浙教版科学八上 第二单元天气与气候 课时作业（含答案）

中小学教育资源及组卷应用平台
八上科学第二单元课时作业
1．小米想要出去游玩，用手机看了下今天的天气预报，“天气晴，东南风3～4级，阵风5～6级，白天最高温度32℃，最低温度26℃，空气相对湿度61%。”以下说法错误的是（　　）
A．小米去放风筝，最好向东南方向跑
B．晴天天气，人的心情通常比较舒畅，主要是由于晴天的气压较高，血液溶解氧的能力强
C．当气温一定时，干湿差越大，空气的相对湿度越小
D．最低温度计的原理类似于体温计
2．诗歌和谚语往往蕴含着丰富的科学知识，对下列诗歌或语句的解读不正确的是（　　）
A．“早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”说明纬度位置对气温和降水的影响比较大
B．“人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开”反映了山地气候的垂直变化
C．浙江气候特点：夏季高温多雨，冬季温和少雨，其主要影响因素是季风
D．“燕子低飞要下雨”，因为雨前空气中相对湿度较大
3．北京时间2024年10月16日7时45分，我国在酒泉卫星发射中心使用长征四号丙运载火箭，成功将高分十二号05星发射升空，卫星需要高速穿过大气层进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。以下关于地球大气层的说法，不正确的是（　　）
A．对流层最显著的特点是有强烈的对流运动
B．臭氧层主要集中在平流层的下层，吸收太阳紫外线
C．大气分层的主要依据是大气在垂直方向上的密度变化
D．航天飞机在暖层绕地飞行
4．下列关于四个现象的说法中正确的是（　　）
A．甲图，“拔罐”既能说明大气有压强，又能说明人体内部有压强
B．乙图，马德堡半球实验，选用不同直径的半球，拉开半球时所用的力相同
C．丙图，医生用注射器给病人注射药物是利用了大气压的原理
D．丁图，如图所示的自制气压计，瓶内水柱升高说明外界大气压强增大
5．下列生活用品中，不是利用大气压的是（　　）
A．吸尘器 B．真空压缩袋
C．高压锅 D．离心式水泵
6．以下所示事例中，不能作为支持证据验证“流体的压强与流速的关系”的是（　　）
A.中间喷水，纸船相互靠拢 B.水平吹气，水从玻璃管上端喷出 C.飞机机翼做成图示形状 D.用吸管将饮料吸入口中
A．A B．B C．C D．D
7．随着生活水平的提高，中国出现了很多像“候鸟”一样迁徙生活的人，他们在每年的冬天告别北方寒冷的家乡去海南过冬，到第二年的春天又回到家乡。导致我国北方和海南气候差异的主要因素是（　　）
A．海陆分布 B．地形 C．纬度位置 D．季风
8．小明同学在倒置的漏斗里放一个乒乓球，用手指托住乒乓球。然后从漏斗口向下用力吹气，并将手指移开，如图，那么以下分析正确的是（　　）
A．乒乓球不会下落，因为其上方气体流速增大，压强变小
B．乒乓球不会下落，因为其上方气体流速增大，压强变大
C．乒乓球会下落，因为其上方气体流速增大，压强变大
D．乒乓球会下落，因为其上方气体流速增大，压强变小
9．如图所示是在一个标准大气压下完成的托里拆利实验，原来玻璃管竖直，后来让玻璃管倾斜，水银充满全管，有关尺寸如图所示。下列说法中错误的是（　　）
A．玻璃管倾斜后，水银对玻璃管上端有压强
B．外界大气压强等于76cm高水银柱所产生压强
C．玻璃管竖直时，上端无水银的部分肯定是真空
D．玻璃管倾斜后，若不慎将上端碰出一小孔，则水银会向上喷出
10．两根较长的薄壁试管的横截面积分别为S和2S，大试管内盛有适量的水银，将充满水银的小试管开口朝下插入大试管内，小试管的底部恰好与大试管内的液面相平，此时，水银对大试管底面的压力为N1，现将小试管缓慢地竖直拉出，在小试管离开大试管液面前的一瞬间，水银对大试管底面的压力为N2，若大气压强为P0，则N2与N1相比（　　）
A．减小P0S B．增大P0S C．减小2P0S D．增大2P0S
11．小科在老师的帮助下，收集数据并制作了“宁波市2022年每月平均气温曲线和降水量柱状图”。下列对图中信息及其相关的分析中，正确的是（　　）
A．宁波2022年前6个月和后6个月的平均气温基本相等
B．宁波2022年平均月降水量最高不超过200mm
C．宁波2022年的平均气温和降水量互不相关
D．根据图中信息可准确推测2023年发生洪涝灾害的日期
12．随着我国第三艘航母“福建舰”下水，人民海军正式迈入“三航母时代”。舰载机既要在航母上起飞，又要在航母上降落。降落时，飞机尾钩必须挂住甲板上的弹性阻拦索才能迅速停下来。关于舰载机下列说法正确的是（　　）
A．在升空的过程中，舰载机机翼上方空气流速大压强大
B．舰载机着舰时，阻拦索的拉力改变了它的运动状态
C．舰载机对阻拦索的拉力与阻拦索对舰载机的拉力是一对平衡力
D．舰载机在航母上着舰时，舰载机速度减小，其惯性也减小
13．小宁同学用吸管喝果汁时发现吸管“失灵”了，无论他怎么用力吸，都无法将果汁吸到嘴里，出现这种情况的原因可能是（　　）
A．吸管裂开缝隙 B．大气压偏大
C．吸管不够粗 D．吸管插得太深
14．如图所示是某科学兴趣小组利用自制的简易取水器进行取水要经历的三个过程，若要成功完成取水，在三个步骤中手指对小孔的操作分别是（　　）
A．①堵住②不堵③堵住 B．①堵住②堵住③不堵
C．①不堵②堵住③不堵 D．①堵住②不堵③不堵
15．小科同学暑假去天一阁参观，它是中国现存年代最早的私家藏书楼，由明朝范钦主持建造。范钦取“天一生水”之说，以水制火，取名“天一阁”。范钦的诗词，吟诵古今，下列诗句中涉及的科学知识，说法错误的是（　　）
A．“珠帘影动暗生风”，影子是光的反射形成的
B．“露港中林草”，露的形成是液化现象
C．“千村万村花鸟鸣”，声音的产生是由于物体的振动
D．“飞尘百道空中起”，飞驰而过的马车下方烟尘扬起，是因为空气流速大时，压强小
16．如图1是大气温度的垂直分布示意图，图2是大气对流层的空气在不同地点冷暖状况示意图。下列说法正确的是（　　）
A．图1中A层大气温度随高度上升而升高
B．图2中气压较高的是甲地，多晴朗天气
C．图1中B层集中了大气层中几乎全部的水汽
D．图2中A处空气流动的方向是向下的
17．下列是《科学》课本中的四幅插图，其中分析正确的是（　　）
A．通过纸飞机实验，可知风向是风向标箭尾所指的方向
B．在如图位置加热，对流管内液体会沿顺时针方向循环流动
C．窗内的窗帘会向外飘出，是因为窗外比窗内空气流速大，压强小
D．拔火罐时，火罐能吸在皮肤上，是因为罐内压强大于人体内压强
18．下列气候现象与其主要影响因素，正确的组合是（　　）
A．“人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开”﹣﹣纬度因素
B．海南岛是我国著名的避寒胜地﹣﹣海陆因素
C．青藏高原是我国夏季气温最低的地方﹣﹣地形因素
D．“羌笛何须怨杨柳，春风不度玉门关”﹣﹣地形因素
19．小科利用注射器改进“气压对液体沸点影响”的实验．他用注射器吸入刚停止沸腾的热水，并用橡皮帽堵住入水口，用力向外拉动活塞，水重新沸腾。下列说法正确的是（　　）
A．向外拉活塞，水的温度升高，重新沸腾
B．向内压活塞，水不会沸腾
C．实验说明气压越低，水的沸点越高
D．拔火罐是利用该实验原理工作的
20．如图所示为某同学自制的“自动喂水器”模型。先用一矿泉水瓶装满水，倒置于水盆中，盆中水被食用后，瓶口慢慢露出水面，空气会逐渐进入瓶中，水就会慢慢流出。下列说法正确的是（　　）
A．瓶内水上方的气压大于外界大气压
B．瓶内水上方的气压等于外界大气压
C．若在瓶底开一孔，瓶中水不会流出
D．瓶内水位保持一定的高度是大气压作用的结果
21．如图为大气的温度、密度随高度变化的示意图，下列说法正确的是（　　）
A．高度越高，大气的温度越高
B．高度越高，大气的密度越大
C．大气的密度越小温度越高
D．对流层的气温下面高、上面低
22．如图所示，外界大气压为76cm汞柱，一个高为20厘米的玻璃瓶盛满水后倒置在水槽中（如图）。若在瓶底开一个小孔，则（　　）
A．瓶内水会向上喷出
B．瓶内水面高度不变
C．瓶内水面稍有下降
D．瓶内水面下降到与瓶外水面相平
23．科学是一门以实验为基础的学科，关于下列实验的说法不正确的是（　　）
A．甲实验中用力吹气时，瓶中的水从竖直的玻璃管内上升甚至喷出
B．乙实验将玻璃管略微倾斜会导致水银面竖直高度低于760mm
C．丙实验将简易气压计从山脚带到山顶，玻璃管内液面会上升
D．丁实验为使烧瓶内刚停止沸腾的水再次沸腾，可向外拉动活塞，减小气压，降低沸点
24．下列关于大气层的说法中，正确的是（　　）
A．依据大气压强在垂直方向上的变化将大气层分为五层
B．对流层集中了地球约的水汽和几乎全部的大气质量
C．对流层最显著的特点是有强烈的对流运动
D．对流层和平流层的大气温度都随高度上升而降低
25．2023年12月18日余姚市发布道路结冰黄色预警：受雨雪影响，目前我市四明山镇、大岚镇、鹿亭乡等高海拔山区积雪5﹣6厘米，预计今天夜里山区仍有雨夹雪或雪，并渐止转阴天，最低气温将低于0℃，高海拔山区道路结冰仍将持续，请注意防范。下列相关描述中错误的是（　　）
A．气温是指空气的冷热程度，可以用温度计测量
B．该黄色预警描述的是天气状况
C．测定降水量可将收集到的雨水或融雪水倒入雨量杯中，测出体积，单位为mL
D．高海拔地区更容易发生道路结冰是因为海拔越高，温度越低
26．将杯子里装满水，用纸片把杯口盖严，按住纸片，把杯子倒过来（如图甲），放手后，纸片 　 　（填‘会’或‘不会’）掉下来，杯子里的水也不会流出来，这表明 　 　。把杯子转到如图乙、丙所示的位置，纸片仍然不会掉下来，这说明 　 　。
27．如图所示为鱼缸中的电动过滤增氧泵的原理图。电动机带动水泵的叶轮旋转把水从进水口吸入，从喷水口中快速喷出，空气就会从进气管进入水中，随水流一起从出水口流出。
（1）水从进水口进入水泵，主要是利用了 　 　。
（2）喷水口越狭窄，进气管底端的压强就越 　 　。
28．地形对气温和降水会有较大的影响。地势高低不同，气温也有明显的差异，根据图示可知，N处的气温约为 　 　℃。山地的迎风坡往往形成比较多的地形雨。陆地土壤的比热容比海洋水的比热容小，所以沿海地区与内陆地区的气候有很大差异。夏季杭州人喜欢到舟山的海边避暑，这主要是因为海边气温日较差相对较小，并且白天和晚上往往有海陆风，其中白天通常吹 　 　（填“海风”或“陆风”）。
