广东省广州市华侨外国语中学2024-2025学年九年级上学期第一次适应性训练物理试题
1．（2024九上·广州月考）表中记录了图中鸡蛋的质量m与长度L的数据，该鸡蛋的（ ）
质量m 66.8
长度L 6.20
A．质量 B．质量
C．长度 D．长度
【答案】A
【知识点】质量及其特性；长度的估测
【解析】【解答】A，鸡蛋的质量约为50g，A正确，B错误；
CD．鸡蛋的长度约等于手掌的宽度，约为6.20cm，故CD不符合题意。
故选A。
【分析】根据物理常识的积累即可判断此题目
1、熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg
2、识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，手掌的长度为10cm
2．（2024九上·广州月考）如图甲物质M通过不同的过程，出现三种不同物态。其中M物质在①过程温度随时间变化如图乙的cd段所示，在②过程如图乙的ab段所示，③过程需要吸热。则甲、乙、丙物态依次为（ ）
A．固、液、气 B．气、液、固 C．液、气、固 D．液、固、气
【答案】C
【知识点】物质的三态
【解析】【解答】M物质在①过程温度随时间变化如图乙的cd段，结合ab可知，cd为沸腾状态，所以甲为液态，乙为气态，在②过程如图乙的ab段，所以丙为固态，C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】1、汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发；
2、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融；
3、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态；水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃。
3．（2024九上·广州月考）小明乘坐的甲车沿直线行驶，乙车处于静止状态，行驶过程中连拍得到小明的照片如图所示，该过程甲车向（ ）
A．东减速 B．西减速 C．东匀速运动 D．西匀速运动
【答案】A
【知识点】惯性及其现象；参照物及其选择
【解析】【解答】乙图中，杯中的水向东洒出，说明车在减速，杯中的水由于惯性保持的运动状态而向东洒出，乙车处于静止状态，根据甲车中水杯相对于乙车的位置变化可知，甲车向东运动；故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】甲车和乙车的位置关系，利用运动和静止的相对性判断甲车的运动方向，然后根据乙图中水杯水的状态判断其速度大小变化。
4．（2024九上·广州月考）潜水艇从海水高密度区驶入低密度区，急剧下降的过程称为“掉深”。如图所示，某潜水艇在a处所受浮力大小为Fa，排开液体重力为Ga，其驶入低密度海水区， “掉深”到b处，此时所受浮力为Fb，排开液体重力为Gb，则下列选项正确的是（ ）
A．Fa=Fb B．FaGb
【答案】D
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】浮力的计算公式为F浮=ρ水gV排，潜水艇在水中排水体积不变，水的密度变小，浮力变小，所以 Fa＞Fb，AB错误；
根据阿基米德原理可知，物体受到浮力等于物体派开水的重力，由分析可知，Fa=Ga，Fb=Gb，所以Ga＞Gb，Fa>Gb。C错误，D正确。
综上选D。【分析】1、浮力的计算公式为F浮=ρ水gV排，浮力的大小与液体密度以及排开水的体积有关，题目中潜水艇在水中排水体积不变，水的密度变小，所以浮力变小；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力。
5．（2024九上·广州月考）做同样的有用功，甲、乙机械用时和额外功对比如下，下列说法正确的是（ ）
机械 有用功 时间 额外功
甲 400J 3h 500J
乙 2h 600J
A．甲的功率较大，机械效率较低 B．甲的功率较大，机械效率较高
C．乙的功率较大，机械效率较高 D．乙的功率较大，机械效率较低
【答案】D
【知识点】功率大小的比较；机械效率的大小比较
【解析】【解答】由得，甲机械单位时间所做的功小于乙，故P甲＜P乙，两机械总功分别为：
，
由机械效率公式可知，在有用功相同的情况下，消耗的总能量越少，效率就越高，所以甲机械的效率高于乙，故D正确，ABC错误。
故选D。
【分析】功率表示做功的快慢，根据，结合表中的数据比较，甲、乙完成相同的功，功率的大小和做功的快慢，根据效率公式结合表中的数据，甲、乙完成相同的功，比较效率、总功；消耗相同的柴油，比较有用功。
6．（2024九上·广州月考）如图所示在已水平调平的轻质杠杆右侧固定一物体M。在杠杆左侧的不同位置分别挂上A、B、C三个不同的物体，杠杆均处于水平平衡状态。通过分析可得，四个物体中质量最大的是（ ）
A．物体M B．物体A C．物体B D．物体C
【答案】C
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】设每一格为l，根据杠杆平衡条件可得GA×5l＝GM×3l，同理可列GB×l＝GM×3l，Gc×3l=GM×3l，所以GA=0.6GM，GB=3GM，GB=GM，比较可知GB＞GC=GM＞GA，根据G＝mg可知mB＞mC=mM＞mA。
所以四个物体中质量最大的是物体B，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂，所以对甲乙丙一次可列GA×5l＝GM×3l，GB×l＝GM×3l，Gc×3l=GM×3l，据此判断物体的重力的大小。
7．（2024九上·广州月考）如图分别使用甲、乙、丙三种方式把同一物体M匀速竖直提升，绳长不变，测得各拉力F大小如图，已知拉力F的作用点移动距离相等，则以下说法正确的是（ ）
A．F乙和F丙两个力所做的功不同
B．机械乙的有用功比机械丙的有用功大
C．机械丙的滑轮重一定为12N
D．机械乙的机械效率小于机械丙的机械效率
【答案】B
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功；有用功和额外功
【解析】【解答】A．F乙和F丙大小相同，且拉力F移动距离s相等，由W=Fs，F乙和F丙做的功相同，故A错误；
B．图乙为定滑轮，图丙为动滑轮，物体上升的高度h乙=s，，所以h乙>h丙，物重相同，由W=Gh知，机械乙的有用功比机械丙的有用功大，故B正确；
C．图甲，物重GM=F甲=10N，
图丙，若不计摩擦，根据，滑轮的重力G滑轮=2F丙-GM=2×11N-10N=12N
但实际上存在绳重和摩擦，则滑轮重力不为12N，故C错误；
