该蛋白质的功能由氨基酸的数量、种类、排列顺序以及肽链的空间结构决定，D错误。
故选B。
3.C
【解析】
3.ABD、据图可知，三种氨基酸都至少含有一个氨基和一个羧基，且它们都连接在同一个碳原子上，属于组成蛋白质的氨基酸，ABD正确；
C、图示氨基酸虽有氨基和羧基，但它们没有连在同一个碳原子上，不属于组成蛋白质的氨基酸，C错误。
故选C。
4.A
【解析】
4.AC、链状肽链末端有一个游离氨基，因此该蛋白质至少有2个游离氨基和 2 个游离的羧基，A正确，C错误；
B、该蛋白质含有280个氨基酸，形成该蛋白质的过程中脱去了280－2=278个水分子，B错误；
D、该蛋白质的功能由氨基酸的数目、种类、排列顺序以及肽链盘曲折叠形成的空间结构决定，D错误。
故选A。
5.D
【解析】
5.A、蛋白质的结构决定蛋白质的功能，因此这种蛋白质有一定的空间结构才具有生物活性，A正确；
B、蛋白质的基本单位都是氨基酸，通过脱水缩合形成大分子，B正确；
C、蛋白质是生命活动的承担者，但蛋白质的合成要受到核酸的控制，因此这种蛋白质的合成不能说明人类已经可以创造生物，C正确；
D、蛋白质是生命活动的体现者，不能携带遗传信息，核酸是遗传信息的携带者，D错误。
故选D。
6.B
【解析】
6.A、神经肽Y（NPY）是一种由36个氨基酸组成的单链多肽，组成单位是氨基酸，但不一定由21种氨基酸组成，A错误；
B、脱水缩合时，一个氨基酸的氨基和另一个氨基酸的羧基脱去一分子水形成肽键，神经肽Y（NPY）是一种由36个氨基酸组成的单链多肽，因此可能有35个氨基酸的羧基参与脱水缩合，B正确；
C、研究发现，NPY被相关酶修饰，会由NPY1 -36 变成NPY3-36，后者与Y受体具有更高的亲和力，说明在相关酶的修饰作用下，NPY的活性增强了，C错误；
D、单链的多肽经过折叠也会形成一定的空间结构，因此NPY存在特定的空间结构，D错误。
故选B。
7.B
【解析】
7.A、根据氨基酸的结构通式可知，S元素只能位于氨基酸的侧链基团，A正确；
B、图中牛胰核糖核酸酶一共有124个氨基酸， 由于该酶只由一条肽链组成，因此在形成牛胰核糖核酸酶时会形成124-1=123个肽键，脱去的水分子数目=形成的肽键数=123个，由于两个巯基脱氢后形成一个二硫键，则在该过程中分子量减少了=水分子的分子量+脱去的氢=18×123+4×2=2222，B错误；
C、用巯基乙醇和尿素处理牛胰核糖核酸酶，处理后该酶活性消失，再通过透析的方法去除尿素和巯基乙醇，将该酶转移到生理盐水缓冲液中，经过一段时间，发现该酶活性得以恢复，说明巯基乙醇和尿素改变牛胰核糖核酸酶空间结构的过程是可逆的，C正确；
D、牛胰核糖核酸酶在非折叠状态时，肽键没有破坏，仍能与双缩脲试剂反应呈紫色，D正确。
故选B。
8.D
【解析】
8.A 、由图可知，尿素处理会导致蛋白质变性，去掉尿素，变性的蛋白质能够恢复原来的构象， A 正确；
B、实验中所用蛋白质的自然构象由它的一级结构即氨基酸序列决定，B正确；
C、无论蛋白质是否变性，均有肽键，均可以与双缩脲试剂发生紫色反应，故无法用双缩脲试剂来检测蛋白质是否变性，C正确；
D、变性只破坏其空间结构，不破坏肽键及氨基酸序列，故对变性后的蛋白质进行氨基酸序列测定，可以得到其准确序列，D错误。
故选D。
9.B
【解析】
