广东省惠州市惠阳区永湖中学2024-2025学年九年级（上）开学物理试卷
1．（2024九上·惠阳开学考）如图为珠江两岸景观图。下列相对广州塔静止的是( )
A．飞行的客机 B．两岸的高楼 C．行驶的游船 D．流动的江水
2．（2024九上·惠阳开学考） 嫦娥五号携带月壤样品返回地球。从月球到地球，样品的质量（ ）
A．变为原来的一半 B．保持不变
C．变为原来的2倍 D．变为原来的4倍
3．（2024九上·惠阳开学考）如图为某款剪刀的示意图。握住手柄修剪树枝时，剪刀可视为杠杆，该杠杆的特点是( )
A．省力 B．费力 C．省功 D．省距离
4．（2024九上·惠阳开学考）在如图所示的原子模型中，是( )
A．原子核 B．质子 C．中子 D．电子
5．（2024九上·惠阳开学考）淮南子俶真训记载：“今夫冶工之铸器，金踊跃于炉中”。金属在炉中从固态变为液态的过程是( )
A．汽化 B．液化 C．熔化 D．凝固
6．（2024九上·惠阳开学考） 如图是古代省油灯的示意图。它下层盛水，能减慢上层油的消耗。点灯后，水在升温的过程中（ ）
A．吸热，内能增加 B．吸热，内能减少
C．放热，内能增加 D．放热，内能减少
7．（2024九上·惠阳开学考） 小明设计了一盏能调节亮度的台灯。下列符合要求的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
8．（2024九上·惠阳开学考）用力踢足球，足球由静止变为运动，说明力可以改变物体的 ；在踢球的瞬间，球会有一些凹陷，这说明力还可以改变物体的 。优秀运动员的脚踢在球的恰当的位置，球会划出一道弧线飞转绕过“人墙”而进入球门，就是所谓的“香蕉球”，从力的三要素分析“恰当的位置”，是指力的 。
9．（2024九上·惠阳开学考）家用小轿车多呈流线型，外形如图所示。在快速行驶中，小汽车上方的流速 下方气流流速，从而使汽车上方压强 下方压强（选填“大于”或“小于”），产生升力，同时也使汽车对地面压力变 ，从而使摩擦力变小。
10．（2024九上·惠阳开学考）当汽车突然加速或刹车，车内的人由于具有 容易受到伤害。如图所示，头枕和安全带 （选填“能”或“不能”）减小人的惯性， （选填“头枕”或“安全带”）可以减小汽车被追尾时给人带来的伤害。
11．（2024九上·惠阳开学考）为了记录运动会中精彩的瞬间，学校邀请摄影师携带无人机来进行航拍。如图所示，当无人机悬停在空中时，升力 （选填“大于”“等于”或“小于”）无人机的重力；当无人机水平飞行时，升力对无人机 （选填“做功”或“不做功”）。重为30N的无人机竖直向上飞行100m，无人机克服重力做的功为 J。
12．（2024九上·惠阳开学考）如题图所示是两个壶身相同的茶壶， （选填“甲”或“乙”）茶壶能装更多的水。乙茶壶加满水后，水对壶底的压强是 Pa，壶盖密封性良好，若按住小孔，则壶中的水 （选填“能”或“不能”）顺利倒出。（ρ水＝1×103kg/m3；g＝10N/kg）
13．（2024九上·惠阳开学考）如图所示滑轮组中定滑轮的作用是 。小铭用该滑轮组将重的物体匀速提高，动滑轮重为，不计绳重和摩擦，则小铭所用拉力 ；若物重增大，该滑轮组机械效率将 （选填“变大”、“变小”或“不变” ）。
14．（2024九上·惠阳开学考）如图所示的热气球，其下方开口处燃烧液化气，随着热气球内部气体温度升高，热气球体积膨胀到一定程度，徐徐升空，则气球内的气体密度 ，气球所受浮力 （以上两空填“变大”“变小”或“不变”）；当体积为的热气球悬浮在空中，热气球及吊篮和乘客的总重是 。（空气密度，）
15．（2024九上·惠阳开学考）如图所示，小球漂浮在水面，请在点画出小球受到的重力和浮力的示意图。
16．（2024九上·惠阳开学考）如图所示，一束光经点从空气斜射入水中，请画出法线及大致的折射光线。
17．（2024九上·惠阳开学考） 图甲为某款三孔插座。在符合安全用电原则下，请在图乙中用笔画线代替导线将该插座接入家庭电路中。
18．（2024九上·惠阳开学考）亲爱的同学，请你根据自己掌握的实验操作技能，回答下列问题。
（1）如图甲所示，在测量物体长度时，读数正确的是 选填“”或“”方法，所测物体的长度应记为 。如图乙所示的秒表读数为 ；
（2）如图丙所示，将天平放在水平台面上，取下橡胶垫圈，接下来的操作是 ，再调节平衡螺母直到指针指在分度盘中央。测量某物体质量时，天平平衡后，右盘中砝码和游码的位置如图丙所示，则该物体的质量 ；
（3）如图丁所示，这是小明家电能表的表盘，其示数为 ，他家单独使用某用电器时，观察到电能表的圆盘转了转则该用电器的实际电功率为 。
19．（2024九上·惠阳开学考）小明和小红利用如图甲所示的装置做“探究平面镜成像特点”的实验：
（1）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛，拿未点燃的蜡烛与蜡烛大小相同竖立在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧蜡烛这一侧观察，直至蜡烛与蜡烛的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是 选填“控制变量法”“等效替代法”或“转换法”；
（2）移去蜡烛，在其原来位置上放置一块光屏，直接观察光屏，光屏上 选填“能”或“不能”出现蜡烛的像，说明物体通过平面镜所成的像是 选填“虚”或“实”像；
（3）实验时，将蜡烛逐渐靠近玻璃板时，其像的大小 选填“变大”、“变小”或“不变”。
（4）如图乙所示，小明在实验中采用的是厚玻璃板，他观察到蜡烛通过玻璃板成了两个清晰的像和，则像的像距为图乙中的 选填“”或“”；若在图乙中和两个像中间放置一块不透明薄挡板，则小明在蜡烛这一侧透过玻璃板能看到 选填“只有”、“只有”或“和”。
20．（2024九上·惠阳开学考）用如图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”，电源电压为保持不变，滑动变阻器的规格是“”，阻值为、、、的电阻各一个，满足测量需求的电流表、电压表各一个。
（1）按图甲所示的电路图，正确连接图乙的实物电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到 点选填“”或“”，闭合开关后发现电流表无示数，电压表示数约为，故障原因可能是 ；
（2）探究“电流与电阻的关系”其实验步骤如下：
在电路中接入阻值为的定值电阻，移动滑动变阻器的滑片，使得电压表示数如图丙所示，为 ，记录电流表示数；
用的定值电阻替换的定值电阻再闭合开关，他应该将滑动变阻器的阻值 选填“调大”或“调小”，这样操作的目的是 ，再记录电流表示数；
用的定值电阻替换的定值电阻再闭合开关，他调节滑动变阻器的阻值，发现电压表示数始终不能调为，为完成四次探究，实验中需要滑动变阻器的最大阻值至少为 。
21．（2024九上·惠阳开学考） 2024年4月30日，神舟十七号载人飞船返回舱成功着陆，如图所示。若返回舱质量为，在着陆过程中，从距地面1m高处竖直向下落地，用时0.4s。（）
（1）求返回舱在这段时间内
①平均速度；
②重力做的功；
（2）若返回舱静止时与水平地面的接触面积为，求它对水平地面的压强。
22．（2024九上·惠阳开学考）某消毒柜具有高温消毒和紫外线杀菌功能，其简化电路，如图所示。发热电阻，紫外灯规格为“”。闭合开关和，消毒柜正常工作，求：
（1）通过的电流；
（2）的电功率；
（3）工作消耗的电能。
23．（2024九上·惠阳开学考）小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验。请你根据小明的实验探究回答下列问题。
（1）由 A、C 图可知浸没在水中的物体所受浮力是 N，由A、D、E 可知物体所受浮力与 有关。
（2）物体从C下降到D的过程中，它的底部所受压强 （选填“变大”“变小”或“不变”），根据实验数据计算出物体的密度是 kg/m3.