D．分别用机械乙和机械丙提升相同物体时，总功相同，而机械乙的有用功大，由可知，机械乙的机械效率较大，故D错误。
故选B。
【分析】（1）根据题意和图示，利用W=FS分析拉力做功(总功)的大小关系；
（2）图乙中滑轮为定滑轮，图丙中滑轮为动滑轮，根据定滑轮和动滑轮的特点分析物体上升高度的关系，根据 W=Gh可判断有用功的关系；
（3）图丙中滑轮为动滑轮，根据动滑轮的省力公式进行分析，但绳重和摩擦是实际存在的；
（4）比较有用功和总功的大小，从而判定机械效率的大小。
8．（2024九上·广州月考）如题图，一根轻质杠杆，支点为O，在杆的中点悬挂重物，在A点分别施加不同方向的作用力F1、F2、F3、F4，能使杠杆水平平衡且省力的是（ ）
A．仅有F2 B．仅有F2、F3
C．仅有F1、F2、F3 D．仅有F2、F4
【答案】A
【知识点】杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】因动力和阻力在支点的同一侧，所以动力与阻力方向相反，使得最省力，则力臂需要最大，计AO，最小的力需要垂直AO，所以F2符合题意，A正确，BCD错误。
综上选A。
【分析】 杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，最省力，则力臂最大，本题中最大力臂为AO，力臂是支点和力的作用线的垂线段。
9．（2024九上·广州月考）如图所示，同一物体分别在F1、F2的作用下在不同的水平面运动，拉力方向和运动方向始终一致，且F1>F2，经过相同的路程，F1、F2对物体所做的功分别为W1、W2，下列说法正确的是（ ）
A．W1＜W2 B．W1>W2 C．W1=W2 D．无法确定
【答案】B
【知识点】功
【解析】【解答】据题可知，物体经过相同的路程，且受到F1>F2，根据W=Fs可知W1>W2。B正确，ACD错误
故选B。
【分析】做功：物体受到力且在力的方向产生距离，计算公式为W=Fs，题目中s相同， F1>F2 ，据此计算物体做功。
10．（2024九上·广州月考）图形象地反映出某物质固、液、气三态分子排列的特点，甲物态的分子没有固定位置，运动比较自由，乙物态的分子只能原地振动，丙物态的分子距离较远，彼此之间几乎没有作用力。该物质的熔点为-3℃，下列正确的说法是（ ）
A．物体从甲物态变化到乙物态，其内能增加
B．物体从甲物态变化到丙物态需要放热
C．乙物态下的该物体与0℃的冰块接触，热量从冰块传递到该物体
D．物体从乙物态变化到丙物态称为汽化
【答案】C
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；升华及升华吸热；热传递改变物体内能；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A．甲图中分子间的距离略大，与液态分子的特点相似，乙图分子间距固定属于固体，丙分子间距很大，属于气态，物体从甲（液）变化到乙（固）属于凝固，放出热量，内能降低，A错误；
B．物体从甲（液）变化到丙（气）属于汽化，汽化需要吸热，故B错误；
C．乙物态为固体，所以温度低于－3℃，将其与0℃的冰接触，根据热传递可知热量从冰块传递到该物体，故C正确；
D．物体从乙（固）到丙（气）升华，故D错误。
故选C。
【分析】1、凝固为液态变化为固态，释放热量，如下雪、结冰；
2、汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发；
3、升华为固态直接变为液态，会吸收能量，如雪人变小。
11．（2024九上·广州月考）（1）小红采用如图甲所示站姿锻炼手臂力量：双脚并拢，脚尖O触地，脚后跟踮起，手臂水平，手掌支撑在竖直墙壁上的A点，B为人体重心所在位置。锻炼时，躯体保持伸直，手臂弯曲、伸直交替进行。现要估测手掌对墙壁的压力F。（人体可视为杠杆，O点为支点，重力的力臂为L0）
①在图甲中画出人所受重力G的示意图；
②在图甲中画出墙壁对手掌a的支持力F的力臂LF；
③如图乙所示脚尖离开墙壁越远，手掌对墙壁的压力就越 （选填“大”或“小”），依据是 ；
（2）工人用滑轮组把重物提升，请在如图所示的滑轮组上画出最省力的绕线方法。
【答案】（1）；；大；见解析
（2）
【知识点】重力示意图；力臂的画法；杠杆的动态平衡分析；滑轮组的设计与组装
【解析】（1）重力的方向竖直向下，作用点在人的重心点B上，如下图所示：
力臂垂直于力的作用线，题目中力的作用下水平向右，据此做力臂，如下：
脚尖离开墙壁越远，动力臂减小，杠杆平衡条件可得得，墙壁对手的支持力F就越大，所以手掌对墙壁的压力就越大。
综上 第3空、 大， 第4空、见解析。
（2）最省力，则需要从动滑轮开始绕线，遵循一动一定原则，从动滑轮上端的挂钩绕起，滑轮组绕法如图所示：
【分析】1、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂，动力减小，阻力和阻力臂不变，则动力需要增加；
2、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
3、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力
4、拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍.
（1）[1]重力的方向竖直向下，作用点在人的重心点B上，如下图所示：
[2]过支点O作力F的作用线的垂线段，即为F的对应力臂LF，作图如下：
[3][4]动力为墙壁对手的支持力，动力臂为支点O到支持力的作用线的距离，阻力为人的重力， 阻力臂为支点到重力的作用线的距离，如图所示：
锻炼时，脚尖离开墙壁越远，小红重力不变，动力臂减小，阻力臂增大，而阻力重力的大小不变，由杠杆平衡条件可得得，墙壁对手的支持力F就越大，根据力的作用是相互的原理，手掌对墙壁的压力就越大。
（2）根据题意知道，使拉力为物体重的时最省力，所以滑轮组由3段绳子承担物重。 需要从动滑轮上端的挂钩绕起，滑轮组绕法如图所示：
12．（2024九上·广州月考）汽车在公路上匀速行驶，驾驶员发现前方路口信号灯转为红色，经一定反应时间后开始踩刹车，汽车车速v随时间t的变化关系如图所示。图中阴影部分面积的物理意义是驾驶员从开始刹车到汽车完全停止汽车滑行的路程，其数值为 m。若驾驶员饮酒，从发现信号灯转为红色到汽车完全停止共前进了 15m，则此时的反应时间为 s。
【答案】5；1
【知识点】速度公式及其应用；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】根据速度公式s=vt可知，图中阴影部分为汽车行驶的距离，其数值为
， 发现信号灯转为红色到汽车完全停止共前进了 15m， 制动距离为5m，所以反应时间行驶的距离为10m，反应行驶的速度为10m/s，根据可得，此时的反应时间为。
综上 第1空、5； 第2空、1.
