浙教版科学九上 3.2-3.7同步练习（含答案）

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浙教版科学九上能量的转化与守恒3.2-3.7同步练习（含答案）
一、选择题
1．下列所示的家用电器中，利用电流的热效应工作的是（　　）
A．平板电脑 B．电风扇
C．电水壶 D．蓝牙音箱
2．如图所示的是小新提包回家的情景，小新对提包的拉力没有做功的是（　　）
A．将包提起来 B．站在水平匀速行驶的车上
C．提着包上楼 D．乘升降电梯
3．如图所示，滑轮重、绳重、摩擦力均忽略不计，利用两个滑轮提升同一重物到同一高度时，下列组合中最省力的是（　　）
A． B． C． D．
4．如图所示为我国古代发明的取火器的模型图，把木制推杆迅速推入牛角套筒时，杆前端的艾绒立刻燃烧起来。在汽油机工作过程中，与套筒内空气温度升高的能量转化相同的冲程是（　　）
A． B． C． D．
5．如图所示分别是小实家上月初和月末的电能表的表盘示数，下列选项中说法正确的是（　　）
A．该电能表的最大额定电流为20A
B．电能表的表盘转1转，说明消耗了600kW h的电能
C．小实家上月消耗的电能为911kW h
D．电能表的表盘转得越快，电能表所在电路消耗电能越多
6．如图所示的电路中，甲、乙两灯泡串联后接在电路中，观察到甲灯泡比乙灯泡亮，则下列描述中错误的是（　　）
A．P甲＞P乙 B．I甲＝I乙 C．U甲＞U乙 D．R甲＜R乙
7．篮球运动员有不同的投篮轨迹，某运动员用相同的初速度在相同高度分别用不同轨迹投篮，如高弧线1和平弧线2，其最高点分别记为A、B两点，若不考虑空气阻力，则以下说法正确的是（　　）
A．A点机械能大于B点，动能大于B点
B．A点机械能等于B点，动能大于B点
C．A点机械能大于B点，动能小于B点
D．A点机械能等于B点，动能小于B点
8．如图是一款可以调节锅内温度大小的高压锅保险阀门原理图，其本质是一根以O为支点的杠杆。当温度升高到一定程度时，蒸汽从阀门向上喷出，在A点对杠杆施加向上的力，若需要减小锅内的最高温度，则需要（　　）
A．增大重物质量，并将重物向左移动
B．增大重物质量，并将重物向右移动
C．减小重物质量，并将重物向左移动
D．减小重物质量，并将重物向右移动
9．如图所示的电路，闭合开关S，当滑片P向右移动过程中（　　）
A．小灯泡变亮 B．电流表示数变大
C．电路的总功率变大 D．电压表示数变小
10．有关温度、热量、内能，下列说法正确的是（　　）
A．物体吸收热量，内能一定增加，同时温度一定升高
B．一般物体都具有内能，但超低温物体没有内能
C．物体内能减少时，温度不一定降低，但一定是放出了热量
D．物体温度升高，不一定吸收热量，但内能一定增加
11．如图中的皮划艇运动员一手支撑住桨柄的末端，另一手用力划桨，此时的船桨可看作是一个杠杆。下图中的船桨模型中最合理的是（　　）
A． B． C． D．
12．人爬楼梯时，需要克服自身重力做功。小科和同学们进行爬楼梯比赛，规定功率最大者获胜，则获胜者一定（　　）
A．做功最快 B．用时最短 C．体重最大 D．速度最快
13．如图所示，一个物体由A点自由下落时，相继经过B、C两点，已知AB＝BC，物体在AB段重力做功W1，功率P1；在BC段重力做功W2，功率P2，则下列关系正确的是（　　）
A．W1＝W2 P1＜P2 B．W1＝W2 P1＝P2
C．W1＝W2 P1＞P2 D．W1≠W2 P1≠P2
14．小科用如图所示的电路探究“电流通过导体产生热量多少与电阻的关系”，下列说法正确的（　　）
A．玻璃管越粗实验现象越明显
B．两烧瓶中分别装等质量的水和煤油
C．需控制两烧瓶中电阻丝的长度、横截面积、材料均相同
D．该装置还可研究导体产生的热量与电流大小的关系
15．如图，在光滑的水平台面上，一轻弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置。压缩弹簧使小球至A位置，然后释放小球，小球就在AB间做往复运动（已知AO＝OB）。小球从A位置运动到B位置的过程中，判断正确的是（　　）
A．小球的动能不断增加
B．弹簧的弹性势能不断减少