（3）小明利用浮力和杠杆的知识，发明了一个密度秤如图甲，轻质杠杆 AB 可绕 O 点转动，在 A、B两端分别挂有两个正方体C、D，已知C的重力为20N，OA=10cm，OB=8cm。此时杠杆处于水平平衡状态，则正方体 D 的重力为 N.
（4）如图乙，接着将物体C浸没在水中（C 的边长为10cm），移动物体D到E点时杠杆恰好水平静止：那么OE的长度为 cm，则可以在E点标上水的密度ρ水（ρ水=1.0×103kg/m3）。
24．（2024九上·惠阳开学考）风寒温度人们都有这样的体验：走在街上，穿着的衣服感觉冷暖刚好适宜，这时突然起了一阵大风，顿时感觉周身寒冷，这就是风寒效应。风寒效应会影响人体对冷的感觉，导致人体感觉的温度与温度计的示数有明显的差别。原来，人体的主要散热部位是皮肤，通过皮肤红外辐射、接触传导热量、冷热空气对流和汗液蒸发等方式散热。当无风时，在人体皮肤和周围空气之间有一个比较稳定的空气层，由于空气是热的不良导体，可以起到保温作用：当刮风时，稳定的空气保温层不断被新来的冷空气所代替，并把热量带走。风速越大，人体散失的热量越快、越多，人也就感觉越寒冷。科学家提出用风寒温度描述刮风时人体皮肤感觉的温度，并通过大量实验找出了风寒温度和风速的关系。下表是在气温为时，风寒温度和风速的关系。
风速
风寒温度
（1）风会使人感觉更寒冷的原因主要是加强了下列哪种散热方式____。
A．辐射 B．传导 C．对流 D．汗液蒸发
（2）一个质量为的人散失热量，如果人体没有产生相应的热量，则体温将下降 人体的比热容取。
（3）冬天人们会用暖水袋取暖是因为水的 大，这是利用 方式改变人的内能。
（4）根据所给数据计算出，当气温为，风速为时，风寒温度为 ，此时地面的水会结冰吗？ 填“会”“不会”。
25．（2024九上·惠阳开学考）阅读短文，回答问题。
某一空气净化器工作过程如图甲所示：空气进入净化器，空气里的灰尘由于钨丝放电而带上正电，经过负电格栅板时被吸附，此后经活性炭进一步净化，在不同挡位工作时的参数如下表所示。净化空气量是指净化空气的体积；净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比。
工作挡位 待机 挡 挡 挡 挡 挡 挡
功率
净化空气量
（1）我们看到空气中尘土飞扬的现象 选填“不属于”或“属于”扩散现象，空气净化器负电格栅板吸附灰尘的原理是利用 ；
（2）单独使用该净化器，规格为的电能表指示灯闪烁次，则该空气净化器在 挡位工作，一间的房间在该挡位下进行净化，需要消耗电能 ，才能完成工作。
（3）利用气敏电阻可以检测空气质量，如图乙所示为检测电路，定值电阻，电源电压恒为；如图丙所示为气敏电阻阻值随空气中有害气体浓度的变化曲线，现用此电路检测该型号净化器的净化效率，净化器启动前，检测电路中电流表的示数为，此时空气中有害气体浓度是 。净化器正常使用后，检测电路的电流变为，则该空气净化器的实际净化效率为 。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】A、飞行的客机相对广州塔位置变了，所以飞行的客机是运动的，故A不符合题意；
B、两岸的高楼相对广州塔的位置没变，所以两岸的高楼是静止的，故B符合题意；
C、行驶的游船相对广州塔位置变了，所以行驶的游船是运动的，故C不符合题意；
D、流动的江水相对广州塔位置变了，所以流动的江水是运动的，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】根据研究对象与参照物之间的相对位置是否发生变化来判断研究对象的运动情况，若发生变化，则研究对象是运动的；否则，是静止的。
2．【答案】B
【知识点】质量及其特性
【解析】【解答】质量是物体的一种属性，与温度、位置、状态、形状无关，则嫦娥五号从月球带回的月壤样品的质量不变，故B正确，ACD错误；
故选： B。
【分析】质量是物体的一种属性，与温度、位置、状态、形状无关。
3．【答案】A
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】由图可知，修剪树枝的剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力费距离；使用任何简单机械都不能省功，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；使用任何简单机械都不能省功。
4．【答案】D
【知识点】原子结构
【解析】【解答】由图可知，a绕原子核运动，因此a为电子，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【分析】原子的中心是原子核，周围有电子绕其运动。
5．【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点
【解析】【解答】 金属在炉中从固态变为液态的过程是熔化，故ABD错误，C正确；
故选： C。
【分析】先明确物质的初、末态，再根据定义判断物态变化。汽化指物质由液态转变成气态；液化指物质由气态转变成液态；熔化指物质由固态转变成液态；凝固指物质由液态转变成固态。
6．【答案】A
【知识点】热传递改变物体内能
【解析】【解答】点灯后，水吸收热量，温度升高，内能增加，故A正确，BCD错误；
故选：A。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递两种，热传递过程中，物质吸收热量，内能增加，放出热量，内能减小。
7．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】A、图中没有可调电阻，故A不符合题意；
B、图中是定值电阻，不是可调电阻，故B不符合题意；
CD、由题意可知，该灯泡是一盏可调节亮度的台灯，所以灯泡应该与可调电阻串联在一起，D图灯泡与可调电阻并联，两支路互不影响，故C符合题意，D不符合题意；
故选： C。
【分析】由题意可知，该灯泡是一盏可调节亮度的台灯，所以灯泡应该与可调电阻串联在一起。
8．【答案】运动状态；形状；作用点
【知识点】力的作用效果；力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】踢足球时，足球在力的作用下，由静止变为运动，说明力可以使物体的运动状态发生改变。球被脚踢的瞬间，在力的作用下有一些凹陷，即形状发生改变，说明力还可以改变物体的形状。运动员在踢球时，若脚踢球的位置恰当，球会成弧线绕过人墙进入球门，这里的“恰当的位置”，是指力的作用点。
【分析】力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。深入理解力的两个作用效果，可解答此题。
9．【答案】大于；小于；小
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】轿车快速行驶时，车子上方凸起，空气的流速大于车子下方流速，流速大的地方压强小，上方气体的压强小于下方气体的压强，轿车受到向上的升力，对地面的压力变小，摩擦力减小。
【分析】流体在流速大的地方压强小。
10．【答案】惯性；不能；头枕
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】汽车突然加速或刹车时，人由于具有惯性，继续保持原来状态，容易后仰或前倾，使车内的人受到伤害。
惯性只与物体的质量有关，头枕和安全带不能减小人的惯性，但能减少惯性带来的伤害。
当轿车被追尾时，轿车突然加速，人由于惯性向后倾倒，靠背上的头枕，可以减小对人的伤害。
【分析】惯性是物体继续保持原来的状态；惯性只与物体的质量有关。
11．【答案】等于；不做功；3000
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；是否做功的判断
