江苏省连云港市2025届高三上学期期中物理试卷（PDF版，含解析）

江苏省连云港市 2025 届高三上学期期中物理试卷
一、单选题：本大题共 11 小题，共 44 分。
1.重力大小为 的人在体重计上下蹲，加速阶段体重计所受压力大小为 ，下列说法正确的是( )
A. < B. =
C. 体重计的示数为 D. 人的加速度方向向上
2.如图所示，在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，锁定小车后，缓慢降低滑轮高度使细绳与长木
板平行(由实线移至虚线位置)的过程中，下列说法正确的是( )
A. 小车受细绳的拉力变小 B. 小车受细绳的拉力不变
C. 滑轮受细绳的作用力变小 D. 滑轮受细绳的作用力不变
3.跳水运动员训练时从跳台自由落下，利用频闪照相连续记录三个闪光时刻的位置 、 、 ，测得相邻两
位置间的距离分别是 1 = 1.00 和 2 = 1.40 ，重力加速度 取10 /
2.下列说法正确的是( )
A. 频闪照相的时间间隔为0.1 B. 运动员在 位置时的速度大小为6 /
C. 运动员在 位置时的速度大小为5 / D. 运动员在 位置时的速度大小为9 /
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4.物体在外力作用下从静止开始做直线运动，合力 随时间 变化的图像如图所示。下列说法正确的是( )
A. 0 6 内物体做匀变速运动 B. = 6 时物体回到出发点
C. 2 4 内 的冲量为零 D. = 1 与 = 4 时物体的动量相同
5.如图所示，竖直平面内有一“ ”型光滑细杆，杆与水平面间夹角均为 ，杆上套有形状相同质量不同的
小球 、 .现让杆绕底部 点所在的竖直轴匀速转动，下列说法不正确的是( )
A. 两球的角速度大小相同
B. 两球的向心加速度大小不同
C. 两球始终处于同一高度
D. 若杆瞬间停止转动，则停转后两球的加速度大小相等
6.在一个表面无大气层且均匀带负电的星球上，将一带电小球置于星球表面 高处，小球恰相对星球表面静
1
止。再将该小球移至星球表面 高处静止释放，不考虑星球自转影响，下列说法正确的是( )
2
A. 小球带正电 B. 仍保持静止 C. 被推向太空 D. 小球的电势能减小
7.如图所示，真空中某点电荷 形成的电场中，选取同一平面内夹角相等的五条电场线。过 的虚线圆与各
电场线的交点分别为 、 、 、 、 ，其中 、 在圆直径的两端。下列说法中正确的是( )
A. 、 两点电场强度大小相等
B. 、 两点间电势差与 、 两点电势差相等
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C. 不管 带何种电荷， 点电势一定是最低的
D. 将带负电的试探电荷从 点移到 点，若电场力做负功，则 带正电
8.如图所示，面积为 的平面内存在磁感应强度 = 0 ( > 0)的磁场，磁场方向与平面夹角 = 30
，
取 0方向为正方向。则穿过该面积的磁通量 随时间 变化的图像，下列选项正确的是( )
A. B.
C. D.
9.如图所示的闭合电路中， 1、 2为定值电阻。当变阻器 0的滑动触头 向上滑动时，理想电压表与电流表
的示数分别为 、 ，其变化量的绝对值分别为 、 .下列说法中正确的是( )

A. 不变 B. 变大 C. = D.
1 2
的功率变大
10.如图所示，水平面上放置一质量为 的正方体物块，当速率为 0的风垂直吹向某一侧面时，刚好能推动
该物块。已知风对物块的垂直推力 ∝ 2(其中 为迎风面积， 为风速)，滑动摩擦力等于最大静摩擦力。
仅使风的速率变为2 0，刚好能推动同材料做成的大正方体物块，则大物块的质量为( )
A. 2 B. 4 C. 16 D. 64
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11.如图所示，半径为 的四分之一圆柱紧靠在墙角处，一个质量为 小滑块(可视为质点)恰好静止在 点。
轻推一下滑块，使滑块由静止下滑至 点恰好离开圆柱。已知图中 = 30 、 = 60 ，最大静摩擦力等于滑
动摩擦力，重力加速度为 .下列说法中正确的是( )
√ 3
A. 在 点滑块所受的摩擦力大小为
2
B. 在 点滑块与物体间的动摩擦因数为0.5