29．飞鸟在天空中自由翱翔，人类模拟飞鸟的翅膀制造了飞机的机翼，从而遨游天空。
（1）飞鸟展开翅膀滑翔飞行时获得向上的升力，其升力是由于飞鸟翅膀上表面附近的空气流速 　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）翅膀下表面附近的空气流速而产生的。
（2）飞鸟飞行时产生的升力，可表示为F＝kSv2，式中S为翅膀的面积，v为飞鸟的飞行速度，k为比例常量。鸟在空中水平滑翔时，双翅左右伸展不动，滑翔的速度取决于鸟的体重和翅膀的大小，则体重小翅膀大的鸟滑翔速度 　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）体重大翅膀小的鸟滑翔速度。若一只质量为m0、翅膀面积为S0的飞鸟，其水平滑翔速度为v0，假设飞机飞行时获得的升力与飞鸟飞行时获得的升力满足同样的规律，且k值相同（k为未知量），则一架质量为m、起飞速度为v的飞机，其机翼设计面积S应为 　 　。
30．如图为城市“热岛”现象示意图。
（1）“热岛”现象中，地面风从乡村吹向城市，风是空气的水平运动，与气压高低有关，所以在近地面，乡村气压 　 　（填“高于”、“低于”或“等于”）城市气压。
（2）“热岛”现象的出现说明人类的活动对气候变化有巨大的影响，下列现象或灾害与气温的变化有直接关系的是 　 　（多选）。
A.温室效应 B.台风 C.寒潮 D.洪水 E.霜冻
31．（1）影响气候的因素有很多，在同样多的太阳辐射的条件下，陆地升温和降温都比海洋 　 　（选填“快”或“慢”），表现出海洋和陆地的性质差异，从而影响气候。
（2）晴朗夏日，海边城市陆地与海洋之间会形成海、陆风，可用甲、乙两图表示，其中表示晚间空气流动的是 　 　（选填“甲”或“乙”）图。
（3）寒潮是一种灾害性天气，2021年11月，仙居遭遇到了极强寒潮，11月8日仙居城区最低气温仅为3℃，括苍山顶出现了﹣6℃的低温。仙居城区与括苍山在同一天中最低气温差异很大，主要原因是两地 　 　不同。
32．天气与气候有区别又有联系，与人类的生活、生产关系密切。
（1）如图是浙江省某地某时的天气图，请回答下列问题：
①丙在该锋面过境时，会出现 　 　天气；
②在甲乙两地之间，风向应该是 　 　（选填“甲→乙”或“乙→甲”）；
（2）下面是某市气象台某日发布的一条气象消息：我市明天阴有小雨，西北风4级，最高气温为22℃，最低温11℃，空气质量优。则：
①气象消息中最高气温为22℃，应出现在 　 　左右；
②该市该日的大气运动可用图2中的 　 　（选填“甲”或“乙”）作为大气运动示意图。
33．如图是某日我国某地某电视台发布的气象消息，其中图一是早晨播送的预报，图二和图三是“当前时间”下的状况。请根据图示信息回答问题：
（1）题中的“当前时间”大概是 　 　左右。“小雨”“中雨”“大雨”这些等级是根据降雨量来划分的，降雨量的单位是 　 　。
（2）图中这些数据及信息综合表示这一天该地的 　 　情况。
（3）当天当地，放风筝的人应往 　 　（填方向）跑动，风筝更容易飞起来。
（4）若甲地气压为0.98×105帕斯卡，乙地气压为1.02×105帕斯卡，且甲在乙的西北方，丙地位于甲乙之间，则丙地当天刮 　 　风。
34．2022年9月14日20时30分前后，今年第12号台凤“梅花”的中心在浙江舟山普陀沿海登陆，登陆时强度为强台风，为今年以来登陆我国最强的台风，登陆时中心附近最大风力为14级。台风常带来狂风暴雨，造成巨大的经济损失，面对台风“梅花”，杭州市防指办强化统筹指挥，全力做好各项防御工作。
(1)台风是形成于洋面的热带气旋，其中心气压明显低于周边。图甲中A、B两个天气系统中可能形成台风的是___________。
(2)台风带来的狂风暴雨，易造成城市内涝。图乙为水循环示意图，城市内涝的形成与地表径流有关，图中表示地表径流的是___________（填图乙中序号）
(3)台风过境时，流速很大的风平行于窗户吹过，将窗户“吹”走，如图丙。从气压与流速的关系分析窗户被“吹”走的原因。___________
35．如表为相对湿度表局部，请根据表中内容回答下列问题：
干球温度 干湿差
1.0℃ 2.0℃ 3.0℃ 4.0℃
0.0℃ 82% 65% 47% 31%
5.0℃ 86% 71% 58% 45%
10.0℃ 88% 76% 65% 54%
15.0℃ 90% 80% 70% 61%
20.0℃ 91% 82% 74% 66%
25.0℃ 92% 83% 76% 68%
30.0℃ 93% 86% 79% 73%
（1）干湿差相同时，干球的温度越高，空气的相对湿度越 　 　。
（2）气温相同时，干湿差越小，空气的相对湿度越 　 　。
（3）当一位同学用干湿球温度计测量空气的相对湿度时，测得干球的温度为25℃，而湿球的温度为24℃，那么当时空气的相对湿度为 　 　。
36．如图所示，两端开口的光滑的直玻璃管，下端插入水银槽中，上端有一段高为h的水银柱，中间封有一段空气，设外界大气压为p0，环境温度保持不变，则中间空气的压强大小＝　 　（用所给的字母表示），H 　 　h（选填“大于”、“小于”或“等于”）。（水银密度为ρ）
37．如图所示是一个饮水壶的部分结构示意图，a、b是出水管的两端，壶内水面低于出水管的a端，活塞与壶口接触紧密且能自由移动。用力向下压活塞，在水从a端匀速流出（壶内水面始终高于b端）的过程中，壶内气体的温度保持不变。
（1）壶内气体压强 　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）外界大气压。
（2）向下压活塞的力F逐渐 　 　。（选填“变小”、“不变”或“变大”）
38．小科自制如图的气压计。他把细玻璃管插入装有半瓶水的密闭烧瓶中，从玻璃管上端往烧瓶里吹气，瓶内气体压强增大，观察到细玻璃管内的水柱上升到a处。
（1）若把该气压计拿到山顶上，则管内水柱将 　 　（填“高于”“低于”或“等于”）a处位置。（假设温度不变）
（2）控制其他条件相同时，换用一根更粗的玻璃管进行上述实验，则管内水柱上升的高度会 　 　（填“不变”“增高”或“降低”）。
39．小明将自制气压计（如图）从一楼拿到六楼，观察到玻璃管内的水柱逐渐升高，这表明：随着高度的逐渐增加，大气压逐渐 　 　。将牛奶制成奶粉时，为了保持牛奶的营养成分，不能用高温煮沸，为此，人们制造了一种“低压锅”，用这种锅煮牛奶，可以使牛奶里的水的沸点 　 　（高于/小于/等于）100℃，他还发现风沿着教室窗外的走廊吹过时，窗口悬挂的窗帘飘向窗 　 　（选填“内”或“外”），这是因为空气的流动速度较大，压强 　 　的缘故。
40．（1）如图甲所示，用托里拆利实验测量大气压强，测得当时的大气压强等于 　 　mm高水银柱所产生的压强。如果把玻璃管竖直提起5mm，玻璃管中水银柱高度为 　 　mm。
（2）该地点水的沸点 　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）100℃。
（3）如图乙所示，是小华学了大气压知识后，制作的一个简易的气压计：取一个瓶子，装入适量带色的水，再取一根两端开口的细玻璃管，在它上面画上刻度，使玻璃管穿过橡皮塞插入水中。从管子上端吹入少量气体，使瓶内气体压强略大于大气压，让水沿玻璃管上升到瓶口以上的位置。他拿着这个简易气压计从一楼上到五楼，玻璃管中液面会 　 　（选填“上升”或“下降”）。
41．在测定大气压的实验中，因缺少大量程的弹簧测力计，小明设计并进行了如下的实验（如图所示）。
①将蘸水的塑料挂钩吸盘按压在光滑水平的玻璃板上，挤出塑料吸盘内的空气，测出吸盘的直径为d；
②将装有适量细砂的小桶轻轻地挂在吸盘的塑料挂钩上；
③用小勺轻轻地向小桶内加沙，直到塑料吸盘刚好脱离玻璃板，用天平测出这时小桶和沙的质量为m。
请完成下列问题：
（1）吸盘脱离玻璃板时，若不计塑料挂钩的质量，空气对塑料吸盘的压力大小是：　 　，测得大气压数值的表达式是：p大气压＝　 　。
（2）实验中误差产生的主要原因是（写出一条即可）：　 　。
42．在自主学习探究过程中，某同学利用带拉环的吸盘、弹簧测力计、水、刻度尺来测量大气压强的大小，具体实验步骤是：
①将蘸水的塑料吸盘按在光滑水平板面上，并多次挤压吸盘。
②用弹簧测力计钩着吸盘挂钩缓慢往上拉，直到吸盘脱离板面。
③记录刚拉脱时弹簧测力计的读数F0＝47N，即为大气对吸盘的压力大小。
④再量出吸盘与水平板面的接触面积S＝5cm2。
⑤计算出大气压。
（1）步骤①中“将吸盘蘸水”和“多次挤压吸盘”，目的是　 　。
（2）根据上述实验计算所测得的大气压的值是　 　Pa。
（3）若按图乙中的两种方式进行实验，实验器材和步骤均相同，示数分别为F1、F2，小明认为F0＝F1＝F2，小明得出此结论的依据　 　。而实际测量过程中发现F0＞F1＞F2，小明忽略了　 　对实验结果的影响。
43．校园项目化比赛中，小明设计了如图甲所示用弹簧测力计显示大气压强大小变化的装置。产品制作过程如下：
①将装置置于一个标准大气压下，打开止水夹，往装置中注入一定量的水，如图乙所示，对装置进行气密性检查。
②使止水夹处于打开状态，弹簧测力计上端固定且高度不变，下端用细线连接重力为5牛的金属块，并使金属块始终部分浸入水中，待水面静止后，用止水夹将左侧容器密封，此时测力计的示数如图丙所示标为一个标准大气压。
（1）写出①中气密性检查的步骤 　 　。
（2）计算②金属块排开水的体积 　 　。
（3）当外界气压大于一个标准大气压时，弹簧测力计的读数将变 　 　。
44．歼﹣16战斗机，是我国自主研制第四代战斗机，被称为我国第一王牌战机。小王发现机翼的形状都有明显的弧形，于是，他进行了如下探究：用硬纸板制作机翼模型，用竖直滑的杆穿过机翼模型，将模型挂在弹簧秤上。用可调速的风扇，距机翼模型相同距离，以不同的风速正对着模型吹风，分别读出弹簧测力计的示数，并进行多次实验，获得以下数据。
实验组别 机翼长度 机翼宽度 机翼厚度 不同风速时弹簧秤的示数（N）
0m/s 1m/s 3m/s 6m/s 12m/s
1 20cm 10cm 2cm 9.5 8.5 7.1 5.1 2.9
2 20cm 10cm 4cm 10.0 8.6 6.3 3.1 0
3 20cm 10cm 6cm 11.0 9.1 6.1 2.5 0