12．【答案】甲；；不能
【知识点】液体压强计算公式的应用；连通器原理；大气压的综合应用
【解析】【解答】茶壶的壶嘴和壶身构成连通器，根据图像，甲图的壶嘴高于乙图，甲茶壶能装更多的水。
乙茶壶加满水后，水面到茶壶处，水的深度为，
对壶底的压强是；
若按住小孔，倒出部分水后，壶内的气压小于大气压，在大气压的作用下，壶中的水不能顺利倒出。
【分析】壶嘴与壶身构成连通器；根据p=ρgh，计算液体压强；大气压使密闭容器内的液体不易流出。
13．【答案】改变力的方向；50；变大
【知识点】定滑轮及其工作特点；增大或减小机械效率的方法；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】使用定滑轮时，可以改变力的方向，不改变力的大小。
根据图像，承担总重的绳子股数，
计算拉力；
不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率
当动滑轮重不变时，物重G增大，机械效率将变大。
【分析】定滑轮可以改变力的方向；根据，可以计算拉力大小；动滑轮一定时，物体重力越大，机械效率越大。
14．【答案】变小；变大；7800
【知识点】密度的应用与物质鉴别；阿基米德原理
【解析】【解答】热气球升空时，燃烧燃料，内部气体温度升高，气体体积增大，气球内的空气密度减小，根据，气球体积变大，浮力变大，计算浮力为
，
在空中悬浮，物体重力等于浮力，则有。
【分析】气体受热，体积膨胀，密度变小；根据F浮=ρ气gV排，密度一定时，体积越大，受到的浮力越大，可以计算浮力。
15．【答案】
【知识点】重力示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】小球漂浮在水面上，小球受到浮力的方向总是竖直向上的，重力总是竖直向下的，由物体的漂浮条件可知，浮力等于物体的重力，则小球受力的示意图如图所示：
【分析】物体漂浮时，浮力等于自身的重力；而浮力的方向总是竖直向上的，重力总是竖直向下的，据此作图。
16．【答案】
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】先过入射点O做垂直于折射面的直线，即法线，由于光由空气斜射入水中，则入射角大于折射角，据此作出折射光线，如图所示：
【分析】光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折的现象叫作光的折射；折射现象中，“三线共面，法线居中，空气中的角总是大的”。
17．【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】家庭电路中，开关应连接在火线和插座之间，三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示：
【分析】三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线；右孔接火线。
18．【答案】（1）；；
（2）将游码拨到标尺的零刻度线处；
（3）；
【知识点】质量的测量与天平的使用；时间及其测量；刻度尺的使用；电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】（1）刻度尺在使用时，视线应与刻度对齐，因此读数正确的应是B；物体左端与4.00cm对齐，右端与6.35cm，因此物体的长度为L=6.35cm-4.00cm=2.35cm；由图乙可知，小表盘是分针盘，分度值为0.5min，指针在5和6之间，更靠近6；大表盘为秒针盘，分度值为0.1s，指针指向37.5s，因此读数为5min37.5s即337.5s；
（2）根据天平调节平衡的步骤可知，接下来的操作是将游码拨到标尺的零刻度线处，再调节平衡螺母直到指针指在分度盘中央；由图可知物体的质量m=100g+50g+20g+5g+3g=178g；
(3)电能表显示的数字的最后一位为小数部分，单位是kW·h，故示数为2038.5kW·h；电能表参数N=2500r/(kW·h)表示电路中每消耗1kW·h的电能，电能表的转盘转2500r，电能表的转盘转过n=50r消耗的电能：；用电器的工作时间：t=5min=12h，用电器的实际电功率：。
故答案为：(1)B；2.35；337.5；(2)将游码拨到标尺的零刻度线处；178；(3)2038.5；240。
【分析】（1）刻度尺在使用时，视线应与刻度对齐，读出物体左端所对应的刻度和右端所对应的刻度，即可知物体的长度；秒表在读数时，小表盘是分针盘，大表盘为秒针盘，秒表读数是两个表盘的示数之和。
(2)使用天平测量物体质量之前要进行调平，先移动游码到零刻度线，再调节平衡螺母，使天平平衡；物体的质量等于砝码质量加游码在标尺上所对的刻度值；
(3)电能表上示数的最后一位为小数部分，单位是kW·h；2500r/(kW·h)表示每消耗1kW·h的电能，电能表的转盘转过2500r，据此求出转
50r消耗的电能，再根据求出该用电器的实际电功率。
19．【答案】（1）等效替代法
（2）不能；虚
（3）不变
（4）；和
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】(1)选取相同的蜡烛，当蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，可知像与物大小相等，是为了便于比较像和物体的大小关系，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法；
(2)虚像不能成在光屏上，移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，直接观察光屏，光屏上不能出现蜡烛的像，说明物体通过平面镜所成的像是虚像；
(3)平面镜成的像与物大小相等，实验时，将蜡烛A逐渐靠近玻璃板时，其像的大小不变；
(4)小明在实验中采用的是厚玻璃板，他观察到蜡烛A通过玻璃板成了两个清晰的像k1和k2，k1是P面所成的像，k2是Q面所的像，根据像与物到平面镜的距离相等可知，像k到P面的距离与蜡烛A到P面的距离相等，则像k的像距为v2；平面镜成的像为光的反射，若在图中k1和k2两个像中间放置一块不透明薄挡板，则小明在蜡烛A这一侧通过玻璃板能看到k1和k2。
故答案为：（1）等效替代法；（2）不能；虚；（3）不变；（4）；和。
【分析】(1)选取相同的蜡烛，当蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，可知像与物大小相等，这是等效替代法在实验中的具体应用；
(2)虚像不能出现在光屏上，实像能出现在光屏上。
(3)(4)平面镜成像的特点：物像等大、物像等距、连线垂直、像是虚像。
20．【答案】（1）；定值电阻断路
（2）；调大；保持定值电阻两端电压不变；40
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】(1)为了保护电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处，即B端；闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数约为3V，则故障原因可能是与电压表并联的定值电阻断路了；
(2)①由图丙知定值电阻两端的电压U0=1V；
②探究电流与电阻的实验中，要保持定值电阻两端电压一定(或保持电压表示数不变)，当用10Ω的电阻替换5Ω的电阻后，根据分压原理，定值电阻两端的电压变大，为保持电压表示数不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻；