C. 滑块运动到 点的速度大小为√
2
√ 3 1
D. 滑块从 点运动到 点的过程中机械能减少了
2
二、实验题：本大题共 1 小题，共 10 分。
12.小明同学设计实验测量圆柱形磷酸铁锂电池的电动势和内阻：
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(1)用电压表与电池直接连接粗测电动势的大小，接线正确的是图甲中的________(选填“ ”或“ ”)；
(2)为精确测量电池的电动势和内阻，设计图乙电路进行实验。实验中发现电压表示数变化范围较小，为方
便读数将电压表换成数字万用表电压挡进行实验。记录数据后用计算机绘制得到如图丁所示的图像，表达
式为 = 0.24 + 4.0247，则该电池的内阻约为________ ；
/ 0.20 0.40 0.60 0.80 1.00 1.20
/ 3.98 3.93 3.88 3.83 3.77 3.75
丁
(3)利用图乙电路得到的电池内阻测量值真实值________(选填“大于”、“等于”或“小于”)，原因是
________(选填“电压表分流”或“电流表分压”)；
(4)另一个同学改用图丙电路进行实验，定值电阻 0阻值已知，则接入 0的作用是________。
A.保护电源
B.增大电压表示数变化的范围
C.与电流表串联改装成电压表
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三、计算题：本大题共 4 小题，共 46 分。
13.如图所示，水平传送带以速度 0 = 2 / 匀速转动， 、 两端的距离 = 5 。将一小物块轻放在传送带
上的 端，物块和传送带间的动摩擦因数 = 0.5，重力加速度 取10 / 2。求：
(1)物块加速过程中的加速度大小 ；
(2)物块从 端运动到 端的时间 。
14.一颗卫星在赤道上空自西向东做匀速圆周运动，轨道半径为 。已知地球半径为 ，自转角速度为 0， =
2 ，地球表面重力加速度为 。求：
(1)卫星在轨道上绕地球转动的角速度 ；
(2)卫星相邻两次经过赤道上同一建筑物正上方的时间间隔 。
15.如图所示为弹球游戏装置示意图。在底边足够长且倾角为30 的斜面上，垂直于底边的直轨道 与半径
为 的四分之一圆弧挡板 平滑连接，挡板与斜面垂直。轨道 底端有一个轻弹簧与小球 组成的弹射器，
轨道 中另一个小球 静止在圆环形轻支架(图中未画出)上。启动弹射器，当小球 速度大小为 0 = 3√
时恰与小球 发生对心碰撞(时间极短且无机械能损失)。已知小球 初始位置到 点的距离为 ，到 点的距
离是2 。小球 、 的质量分别为 、2 ，两球均可视为质点，重力加速度为 ，不计一切摩擦。求：
(1)碰后小球 的速度大小 ；
(2)小球 到达 点时对挡板的压力大小 压；
(3)小球 从 点飞出后到达斜面底端时离 点的距离 。
16.如图所示，在竖直平面直角坐标系0 ≤ ≤ 0范围内有方向竖直向下的匀强电场，电场强度大小为 。
原点 处有一金属电极，可持续向纸面内 轴上方各个方向发射速率为 0的电子，已知电子的电荷量为 ，质
3 2
量为 ， = 00 ，不考虑电子间相互作用。 2
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(1)求到达坐标(0, 0)处电子的动能 ；
(2)求电子在电场中运动的最短时间 ；
(3)若匀强电场方向改为竖直向上，求电子在 轴上落点的坐标范围。
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答案和解析
1.【答案】
【解析】解：加速下蹲，人的加速度方向向下，由牛顿第二定律可知，体重计对人的支持力 < ，由牛
顿第三定律可知，体重计所受压力大小 = ，所以 < ，故 A 正确、BCD 错误。
2.【答案】
【解析】调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行，才能保证细线的拉力与小车的合外力方向相
同，细线的拉力才等于小车的合外力，细线上的两个拉力间的夹角变大，滑轮受细绳的作用力变小，
、小车受细绳的拉力方向变化，大小不变，故 AB 均错误；
、滑轮受细绳的作用力变小，故 C 正确，D 错误。
3.【答案】
【解析】解： .由位移差公式可知： 2 =
2
1 ，代入数据解得： = 0.2 ，，故 A 错误；
+
B.由中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度可知： 1 2 = = 6 / ，故 B 正确； 2
.由速度公式可知： = = 4 / 、 = + = 8 / ，故 CD 错误。
4.【答案】
【解析】A.因3 末力的方向改变，则加速度改变，则 0 6 内物体不是做匀变速运动，选项 A 错误；
B. 0 3 物体沿正方向加速， 3 6 内物体向正方向减速，则 = 6 时物体没有回到出发点，选项 B 错
误；
C.因 图像的面积等于冲量，可知 2 4 内 的冲量为零，选项 C 正确；
D.根据动量定理可知， = 1 时物体的动量
1 = 0 1 = 0 × 1 = 4 时物体的动量
4 = 0 × 3 0 × 1 = 2 0
可知 = 1 与 = 4 时物体的动量不相同，选项 D 错误。
故选 C。
5.【答案】
【解析】解： .让杆绕底部 点所在的竖直轴匀速转动，两个小球同轴转动，角速度相等，故 A 正确，不合
题意；
.分析小球受力可知： = ， = 2 ，则 2 = ，所以两球圆周运动的半径相等，
始终处于同一高度；
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向心加速度： = 2 = ，相等，故 B 错误，符合题意，C 正确，不合题意；
D.若杆瞬间停止转动，停转后，分析小球受力可知： = 支， = ，则小球加速度 = ，
所以两球的加速度大小相等，故 D 正确，不合题意。
6.【答案】
【解析】A.小球恰相对星球表面静止，小球受到竖直向下的重力和竖直向上的电场力，即小球带负电，故 A
错误；