C．在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变
D．小球运动到O点时的动能与此时弹簧的弹性势能相等
二、填空题
16．如图1所示，中国“人造太阳”——大型核实验装置“东方超环”（EAST）实现1.2亿摄氏度101秒等离子体运行，创造了世界新纪录。
（1）“东方超环”的反应原理与太阳类似，即通过 　 　（选填“裂变”或“聚变”）释放巨大的核能。
（2）如图2为核电站发电流程图，在核电站的发电过程中，核电站能量转化是核能→内能→　 　→电能。但这些电能无法自动转化回去，这是因为能量的转移和转化有 　 　性。
17．把一个排球竖直向上抛出，运动到最高点并竖直下落。A、B是排球从抛出到最高点的运动轨迹中的两个点，其动能和重力势能的大小如表所示。
A点 B点
动能/J 15 19
重力势能/J 4 3
（1）排球在A、B两点间的运动方向为 　 　（选填“A到B”或“B到A”）。
（2）A、B两点之间排球克服空气阻力做功为 　 　J。
18．在实际生活中，常用螺丝刀将螺丝钉拧进（出）物体。图甲中正在拧螺丝钉的螺丝刀，可视为图乙所示的杠杆AOB，其中O为支点，B为阻力作用点，F2为阻力，动力作用在手柄上。
（1）请在图中画出对应F2的最小动力F1的示意图。
（2）为达到更省力的目的，为该螺丝刀结构提供一条改进建议 　 　。
19．如图所示，斜面高为2m，长6m。小实用沿斜面向上大小为250N的拉力F，将重为600N的木箱由斜面底端以0.6m/s的速度匀速拉动。
（1）小实拉木箱时拉力的功率是 　 　W。
（2）该斜面摩擦力的大小为 　 　N。
20．厨房中有一个标有“220V，10A”的插排（图甲所示），正接入一个空气炸锅（“220V，1210W”）正常工作。
（1）空气炸锅正常工作时通过的电流为 　 　A。
（2）该插排 　 　（选填“可以”或“不可以”）再接入一个电微波炉（“220V，660W”）使这两个用电器同时工作。
（3）空气炸锅工作原理的简化电路如乙图所示。电动机线圈电阻为27.5欧姆，电动机正常工作时，通过电动机的电流为2安。电动机正常工作时电能转化为机械能的效率为 　 　。
三、探究题
21．小实在验证“电阻丝产生的热量与电阻、电流及通电时间的关系”时，采用如图甲所示电路，其中R1、R2为不同长度的同种电阻丝（R1长度大于R2），火柴用相同大小的石蜡粘在R1、R2上（如图乙），闭合开关，记录火柴掉落所用的时间。调节滑动变阻器的滑片，重复实验，所得结果如下表。
序号 滑动变阻器滑片位置 火柴掉落所用的时间/s
R1 R2
1 最右 126 124
2 中点 32 33
3 最左 15 15
（1）这样电路连接的目的能控制的变量是 　 　。
（2）在完成第一次实验后，小实将滑片移到滑动变阻器的中点位置，要等待一段时间后再闭合开关。他主要考虑到 　 　可能会影响实验准确度。
（3）小实的实验中R1、R2的阻值不同，火柴几乎同时掉落，请结合实验示意图解释原 因 　 　。
22．图甲是测定小灯泡电功率的实验实物图，电源电压恒为3伏，小灯泡标有“2.5V”字样。
实验序号 电压/伏 电流/安 电功率/瓦
1 2.0 0.18 0.36
2 2.5 0.20
3 3.0 0.22 0.66
（1）请将实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片向左移动时小灯变亮）。
（2）小实闭合开关后，移动滑动变阻器并记录三组数据如上表所示。根据表中数据可知小灯泡的额定功率为 　 　W。
（3）在滑动变阻器滑片从最右端移到最左端的过程中，小灯泡的功率随电流变化如图乙所示。请在图乙中绘制当电流增大时，电路消耗的总功率图像。
23．在探究“杠杆的平衡条件”的实验中：
（1）实验前，当杠杆静止时如图甲所示，应该向 　 　（填“左侧”或“右侧”）调节平衡螺母，使杠杆在没有挂钩码时，保持水平位置平衡。这样做的好处是：　 　。
（2）杠杆在水平位置平衡后，在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡。然后改变动力和动力臂，相应调节阻力和阻力臂，再做几次实验，再做几次实验的目的是 　 　。