（1）依据以上的探究过程，飞机升力与飞机机翼的关系，小王提出的问题是什么？　 　。
（2）用电风扇正对着机奖模型吹风，弹簧秤的示数会变小，其原因是 　 　。
（3）第2组实验中，当风速为6m/s时机翼模型受到的升 　 　N。
（4）根据表格数据，分析机翼模型的升力和机翼的关系：　 　。
45．某校拓展研究小组同学想利用如下实验方案一粗略测量某地大气压的值，装置如图甲所示：
步骤一：把注射器的活塞推至注射器针筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器小孔；
步骤二：如图所示，用细线拴住注射器活塞颈部，使线的一端与弹簧测力计的挂钩相连，然后水平向右慢慢拉动针筒，当活塞刚开始滑动时，记下弹簧测力计的示数为F；
步骤三：读出注射器针筒上有刻度部分的容积V；
步骤四：用刻度尺测出注射器针筒上有刻度部分的长度L。
根据以上实验步骤，研究小组同学发现测量结果误差比较大，综合分析后，找出了下列可能的原因：①橡皮帽封住的注射器小孔中有残余气体；②活塞与注射器筒壁间有摩擦。
回答下列问题：
（1）注射器顶端装针头处空气无法排尽，这将会使测量结果偏小。同学们联想到去医院打针时的情景，改进方法将注射器内空气排尽。他们的方法是 　 　。
（2）方案一测量过程中活塞与注射器筒壁间有摩擦，会使测得的大气压值 　 　（填“偏大”“偏小”或“不变”）。
在实际操作中，同学们发现除上述两个原因会引起测量结果出现误差外，我们还很难准确读取弹簧测力计的示数，于是他们对测量方案进行了改进，设计了实验方案二，其实验装置如图乙所示。
①按改进方法将注射器内空气排尽，用橡皮帽封住注射器的小孔；
②向烧杯中缓慢加水，当活塞向左匀速滑动时，测得烧杯和水的总重为G1；
③然后 　 　，当活塞向右匀速滑动时，测得烧杯和水的总重为G2；
④测得活塞面积为S；
⑤计算大气压值p。
（3）将方案二中的实验步骤③补充完整。
（4）利用方案二，本次测量的大气压值p＝　 　（用方案二步骤中的字母表示）。
46．为了估测当天大气压究竟有多大，科学兴趣小组同学在实验室合作进行了如图甲所示的实验。其实验步骤如下：
①将蘸水的塑料吸盘（吸盘有重力）按在光滑水平板面上，并多次挤压吸盘。
②用弹簧测力计钩着吸盘挂钩缓慢往上拉，直到吸盘脱离板面。
③记录刚脱离板面时弹簧测力计的读数F0＝41N，可视为大气对吸盘的压力大小。
④量出吸盘与水平板面的接触面积S＝4cm2。
⑤计算大气压。
（1）步骤①中“多次挤压吸盘”的目的是 　 　。
（2）根据甲实验设计，可能会引起测得的大气压值偏大的原因是 　 　。
（3）若按图乙中的两种方式进行实验，实验器材和步骤均相同，则选择图乙中的 　 　（填“左”或“右”）图这种方式更合理。
47．在自主学习探究过程中，某同学利用带拉环的吸盘、固定在墙上的平面镜、水、刻度尺来测量大气压强的大小，具体实验步骤是：①用刻度尺测出吸盘的直径，算出吸盘平面面积为10
厘米2；②用弹簧秤测出吸盘自身的重力0.5N；③将吸盘沾水湿润后，压在平面镜上，排尽吸盘内空气；④用弹簧秤水平拉动吸盘，直至恰好脱落，读出此时弹簧秤示数为95N；⑤记录整理数据；⑥算出大气压的值，分析实验结论。实验装置如图甲。请结合你所学的知识分析：
（1）上述的实验步骤中，哪一步是多余的 　 　（填序号）。
（2）根据该同学的实验数据，计算得到的大气压的值等于 　 　Pa。
（3）在实验时，如果拿一个吹风机对着吸盘自上而下吹风，如图乙，则你预计的弹簧秤示数可能会 　 　（“大于”“小于”“等于”）95N。
（4）通过该方法测出的大气压值会偏小，可能的原因是 　 　（此题多选）
A．气密性不好 B．吸盘自身有重力 C．吸盘内空气未排尽。
48．高压锅的锅盖上有一个空心柱为排气孔，空心柱上戴着一个帽子为限压阀，当高压锅内气体的压强超过安全值时，其内的气体就会冲出限压阀，气体跑出一部分，使锅内气体的压强减少，现在一个直径为24cm、空心柱小孔的横截面积为10mm2，限压阀的质量为100g的高压锅，要用它来煮饭，若当时的大气压为1.0×105Pa。则：
（1）高压锅内气体能达到的最大压强为多少？
（2）商品质量检测部门检测，此高压锅内气体的最大压强不能超过1.8×105Pa，要使此高压锅能继续安全使用，原来的限压阀还能使用吗？若不能，应再配备一个质量为多少克的限压阀？（g取10N/kg）
49．如图所示是高压锅的基本结构示意图。锅盖上有一个空心柱为出气孔，空心柱上戴着的一个帽子为安全阀，当高压锅内的气体压强超出了安全值时，锅内的气体就会冲开安全阀，气体跑出一部分，使锅内气体的压强减小。（π取3，大气压取105Pa）
高压锅自重 高压锅直径 出气孔半径 安全阀质量
40N 30cm 2mm 120g
（1）小科在使用电饭煲煮玉米时发现大约需要15～20分钟能将玉米煮熟，而使用高压锅煮熟玉米大概只需要8分钟（内壁容积、玉米种类数量均相同）。请根据此现象解释其中包含的科学道理。
（2）经商品质量检测部门检测，此高压锅内气体的最大压强不能超过1.6×105Pa，要使此高压锅能继续安全使用，原来的限压阀不能再使用，那么应该再配备一个质量为多少克的限压阀？
50．如图为压力锅的示意图，锅盖上有一个空心柱为排气孔，空心柱上带有一个帽子为限压阀。当压力锅内气体的压强超过安全值时，锅内的气体会顶起限压阀逸出一部分，使锅内气体压强减小，保证压力锅安全使用。某压力锅排气孔横截面横截面积为10mm2，限压阀的质量为100g，标准大气压取1.0×105Pa。
（1）据图分析，1标准大气压时，水的沸点为 　 　。
（2）该压力锅在海拔达4000m的地方烧水，该地的气压为60kPa，当水烧开时水的温度大约是多少摄氏度？
（3）若想在海拔4000m高的地方将水烧开至120℃，请问应更换多少质量的限压阀？
51．美国东面是大西洋，西面是太平洋，每年都会受到龙卷风的袭击，造成人员伤亡和财产损失。假设某一次龙卷风发生时，室外的气压急剧下降到9×104Pa，当时门窗紧闭，室内气压约为1×105Pa。
（1）为什么龙卷风发生时，室外的气压会急剧下降？
（2）若水平屋顶的面积为100m2，试计算屋顶内外受到的大气压力差的大小。
52．如图所示，高压锅是家庭厨房中常见的炊具，利用它可以将食物加热到100℃以上，它省时高效，深受消费者欢迎。
（1）小李测得家中高压锅出气孔的直径为4mm，外界大气压强p0＝1.0×105Pa时，锅内气压最高可达1.6×105Pa，用这种高压锅烧煮食物时，可以达到的最高温度大约是多少？
（2）根据题（1）的条件计算压在出气孔上的安全阀的质量为多少克？（取π＝3）
八上科学第二单元课时作业
参考答案与试题解析
1．小米想要出去游玩，用手机看了下今天的天气预报，“天气晴，东南风3～4级，阵风5～6级，白天最高温度32℃，最低温度26℃，空气相对湿度61%。”以下说法错误的是（　　）
A．小米去放风筝，最好向东南方向跑
B．晴天天气，人的心情通常比较舒畅，主要是由于晴天的气压较高，血液溶解氧的能力强
C．当气温一定时，干湿差越大，空气的相对湿度越小
D．最低温度计的原理类似于体温计
【分析】天气预报是气象工作者通过对天气资料的分析，发布的将要出现的天气状况，主要包括气温（最高和最低）、阴天或晴天、降水的可能性、降水的强度、风力的大小、空气的能见度等等。在天气预报图上，我们可以看到一些符号，这些符号都是用来表示天气状况的，它们都有特定的含义。风向是指风的来向，风力是风强弱的级别，共分18级。
【解答】解：风向是指风的来向，“东南风3～4级”，说明风刮向西北，小米去放风筝，最好向东南方向跑，A正确；
晴天天气，人的心情通常比较舒畅，主要是由于晴天的气压较高，血液溶解氧的能力强，B正确；
当气温一定时，干湿差越大，空气的相对湿度越小，C正确；
最低温度计涉及表面张力、力学，就是酒精球受表面张力，缩的时候能拉进来，但胀的时候推不出去酒精球，所以温度只能降低不能升高。体温计是利用液体（水银）的热胀冷缩性质，所以它们的原理不同，D错误。
故选：D。
2．诗歌和谚语往往蕴含着丰富的科学知识，对下列诗歌或语句的解读不正确的是（　　）
A．“早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”说明纬度位置对气温和降水的影响比较大
B．“人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开”反映了山地气候的垂直变化
C．浙江气候特点：夏季高温多雨，冬季温和少雨，其主要影响因素是季风
D．“燕子低飞要下雨”，因为雨前空气中相对湿度较大
【分析】影响气候的因素有纬度因素、地形因素和海陆位置等。
【解答】解：“早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”说明海陆位置对气温和降水的影响比较大；“人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开”反映了山地气候的垂直变化；浙江气候特点：夏季高温多雨，冬季温和少雨，其主要影响因素是季风；“燕子低飞要下雨”，因为雨前空气中相对湿度较大。
故选：A。
3．北京时间2024年10月16日7时45分，我国在酒泉卫星发射中心使用长征四号丙运载火箭，成功将高分十二号05星发射升空，卫星需要高速穿过大气层进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。以下关于地球大气层的说法，不正确的是（　　）
A．对流层最显著的特点是有强烈的对流运动
B．臭氧层主要集中在平流层的下层，吸收太阳紫外线
C．大气分层的主要依据是大气在垂直方向上的密度变化
D．航天飞机在暖层绕地飞行
【分析】地球大气层是外表圈层之一，对地球具有保护作用，为生命提供充足的氧气；根据物理性质范围不同的圈层。
【解答】解：对流层的热量直接来源于地面辐射，所以海拔越高，气温越低，导致对流层最显著的特点是有强烈的对流运动，A正确；臭氧层是大气层中臭氧浓度较高的区域，距离地面约20～40千米的高空；平流层位于12﹣﹣50千米之间，故臭氧层主要分布在大气垂直分层中的平流层的下层，它能有效吸收紫外线，保护人类健康，故B正确；地球大气分层的主要依据是大气在垂直方向上的温度的变化，故C错误；航天飞机在暖层绕地飞行，故D正确。
故选：C。
4．下列关于四个现象的说法中正确的是（　　）
A．甲图，“拔罐”既能说明大气有压强，又能说明人体内部有压强