【分析】根据速度的公式计算分析，速度公式为v=s/t，根据题目中所给的信息，如已知速度时间求解路程，或者已知路程和时间求解速度。
13．（2024九上·广州月考）（1）2024年1月，国家一级保护野生动物东方白鹳出现在广东海丰鸟类省级自然保护区。如图所示，水中的“东方白鹳”是由于光的 形成的 像； 当东方白鹳飞离水面时，像的大小 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
（2）光刻技术原理如图：当光源发出强紫外线光时，调节镂空掩膜版和缩图透镜之间的距离，使光通过二者后，恰好在硅片上成清晰的像，从而实现纳米级集成电路的“雕刻”。缩图透镜属于凸透镜，可用于矫正 （选填“近”或“远”） 视眼，为了使硅片上所成的像更小一些，应将掩膜版 缩图透镜的同时，硅片 缩图透镜。（以上两空均选填“靠近”或“远离”）
【答案】（1）反射；虚；不变
（2）远；远离；靠近
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解析】（1）水中的“东方白鹳”是由于光的反射形成的虚像，类似于平面镜成像，特点为物像等大，题目中物体大小不变，所以像大小不变综上 第1空、反射； 第2空、虚； 第3空、不变。
（2）凸透镜对光线具有会聚作用，可用于矫正远视眼。根据“物远像近像变小”的规律可知，为了使硅片上所成的像更小一些，应将掩膜版远离缩图透镜的同时，硅片靠近缩图透镜。
综上 第1空、远； 第2空、远离； 第2空、靠近。
【分析】1、平面镜成像特点：物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像；
2、远视眼，光线汇聚作用较弱，需要凸透镜（对光线具有汇聚作用）进行矫正
3、透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像；物体大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像；物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，物近像远像变大。
（1）[1][2]水中的“东方白鹳”是平面镜成像现象，是由于光的反射形成的虚像。
[3]平面镜中像与物等大，当东方白鹳飞离水面时，东方白鹳大小不变，像的大小不变。
（2）[1]凸透镜对光线具有会聚作用，可以使像靠近凸透镜，可用于矫正远视眼。
[2][3]凸透镜成实像时“物远像近像变小”，为了使硅片上所成的像更小一些，应将掩膜版远离缩图透镜的同时，硅片靠近缩图透镜，使物距变大，像距变小，像变小。
14．（2024九上·广州月考）如图甲所示，物体甲重40N，被60N的水平压力F甲压在竖直墙壁上保持静止，则物体甲受到的摩擦力为 N；如图乙所示，物体乙重50N，在20N的水平拉力F乙作用下，处于静止，则物体乙受到的摩擦力为 N；当水平拉力F乙增大到30N时，物体乙沿水平桌面匀速向右运动，则物体乙受到的摩擦力为 N；当水平拉力F乙增大到40N时，此时物体乙将做 （选填“加速”、“减速”或“匀速”）运动。
【答案】40；20；30；加速
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】物体保持静止，所以竖直方向受力平衡，即摩擦力等于重力等于40N，物体乙在20N的水平拉力F乙作用下，处于静止，受到的摩擦力等于拉力等于20N。物体乙匀速向右运动，处于平衡状态，所以摩擦力等于拉力等于30N。当水平拉力F乙增大到40N时，物体乙受到的摩擦力大小不变，此时物体乙受到的拉力大于摩擦力，所以物体乙将做加速运动。
综上 第1空、 40； 第2空、20； 第3空、30； 第4空、加速。
【分析】力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以乙图的拉力等于摩擦力，甲图的重力等于摩擦力。
15．（2024九上·广州月考）如图甲所示，滑轮组在竖直向上的拉力F作用下，将重为105N的物体匀速提起，在5s时间内绳子自由端移动的距离为，图乙是滑轮组工作时的拉力F与绳自由端移动距离s的关系图。
（1）图乙中阴影部分的面积表示的物理量是 ，该物理量的单位是 ；
（2）计算拉力F做功的功率；
（3）计算滑轮组提升该重物时的机械效率。
【答案】（1）功；焦耳
（2）30W
（3）70%
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解析】（1） 图乙中阴影部分的面积为FS的乘积，表示的物理量为功，单位为焦耳。
综上 第1空、功； 第2、 焦耳。
（2）由乙图可知，绳子拉力5s做的功为，根据W=Pt可知，
拉力F做功的功率为。
综上 第1空、30W.
（3）据题可知，拉力为50N，根据动滑轮拉力的计算可知F=，所以G动=45N，
根据效率公式η=
综上第1空、70%。
【分析】1、功的单位：为焦耳（J），表示物体受到力和在力的方向上移动距离的乘积；功率为物体单位时间做功的多少；
2、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力
3、拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，效率的计算η=。
（1）[1][2]乙图中阴影部分的面积为横纵坐标的乘积，即力与距离的乘积，物理学中将力与距离的乘积定义为功，单位为焦耳，简称焦。
（2）由乙图可知，绳子拉力5s做的功为
拉力F做功的功率为
（3）甲图中n=3，绳子末端移动过的距离3m，则物体移动的距离为1m，滑轮组提升该重物时做的有用功为
轮组提升该重物时的机械效率为
16．（2024九上·广州月考）在海拔高度4718m的纳木措湖畔，小艳将随身携带的装有盐水的圆柱形容器放在水平地面上静止（如图所示）。已知：盐水密度为g取10N/ kg。
海拔高度/m 0 1000 2000 3000 4000 5000
大气压/kPa 101 90 80 70 62 54
（1）结合表格信息，合理猜想：
①纳木措湖畔的气压可能是 kPa；
②我们可以从上面表格中的数据得出的结论是： ；
（2）图中A处的深度为 m。计算：A处盐水的压强 ；
（3）小艳在容器中装进一些湖水后，盐水的密度变小了。则：盐水对容器底的压强 （选填： “变大”、 “变小”、 “不变”） 。
【答案】（1）56.256；海拔高度越大，大气压强越小
（2）0.04；412Pa
（3）变大
【知识点】液体压强计算公式的应用；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】（1）据题可知海拔3000米到海拔5000米，高度每增加1000米，大气压下降
， 海拔高度4718m的纳木措湖畔比4000高718m，所以下降的气压为，海拔4718米处大气压为。
从表中数据看，海拔高度越大，大气压强越小。
综上 第1空、56.256； 第2空、 海拔高度越大，大气压强越小 .
（2）A点深度为0.04m，根据P=ρgh可计算该点盐水产生的压强为
综上 第1空、0.04； 第2空、 412Pa .
