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2025浙江中考物理专题复习【经典好题】
专题13 电和简单电路（解析版）
一．摩擦起电（共2小题）
1．（2024 宁波模拟）下列表述与科学事实相符的是（ ）
A．蒸馏水的导电性比矿泉水更好
B．手电筒的小灯泡发光时的电流约为3A
C．一本科学书的厚度约为10厘米
D．穿着羊毛衫运动时产生的静电比静止时强
【分析】（1）矿泉水中含可导电离子物质；
（2）根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项；
（3）摩擦能产生静电。
【解答】解：A、矿泉水中含可导电的离子物质，蒸馏水的导电性比矿泉水差，故A错误；
B、手电筒的小灯泡发光时的电流约为0.2A，故B错误；
C、一本科学书的厚度约为10mm＝1cm，故C错误；
D、穿着羊毛衫运动时物体间的摩擦更大，产生的静电比静止时强，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查对生活中常见物理量和物理现象的估测和认识，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2．（2024春 宁波期中）摩擦起电现象中，在物体间转移的粒子是（ ）
A．原子 B．电子 C．中子 D．质子
【分析】摩擦起电并不是创造了电，而是两个物体在摩擦过程中，电子发生了转移，它从一个物体转移到另一个物体上，使失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电。
【解答】解：摩擦起电的实质是两个物体在摩擦过程中，电子发生了转移，得到电子的带负电，失去电子的带正电。
故选：B。
【点评】本题考查学生对摩擦起电实质的理解。
二．电荷间的相互作用规律（共4小题）
3．（2023秋 温州期末）厨房烟雾含有水汽、空气和油脂液滴，直接排放会导致空气污染。使用油烟机可减少厨房内的油烟污染，保护室内空气质量。静电分离是油烟分离中最关键的技术。静电分离是让甲、乙金属板和油脂液滴分别带上电荷。当烟雾由下往上从两金属板间通过时，空气和水汽由于不带电顺利通过，而油脂液滴会被一侧的金属板吸附，并在重力作用下流入其下方的油杯。下列关于金属板所带电荷及油杯位置符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：静电分离是让甲、乙金属板和油脂液滴分别带上电荷。当烟雾由下往上从两金属板间通过时，空气和水汽由于不带电顺利通过，而油脂液滴会被一侧的金属板吸附，说明两侧金属板带电荷不同，且油滴与吸引的金属板带异种电荷，由于油滴带负电荷，因而带正电的金属板吸引，并在重力作用下流入带正电金属板下方的油杯，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查电荷间的作用规律，属于基础题。
4．（2024春 宁海县期末）在塑料管中放入轻质金属箔球，用铝片将两端管口堵住。将两端的铝片分别与韦氏起电机的正、负小球（分别聚集了大量的正、负电荷）相连接，将金属箔球与连接正球的铝片接触后，可以观察到金属箔球在两铝片之间来回跳动。下列说法正确的是（ ）
A．与接正球的铝片接触后，金属箔球带负电
B．使金属箔球带电的方式是接触起电，这个过程中创造出了新的电荷
C．当金属箔球向左运动时，产生的电流的方向和它的运动方向一致
D．金属箔球来回运动，是由于电荷间的相互作用
【分析】（1）带正电的物体缺少电子，带负电的物体多余电子。
（2）接触起电的过程是电子的转移，不是创造了电荷。
（3）负电荷定向移动的方向和电流的方向相反。
（4）金属箔球来回运动，是由于电荷间的相互作用。
【解答】解：A、带正电的物体缺少电子，与接正球的铝片接触后，金属箔球上的一部分电子转移到带正电的物体上，金属箔球失去部分电子带正电，故A错误；
B、使金属箔球带电的方式是接触起电，这个过程中电子发生了转移，故B错误；
C、当金属箔球向左运动时，负电荷定向移动的方向和电流方向相反，产生的电流的方向和它的运动方向相反，故C错误；
D、金属箔球来回运动，是由于电荷间的相互作用，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查的是电荷间的相互作用规律；知道电流的方向的规定；知道接触起电是电子的转移过程。
5．（2024春 苍南县期末）卢瑟福的α粒子轰击金箔实验推翻了汤姆生在1903年提出的原子结构模型，为建立现代原子理论打下了基础。如图线条中可能是粒子（带正电）在该实验中的运动轨迹的是（ ）
A．abd B．abc C．bcd D．acd
【分析】同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引。
【解答】解：根据题意可知，原子核带正电荷，α粒子也带正电荷，则 α粒子靠近原子核时会受到排斥力而改变运动轨迹。而离原子核较远的几乎不受排斥力而保持原来的运动方向，故a错误，而bcd正确，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】知道电荷间的作用规律是解决本题的关键。
6．（2023秋 平湖市期末）用毛皮摩擦过的带负电荷的橡胶棒接触验电器的金属球，验电器的金属箔张开（如图）。下列说法正确的是（ ）
A．毛皮得电子的能力比橡胶棒强
B．摩擦过程中毛皮上的电子转移到橡胶棒上
C．验电器金属箔张开是因为两金属箔带了正电荷
D．金属球上的电荷与两金属箔上的电荷电性相反
【分析】（1）摩擦可以使物体带电，其实质是电子发生了转移；
（2）验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥。
【解答】解：AB、用毛皮摩擦橡胶棒，由于橡胶棒的原子核束缚核外电子的本领强，会从毛皮夺得电子，即一部分电子从毛皮转移到橡胶棒，所以橡胶棒因有多余的电子带负电，故A错误，B正确；
CD、验电器的金属箔片由于带同种电荷相互排斥而张开，金属球上的电荷与两箔片上的电荷电性相同，故CD错误。
故选：B。
【点评】知道实验室中如何取得正电荷和负电荷，且明白验电器的制作原理是解决该题的关键。
三．判断物体是否带电及带电体性质的方法（共3小题）
7．（2024秋 临平区校级月考）A、B是两个轻质泡沫小球，C是用毛皮摩擦过的橡胶棒，三者相互作用情景如图。则（ ）
A．A球一定带正电 B．B球一定带正电
C．B球可能不带电 D．A球可能不带电
【分析】带电体具有吸引轻小物体的性质；
电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：C是用毛皮摩擦过的橡胶棒，故C带负电，由第三个图BC排斥可知，两者都带负电，所以B球一定带负电；由第二个图可知AC吸引，A球可能带正电，也可能不带电，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查电荷间的相互作用规律和带电体能吸引轻小物体的性质的应用，属于基础题目。
8．（2024春 北仑区期中）电视机的玻璃荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要是因为（ ）
A．灰尘的自然堆积
B．玻璃有较强的吸附灰尘的能力
C．电视机工作时，屏表面温度较高而吸附灰尘
D．电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘
【分析】带电体有吸引轻小物体的性质，据此结合选项进行分析判断。
【解答】解：电视机工作时，由于电子运动到了屏幕上，使屏幕带了电，而带电体有吸引轻小物体的性质，故把灰尘吸引到了屏幕上。
故选：D。
【点评】本题通过我们身边现象考查带电体的性质，即带电体能吸引轻小物体。
9．（2024春 宁海县期中）用一根毛皮摩擦过的橡胶棒（带电）分别靠近轻质小球甲和小球乙，出现了如图所示的情况。则下列判断正确的是（ ）
A．甲球可能带负电 B．乙球可能带正电
C．甲球可能带正电 D．乙球可能带负电
【分析】（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
（2）排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体。
【解答】解：毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，橡胶棒与甲球排斥，所以甲带负电；橡胶棒与乙吸引，所以乙可能带正电，也可能不带电，故B正确。
故选：B。
【点评】带电体吸引不带电体，排斥带同种电荷的物体，吸引带异种电荷的物体。注意带电体具有吸引轻小物体的性质的情况。
四．画电路图（共5小题）
10．（2024秋 临平区校级月考）请根据如图所示实物连接图，在虚线框内画出对应的电路图。
【分析】分析实物图，确定两灯泡的连接方式、开关和电表的位置，据此画出对应的电路图。
【解答】解：由实物图可知，电流从电源正极出发经开关S、灯泡L2、L1回负极，电压表与灯泡L1并联，电路图如图所示：
【点评】本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式和电表的作用是关键。
11．（2024春 慈溪市期中）按照实物图在虚线框内作出电路图。
【分析】从电路图中可以看出，两只灯泡并联，开关S1控制整个电路，开关S2控制灯泡L1。
【解答】解：从正极开始分支，一支路经灯泡L1、开关S2；另一支路经灯泡L2，然后两路汇合共同进入开关S1，再回到负极；如下图所示
【点评】本题考查实物图的连接和电路图的画法，关键是明白电路中各个用电器的连接方式，会按要求设计串并联电路，会根据实物图画出正确电路图。
12．（2024春 余姚市期中）请根据图所示的实物图，在虚线框中画出对应的电路图。
【分析】根据实物图分析电路连接情况，再画出对应的电路图。
【解答】解：由实物图知，两灯并联，开关在干路上，电路图如图所示：
。
【点评】本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式和开关的位置是关键。
13．（2024春 宁海县期中）请根据如图所示的实物图，画出对应的电路图。
【分析】根据实物图先分析电路的连接情况，再画出对应的电路图，并且电路图与实物图相对应。
【解答】解：由实物图知，两灯泡L1、L2并联，开关S、电流表A2在干路上，电流表A1在L2支路上，L1单独一条支路，电路图如图所示：
。
【点评】本题考查根据实物图画电路图，关键正确分析电路中各个用电器的连接方式和开关的位置。
14．（2022秋 仙居县校级期中）如图为小李同学在某次测量中连接的实物图，根据该实物图画出其的电路图，其中正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】（1）根据实物图画出电路图的方法：
①首先利用去表法判断用电器的连接方法，电流表的电阻很小，电压表的电阻很大，把电流表看成导线，把电压表看成开路。
②然后看开关控制用电器的情况，把开关接入合适的位置；
③最后把电压表和电流表接入电路。
（2）“方框”法判断电压表测谁的电压：电压表和用电器组成一个方框时，电压表测量该用电器两端的电压；电压表和电源组成一个方框时，电压表测量电源两端的电压；电压表和用电器、电源一起组成一个方框时，电压表测量该用电器和电源之外的用电器两端的电压。
【解答】解：（1）电压表电阻很大，相当于开路，去掉电压表，L1、L2是串联的，开关控制整个电路。依次连接电源、开关、L2、L1。
（2）电压表V1和L1组成方框，电压表V1测量L1两端的电压表；电压表V2和电源组成一个方框，电压表V2测量电源两端的电压。
A、电压表V1测量L1两端的电压表，电压表V2测量电源两端的电压，但是开关不能控制电压表。不符合题意。
B、电压表V1测量L1两端的电压表，电压表V2测量电源两端的电压，开关控制整个电路。符合题意。
C、电压表V1测量L1两端的电压表，电压表V2测量L2两端的电压。不符合题意。