③根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U-U0=3V-1V=2V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，为了能够利用上述4个定值电阻，实验中需要滑动变阻器的最大阻值至少为40Ω；
故答案为：(1)B；定值电阻断路；(2)①1；②调大；保持定值电阻两端电压不变；③40。
【分析】(1)为了保护电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处；闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数约为3V，则故障原因可能是与电压表并联的定值电阻断路了；
(2)①根据电压表的量程和分度值得出电压表的示数；
②根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
③探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
21．【答案】（1）解：①这段时间内返回舱的平均速度
②重力做功
答：返回舱在这段时间内①平均速度为2.5m/s；
②重力做的功为；
（2）解：静止在水平地面上的返回舱对地面的压力等于返回舱的重力mg，与水平地面接触面积为，其对水平地面压强
答：若返回舱静止时与水平地面的接触面积为，它对水平地面的压强为。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1)①根据速度公式 计算返回舱的平均速度；
②利用W=Fs=Gh计算出返回舱重力所做的功；
(2)根据速度公式返回舱对水平地面的压强。
22．【答案】（1）解：图中灯泡和电阻并联在电路中，消毒柜正常工作，则通过的电流：
答：通过的电流为；
（2）解：此时的电功率为：
答：的电功率为；
答：灯泡工作消耗的电能为
（3）解： 电源电压为，在额定电压下工作，则消耗的电能：
。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】(1)图中灯泡和电阻并联，已知额定电压和电阻，根据欧姆定律可求其正常工作的电流；
(2)已知电压和电流，根据P=UI计算的电功率；
(3)已知灯泡L的额定功率，则根据W= Pt可求工作消耗的电能 。
23．【答案】（1）2；液体密度
（2）变大；4×103
（3）25
（4）4
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】(1)由图A与C可知，物体在水中受到的浮力：；A、D、E实验，排开液体体积相同，液体密度不同，浮力不同，说明物体所受浮力与液体密度有关；
(2)物体从C下降到D的过程中，深度增加，根据可知，它的底部所受压强变大；
由图A与C可知，物体在水中受到的浮力：；
由可知物体A的体积：；物体密度；
(3)由图知：B端所受得力等于重物D对杠杆的拉力，大小等于物体D的重力，
根据杠杆的平衡条件知物体D的重力为：
；
(4) C的边长为a=10cm=0.1m，
当物体C浸没在水中时，受到的浮力为：
；
物体C受到的力：A点对C的拉力、浮力、重力故物体C受到的拉力为：；
此时物体D移动到E点时杠杆恰好水平静止，由 得：，
OE的长度：。
故答案为：(1)2；液体密度；(2)变大； 4×103 (3) 25；(4) 4。
【分析】(1)根据称重法可求浮力，根据控制变量法进行分析；
(2)根据液体压强影响因素进行分析，根据称重法求出物体浸没在水中时受到的浮力；由阿基米德原理可得出排开水的体积，即物体的体积，根据G=m g算出物体的质量，根据密度公式可求出物体的密度；
(3) (4)根据杠杆的平衡条件算出D物体的重力；根据阿基米德原理算出物体C全部浸没水中时受的浮力，对物体C受力分析得出拉力FA，根据杠杆的平衡条件算出OE的长度。
24．【答案】（1）C
（2）0.02
（3）比热容；热传递
（4）-2；不会
【知识点】熔点和凝固点；热传递改变物体内能；比热容；热量的计算
【解析】【解答】(1)风加速了人体周围空气流动速度，加强了对流，从而加快了对流散失的热量，故ABD错误，C正确；
故选：C。
(2)一个质量为的人散失热量 ，由Q放=cm△t可知，降低的温度为；
(3)由于水的比热容较大，则相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量会更多，因此暖水袋中用水做传热介质；用暖水袋取暖是利用热传递的方法改变内能；
(4)当气温为5℃，风速为35km/h时，风寒温度为T=t-0.2(℃·h)/km×v=5-0.2(℃·h)/km×35km/h= -2℃；此时水的温度为5℃， 大于0℃，即水温没有达到凝固点，因此地面的水不会结冰。
故答案为：(1)C；(2)0.02；(3)比热容；热传递；(4)-2；不会。
【分析】(1)根据文章描述可知，风加速了人体周围空气流动速度，加强了对流，从而加快了对流散失的热量；
(2)已知散失的热量、人体质量与比热容，根据Q放=cm△t可求出下降的体温；
(3)水的比热容比较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。做功和热传递是改变物体内能的两种方式， 暖水袋取暖利用的是热传递；
(4)根据题意可求出风寒的温度；一标准大气压下，水的凝固点为0℃，据此判断水会不会结冰。
25．【答案】（1）不属于；异种电荷互相吸引
（2）；
（3）2.0；95
【知识点】电功率的计算；分子热运动
【解析】【解答】(1)尘土飞扬是机械运动，不属于扩散现象；由甲图净化器的净化原理可知，钨丝放电导致空气里的灰尘带上了正电，由于异种电荷相互吸引，所以负电格栅板能吸附灰尘；
(2) 规格为电能表的指示灯闪烁次，则该过程净化器消耗的电能为，又由于工作时间为t=20min=1200s，所以净化器消耗的电功率为，查表中数据可知，净化器功率为45W时，在2档位工作且净化空气为240m3/h，则该状态下净化一间80m3的房间需要用时为， 因此消耗的电能为；
(3)由电路图乙可知，R0、R串联，检测电路中电流表的示数为I=0.7A，根据欧姆定律可知，电路的总电阻为，由串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值为R=R总-R0=40Ω-10Ω=30Ω，由图丙中R-β图像可知，气敏电阻阻值为30Ω时，空气中有害气体浓度为β1=2.0μg/m3；当检测电路的电流变为I'=0.1A时，电路总电阻为，由串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值为R'= R'- R0= 280Ω-10Ω=270Ω，由图丙R-β图像可知，当气敏电阻阻值为270Ω时，空气中有害气体浓度为β2=0.1μg/m3，由题意知，净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比，则该空气净化器的实际净化效率为；
故答案为：(1)不属于；异种电荷互相吸引；(2)2； 5.4×104； (3)2.0；95。
【分析】(1)不同的物质互相接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象是微观现象，肉眼不可观察，机械运动是宏观现象，肉眼客见；根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引分析净化原理；
(2)先根据电能表的规格求出电能表指示灯闪烁36次净化器消耗的电能，再根据电功率的定义式求出净化器消耗的电功率，查表中数据可知，该空气净化器所在档位以及净化空气量；进一步求出在该档位下净化一间80m3的房间所用时间，最后根据W=Pt计算需要消耗电能；