（3）如图乙，当货车所载货物重心太靠后时，货车会翘起来，这样容易造成交通安全事故。若以汽车的后轮为支点，货物对货车压力F的力臂用L1表示，货车重力G的力臂用L2表示，货车之所以会翘起来，是因为FL1　 　GL2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
24．如图所示是“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置，实验中让钢球从斜面上某个高度由静止沿斜面滚下，在底部与静止在水平面上的木块发生碰撞，木块沿水平向右运动直至停止。
（1）该实验中所探究物体的动能是指物体 　 　（选填“A”或“B”）的动能。
（2）让同一钢球从斜面的不同高度由静止开始滚下，目的是探究钢球的动能大小与 　 　的关系。
（3）木块最终会停下来，在此过程中木块通过 　 　方式把动能转化为内能。
（4）如果木块在运动过程中所受的摩擦阻力为0，木块将 　 　。
四、解答题
25．2019年1月3日，“嫦娥四号”探测器成功着陆在月球背面，并通过“鹊桥”中继星传回了近距离拍摄的月背影像图（如图甲所示），揭开了月背的神秘面纱。
（1）“嫦娥四号”探测器在着陆过程中逐渐减速，在距月面100米处开始悬停，选定相对平坦区域后开始匀速缓慢垂直下降。整个过程中若不考虑其质量变化，它的机械能 　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
（2）小实利用能量相关的知识制作小型火箭，并模拟发射的过程。其模型如乙图所示，通过遥控点燃动力筒中的气体燃料，产生的动力将火箭沿竖直方向向上推动。整个空的火箭模型质量为4.8kg，向其中充入0.2g的气体燃料。若这种燃料推动火箭运动的能量转化效率为50%，请通过计算说明小实的火箭模型是否能够冲上20米高空。（燃料的热值为1.2×107J/kg，燃料不计入火箭模型总质量，忽略空气阻力）
26．越来越多的家庭倾向于以磨煮天然豆浆代替冲泡豆浆粉，如图甲为自动豆浆机，其功能包含磨豆、加热豆浆、保温。图乙是豆浆机电路结构简化图，电动机用于磨豆，R1、R2为发热电阻。铭牌上的部分参数如下表所示。
额定电压 220V
磨豆功率 110W
保温功率 88W
加热功率 1210W
产品规格 270mm*245mm*330mm
（1）若仅闭合开关S2，豆浆机正运行的功能为 　 　。（选填“磨豆”、“保温”或“加热”）
（2）R2的阻值是多少欧？
（3）小实某次制作豆浆，只进行了磨豆和加热，其中磨豆用时2分钟，加热用时5分钟，则本次制作豆浆共消耗多少电能？
27．如图甲是某项目化小组模拟自动灌注的模型示意图。该装置可分为灌注装置和运输装置两部分。通过运输装置中的传送带将空杯运输到灌注台。灌注装置在控制电路的控制下，使线圈1定时吸引衔铁将工作电路接通，喷头向杯中注入液体。灌注台下方通过杠杆压在力敏电阻R2上，R2的阻值随压力F的变化情况如图乙所示。当通过线圈2的电流大于0.2A时，电动机内部开关闭合，传送带将带动装着果汁的杯运动至接收台。
（1）当果汁灌入杯中时，通过线圈2的电流将 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（2）运输装置中，杠杆可绕O点转动，已知OA＝4cm，OB＝6cm，电源电压U3＝1.2V，线圈电阻不计，空杯、传送带、灌注台和杠杆对R2的压力均忽略不计。若R3的阻值为2Ω，求该情况下每杯至少可灌注多少克的果汁。
（3）为使喷头可以间断性喷射，控制电路的电源电压U1呈图丙周期性变化，当线圈中通过的电流I≥0.5A时，电磁继电器衔铁被吸下，喷头喷射液体，已知喷头每秒喷出液体质量为100g。若每次灌注120g液体，为使灌果汁的过程可连续且稳定地进行，则应调节R1的阻值为多少欧？（忽略线圈1电阻）
28．建筑工地上经常用长臂大吊车来输送建筑材料，安装建筑构件，图甲是其钢丝绳缠绕简化示意图（其中动滑轮重、绳重及摩擦均不计），喜欢实践的小科同学，自己也尝试设计了类似的吊车模型（如图乙），其中AP为粗细均匀的直棒，长1.8米，质量为1千克，凳子宽度为40厘米，A下端固定一个铅块M。
