【精品解析】浙江省嘉兴市平湖市平湖中学光启班2024年招生考试科学素养测试

浙江省嘉兴市平湖市平湖中学光启班2024年招生考试科学素养测试
1．（2024·平湖模拟） 新能源汽车比起传统燃油汽车，更加环保更加节能，路费成本也更低，因此我国大力推行新能源汽车，动力装置是电动机。下列实验能演示电动机工作原理的是（）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】磁场对通电导线的作用
【解析】【分析】根据图片分析各个选项包含的物理原理，再与电动机的工作原理比较即可。
【解答】 电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的。
A.该装置可以探究电磁感应现象，故A不符合题意；
B.该装置可以探究通电导体在磁场中受到力的作用，故B符合题意；
C.该装置说明通电导体的周围存在磁场，故C不符合题意；
D.该装置可以探究影响电磁铁磁性强弱的因素，故D不符合题意。
故选B。
2．（2024·平湖模拟）生活中常见的一种断路器如图甲， 它的通断状态分别如图乙、丙， 对于该断路器的使用及原理分析不正确的是(　　)
A．断路器利用两种金属受热膨胀程度不同使得电路断开
B．断路器的作用是当电路电流过大时会自动使电路断开
C．左侧金属片的热胀程度比右侧金属片的热胀程度大些
D．该断路器断开后随着金属片温度降低电路会自动接通
【答案】D
【知识点】家庭电路的组成与连接
【解析】【分析】断路器的作用是电路过负荷时自动切断电源，断路器的构造是两片膨胀系数不同的金属片构成，电流过大时膨胀系数大的先膨胀，起到切断电源的作用。据此结合图片进行分析。
【解答】A、断路器利用两种金属受热膨胀程度不同金属片弯曲使得电路断开，故A正确；
B、当电路电流过大时两种金属受热膨胀程度不同金属片弯曲使得电路断开，故B正确；
C、图中左侧金属片的热胀程度比右侧金属片的热胀程度大些，金属片会向右弯曲，故C正确；
D、当电路断开后，电路中无电流，双层金属片逐渐冷却复原，但该断路器有簧锁装置，断开后随着金属片温度降低电路不会自动接通，故D错误。
故答案为：D。
3．（2024·平湖模拟）如图，小宁将盛水的烧杯放在电子台秤上，台秤的示数如图甲所示：将一个物块放入水中，漂浮时台秤示数为360g（如图乙）：用力将物块下压至全部浸没在水中时，台秤示数为400g（如图丙）：将物块继续下压（从图丙到图丁），物块下表面受到水的压力增加了0.8N，整个过程水始终未溢出。下列说法正确的是（　　）
A．木块的质量为100g
B．木块的密度为0.6g/cm3
C．从图丙到图丁，杯底所受的压强逐渐增大
D．从图丙到图丁，物体受到水的浮力也增加了0.8N
【答案】B
【知识点】液体的压强；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】根据阿基米德原理以及液体压强的决定因素进行分析。
【解答】A.将 盛水的烧杯放在电子台秤上，示数为300 g，则烧杯和水的质量为300 g，将物块投
人水中，漂浮时台秤示数为360g，所以物块的质量m=360g-300g=60g，故A错误。
B.用力将物块全部压入水中，此时台秤示数为400 g，则排开水的质量m=400 g- 300 g= 100 g，则物块的体积V物=V排= 100cm3 ，则物块的密度=0.6 g/cm3'，故B正确。
CD.从图丙到图丁，物块始终浸没在水中，水面不再升高，由p=pgh可知，杯底水的压强不变，浮力不变，故CD错误；
故答案为：B
4．（2024·平湖模拟） 将一根细金属丝置入柔性塑料中，可以制成用来检测物体形变的器件应变片，其结构如图1 所示。将它接入图2所示的电路，电源电压不变，R为定值电阻。闭合开关S，当应变片随被检测物体发生拉伸形变时，塑料中的金属丝会被拉长变细，导致电阻变大，则电路中的（　　）