（3）小艳在容器中装进一些湖水后液体总重力变大，底面积不变， 根据可知，柱形容器的S不变，盐水对容器底的压强变大。
综上 第1空、 变大。
【分析】1、海拔的大气压成反比：海拔高度越大，大气压强越小。
2、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
（1）[1]从海拔3000米到海拔5000米，高度每增加1000米，大气压下降
自海拔4000米到4718米，有
下降的气压
海拔4718米处大气压为
[2]从表中数据看，随着海拔高度的增加，大气压越来越小。故结论是：海拔高度越大，大气压强越小。
（2）[1][2]液体内部深度是指该处到自由液面的距离，故A点深度为0.04m，该点盐水产生的压强为
（3）因为柱形容器中液体对容器底部的压力等于液体的重力，因此小艳在容器中装进一些湖水后液体总重力变大，液体对容器底部的压力也变大， 根据可知，柱形容器的S不变，盐水对容器底的压强变大。
17．（2024九上·广州月考）小勇利用铁架台，带有均匀刻度的杠杆，细线，弹簧测力计，钩码若干（每个钩码质量相同） 等实验器材，探究杠杆的平衡条件：
（1）为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡。图甲中，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”） 调节；
（2）将杠杆调成水平位置平衡后，如图乙所示，在A 点挂3个钩码，要想使杠杆在水平位置保持平衡，则应在B点挂 个钩码；
（3）小勇用弹簧测力计替代钩码，在B 点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕 B点逆时针旋转一小段至如图丙所示位置。在旋转过程中，要使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐 （选填“变大”、 “变小”或“不变”） ，原因是 。
【答案】（1）左
（2）2
（3）变大；见解析
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）如图甲，杠杆左端高，说明右端力和力臂的乘积较大，所以应该增加左边的力臂，所以
应向左调节平衡螺母。
综上 第1空、 左。
（2）设一个钩码重为G0，杠杆上一格的长度为L0，由杠杆平衡条件可列3G0×2L0＝G×3L0
解得G＝2G0，所以应在B点挂2个钩码。
综上 第1空、 2；
（3）据图可知动力臂变小，阻力和阻力臂不变，由杠杆平衡条件知，动力变大，故弹簧测力计的示数变大。
综上 第1空、变大； 第2空、 见解析。
【分析】1、杠杆的调平：调平原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，当杠杆偏右表明右侧较重，所以需要增加左侧力和力臂。
2、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响
3、其次不断改变钩码重力以及钩码的位置，记录多组试验数据，分析动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小关系；其中动力大于阻力此时杠杆为费力杠杆，反之属于在省力杠杆；
4、最后，使用弹簧测力计对杠杆的平衡进行动态分析，改变拉力的方向，实质为改变动力臂的大小，动力臂变小，则动力变大。
（1）如图甲，杠杆左端高，所以应向左调节平衡螺母，直至杠杆在水平位置静止，这样便于读出力臂大小。
（2）设一个钩码重为G0，杠杆上一格的长度为L0，B点挂n个相同的钩码，由杠杆平衡条件知
3G0×2L0＝nG0×3L0
解得n＝2，所以应在B点挂2个钩码。
（3）[1][2]阻力和阻力臂不变，动力臂变小，由杠杆平衡条件知，动力变大，故弹簧测力计的示数变大。
18．（2024九上·广州月考）如图1所示，把物体甲从A点竖直向上匀速提升至高度为H的B点，绳的拉力为F1；用平行于斜面的拉力F2把物体甲沿斜面从C点匀速拉至与B点等高的D点，物体甲移动距离为s。
（1）在此过程中斜面的机械效率η= （用题目中的字母表示）；小明在实验中，提出了关于斜面的机械效率与斜面倾角大小关系的猜想：斜面倾角越大，沿斜面把同一物体拉升至同一高度时，机械效率越高。请设计实验验证小明的猜想；
（2）除了图2中的器材，还需要什么测量工具： ；
（3）请写出实验步骤（可画图或文字表述）： 。
【答案】；弹簧测力计和刻度尺；①按图2安装好长木板和木块。②把物体甲挂在弹簧测力计上，甲静止时读出弹簧测力计的示数F1（即物体的重力）；③用弹簧测力计沿斜面把物体甲从斜面底部匀速拉至某一高度，读出弹簧测力计匀速拉动时的示数F2；用刻度尺测出此时物体甲离地面的高度H、物体从斜面底部运动至该处的距离s。④增大斜面与水平地面的夹角，把物体甲沿斜面拉至同一高度H处，重复步骤③。⑤根据算出沿不同倾角的斜面时提升物体甲至同一高度的机械效率。⑥整理器材。
【知识点】机械效率的计算；斜面机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）机械效率为有用功和总功的比值，题目中有用功为物体上升H高度克服重力做功，即，总功为F2把物体甲沿斜面从C点匀速拉至与B点等高的D点，物体甲移动距离为s，
，所以斜面的机械效率；
（2）由机械效率公式可知，要测量机械效率，需要测出物重、拉力、上升高度和在斜面上通过的路程，需要的测量工具是弹簧测力计测量拉力和物体的重力，需要刻度尺测量斜面移动距离和上升的高度；
（3）①按图2安装好长木板和木块。
②将物体甲挂在弹簧测力计上，测量此时弹簧测力计的拉力F1（即物体的重力）；
③用弹簧测力计沿斜面将物体甲从斜面底部匀速拉至某一高度H，读出弹簧测力计匀速拉动时的示数F2；用刻度尺测量斜面底部运动至该处的距离s。
④增大斜面与水平地面的夹角，重复步骤③。
⑤根据计算机械效率。
⑥整理器材。
综上 第1空、 ；第2空、 弹簧测力计和刻度尺 ； 第3空、
①按图2安装好长木板和木块。
②把物体甲挂在弹簧测力计上，甲静止时读出弹簧测力计的示数F1（即物体的重力）；
③用弹簧测力计沿斜面把物体甲从斜面底部匀速拉至某一高度，读出弹簧测力计匀速拉动时的示数F2；用刻度尺测出此时物体甲离地面的高度H、物体从斜面底部运动至该处的距离s。
④增大斜面与水平地面的夹角，把物体甲沿斜面拉至同一高度H处，重复步骤③。
⑤根据算出沿不同倾角的斜面时提升物体甲至同一高度的机械效率。
⑥整理器材。
【分析】1、机械效率的计算：公式为，本题中有用功为物体上升H高度克服重力做功，即，总功为，据此计算机械效率；
2、测量不同倾角下的机械效率，需要使用弹簧测力计测量物体重力、在不同倾角下斜面的拉力，使用刻度尺计算物体上升的高度以及路程s，据此计算机械效率。
1 / 1广东省广州市华侨外国语中学2024-2025学年九年级上学期第一次适应性训练物理试题