（1）若钢丝绳能承受的最大拉力为3×104牛，则能吊起货物的质量不能超过 　 　千克。
（2）若将质量为1.2×103千克的货物由地面沿竖直方向匀速提升30米，再沿水平方向移动20米，则此过程中克服货物重力做功多少焦？
（3）乙图模型中AO1为30厘米，在没挂物体时直棒刚好有绕O1点转动的趋势，则配重M的质量为多少千克？
答案
1．解：A、平板电脑工作时主要把电能转化为光能和声能，不是利用电流热效应工作的，故A不符合题意；
B、电风扇主要是把电能转化为机械能，不是主要利用电流的热效应工作的，故B不符合题意；
C、电热水壶是把电能转化为内能，是利用电流的热效应，故C符合题意；
D、蓝牙音箱工作时主要把电能转化为声能，不是利用电流热效应工作的，故D不符合题意。
故选：C。
2．解：A、因为小新将包提起来了，提包受到了向上的力的作用，并且提包在力的方向上移动了距离，根据W＝Fs知，故拉力做功，该选项不符合题意；
B、因为小新站在水平匀速行驶的车上，小新提着包，但是提包没有在力的方向移动距离，即s＝0，根据W＝Fs知，故拉力没有做功，该选项符合题意；
C、小新提着包上楼，手提着包的力上向上的，提包在力的方向上移动了距离，根据W＝Fs知，该选项不符合题意；
D、小新乘升降电梯，在提包的力的方向上移动了距离，故提包的力也做功，该选项不符合题意；
故选：B。
3．解：滑轮重、绳重、摩擦力均忽略不计，
A图，动滑轮上有2段绳子，物重G由2段绳子承担，所以拉力F1＝G；
B图，两个滑轮都是定滑轮，所以拉力F2＝G。
C图，动滑轮上有3段绳子，物重G由3段绳子承担，所以拉力F3＝G；
D图，动滑轮上有2段绳子，物重G由2段绳子承担，所以拉力F4＝G；
比较可知，拉力最小的是C图，即C图最省力。
故选：C。
4．解：把木制推杆迅速推入牛角套筒时，杆前端的艾绒立刻燃烧起来，这是通过做功的方式，使筒内空气内能增大，温度升高，达到艾绒的着火点；
此过程中压缩套筒内空气做功，使套筒内气体的内能增加，达到艾绒的着火点。在该实验中，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，与汽油机的压缩冲程的能量转化相同；选项B中两气门都关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，与上述实验过程的能量转化一致；A为吸气冲程，C为做功冲程，D为排气冲程。
故选：B。
5．解：A、该电能表上的额定最大电流是20A，故A正确；
B、电能表的表盘转600转，说明消耗了1kW h的电能，故B错误；
C、小实家上月消耗的电能为91.1kW h，故C错误；
D、电能表的表盘转得越快，电能表所在电路消耗电能越快，故D错误。
故选：A。
6．解：（1）因为甲灯泡比乙灯泡亮，所以甲的实际功率大于乙灯的实际功率，即P甲＞P乙，故A正确。
（2）两灯是串联关系；则I甲＝I乙，故B正确。
（3）由P＝I2R可得：R甲＞R乙，根据串联分压的特点：，故U甲＞U乙，故C正确、D错误。
故选：D。
7．解：运动员用相同的初速度在相同高度投篮，因此两次的动能和势能分别相等，即机械能相等。由于不考虑空气阻力，篮球在运动过程中机械能不变，所以A点的机械能等于B点的机械能，故AC错误；
由图可知，A点的位置高于B点的位置，所以A点的势能大于B点的势能，由于机械能相等，所以A点的动能小于B点的动能，故B错误，D正确。
故选：D。
8．解：当温度升高到一定程度时，蒸汽从阀门向上喷出，在A点对杠杆施加向上的力，重物阻碍杠杆向上移动，若需要减小锅内的最高温度，则阻力、阻力臂需要减小，故减小重物质量，并将重物向左移动。
故选：C。
9．解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑片右侧部分电阻两端的电压，电流表测电路中的电流。
因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，
所以，当滑片P向右移动过程中，电路中的总电阻不变，滑片右侧部分电阻变小，
由I＝可知，电路中的电流不变，即电流表的示数不变，故B错误；