A．电压表和电流表示数都变大
B．电压表示数变小，电流表示数变大
C．电压表和电流表示数都变小
D．电压表示数变大，电流表示数变小
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【分析】根据图2可知，电路为串联电路，电压表测量应变片两端的电压，电流表测量电路中的电流；
根据应变片电阻的变化分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化，根据串联电路的分压规律分析电压表示数的变化。
【解答】 根据图2可知，电路为串联电路，电压表测量应变片两端的电压，电流表测量电路中的电流；
闭合开关S，当应变片随被检测物体发生拉伸形变时，塑料中的金属丝会被拉长变细，导致电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流变小，电流表示数变小；
应变片的电阻变大，根据串联电路的分压规律可知，应变片分担的电压变大，电压表示数变大，故D正确。
故选D。
5．（2024·平湖模拟） 为了打捞沉在水底的汽车，救援队员用一艘大船装满泥沙，将铁链拉着铁锚缓慢放入水中，用铁锚将汽车固定后，卸掉船里的泥沙，汽车将随着船的上浮逐渐被拉起来。铁链拉着铁锚缓慢放入水中时，经历了如图所示的三种情景：图甲中铁锚部分浸入水中； 图乙中铁锚完全浸没水中但未触底； 图丙中铁锚沉底。假设三种情况下船身受到的浮力大小分别为F甲、F乙、F丙，则它们的大小关系是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据对考察船进行受力，然后根据阿基米德原理分析判断出铁锚对考察船的拉力变化即可判断船身受到的浮力变化进行分析。
【解答】 对船进行受力分析，因为铁链拉着铁锚缓慢放入水中，所以船和铁锚都处于平衡状态；船受到向上的浮力、向下的重力和铁链对船的拉力；
图甲中铁锚部分浸入水中，铁锚对考察船的拉力为F1，由于考察船处于平衡状态，根据受力平衡可得：F甲=G+F1……①
图乙中铁锚完全浸没水中但未触底，铁锚对考察船的拉力为F1，由于考察船处于平衡状态，根据受力平衡可得：F乙=G+F2……②
图丙中由于铁锚沉底，则铁锚对考察船的没有拉力，由于考察船处于漂浮状态，根据受力平衡可得：F丙=G……③
铁锚部分浸入水中时，根据受力平衡可得：F1=G铁锚-F浮1……-④
铁锚完全浸没水中但未触底；根据受力平衡可得：F2=G铁锚-F浮2……⑤
根据阿基米德原理可知：F浮1＜F浮2，
则F1＞F2……⑥
由①②③⑥可得：F甲＞F乙＞F丙。
故选C。
6．（2024·平湖模拟） 科学研究中常常用到“控制变量法”、 “转换法” “模型”等科学方法。在下列研究实例中，运用了“转换法”的是（　　）
A．甲图：探究通电导体在磁场中受到力的方向与什么因素有关
B．乙图：研究原子结构时，用行星模型来展示原子内部结构
C．丙图：测定空气中氧气的体积分数
D．丁图：使用磁感线描述通电直导线周围的磁场分布
【答案】C
【知识点】实验探究的其他思想方法
【解析】【分析】 转换法是中学物理中一种重要的研究方法，也就是借助某些物体的特性来研究看不到或不易观察到物质，形象直观 。
【解答】 A.探究通电导体在磁场中受到力的方向与什么因素有关是控制变量法，故A错误；
B.研究原子结构时，用行星模型来展示原子内部结构，乙图用的是模型法，故B错误；
C.用来测定空气中氧气的体积分数是转换法，故C正确；
D.使用磁感线描述通电直导线周围的磁场分布运用的是建立模型法，故D错误。
故选C。
7．（2024·平湖模拟） 某同学用图甲所示的两个完全相同的电加热器分别给A、B两杯中的液体加热，忽略散热，绘制它们的温度随时间变化的图像，如图乙所示。下列说法正确的是
