玉溪一中高2026届第三次月考
数学试题
一、单项选择题:本题共8小题,每小题满分5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求,选对得5分、选错得0分.
1.抛物线的焦点到准线的距离为( )
A. B.3 C. D.1
2.直线的斜率是( )
A.1 B. C. D.
3.已知圆C:关于直线对称,则m的值为( )
A. B.2 C. D.4
4.已知A,B,C三点不共线,点O不在平面内,,若A,B,C,D四点共面,则的最大值为( )
A. B. C.1 D.2
5.如图,二面角等于,A,B是棱l上两点,,分别在半平面,内,,,且,则的长等于( )
A.4 B. C. D.
6.在空间中,“经过点,法向量为的平面的方程(即平面上任意一点的坐标满足的关系)是:”.如果给出平面的方程是,平面的方程是,则由这两个平面所成的角的正弦值是( )
A. B. C. D.
7.已知双曲线C:,点B的坐标为,若C上的任意一点P都满足,则C的离心率的取值范围是( )
A. B. C. D.
8.定义:若点在椭圆上,则以P为切点的切线方程为.已知椭圆C:,点M为直线上一个动点,过点M作椭圆C的两条切线,,切点分别为A,B,则直线恒过定点( )
A. B. C. D.
二、多项选择题:本题共3小题,每小题满分6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求,全部选对得5分,部分选对得部分分,有选错的得0分.
9.下列说法正确的是( )
A.直线与直线之间的距离为
B.直线在两坐标轴上的截距之和为6
C.将直线绕原点逆时针旋转,所得到的直线为
D.若直线与直线垂直,则
10.已知F是抛物线C:的焦点,直线经过点F交抛物线于A,B两点,则下列说法正确的是( )
A.以为直径的圆与抛物线的准线相切
B.若,则直线的斜率
C.若,,则为定值
D.若,则的最小值为18
11.已知曲线:,点在曲线上,则下列结论正确的是( )
A.曲线有4条对称轴 B.的最小值是
C.曲线围成的图形面积为 D.的最大值是1
三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分.
12.已知点是角终边上的一点,则的值为________.
13.若直线与双曲线的左、右两支各有一个交点,则实数k的取值范围是________.
14.已知椭圆,焦点,,过的直线和圆相切,并与椭圆在第一象限的图象交于点P,且轴,则该直线的斜率是________,椭圆的离心率是________.
四、解答题:本题共5小题,共72分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
15.(13分)已知直线l:,圆M:.
(1)若,求直线l截圆M所得的弦长;
(2)已知直线l过定点P,求点P的坐标及过点P的圆M的切线方程.
16.(15分)在平面直角坐标系中中,过点的直线l与抛物线C:相交于点A,B.
(1)若直线l的斜率为1,求的面积;
(2)求证:.
17.(15分)在①,②这两个条件中任选一个,补充在下面问题中,并求解(1)、(2)的答案.
问题:在中,三个内角A,B,C所对的边分别是a,b,c,已知________.
(1)求角C;
(2)若点D满足,且,求的面积的最大值.
(注:如果选择两个条件分别作答,则按第一个解答计分.)
18.(17分)如图,在四棱锥中,平面平面,是斜边为的等腰直角三角形,,,,.
(1)求证:平面;
(2)求与平面所成角的正弦值;
(3)在棱上是否存在点M,使得平面与平面所成角的余弦值为?若存在,求出的值,若不存在,请说明理由.
19.(17分)已知在平面直角坐标系中,椭圆G的中心在坐标原点O,焦点在x轴上,焦距等于,离心率为.
(1)求椭圆G的标准方程;
(2)若直线与椭圆G交于M,N两点,求证:为定值;
(3)记B为椭圆G的上顶点,过点B作相互垂直的两条直线,,分别与椭圆G相交于P,Q两点.设直线的斜率为k且,若,求k的值.
玉溪一中高2026届第三次月考
数学参考答案
一、单项选择题:本题共8小题,每小题满分5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求,选对得5分、选错得0分.
1.【答案】B
【解析】抛物线的标准方程为,则,即,所以抛物线的焦点到其准线的距离为.故选B.
2.【答案】B
【解析】由题意得故选B.
3.【答案】A
【解析】由,可得圆C的圆心为.
因为圆C关于直线对称,所以由圆的对称性可知,圆心在直线上,则,解得,故选A.
4.【答案】B
【解析】因为A,B,C,D四点共面,所以,
所以,当且仅当时取“=”.故选B.
5.【答案】A
【解析】由二面角的平面角的定义知,
,
由,,得,,,
所以,即.故选A.
6.【答案】A
【解析】由题意,因为平面的方程是,所以法向量,
由平面的方程是,所以法向量,
所以,所以,故选A.
7.【答案】A
【解析】设,则由得,整理得(*),由得,代入不等式(*)中,化简得恒成立,则,即,即,即,可得,解得,又,所以,故选A.