B．乙图，马德堡半球实验，选用不同直径的半球，拉开半球时所用的力相同
C．丙图，医生用注射器给病人注射药物是利用了大气压的原理
D．丁图，如图所示的自制气压计，瓶内水柱升高说明外界大气压强增大
【分析】（1）拔火罐的过程中出现了两种现象：①罐子会吸附在皮肤上；②皮肤上被拔的部位留下了圆形的血印；
（2）在大气压强一定时，根据F＝pS可知，面积不同，产生的压力不同；
（3）气压的利用一般都是内外压强不同，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果；
（4）在这个自制气压计中，瓶内气压大于外界大气压，水柱就上升，相反水柱就下降。
【解答】解：A、罐子会吸附在皮肤上，是因为罐内气压小于外界的大气压，故是说明大气有压强；皮肤上的圆形血印是向外凸起，说明人体内也有压强，体内压强比罐内压强大，导致皮肤向外凸起，故A正确。
B、进行马德堡半球实验时，根据F＝pS可知，大气压一定，选用不同的直径的半球时，受力面积不同，产生的大气压力不同，拉开半球所用的力不同，故B错误；
C、医生给注射器内吸药液时用到了大气压，但现在是向病人体内注射药液，利用的是人的推力，与大气压无关，故C错误；
D、瓶内气体压强等于大气压强与水柱产生压强之和；外界大气压变小，瓶内气压大于外界大气压与水柱产生压强之和，会进一步向外压水柱，所以水柱将会升高，故D错误。
故选：A。
5．下列生活用品中，不是利用大气压的是（　　）
A．吸尘器 B．真空压缩袋
C．高压锅 D．离心式水泵
【分析】大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。
【解答】解：A、用吸尘器吸尘土时，吸出管中的部分空气，使吸管内的气压减小，尘土在大气压的作用下进入吸尘器中，利用了大气压，故A不符合题意；
B、真空压缩保存袋的工作原理是把棉被衣物内部的空气抽走从而使体积得到缩小，利用大气压把本来膨胀的棉被等物品压扁，隔离外界空气，故B不符合题意；
C、用高压锅煮饭，是利用了气压升高，液体沸点增大的原理，并不是利用大气压来工作，故C符合题意；
D、活塞式抽水泵，通过活塞上移使抽水泵内水面上方的气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，故D不符合题意。
故选：C。
6．以下所示事例中，不能作为支持证据验证“流体的压强与流速的关系”的是（　　）
A.中间喷水，纸船相互靠拢 B.水平吹气，水从玻璃管上端喷出 C.飞机机翼做成图示形状 D.用吸管将饮料吸入口中
A．A B．B C．C D．D
【分析】流体压强和流速的关系是：流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。
【解答】解：A、向两纸船中间中间喷水使水流速大，压强小，两纸船的外部水流速小，压强大，两船受到两边向内的压力差，所以纸船相互靠拢，故A不合题意；
B、从横管左端向管内吹气时，竖管上端的空气流速快、压强小；而竖管下端的大气压较大，从而形成了向上的压强差，所以水从竖管上端喷出，故B不合题意；
C、飞机的机翼做成上凸下平的形状，飞机飞行时，机翼上方气流比下方气流的流速快，下方空气的压强大于上方空气的压强，从而使机翼获得了向上的升力，故C不合题意。
D、用吸管将饮料吸入口中，吸管内的气压小于外界大气压强，于是饮料在大气压强的作用下被压入口中，故D符合题意。
故选：D。
7．随着生活水平的提高，中国出现了很多像“候鸟”一样迁徙生活的人，他们在每年的冬天告别北方寒冷的家乡去海南过冬，到第二年的春天又回到家乡。导致我国北方和海南气候差异的主要因素是（　　）
A．海陆分布 B．地形 C．纬度位置 D．季风
【分析】气候的因素主要有纬度因素、海陆因素、地形地势因素、洋流因素及人类活动等。
【解答】解：我国南北跨纬度大，获太阳辐射差异大，温度差异明显。导致我国北方和海南气候差异的主要因素是纬度位置。
故选：C。
8．小明同学在倒置的漏斗里放一个乒乓球，用手指托住乒乓球。然后从漏斗口向下用力吹气，并将手指移开，如图，那么以下分析正确的是（　　）
A．乒乓球不会下落，因为其上方气体流速增大，压强变小
B．乒乓球不会下落，因为其上方气体流速增大，压强变大
C．乒乓球会下落，因为其上方气体流速增大，压强变大
D．乒乓球会下落，因为其上方气体流速增大，压强变小
【分析】流动的气体和液体都称为流体，流体流速大压强小。
【解答】解：当用力吹漏斗时，气流从漏斗的壁快速流出，速度比较大，乒乓球的上部气流流速大，压强比较小，乒乓球的下部受到的大气压是不变的，托着乒乓球不会掉下来。
故选：A。
9．如图所示是在一个标准大气压下完成的托里拆利实验，原来玻璃管竖直，后来让玻璃管倾斜，水银充满全管，有关尺寸如图所示。下列说法中错误的是（　　）
A．玻璃管倾斜后，水银对玻璃管上端有压强
B．外界大气压强等于76cm高水银柱所产生压强
C．玻璃管竖直时，上端无水银的部分肯定是真空
D．玻璃管倾斜后，若不慎将上端碰出一小孔，则水银会向上喷出
【分析】在托里拆利实验中，玻璃管内外水银面高度差取决于外界大气压的大小，在正常测量时，外界大气压不变，水银柱的高度差就不会改变。
【解答】解：由图知，玻璃管竖直时，水银柱高为76cm，倾斜后水银高为74cm。
A、大气压不变，仍能支持76cm的水银柱，而倾斜后水银充满全管，水银高为74cm，水银柱产生压强减小，所以水银对玻璃管上端有压强，故A正确；
B、由图知，玻璃管竖直时，水银柱高为76cm，所以外界大气压强等于76cm高水银柱所产生压强，故B正确；
C、玻璃管倾斜后能够充满全管，说明上端无水银的部分肯定是真空，若不是真空，管内水银不会充满全管，故C正确；
D、玻璃管倾斜后，上端碰出一小孔，试管上端也存在大气压强，管内水银在重力作用下会下降，而不会向上喷，故D错误。
故选：D。
10．两根较长的薄壁试管的横截面积分别为S和2S，大试管内盛有适量的水银，将充满水银的小试管开口朝下插入大试管内，小试管的底部恰好与大试管内的液面相平，此时，水银对大试管底面的压力为N1，现将小试管缓慢地竖直拉出，在小试管离开大试管液面前的一瞬间，水银对大试管底面的压力为N2，若大气压强为P0，则N2与N1相比（　　）
A．减小P0S B．增大P0S C．减小2P0S D．增大2P0S
【分析】（1）由题意可知，小试管缓慢地竖直拉出时，大试管内减少的水银和小试管内水银的质量相等；而小试管内上方是真空，所以小试管内水银产生的压强和大气压强相等，根据F＝pS求出试管内水银的压力，此时水银产生的压力和自身的重力相等。
（2）圆柱体内水银对容器底部的压力和自身的重力相等，小试管缓慢地竖直拉出时，水银对容器底部压力的减小量即为小试管内水银的重力。
【解答】解：小试管缓慢地竖直拉出时的变化如下图所示：
（1）小试管的底部恰好与大试管内的液面相平时，
∵小试管内水银上方是真空，
∴小试管内水银产生的压强和大气压强相等；
∵F＝pS，且小试管底部受到的压力和自身的重力相等，
∴小试管内水银的重力G2＝F＝p0S。
（2）又∵大试管内水银对底部的压力和大试管内水银的重力相等，
∴N1﹣N2＝G1﹣G3＝G2＝p0s。
故选：A。
11．小科在老师的帮助下，收集数据并制作了“宁波市2022年每月平均气温曲线和降水量柱状图”。下列对图中信息及其相关的分析中，正确的是（　　）
A．宁波2022年前6个月和后6个月的平均气温基本相等
B．宁波2022年平均月降水量最高不超过200mm
C．宁波2022年的平均气温和降水量互不相关
D．根据图中信息可准确推测2023年发生洪涝灾害的日期
【分析】观察气候资料图时，可以先看横坐标轴，它表示月份，再看左侧纵坐标轴表示气温，最后根据气温曲线上的点估出各月气温值；降水柱状图的判读和气温曲线图的判读一样，只不过降水是估算各月长方形柱状的数值。
【解答】解：读图可知在，宁波2022年前6个月和后6个月的平均气温不相等，故A错误；
宁波2022年平均月降水量最高不超过200mm，故B正确；
宁波2022年的平均气温和降水量有关，高温时多雨，故C错误；
根据图中信息无法准确推测2023年发生洪涝灾害的日期，故D错误。
故选：B。
12．随着我国第三艘航母“福建舰”下水，人民海军正式迈入“三航母时代”。舰载机既要在航母上起飞，又要在航母上降落。降落时，飞机尾钩必须挂住甲板上的弹性阻拦索才能迅速停下来。关于舰载机下列说法正确的是（　　）
A．在升空的过程中，舰载机机翼上方空气流速大压强大
B．舰载机着舰时，阻拦索的拉力改变了它的运动状态
C．舰载机对阻拦索的拉力与阻拦索对舰载机的拉力是一对平衡力
D．舰载机在航母上着舰时，舰载机速度减小，其惯性也减小
【分析】（1）大气压随高度的增加而减小；
（2）力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态；
（3）二力平衡的条件是两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上；
（4）惯性是物体自身的一种属性，惯性的大小只与物体的质量有关。
【解答】解：A、大气压随高度的增加而减小，在升空的过程中，舰载机周围的大气压逐渐变小，故A错误；
B、舰载机着舰时，阻拦索的拉力使舰载机由运动变为静止，改变了它的运动状态，故B正确；
C、舰载机对阻抗索的力与阻拦索对舰载机的力，作用在两个物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D、舰载机在航母上着舰时，速度减小，但质量不变，舰载机的惯性不变，故D错误。
故选：B。
13．小宁同学用吸管喝果汁时发现吸管“失灵”了，无论他怎么用力吸，都无法将果汁吸到嘴里，出现这种情况的原因可能是（　　）
A．吸管裂开缝隙 B．大气压偏大
C．吸管不够粗 D．吸管插得太深
【分析】用吸管喝果汁时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下果汁被压入吸管。
【解答】解：正常情况下，用吸管喝果汁时，吸管内气压减小小于外界大气压，在大气压的作用下果汁被压入吸管。此时无论他怎么用力吸，都无法将果汁吸到嘴里，说明吸管内外气压相等，应该是吸管裂开缝隙，即使用力吸，但管内外气体相通，气压相等，果汁不会被压上来。
故选：A。