(3)由电路图可知，R0、R串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路总电阻，由串联电路电阻特点求出气敏电阻的阻值，读图丙R-β图像可知此时的空气中有害气体浓度；当检测电路的电流变为I'=0.1A，根据欧姆定律求出此时电路总电阻，根据串联电路电阻特点求出气敏电阻的阻值，由图丙可知，此时空气中有害气体浓度利用净化效率的求出该空气净化器的实际净化效率。
1 / 1广东省惠州市惠阳区永湖中学2024-2025学年九年级（上）开学物理试卷
1．（2024九上·惠阳开学考）如图为珠江两岸景观图。下列相对广州塔静止的是( )
A．飞行的客机 B．两岸的高楼 C．行驶的游船 D．流动的江水
【答案】B
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】A、飞行的客机相对广州塔位置变了，所以飞行的客机是运动的，故A不符合题意；
B、两岸的高楼相对广州塔的位置没变，所以两岸的高楼是静止的，故B符合题意；
C、行驶的游船相对广州塔位置变了，所以行驶的游船是运动的，故C不符合题意；
D、流动的江水相对广州塔位置变了，所以流动的江水是运动的，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】根据研究对象与参照物之间的相对位置是否发生变化来判断研究对象的运动情况，若发生变化，则研究对象是运动的；否则，是静止的。
2．（2024九上·惠阳开学考） 嫦娥五号携带月壤样品返回地球。从月球到地球，样品的质量（ ）
A．变为原来的一半 B．保持不变
C．变为原来的2倍 D．变为原来的4倍
【答案】B
【知识点】质量及其特性
【解析】【解答】质量是物体的一种属性，与温度、位置、状态、形状无关，则嫦娥五号从月球带回的月壤样品的质量不变，故B正确，ACD错误；
故选： B。
【分析】质量是物体的一种属性，与温度、位置、状态、形状无关。
3．（2024九上·惠阳开学考）如图为某款剪刀的示意图。握住手柄修剪树枝时，剪刀可视为杠杆，该杠杆的特点是( )
A．省力 B．费力 C．省功 D．省距离
【答案】A
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】由图可知，修剪树枝的剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力费距离；使用任何简单机械都不能省功，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；使用任何简单机械都不能省功。
4．（2024九上·惠阳开学考）在如图所示的原子模型中，是( )
A．原子核 B．质子 C．中子 D．电子
【答案】D
【知识点】原子结构
【解析】【解答】由图可知，a绕原子核运动，因此a为电子，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【分析】原子的中心是原子核，周围有电子绕其运动。
5．（2024九上·惠阳开学考）淮南子俶真训记载：“今夫冶工之铸器，金踊跃于炉中”。金属在炉中从固态变为液态的过程是( )
A．汽化 B．液化 C．熔化 D．凝固
【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点
【解析】【解答】 金属在炉中从固态变为液态的过程是熔化，故ABD错误，C正确；
故选： C。
【分析】先明确物质的初、末态，再根据定义判断物态变化。汽化指物质由液态转变成气态；液化指物质由气态转变成液态；熔化指物质由固态转变成液态；凝固指物质由液态转变成固态。
6．（2024九上·惠阳开学考） 如图是古代省油灯的示意图。它下层盛水，能减慢上层油的消耗。点灯后，水在升温的过程中（ ）
A．吸热，内能增加 B．吸热，内能减少
C．放热，内能增加 D．放热，内能减少
【答案】A
【知识点】热传递改变物体内能
【解析】【解答】点灯后，水吸收热量，温度升高，内能增加，故A正确，BCD错误；
故选：A。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递两种，热传递过程中，物质吸收热量，内能增加，放出热量，内能减小。
7．（2024九上·惠阳开学考） 小明设计了一盏能调节亮度的台灯。下列符合要求的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】A、图中没有可调电阻，故A不符合题意；
B、图中是定值电阻，不是可调电阻，故B不符合题意；
CD、由题意可知，该灯泡是一盏可调节亮度的台灯，所以灯泡应该与可调电阻串联在一起，D图灯泡与可调电阻并联，两支路互不影响，故C符合题意，D不符合题意；
故选： C。
【分析】由题意可知，该灯泡是一盏可调节亮度的台灯，所以灯泡应该与可调电阻串联在一起。
8．（2024九上·惠阳开学考）用力踢足球，足球由静止变为运动，说明力可以改变物体的 ；在踢球的瞬间，球会有一些凹陷，这说明力还可以改变物体的 。优秀运动员的脚踢在球的恰当的位置，球会划出一道弧线飞转绕过“人墙”而进入球门，就是所谓的“香蕉球”，从力的三要素分析“恰当的位置”，是指力的 。
【答案】运动状态；形状；作用点
【知识点】力的作用效果；力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】踢足球时，足球在力的作用下，由静止变为运动，说明力可以使物体的运动状态发生改变。球被脚踢的瞬间，在力的作用下有一些凹陷，即形状发生改变，说明力还可以改变物体的形状。运动员在踢球时，若脚踢球的位置恰当，球会成弧线绕过人墙进入球门，这里的“恰当的位置”，是指力的作用点。
【分析】力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。深入理解力的两个作用效果，可解答此题。
9．（2024九上·惠阳开学考）家用小轿车多呈流线型，外形如图所示。在快速行驶中，小汽车上方的流速 下方气流流速，从而使汽车上方压强 下方压强（选填“大于”或“小于”），产生升力，同时也使汽车对地面压力变 ，从而使摩擦力变小。
【答案】大于；小于；小
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】轿车快速行驶时，车子上方凸起，空气的流速大于车子下方流速，流速大的地方压强小，上方气体的压强小于下方气体的压强，轿车受到向上的升力，对地面的压力变小，摩擦力减小。
【分析】流体在流速大的地方压强小。
10．（2024九上·惠阳开学考）当汽车突然加速或刹车，车内的人由于具有 容易受到伤害。如图所示，头枕和安全带 （选填“能”或“不能”）减小人的惯性， （选填“头枕”或“安全带”）可以减小汽车被追尾时给人带来的伤害。
【答案】惯性；不能；头枕
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】汽车突然加速或刹车时，人由于具有惯性，继续保持原来状态，容易后仰或前倾，使车内的人受到伤害。
惯性只与物体的质量有关，头枕和安全带不能减小人的惯性，但能减少惯性带来的伤害。
当轿车被追尾时，轿车突然加速，人由于惯性向后倾倒，靠背上的头枕，可以减小对人的伤害。
【分析】惯性是物体继续保持原来的状态；惯性只与物体的质量有关。
11．（2024九上·惠阳开学考）为了记录运动会中精彩的瞬间，学校邀请摄影师携带无人机来进行航拍。如图所示，当无人机悬停在空中时，升力 （选填“大于”“等于”或“小于”）无人机的重力；当无人机水平飞行时，升力对无人机 （选填“做功”或“不做功”）。重为30N的无人机竖直向上飞行100m，无人机克服重力做的功为 J。
【答案】等于；不做功；3000
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；是否做功的判断