A．给A、B两杯加热相同的时间，两种液体吸收的热量不同
B．若A、B两杯中是同种液体，那么A杯中液体的质量较大
C．若A、B两杯吸收相同的热量，A杯中的液体升温比B杯中的慢
D．若A、B两杯中的液体的质量相同，那么B杯中液体的比热较大
【答案】D
【知识点】比热容
【解析】【分析】 A.用同一加热器分别加热，加热相同的时间，吸收热量相同；
B.如果A和B都是水，甲的质量小于乙的质量，也会出现题中所示的图像；
C.由图可知，加热相同时间，A升高温度快，吸收热量少；
D.若A的质量等于B的质量，则A的比热容一定小于B的比热容。
【解答】 A.加热相同的时间，A液体吸收的热量等于B液体吸收的热量，故A错误；
B.若A、B两杯中是同种液体，A液体升高温度快，所以A的质量小于B的质量，故B错误；
C.若A、B两杯吸收相同的热量，由图可知A液体升高温度快，吸收的热量少，故C错误；
D.若甲的质量等于乙的质量，B液体升高温度慢，B液体吸热能力强，比热容大，故D正确。
故选D。
8．（2024·平湖模拟）如图为某晶体的状态变化过程，甲、乙、丙对应固、液、气三种状态。下列分析正确的是 （　　）
A．甲→乙的过程需要放热
B．BC段对应的状态是固液共存态
C．DE段对应的温度为该晶体的熔点
D．白雾形成对应的状态变化过程是乙→丙
【答案】B
【知识点】熔化与熔化现象；液化及液化现象
【解析】【分析】 A.由固态变为液态是熔化现象，需要吸热；
B.熔化过程中温度不变，为固液共存态；
C.晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
D.白雾的本质是小水珠，由气态变为液态是液化现象。
【解答】 A.由题可知甲是固态，乙是液态，从甲到乙是由固态变为液态是熔化现象，需要吸热，故A错误；
B.BC段温度不变，是熔化过程中，处于固液共存态，故B正确；
C.DE段是由液体变为气体，不是熔化过程中，所以DE段不是该晶体的熔点，故C错误；
D.白雾的本质是小水珠，由气态变为液态是液化现象，所以白雾的形成对应状态变化过程是丙→乙，故D错误。
故选B。
9．（2024·平湖模拟） 如图所示，在同一水平面上，将两个表面粗糙程度相同、质量不同( 的长方体在人铁块P、Q按照甲、乙、丙、丁四种方式放置，分别在水平力F1、F2、F3和F4的作用下做匀速直线运动，则（　　）
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；影响摩擦力大小的因素
【解析】【分析】物体受到滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度及物体间的压力有关；在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，则物体受到的滑动摩擦力越大；根据二力平衡条件分析推力的大小。
【解答】 滑动摩擦力的大小跟压力大小和接触面的粗糙程度有关；
A.甲、丙两图中，接触面的粗糙程度相同、物体的质量不同，且mP＜mQ+mp，则由F=G=mg可知，丙图中物体对接触面的压力较大，所以物体受到摩擦力的关系为f甲＜f丙，因物体在水平面上做匀速直线运动，则推力等于摩擦力，所以F1＜F3，故A错误；
BD.丙、丁两图中，压力大小和接触面的粗糙程度均不变，改变了接触面积的大小，但摩擦力大小不变，且物体做匀速直线运动，所以推力大小不变，即F3=F4，故B正确，D错误；
C.甲、乙、丙图中，接触面的粗糙程度相同、物体的质量不同，且mP+Q=mQ+mp，则由F=G=mg可知，P、Q分别对地面的压力之和要等于P和Q一起对地面的压力，所以物体受到摩擦力的关系为f甲+f乙=f丙，因物体在水平面上做匀速直线运动，则推力等于摩擦力，所以F1+F2=F3，故C错误。