14．如图所示是某科学兴趣小组利用自制的简易取水器进行取水要经历的三个过程，若要成功完成取水，在三个步骤中手指对小孔的操作分别是（　　）
A．①堵住②不堵③堵住 B．①堵住②堵住③不堵
C．①不堵②堵住③不堵 D．①堵住②不堵③不堵
【分析】（1）小孔不堵时，把瓶子插入水中，瓶子与容器构成连通器；
（2）堵住小孔，向上提瓶子，大气压支持着瓶子中的水不流出；
（3）倒水时，放开小孔，瓶子中的水在重力作用下流出。
【解答】解：第一个图，装进水，小孔不堵时，把瓶子插入水中，瓶子与容器构成连通器，最后水不流动时，瓶子里边和瓶子外部的水面相平；第二个图，转移水，堵住小孔，向上提瓶子，大气压支持着瓶子中的水不流出；第三个图，倒出水，放开小孔，瓶子中的水在重力作用下流出。
A、①堵住，水进不去瓶子，②不堵，水提不起来，③堵住，水放不出，故A错误；
B、①堵住，水进不去瓶子，故B错误；
C、①不堵，水浸入瓶子，②堵住，把水提起来，③不堵，把水放出去，故C正确；
D、①堵住，水进不去瓶子，故D错误。
故选：C。
15．小科同学暑假去天一阁参观，它是中国现存年代最早的私家藏书楼，由明朝范钦主持建造。范钦取“天一生水”之说，以水制火，取名“天一阁”。范钦的诗词，吟诵古今，下列诗句中涉及的科学知识，说法错误的是（　　）
A．“珠帘影动暗生风”，影子是光的反射形成的
B．“露港中林草”，露的形成是液化现象
C．“千村万村花鸟鸣”，声音的产生是由于物体的振动
D．“飞尘百道空中起”，飞驰而过的马车下方烟尘扬起，是因为空气流速大时，压强小
【分析】（1）光在同种均匀介质中沿直线传播，所以会在障碍物后形成影子；
（2）物质从气态变成液态是液化现象；
（3）声音的产生是由于物体的振动；
（4）流体的压强跟流体的速度有关，流速越大，压强越小。
【解答】解：A、影子是由于光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，故A错误；
B、露是空气中的水蒸气温度降低变成的小水珠，是液化现象，故B正确；
C、声音的产生是由于物体的振动，故C正确。
D、飞驰而过的马车下方空气流动速度加快，根据流体压强与流速的关系可知：流速大的地方，压强减小，灰尘扬起，故D正确。
故选：A。
16．如图1是大气温度的垂直分布示意图，图2是大气对流层的空气在不同地点冷暖状况示意图。下列说法正确的是（　　）
A．图1中A层大气温度随高度上升而升高
B．图2中气压较高的是甲地，多晴朗天气
C．图1中B层集中了大气层中几乎全部的水汽
D．图2中A处空气流动的方向是向下的
【分析】对流层：低纬17﹣18千米，中纬10﹣12千米，高纬8﹣9千米；气温随高度增加而递减；人类生活在对流层底部，与人类关系最为密切。平流层：自对流层顶到50﹣55千米；下层随高度变化很小，30千米以上气温随高度增加而迅速上升；臭氧大量吸收紫外线，为人类生存环境的天然屏障，大气稳定，利于高空飞行。高层大气：自平流层顶以上到大气上界2000﹣3000千米；80﹣500千米高空有若干电离层，能反射无线电通信；有广阔的空间，有利于卫星的运行。气温低，空气收缩下沉，多晴朗天气；气温高，空气膨胀上升，多阴雨天气。
【解答】解：A、图1中A层是对流层，对流层的热量直接来自于地面，所以海拔越高，气温越低，即A层大气温度随高度上升而下降，故错误。
B、图2中甲地近地面冷却，空气收缩下沉，近地面形成高压，多晴朗天气，故正确。
C、图1中对流层A层集中了大气层中几乎全部的水汽，故错误。
D、图2中近地面乙处受热，空气膨胀上升，所以A处空气流动的方向是向上的，故错误。
故选：B。
17．下列是《科学》课本中的四幅插图，其中分析正确的是（　　）
A．通过纸飞机实验，可知风向是风向标箭尾所指的方向
B．在如图位置加热，对流管内液体会沿顺时针方向循环流动
C．窗内的窗帘会向外飘出，是因为窗外比窗内空气流速大，压强小
D．拔火罐时，火罐能吸在皮肤上，是因为罐内压强大于人体内压强
【分析】（1）液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大；
（2）一般情况下，一定质量的液体，温度升高，体积变大，密度越小，据此分析；
（3）流体流速大的位置，压强小；
（4）大气压应用时，要使得某部分的压强减小，在大气压的作用下产生一定的现象。
【解答】解：A、由图可知，纸飞机左侧迎风面积小，右侧迎风面积大，将纸飞机放在开启的电风扇前，等质量的空气流过纸飞机左侧时空气流速大，压强小，流过纸飞机右侧的空气流速小，压强大，由此可知，风向是风向标的箭头指向，故A错误；
B、在如图位置加热，因为液体加热之后会膨胀，这样单位体积的液体会变少，密度变小，上升，一边温度低，密度大的液体过来补充，从而使管中液体沿逆时针流动，故B错误；
C、起风时，窗外的空气流速大、压强小；窗内的空气流速小、压强大。窗内的气压大于室外的气压，压强差就把窗帘压向窗外，故C正确；
D、将小罐内的空气加热后，小罐内空气由于热膨胀排出一部分，迅速倒扣在皮肤上，小罐内火熄灭，温度降低，内部气体压强减小，小罐在外界大气压作用下吸在皮肤上，故D错误；
故选：C。
18．下列气候现象与其主要影响因素，正确的组合是（　　）
A．“人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开”﹣﹣纬度因素
B．海南岛是我国著名的避寒胜地﹣﹣海陆因素
C．青藏高原是我国夏季气温最低的地方﹣﹣地形因素
D．“羌笛何须怨杨柳，春风不度玉门关”﹣﹣地形因素
【分析】影响气候的因素主要有：纬度、地形、海陆和洋流等．
【解答】解：A、“人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开”是地形对气候的影响，故不符合题意；B、我国跨纬度较广，海南岛位于我国的南端，纬度较低，属于热带，终年炎热，故不符合题意；C、青藏高原海拔高，是我国夏季气温最低的地方，故符合题意；D、玉门关位于我国西北非季风区内，受夏季风的影响小，应是海陆因素，故不符合题意。
故选：C。
19．小科利用注射器改进“气压对液体沸点影响”的实验．他用注射器吸入刚停止沸腾的热水，并用橡皮帽堵住入水口，用力向外拉动活塞，水重新沸腾。下列说法正确的是（　　）
A．向外拉活塞，水的温度升高，重新沸腾
B．向内压活塞，水不会沸腾
C．实验说明气压越低，水的沸点越高
D．拔火罐是利用该实验原理工作的
【分析】A、向外拉活塞，水的温度不变，但气压减小，水重新沸腾；
B、气压增大，沸点升高；
C、气压越低，水的沸点越低；
D、拔火罐是利用内外压强差。
【解答】解：A、向外拉活塞，水的温度不变，但气压减小，水重新沸腾，故A错误；
B、向内压活塞，水的气压增大，沸点升高，水不会沸腾，故B正确；
C、实验说明气压越低，水的沸点越低，故C错误，
D、拔火罐是利用内外压强差原理，故D错误。
故选B。
20．如图所示为某同学自制的“自动喂水器”模型。先用一矿泉水瓶装满水，倒置于水盆中，盆中水被食用后，瓶口慢慢露出水面，空气会逐渐进入瓶中，水就会慢慢流出。下列说法正确的是（　　）
A．瓶内水上方的气压大于外界大气压
B．瓶内水上方的气压等于外界大气压
C．若在瓶底开一孔，瓶中水不会流出
D．瓶内水位保持一定的高度是大气压作用的结果
【分析】（1）倒放在盆景盘中塑料瓶有空气进入后，外界大气压的大小等于瓶内气压和水压之和；
（2）若在瓶底开一孔，则瓶内外气压相平衡；
（3）大气压可支撑约10m高的水柱。
【解答】解：AB、倒放在盆景盘中塑料瓶有空气进入后，外界大气压的大小等于瓶内气压和水压之和，所以瓶中水面上的空气压强小于大气压强，故AB错误；
C、若在瓶底开一孔，则瓶内外气压相平衡，则瓶中水就会流出直至瓶中水面与盆景中水面相平，故C错误；
D、瓶口被浸没，瓶内水位保持一定的高度没有流出，是大气压作用的结果，故D正确。
故选：D。
21．如图为大气的温度、密度随高度变化的示意图，下列说法正确的是（　　）
A．高度越高，大气的温度越高
B．高度越高，大气的密度越大
C．大气的密度越小温度越高
D．对流层的气温下面高、上面低
【分析】对流层：低纬17﹣18千米，中纬10﹣12千米，高纬8﹣9千米；气温随高度增加而递减；人类生活在对流层底部，与人类关系最为密切。平流层：自对流层顶到50﹣55千米；下层随高度变化很小，30千米以上气温随高度增加而迅速上升；臭氧大量吸收紫外线，为人类生存环境的天然屏障，大气稳定，利于高空飞行。高层大气：自平流层顶以上到大气上界2000﹣3000千米；80﹣500千米高空有若干电离层，能反射无线电通信；有广阔的空间，有利于卫星的运行。
【解答】解：A、对流层高度越高，气温越低，故错误。
B、高度越高，大气的密度越小，故错误。
C、大气的密度越小温度不一定越高，如中间层大气的密度越小温度越低，故错误。
D、对流层的温度直接来自于地面辐射，所以海拔越高，气温越低，即对流层的气温下面高、上面低，故正确。
故选：D。
22．如图所示，外界大气压为76cm汞柱，一个高为20厘米的玻璃瓶盛满水后倒置在水槽中（如图）。若在瓶底开一个小孔，则（　　）
A．瓶内水会向上喷出
B．瓶内水面高度不变
C．瓶内水面稍有下降
D．瓶内水面下降到与瓶外水面相平
【分析】在玻璃管的顶部穿一小孔，则管内外构成连通器，液面将会相平。
【解答】解：玻璃管的顶部穿一小孔，则玻璃管内外都与大气压相通，构成了连通器，则管内的水银液面将下降，最终与管外液面相平。故ABC错误，D正确。
故选：D。
23．科学是一门以实验为基础的学科，关于下列实验的说法不正确的是（　　）
A．甲实验中用力吹气时，瓶中的水从竖直的玻璃管内上升甚至喷出
B．乙实验将玻璃管略微倾斜会导致水银面竖直高度低于760mm
C．丙实验将简易气压计从山脚带到山顶，玻璃管内液面会上升
D．丁实验为使烧瓶内刚停止沸腾的水再次沸腾，可向外拉动活塞，减小气压，降低沸点
【分析】（1）流体压强大小与流速有关，流速越大的地方压强越小。
（2）气压相同，支撑水银柱的高度也相同。
（3）液体的沸点与大气压有关，气压越低，沸点越低。
【解答】解：A、用力吹气时，瓶中的水从竖直的玻璃管内上升，再从管口向左喷出，因为流速越大的地方压强越小，故A正确；
B、气压相同，支撑水银柱的高度也相同，故乙实验将玻璃管略微倾斜水银面高度还是760mm，不会低于760mm，故B错误；
C、丙实验将简易气压计从山底带到山顶，山顶气压变低，玻璃管内气压不变，故玻璃管内液面会上升，故C正确；