12．（2024九上·惠阳开学考）如题图所示是两个壶身相同的茶壶， （选填“甲”或“乙”）茶壶能装更多的水。乙茶壶加满水后，水对壶底的压强是 Pa，壶盖密封性良好，若按住小孔，则壶中的水 （选填“能”或“不能”）顺利倒出。（ρ水＝1×103kg/m3；g＝10N/kg）
【答案】甲；；不能
【知识点】液体压强计算公式的应用；连通器原理；大气压的综合应用
【解析】【解答】茶壶的壶嘴和壶身构成连通器，根据图像，甲图的壶嘴高于乙图，甲茶壶能装更多的水。
乙茶壶加满水后，水面到茶壶处，水的深度为，
对壶底的压强是；
若按住小孔，倒出部分水后，壶内的气压小于大气压，在大气压的作用下，壶中的水不能顺利倒出。
【分析】壶嘴与壶身构成连通器；根据p=ρgh，计算液体压强；大气压使密闭容器内的液体不易流出。
13．（2024九上·惠阳开学考）如图所示滑轮组中定滑轮的作用是 。小铭用该滑轮组将重的物体匀速提高，动滑轮重为，不计绳重和摩擦，则小铭所用拉力 ；若物重增大，该滑轮组机械效率将 （选填“变大”、“变小”或“不变” ）。
【答案】改变力的方向；50；变大
【知识点】定滑轮及其工作特点；增大或减小机械效率的方法；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】使用定滑轮时，可以改变力的方向，不改变力的大小。
根据图像，承担总重的绳子股数，
计算拉力；
不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率
当动滑轮重不变时，物重G增大，机械效率将变大。
【分析】定滑轮可以改变力的方向；根据，可以计算拉力大小；动滑轮一定时，物体重力越大，机械效率越大。
14．（2024九上·惠阳开学考）如图所示的热气球，其下方开口处燃烧液化气，随着热气球内部气体温度升高，热气球体积膨胀到一定程度，徐徐升空，则气球内的气体密度 ，气球所受浮力 （以上两空填“变大”“变小”或“不变”）；当体积为的热气球悬浮在空中，热气球及吊篮和乘客的总重是 。（空气密度，）
【答案】变小；变大；7800
【知识点】密度的应用与物质鉴别；阿基米德原理
【解析】【解答】热气球升空时，燃烧燃料，内部气体温度升高，气体体积增大，气球内的空气密度减小，根据，气球体积变大，浮力变大，计算浮力为
，
在空中悬浮，物体重力等于浮力，则有。
【分析】气体受热，体积膨胀，密度变小；根据F浮=ρ气gV排，密度一定时，体积越大，受到的浮力越大，可以计算浮力。
15．（2024九上·惠阳开学考）如图所示，小球漂浮在水面，请在点画出小球受到的重力和浮力的示意图。
【答案】
【知识点】重力示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】小球漂浮在水面上，小球受到浮力的方向总是竖直向上的，重力总是竖直向下的，由物体的漂浮条件可知，浮力等于物体的重力，则小球受力的示意图如图所示：
【分析】物体漂浮时，浮力等于自身的重力；而浮力的方向总是竖直向上的，重力总是竖直向下的，据此作图。
16．（2024九上·惠阳开学考）如图所示，一束光经点从空气斜射入水中，请画出法线及大致的折射光线。
【答案】
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】先过入射点O做垂直于折射面的直线，即法线，由于光由空气斜射入水中，则入射角大于折射角，据此作出折射光线，如图所示：
【分析】光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折的现象叫作光的折射；折射现象中，“三线共面，法线居中，空气中的角总是大的”。
17．（2024九上·惠阳开学考） 图甲为某款三孔插座。在符合安全用电原则下，请在图乙中用笔画线代替导线将该插座接入家庭电路中。
【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】家庭电路中，开关应连接在火线和插座之间，三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示：
【分析】三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线；右孔接火线。
18．（2024九上·惠阳开学考）亲爱的同学，请你根据自己掌握的实验操作技能，回答下列问题。
（1）如图甲所示，在测量物体长度时，读数正确的是 选填“”或“”方法，所测物体的长度应记为 。如图乙所示的秒表读数为 ；
（2）如图丙所示，将天平放在水平台面上，取下橡胶垫圈，接下来的操作是 ，再调节平衡螺母直到指针指在分度盘中央。测量某物体质量时，天平平衡后，右盘中砝码和游码的位置如图丙所示，则该物体的质量 ；
（3）如图丁所示，这是小明家电能表的表盘，其示数为 ，他家单独使用某用电器时，观察到电能表的圆盘转了转则该用电器的实际电功率为 。
【答案】（1）；；
（2）将游码拨到标尺的零刻度线处；
（3）；
【知识点】质量的测量与天平的使用；时间及其测量；刻度尺的使用；电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】（1）刻度尺在使用时，视线应与刻度对齐，因此读数正确的应是B；物体左端与4.00cm对齐，右端与6.35cm，因此物体的长度为L=6.35cm-4.00cm=2.35cm；由图乙可知，小表盘是分针盘，分度值为0.5min，指针在5和6之间，更靠近6；大表盘为秒针盘，分度值为0.1s，指针指向37.5s，因此读数为5min37.5s即337.5s；
（2）根据天平调节平衡的步骤可知，接下来的操作是将游码拨到标尺的零刻度线处，再调节平衡螺母直到指针指在分度盘中央；由图可知物体的质量m=100g+50g+20g+5g+3g=178g；
(3)电能表显示的数字的最后一位为小数部分，单位是kW·h，故示数为2038.5kW·h；电能表参数N=2500r/(kW·h)表示电路中每消耗1kW·h的电能，电能表的转盘转2500r，电能表的转盘转过n=50r消耗的电能：；用电器的工作时间：t=5min=12h，用电器的实际电功率：。
故答案为：(1)B；2.35；337.5；(2)将游码拨到标尺的零刻度线处；178；(3)2038.5；240。
【分析】（1）刻度尺在使用时，视线应与刻度对齐，读出物体左端所对应的刻度和右端所对应的刻度，即可知物体的长度；秒表在读数时，小表盘是分针盘，大表盘为秒针盘，秒表读数是两个表盘的示数之和。
(2)使用天平测量物体质量之前要进行调平，先移动游码到零刻度线，再调节平衡螺母，使天平平衡；物体的质量等于砝码质量加游码在标尺上所对的刻度值；
(3)电能表上示数的最后一位为小数部分，单位是kW·h；2500r/(kW·h)表示每消耗1kW·h的电能，电能表的转盘转过2500r，据此求出转
50r消耗的电能，再根据求出该用电器的实际电功率。
19．（2024九上·惠阳开学考）小明和小红利用如图甲所示的装置做“探究平面镜成像特点”的实验：
（1）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛，拿未点燃的蜡烛与蜡烛大小相同竖立在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧蜡烛这一侧观察，直至蜡烛与蜡烛的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是 选填“控制变量法”“等效替代法”或“转换法”；
（2）移去蜡烛，在其原来位置上放置一块光屏，直接观察光屏，光屏上 选填“能”或“不能”出现蜡烛的像，说明物体通过平面镜所成的像是 选填“虚”或“实”像；
（3）实验时，将蜡烛逐渐靠近玻璃板时，其像的大小 选填“变大”、“变小”或“不变”。