1．（2024九上·广州月考）表中记录了图中鸡蛋的质量m与长度L的数据，该鸡蛋的（ ）
质量m 66.8
长度L 6.20
A．质量 B．质量
C．长度 D．长度
2．（2024九上·广州月考）如图甲物质M通过不同的过程，出现三种不同物态。其中M物质在①过程温度随时间变化如图乙的cd段所示，在②过程如图乙的ab段所示，③过程需要吸热。则甲、乙、丙物态依次为（ ）
A．固、液、气 B．气、液、固 C．液、气、固 D．液、固、气
3．（2024九上·广州月考）小明乘坐的甲车沿直线行驶，乙车处于静止状态，行驶过程中连拍得到小明的照片如图所示，该过程甲车向（ ）
A．东减速 B．西减速 C．东匀速运动 D．西匀速运动
4．（2024九上·广州月考）潜水艇从海水高密度区驶入低密度区，急剧下降的过程称为“掉深”。如图所示，某潜水艇在a处所受浮力大小为Fa，排开液体重力为Ga，其驶入低密度海水区， “掉深”到b处，此时所受浮力为Fb，排开液体重力为Gb，则下列选项正确的是（ ）
A．Fa=Fb B．FaGb
5．（2024九上·广州月考）做同样的有用功，甲、乙机械用时和额外功对比如下，下列说法正确的是（ ）
机械 有用功 时间 额外功
甲 400J 3h 500J
乙 2h 600J
A．甲的功率较大，机械效率较低 B．甲的功率较大，机械效率较高
C．乙的功率较大，机械效率较高 D．乙的功率较大，机械效率较低
6．（2024九上·广州月考）如图所示在已水平调平的轻质杠杆右侧固定一物体M。在杠杆左侧的不同位置分别挂上A、B、C三个不同的物体，杠杆均处于水平平衡状态。通过分析可得，四个物体中质量最大的是（ ）
A．物体M B．物体A C．物体B D．物体C
7．（2024九上·广州月考）如图分别使用甲、乙、丙三种方式把同一物体M匀速竖直提升，绳长不变，测得各拉力F大小如图，已知拉力F的作用点移动距离相等，则以下说法正确的是（ ）
A．F乙和F丙两个力所做的功不同
B．机械乙的有用功比机械丙的有用功大
C．机械丙的滑轮重一定为12N
D．机械乙的机械效率小于机械丙的机械效率
8．（2024九上·广州月考）如题图，一根轻质杠杆，支点为O，在杆的中点悬挂重物，在A点分别施加不同方向的作用力F1、F2、F3、F4，能使杠杆水平平衡且省力的是（ ）
A．仅有F2 B．仅有F2、F3
C．仅有F1、F2、F3 D．仅有F2、F4
9．（2024九上·广州月考）如图所示，同一物体分别在F1、F2的作用下在不同的水平面运动，拉力方向和运动方向始终一致，且F1>F2，经过相同的路程，F1、F2对物体所做的功分别为W1、W2，下列说法正确的是（ ）
A．W1＜W2 B．W1>W2 C．W1=W2 D．无法确定
10．（2024九上·广州月考）图形象地反映出某物质固、液、气三态分子排列的特点，甲物态的分子没有固定位置，运动比较自由，乙物态的分子只能原地振动，丙物态的分子距离较远，彼此之间几乎没有作用力。该物质的熔点为-3℃，下列正确的说法是（ ）
A．物体从甲物态变化到乙物态，其内能增加
B．物体从甲物态变化到丙物态需要放热
C．乙物态下的该物体与0℃的冰块接触，热量从冰块传递到该物体
D．物体从乙物态变化到丙物态称为汽化
11．（2024九上·广州月考）（1）小红采用如图甲所示站姿锻炼手臂力量：双脚并拢，脚尖O触地，脚后跟踮起，手臂水平，手掌支撑在竖直墙壁上的A点，B为人体重心所在位置。锻炼时，躯体保持伸直，手臂弯曲、伸直交替进行。现要估测手掌对墙壁的压力F。（人体可视为杠杆，O点为支点，重力的力臂为L0）
①在图甲中画出人所受重力G的示意图；
②在图甲中画出墙壁对手掌a的支持力F的力臂LF；
③如图乙所示脚尖离开墙壁越远，手掌对墙壁的压力就越 （选填“大”或“小”），依据是 ；
（2）工人用滑轮组把重物提升，请在如图所示的滑轮组上画出最省力的绕线方法。
12．（2024九上·广州月考）汽车在公路上匀速行驶，驾驶员发现前方路口信号灯转为红色，经一定反应时间后开始踩刹车，汽车车速v随时间t的变化关系如图所示。图中阴影部分面积的物理意义是驾驶员从开始刹车到汽车完全停止汽车滑行的路程，其数值为 m。若驾驶员饮酒，从发现信号灯转为红色到汽车完全停止共前进了 15m，则此时的反应时间为 s。
13．（2024九上·广州月考）（1）2024年1月，国家一级保护野生动物东方白鹳出现在广东海丰鸟类省级自然保护区。如图所示，水中的“东方白鹳”是由于光的 形成的 像； 当东方白鹳飞离水面时，像的大小 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
（2）光刻技术原理如图：当光源发出强紫外线光时，调节镂空掩膜版和缩图透镜之间的距离，使光通过二者后，恰好在硅片上成清晰的像，从而实现纳米级集成电路的“雕刻”。缩图透镜属于凸透镜，可用于矫正 （选填“近”或“远”） 视眼，为了使硅片上所成的像更小一些，应将掩膜版 缩图透镜的同时，硅片 缩图透镜。（以上两空均选填“靠近”或“远离”）
14．（2024九上·广州月考）如图甲所示，物体甲重40N，被60N的水平压力F甲压在竖直墙壁上保持静止，则物体甲受到的摩擦力为 N；如图乙所示，物体乙重50N，在20N的水平拉力F乙作用下，处于静止，则物体乙受到的摩擦力为 N；当水平拉力F乙增大到30N时，物体乙沿水平桌面匀速向右运动，则物体乙受到的摩擦力为 N；当水平拉力F乙增大到40N时，此时物体乙将做 （选填“加速”、“减速”或“匀速”）运动。
15．（2024九上·广州月考）如图甲所示，滑轮组在竖直向上的拉力F作用下，将重为105N的物体匀速提起，在5s时间内绳子自由端移动的距离为，图乙是滑轮组工作时的拉力F与绳自由端移动距离s的关系图。
（1）图乙中阴影部分的面积表示的物理量是 ，该物理量的单位是 ；
（2）计算拉力F做功的功率；
（3）计算滑轮组提升该重物时的机械效率。
16．（2024九上·广州月考）在海拔高度4718m的纳木措湖畔，小艳将随身携带的装有盐水的圆柱形容器放在水平地面上静止（如图所示）。已知：盐水密度为g取10N/ kg。
海拔高度/m 0 1000 2000 3000 4000 5000
大气压/kPa 101 90 80 70 62 54
（1）结合表格信息，合理猜想：
①纳木措湖畔的气压可能是 kPa；
②我们可以从上面表格中的数据得出的结论是： ；
（2）图中A处的深度为 m。计算：A处盐水的压强 ；
（3）小艳在容器中装进一些湖水后，盐水的密度变小了。则：盐水对容器底的压强 （选填： “变大”、 “变小”、 “不变”） 。
17．（2024九上·广州月考）小勇利用铁架台，带有均匀刻度的杠杆，细线，弹簧测力计，钩码若干（每个钩码质量相同） 等实验器材，探究杠杆的平衡条件：
（1）为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡。图甲中，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”） 调节；