D、丁实验向外拉动活塞，减小气压，沸点降低，则烧瓶内刚停止沸腾的水再次沸腾，故D正确。
故选：B。
24．下列关于大气层的说法中，正确的是（　　）
A．依据大气压强在垂直方向上的变化将大气层分为五层
B．对流层集中了地球约的水汽和几乎全部的大气质量
C．对流层最显著的特点是有强烈的对流运动
D．对流层和平流层的大气温度都随高度上升而降低
【分析】大气层是因为重力原因而围绕地球的一层混合气体，整个大气层随高度的不同而表现出不同的特点，世界气象组织把它分为五层，自下而上依次是：对流层、平流层、中间层、暖层和散逸层。
【解答】解：根据大气的温度、密度和物质组成等特点，把地球大气层分为五层，即：对流层、平流层、中间层、暖层和外层，故A错误。
对流层是地球大气层靠近地面的一层。它同时是地球大气层里密度最高的一层，它蕴含了整个大气层约75%的质量，以及几乎所有的水蒸气及气溶胶，故B错误。
对流层热量的直接来源是地面辐射，所以气温随高度升高而降低。由于气温的这种变化，故形成了强烈的对流运动，故C正确。
在平流层内，随着高度的增高，气温最初保持不变或稍微有上升，故D错误。
故选：C。
25．2023年12月18日余姚市发布道路结冰黄色预警：受雨雪影响，目前我市四明山镇、大岚镇、鹿亭乡等高海拔山区积雪5﹣6厘米，预计今天夜里山区仍有雨夹雪或雪，并渐止转阴天，最低气温将低于0℃，高海拔山区道路结冰仍将持续，请注意防范。下列相关描述中错误的是（　　）
A．气温是指空气的冷热程度，可以用温度计测量
B．该黄色预警描述的是天气状况
C．测定降水量可将收集到的雨水或融雪水倒入雨量杯中，测出体积，单位为mL
D．高海拔地区更容易发生道路结冰是因为海拔越高，温度越低
【分析】（1）气象学上把表示空气冷热程度的物理量称为空气温度，简称气温。
（2）黄色预警黄色预警一般信号。预警信号分为台风、暴雨、高温、寒潮、大雾、雷雨大风、大风、沙尘暴、冰雹、雪灾、道路积冰等十一类。
（3）降水量是指一定时间内，从天空降落到地面上的液态或固态（经融化后）水，未经蒸发、渗透、流失，而在水平面上积聚的深度。以mm为单位，气象观测中取一位小数。
（4）地势对气候具有一定的影响，海拔每升高100米，气温约下降0.6℃。
【解答】解：气温是指空气的冷热程度，可以用温度计测量，A正确。
该黄色预警里描述的是天气状况，B正确。
测定降水量可将收集到的雨水或融雪水倒入雨量杯中，测出深度，单位为毫米，C错误。
高海拔地区更容易发生道路结冰是因为海拔越高，温度越低，D正确。
故选：C。
26．将杯子里装满水，用纸片把杯口盖严，按住纸片，把杯子倒过来（如图甲），放手后，纸片 　不会　（填‘会’或‘不会’）掉下来，杯子里的水也不会流出来，这表明 　大气中存在压强　。把杯子转到如图乙、丙所示的位置，纸片仍然不会掉下来，这说明 　大气向各个方向都有压强　。
【分析】空气具有流动性，类似于液体，所以大气压就具有液体类似的特点，在借助力的平衡知识﹣﹣水的压强与大气压强，就能分析出大气压的存在以及压强特点。
【解答】解：大气向各个方向都有压强，且此压强很大，能够支撑杯中水产生的压强，所以纸片不会掉下来；甲图说明大气对纸片有向上的压强，乙、丙图说明大气有向其它方向的压强，进一步推理可知大气向各个方向都有压强。
故答案为：不会；大气中存在压强；大气向各个方向都有压强。
27．如图所示为鱼缸中的电动过滤增氧泵的原理图。电动机带动水泵的叶轮旋转把水从进水口吸入，从喷水口中快速喷出，空气就会从进气管进入水中，随水流一起从出水口流出。
（1）水从进水口进入水泵，主要是利用了 　大气压　。
（2）喷水口越狭窄，进气管底端的压强就越 　小　。
【分析】水泵利用大气压工作的，流体流速越快的地方压强越小，由于出水管的水的流出，导致进气管的上下方压强不同，空气在压力差的作用下进入鱼缸。
【解答】解：当水泵工作时，泵内气压小于外界大气压，水在外界大气压的作用下被压入水泵内，主要是利用大气压来工作的，喷水口越狭窄，喷水口中水的流速越快，进气管底端的压强就越小。
故答案为：（1）大气压；（2）小。
28．地形对气温和降水会有较大的影响。地势高低不同，气温也有明显的差异，根据图示可知，N处的气温约为 　19　℃。山地的迎风坡往往形成比较多的地形雨。陆地土壤的比热容比海洋水的比热容小，所以沿海地区与内陆地区的气候有很大差异。夏季杭州人喜欢到舟山的海边避暑，这主要是因为海边气温日较差相对较小，并且白天和晚上往往有海陆风，其中白天通常吹 　海风　（填“海风”或“陆风”）。
【分析】影响气候的主要因素有纬度位置、海陆位置和地形、地势等。据图中信息解答。
【解答】解：读图可知，图中N处的海拔高度是1000米，则该地的气温是25℃﹣1000÷100×0.6℃＝19℃；山地的迎风坡往往形成比较多的地形雨。陆地土壤的比热容比海洋水的比热容小，所以沿海地区与内陆地区的气候有很大差异。夏季杭州人喜欢到舟山的海边避暑，这主要是因为海边气温日较差相对较小。因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，白天，在太阳照射下陆地和海水吸收相同的热量，海水温度上升慢；陆地吸热后，温度上升快，热空气上升，风从海洋吹向陆地，形成海风；同样的道理，夜晚的风向则正好相反。
故答案为：19；海风。
29．飞鸟在天空中自由翱翔，人类模拟飞鸟的翅膀制造了飞机的机翼，从而遨游天空。
（1）飞鸟展开翅膀滑翔飞行时获得向上的升力，其升力是由于飞鸟翅膀上表面附近的空气流速 　大于　（选填“大于”“等于”或“小于”）翅膀下表面附近的空气流速而产生的。
（2）飞鸟飞行时产生的升力，可表示为F＝kSv2，式中S为翅膀的面积，v为飞鸟的飞行速度，k为比例常量。鸟在空中水平滑翔时，双翅左右伸展不动，滑翔的速度取决于鸟的体重和翅膀的大小，则体重小翅膀大的鸟滑翔速度 　小于　（选填“大于”“等于”或“小于”）体重大翅膀小的鸟滑翔速度。若一只质量为m0、翅膀面积为S0的飞鸟，其水平滑翔速度为v0，假设飞机飞行时获得的升力与飞鸟飞行时获得的升力满足同样的规律，且k值相同（k为未知量），则一架质量为m、起飞速度为v的飞机，其机翼设计面积S应为 　　。
【分析】（1）液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小。
（2）根据飞机飞行时获得的升力与该飞鸟飞行时获得的升力满足同样的规律，且k值相同（k为未知量），分别写出飞机和飞鸟的有关k的表达式，让其相等，进行化简得出S的表达式即可。
【解答】解：（1）飞鸟翅膀上表面附近的空气流速大于下表面附近的空气流速，因而上表面气体的压强小于下表面气体的压强，翅膀上下方所受到的压力差形成向上的升力。
（2）由公式F＝kSv2可得，v＝，体重小翅膀大的鸟滑翔速度小于体重大翅膀小的鸟滑翔速度，
飞鸟或飞机在空中飞行时，所受的升力等于本身的重力。
对于飞鸟有：m0g＝kS0υ02，则k＝
对于飞机有：mg＝kSυ2，则k＝
因为k值相同，
所以＝
化简得：S＝
故答案为：（1）大于；（2）小于；。
30．如图为城市“热岛”现象示意图。
（1）“热岛”现象中，地面风从乡村吹向城市，风是空气的水平运动，与气压高低有关，所以在近地面，乡村气压 　高于　（填“高于”、“低于”或“等于”）城市气压。
（2）“热岛”现象的出现说明人类的活动对气候变化有巨大的影响，下列现象或灾害与气温的变化有直接关系的是 　ACE　（多选）。
A.温室效应
B.台风
C.寒潮
D.洪水
E.霜冻
【分析】（1）热力环流是由于地面冷热不均而形成的空气环流，它是大气运动最简单的形式。地面冷热不均→大气垂直运动（热的上升，冷的下降）→水平方向上气压产生差异→水平气压梯度力→大气水平运动（水平方向上气流由高压流向低压）。
（2）气象灾害包括台风、暴雨洪涝、干旱、寒潮等。
【解答】解：（1）风是空气的水平运动，高压区吹向低压区，地面风从乡村吹向城市，因此乡村气压高于城市气压。
（2）A、由于人类的现代化工业不断发展及生活水平的逐步提高，煤、石油、天然气等能源的大量消耗，以及森林的大幅度减少，使得大气中的二氧化碳不断增加，大气对地面的保温作用增强，使全球的气温呈现变暖趋势，温室效应与气温的变化有直接关系，故A正确。
B、台风的形成与气温的变化没有直接关系，故B错误。
C、寒潮是冬季风过于强烈时爆发的，与气温的变化有直接关系，故C正确。
D、洪水与气温的变化没有直接关系，故D错误。
E、霜冻是空气温度突然下降，地表温度骤降到O°℃以下造成的，与气温的变化有直接关系，故E正确。
故选：ACE。
故答案为：
（1）高于
（2）ACE
31．（1）影响气候的因素有很多，在同样多的太阳辐射的条件下，陆地升温和降温都比海洋 　快　（选填“快”或“慢”），表现出海洋和陆地的性质差异，从而影响气候。
（2）晴朗夏日，海边城市陆地与海洋之间会形成海、陆风，可用甲、乙两图表示，其中表示晚间空气流动的是 　乙　（选填“甲”或“乙”）图。
（3）寒潮是一种灾害性天气，2021年11月，仙居遭遇到了极强寒潮，11月8日仙居城区最低气温仅为3℃，括苍山顶出现了﹣6℃的低温。仙居城区与括苍山在同一天中最低气温差异很大，主要原因是两地 　地形　不同。
【分析】（1）在同样多的太阳辐射的条件下，陆地升温和降温都比海洋快。
（2）晴朗夏日晚上陆地比海洋气温低，陆地气压高，风从陆地吹向海洋。
（3）仙居城区与括苍山在同一天中最低气温差异很大，主要是地形因素造成的。
【解答】解：（1）影响气候的因素有很多。因水的比热容比沙土大，在同样多的太阳辐射的条件下，陆地升温和降温都比海洋快，表现出海洋和陆地的性质差异，从而影响气候，海边城市往往成为人们的避暑胜地。
（2）晴朗夏日，海边城市陆地与海洋之间会形成海、陆风；晚上陆地比海洋气温低，陆地气压高，风从陆地吹向海洋，故表示晚上空气流动的是乙图。
（3）11月8日仙居城区最低气温仅为3℃，括苍山顶出现了﹣6℃的低温。仙居城区与括苍山在同一天中最低气温差异很大，主要原因是两地地形不同。
故答案为：
（1）快
（2）乙
（3）地形
32．天气与气候有区别又有联系，与人类的生活、生产关系密切。
（1）如图是浙江省某地某时的天气图，请回答下列问题：
①丙在该锋面过境时，会出现 　阴天、雨雪、降温等　天气；
②在甲乙两地之间，风向应该是 　乙→甲　（选填“甲→乙”或“乙→甲”）；
（2）下面是某市气象台某日发布的一条气象消息：我市明天阴有小雨，西北风4级，最高气温为22℃，最低温11℃，空气质量优。则：