（4）如图乙所示，小明在实验中采用的是厚玻璃板，他观察到蜡烛通过玻璃板成了两个清晰的像和，则像的像距为图乙中的 选填“”或“”；若在图乙中和两个像中间放置一块不透明薄挡板，则小明在蜡烛这一侧透过玻璃板能看到 选填“只有”、“只有”或“和”。
【答案】（1）等效替代法
（2）不能；虚
（3）不变
（4）；和
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】(1)选取相同的蜡烛，当蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，可知像与物大小相等，是为了便于比较像和物体的大小关系，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法；
(2)虚像不能成在光屏上，移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，直接观察光屏，光屏上不能出现蜡烛的像，说明物体通过平面镜所成的像是虚像；
(3)平面镜成的像与物大小相等，实验时，将蜡烛A逐渐靠近玻璃板时，其像的大小不变；
(4)小明在实验中采用的是厚玻璃板，他观察到蜡烛A通过玻璃板成了两个清晰的像k1和k2，k1是P面所成的像，k2是Q面所的像，根据像与物到平面镜的距离相等可知，像k到P面的距离与蜡烛A到P面的距离相等，则像k的像距为v2；平面镜成的像为光的反射，若在图中k1和k2两个像中间放置一块不透明薄挡板，则小明在蜡烛A这一侧通过玻璃板能看到k1和k2。
故答案为：（1）等效替代法；（2）不能；虚；（3）不变；（4）；和。
【分析】(1)选取相同的蜡烛，当蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，可知像与物大小相等，这是等效替代法在实验中的具体应用；
(2)虚像不能出现在光屏上，实像能出现在光屏上。
(3)(4)平面镜成像的特点：物像等大、物像等距、连线垂直、像是虚像。
20．（2024九上·惠阳开学考）用如图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”，电源电压为保持不变，滑动变阻器的规格是“”，阻值为、、、的电阻各一个，满足测量需求的电流表、电压表各一个。
（1）按图甲所示的电路图，正确连接图乙的实物电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到 点选填“”或“”，闭合开关后发现电流表无示数，电压表示数约为，故障原因可能是 ；
（2）探究“电流与电阻的关系”其实验步骤如下：
在电路中接入阻值为的定值电阻，移动滑动变阻器的滑片，使得电压表示数如图丙所示，为 ，记录电流表示数；
用的定值电阻替换的定值电阻再闭合开关，他应该将滑动变阻器的阻值 选填“调大”或“调小”，这样操作的目的是 ，再记录电流表示数；
用的定值电阻替换的定值电阻再闭合开关，他调节滑动变阻器的阻值，发现电压表示数始终不能调为，为完成四次探究，实验中需要滑动变阻器的最大阻值至少为 。
【答案】（1）；定值电阻断路
（2）；调大；保持定值电阻两端电压不变；40
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】(1)为了保护电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处，即B端；闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数约为3V，则故障原因可能是与电压表并联的定值电阻断路了；
(2)①由图丙知定值电阻两端的电压U0=1V；
②探究电流与电阻的实验中，要保持定值电阻两端电压一定(或保持电压表示数不变)，当用10Ω的电阻替换5Ω的电阻后，根据分压原理，定值电阻两端的电压变大，为保持电压表示数不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻；
③根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U-U0=3V-1V=2V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，为了能够利用上述4个定值电阻，实验中需要滑动变阻器的最大阻值至少为40Ω；
故答案为：(1)B；定值电阻断路；(2)①1；②调大；保持定值电阻两端电压不变；③40。
【分析】(1)为了保护电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处；闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数约为3V，则故障原因可能是与电压表并联的定值电阻断路了；
(2)①根据电压表的量程和分度值得出电压表的示数；
②根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
③探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
21．（2024九上·惠阳开学考） 2024年4月30日，神舟十七号载人飞船返回舱成功着陆，如图所示。若返回舱质量为，在着陆过程中，从距地面1m高处竖直向下落地，用时0.4s。（）
（1）求返回舱在这段时间内
①平均速度；
②重力做的功；
（2）若返回舱静止时与水平地面的接触面积为，求它对水平地面的压强。
【答案】（1）解：①这段时间内返回舱的平均速度
②重力做功
答：返回舱在这段时间内①平均速度为2.5m/s；
②重力做的功为；
（2）解：静止在水平地面上的返回舱对地面的压力等于返回舱的重力mg，与水平地面接触面积为，其对水平地面压强
答：若返回舱静止时与水平地面的接触面积为，它对水平地面的压强为。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1)①根据速度公式 计算返回舱的平均速度；
②利用W=Fs=Gh计算出返回舱重力所做的功；
(2)根据速度公式返回舱对水平地面的压强。
22．（2024九上·惠阳开学考）某消毒柜具有高温消毒和紫外线杀菌功能，其简化电路，如图所示。发热电阻，紫外灯规格为“”。闭合开关和，消毒柜正常工作，求：
（1）通过的电流；
（2）的电功率；
（3）工作消耗的电能。
【答案】（1）解：图中灯泡和电阻并联在电路中，消毒柜正常工作，则通过的电流：
答：通过的电流为；
（2）解：此时的电功率为：
答：的电功率为；
答：灯泡工作消耗的电能为
（3）解： 电源电压为，在额定电压下工作，则消耗的电能：
。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】(1)图中灯泡和电阻并联，已知额定电压和电阻，根据欧姆定律可求其正常工作的电流；
(2)已知电压和电流，根据P=UI计算的电功率；
(3)已知灯泡L的额定功率，则根据W= Pt可求工作消耗的电能 。
23．（2024九上·惠阳开学考）小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验。请你根据小明的实验探究回答下列问题。
（1）由 A、C 图可知浸没在水中的物体所受浮力是 N，由A、D、E 可知物体所受浮力与 有关。
（2）物体从C下降到D的过程中，它的底部所受压强 （选填“变大”“变小”或“不变”），根据实验数据计算出物体的密度是 kg/m3.
（3）小明利用浮力和杠杆的知识，发明了一个密度秤如图甲，轻质杠杆 AB 可绕 O 点转动，在 A、B两端分别挂有两个正方体C、D，已知C的重力为20N，OA=10cm，OB=8cm。此时杠杆处于水平平衡状态，则正方体 D 的重力为 N.