（2）将杠杆调成水平位置平衡后，如图乙所示，在A 点挂3个钩码，要想使杠杆在水平位置保持平衡，则应在B点挂 个钩码；
（3）小勇用弹簧测力计替代钩码，在B 点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕 B点逆时针旋转一小段至如图丙所示位置。在旋转过程中，要使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐 （选填“变大”、 “变小”或“不变”） ，原因是 。
18．（2024九上·广州月考）如图1所示，把物体甲从A点竖直向上匀速提升至高度为H的B点，绳的拉力为F1；用平行于斜面的拉力F2把物体甲沿斜面从C点匀速拉至与B点等高的D点，物体甲移动距离为s。
（1）在此过程中斜面的机械效率η= （用题目中的字母表示）；小明在实验中，提出了关于斜面的机械效率与斜面倾角大小关系的猜想：斜面倾角越大，沿斜面把同一物体拉升至同一高度时，机械效率越高。请设计实验验证小明的猜想；
（2）除了图2中的器材，还需要什么测量工具： ；
（3）请写出实验步骤（可画图或文字表述）： 。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】质量及其特性；长度的估测
【解析】【解答】A，鸡蛋的质量约为50g，A正确，B错误；
CD．鸡蛋的长度约等于手掌的宽度，约为6.20cm，故CD不符合题意。
故选A。
【分析】根据物理常识的积累即可判断此题目
1、熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg
2、识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，手掌的长度为10cm
2．【答案】C
【知识点】物质的三态
【解析】【解答】M物质在①过程温度随时间变化如图乙的cd段，结合ab可知，cd为沸腾状态，所以甲为液态，乙为气态，在②过程如图乙的ab段，所以丙为固态，C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】1、汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发；
2、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融；
3、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态；水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃。
3．【答案】A
【知识点】惯性及其现象；参照物及其选择
【解析】【解答】乙图中，杯中的水向东洒出，说明车在减速，杯中的水由于惯性保持的运动状态而向东洒出，乙车处于静止状态，根据甲车中水杯相对于乙车的位置变化可知，甲车向东运动；故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】甲车和乙车的位置关系，利用运动和静止的相对性判断甲车的运动方向，然后根据乙图中水杯水的状态判断其速度大小变化。
4．【答案】D
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】浮力的计算公式为F浮=ρ水gV排，潜水艇在水中排水体积不变，水的密度变小，浮力变小，所以 Fa＞Fb，AB错误；
根据阿基米德原理可知，物体受到浮力等于物体派开水的重力，由分析可知，Fa=Ga，Fb=Gb，所以Ga＞Gb，Fa>Gb。C错误，D正确。
综上选D。【分析】1、浮力的计算公式为F浮=ρ水gV排，浮力的大小与液体密度以及排开水的体积有关，题目中潜水艇在水中排水体积不变，水的密度变小，所以浮力变小；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力。
5．【答案】D
【知识点】功率大小的比较；机械效率的大小比较
【解析】【解答】由得，甲机械单位时间所做的功小于乙，故P甲＜P乙，两机械总功分别为：
，
由机械效率公式可知，在有用功相同的情况下，消耗的总能量越少，效率就越高，所以甲机械的效率高于乙，故D正确，ABC错误。
故选D。
【分析】功率表示做功的快慢，根据，结合表中的数据比较，甲、乙完成相同的功，功率的大小和做功的快慢，根据效率公式结合表中的数据，甲、乙完成相同的功，比较效率、总功；消耗相同的柴油，比较有用功。
6．【答案】C
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】设每一格为l，根据杠杆平衡条件可得GA×5l＝GM×3l，同理可列GB×l＝GM×3l，Gc×3l=GM×3l，所以GA=0.6GM，GB=3GM，GB=GM，比较可知GB＞GC=GM＞GA，根据G＝mg可知mB＞mC=mM＞mA。
所以四个物体中质量最大的是物体B，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂，所以对甲乙丙一次可列GA×5l＝GM×3l，GB×l＝GM×3l，Gc×3l=GM×3l，据此判断物体的重力的大小。
7．【答案】B
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功；有用功和额外功
【解析】【解答】A．F乙和F丙大小相同，且拉力F移动距离s相等，由W=Fs，F乙和F丙做的功相同，故A错误；
B．图乙为定滑轮，图丙为动滑轮，物体上升的高度h乙=s，，所以h乙>h丙，物重相同，由W=Gh知，机械乙的有用功比机械丙的有用功大，故B正确；
C．图甲，物重GM=F甲=10N，
图丙，若不计摩擦，根据，滑轮的重力G滑轮=2F丙-GM=2×11N-10N=12N
但实际上存在绳重和摩擦，则滑轮重力不为12N，故C错误；
D．分别用机械乙和机械丙提升相同物体时，总功相同，而机械乙的有用功大，由可知，机械乙的机械效率较大，故D错误。
故选B。
【分析】（1）根据题意和图示，利用W=FS分析拉力做功(总功)的大小关系；
（2）图乙中滑轮为定滑轮，图丙中滑轮为动滑轮，根据定滑轮和动滑轮的特点分析物体上升高度的关系，根据 W=Gh可判断有用功的关系；
（3）图丙中滑轮为动滑轮，根据动滑轮的省力公式进行分析，但绳重和摩擦是实际存在的；
（4）比较有用功和总功的大小，从而判定机械效率的大小。
8．【答案】A
【知识点】杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】因动力和阻力在支点的同一侧，所以动力与阻力方向相反，使得最省力，则力臂需要最大，计AO，最小的力需要垂直AO，所以F2符合题意，A正确，BCD错误。
综上选A。
【分析】 杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，最省力，则力臂最大，本题中最大力臂为AO，力臂是支点和力的作用线的垂线段。