①气象消息中最高气温为22℃，应出现在 　午后二时　左右；
②该市该日的大气运动可用图2中的 　乙　（选填“甲”或“乙”）作为大气运动示意图。
【分析】（1）①冷气团主动向暖气团靠近为冷锋，冷锋过境时会出现降温、降水等天气。
②近地面的风受力情况：水平气压梯度力、地转偏向力、摩擦力等，近地面的风与等压线相斜交；高空的风受力情况：水平气压梯度力、地转偏向力等，高空的风与等压线平行。
（2）①一天中最高气温一般在午后2时，最低气温在日出前后。
②气旋，北半球按逆时针方向、南半球按顺时针方向由四周向中心辐合，中心气流上升，多阴雨天气。
【解答】解：（1）①据图可知，丙为冷锋，冷锋过境时将出现阴天、雨雪、大风、降温、沙尘等天气。
②此时风向是乙吹向甲，因为乙地是高气压区，甲地是低气压区。
（2）①气象消息中最高气温为22℃，应出现在午后二时左右。
②该县该日的大气运动可用如图中的乙作为大气运动示意图，因为天气是阴有小雨，乙地为低气压，所以是阴雨天气。
故答案为：
（1）阴天、雨雪、降温等；乙→甲
（2）午后二时；乙
33．如图是某日我国某地某电视台发布的气象消息，其中图一是早晨播送的预报，图二和图三是“当前时间”下的状况。请根据图示信息回答问题：
（1）题中的“当前时间”大概是 　14时　左右。“小雨”“中雨”“大雨”这些等级是根据降雨量来划分的，降雨量的单位是 　毫米　。
（2）图中这些数据及信息综合表示这一天该地的 　天气　情况。
（3）当天当地，放风筝的人应往 　北方　（填方向）跑动，风筝更容易飞起来。
（4）若甲地气压为0.98×105帕斯卡，乙地气压为1.02×105帕斯卡，且甲在乙的西北方，丙地位于甲乙之间，则丙地当天刮 　东南　风。
【分析】（1）一天之中最高气温在4时前后，最低气温在日出前后。降水量的多少是以毫米为单位。
（2）天气具有多变性和短期性，表现为气温、风速风向、阴晴等。
（3）放风筝应该逆着风向跑，风筝容易起飞。
（4）气流总是从高气压吹向低气压。
【解答】解：（1）根据图1可知，该日最高气温约是25℃，最低气温约是14℃，图2中的“当前气温”是26℃，依据超过25℃，所以题中的“当前时间”大概是一天之中最高气温的14时前后；“小雨”、“中雨”、“大雨”这些等级是根据降雨量来划分的，降雨量的单位是毫米。
（2）图中的数据及信息综合表示阴晴、风向风速、温度的高低等，具有短期多变的特点，所以这些数据及信息综合表示这一天该地的天气状况。
（3）根据图3可知，该日的风向是北风2级，所以当天当地，放风筝的人应往北方跑动，风筝更容易飞起来。
（4）若甲地气压为0.98×105帕斯卡，乙地气压为1.02×105帕斯卡，所以乙地气压高；由于甲在乙的西北方，丙地位于甲乙之间，则高气压位于丙的东南方向，所以丙地当天刮东南风。
故答案为：
（1）14时；毫米
（2）天气
（3）北方
（4）东南
34．2022年9月14日20时30分前后，今年第12号台凤“梅花”的中心在浙江舟山普陀沿海登陆，登陆时强度为强台风，为今年以来登陆我国最强的台风，登陆时中心附近最大风力为14级。台风常带来狂风暴雨，造成巨大的经济损失，面对台风“梅花”，杭州市防指办强化统筹指挥，全力做好各项防御工作。
(1)台风是形成于洋面的热带气旋，其中心气压明显低于周边。图甲中A、B两个天气系统中可能形成台风的是___________。
(2)台风带来的狂风暴雨，易造成城市内涝。图乙为水循环示意图，城市内涝的形成与地表径流有关，图中表示地表径流的是___________（填图乙中序号）
(3)台风过境时，流速很大的风平行于窗户吹过，将窗户“吹”走，如图丙。从气压与流速的关系分析窗户被“吹”走的原因。___________
【答案】(1)A (2)③ (3)窗外空气流速很大压强明显减小，窗内气压将窗户向外推出
【分析】本题以天气系统中可能形成台风示意图及水循环示意图为材料，设置三道小题，涉及台风形成原因、城市内涝的形成与地表径流关系及气压与流速的关系等内容，考查学生对相关知识的掌握程度，培养学生读图获取信息的能力。
【详解】(1)结合所学知设并连图可知，台风是形成干洋面的热带气族，其中心气乐明显低干周边，图甲中A、B两个天气系统中，A处气流上升，其中心气压明显化于周边，而B是气流下沉，其中心气压较高，因此可能形成台风的是A。(2)读图可知，自然界的水循环过程包括蒸发、水汽输送、地表径流、下渗、地下径流等环节，而地表径流是大气降水落到地面后，一部分蒸发变成水蒸汽返回大气，一部分下渗到土壤成为地下水，其余的水沿着斜坡形成漫流，通过冲沟、溪润，注入河流，这种水流称为地表径流，城市内涝的形成与地表径流有关，图中表示地表径流的是③。(3)结合所学知识可知，风向平行于窗户时，室外空气流速快，室内空气流速慢，空气流速快的地方压强小，空气流速慢的地方压强大，所以室内气压大于室外气压，窗户受到向外的压强大于向内的压强，将窗户吹走。
35．如表为相对湿度表局部，请根据表中内容回答下列问题：
干球温度 干湿差
1.0℃ 2.0℃ 3.0℃ 4.0℃
0.0℃ 82% 65% 47% 31%
5.0℃ 86% 71% 58% 45%
10.0℃ 88% 76% 65% 54%
15.0℃ 90% 80% 70% 61%
20.0℃ 91% 82% 74% 66%
25.0℃ 92% 83% 76% 68%
30.0℃ 93% 86% 79% 73%
（1）干湿差相同时，干球的温度越高，空气的相对湿度越 　大　。
（2）气温相同时，干湿差越小，空气的相对湿度越 　大　。
（3）当一位同学用干湿球温度计测量空气的相对湿度时，测得干球的温度为25℃，而湿球的温度为24℃，那么当时空气的相对湿度为 　92%　。
【分析】从表中可以得出这些规律在干球温度一定是，干湿差越小，空气的相对湿度越大；
在干湿差一定时，干球温度计越大，空气的相对湿度越大；
并且此题考查了如何根据数据查找空气的相对湿度，方法如下：先算出温度差，然后根据干球温度计读数和温度差查表得出空气的相对湿度。
【解答】解：（1）从表格种可以分析得出：干湿差相同时，干球的温度越高，空气的相对湿度越 大；
（2）气温相同时，干湿差越小，空气的相对湿度越 大；
（3）空气中相对湿度的算法为：先算出温度差，温度差＝干球温度计读数﹣湿球温度计的读数，此题为1℃，然后根据干球温度计读数和温度差，查表得出此时空气的相对湿度为 92%。
故答案为：（1）大；（2）大；（3）92%。
36．如图所示，两端开口的光滑的直玻璃管，下端插入水银槽中，上端有一段高为h的水银柱，中间封有一段空气，设外界大气压为p0，环境温度保持不变，则中间空气的压强大小＝　p0+ρgh　（用所给的字母表示），H 　等于　h（选填“大于”、“小于”或“等于”）。（水银密度为ρ）
【分析】本题应当围绕玻璃管封有一段空气来分析，假设其压强为p，对于上方一段水银柱，其自身产生的压强为ρgh，大气压对其压强p0最终也作用于中间空气，p＝p0+ρgh；分析下方水银面的压强得出两者关系。
【解答】解：中间空气的压强大小为p＝p0+ρgh，对于下方水银槽，液面差产生的压强ρgH作用于中间空气，大气压p0通过挤压下方水银面作用于中间空气，p＝p0+ρgH，空气中静止，上下方压强相等，p0+ρgh＝p0+ρgH，即H＝h。
故答案为：p0+ρgh；等于。
37．如图所示是一个饮水壶的部分结构示意图，a、b是出水管的两端，壶内水面低于出水管的a端，活塞与壶口接触紧密且能自由移动。用力向下压活塞，在水从a端匀速流出（壶内水面始终高于b端）的过程中，壶内气体的温度保持不变。
（1）壶内气体压强 　大于　（选填“大于”、“等于”或“小于”）外界大气压。
（2）向下压活塞的力F逐渐 　变大　。（选填“变小”、“不变”或“变大”）
【分析】一定质量的气体，其体积越小，压强越大。根据气体体积的变化，可判断压强的变化，压力的变化等。
【解答】解：（1）由图可知，当下压活塞时，壶内气体的体积会变小，同时，壶内气体的压强会变大，大于壶外的大气压强；
（2）由于壶内气体的压强变大，所以，壶内气体对活塞产生的向上的压力也变大，则向下压活塞的力F也会逐渐变大。
故答案为：（1）大于；（2）变大。
38．小科自制如图的气压计。他把细玻璃管插入装有半瓶水的密闭烧瓶中，从玻璃管上端往烧瓶里吹气，瓶内气体压强增大，观察到细玻璃管内的水柱上升到a处。
（1）若把该气压计拿到山顶上，则管内水柱将 　高于　（填“高于”“低于”或“等于”）a处位置。（假设温度不变）
（2）控制其他条件相同时，换用一根更粗的玻璃管进行上述实验，则管内水柱上升的高度会 　不变　（填“不变”“增高”或“降低”）。
【分析】（1）大气压随高度的增加而减小，外界气压减小，所以细玻璃管内水柱会在瓶内气压的作用下上升；
（2）在该题中，瓶内增大的压强与上升的那一段液柱的压强是相等的，故在瓶内增大的压强相等的情况下，换用内径不同的细玻璃管进行上述实验，据液体内部的压强的特点可判断，管内的水柱上升的高度相等。
【解答】解：（1）大气压随高度的增加而减小，山顶的气压比山脚的气压小，把图中的装置从山脚移到山顶时，因为外界气压减小，所以细玻璃管内的液柱在瓶内气压的作用下会上升.；
（2）在该题中，瓶内增大的压强与上升的那一段液柱的压强是相等的，因为液体压强与液体的密度和深度有关，所以在瓶内增大的压强相等的情况下，换用内径不同的细玻璃管进行上述实验，液柱的深度相同，管中的水柱上升的高度相等。
故答案为：高于；不变。
39．小明将自制气压计（如图）从一楼拿到六楼，观察到玻璃管内的水柱逐渐升高，这表明：随着高度的逐渐增加，大气压逐渐 　降低　。将牛奶制成奶粉时，为了保持牛奶的营养成分，不能用高温煮沸，为此，人们制造了一种“低压锅”，用这种锅煮牛奶，可以使牛奶里的水的沸点 　小于　（高于/小于/等于）100℃，他还发现风沿着教室窗外的走廊吹过时，窗口悬挂的窗帘飘向窗 　外　（选填“内”或“外”），这是因为空气的流动速度较大，压强 　小　的缘故。
【分析】（1）在这个自制气压计中，想使水面上升到瓶口以上，必须靠瓶内那一部分气体的压强，瓶内气压大于外界大气压，水柱就上升，相反水柱就下降。而大气压随高度的变化是减小的；
（2）液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高；气压越低，沸点越低；
（3）分析窗帘内外两侧空气流速，根据流体压强跟流速的关系，判断窗帘的运动情况。