由U＝IR可知，滑片右侧部分电阻两端的电压变小，即电压表的示数变小，故D正确；
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P＝I2R可知，灯泡的实际功率不变，亮暗不变，故A错误；
由P＝UI可知，电路的总功率不变，故C错误。
故选：D。
10．解：
A、物体吸收热量，内能一定增加，但温度不一定升高，如晶体的熔化过程，故A错误；
B、一切物体在任何情况下都有内能，所以0℃的物体也有内能，故B错误；
C、物体内能减少时，可能温度不变，如晶体在凝固过程中放热，内能减小，但温度不变；同时，若物体的内能减小，可能是向外放出了热量，也可能是对外界物体做了功，故C错误；
D、物体的温度升高，内部分子的无规则运动加快，其内能一定增加；物体温度升高，可能是外界物体对它做了功，也可能是从外界吸收了热量，故D正确。
故选：D。
11．解：由题意可知，撑住桨柄的末端为支点，下面的手给浆向后的力，这时水给浆一个向前的力，所以船前进。
故选：B。
12．解：功率的物理意义：功率是反映物体做功快慢的物理量，功率大的物体，做功快；功率小的物体，做功慢。所以做功最快的那一个人，他的功率最大。
故选：A。
13．解：∵AB＝BC，
∴根据W＝Gh可知，物体在AB段和BC段做的功相等，即W1＝W2；
∵小球在自由下落时做加速运动，
∴根据t＝可知，小球在BC段运动的时间短，
∴物体在AB段重力做功功率小于BC段重力做功功率，即P1＜P2。
故选：A。
14．解：AB、探究电流通过导体产生热量多少与电阻的关系，要控制电流和通电时间相同，只改变电阻大小，根据转换法，两烧瓶中分别装等质量的同种液体，玻璃管细实验现象越明显，故AB错误；
C、若控制两烧瓶中电阻丝的长度、横截面积、材料均相同，则两电阻丝电阻相同，故C错误；
D、将其中任一电阻丝作为研究对象，则电阻不变，控制通电时间相同，通过移动变阻器的滑片改变电路的电流，故装该装置还可研究导体产生的热量与电流大小的关系，故D正确。
故选：D。
15．解：由题知，O点是弹簧保持原长时小球的位置，则AO段弹簧处于压缩状态，OB段弹簧处于拉伸状态，小球从A运动到O的过程中，弹簧逐渐恢复原状，形变程度变小，弹性势能变小，小球所受弹力方向向右、速度不断增大，动能变大，此过程中弹性势能转化为动能，到达O点时，弹簧恢复原长，弹性势能为零，小球所受弹力为零，此时速度最大，动能最大，小球从O运动到B的过程中，弹簧被拉长，形变程度变大，弹性势能变大，此时小球所受弹力方向向左、速度不断减小，动能变小，此过程中动能转化为弹性势能。则小球从A位置运动到B位置的过程中：
A、小球的动能先增加后减少，故A错误；
B、弹簧的弹性势能先减少后增大，故B错误；
C、水平台面光滑，且AO＝OB，说明没有机械能转化为内能，小球和弹簧组成的整体机械能守恒，所以在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变，故C正确；
D、小球运动到O点时的动能（最大）与此时弹簧的弹性势能（为零）不相等，故D错误。
故选：C。
16．解：（1）“东方超环”的反应原理与太阳类似，即通过聚变释放巨大的核能；
（2）在核反应堆中，核能转化为介质的内能，在汽轮机中内能转化为汽轮机的机械能，在发电机中，机械能转化为电能，完成最终的转化；这些电能无法自动转化回去，这是因为能量的转移和转化有方向性。
故答案为：（1）聚变；（2）机械能；方向。
17．解：把一个排球竖直向上抛出时，它的质量不变，它的高度越来越高，速度越来越慢，故重力势能增加，动能减小，从表中可知，B点的机械能大于A点，故排球先经过B点再经过A点，又因为B点的动能大于A点，势能小于A，故可能运动方向是排球由B点上升到A点。
机械能等于物体的动能和势能之和，则排球在A点的机械能等于15J+4J＝19J；在B点的机械能等于19J+3J＝22J，
所以A、B两点之间排球克服空气阻力做功为等于机械能的变化量，W＝22J﹣19J＝3J；
故答案为：B到A；3。
18．解：（1）过点A作OA的垂线，方向向下的力，即为最小的动力F1，如图所示：