D、电压表V1测量测量电源两端的电压表，电压表V2测量L1两端的电压。不符合题意。
故选：B。
【点评】（1）掌握由实物图画电路图的方法，电路图画实物图的方法。
（2）掌握方框法判断电压表测量的电压。
五．连接实物图（共5小题）
15．（2022秋 嵊州市期末）如图所示。小明利用该电路检验并联电路干路电流是否等于各支路电流之和，在导线1、2、3、4中，有一根导线接错了，接错的是（ ）
A．导线1 B．导线2 C．导线3 D．导线4
【分析】要探究并联电路的电流关系，需要使两灯泡并联，分别测出干路和支路的电流。
【解答】解：要探究并联电路的电流关系，所以应将两灯泡并联，三个电流表分别测量干路和支路电流，所以需通过改动下面灯泡与负极相连的导线，将负极与下面灯泡相连的导线改接左下电流表的负接线柱，导线3接错了，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查探究并联电路电流规律的电路连接，关键是明确电流表要分别测量干路和支路电流。
16．（2023秋 西湖区校级月考）根据电路图画出对应的实物图。
【分析】根据电路图连接实物图，可采用“电流流向法”，从电源的正极出发，按照电流的流向，先串电路元件最多的电路，再将相应并联的部分接入电路即可。
【解答】解：由电路图可知，电流从电源正极出发开始分支，一支经灯泡L1、另一支经灯泡L2、电流表，然后共同汇合回负极，如图所示：
【点评】本题考查了实物图的连接，关键是能根据电路图确定电路元件的连接方式，利用先串联最复杂的电路、再把并联的部分接到相应的位置。
17．（2023秋 义乌市校级月考）实验设计。
（1）小明利用电子秤、篮球设计实验探究“空气产生的浮力是否与排开体积有关”，通过下列操作观察电子秤示数变化，能够达成实验目的的是 A 。
A．篮球放气气球变大
B．打气使篮球膨胀
C．改变篮球个数
D．抽出装置部分空气
（2）现有电路如图，其中电源为三节铅蓄电池串联，标有“6V 0.5A”的两只灯泡接在电路中，请用笔画线代替导线，根据电路图把实物图连接补充完整（提示：4条线）。
（3）如图所示是用抽水法验证阿基米德原理，将待测物（装沙石的塑料瓶）挂在玻璃杯的吊篮的下面，再将放玻璃杯的吊蓝挂在弹簧秤挂钩上，记下读数F1，将广口瓶放在铁架台底板上，并注水至距瓶口5厘米处，刻上明显标记。降低弹簧秤使待测物浸没在水中但不能沉到底，记下读数F2，用注射器将广口瓶中的水抽出， 使液面重新回到标记处，然后将抽出的水注入玻璃杯中 ，此时弹簧秤的读数重新回到F1，这说明待测物受到的浮力等于排开水的重力，即验证了阿基米德定律。
【分析】（1）利用控制变量法分析解答；
（2）根据电路图分析电路的连接情况，再连接实物图；
（3）阿基米德原理的内容：物体所受的浮力等于物体排开的液体所受的重力。
【解答】解：（1）为了探究“空气产生浮力大小是否与排开体积”有关，控制其它要素相同，只改变排开空气体积，题中通过电子秤来间接测量浮力的大小，只有中没有改变物体的总质量，即总重力大小，通过电子秤来间接测量浮力的大小才是正确的，故A正确，BCD错误；
（2）由电路图知，灯泡L1与变阻器串联后与L2并联，电流表在L2支路上，电压表测灯泡L1与变阻器串联后的总电压，
电源由三节蓄电池组成，即电源电压为6V，灯泡正常发光电流为0.5A，所以电流表应使用小量程，电压表使用大量程。如图所示：
；
（3）由题意可知，将待测物体放入水中，高处标记处的水即为物体排开的水，所以用注射器将待测物体排开的水抽出，使液面重新回到标记处，然后将抽出的水注入玻璃杯中，如果此时弹簧秤的读数重新回到F1，则说明待测物受到的浮力等于排开水的重力，即验证了阿基米德定律。
故答案为：（1）A；（2）见解析；（3）使液面重新回到标记处，然后将抽出的水注入玻璃杯中。
【点评】本题考查了控制变量法的应用、阿基米德原理、实物电路的连接，属于综合题。
18．（2022春 镇海区校级期中）现有电路如下，其中电源为三节铅蓄电池串联，标有“6V 0.5A”的两只灯泡接在电路中，请用笔画线代替导线，根据电路图把实物图连接补充完整。
【分析】根据电路图分析电路的连接情况，再连接实物图。
【解答】解：由电路图知，灯泡L1与变阻器串联后与L2并联，电流表在L2支路上，电压表测灯泡L1与变阻器串联后的总电压，
电源由三节蓄电池组成，即电源电压为6V，灯泡正常发光电流为0.5A，所以电流表应使用小量程，电压表使用大量程。如图所示：
。
【点评】本题考查根据电路图连接实物图，正确分析电路的连接方式以及电表的位置是关键，注意实物图与电路图要对应。
19．（2021 萧山区一模）现有一个额定电压为6V，额定电流为0.3A的小灯泡，小金想用实验测量这个灯泡的额定功率，装置连接如图甲，电源电压为12V，其中滑动变阻器有两种规格可选，分别为“10Ω，1A”、“100Ω，0.5A”。
（1）小金已连接了部分电路，请你根据实验需要，将图甲电路连接完整。
（2）滑动变阻器规格应选择 “100Ω 0.5A” ，不选择另一种规格的理由是 若选择”10Ω 1A”的变阻器，会造成即使变器移动到最大阻值，灯的电压也不能达到6V，即灯不能正常发光 。
（3）实验过程中，小明忽略了电流表的调零（如图乙），而其他操作均正确，当调节滑动变阻器，使电流表示数为0.3A时，此时小灯泡的实际功率 大于 小灯泡的额定功率（选填“小于”、“等于”或“大于”）。
（4）如果改成测额定电压为8V，额定电流约为0.4A的小灯泡的额定电功率，在其它条件不变的情况下，滑动变阻器的滑片位置应该在 原位置的左侧 （选填“原位置的右侧”、“原位置的左侧”或“原位置”）。
【分析】（1）本实验中，滑动变阻器与灯泡应串联，由此连接电路；
（2）由灯泡额定电压是6V和额定电流是0.3A，根据欧姆定律，求出灯的电阻；根据串联电压的规律求了为灯正常发光时变阻器分得的电压，由欧姆定律，求出变阻器的连入电路中的电阻确定变阻器的规格；
（3）根据在没有测量电流时，电流表指针指在零刻度的左侧分析；
（4）若小灯泡的额定电压为8V时，额定电流为0.4A，由串联电路电压的规律算出滑动变阻器两端的电压，由欧姆定律算出滑动变阻器连入电路的电阻，进而判断出滑片的位置。
【解答】解：（1）测灯泡的额定功率的实验中，滑动变阻器与灯泡应串联，且一上一下接，如图所示：
；
（2）由题知，灯泡正常工作时的电压为6V，电流约为0.3A，
由串联电路特点和欧姆定律可得，此时滑动变阻器连入电路的阻值：
R滑＝＝＝＝20Ω，
考虑到电流因素，故变阻器选用“100Ω 0.5A”，若选择”10Ω 1A”的变阻器，会造成即使变器移动到最大阻值，灯的电压也不能达到6V，即灯不能正常发光；
（3）实验过程中，小明忽略了电流表的调零（如图），在没有测量电流时，电流表指针指在零刻度的左侧，故在测量电流时，若电流表示数为0.3A，实际电流大于0.3A，根据P＝UI可知灯的实际电功率偏大，大于灯的额定功率；
（4）若小灯泡的额定电压为8V时，额定电流为0.4A，由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的电压为U′＝U﹣U额＝12V﹣8V＝4V，
滑动变阻器连入电路的电阻为：
R′＝＝＝10Ω，故滑片在原位置的左侧。
故答案为：（1）见解答图；（2）“100Ω 0.5A”；若选择”10Ω 1A”的变阻器，会造成即使变器移动到最大阻值，灯的电压也不能达到6V，即灯不能正常发光；（3）大于；（4）原位置的左侧。
【点评】本题测定灯泡的额定功率，考查器材的选择、电路的连接、误差分析及决定灯的亮度的因素。
六．电路的三种状态（共10小题）
20．（2023秋 吴兴区期末）如图所示的四个电路中，开关S闭合后，电源被短路的电路是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】电源被短路是指将导线没有经过用电器直接接在电源的正负两极上了，当电源短路时，电路中的电流过大，可能会烧坏电源。
【解答】解：
A、开关接在并联电路的干路上，闭合开关S后，两灯都发光，不会造成电源短路，A不符合题意；
B、两灯与开关并联在电源的两极之间，闭合开关S后，会造成电源两极被开关所在的导线连接在一起，发生电源短路现象，B符合题意；
C、开关也是接在并联电路的干路上，闭合开关S后，两灯都发光，不会造成电源短路，C不符合题意；
D、开关与一灯并联，闭合开关后，这一只灯泡被短路，而另一只灯发光，不会造成电源短路，D不符合题意；
故选：B。
【点评】解决此类问题要结合短路现象进行分析解答。
21．（2024秋 临平区校级月考）如图所示是一个定时炸弹的引爆装置，S是定时开关，设定的起爆时间一到，定时开关S会自动断开。为使起爆器停止工作，拆弹专家应在 a （选填“a”或“b”）处剪断导线。拆除炸弹前起爆器中 没有 电流通过，指示灯L中 有 电流通过（以上两空均选填“有”或“没有”）。
【分析】由电路图可知当S闭合时起爆器被短路，则起爆器中没有电流通过；当S断开时起爆器有电流通过从而引爆炸弹，据此进行分析解答。
【解答】解：（1）由题意和电路图可知，起爆前定时开关S是闭合的，此时起爆器被导线b短路，没有电流通过起爆器，所以起爆器不工作，当设定起爆时间一到，定时开关S会自动断开，此时起爆器中有电流通过，引爆炸弹，因此为了使引爆装置停止工作，应将起爆器、灯泡与电源构成的串联电路断开，即应剪断a处的导线，此时电路处于断路状态，爆炸装置不工作。
（2）由电路图可知，拆除前，起爆器被导线b短路，没有电流通过起爆器，所以起爆器不工作，指示灯L有电流流过。
故答案为：a；没有；有。
【点评】本题考查物理知识在生产生活中的应用，应在认真分析题意及电路的基础上找到合适的物理规律作答。
22．（2023秋 嘉兴期末）某同学在创作比赛中设想：利用灯泡中的两根灯丝以及外接电路中的3个开关控制电路，如图所示。L1的阻值小于L2，且通过灯丝的电流越大，灯泡越亮。则要使灯泡最亮应（ ）
A．闭合开关S1、S2，断开开关S3
B．闭合开关S1、S3，断开开关S2
C．闭合开关S1、S2、S3
D．闭合开关S2、S3，断开开关S1
【分析】根据并联电路的电阻特点和欧姆定律可知，当电路中电阻最大时，电流最小，灯最暗，当电路中电阻最小时，电流最大，灯最亮。
【解答】解：当闭合开关S1、S2时，只有L1工作；
当闭合开关S1、S3时，只有L2工作；
闭合开关S2、S3，电路为断路，两灯都不工作；
当开关S1、S2、S3都闭合时，L1、L2同时工作；
根据并联电路的电阻特点可知，并联电路的总电阻小于任一分电阻，而且根据题意可知，L1的电阻小于L2的电阻，所以，当开关都闭合时，L1、L2同时工作，此时电路中的总电阻最小，根据欧姆定律可知，电路中的总电流最大，灯泡最亮。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的三种中状态、并联电路的特点，属于基础题。
23．（2024春 桐乡市月考）如图所示是具有报警功能的文物展示台，该展示台由木板、弹簧、金属片A，B，C和报警电路组成，其中，弹簧上的金属片B相当于 开关 ，当把物品搬离展示台时，金属片B在弹力作用下与金属片A、C分开，这时灯 亮 （选填“亮”或“不亮”），电铃 响 （选填“响”或“不响”）。
【分析】根据电路图可知，当AC与B分离时，灯泡和电铃串联；当AC与B接触时，电铃被短路，电路为灯泡的基本电路。
【解答】解：当小偷把物品搬离展示台时，弹簧上的金属片B相当于开关，当金属片B在弹力作用下与金属片AC分开时，灯泡和电铃串联，此时灯亮铃响。
故答案为：开关；亮；响。
【点评】本题考查电路的组成，能正确认识通路、短路以及断路三种情况。
24．（2023秋 杭州期末）如图是一种课间定时音乐播放装置的原理图。有电流通过时，“播放器”播放音乐；到达设定时间时，“定时开关”自动断开。闭合开关S，当“定时开关”处于断开状态时，指示灯 会 亮（选填“会”或“不会”），播放音乐；到上课时间时，“定时开关”处于 闭合 （选填“闭合”或“断开”）状态，播放器不工作。
【分析】由图可知当定时开关闭合时播放器被短路，则播放器中没有电流通过；若定时开关断开时，播放器与指示灯串联。