【解答】解：（1）将气压计从一楼拿到六楼时，高度在升高，大气压会随高度的增加而减小，外界大气压变小，瓶内气压大于外界大气压，会进一步向外压水柱，所以水柱将会升高；
（2）为了保持牛奶的营养成分，不能用高温煮沸，用“低压锅”煮牛奶，可以使水的沸点降低，低于100℃，就是利用了降低液体表面的气体压强降低沸点的；
（3）风沿着窗外的走廊吹过时，窗帘外侧空气流速大，压强小，内侧空气流速慢，压强大，窗帘受到向外的压强大于向内的压强，把窗帘压向窗户外面。
故答案为：降低；小于；外；小。
40．（1）如图甲所示，用托里拆利实验测量大气压强，测得当时的大气压强等于 　750　mm高水银柱所产生的压强。如果把玻璃管竖直提起5mm，玻璃管中水银柱高度为 　750　mm。
（2）该地点水的沸点 　小于　（选填“大于”、“等于”或“小于”）100℃。
（3）如图乙所示，是小华学了大气压知识后，制作的一个简易的气压计：取一个瓶子，装入适量带色的水，再取一根两端开口的细玻璃管，在它上面画上刻度，使玻璃管穿过橡皮塞插入水中。从管子上端吹入少量气体，使瓶内气体压强略大于大气压，让水沿玻璃管上升到瓶口以上的位置。他拿着这个简易气压计从一楼上到五楼，玻璃管中液面会 　上升　（选填“上升”或“下降”）。
【分析】（1）在托里拆利实验中，大气压所能支持的水银柱的高度是指玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，据此读图可得出结果；标准气压为760mm水银柱所产生的压强，大气压随高度的增加而减小；玻璃管的粗细，倾斜，以及上提，下按对实验结果无影响；
（2）该地点的气压小于一个标准大气压760mm水银柱；
（3）大气压随高度的增加而减小，据此分析拿着气压计从山下到山上，玻璃管中水柱高度如何变化情况。
【解答】解：（1）由图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为750mm，因此，当时的大气压强等于750mm高水银柱产生的压强；如果把玻璃管竖直提起5mm，玻璃管中水银柱高度不变，仍为750mm；
（2）该地点的气压小于一个标准大气压760mm水银柱；该地点水的沸点小于100℃；
（3）将气压计从教学楼一楼到五楼，由于高度增加，大气压减小，则瓶内的气压高于瓶外大气压与原有水柱的压强之和；管内的水面变高，所以玻璃管内水柱的高度增加，玻璃管中液面会上升。
故答案为：（1）750；750；（2）小于；（3）上升。
41．在测定大气压的实验中，因缺少大量程的弹簧测力计，小明设计并进行了如下的实验（如图所示）。
①将蘸水的塑料挂钩吸盘按压在光滑水平的玻璃板上，挤出塑料吸盘内的空气，测出吸盘的直径为d；
②将装有适量细砂的小桶轻轻地挂在吸盘的塑料挂钩上；
③用小勺轻轻地向小桶内加沙，直到塑料吸盘刚好脱离玻璃板，用天平测出这时小桶和沙的质量为m。
请完成下列问题：
（1）吸盘脱离玻璃板时，若不计塑料挂钩的质量，空气对塑料吸盘的压力大小是：　mg　，测得大气压数值的表达式是：p大气压＝　　。
（2）实验中误差产生的主要原因是（写出一条即可）：　吸盘内空气没排完干净（或天平的读数不准确，或塑料吸盘将要脱离玻璃板时加沙量偏大）　。
【分析】把塑料吸盘按压在光滑水平的玻璃板上，挤出塑料吸盘内的空气，则吸盘在外界大气压的作用下被紧压在玻璃板上。而装有适量细砂的小桶挂在吸盘的塑料挂钩上，小桶对吸盘有个向下的拉力，在不计塑料挂钩的质量的情况下，要使吸盘脱离玻璃板，小桶对吸盘的拉力应等于大气压对吸盘的压力。
【解答】解：（1）吸盘脱离玻璃板时，小桶对吸盘的拉力（即桶和细砂的重力）等于大气压对吸盘的压力，即p大气压S＝mg。
故可得大气压p大气压＝＝＝。
（2）实验产生的误差主要是因为实验过程并不如原理分析中那么理想化，如挤压吸盘时，吸盘内的空气不可能完全都被排出。
故答案为：（1）mg、；
（2）吸盘内空气没排完干净（或天平的读数不准确，或塑料吸盘将要脱离玻璃板时加沙量偏大）。
42．在自主学习探究过程中，某同学利用带拉环的吸盘、弹簧测力计、水、刻度尺来测量大气压强的大小，具体实验步骤是：
①将蘸水的塑料吸盘按在光滑水平板面上，并多次挤压吸盘。
②用弹簧测力计钩着吸盘挂钩缓慢往上拉，直到吸盘脱离板面。
③记录刚拉脱时弹簧测力计的读数F0＝47N，即为大气对吸盘的压力大小。
④再量出吸盘与水平板面的接触面积S＝5cm2。
⑤计算出大气压。
（1）步骤①中“将吸盘蘸水”和“多次挤压吸盘”，目的是　排尽吸盘中的空气　。
（2）根据上述实验计算所测得的大气压的值是　9.4×104　Pa。
（3）若按图乙中的两种方式进行实验，实验器材和步骤均相同，示数分别为F1、F2，小明认为F0＝F1＝F2，小明得出此结论的依据　大气压对吸盘的作用力和弹簧测力计对吸盘的拉力是一对平衡力　。而实际测量过程中发现F0＞F1＞F2，小明忽略了　吸盘的重力　对实验结果的影响。
【分析】（1）将蘸水的塑吸盘按在光滑水平版面上，并多次挤压吸盘，排尽吸盘中的空气。
（2）大气压对吸盘的作用力和弹簧测力计对吸盘的拉力时一对平衡力，所以大气压等于弹簧测力计的示数除以吸盘的面积；
（3）小明认为F0＝F1＝F2，得出此结论是依据吸盘受到的大气压的作用力和弹簧测力计的拉力是一对平衡力，他忽然了吸盘的重力，若考虑吸盘的重力甲图中F0大于大气压对吸盘的作用力，F1等于大气压对吸盘的作用力，F2小于大气压对吸盘的作用力。
【解答】解：（1）将吸盘蘸水后按在光滑水平板面上，加强了吸盘与板面之间的密封性，排尽空气，防止漏气，以减小吸盘内气体对实验结果的影响；
（2）已知甲图中F1＝47N，吸盘的受力面积S＝5cm2＝5×10﹣4m2，
则大气压强：；
（3）若按图乙中的两种方式进行实验，实验器材和步骤均相同，示数分别为F1、F2，小明认为F0＝F1＝F2，小明得出此结论的依据解：大气压对吸盘的作用力和弹簧测力计对吸盘的拉力是一对平衡力；因为吸盘有重力所以由图甲弹簧测力计的示数F0的数据将大于实际大气压力，乙图中水平拉动，此时弹簧测力计的拉力与大气的压力刚好平衡，丙图中弹簧测力计的拉力小于大气的压力，则F0、F1、F2的大小关系是F0＞F1＞F2。
故答案为：（1）排尽吸盘中的空气；（2）9.4×104；（3）大气压对吸盘的作用力和弹簧测力计对吸盘的拉力时一对平衡力；吸盘的重力。
43．校园项目化比赛中，小明设计了如图甲所示用弹簧测力计显示大气压强大小变化的装置。产品制作过程如下：
①将装置置于一个标准大气压下，打开止水夹，往装置中注入一定量的水，如图乙所示，对装置进行气密性检查。
②使止水夹处于打开状态，弹簧测力计上端固定且高度不变，下端用细线连接重力为5牛的金属块，并使金属块始终部分浸入水中，待水面静止后，用止水夹将左侧容器密封，此时测力计的示数如图丙所示标为一个标准大气压。
（1）写出①中气密性检查的步骤 　在右侧部分继续添加适量的水，使得外侧液面高于内部，观察能够长时间保持液面高度差，如果能保持高度差，则不漏气　。
（2）计算②金属块排开水的体积 　3×10﹣4m3　。
（3）当外界气压大于一个标准大气压时，弹簧测力计的读数将变 　大　。
【分析】（1）根据密封时内部压强不变，使得液面高度不变分析；
（2）根据称重法计算浮力，结合阿基米德原理计算金属块排开水的体积；
（3）根据大气压的变化，结合液面高度变化分析。
【解答】解：（1）将装置置于一个标准大气压下，打开止水夹，往装置中注入一定量的水，如图乙所示，夹上止水夹，在右侧部分继续添加适量的水，使得外侧液面高于内部，观察能够长时间保持液面高度差，如果能保持高度差，则不漏气；
（2）G＝5N，图中弹簧测力计的拉力F＝2N；
根据称重法测量浮力知，F浮＝G﹣F＝5N﹣2N＝3N；
由阿基米德原理F浮＝ρ水gV排可得金属块排开水的体积：
V排＝＝＝3×10﹣4m3；
（3）容器内外气压原来均为一个标准大气压，容器内外的水面相平，当外界气压大于一个标准大气压时，由液体内部同一深度压强相等知，容器外的部分水会被压进容器内，导致容器外的液面下降，金属块浸入水中的体积变小，由F浮＝ρ液V排g知，金属块受到的浮力F浮减小，金属块重力G不变，金属块静止时，由G＝F浮+F拉知，弹簧测力计的拉力要变大即弹簧测力计的读数变大。
故答案为：（1）夹上止水夹，在右侧部分继续添加适量的水，使得外侧液面高于内部，观察能够长时间保持液面高度差，如果能保持高度差，则不漏气；
（2）3×10﹣4m3；（3）大。
44．歼﹣16战斗机，是我国自主研制第四代战斗机，被称为我国第一王牌战机。小王发现机翼的形状都有明显的弧形，于是，他进行了如下探究：用硬纸板制作机翼模型，用竖直滑的杆穿过机翼模型，将模型挂在弹簧秤上。用可调速的风扇，距机翼模型相同距离，以不同的风速正对着模型吹风，分别读出弹簧测力计的示数，并进行多次实验，获得以下数据。
实验组别 机翼长度 机翼宽度 机翼厚度 不同风速时弹簧秤的示数（N）
0m/s 1m/s 3m/s 6m/s 12m/s
1 20cm 10cm 2cm 9.5 8.5 7.1 5.1 2.9
2 20cm 10cm 4cm 10.0 8.6 6.3 3.1 0
3 20cm 10cm 6cm 11.0 9.1 6.1 2.5 0
（1）依据以上的探究过程，飞机升力与飞机机翼的关系，小王提出的问题是什么？　探究飞机升力与飞机机翼长度，宽度和厚度之间的关系　。
（2）用电风扇正对着机奖模型吹风，弹簧秤的示数会变小，其原因是 　当用电风扇对着模型吹风时，由于模型上方凸起，下方平直，所以上表面空气流速快、压强小，下面表空气流速慢，压强大，形成一个向上的压力差，从而使台秤的示数比没有风吹时小　。
（3）第2组实验中，当风速为6m/s时机翼模型受到的升 　6.9　N。
（4）根据表格数据，分析机翼模型的升力和机翼的关系：　在机翼长度和宽度都相同时，机翼厚度越大，产生的升力越大　。
【分析】（1）根据实验进行分析；
（2）根据流体压强与流速的关系，可对机翼模型的上面表面空气流速情况、压强大小进行分析；
（3）根据弹簧秤的两次示数之差求出升力；
（4）分别求出速度为0m/s和1m/s时的升力，据此得出升力与机翼厚度的关系。
【解答】解：（1）由题意得，本实验探究飞机升力与飞机机翼长度，宽度和厚度之间的关系；
（2）当用电风扇对着模型吹风时，由于模型上方凸起，下方平直，所以上表面空气流速快、压强小，下面表空气流速慢，压强大，形成一个向