（2）为达到更省力的目的，可以增大手柄的直径，增大动力臂。
故答案为：（1）；（2）增大手柄的直径。
19．解：（1）木箱所用的时间：t＝＝＝10s，
拉力做的总功：W总＝Fs＝250N×6m＝1500J，
拉力的功率为：P＝＝＝150W；
（2）有用功为：W有＝Gh＝600N×2m＝1200J，
额外功为克服摩擦力做的功，此过程中所做额外功为：W额＝W总 W有＝1500J 1200J＝300J，
物体与斜面间的摩擦力：f＝＝50N。
故答案为：（1）150；（2）50。
20．解：（1）由P＝UI可得，空气炸锅正常工作时的电流：I＝＝＝5.5A；
（2）插排允许的最大功率：
P最大＝UI最大＝220V×10A＝2200W，
两个用电器全部接入电路总功率：
P总＝P电磁炉+P空＝660W+1210W＝1870W＜2200W，
因此可以接入一个电微波炉（“220V，660W”）使这两个用电器同时工作；
（3）电动机消耗的电能的功率P＝UI＝220V×2A＝440W；
发热功率P'＝I2R＝（2A）2×27.5Ω＝110W；
产生机械能的功率P机械＝P﹣P'＝440W﹣110W＝330W；
电能转化为机械能的效率η＝×100%＝＝75%.
故答案为：（1）5.5。（2）可以；（3）75%。
21．解：（1）串联连接的目的是：控制通过电阻丝的电流与通电时间相等；
（2）在完成一次实验后，小实将滑片移到滑动变阻器的中点位置，在闭合开关前还应考虑会影响实验准确度的因素是电阻丝的温度，应等到电阻丝温度恢复到室温再开始下次实验，以避免上次实验时电阻丝温度较高带来的干扰；
（3）小实的实验中R1、R2的阻值不同，火柴几乎同时掉落，原因是：R1、R2为不同长度的同种电阻丝，由图乙可知两电阻丝粘在火柴上的长度几乎相等，则与火柴相连的两段电阻丝电阻几乎相同，在电流相同、通电时间相同时，产生的热量几乎相同，故两根火柴会几乎同时掉落。
故答案为：（1）通过电阻丝的电流与通电时间；（2）电阻丝的温度；（3）R1、R2为不同长度的同种电阻丝，由图乙可知两电阻丝粘在火柴上的长度几乎相等，则与火柴相连的两段电阻丝电阻几乎相同，在电流相同、通电时间相同时，产生的热量几乎相同，故两根火柴会几乎同时掉落。
22．解：（1）滑动变阻器的滑片向左移动时小灯变亮，说明滑动变阻器使用左半段电阻丝，滑动变阻器应接左下接线柱，把灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电压表与灯泡并联，电流表与小灯泡串联，由表格数据知电流表选用0～0.6A的量程，如下所示：
；
（2）小灯泡的额定电压为2.5V，从表中可知此时的电流为0.20A，小灯泡正常发光时的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.20A＝0.5W；
（3）电路消耗的总功率P总＝UI，在电源电压不变时，电路的总功率与电流成正比，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，此时电路的总功率等于P总＝P滑+P灯，所以电流最小时总功率大于小灯泡的功率，当滑动变阻器接入电路的电阻最小为零时，电路的总功率等于小灯泡的功率，图像如下图所示：
。
故答案为：（1）见解答图；（2）0.5；（3）见解答图。
23．解：（1）应该向较高的一端调节平衡螺母，使杠杆在水平位置保持平衡，本题杠杆左端下沉，说明右侧较高，应该将平衡螺母向右侧调节；
使杠杆在水平位置保持平衡，这样做的目的是便于直接在杠杆上读取力臂；
（2）通过实验总结归纳出物理规律时，一般要进行多次实验，获取多组实验数据归纳出物理规律才具有普遍性，结论才正确，所以在探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律；
（3）货物对货车压力F的力臂用L1表示，货车重力G的力臂用L2表示，货车之所以会翘起来，是因为FL1＞GL2。
故答案为：（1）右侧；便于直接在杠杆上读取力臂；（2）为了获取多组实验数据归纳出物理规律；（3）＞。
24．解：（1）该实验中所探究物体的动能是指物体A的动能；
