安徽省铜陵市第三中学2024-2025学年高二上学期第二次月考数学试题(含答案)

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名称 安徽省铜陵市第三中学2024-2025学年高二上学期第二次月考数学试题(含答案)
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文件大小 1.9MB
资源类型 教案
版本资源 通用版
科目 数学
更新时间 2024-12-17 12:46:48

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文档简介

1
铜陵市第三中学高二级部月考
数学试题
(卷面值:150分考试时间:120分钟命题:)
注意事项:
1.本试卷共4页.答题前,请考生务必将自己的学校、姓名、座位号写在答卷的密封区内.2.作答非选择题时必须用黑色字迹0.5毫米签字笔书写在答卷的指定位置上,作答选择题必须将答案写在答卷的相应题号框内.请保持试卷卷面清洁,不折叠、不破损.
3.考试结束后,请将答卷和答题卡交回.
第一卷(选择+填空=73分)
一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的.
1. 已知空间向量,,若,则()
A. 1 B. C. D. 3
2. 已知空间向量,,若,则实数()
A. 0 B. 2 C. D.
3. 已知的三个顶点分别为,,,则BC边上的高等于()
A B. C. D.
4. 已知向量,,则下列说法正确的是()
A. B. 向量在向量上的投影向量是
C. D. 与向量方向相同的单位向量是
5. 已知角对边分别为满足,则角的最大值为()
A. B. C. D.
6. 在三棱锥中,是的重心,是上的一点,且,若,则()
A. B. C. D. 1
7. 堑堵指底面为直角三角形,且侧棱垂直于底面的三棱柱.如图,在堑堵中,,若,则异面直线与所成角的余弦值为()
A. B. C. D.
8. 在空间直角坐标系中,四面体SABC各顶点坐标分别为,,,,则该四面体外接球的表面积是
A B. C. D.
二、多选题:本题共3小题,共18分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.
9. 空间直角坐标系中,已知,,下列结论正确的有().
A.
B. 若,则
C. 点关于平面对称的点的坐标为
D.
10. 如图,在正方体中,,点,分别在棱和上运动(不含端点),若,则下列命题正确的是()
A. B. 平面
C. 线段长度的最大值为1 D. 三棱锥体积不变
11. 已知向量的数量积(又称向量的点积或内积):,其中表示向量的夹角;定义向量的向量积(又称向量的叉积或外积):,其中表示向量的夹角,则下列说法正确的是()
A. 若为非零向量,且,则
B. 若四边形为平行四边形,则它的面积等于
C. 已知点为坐标原点,则
D. 若,则的最小值为
三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分.
12. 已知,,且,则向量与的夹角为__________
13. 如图,在中,,是上一点,若,则实数的值为________.
14. 点是棱长为的正四面体表面上的动点,是该四面体内切球的一条直径,则的最大值是_______________.
第二卷(解答题77分)
四、解答题:本题共5小题,共77分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
15. 已知,,且.
(1)若,求的值;
(2)求与夹角的余弦值.
16. 设的内角所对的边分别为,已知.
(Ⅰ)求角的大小;
(Ⅱ)若,边上的中线,求的面积.
17. 如图,在平行六面体中,,,,,,是的中点,设,,.
(1)用,,表示;
(2)求的长.
18. 如图,四棱锥的底面为正方形,,平面,分别是线段的中点,是线段上的一点.
(1)求证:平面平面;
(2)若直线与平面所成角正弦值为,且点不是线段的中点,求三棱锥体积.
19. 如图,已知三棱柱的侧棱与底面垂直,,,M,N分别是,的中点,点在线段上,且.
(1)证明:;
(2)当取何值时,直线与平面所成角最小
(3)是否存在点,使得平面与平面所成的二面角的正弦值为,若存在,试确定点的位置,若不存在,请说明理由.
铜陵市第三中学高二级部份月考
数学试题
一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.
【答案】B
2.
【答案】D
3.
【答案】B
4.
【答案】D
5.
【答案】A
6.
【答案】B
7.
【答案】A
8.
【答案】D
二、多选题:本题共3小题,共18分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.
9.
【答案】AB
10.
【答案】AD
11.
【答案】BCD
三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分.
12.
【答案】
13.
【答案】
14.
【答案】
第二卷(解答题77分)
四、解答题:本题共5小题,共77分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
15.
【解析】
【分析】(1)根据向量垂直,列方程,解方程即可;
(2)根据向量夹角公式直接计算即可.
【小问1详解】
由已知,
则,解得;
【小问2详解】
由已知,
且,
所以.
16.
【解析】
【分析】(Ⅰ)由正弦定理化简得到答案.
(Ⅱ),平方,代入公式利用余弦定理得到答案.
【详解】(Ⅰ)因为,
由正弦定理得,
即,所以,
因为,所以,
又因为,所以.
(Ⅱ)由M是中点,得,
即,
所以,①
又根据余弦定理,有,②
联立①②,得.
所以的面积.
17.
【解析】
【分析】(1)由向量的首尾相连原则及图形可得答案;
(2)由(1)及计算模公式可得答案.
【小问1详解】
由图形及向量相加的首尾相连原则,;
【小问2详解】
由题可得,.

,则,即的长为.
18.
【解析】
分析】(1)由线面垂直判定可证得平面,由中位线性质知,从而得到平面,由面面垂直判定可得结论;
(2)以为坐标原点可建立空间直角坐标系,设,,由线面角的向量求法可构造方程求得,结合垂直关系可得平面的距离为,利用棱锥体积公式可求得结果.
【小问1详解】
连接,
分别是线段的中点,,
底面四边形为正方形,,
平面,平面,,
又,平面,平面,
,平面,
又平面,平面平面.
【小问2详解】
以为坐标原点,分别以所在直线为轴建立空间直角坐标系,
则,,,,,
设,,
则,,,
设平面的一个法向量为,
则,令,解得:,,;
设直线与平面所成角为,

解得:或(舍),,
平面,平面,;
,,平面,平面,
到平面的距离为,
.
19.
【解析】
【分析】(1)建系标点,利用空间向量证明线线垂直;
(2)求平面的法向量,利用空间向量求线面夹角,结合二次函数分析求解;
(3)假设存在,利用空间向量处理面面夹角,列式求解即可.
【小问1详解】
因为,,则,即,
如图所示,以A为原点建立空间直角坐标系,
则,
可得,,
即,,
又因为,可得,
所以无论取何值,.
【小问2详解】
由(1)可知:,
设平面的一个法向量为,则,
取,则,可得,
可得,
令,则,
所以当,即时,取得最小值,此时.
【小问3详解】
假设存在,易知平面的一个法向量为
因为,,
设是平面的一个法向量,则,
令,可得,可得,
则,
化简得,解得或,
因为,可得,
所以存在点使平面与平面所成二面角正弦值为,点为上靠近的四等分点.
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