9．【答案】B
【知识点】功
【解析】【解答】据题可知，物体经过相同的路程，且受到F1>F2，根据W=Fs可知W1>W2。B正确，ACD错误
故选B。
【分析】做功：物体受到力且在力的方向产生距离，计算公式为W=Fs，题目中s相同， F1>F2 ，据此计算物体做功。
10．【答案】C
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；升华及升华吸热；热传递改变物体内能；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A．甲图中分子间的距离略大，与液态分子的特点相似，乙图分子间距固定属于固体，丙分子间距很大，属于气态，物体从甲（液）变化到乙（固）属于凝固，放出热量，内能降低，A错误；
B．物体从甲（液）变化到丙（气）属于汽化，汽化需要吸热，故B错误；
C．乙物态为固体，所以温度低于－3℃，将其与0℃的冰接触，根据热传递可知热量从冰块传递到该物体，故C正确；
D．物体从乙（固）到丙（气）升华，故D错误。
故选C。
【分析】1、凝固为液态变化为固态，释放热量，如下雪、结冰；
2、汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发；
3、升华为固态直接变为液态，会吸收能量，如雪人变小。
11．【答案】（1）；；大；见解析
（2）
【知识点】重力示意图；力臂的画法；杠杆的动态平衡分析；滑轮组的设计与组装
【解析】（1）重力的方向竖直向下，作用点在人的重心点B上，如下图所示：
力臂垂直于力的作用线，题目中力的作用下水平向右，据此做力臂，如下：
脚尖离开墙壁越远，动力臂减小，杠杆平衡条件可得得，墙壁对手的支持力F就越大，所以手掌对墙壁的压力就越大。
综上 第3空、 大， 第4空、见解析。
（2）最省力，则需要从动滑轮开始绕线，遵循一动一定原则，从动滑轮上端的挂钩绕起，滑轮组绕法如图所示：
【分析】1、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂，动力减小，阻力和阻力臂不变，则动力需要增加；
2、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
3、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力
4、拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍.
（1）[1]重力的方向竖直向下，作用点在人的重心点B上，如下图所示：
[2]过支点O作力F的作用线的垂线段，即为F的对应力臂LF，作图如下：
[3][4]动力为墙壁对手的支持力，动力臂为支点O到支持力的作用线的距离，阻力为人的重力， 阻力臂为支点到重力的作用线的距离，如图所示：
锻炼时，脚尖离开墙壁越远，小红重力不变，动力臂减小，阻力臂增大，而阻力重力的大小不变，由杠杆平衡条件可得得，墙壁对手的支持力F就越大，根据力的作用是相互的原理，手掌对墙壁的压力就越大。
（2）根据题意知道，使拉力为物体重的时最省力，所以滑轮组由3段绳子承担物重。 需要从动滑轮上端的挂钩绕起，滑轮组绕法如图所示：
12．【答案】5；1
【知识点】速度公式及其应用；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】根据速度公式s=vt可知，图中阴影部分为汽车行驶的距离，其数值为
， 发现信号灯转为红色到汽车完全停止共前进了 15m， 制动距离为5m，所以反应时间行驶的距离为10m，反应行驶的速度为10m/s，根据可得，此时的反应时间为。
综上 第1空、5； 第2空、1.
【分析】根据速度的公式计算分析，速度公式为v=s/t，根据题目中所给的信息，如已知速度时间求解路程，或者已知路程和时间求解速度。
13．【答案】（1）反射；虚；不变
（2）远；远离；靠近
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解析】（1）水中的“东方白鹳”是由于光的反射形成的虚像，类似于平面镜成像，特点为物像等大，题目中物体大小不变，所以像大小不变综上 第1空、反射； 第2空、虚； 第3空、不变。
（2）凸透镜对光线具有会聚作用，可用于矫正远视眼。根据“物远像近像变小”的规律可知，为了使硅片上所成的像更小一些，应将掩膜版远离缩图透镜的同时，硅片靠近缩图透镜。
综上 第1空、远； 第2空、远离； 第2空、靠近。
【分析】1、平面镜成像特点：物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像；
2、远视眼，光线汇聚作用较弱，需要凸透镜（对光线具有汇聚作用）进行矫正
3、透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像；物体大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像；物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，物近像远像变大。
（1）[1][2]水中的“东方白鹳”是平面镜成像现象，是由于光的反射形成的虚像。
[3]平面镜中像与物等大，当东方白鹳飞离水面时，东方白鹳大小不变，像的大小不变。
（2）[1]凸透镜对光线具有会聚作用，可以使像靠近凸透镜，可用于矫正远视眼。
[2][3]凸透镜成实像时“物远像近像变小”，为了使硅片上所成的像更小一些，应将掩膜版远离缩图透镜的同时，硅片靠近缩图透镜，使物距变大，像距变小，像变小。
14．【答案】40；20；30；加速
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】物体保持静止，所以竖直方向受力平衡，即摩擦力等于重力等于40N，物体乙在20N的水平拉力F乙作用下，处于静止，受到的摩擦力等于拉力等于20N。物体乙匀速向右运动，处于平衡状态，所以摩擦力等于拉力等于30N。当水平拉力F乙增大到40N时，物体乙受到的摩擦力大小不变，此时物体乙受到的拉力大于摩擦力，所以物体乙将做加速运动。
综上 第1空、 40； 第2空、20； 第3空、30； 第4空、加速。
【分析】力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以乙图的拉力等于摩擦力，甲图的重力等于摩擦力。
15．【答案】（1）功；焦耳
（2）30W
（3）70%
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解析】（1） 图乙中阴影部分的面积为FS的乘积，表示的物理量为功，单位为焦耳。
综上 第1空、功； 第2、 焦耳。
（2）由乙图可知，绳子拉力5s做的功为，根据W=Pt可知，
拉力F做功的功率为。
综上 第1空、30W.