（2）让同一钢球从斜面的不同高度由静止开始滚下，目的是探究钢球的动能大小与速度的关系；
（3）木块最终会停下来，在此过程中木块通过做功方式把动能转化为内能；
（4）如果木块在运动过程中所受的摩擦阻力为0，木块将一直做匀速直线运动。
故答案为：（1）A；（2）速度；（3）做功；（4）一直做匀速直线运动。
25．解：（1）探测器匀速缓慢垂直下降时，质量不变，速度不变，高度降低，则其动能不变，重力势能减小，因动能和势能统称为机械能，所以其机械能减小；
（2）0.2g的气体燃料完全燃烧放出的热量为：
Q放＝m气q＝0.2×10﹣3kg×1.2×107J/kg＝2.4×103J，
根据η＝可知，克服重力所做的功为：
W＝ηQ放＝50%×2.4×103J＝1.2×103J，
火箭模型上升的高度为：
h＝＝＝25m＞20m，故小实的火箭模型能够冲上20m的高空。
答：（1）减小；（2）小实的火箭模型能够冲上20m的高空。
26．解：（1）由P＝可知，在电源电压U＝220V一定时，电阻越大电功率越小，电阻越小电功率越大，当只闭合S2时，电阻R1、R2串联接入电路，电阻最大，为保温状态，当闭合S2、S3时，只有R1接入电路，电阻最小，为加热状态；
（2）加热状态时，由P＝可知R1的阻值R1＝＝＝40Ω；
加热状态时，由P＝可知串联电路的总电阻R＝＝＝550Ω；
根据电阻串联的特点可知R2＝R﹣R1＝550Ω﹣40Ω＝510Ω；
（3）磨豆用时2分钟，t1＝2min＝120s，加热用时5分钟，t2＝5min＝300s，
本次泡制咖啡共消耗电能W总＝W1+W2＝P1t1+P2t2＝110W×120s+1210W×300s＝3.762×105J。
故答案为：（1）保温；（2）R2的阻值为510Ω；（3）本次泡制咖啡共消耗电能3.762×105J。
27．解：（1）运输装置控制电路中，R2、R3串联接入电路，
由乙图可知压敏电阻的阻值随压力的增大而减小，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，果汁灌入杯中时，电路总电阻变小，根据欧姆定律可知通过线圈2的电流将变大；
（2）闭合开关，R2、R3串联接入电路，当线圈电流大于0.2A时，可使延时开关接通，此时串联电路总电阻：R＝＝＝6Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则R2的阻值：R2＝R﹣R3＝6Ω﹣2Ω＝4Ω，
由乙图可知力敏电阻受到的压力为3N，
根据杠杆平衡条件可得FA×OA＝FB×OB，代入数据可得3N×4cm＝FB×6cm，解方程可得FB＝2N，
单次灌注液体的质量：m＝＝＝＝0.2kg＝200g；
（3）喷头每秒喷出液体质量为100g，某次液体灌注的标准为120g，则喷灌时间为＝1.2s，
灌注装置控制电路中，由图丙可知电压在1.8s内由0V增大到18V，又由18V减小到0V，所以0.3s～0.9s～1.5s时间段内电源电压为6V～18V～6V，故在该时间段内喷头喷射液体，
当线圈中通过的电流I≥0.5安时，电磁继电器衔铁被吸下，则R1的阻值：R1＝＝＝12Ω。
答：（1）变大；
（2）该情况下每杯至少可灌注200克的果汁；
（3）应调节R1的阻值为12Ω。
28．解：（1）由甲图可知，动滑轮能够拉起货物的最大重力等于2倍绳子的最大拉力大小，则有：G＝2F＝2×3×104N＝6×104N；
又G＝mg，所以货物的最大质量m＝；
（2）重力做功只与物体始末位置的高度差有关，跟水平距离无关，货物在匀速提升的过程中克服重力做功W＝G′h＝1.2×104N×30m＝3.6×105J；
（3）粗细均匀的直棒的重心在直棒的中点，以O1为轴，动力G棒＝m棒g＝1kg×10N/kg＝10N，动力臂l1＝＝0.9m﹣0.3m＝0.6m，阻力G配重＝？，阻力臂l2＝AO1＝0.3m；
依据杠杆平衡条件得：G棒×l1＝G配重×l2；
代入数据得：G配重＝；
再由G＝mg得：m配重＝。
答：（1）6×103；
（2）此过程中克服货物重力做功3.6×105J；
（3）配重M的质量为2kg。
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