【解答】解：由题意知，闭合开关S，到达设定时间“定时开关”处于断开状态，播放器与指示灯串联，“播放器”和指示灯有电流通过，“播放器”会播放音乐，指示灯亮；到上课时间时，“定时开关”处于闭合状态时，播放器被短路，指示灯会亮，则播放器中没有电流通过，播放器不会播放音乐，不工作。
故答案为：会；闭合。
【点评】本题考查物理知识在生产生活中的应用，应在认真分析题意及电路的基础上找到合适的物理规律作答。
25．（2023秋 杭州月考）在如图所示电路中：
（1）当S1断开，S2闭合时，是 开 路。
（2）当S1、S2都闭合时，是 短 路。
（3）当S1闭合、S2断开时，是 通 路。
【分析】电路的三种状态；处处接通的电路叫做通路；某处断开的电路叫做开路，也叫断路；将导线不经过用电器直接接在电源正负两极上的电路叫短路。
【解答】解：（1）当S1断开，S2闭合时，电路中没有电流，是开路。
（2）当S1、S2都闭合时，导线不经过用电器直接接在电源正负两极上，是短路。
（3）当S1闭合、S2断开时，电流从电源正极出发经灯泡、开关S1回负极，是通路。
故答案为：（1）开；（2）短；（3）通。
【点评】本题考查了通路、开路、短路的概念，是一道基础题。
26．（2023秋 婺城区校级月考）如图所示，在一根横跨河流两岸的硬塑料管内穿有三根完全相同的电线。为了辨别哪两个线头为同一根导线的两端，可以用图示的测通器来测试，其操作过程如下：
（1）连接A和B，将测通器的m连接在D上。当n连接F时小灯泡发光，连接E时小灯泡不发光。由此可以确定 CE 为同一导线的两端（填字母，下同）。
（2）为了弄清另两根导线的两端，可连接A和C，测通器的一端必须与 E 相连时，另一端只需接触一根导线就能将两根导线辨别开。
（3）某家庭装修时，穿过墙的一管内有三根相同颜色的线，由于水泥浇紧了，线拉不动，就不能确定哪两根头为同一根线了，请你用如图所示的测通器，用与上述（1）（2）不同的方法进行辨别。具体做法如下：让m与A相连，用n分别与D、E、F试触，观察 灯是否发光 ，则可确定A与其中哪一线头为同一根。接着m与B相连，用n与D、E、F中余下的两端点试触，通过什么现象可以进行辨别。写出你的辨别方法。
【分析】将AB或AC相连接，选择D、E、F中的任两个接在mn之间，若灯亮为通路（说明所连接的四个线头之间是通路）从而判断另两个之间为一根导线。
【解答】解：（1）因为连接A和B，将测通器的m连接在D上。当n连接F时小灯泡发光，说明DBAF连通，CE为另外的一根；
（2）现在知道CE为一根导线，将AC连在一起，先把m连接在E上，若n连接F时小灯泡发光，则AF为一根导线，不亮说明AD为一根导线。
（3）让m与A相连，用n与D试触，观察灯是否发光，若灯亮，则说明AD间是通路，AD是一根导线，否则不是，接着m与B相连，用n与D、E、F中余下的两端点中的一个试触，若灯亮，则说明与B间是通路是一根导线，否则与另一个条是一根导线。
故答案为：
（1）CE；
（2）E；
（3）灯是否发光。
【点评】本题提供的方法很有实际意义，可以用在我们学生实验上，去找出开路的地方。
27．（2023春 鄞州区校级月考）如图所示的电路中。
（1）当开关S1、S2闭合，S3、S4断开时，灯泡 L1 发光。
（2）当S2、S4闭合，S1、S3断开时，灯泡 L2 发光。
【分析】灯泡串联时灯泡之间相互影响，而并联时灯泡之间互不影响，所以可以通过改变电路图中开关的组合方式，识别电路的连接方式，然后根据电路确定灯泡发光情况。
【解答】解：（1）当开关S1、S2闭合，S3、S4断开时，为灯L1的基本电路，因此灯泡L1发光；
（2）当S2、S4闭合，S1、S3断开时，为灯L2的基本电路，因此灯泡L2发光。
故答案为：（1）L1；（2）L2。
【点评】对于这类题目，要根据题意的开关组合，结合串并联电路的特点，判断出电流的流向，从而判断电路的连接状态。
28．（2022 宁波自主招生）如图所示，有一电路暗盒，盒内有一电源和一定值电阻，A、B、C为表面的三个接线柱。现有一实验灯泡的红、蓝两线头分别去接触三个接线柱，测试结果如下表所示，则下列判断中正确的是（ ）
实验次数 实验过程 实验现象（灯泡发光情况）
1 红线头接A接线柱 蓝线头接C接线柱 正常发光
蓝线头接B接线柱 不亮
2 红线头接B接线柱 蓝线头接C接线柱 灯光暗淡
蓝线头接A接线柱 不亮
A．A、B间连接的是电阻；A、C间连接的是电源
B．B、C间连接的是电阻；A、C间连接的是电源
C．B、C间连接的是电阻；A、B间连接的是电源
D．A、C间连接的是电阻；B、C间连接的是电源
【分析】分析表格中提供的信息，得出当把实验灯接在AB、AC、BC之间时的灯的发光情况，逐一分析判断得出连接方式。
【解答】解：红线头接A接线柱、蓝线头接C接线柱，灯正常发光，说明AC之间只有电源；
红线头接A接线柱、蓝线头接B接线柱，灯不亮，说明AB之间无电源；
红线头接B接线柱、蓝线头接C接线柱，灯光暗淡，说明BC之间有电源和电阻；
红线头接B接线柱、蓝线头接A接线柱，不亮，说明AB之间无电源；
综合以上分析，得电路图如图所示，
故选：A。
【点评】黑盒子问题是电学中的难点，关键是根据提供的现象分析电路的连接，并画出电路图。
29．（2023秋 西湖区校级期末）寒冬，取暖用的电暖器一般都装有倾倒断电保护开关（电器倾倒时该开关自动断开），方便老人小孩放心使用。如图是某取暖器的工作电路图，M是电动机（一个出风装置），图中倾倒断电保护开关未画出。下列说法正确的是（ ）
A．若要吹暖风，则需同时闭合S1和S2
B．若只供暖不出风，断开S1和S2
C．倾倒开关可以装在a处或b处
D．倾倒开关可以装在b处或c处
【分析】（1）根据电路的连接方式分析电路的工作状态；
（2）倾倒开关就是防止取暖器倾倒时火线和零线直接接触会出现短路，电流过大，产生热量会增多，会引起火灾，为了防止短路现象，在电热器倾倒时，切断电路即应位于干路。
【解答】解：
A、若要吹暖风，则电动机和电热丝同时工作，需同时闭合S1和S2，故A正确；
B、若断开S1和S2，电动机和电热丝都不工作，故B错误；
CD、为了防止短路现象，在取暖器倾倒时，应切断整个电路，故倾倒开关应位于干路上，即图中a处，故CD错误。
故选：A。
【点评】明白倾倒开关的作用和不同位置时开关的作用是解题的关键。
七．串、并联电路的设计（共3小题）
30．（2024秋 临平区校级月考）今年元旦，无锡火车站正式实施“验检合一”，乘客只需通过验票闸机“一道闸”，当身份信息和人脸信息都符合时，电动机转动，打开闸门，就能直接到达站台，进站速度明显提升，下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】当身份信息和人脸信息都符合时，电动机转动打开闸门，人才能进入火车站，据此分析两开关和电动机的连接方式。
【解答】解：根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，电动机才工作，这说明两个开关相互影响，是串联的关系，然后与电动机串联，故A正确。
故选：A。
【点评】本题考查电路的设计，正确分析两个开关的连接方式是关键。
31．（2024 龙湾区二模）下列电路图中，R是滑动变阻器，R0是定值电阻。将图中的电表改装成质量表，可以直接从电表上读出待测货车的质量。现要求地磅工作时，货车质量越大，电表的示数也越大且表盘刻度均匀增加，下列电路设计符合要求的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】解决本题首先要明确电流表和电压表在电路中的正确连接方式，明确在电路中电压表或电流表所测的是哪部分的电压或者电流，再次分析电路，当重物越重时，会使电路中滑动变阻器的电阻如何变化，从而影响电压表或者电流表的变化是否符合题目要求。
【解答】解：A．滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测总电流。当货车质量增大时，滑片向下移动，滑动变阻器连入阻值增大，那么电流表的示数变小，故A不合题意；
B．滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电压表测R0的电压。当货车质量增大时，滑片向下移动，滑动变阻器的阻值减小，那么总电流增大，根据公式U＝IR可知，电压表的示数增大。根据公式U0＝I0R0＝×R0可知，电压表的示数与滑动变阻器连入阻值变化不成正比，故B不合题意；
C．滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电流表与变阻器并联。由于变阻器被短路，所以无论货车的质量如何变化，电流表的示数都不变，故C不合题意；
D．滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电压表测滑动变阻器滑片上方的电压。无论滑片怎样移动，滑动变阻器的阻值都是全部使用，因此总电阻保持不变，则电路中电流保持不变。当货车质量增大时，滑片向下移动，与电压表并联的电阻变大，根据U＝IR可知，此时电压表的示数与滑动变阻器滑片上方的电阻成正比，即电压表的示数变大，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查欧姆定律的应用，关键是对电路的分析。
32．（2024 绍兴模拟）目前大多国产电动汽车都采用智能遥控车钥匙。有两种方式可以解锁车门：当车钥匙离车辆较远时，按下开锁键（相当于S1闭合），车门自动解锁；当钥匙靠近车辆时，车上感应开关S2自动闭合，再触摸门把手（相当于S3闭合）车门也自动解锁。下列四个设计图符合要求的是（P为自动解锁模块）（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】根据题目要求分析电路中开关的连接情况，然后选出正确的电路图。
【解答】解：根据题意可知，当车钥匙离车辆较远时，按下开锁键（相当于S1闭合），车门自动解锁；当钥匙靠近车辆时，车上感应开关S2自动闭合，再触摸门把手（相当于S3闭合）车门也自动解锁，这说明开关S2、S3相互影响，是串联的，然后再与开关S1并联在电路中，自动解锁模块串联在干路中，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查电路的设计，关键是正确分析开关间的连接方式。
八．串联电路和并联电路的辨别（共12小题）
33．（2024秋 临平区校级月考）在如图所示的电路中，下列说法正确的是（ ）
A．当只闭合开关S2时，L1、L2串联
B．当只闭合开关S1、S3时，L1、L2并联
C．当只闭合开关S2、S3时，L1、L2串联
D．当只闭合开关S1、S3时，L1、L2串联
【分析】（1）各用电器首尾顺次连接，电路只有一条电流路径的连接方式是串联；不经过用电器而直接跟电源的两极相连的电路；
（2）各用电器首首相连、尾尾相连，电路有多条电流路径的连接方式是并联。
【解答】解：A．当只闭合开关S2时，电路中只有一条路径，L1、L2串联，故A正确；
BD．当只闭合开关S1、S3时，电路中电流有两条路径，此时L1、L2并联，故B正确、D错误；
C．当只闭合开关S2、S3时，L1被导线短路，此时电路中只有L2连入电路，故C错误。
故选：AB。
【点评】本题考查了电路连接方式的判断，可采用电流分路法进行分析。
34．（2023秋 长兴县期末）关于如图电路的判断，正确的是（ ）
A．只闭合开关S1时，灯泡L1、L3并联
B．只闭合开关S2时，灯泡L2、L3并联
C．只闭合开关S2、S3时，灯泡L2、L3串联
D．闭合所有开关时，灯泡L1、L2并联，L3短路
【分析】（1）各用电器首尾顺次连接，电路只有一条电流路径的连接方式是串联；
（2）各用电器首首相连、尾尾相连，电路有多条电流路径的连接方式是并联。
【解答】解：
A、由图知，只闭合开关S1时，电流从电源正极流出后，依次通过L3→S1→L1后回到电源负极，所以灯泡L1、L3串联，故A错误；
B、由图知，只闭合开关S2时，电流从电源正极流出后，依次通过L3→S2→L2后回到电源负极，所以灯泡L2、L3串联，故B错误；
C、由图知，只闭合开关S2、S3时，L3被短路，电流从电源正极流出后通过L2后回到电源负极，电路是L2的简单电路，故C错误；