（3）据题可知，拉力为50N，根据动滑轮拉力的计算可知F=，所以G动=45N，
根据效率公式η=
综上第1空、70%。
【分析】1、功的单位：为焦耳（J），表示物体受到力和在力的方向上移动距离的乘积；功率为物体单位时间做功的多少；
2、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力
3、拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，效率的计算η=。
（1）[1][2]乙图中阴影部分的面积为横纵坐标的乘积，即力与距离的乘积，物理学中将力与距离的乘积定义为功，单位为焦耳，简称焦。
（2）由乙图可知，绳子拉力5s做的功为
拉力F做功的功率为
（3）甲图中n=3，绳子末端移动过的距离3m，则物体移动的距离为1m，滑轮组提升该重物时做的有用功为
轮组提升该重物时的机械效率为
16．【答案】（1）56.256；海拔高度越大，大气压强越小
（2）0.04；412Pa
（3）变大
【知识点】液体压强计算公式的应用；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】（1）据题可知海拔3000米到海拔5000米，高度每增加1000米，大气压下降
， 海拔高度4718m的纳木措湖畔比4000高718m，所以下降的气压为，海拔4718米处大气压为。
从表中数据看，海拔高度越大，大气压强越小。
综上 第1空、56.256； 第2空、 海拔高度越大，大气压强越小 .
（2）A点深度为0.04m，根据P=ρgh可计算该点盐水产生的压强为
综上 第1空、0.04； 第2空、 412Pa .
（3）小艳在容器中装进一些湖水后液体总重力变大，底面积不变， 根据可知，柱形容器的S不变，盐水对容器底的压强变大。
综上 第1空、 变大。
【分析】1、海拔的大气压成反比：海拔高度越大，大气压强越小。
2、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
（1）[1]从海拔3000米到海拔5000米，高度每增加1000米，大气压下降
自海拔4000米到4718米，有
下降的气压
海拔4718米处大气压为
[2]从表中数据看，随着海拔高度的增加，大气压越来越小。故结论是：海拔高度越大，大气压强越小。
（2）[1][2]液体内部深度是指该处到自由液面的距离，故A点深度为0.04m，该点盐水产生的压强为
（3）因为柱形容器中液体对容器底部的压力等于液体的重力，因此小艳在容器中装进一些湖水后液体总重力变大，液体对容器底部的压力也变大， 根据可知，柱形容器的S不变，盐水对容器底的压强变大。
17．【答案】（1）左
（2）2
（3）变大；见解析
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）如图甲，杠杆左端高，说明右端力和力臂的乘积较大，所以应该增加左边的力臂，所以
应向左调节平衡螺母。
综上 第1空、 左。
（2）设一个钩码重为G0，杠杆上一格的长度为L0，由杠杆平衡条件可列3G0×2L0＝G×3L0
解得G＝2G0，所以应在B点挂2个钩码。
综上 第1空、 2；
（3）据图可知动力臂变小，阻力和阻力臂不变，由杠杆平衡条件知，动力变大，故弹簧测力计的示数变大。
综上 第1空、变大； 第2空、 见解析。
【分析】1、杠杆的调平：调平原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，当杠杆偏右表明右侧较重，所以需要增加左侧力和力臂。
2、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响
3、其次不断改变钩码重力以及钩码的位置，记录多组试验数据，分析动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小关系；其中动力大于阻力此时杠杆为费力杠杆，反之属于在省力杠杆；
4、最后，使用弹簧测力计对杠杆的平衡进行动态分析，改变拉力的方向，实质为改变动力臂的大小，动力臂变小，则动力变大。
（1）如图甲，杠杆左端高，所以应向左调节平衡螺母，直至杠杆在水平位置静止，这样便于读出力臂大小。
（2）设一个钩码重为G0，杠杆上一格的长度为L0，B点挂n个相同的钩码，由杠杆平衡条件知
3G0×2L0＝nG0×3L0
解得n＝2，所以应在B点挂2个钩码。
（3）[1][2]阻力和阻力臂不变，动力臂变小，由杠杆平衡条件知，动力变大，故弹簧测力计的示数变大。
18．【答案】；弹簧测力计和刻度尺；①按图2安装好长木板和木块。②把物体甲挂在弹簧测力计上，甲静止时读出弹簧测力计的示数F1（即物体的重力）；③用弹簧测力计沿斜面把物体甲从斜面底部匀速拉至某一高度，读出弹簧测力计匀速拉动时的示数F2；用刻度尺测出此时物体甲离地面的高度H、物体从斜面底部运动至该处的距离s。④增大斜面与水平地面的夹角，把物体甲沿斜面拉至同一高度H处，重复步骤③。⑤根据算出沿不同倾角的斜面时提升物体甲至同一高度的机械效率。⑥整理器材。
【知识点】机械效率的计算；斜面机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）机械效率为有用功和总功的比值，题目中有用功为物体上升H高度克服重力做功，即，总功为F2把物体甲沿斜面从C点匀速拉至与B点等高的D点，物体甲移动距离为s，
，所以斜面的机械效率；
（2）由机械效率公式可知，要测量机械效率，需要测出物重、拉力、上升高度和在斜面上通过的路程，需要的测量工具是弹簧测力计测量拉力和物体的重力，需要刻度尺测量斜面移动距离和上升的高度；
（3）①按图2安装好长木板和木块。
②将物体甲挂在弹簧测力计上，测量此时弹簧测力计的拉力F1（即物体的重力）；
③用弹簧测力计沿斜面将物体甲从斜面底部匀速拉至某一高度H，读出弹簧测力计匀速拉动时的示数F2；用刻度尺测量斜面底部运动至该处的距离s。
④增大斜面与水平地面的夹角，重复步骤③。
⑤根据计算机械效率。
⑥整理器材。
综上 第1空、 ；第2空、 弹簧测力计和刻度尺 ； 第3空、
①按图2安装好长木板和木块。
②把物体甲挂在弹簧测力计上，甲静止时读出弹簧测力计的示数F1（即物体的重力）；
③用弹簧测力计沿斜面把物体甲从斜面底部匀速拉至某一高度，读出弹簧测力计匀速拉动时的示数F2；用刻度尺测出此时物体甲离地面的高度H、物体从斜面底部运动至该处的距离s。
④增大斜面与水平地面的夹角，把物体甲沿斜面拉至同一高度H处，重复步骤③。
⑤根据算出沿不同倾角的斜面时提升物体甲至同一高度的机械效率。
⑥整理器材。
【分析】1、机械效率的计算：公式为，本题中有用功为物体上升H高度克服重力做功，即，总功为，据此计算机械效率；
2、测量不同倾角下的机械效率，需要使用弹簧测力计测量物体重力、在不同倾角下斜面的拉力，使用刻度尺计算物体上升的高度以及路程s，据此计算机械效率。
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