．在星球表面 高度处，粉尘处于悬浮状态，说明粉尘所受库仑力和万有引力平衡， 1
2 = 1
2
2 2，
( + ) ( + )
1
得 1 2 = 1 2;当离星球表面 高度时，所受合力 =
1 2 1 21 2 1 2。结合上式可知， = 0，即2 ( + ) ( + )
2 2
受力仍平衡，仍处于悬浮状态，故 B 正确，C 错误；
1
D. 高处电势小于 处，根据 = 可知小球的电势能增大，故 D 错误；
2
7.【答案】
【解析】A.根据

=
2
可知， 、 两点电场强度大小不相等，选项 A 错误；
B.若过 点作等势面，可知 、 两点间电势差与 、 两点电势差不相等，选项 B 错误；
C.若 带正电，则 点电势一定是最低的；若 带负电，则 点电势一定是最高的，选项 C 错误；
D.因 两点电势相等，若将带负电的试探电荷从 点移到 点，若电场力做负功，从 点移到 点，电场力也
做负功，则 带正电，选项 D 正确。
故选 D。
8.【答案】
【解析】根据
1 1 1
= sin30 = ( 0 ) = 2 2 0 2
可知图像 C 正确。
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故选 C。
9.【答案】

【解析】 .当变阻器 0的滑动触头 向上滑动时， 0增大，回路外电阻 增大，根据 = ，干路电流 减 +
小， = ，电压表 值增大，故 AB 错误；

C.有欧姆定律可知回路外电阻 = ≠ 1，故 C 错误；
2
D. 2两端的电压 2 = ( + 1)， 2在增大， 2的功率
2
2 = 变大 2
10.【答案】
【解析】设质量为 的立方体边长为 ，质量为 的立方体边长为 ′ ，由题意可得
= 2 = 2 20 0 =
3
′ = (2 )20 = ′
2 × 4 20 = ′
3
化简可得
1
=
′ 4
根据
= 3 ， = ′3
故
1
=
64
所以刚好能推动同材料做成的大正方体物块的质量为
= 64
故选 D。
11.【答案】