9.A、三十九肽，说明由39个氨基酸脱水缩合形成肽链，因此肽键数目=氨基酸数目-肽链条数=39-1=38，A正确；
B、短肽甲、乙、丙的形成过程中共去掉3个甘氨酸（C2H5NO2），这需要断裂5个肽键，消耗5个水分子，B错误；
C、短肽甲、乙、丙的形成过程中共去掉第7、20和21号甘氨酸（C2H5NO2）3个，此过程共需要断裂5个肽键（分别位于6号和7号、7号和8号、19和20号、20号和21号、21号和22号）、消耗5个水分子，每个甘氨酸含有2个氧原子、每个水分子含有1个氧原子，所以短肽甲、乙、丙比该三十九肽的氧原子数少2×3-5=1个，C正确；
D、内切酶作用于甘氨酸（C2H5NO2）两侧的肽键，经内切酶处理该多肽后，形成1-6、8-19、22-39三个片段，说明第7、20和21号为甘氨酸，D正确。
故选B。
10.A
【解析】
10.A、维生素D能有效地促进人和动物肠道对钙和磷的吸收，有助于宝宝骨骼健康发育，A正确；
B、无机盐不能提供能量，B错误；
C、八宝粥主要的成分是淀粉，属于糖类，淀粉水解会产生葡萄糖，会升高血糖，糖尿病人可以尽量少吃服用，C错误；
D、蛋白质服用后，在消化道内被分解为氨基酸，吸收后被合成自身蛋白质，不能直接补充脑蛋白，D错误。
故选A。
11.A
【解析】
11.A、紫外线和高温可破坏胶原蛋白的空间结构，没有破坏肽键，A错误；
B、CP含有肽键，可与双缩脲试剂发生显色反应，B正确；
C、胶原蛋白经过酶水解后肽键断裂，空间结构改变，C正确；
D、胶原蛋白经过酶水解形成分子量较小的胶原蛋白肽，CP只包含胶原蛋白的部分肽链，则胶原蛋白与CP的氨基酸种类可能不同，D正确。
故选A。
12.C
【解析】
12.A、蔗糖由一分子果糖和一分子葡萄糖组成，淀粉和纤维素都由葡萄糖组成，若单体是葡萄糖，则对应的生物大分子可能是淀粉、纤维素，不可能是蔗糖，A错误；
B、若图中单体为脱氧核苷酸，则对应的生物大分子为DNA，真核细胞的DNA主要存在于细胞核中，B错误；
C、蛋白质的单体是氨基酸，若生物大分子为蛋白质，则其对应的单体是氨基酸，C正确；
D、生物大分子是以碳链为基本骨架的，D错误。
故选C。
13.B
【解析】
13.A、该化合物中含有四个肽键，形成的是一条链，含有五个氨基酸，故该化合物应该称为五肽，A错误；
B、抗体的本质为蛋白质，蛋白质的结构决定蛋白质的功能，蛋白质的结构与肽链盘曲、折叠形成的空间结构有关，B正确；
C、该多肽链的首位分别有1个游离的氨基和1个游离的羧基，但是氨基酸的R基上也带有一个游离的氨基和1个游离的羧基，也应纳入计算，即该多肽链有2个游离的氨基和2个游离的羧基，C错误；
D、该多肽含有-CH2-C6H5、-CH3、-(CH2)4-NH2、-CH2-COOH四种R基，氨基酸的种类由R基的种类决定，因此若将该多肽链水解能产生4种氨基酸，D错误。
故选B。
14.C
【解析】
14.A、该蛋白质含有153个氨基酸，由一条肽链构成，由于R基上的氨基和羧基也形成肽键，因此形成153个肽键，A错误；
B、一条肽链至少含有一个氨基和一个羧基，R基中也可能含有氨基和羧基，B错误；
C、由于这条肽链含有一个二硫键（-S-S-），所以至少有2个氨基酸的R基含硫，C正确；
D、该蛋白质彻底水解将产生153个氨基酸，但是种类不详且最多21种，D错误。
故选C。
15.A