8.【答案】C
【解析】点M在直线上,设,,,
所以的方程为.又M在上,
所以①,
同理可得②.
由①②可得的方程为,
即,即,
所以解得
故直线恒过定点.故选C.
二、多项选择题:本题共3小题,每小题满分6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对得6分,部分选对得部分分,有选错的得0分.
9.【答案】AC
【解析】直线与直线之间的距离,故A正确;
对于直线,令,得,令得,
所以直线在两坐标轴上的截距之和为2,故B错误;
直线的倾斜角为,绕原点逆时针旋转后,所得直线的倾斜角为,斜率为,故C正确;
若直线与直线垂直,则,解得或故D不正确.故选AC.
10.【答案】ACD
【解析】A:由抛物线的方程可得焦点,准线方程为:,
设,,则的中点,利用焦点弦的性质可得,而的中点M到准线的距离,
∴以为直径的圆与该抛物线的准线相切,因此A正确;
B:设直线的方程为,,联立,整理可得:,
可得,,
∵,
∴,解得,,
∴,解得,因此B不正确,C正确;
D:若,则抛物线C:,不妨设,,
∴,
当且仅当,时取等号,因此D正确.故选ACD.
11.【详解】ACD
【解析】当,时,原方程化为,即,
所以曲线是以圆心为,半径为的圆在第一象限的部分,又由图象关于x轴,y轴对称,所以曲线,如图所示.,对于A,由图象可得,该曲线关于x轴,y轴,和对称,所以该曲线有4条对称轴,所以A正确,
对于B,由表示曲线上的点P到直线的距离的倍,
结合图象得,当是时,距离最小值为,
所以最小值为,所以B错误;
对于C,曲线围成的图形由四个直径为的半圆和一个边长为的正方形组成,
所以面积为,所以C正确;
对于D,设表示点与点P确定的直线的斜率,
设该直线方程为,结合图象,当,,即,
则圆心为,半径为的圆在第四象限的部分与直线相切时,
该切线的斜率是k的最大值,由,可得,解得或(舍),则k的最大值为1,所以D正确.故选ACD.
三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分.
12.【答案】
【详解】已知角终边上一点,所以,
所以,所以.
13.【答案】
【解析】当直线与双曲线的渐近线平行时,,此时直线与双曲线的其中一支有一个交点.若直线与双曲线的左、右两支各有一个交点,则k的取值范围为.
14.【答案】;
【解析】设圆心为A,直线与圆的切点为B,
过的直线和圆相切的直线为l,,.
将p点坐标代入,解得,即.
由题意可得,所以根据勾股定理可得
,
由题意,,
故直线l的斜率,
又结合可得,解得或(舍去),所以椭圆的离心率为.
故答案为:;.
四、解答题:本题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
15.【答案】(1)4;(2)或
【解析】(1)当时,直线l:,
圆M的圆心为,半径为3,
则圆心M到直线l的距离为,
则直线l截圆M所得的弦长为;
(2)对于直线l,令,则,所以,
由题意易得切线的斜率存在,
则可设直线(A为切点)的方程为,即,
所以,解得,
故所求切线方程为,即或.
16.【答案】(1);(2)见解析
【解析】(1)由题意知,直线l的方程为,
由,得,
设点,,则,,
所以.
直线l的一般式方程为,点O到直线的距离,
所以的面积.
(2)证明:设l的方程为,
由,消去x得,
设点,,则,
所以,
所以,所以,即.
17.【答案】(1);(2)
【解析】(1)若选①
由正弦定理得,
在中,,
所以,
即,
所以,又,有,
所以,由,得.
若选②
由正弦定理得,
在中,,
所以
即,
所以,又,有,
所以,由,得.
(2)不论选①或②,均计算得,
由,可得
两边平方可得,
即,
所以,当且仅当时取“=”,
所以,所以.
18.【答案】(1)见解析;(2);(3)存在,
【解析】(1)证明:∵平面平面,平面平面,平面,,
∴平面,
∵平面
∴,
又∵且,、平面
∴平面,
(2)取中点为O,连接、,
又∵,∴,
则
∵,
∴,则,
以O为坐标原点,分别以,,
所在的直线分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,
∴,,,,
∴,,,
设为平面的一个法向量,
∴由得
令,则.
设与平面所成角的角为,
∴
(3)假设在棱上存在点M,使得平面与平面所成角的余弦值为,
由(2)可知,,,,
∴,,
设,.
∴.
设为平面的一个法向量,
∴由得
则,
易知平面的一个法向量为,
设平面与平面的夹角为.
∴
∴,∴
19.【答案】(1);(2)见解析;(3)1或
【解析】(1)由已知得,又,
∴,又,
所以椭圆G的方程为.
(2)依题意,设,,联立直线与椭圆G有,
消y得:,
当,即且时,,,
所以
(3)设,,设直线BP的方程为,
则直线的方程为,
由,消去y得
∴,∴
由得
∴,
,
∵,∴整理得:,
∴.
∴或.