D、由图知，闭合所有开关时，L3被短路，电流从电源正极流出经过S3后分成两支，一支通过L2，另一支通过L1，所以灯泡L1、L2并联，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了灯泡连接方式的判断，判断用电器的连接方式，是解电学题的基础与关键，一定要掌握，判断电路的连接方式，可采用电流分路法进行分析。
35．（2023春 慈溪市校级期中）在下列所示电路图中，灯L1、L2属于并联的是（ ）
A．甲、乙 B．乙、丙 C．丙、丁 D．甲、丙
【分析】解答本题应掌握：串联电路是将各元件依次连接，并联电路是将各用电器并列连接。
【解答】解：由图可知甲、丁均为各用电器首尾依次连接组成的，故均为串联电路；而乙、丙中两灯泡并列连接在电源两端，故均为并联电路。
故选：B。
【点评】本题考查电路的串并联，要求会根据用电器的连接情况去分析基本的串并联电路。
36．（2021秋 越城区期末）如图所示的电路，下列判断正确的是（ ）
A．若电表甲、乙都是电流表，开关S断开，电路断路
B．若电表甲、乙都是电压表，开关S闭合，灯L1、L2并联
C．若电表甲是电流表，乙是电压表，开关S闭合，灯L都发光
D．若电表甲是电压表、乙是电流表，开关S由断开到闭合，甲表示数不变
【分析】根据电压表与被测用电器并联，电流表与被测用电器串联分析电路的连接方式，然后判定灯泡的工作情况。
【解答】解：
A、若电表甲、乙都是电流表，开关S断开，电源的两端被导线相连，电源短路，故A错误；
B、若电表甲、乙都是电压表，开关S闭合，由于电压表所在电路相当于断路，此时只有灯泡L1接入电路中，故B错误；
C、若电表甲是电流表，是电压表，开关S闭合，灯泡L2被短路，不发光，故C错误；
D、若电表甲是电压表、乙是电流表，开关S由断开到闭合，电压表始终测量的是电源的电压，所以甲表示数不变，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查识别电路的能力，以及电流表和电压表的正确使用方法。
37．（2022春 鄞州区校级期末）如图所示的电路图中，通过控制开关的闭合与断开，可实现不同方式的连接，以下正确的是（ ）
A．只闭合S1、S3，两灯泡并联
B．只闭合S1、S3，两灯泡串联
C．只闭合S1、S2，两灯泡都发光
D．S1、S2、S3闭合，两灯泡串联
【分析】电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。
【解答】解：AB、只闭合S1、S3，电流分别经过两个灯泡回到电源负极，因此两个灯泡并联，故A正确、B错误；
C、只闭合S1、S2，电路为L2的基本电路，灯泡L1被短路，故C错误；
D、S1、S2、S3闭合，电源短路，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了学生利用电路的三种状态和开关的通断分析电路图的能力。这也是分析分析电路图的基本能力，要求学生应熟练掌握。
38．（2021秋 鹿城区期末）如图中四个灯泡的连接方式是（ ）
A．四灯串联
B．四灯并联
C．L2、L3、L4并联，再与L1串联
D．L1、L2、L3并联，再与L4串联
【分析】根据串并联电路的特点进行分析，串联电路是将各用电器依次连接起来，并联电路是将用电器并列连接起来。
【解答】解：因为L1、L2、L3是并列连接，所以三个灯泡并联，三个灯泡并联后又与L4串联连接。
故选：D。
【点评】会根据串并联电路的特点识别串联电路和并联电路。
39．（2023秋 鹿城区校级月考）如图甲，电水壶的蒸汽开关能在水沸腾时自动断开。若蒸汽开关失效，发热盘底部有一个双层金属片开关。当温度上升到设定温度后也会断开电路。图乙表示该双层金属片的工作原理。
（1）电水壶蒸汽开关与双层金属片开关的连接方式为 串联 。
（2）双层金属片受热时，金属片a和b中膨胀较快的是 b 。
【分析】（1）串联电路中各元件相互影响，并联电路中各元件互不影响；
（2）根据图乙判定膨胀大小。
【解答】解：（1）从材料中可知，蒸汽开关与双金属片开关只有同时闭合时才能工作，只要其中一个开关断开，那么电路就断开，所以它们应该串联在电路中；
（2）由图可知，双金属片同样受热时，金属片向a弯曲，说明金属层a比b膨胀慢，膨胀较快的是b。
故答案为：（1）串联；（2）b。
【点评】本题以电水壶为背景，考查了电路的连接、对某些物理属性的掌握，关键是会分析物体热胀冷缩和温度的关系，考查了学生提取有用信息的能力，是一道好题。
40．（2023春 余姚市校级期中）如图所示，在电路中要使灯L1和L2并联，应闭合开关 S1、S3 。为了防止短路，不能同时闭合开关 S2、S3 。
【分析】当两灯并列连接时为并联；
当电路短路时，外电路电阻为零，直接将导线接电源的两端。
【解答】解：由电路图可知，要使电灯L1和L2并联，两只灯泡需要独立与电源组成通路，所以应闭合开关S1、S3；
为了防止电路出现短路，不能同时闭合开关S2、S3。
故答案为：S1、S3；S2、S3。
【点评】本题考查连接电路的基本能力，可根据电流有无分支理解两电阻是串联还是并联。
41．（2023秋 长兴县月考）在如图所示电路中，开关均处于断开状态：
（1）若使L1、L2串联，则应只闭合开关 S2 ；
（2）若使L1、L2并联，则应闭合开关S1和 S3 。
【分析】（1）串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；
（2）并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。
【解答】解：（1）根据电路图可知，当闭合开关S2，同时断开S1、S3，灯L1、L2首尾相连组成串联电路；
（2）当闭合开关S1、S3，断开S2，L1、L2并列连接，组成并联电路。
故答案为：（1）S2；（2）S3。
【点评】本题考查了根据灯泡连接方式判断开关的断开与闭合情况，知道串并联的概念及特点、分析清楚电路结构即可正确解题。
42．（2023秋 长兴县月考）如图所示电路中。
若使L1、L2并联，则应闭合开关 S1、S2 ，若同时闭合开关 S1、S2、S3 ，电源短路，这是不允许的。
【分析】（1）串并联是指用电器并列连接的电路。
（2）短路分为电源短路和用电器短路；
电源短路：是指用导线直接将电源两极连接起来的电路。电源短路时，电路中有强大的电流通过，可能烧毁电源和导线，甚至引起火灾，因此绝对不允许发生电源短路；
用电器短路（部分电路短路）：是指用一根导线将某用电器的两端直接连接起来。这时没有电流通过用电器，该用电器不会损坏。
【解答】解：
（1）若使L1、L2并联，应将两灯首首相连、尾尾相连，即并列接到电源两端，由图知，需闭合开关S1、S2；
（2）若同时闭合开关S1、S2、S3，电流从电源正极流出不经用电器流回电源负极，会造成电源短路，电流过大，会烧坏电源，所以同时闭合开关S1、S2、S3是绝对不允许的。
故答案为：S1、S2；S1、S2、S3。
【点评】解答此类问题要结合并联电路、短路的特点选择合适的开关组合。
43．（2024 吴兴区模拟）2023年上海车展，中国某自主品牌发布了一款新能源越野汽车，拥有易四方和云辇﹣P智能液压车身控制系统两大顶级技术加持，具备四轮独立驱动能力，能够实现极限操稳、应急浮水、原地掉头等功能。下列说法正确的是（ ）
A．该款汽车是四轮四电机独立驱动，四电机之间是串联工作的
B．该款汽车在加速行驶时车身平稳，受平衡力作用
C．该款汽车应急浮水漂浮时，浮力与重力大小相等
D．该款汽车刀片电池充电时将化学能转化为电能
【分析】（1）各电机使用时互相不影响，故它们是并联的；
（2）物体受力平衡时，物体保持静止或者匀速直线运动状态；
（3）物体在水面漂浮时，物体受力平衡；
（4）充电时电能转化为化学能。
【解答】解：A、该款汽车是四轮四电机独立驱动，各电机之间互相不影响，故四电机之间是并联工作的，故A错误；
B、该款汽车在加速行驶时车身平稳，但它的速度发生了变化，故它受力不平衡，故B错误；
C、该款汽车应急浮水漂浮时，它受力平衡，浮力与重力大小相等，故C正确；
D、该款汽车刀片电池充电时将电能转化为化学能，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了生活常识，属于基础题。
44．（2023秋 滨江区月考）如图所示的电路中，S表示开关，表示电灯，若要使两灯串联，应闭合开关（ ）
A．S1 B．S2 C．S3 D．S1和S2
【分析】串联电路电流只有一条路径，各处电流相等，用电器不能独立工作；并联电路：电流有两条或两条以上路径，各用电器可以独立工作，各支路电压相等，据此分析。
【解答】解：若要使两灯串联，应闭合开关S3，这样即可形成一个闭合回路。
故选：C。
【点评】掌握串联和并联电路的特点等相关知识是解答本题的关键。
九．电路的动态分析（共16小题）
45．（2024秋 临平区校级月考）如图，电路中电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从b端向中点移动的过程中（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。下列说法正确的是（ ）
A．电压表示数变大，电流表示数变大
B．电压表示数不变，电流表示数变大
C．灯泡的亮度变亮，电流表的示数变大
D．灯泡的亮度不变，电流表的示数不变
【分析】由图可知，滑动变阻器R与灯泡L并联，电流表测量通过灯泡的电流，电压表测量电源的电压；
闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从b端滑到中点过程中，根据电源电压分析电压表示数的变化；根据并联电路的特点分析通过灯泡电流的变化和灯泡亮度的变化；根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析通过滑动变阻器电流的变化，根据并联电路的电流规律分析电路总电流的变化。
【解答】解：由图可知，滑动变阻器R与灯泡L并联，电流表测量通过灯泡的电流，电压表测量电源的电压；
由于电源电压不变，滑动变阻器滑片移动时，电压表示数不变；
闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从b端滑到中点过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变大；
并联电路各支路互不影响，所以通过灯泡的电流不变，即电流表示数不变，灯泡的亮度不变；
综上所述，D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律、并联电路的特点，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
46．（2024秋 临平区校级月考）海水盐浓度越大，其导电性越好，固定间距金属片A、B之间海水的电阻越小。下列电路中，电源电压恒定，R0为定值电阻，闭合开关S，海水盐浓度越大，电表示数越大的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】（1）AB和R0串联，电压表测量R0两端的电压，根据串联分压分析；
（2）AB和R0串联，电压表测量AB间的电压，根据串联分压分析；
（3）电压表测量电源电压；
（4）AB和R0并联，电流表测量定值电阻R0的电流。
【解答】解：A、A图中AB和R0串联，电压表测R0两端电压；海水浓度越大，AB间电阻越小，根据串联分压原理，其分担的电压越小，R0两端的电压越大，即电压表的示数越大，故A正确；
B、B图中AB和R0串联，电压表测AB两端电压；海水浓度越大，AB间电阻越小，根据串联分压原理，其分担的电压越小，即电压表的示数越小，故B错误；
C、C图中电压表测量电源电压，因电源电压恒定，因此电压表示数不变，故C错误；
D、D图中AB和R0并联，电流表测量定值电阻R0的电流，电源电压恒定，电阻R0不变，根据I0＝ 得I0不变，即电流表示数不变，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查电路分析和欧姆定律的应用等知识。