【解析】
15.B、糖原是动物细胞中的多糖，植物细胞中没有，B错误；
A、必需氨基酸是人体细胞不能合成的 ，必须从食物中才能获得，长期缺乏赖氨酸等必需氨基酸会引起营养不良，A正确；
C、Fe是微量元素，C错误；
D、应该用双缩脲试剂来检测绿豆粉中是否含有蛋白质，D错误。
故选A。
16.B
【解析】
16.性激素为固醇类，组成元素有C、H、O；胃蛋白酶为蛋白质，组成元素有C、H、O、N等；纤维素为糖类，组成元素有C、H、O；DNA组成元素为C、H、O、N、P，故它们都含有的元素是C、H、O，B正确，ACD错误。
故选B。
17.B
【解析】
17.A、血红素含有铁元素，而不含钙元素，A错误；
B、由该图信息可知，共含有3个二硫键，每个二硫键的形成，需要两个R基上-SH的参与，所以该种免疫球蛋白至少有6个氨基酸的R基中含有S，B正确；
C、氨基酸数=肽键数+肽链数，由题图信息可知，共有4条肽链，所以彻底水解后可得到n+4个氨基酸，C错误；
D、组成不同蛋白质的氨基酸之间的结合方式均为脱水缩合，不是蛋白质结构多样性的原因，D错误。
故选B。
18.B
【解析】
18.无
19.D
【解析】
19.无
20.A
【解析】
20.AC、构成蛋白质的氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同，硒代半胱氨酸的硒元素位于氨基酸的R基团上，硒代半胱氨酸的分子式为C3H7NO2Se，去掉-COOH（羧基）、-NH2（氨基）、-H、一个中心C原子，剩下的为R基，因此R基为—CH3Se，A错误，C正确；
B、硒代半胱氨酸的分子式为C3H7NO2Se，由于只有一个N和2个O，故该氨基酸中只有一个氨基和一个羧基，B正确；
D、氨基酸的种类和性质由R基决定，故硒代半胱氨酸和吡咯赖氨酸带电性质的差异是由于二者的R基不同造成的，D正确。
故选A。
21.（1） 必需氨基酸
（2）组成动物和组成人体的胶原蛋白是相似的物质，从动物组织中提取的胶原蛋白能分解为可以被人体吸收的氨基酸
（3）高温使蛋白质分子的空间结构变得伸展、松散，容易被蛋白酶水解
（4）23%~24%
21.【解析】
（1）每种氨基酸至少都含有一个氨基（-NH2）和一个羧基 （-COOH），并且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个 碳原子上。这个碳原子还连接一个氢原子和一个侧链基 团，这个侧链基团用R表示，氨基酸的结构通式是：
；人体细胞不能合成，必须从外界环境中获取的氨基酸，是必需氨基酸。
（2）从某些动物组织中提取的胶原蛋白，可以用来制作手术缝合线。手术后过一段时间，这种缝合线就可以被人体组织吸收，从而避免拆线的痛苦。这种手术缝合线之所以能被人体组织吸收，原因可能是组成动物和组成人体的胶原蛋白是相似的物质，从动物组织中提取的胶原蛋白能分解为可以被人体吸收的氨基酸。
（3）高温使蛋白质分子的空间结构变得伸展、松散，容易被蛋白酶水解，因此吃熟鸡蛋、熟肉容易消化。
（4）根据题表可知，析出乙蛋白，硫酸铵浓度为23%~30%，而析出丙蛋白，硫酸铵浓度为25%~35%，可见若要从蛋白质混合液中只分离出乙蛋白，则应将硫酸铵浓度控制在23%~24%。
22.123 13652 3 ②④⑥ 3 m－10 运输、免疫
22.【解析】