（4）如图乙，接着将物体C浸没在水中（C 的边长为10cm），移动物体D到E点时杠杆恰好水平静止：那么OE的长度为 cm，则可以在E点标上水的密度ρ水（ρ水=1.0×103kg/m3）。
【答案】（1）2；液体密度
（2）变大；4×103
（3）25
（4）4
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】(1)由图A与C可知，物体在水中受到的浮力：；A、D、E实验，排开液体体积相同，液体密度不同，浮力不同，说明物体所受浮力与液体密度有关；
(2)物体从C下降到D的过程中，深度增加，根据可知，它的底部所受压强变大；
由图A与C可知，物体在水中受到的浮力：；
由可知物体A的体积：；物体密度；
(3)由图知：B端所受得力等于重物D对杠杆的拉力，大小等于物体D的重力，
根据杠杆的平衡条件知物体D的重力为：
；
(4) C的边长为a=10cm=0.1m，
当物体C浸没在水中时，受到的浮力为：
；
物体C受到的力：A点对C的拉力、浮力、重力故物体C受到的拉力为：；
此时物体D移动到E点时杠杆恰好水平静止，由 得：，
OE的长度：。
故答案为：(1)2；液体密度；(2)变大； 4×103 (3) 25；(4) 4。
【分析】(1)根据称重法可求浮力，根据控制变量法进行分析；
(2)根据液体压强影响因素进行分析，根据称重法求出物体浸没在水中时受到的浮力；由阿基米德原理可得出排开水的体积，即物体的体积，根据G=m g算出物体的质量，根据密度公式可求出物体的密度；
(3) (4)根据杠杆的平衡条件算出D物体的重力；根据阿基米德原理算出物体C全部浸没水中时受的浮力，对物体C受力分析得出拉力FA，根据杠杆的平衡条件算出OE的长度。
24．（2024九上·惠阳开学考）风寒温度人们都有这样的体验：走在街上，穿着的衣服感觉冷暖刚好适宜，这时突然起了一阵大风，顿时感觉周身寒冷，这就是风寒效应。风寒效应会影响人体对冷的感觉，导致人体感觉的温度与温度计的示数有明显的差别。原来，人体的主要散热部位是皮肤，通过皮肤红外辐射、接触传导热量、冷热空气对流和汗液蒸发等方式散热。当无风时，在人体皮肤和周围空气之间有一个比较稳定的空气层，由于空气是热的不良导体，可以起到保温作用：当刮风时，稳定的空气保温层不断被新来的冷空气所代替，并把热量带走。风速越大，人体散失的热量越快、越多，人也就感觉越寒冷。科学家提出用风寒温度描述刮风时人体皮肤感觉的温度，并通过大量实验找出了风寒温度和风速的关系。下表是在气温为时，风寒温度和风速的关系。
风速
风寒温度
（1）风会使人感觉更寒冷的原因主要是加强了下列哪种散热方式____。
A．辐射 B．传导 C．对流 D．汗液蒸发
（2）一个质量为的人散失热量，如果人体没有产生相应的热量，则体温将下降 人体的比热容取。
（3）冬天人们会用暖水袋取暖是因为水的 大，这是利用 方式改变人的内能。
（4）根据所给数据计算出，当气温为，风速为时，风寒温度为 ，此时地面的水会结冰吗？ 填“会”“不会”。
【答案】（1）C
（2）0.02
（3）比热容；热传递
（4）-2；不会
【知识点】熔点和凝固点；热传递改变物体内能；比热容；热量的计算
【解析】【解答】(1)风加速了人体周围空气流动速度，加强了对流，从而加快了对流散失的热量，故ABD错误，C正确；
故选：C。
(2)一个质量为的人散失热量 ，由Q放=cm△t可知，降低的温度为；
(3)由于水的比热容较大，则相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量会更多，因此暖水袋中用水做传热介质；用暖水袋取暖是利用热传递的方法改变内能；
(4)当气温为5℃，风速为35km/h时，风寒温度为T=t-0.2(℃·h)/km×v=5-0.2(℃·h)/km×35km/h= -2℃；此时水的温度为5℃， 大于0℃，即水温没有达到凝固点，因此地面的水不会结冰。
故答案为：(1)C；(2)0.02；(3)比热容；热传递；(4)-2；不会。
【分析】(1)根据文章描述可知，风加速了人体周围空气流动速度，加强了对流，从而加快了对流散失的热量；
(2)已知散失的热量、人体质量与比热容，根据Q放=cm△t可求出下降的体温；
(3)水的比热容比较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。做功和热传递是改变物体内能的两种方式， 暖水袋取暖利用的是热传递；
(4)根据题意可求出风寒的温度；一标准大气压下，水的凝固点为0℃，据此判断水会不会结冰。
25．（2024九上·惠阳开学考）阅读短文，回答问题。
某一空气净化器工作过程如图甲所示：空气进入净化器，空气里的灰尘由于钨丝放电而带上正电，经过负电格栅板时被吸附，此后经活性炭进一步净化，在不同挡位工作时的参数如下表所示。净化空气量是指净化空气的体积；净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比。
工作挡位 待机 挡 挡 挡 挡 挡 挡
功率
净化空气量
（1）我们看到空气中尘土飞扬的现象 选填“不属于”或“属于”扩散现象，空气净化器负电格栅板吸附灰尘的原理是利用 ；
（2）单独使用该净化器，规格为的电能表指示灯闪烁次，则该空气净化器在 挡位工作，一间的房间在该挡位下进行净化，需要消耗电能 ，才能完成工作。
（3）利用气敏电阻可以检测空气质量，如图乙所示为检测电路，定值电阻，电源电压恒为；如图丙所示为气敏电阻阻值随空气中有害气体浓度的变化曲线，现用此电路检测该型号净化器的净化效率，净化器启动前，检测电路中电流表的示数为，此时空气中有害气体浓度是 。净化器正常使用后，检测电路的电流变为，则该空气净化器的实际净化效率为 。
【答案】（1）不属于；异种电荷互相吸引
（2）；
（3）2.0；95
【知识点】电功率的计算；分子热运动
【解析】【解答】(1)尘土飞扬是机械运动，不属于扩散现象；由甲图净化器的净化原理可知，钨丝放电导致空气里的灰尘带上了正电，由于异种电荷相互吸引，所以负电格栅板能吸附灰尘；
(2) 规格为电能表的指示灯闪烁次，则该过程净化器消耗的电能为，又由于工作时间为t=20min=1200s，所以净化器消耗的电功率为，查表中数据可知，净化器功率为45W时，在2档位工作且净化空气为240m3/h，则该状态下净化一间80m3的房间需要用时为， 因此消耗的电能为；
(3)由电路图乙可知，R0、R串联，检测电路中电流表的示数为I=0.7A，根据欧姆定律可知，电路的总电阻为，由串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值为R=R总-R0=40Ω-10Ω=30Ω，由图丙中R-β图像可知，气敏电阻阻值为30Ω时，空气中有害气体浓度为β1=2.0μg/m3；当检测电路的电流变为I'=0.1A时，电路总电阻为，由串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值为R'= R'- R0= 280Ω-10Ω=270Ω，由图丙R-β图像可知，当气敏电阻阻值为270Ω时，空气中有害气体浓度为β2=0.1μg/m3，由题意知，净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比，则该空气净化器的实际净化效率为；
故答案为：(1)不属于；异种电荷互相吸引；(2)2； 5.4×104； (3)2.0；95。
【分析】(1)不同的物质互相接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象是微观现象，肉眼不可观察，机械运动是宏观现象，肉眼客见；根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引分析净化原理；
(2)先根据电能表的规格求出电能表指示灯闪烁36次净化器消耗的电能，再根据电功率的定义式求出净化器消耗的电功率，查表中数据可知，该空气净化器所在档位以及净化空气量；进一步求出在该档位下净化一间80m3的房间所用时间，最后根据W=Pt计算需要消耗电能；
(3)由电路图可知，R0、R串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路总电阻，由串联电路电阻特点求出气敏电阻的阻值，读图丙R-β图像可知此时的空气中有害气体浓度；当检测电路的电流变为I'=0.1A，根据欧姆定律求出此时电路总电阻，根据串联电路电阻特点求出气敏电阻的阻值，由图丙可知，此时空气中有害气体浓度利用净化效率的求出该空气净化器的实际净化效率。
1 / 1