47．（2024春 宁波期末）如图所示是一种输液时所用的报警电路：电源电压恒定，R为定值电阻，闭合开关S，贴在针口处的传感器M接触到从针口处漏出的药液后，其电阻RM发生变化，导致电压表的示数增大而触发警报器（图中未画出）报警，则M接触药液后（ ）
A．RM变大
B．电路中的电流变小
C．电压表与电流表的示数乘积不变
D．电压表与电流表的示数之比不变
【分析】（1）由电路图可知，定值电阻R与传感器M串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。根据题意可知，M接触药液后，警报器报警，电压表V的示数增大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步可知电压表V与电流表A的乘积变化；
（2）根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化，根据电阻的串联可知M的电阻变化；
（3）根据欧姆定律，结合定值电阻的阻值可知电压表V与电流表A的比值变化。
【解答】解：BC、由电路图可知，定值电阻R与传感器M串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
由题意可知，M接触药液后，警报器报警，电压表V的示数增大，定值电阻R的阻值不变，电压表示数增大时，由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，则电压表与电流表的乘积变大，故BC错误；
A、电源电压不变，电路中的电流变大，由R＝可知，电路中的总电阻变小，因串联电路中总电阻等于各电阻之和，所以M的电阻RM变小，故A错误；
D、由R＝可知，电压表V与电流表A的比值等于定值电阻R的阻值，则电压表与电流表的比值不变，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和串联电路特点的应用，正确判断电压表示数变大时电路中电流的变化是关键。
48．（2024 宁波模拟）如图是一种风速测定装置。其中风速表是由电压表改装而成，R为定值电阻，R1为滑动变阻器，“T”型管道的竖直管内装有可上下移动的轻质活塞，活塞通过轻质细杆和滑动变阻器的滑片相连。下列说法正确的是（ ）
A．电压表的零刻度与风速表的零刻度相对应
B．风速变大时，活塞上方气压变大，活塞向下移动
C．风速变小时，R1接入电路的阻值变大，风速表示数变小
D．该由电压表改装而成的风速表，其表盘刻度是均匀的
【分析】闭合开关S，R1和R串联，电压表并联在R两端，测量R两端的电压；
（1）风速为零时，根据串联电路的特点和欧姆定律即可判断电压表的示数是否为零；
（2）流体压强与流速的关系是：流体在流速越大地方，压强越小。
当风速增大，轻质活塞A上、下表面的压强不同，下表面压强大于上表面压强，装置会向上移动，连杆带动滑片P向上移动；
（3）当风速减小，轻质活塞A上、下表面的压强差减小，装置会向下移动，连杆带动滑片P向下移动；根据滑动变阻器接入电路电阻的变化判定总电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化和电压表示数的变化；
（4）根据欧姆定律列出电压表示数的表达式，分析风速表的刻度是否均匀。
【解答】解：闭合开关S，R1和R串联，电压表并联在R两端，测量R的电压；
A、风速为零时，R1和R串联，R两端的电压不为零，电压表的零刻度与风速表的零刻度不对应，故A错误；
B、风速变大时，轻质活塞A上方空气压强变小，轻质活塞A向上移动，滑片向上移动，故B错误；
C、风速变小时，轻质活塞A上方空气压强变大，轻质活塞A向下移动，滑片向下移动，接入电路的阻值变大，总电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，根据U＝IR可知，定值电阻的两端的电压变小，电压表的示数变小，故C正确；
D、电路中的电流为I＝，根据欧姆定律可知，电压表的示数为UR＝IR＝×R，滑动变阻器的阻值变化与电压的示数变化不是正比关系，故风速与电压的变化也不是正比关系，故分度值分度不均匀，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，要重点掌握欧姆定律、电功率以及流体压强的知识点。
49．（2024 西湖区校级三模）甲是身高、体重测量仪，当体检者站在台面上时能自动显示身高和体重。电路原理如图乙，电压表、电流表分别显示身高和体重的大小，压敏电压R的阻值随压力增大而增大。滑片P随身高增高而上滑。下列分析正确的是（ ）
A．身高越高电压表示数越小
B．身高越高通过R0的电流越小
C．体重越大电流表示数越小
D．体重越大电路消耗总功率越大
【分析】由电路图可知，R与R0并联，电压表测滑片P下方电阻丝两端的电压，电流表测R支路的电流，根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知滑片移动时接入电路中的电阻不变，根据欧姆定律可知通过R0的电流变化，当身高越高时滑片上移，滑片P下方电阻丝的阻值变大，根据欧姆定律可知滑片P下方电阻丝两端的电压变化；当体重越大时，压敏电阻受到的压力越大，根据压敏电阻R的阻值随压力增大而增大可知R的阻值越大，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据P＝UI分析总功率的变化。
【解答】解：AB、由电路图可知，R与R0并联，电压表测滑片P下方电阻丝两端的电压，电流表测压敏电阻R支路的电流；
因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，人的身高变化即滑片移动时，R0接入电路中的电阻不变，因并联电路中各支路两端的电压相等，且各支路独立工作、互不影响，
所以，由I＝可知，通过R0的电流不变；当身高越高时，滑片上移，滑片P下方电阻丝的阻值变大，由U＝IR可知，滑片P下方电阻丝两端的电压变大，即电压表的示数变大，故AB错误；
C、当体重越大时，压敏电阻受到的压力越大，由压敏电阻R的阻值随压力增大而增大可知，R的阻值越大，由欧姆定律可知，通过R的电流越小，即电流表的示数越小，故C正确；
D、因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，体重越大时电路的总电流越小，根据P＝UI可知，总功率越小，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，根据电压表内阻的特点判断出滑片移动时接入电路中的电阻不变、但电压表并联部分电阻变化是关键。
50．（2024春 镇海区期末）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时（ ）
A．电流表A1示数变小，电压表V示数不变
B．电流表A2示数变大，电压表V示数不变
C．电压表V示数与电流表A1示数比值不变
D．电压表V示数与电流表A2示数比值不变
【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端的电压；
根据电源的电压可知滑片移动时电压表V示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流变化，进一步得出电压表V示数与电流表A1示数比值变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后得出电压表V示数与电流表A2示数比值变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端的电压。
因电源电压不变，所以滑片移动时电压表V的示数不变；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变，则电压表V示数与电流表A1示数比值不变；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I＝可得，通过R2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A2的示数变小；则电压表V示数与电流表A2示数比值变大；综上所述，C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
51．（2024 宁波自主招生）如图所示电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动一段距离，电压表V1、V2示数的变化量分别为ΔU1、ΔU2，电流表示数的变化量为ΔI．不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列判断中正确的是（ ）
A．电压表V1示数变大，电压表V2示数变大，电流表示数变大
B．电压表V1示数变大，电压表V2示数变小，电压表V2与V1的示数之差不变
C．定值电阻R1的阻值为
D．小灯泡L消耗的电功率增大了ΔU1 ΔI
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器和定值电阻串联，电压表V1测灯泡L两端的电压，电压表V2测灯泡和滑动变阻器两端的电压之和，电流表测电路中的电流。
（1）根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡、R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点得出电压表V2示数的变化、电压表V2与V1的示数之差的变化；
（2）根据串联电路的电压特点可知ΔUR1与ΔU2相等，利用欧姆定律可知和定值电阻R1的阻值关系，根据欧姆定律可知等于灯泡的电阻，然后代入ΔU1 ΔI并比较与小灯泡L消耗的电功率增加量即可得出答案。
【解答】解：（1）将滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动一段距离，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I＝可知，电路中的电流变大即电流表的示数变大，
由U＝IR可知，灯泡两端的电压变大即电压表V1的示数变大，定值电阻两端的电压变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡和滑动变阻器两端的电压之和变小即电压表V2的示数变小，故A不正确；
因电压表V2与V1的示数之差等于滑动变阻器两端的电压，
所以，电压表V2与V1的示数之差变小，故B不正确；
（2）因R1两端的电压UR1＝U﹣U2，
所以，ΔUR1＝ΔU2，
R1＝＝，故C正确；
因＝RL，ΔI＝I﹣I′，
所以，ΔU1 ΔI＝（ΔI）2RL＝（I﹣I′）2×RL＝I2RL+（I′）2RL﹣2II′RL≠I2RL﹣（I′）2RL，故D不正确。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意对于定值电阻来说两端电压的变化量和电流变化量的比值等于定值电阻的阻值，是一道难度较大的题目。
52．（2024 舟山模拟）某同学利用电压恒定的电源，定值电阻R1、热敏电阻R2（阻值随温度升高而减小）、电磁铁、电压表连接成水温检测电路，电路原理如图甲。在电磁铁上方固定一个挂有铁块的弹簧测力计，其中某时段弹簧拉力随时间变化情况如图乙。则对各时段分析错误的是（ ）
A．0～t1时段水温最低
B．t1～t2时段水温升高
C．t2﹣t3时段电路消耗的电功率最大
D．t3～t4时段电压表示数不断增大
【分析】由电路图可知，定值电阻与热敏电阻串联，根据图乙可知测力计的示数变化，据此可判断线圈中的电流的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，然后可知电压的变化，根据热敏电阻的阻值会随温度的升高而减小判断水温的变化。
【解答】解：由电路图可知，定值电阻与热敏电阻串联，电压表测定值电阻R0两端的电压，