试题分析：分析题图，图1为某蛋白质的肽链结构示意图（其中数字表示氨基酸序号），由124个氨基酸组成；图2为部分肽链放大示意图，其中①③⑤⑦表示R基（依次是-CH 2 -NH 2 、-CO-COOH、-CH 2 -SH、-CO-COOH）；②④⑥表示肽键（-CO-NH-）；⑧为肽键的一部分。
（1）图1所示蛋白质是由124个氨基酸脱水缩合形成的，1条肽链，因此脱去的水分子数为124-1=123个；图1所示的蛋白质的相对分子质量=氨基酸分子量×氨基酸个数-水的个数×18-6×1（3个-S-S-时脱去6个H）=124×128-123×18-6=13652。
（2）图2中的R基是①③⑤⑦，其中③⑦相同，因此氨基酸为3种；图中的肽键结构（-CO-NH-）是②④⑥。图中①含有氨基，③⑦含有羧基，因此该蛋白质至少含有3个羧基。
（3）图2中的四种氨基酸只有①的R基中含有氨基，假设有一个十肽，分子式为CxHyOzNmSn，组成该肽的氨基酸只有图2中的几种，则根据N原子数可知含有①的氨基酸有m-10个。
【点睛】解答本题的关键是掌握氨基酸脱水缩合的过程以及相关计算，并根据图2中肽键的数量判断氨基酸的数量，根据R基的种类判断氨基酸的种类。
23.（1） —C3H7
（2）脱水缩合 3 54
（3）调节机体生命活动
23.【解析】
（1）无
（2）无
（3）无
24.（1）种类、数量和排列顺序
（2）B 胸腺嘧啶脱氧（核糖）核苷酸
（3）肝糖原
（4）碳链
（5）核糖核酸
24.【解析】
（1）染色体主要由蛋白质和DNA组成，蛋白质主要组成元素为C、H、O、N，DNA组成元素为C、H、O、N，P，因此A是蛋白质，B是DNA，a是组成蛋白质的基本单位氨基酸 。氨基酸种类、数量和排列顺序决定了A（蛋白质）的结构具有多样性。
（2）图乙由磷酸基团、五碳糖和含氮碱基组成，表示核苷酸，可对应图甲的B（DNA）的组成单位；T是DNA的特有碱基，若乙结构的含氮碱基是T，该物质的名称是胸腺嘧啶脱氧核苷酸。
（3）D是细胞中的主要能源物质，又是大分子有机物，因此表示的是多糖。如果图甲表示的是动物肝细胞，则物质D是肝糖原。
（4）依题意，物质A、B、D都是生物大分子，生物大分子以碳链为基本骨架。
（5）U为尿嘧啶，是构成RNA的单体的组成成分，因此，含有U的多聚体的中文名称是核糖核酸。
25.2 5 羧 高温加热可使肉毒梭菌的蛋白质和肉毒毒素变性，使其生物活性丧失 氨基酸数量和种类一样。但氨基酸的排列顺序、肽链的空间结构不同。导致蛋白质的结构不同，从而功能不同 调节、免疫
25.【解析】
（ 1 ）一分子肉毒毒素有 2 条肽链，所以游离的氨基数至少是 2 个。
（2）由分析知，题图所示的片段中5个氨基酸的 基依次是 、-H、-CH3、 、 ，R基各不相同，说明该片段由5种氨基酸组成，氨基酸形成肽键时脱去的氧来自于氨基酸的羧基。
（3）高温加热可使肉毒梭菌的蛋白质和肉毒毒素变性，使其生物活性丧失。
（4）蛋白质的结构决定功能，结构不同则功能不能。而蛋白质的结构又与组成其氨基酸的数量、种类和排列顺序以及肽链的空间结构有关。该蛋白质的氨基酸数量和种类与肉毒毒素的一样。但氨基酸的排列顺序、肽链的空间结构不同，所以结构不同，从而功能不同。
（5）激素体现的是调节作用，抗体可以帮助人体抵御病菌和病毒等抗原的侵害体现的是免疫功能