【解析】A.在 点，根据共点力平衡可得： = sin = ，故 B 错误；
2
√ 3
B.在 点，小滑块恰好静止，可得： sin = cos ，解得： = tan = ，故 B 错误；
3
2
C.在 点，重力沿半径方向分力提供向心力，可得： cos = ，解得： = √ ，C 正确；
2
1 2√ 3 3
D.滑块从 点运动到 点的过程中机械能减少： = (cos cos ) 2 = ，故 D 错误。
2 4
12.【答案】(1) ；(2)0.24；(3)大于；电流表分压；(4)
【解析】(1)用电压表与电池直接连接时，应该让电流从电压表正接线柱流入电压表，从负接线柱流出，即
电压表正接线柱与电源正极相连，负接线柱与电源负极相连，故( )图正确，选 ；
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(2)由 = 0.24 + 4.0247，结合欧姆定律 = ，可知 = 4.0247， = 0.24，该电池的内阻约为0.24 ；
(3)由图乙可以看出，电压表没有直接连在电源正负极两端，而是连在滑动变阻器两端，所以相当于测量的
是电源内阻和电流表内电阻之和，电流表也有内电阻，因此利用图乙电路得到的电池内阻测量值大于真实
值，原因是电流表分压；
(4)图丙电路接有定值电阻 0，其作用可以放止电路短路，电流过大，起到保护电源作用，同时根据欧姆定

律可得， = ( 0 + )，直线的斜率的绝对值为| | = | | = 0 + ，在 相同的前提下， 较大，因
此可以增大电压表示数变化的范围。故选 AB。
13.【答案】(1)根据
=
可得物块加速过程中的加速度大小
= = 5 / 2
(2)加速的时间
0
1 = = 0.4
匀速的时间

0
2
1 5 × 0.4
= 22 =
2 = 2.3
0 2
可知物块从 端运动到 端的时间
= 1 + 2 = 2.7
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
14.【答案】(1)根据

= 2
2
0
= 0
2
解得

= √
8
(2)根据
0 = 2
解得
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2
=

√
8 0
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
15.【答案】(1)小球 、 碰撞过程中，由动量守恒定律
0 = + 2
由机械能守恒定律
1 1 1
20 =
2
+ × 2
2
2 2 2
解得
= √ ， = 2√
(2)小球 从碰撞结束到 点的过程中，由动能定理
1 1
2 × 3 sin = × 2 2 × 2 2
2 2 2
解得
= √
在 点，由牛顿第二定律可知
2
+ 2 sin30

= 2
解得
=
由牛顿第三定律可知，小球 到达 点时对挡板的压力大小为
压 = =
(3)小球 从 点飞出后再斜面上做类平抛运动，以沿平行斜面上顶边向右为 轴，垂直上顶边沿斜面向下方
向为 轴建立直角坐标系，则 轴方向
1
4 = 2
2
其中
sin30 =
解得

= 4√ 轴方向有

= + = 5
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【解析】详细解答和解析过程见【答案】
16.【答案】(1)由动能定理可得
1
0 =
2
2 0
解得到达坐标 (0, 0) 处电子的动能为
= 2
2
0
(2)根据 = 2
2
0 可得电子到达该点的速度大小为
= 2 0
由题意可知，电子沿 轴射出时在电场中运动时间最短，由动量定理
= 0
解得
0
=

(3)在第一象限，电场反向后电子做类平抛运动，设速度方向与 轴成 ，满足

0sin = 2
则
2 2
+ = 0cos =
0
3 0
sin2 = sin2

解得最大值为
2 2
+max = =
0
3 0
同理可得在第二象限 轴上最大值为
2 2
= = 0 max 0 3
所以电子在 轴上落点的坐标范围为
20
2
≤ ≤ 0

【解析】详细解答和解析过程见【答案】
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