A、根据图乙可知，0～t1时段弹簧的拉力大小不变，且拉力最小，这说明电磁铁的磁性不变，且最弱，则电路中的电流大小不变，且最小，根据欧姆定律可知，电阻大小不变，且最大，所以此时段温度不变，且温度最低，故A正确；
B、由图象可知，t1到t2时间内弹簧测力计示数增大，说明铁块受到磁力增大，线圈中的电流变大，根据欧姆定律可知电路中的总电阻减小，则热敏电阻的阻值减小；因热敏电阻的阻值会随温度的升高而减小，所以，t1到t2时间内热敏电阻的阻值减小时，水温升高，故B正确；
C、由图象可知，t2到t3时间弹簧测力计示数不变，说明电路中的电流不变，则热敏电阻两端电压没有改变，根据串联电路的电压特点可知，电压表的示数不变；结合B项分析可知t2时刻水温最高，电路中的电流最大，根据P＝UI可知，功率最大，故C正确；
D、由图象可知，t3到t4时间内弹簧测力计示数减小，说明铁块受到磁力减小，电路中的电流减小，根据U＝IR可知，定值电阻两端电压变小，电压表示数变小，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到热敏电阻的特性和欧姆定律、通电螺线管磁性的影响因素的应用等，结合选项直接判断水温变化时热敏电阻阻值的变化有利于简化解答。
53．（2024 温州二模）如图所示是一种测定油箱内油量的装置。其中R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片跟滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子。当油箱中的油量减少时（ ）
A．R接入电路中的电阻减小
B．电路的总功率增大
C．电流表示数减小
D．R0两端电压增大
【分析】（1）滑动变阻器的电阻片的材料和横截面积一定时，长度越长电阻越大；
（2）根据欧姆定律进行分析；
（3）根据P＝UI进行分析；
（4）根据串联分压原理进行解答。
【解答】解：A、由图可知，油箱内油面下降时，滑动变阻器R接入电路中电阻变大，故A错误；
C、由图可知，该电路为R和R0的串联电路，油箱内油面下降时，总电阻变大，在电源电压一定时，根据欧姆定律，电路电流变小，电流表示数减小，故C正确；
B、电源电压一定时，电路电流变小，根据P＝UI知，电路的总功率减小，故B错误；
D、由图可知，油箱内油面下降时，滑动变阻器R接入电路中电阻变大，根据串联分压原理，滑动变阻器R两端的电压变大，电源电压一定时，R0两端电压减小，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对电阻大小的决定因素、欧姆定律、电功率公式、串联分压原理的应用，解题关键是准确分析出滑动变阻器连入电路的阻值的变化与油量之间的关系。
54．（2024 宁波自主招生）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向右移动时（ ）
A．示数变大示数变小，与示数的比值不变
B．示数变小，示数变大，与示数的比值变小
C．示数变小，示数变小，与示数的比值不变
D．示数不变，示数变小，与示数的比值变大
【分析】由电路图可知滑动变阻器与R1串联，电压表测量R1两端的电压，由滑动变阻器滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由欧姆定律可得出电路中电流的变化及电压表示数的变化；因电压表并联在定值电阻两端，故由欧姆定律可知，V与A的示数之比应等于R1的阻值。
【解答】解：滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，则电路的总电阻变大，由欧姆定律得，干路电流变小，电流表示数减小；
电压表并联在R1两端，由欧姆定律可得，R1两端的电压变小；而电压表示数与电流表示数之比等于R1的阻值，故V与A示数的比值不变；
故选：C。
【点评】本题考查了判断电表示数与电表示比值数变化情况，分析清楚电路结构、由于串联电路特点与欧姆定律即可正确解题。
55．（2024 宁波自主招生）小阳设计一个天然气泄漏检测电路，如图甲所示，R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变。则下列说法正确的是（ ）
A．天然气浓度增大，电压表示数变小
B．天然气浓度减小，电流表示数变大
C．天然气浓度增大，电路消耗的总功率变小
D．天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变
【分析】由图甲可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压；由图乙可知气敏电阻的性质，由电阻的变化利用欧姆定律可求得电路中电流的变化及R0两端电压的变化。
【解答】解：由图乙可知气敏电阻的阻值随天然气浓度的增大而减小，故由欧姆定律可得电路中电流增加，即电流表示数增大，由U0＝IR0可知，气敏电阻两端的电压会增大，即电压表的示数会变大；这时根据P＝UI可知，电路消耗的总功率变大；所以A、C说法错误；
由图乙可知气敏电阻的阻值随天然气浓度的减小而升高，故由欧姆定律可得电路中电流减小，即电流表示数减小，但是根据欧姆定律知电压表与电流表示数的比值为R0的阻值，而R0为定值电阻阻值不变，所以B说法错误，D说法正确。
故选：D。
【点评】本题考查学生对图象的认知及欧姆定律的使用，从图中得出气敏电阻的阻值与温度的变化关系是本题的突破口。
56．（2024 宁波自主招生）在图（a）所示的电路中，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合电键S，将滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，电压表V1、V2的示数随电流表A示数变化的完整图线如图（b）中①、②图线所示，在图（c）中能正确反映该过程的电压表V3随电流表A示数变化的完整图线是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】（1）由电路图可知，R1、R、R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R两端的电压，V3测电源的电压与R1两端的电压之差；根据滑片的移动判断滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，从而判断①、②图线表示的电压表。
（2）当滑片位于左端时，R1与R2串联，根据图像得出R1两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出R1的阻值，根据串联电路的电压特点表示出电源的电压。
当滑片位于右端时，R1、R、R2串联，根据串联电路的电压特点表示出电源的电压，联立等式求出电源的电压；
（3）根据串联电路的电压特点得出电压表V3与V1之间的关系，即可判断图像。
【解答】解：（1）将滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，
根据I＝可知，电路中的电流变大；
根据U＝IR可知，R1两端的电压变大，
故①表示电压表V1、②表示电压表V2。
（2）当滑片位于左端时，R1与R2串联，
由（b）图像可知：R1两端的电压U1＝4V，通过的电流I1＝0.4A，
则R1＝＝＝10Ω；
电源的电压U＝U1+I1R2＝4V+0.4A×R2﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当滑片位于右端时，R1、R、R2串联，
由（b）图可知，I2＝0.2A，R两端的电压UR＝3V，U1′＝2V，
则电源的电压U＝UR+U1′+I2R2＝3V+2V+0.2A×R2﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②两式可得：U＝6V。
（3）因V3测电源的电压与R1两端的电压之差，
所以，当U1＝4V、I1＝0.4A时，V3的示数为U﹣U1＝6V﹣4V＝2V；
当U1′＝2V、I2＝0.2A时，V3的示数为U﹣U1′＝6V﹣2V＝4V；
结合选项可知A符合，BCD不符合。
故选：A。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，由电路图判断各电压表所测电路元件是关键，根据滑片的移动判断电阻的U﹣I图像是本题的难点。
57．（2024春 北仑区期中）图甲电路中，电源电压不变，R0为定值电阻，R为热敏电阻，其阻值随温度变化的图像如图乙所示，闭合开关S，温度升高时（ ）
A．电流表示数变小
B．电压表示数变大
C．电压表示数与电流表示数的比值不变
D．电压表示数与电流表示数的比值变小
【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测热敏电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流。由图像可知温度升高时热敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，由串联分压的规律可知热敏电阻R两端电压的变化（即电压表示数的变化）；根据电压表、电流表示数的变化分析电压表和电流表示数比值的变化。
【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测热敏电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流；
AB、闭合开关S，温度升高时，由图乙可知，热敏电阻R的阻值减小，根据串联电路的电阻关系可知，电路的总电阻减小，由欧姆定律可知电路中的电流变大，即电流表示数变大；热敏电阻R的阻值减小，由串联分压的规律可知热敏电阻R两端电压变小，即电压表示数变小，故AB错误；
CD、因电压表示数变小，电流表示数变大，则可知电压表示数与电流表示数的比值变小，故C错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题是电路的动态变化分析题，考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大。
58．（2024 浙江模拟）如图所示是小科设计的一种测定风速的装置，探头与金属杆、滑片P相连，风速表由电压表改装而成，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。当风速变大时（ ）
A．滑片P向下移动，电压表示数变小
B．滑片P向上移动，电压表示数变小
C．滑片P向下移动，电压表示数变大
D．滑片P向上移动，电压表示数变大
【分析】（1）流体压强和流速的关系：流速越快的地方压强越小。
（2）根据欧姆定律判断出电压表的示数变化和风速的关系。
【解答】解：如图当有风吹过探头时，由于探头上表面凸，相同时间空气经过上表面的路程比下表面长，经过上表面的速度比下表面快，所以上表面的气压小于下表面的气压，探头将受到一向上的合力，滑片向上移动；
当风速增大时，探头上下表面空气流速差较大，上下表面气压差较大，受向上的合力较大，所以滑片向上运动的较多，滑动变阻器接入电路的电阻较小，根据欧姆定律I＝可知，电路中电流变大，定值电阻两端电压变大，所以电压表（风速表）示数变大。
故选：D。
【点评】解本题的关键是掌握流体压强跟流速的关系，能利用流体压强知识解释有关的现象。本题考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。
59．（2024春 慈溪市期中）如图所示的电路，闭合开关S，当滑片P向右移动过程中（ ）
A．小灯泡变亮
B．电流表示数变大
C．电压表示数变小
D．滑动变阻器接入阻值变大
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑片右侧电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知滑片移动时不能改变接入电路中的电阻，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P＝I2R可知灯泡实际功率的变化和亮暗的变化，根据滑片的移动可知滑片右侧电阻丝电阻的变化，再根据欧姆定律可知电压表示数的变化。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑片右侧电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流，
因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，
所以，滑片移动时，接入电路中的电阻不变，
由I＝可知，电路中的电流不变，即电流表的示数不变，故BD错误；
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P＝I2R可知，滑片移动时，灯泡的实际功率不变，亮度不变，故A错误；
将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，滑片右侧部分电阻丝的电阻变小，
由U＝IR可知，滑片右侧部分电阻丝两端的电压变小，即电压表的示数变小，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率公式的应用，根据电压表内阻的特点判断出滑片移动时不能改变接入电路中的电阻但可以改变电压表的示数是关键。
60．（2024 瓯海区模拟）如图所示的电路中，电源两端的电压U恒定，四个电表都是理想的，则电键K闭合后（ ）
A．电流表的示数不为零
B．电压表V1的示数为零
C．电压表V2的示数为零
D．当滑动变阻器的触头向b端滑动，V3示数不变
【分析】根据电路图知，闭合电键K，三个电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量R的电压，电压表V2测量R和滑动变阻器的总电压，电压表V3测量滑动变阻器的电压；根据欧姆定律和串联电路的特点分析。
【解答】解：根据电路图知，闭合电键K，三个电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量R的电压，电压表V2测量R和滑动变阻器的总电压，电压表V3测量滑动变阻器的电压；闭合电键K，电路是通路，则所有电表都有示数，当滑动变阻器的触头向b端滑动，滑动变阻器的电阻减小，根据串联分压关系，滑动变阻器分得的电压减小，V3示数减小，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律，属于中档题。
第47页（共49页）2025浙江中考物理专题复习【经典好题】
专题13 电和简单电路（原卷版）
一．摩擦起电（共2小题）
1．（2024 宁波模拟）下列表述与科学事实相符的是（ ）
A．蒸馏水的导电性比矿泉水更好
B．手电筒的小灯泡发光时的电流约为3A
C．一本科学书的厚度约为10厘米
D．穿着羊毛衫运动时产生的静电比静止时强
2．（2024春 宁波期中）摩擦起电现象中，在物体间转移的粒子是（ ）
A．原子 B．电子 C．中子 D．质子
二．电荷间的相互作用规律（共4小题）
3．（2023秋 温州期末）厨房烟雾含有水汽、空气和油脂液滴，直接排放会导致空气污染。使用油烟机可减少厨房内的油烟污染，保护室内空气质量。静电分离是油烟分离中最关键的技术。静电分离是让甲、乙金属板和油脂液滴分别带上电荷。当烟雾由下往上从两金属板间通过时，空气和水汽由于不带电顺利通过，而油脂液滴会被一侧的金属板吸附，并在重力作用下流入其下方的油杯。下列关于金属板所带电荷及油杯位置符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
4．（2024春 宁海县期末）在塑料管中放入轻质金属箔球，用铝片将两端管口堵住。将两端的铝片分别与韦氏起电机的正、负小球（分别聚集了大量的正、负电荷）相连接，将金属箔球与连接正球的铝片接触后，可以观察到金属箔球在两铝片之间来回跳动。下列说法正确的是（ ）
A．与接正球的铝片接触后，金属箔球带负电
B．使金属箔球带电的方式是接触起电，这个过程中创造出了新的电荷
C．当金属箔球向左运动时，产生的电流的方向和它的运动方向一致
D．金属箔球来回运动，是由于电荷间的相互作用
5．（2024春 苍南县期末）卢瑟福的α粒子轰击金箔实验推翻了汤姆生在1903年提出的原子结构模型，为建立现代原子理论打下了基础。如图线条中可能是粒子（带正电）在该实验中的运动轨迹的是（ ）
A．abd B．abc C．bcd D．acd
6．（2023秋 平湖市期末）用毛皮摩擦过的带负电荷的橡胶棒接触验电器的金属球，验电器的金属箔张开（如图）。下列说法正确的是（ ）
A．毛皮得电子的能力比橡胶棒强
B．摩擦过程中毛皮上的电子转移到橡胶棒上
C．验电器金属箔张开是因为两金属箔带了正电荷
D．金属球上的电荷与两金属箔上的电荷电性相反
三．判断物体是否带电及带电体性质的方法（共3小题）
7．（2024秋 临平区校级月考）A、B是两个轻质泡沫小球，C是用毛皮摩擦过的橡胶棒，三者相互作用情景如图。则（ ）
A．A球一定带正电 B．B球一定带正电
C．B球可能不带电 D．A球可能不带电
8．（2024春 北仑区期中）电视机的玻璃荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要是因为（ ）
A．灰尘的自然堆积
B．玻璃有较强的吸附灰尘的能力
C．电视机工作时，屏表面温度较高而吸附灰尘
D．电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘
9．（2024春 宁海县期中）用一根毛皮摩擦过的橡胶棒（带电）分别靠近轻质小球甲和小球乙，出现了如图所示的情况。则下列判断正确的是（ ）
A．甲球可能带负电 B．乙球可能带正电
C．甲球可能带正电 D．乙球可能带负电
四．画电路图（共5小题）
10．（2024秋 临平区校级月考）请根据如图所示实物连接图，在虚线框内画出对应的电路图。
11．（2024春 慈溪市期中）按照实物图在虚线框内作出电路图。
12．（2024春 余姚市期中）请根据图所示的实物图，在虚线框中画出对应的电路图。
13．（2024春 宁海县期中）请根据如图所示的实物图，画出对应的电路图。
14．（2022秋 仙居县校级期中）如图为小李同学在某次测量中连接的实物图，根据该实物图画出其的电路图，其中正确的是（ ）
A． B．
C． D．
五．连接实物图（共5小题）
15．（2022秋 嵊州市期末）如图所示。小明利用该电路检验并联电路干路电流是否等于各支路电流之和，在导线1、2、3、4中，有一根导线接错了，接错的是（ ）
A．导线1 B．导线2 C．导线3 D．导线4
16．（2023秋 西湖区校级月考）根据电路图画出对应的实物图。
17．（2023秋 义乌市校级月考）实验设计。
（1）小明利用电子秤、篮球设计实验探究“空气产生的浮力是否与排开体积有关”，通过下列操作观察电子秤示数变化，能够达成实验目的的是 。
A．篮球放气气球变大
B．打气使篮球膨胀
C．改变篮球个数
D．抽出装置部分空气
（2）现有电路如图，其中电源为三节铅蓄电池串联，标有“6V 0.5A”的两只灯泡接在电路中，请用笔画线代替导线，根据电路图把实物图连接补充完整（提示：4条线）。
（3）如图所示是用抽水法验证阿基米德原理，将待测物（装沙石的塑料瓶）挂在玻璃杯的吊篮的下面，再将放玻璃杯的吊蓝挂在弹簧秤挂钩上，记下读数F1，将广口瓶放在铁架台底板上，并注水至距瓶口5厘米处，刻上明显标记。降低弹簧秤使待测物浸没在水中但不能沉到底，记下读数F2，用注射器将广口瓶中的水抽出， ，此时弹簧秤的读数重新回到F1，这说明待测物受到的浮力等于排开水的重力，即验证了阿基米德定律。
18．（2022春 镇海区校级期中）现有电路如下，其中电源为三节铅蓄电池串联，标有“6V 0.5A”的两只灯泡接在电路中，请用笔画线代替导线，根据电路图把实物图连接补充完整。
19．（2021 萧山区一模）现有一个额定电压为6V，额定电流为0.3A的小灯泡，小金想用实验测量这个灯泡的额定功率，装置连接如图甲，电源电压为12V，其中滑动变阻器有两种规格可选，分别为“10Ω，1A”、“100Ω，0.5A”。
（1）小金已连接了部分电路，请你根据实验需要，将图甲电路连接完整。
（2）滑动变阻器规格应选择 ，不选择另一种规格的理由是 。
（3）实验过程中，小明忽略了电流表的调零（如图乙），而其他操作均正确，当调节滑动变阻器，使电流表示数为0.3A时，此时小灯泡的实际功率 小灯泡的额定功率（选填“小于”、“等于”或“大于”）。
（4）如果改成测额定电压为8V，额定电流约为0.4A的小灯泡的额定电功率，在其它条件不变的情况下，滑动变阻器的滑片位置应该在 （选填“原位置的右侧”、“原位置的左侧”或“原位置”）。
六．电路的三种状态（共10小题）
20．（2023秋 吴兴区期末）如图所示的四个电路中，开关S闭合后，电源被短路的电路是（ ）
A． B．
C． D．
21．（2024秋 临平区校级月考）如图所示是一个定时炸弹的引爆装置，S是定时开关，设定的起爆时间一到，定时开关S会自动断开。为使起爆器停止工作，拆弹专家应在 （选填“a”或“b”）处剪断导线。拆除炸弹前起爆器中 电流通过，指示灯L中 电流通过（以上两空均选填“有”或“没有”）。
22．（2023秋 嘉兴期末）某同学在创作比赛中设想：利用灯泡中的两根灯丝以及外接电路中的3个开关控制电路，如图所示。L1的阻值小于L2，且通过灯丝的电流越大，灯泡越亮。则要使灯泡最亮应（ ）
A．闭合开关S1、S2，断开开关S3
B．闭合开关S1、S3，断开开关S2
C．闭合开关S1、S2、S3
D．闭合开关S2、S3，断开开关S1
23．（2024春 桐乡市月考）如图所示是具有报警功能的文物展示台，该展示台由木板、弹簧、金属片A，B，C和报警电路组成，其中，弹簧上的金属片B相当于 ，当把物品搬离展示台时，金属片B在弹力作用下与金属片A、C分开，这时灯 （选填“亮”或“不亮”），电铃 （选填“响”或“不响”）。
24．（2023秋 杭州期末）如图是一种课间定时音乐播放装置的原理图。有电流通过时，“播放器”播放音乐；到达设定时间时，“定时开关”自动断开。闭合开关S，当“定时开关”处于断开状态时，指示灯 亮（选填“会”或“不会”），播放音乐；到上课时间时，“定时开关”处于 （选填“闭合”或“断开”）状态，播放器不工作。
25．（2023秋 杭州月考）在如图所示电路中：
（1）当S1断开，S2闭合时，是 路。
（2）当S1、S2都闭合时，是 路。
（3）当S1闭合、S2断开时，是 路。
26．（2023秋 婺城区校级月考）如图所示，在一根横跨河流两岸的硬塑料管内穿有三根完全相同的电线。为了辨别哪两个线头为同一根导线的两端，可以用图示的测通器来测试，其操作过程如下：
（1）连接A和B，将测通器的m连接在D上。当n连接F时小灯泡发光，连接E时小灯泡不发光。由此可以确定 为同一导线的两端（填字母，下同）。
（2）为了弄清另两根导线的两端，可连接A和C，测通器的一端必须与 相连时，另一端只需接触一根导线就能将两根导线辨别开。
（3）某家庭装修时，穿过墙的一管内有三根相同颜色的线，由于水泥浇紧了，线拉不动，就不能确定哪两根头为同一根线了，请你用如图所示的测通器，用与上述（1）（2）不同的方法进行辨别。具体做法如下：让m与A相连，用n分别与D、E、F试触，观察 ，则可确定A与其中哪一线头为同一根。接着m与B相连，用n与D、E、F中余下的两端点试触，通过什么现象可以进行辨别。写出你的辨别方法。
27．（2023春 鄞州区校级月考）如图所示的电路中。
（1）当开关S1、S2闭合，S3、S4断开时，灯泡 发光。
（2）当S2、S4闭合，S1、S3断开时，灯泡 发光。
28．（2022 宁波自主招生）如图所示，有一电路暗盒，盒内有一电源和一定值电阻，A、B、C为表面的三个接线柱。现有一实验灯泡的红、蓝两线头分别去接触三个接线柱，测试结果如下表所示，则下列判断中正确的是（ ）
实验次数 实验过程 实验现象（灯泡发光情况）
1 红线头接A接线柱 蓝线头接C接线柱 正常发光
蓝线头接B接线柱 不亮
2 红线头接B接线柱 蓝线头接C接线柱 灯光暗淡
蓝线头接A接线柱 不亮
A．A、B间连接的是电阻；A、C间连接的是电源
B．B、C间连接的是电阻；A、C间连接的是电源
C．B、C间连接的是电阻；A、B间连接的是电源
D．A、C间连接的是电阻；B、C间连接的是电源
29．（2023秋 西湖区校级期末）寒冬，取暖用的电暖器一般都装有倾倒断电保护开关（电器倾倒时该开关自动断开），方便老人小孩放心使用。如图是某取暖器的工作电路图，M是电动机（一个出风装置），图中倾倒断电保护开关未画出。下列说法正确的是（ ）
A．若要吹暖风，则需同时闭合S1和S2
B．若只供暖不出风，断开S1和S2
C．倾倒开关可以装在a处或b处
D．倾倒开关可以装在b处或c处
七．串、并联电路的设计（共3小题）
30．（2024秋 临平区校级月考）今年元旦，无锡火车站正式实施“验检合一”，乘客只需通过验票闸机“一道闸”，当身份信息和人脸信息都符合时，电动机转动，打开闸门，就能直接到达站台，进站速度明显提升，下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
31．（2024 龙湾区二模）下列电路图中，R是滑动变阻器，R0是定值电阻。将图中的电表改装成质量表，可以直接从电表上读出待测货车的质量。现要求地磅工作时，货车质量越大，电表的示数也越大且表盘刻度均匀增加，下列电路设计符合要求的是（ ）
A．
B．
C．
D．
32．（2024 绍兴模拟）目前大多国产电动汽车都采用智能遥控车钥匙。有两种方式可以解锁车门：当车钥匙离车辆较远时，按下开锁键（相当于S1闭合），车门自动解锁；当钥匙靠近车辆时，车上感应开关S2自动闭合，再触摸门把手（相当于S3闭合）车门也自动解锁。下列四个设计图符合要求的是（P为自动解锁模块）（ ）
A．
B．
C．
D．
八．串联电路和并联电路的辨别（共12小题）
33．（2024秋 临平区校级月考）在如图所示的电路中，下列说法正确的是（ ）
A．当只闭合开关S2时，L1、L2串联
B．当只闭合开关S1、S3时，L1、L2并联
C．当只闭合开关S2、S3时，L1、L2串联
D．当只闭合开关S1、S3时，L1、L2串联
34．（2023秋 长兴县期末）关于如图电路的判断，正确的是（ ）
A．只闭合开关S1时，灯泡L1、L3并联
B．只闭合开关S2时，灯泡L2、L3并联
C．只闭合开关S2、S3时，灯泡L2、L3串联
D．闭合所有开关时，灯泡L1、L2并联，L3短路
35．（2023春 慈溪市校级期中）在下列所示电路图中，灯L1、L2属于并联的是（ ）
A．甲、乙 B．乙、丙 C．丙、丁 D．甲、丙
36．（2021秋 越城区期末）如图所示的电路，下列判断正确的是（ ）
A．若电表甲、乙都是电流表，开关S断开，电路断路
B．若电表甲、乙都是电压表，开关S闭合，灯L1、L2并联
C．若电表甲是电流表，乙是电压表，开关S闭合，灯L都发光
D．若电表甲是电压表、乙是电流表，开关S由断开到闭合，甲表示数不变
37．（2022春 鄞州区校级期末）如图所示的电路图中，通过控制开关的闭合与断开，可实现不同方式的连接，以下正确的是（ ）
A．只闭合S1、S3，两灯泡并联
B．只闭合S1、S3，两灯泡串联
C．只闭合S1、S2，两灯泡都发光
D．S1、S2、S3闭合，两灯泡串联
38．（2021秋 鹿城区期末）如图中四个灯泡的连接方式是（ ）
A．四灯串联
B．四灯并联
C．L2、L3、L4并联，再与L1串联
D．L1、L2、L3并联，再与L4串联
39．（2023秋 鹿城区校级月考）如图甲，电水壶的蒸汽开关能在水沸腾时自动断开。若蒸汽开关失效，发热盘底部有一个双层金属片开关。当温度上升到设定温度后也会断开电路。图乙表示该双层金属片的工作原理。
（1）电水壶蒸汽开关与双层金属片开关的连接方式为 。
（2）双层金属片受热时，金属片a和b中膨胀较快的是 。
40．（2023春 余姚市校级期中）如图所示，在电路中要使灯L1和L2并联，应闭合开关 。为了防止短路，不能同时闭合开关 。
41．（2023秋 长兴县月考）在如图所示电路中，开关均处于断开状态：
（1）若使L1、L2串联，则应只闭合开关 ；
（2）若使L1、L2并联，则应闭合开关S1和 。
42．（2023秋 长兴县月考）如图所示电路中。
若使L1、L2并联，则应闭合开关 ，若同时闭合开关 ，电源短路，这是不允许的。
43．（2024 吴兴区模拟）2023年上海车展，中国某自主品牌发布了一款新能源越野汽车，拥有易四方和云辇﹣P智能液压车身控制系统两大顶级技术加持，具备四轮独立驱动能力，能够实现极限操稳、应急浮水、原地掉头等功能。下列说法正确的是（ ）
A．该款汽车是四轮四电机独立驱动，四电机之间是串联工作的
B．该款汽车在加速行驶时车身平稳，受平衡力作用
C．该款汽车应急浮水漂浮时，浮力与重力大小相等
D．该款汽车刀片电池充电时将化学能转化为电能
44．（2023秋 滨江区月考）如图所示的电路中，S表示开关，表示电灯，若要使两灯串联，应闭合开关（ ）
A．S1 B．S2 C．S3 D．S1和S2
九．电路的动态分析（共16小题）
45．（2024秋 临平区校级月考）如图，电路中电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从b端向中点移动的过程中（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。下列说法正确的是（ ）
A．电压表示数变大，电流表示数变大
B．电压表示数不变，电流表示数变大
C．灯泡的亮度变亮，电流表的示数变大
D．灯泡的亮度不变，电流表的示数不变
46．（2024秋 临平区校级月考）海水盐浓度越大，其导电性越好，固定间距金属片A、B之间海水的电阻越小。下列电路中，电源电压恒定，R0为定值电阻，闭合开关S，海水盐浓度越大，电表示数越大的是（ ）
A． B．
C． D．
47．（2024春 宁波期末）如图所示是一种输液时所用的报警电路：电源电压恒定，R为定值电阻，闭合开关S，贴在针口处的传感器M接触到从针口处漏出的药液后，其电阻RM发生变化，导致电压表的示数增大而触发警报器（图中未画出）报警，则M接触药液后（ ）
A．RM变大
B．电路中的电流变小
C．电压表与电流表的示数乘积不变
D．电压表与电流表的示数之比不变
48．（2024 宁波模拟）如图是一种风速测定装置。其中风速表是由电压表改装而成，R为定值电阻，R1为滑动变阻器，“T”型管道的竖直管内装有可上下移动的轻质活塞，活塞通过轻质细杆和滑动变阻器的滑片相连。下列说法正确的是（ ）
A．电压表的零刻度与风速表的零刻度相对应
B．风速变大时，活塞上方气压变大，活塞向下移动
C．风速变小时，R1接入电路的阻值变大，风速表示数变小
D．该由电压表改装而成的风速表，其表盘刻度是均匀的
49．（2024 西湖区校级三模）甲是身高、体重测量仪，当体检者站在台面上时能自动显示身高和体重。电路原理如图乙，电压表、电流表分别显示身高和体重的大小，压敏电压R的阻值随压力增大而增大。滑片P随身高增高而上滑。下列分析正确的是（ ）
A．身高越高电压表示数越小
B．身高越高通过R0的电流越小
C．体重越大电流表示数越小
D．体重越大电路消耗总功率越大
50．（2024春 镇海区期末）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时（ ）
A．电流表A1示数变小，电压表V示数不变
B．电流表A2示数变大，电压表V示数不变
C．电压表V示数与电流表A1示数比值不变
D．电压表V示数与电流表A2示数比值不变
51．（2024 宁波自主招生）如图所示电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动一段距离，电压表V1、V2示数的变化量分别为ΔU1、ΔU2，电流表示数的变化量为ΔI．不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列判断中正确的是（ ）
A．电压表V1示数变大，电压表V2示数变大，电流表示数变大
B．电压表V1示数变大，电压表V2示数变小，电压表V2与V1的示数之差不变
C．定值电阻R1的阻值为
D．小灯泡L消耗的电功率增大了ΔU1 ΔI
52．（2024 舟山模拟）某同学利用电压恒定的电源，定值电阻R1、热敏电阻R2（阻值随温度升高而减小）、电磁铁、电压表连接成水温检测电路，电路原理如图甲。在电磁铁上方固定一个挂有铁块的弹簧测力计，其中某时段弹簧拉力随时间变化情况如图乙。则对各时段分析错误的是（ ）
A．0～t1时段水温最低
B．t1～t2时段水温升高
C．t2﹣t3时段电路消耗的电功率最大
D．t3～t4时段电压表示数不断增大
53．（2024 温州二模）如图所示是一种测定油箱内油量的装置。其中R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片跟滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子。当油箱中的油量减少时（ ）
A．R接入电路中的电阻减小
B．电路的总功率增大
C．电流表示数减小
D．R0两端电压增大
54．（2024 宁波自主招生）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向右移动时（ ）
A．示数变大示数变小，与示数的比值不变
B．示数变小，示数变大，与示数的比值变小
C．示数变小，示数变小，与示数的比值不变
D．示数不变，示数变小，与示数的比值变大
55．（2024 宁波自主招生）小阳设计一个天然气泄漏检测电路，如图甲所示，R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变。则下列说法正确的是（ ）
A．天然气浓度增大，电压表示数变小
B．天然气浓度减小，电流表示数变大
C．天然气浓度增大，电路消耗的总功率变小
D．天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变
56．（2024 宁波自主招生）在图（a）所示的电路中，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合电键S，将滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，电压表V1、V2的示数随电流表A示数变化的完整图线如图（b）中①、②图线所示，在图（c）中能正确反映该过程的电压表V3随电流表A示数变化的完整图线是（ ）
A．
B．
C．
D．
57．（2024春 北仑区期中）图甲电路中，电源电压不变，R0为定值电阻，R为热敏电阻，其阻值随温度变化的图像如图乙所示，闭合开关S，温度升高时（ ）
A．电流表示数变小
B．电压表示数变大
C．电压表示数与电流表示数的比值不变
D．电压表示数与电流表示数的比值变小
58．（2024 浙江模拟）如图所示是小科设计的一种测定风速的装置，探头与金属杆、滑片P相连，风速表由电压表改装而成，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。当风速变大时（ ）
A．滑片P向下移动，电压表示数变小
B．滑片P向上移动，电压表示数变小
C．滑片P向下移动，电压表示数变大
D．滑片P向上移动，电压表示数变大
59．（2024春 慈溪市期中）如图所示的电路，闭合开关S，当滑片P向右移动过程中（ ）
A．小灯泡变亮
B．电流表示数变大
C．电压表示数变小
D．滑动变阻器接入阻值变大
60．（2024 瓯海区模拟）如图所示的电路中，电源两端的电压U恒定，四个电表都是理想的，则电键K闭合后（ ）
A．电流表的示数不为零
B．电压表V1的示数为零
C．电压表V2的示数为零
D．当滑动变阻器的触头向b端滑动，V3示数不变
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