故选B。
10．（2024·平湖模拟） 如图所示，A、B、C三个物体叠放在水平地面上，同时有F=2N的两个水平力分别作用于A、B两物体上，A、B、C三个物体仍处于静止状态，则不正确的是
A．A物体对B物体的摩擦力为2N，向左
B．地面对A物体的摩擦力为2N，向右
C．B物体对C物体的摩擦力为零
D．A物体受到5个力的作用
【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的存在
【解析】【分析】 三个物体均处于静止状态，合力都为零。先以C为研究对象，由平衡条件研究B对C的摩擦力，即可知道C对B的摩擦力。再以CB组成的整体为研究对象，研究A对B的摩擦力。最后以三个物体整体为研究对象，研究水平面对A的摩擦力。
【解答】 A.将B与C看成一个整体，此时受到水平向右大小为2N的拉力，因此A对B和C有个向左的静摩擦力，其大小为2N，故A正确不合题意；
B.以ABC整体为研究对象，由平衡条件得水平面对A的摩擦力为零，故B错误符合题意；
C.以C为研究对象，由平衡条件得知：B对C的摩擦力等于0，故C正确不合题意；
D.A受到重力、支持力、压力、向左的拉力F，和B给的向右的摩擦力，即5个力的作用，故D正确不合题意。
故选B。
11．（2024·平湖模拟） 杭州亚运会火炬首次以甲醇作为“绿色燃料”。甲醇在氧气中完全燃烧的产物是二氧化碳和水。由此推测甲醇中（　　）
A．一定含有碳、氢元素 B．一定含有碳、氢、氧元素
C．可能含有碳、氢元素 D．可能含有碳、氧元素
【答案】A
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】根据质量守恒定律，反应前后元素种类不变，结合题意进行分析解答。
【解答】 甲醇在氧气中完全燃烧的产物是二氧化碳和水，CO2和H2O两种物质中含有碳、氢、氧三种元素，根据质量守恒定律，反应前后，元素种类不变，反应物氧气中只含有氧元素，则甲醇中一定含有碳、氢两种元素，可能含有氧元素。
故选A。
12．（2024·平湖模拟） 学习化学要构建基本理念，对以下基本观念的认识，不正确的是（　　）
A．分类观： Fe2O3和 Fe3O4都属于金属氧化物
B．元素观： H2O 和 H2O2组成元素相同， 性质相同
C．变化观：CO2和O2可以相互转化
D．结构观： Mg和Mg2+结构不同， 性质不同
【答案】B
【知识点】分子的定义与分子的特性；氧化物
【解析】【分析】 A.Fe2O3和Fe3O4都含有铁元素和氧元素，都属于金属氧化物；
B.不同的分子性质不同；
C.碳和氧气点燃生成二氧化碳，二氧化碳通过光合作用可以转化为氧气；
D.Mg原子最外层有2个电子，Mg原子失去2个电子，变成Mg2+，最外层电子数为8，它们的结构不同，最外层电子数不相同，化学性质不同。
【解答】 A.Fe2O3和Fe3O4都含有铁元素和氧元素，都属于金属氧化物，故A正确不合题意；
B.H2O和H2O2都是由氢元素和氧元素组成的，二者的组成元素相同，但构成的分子不同，故性质也不同，故B错误符合题意；
C.碳和氧气点燃生成二氧化碳，二氧化碳通过光合作用可以转化为氧气，所以CO2和O2可以相互转化，故C正确不合题意；
D.Mg原子最外层有2个电子，Mg原子失去2个电子，变成Mg2+，最外层电子数为8，它们的结构不同，最外层电子数不相同，化学性质不同，故D正确不合题意。
故选B。
13．（2024·平湖模拟）为探究二氧化碳的部分性质，设计实验装置如图（夹持仪器省略），捂热干冰位置的玻璃管，下列说法正确的是 （　　）
A．a处试纸先变红色。
B．c 处试纸变红色，使石蕊变色的是 CO2
C．d处火焰先熄灭， CO2不支持燃烧
D．b与c、d与e现象对比均可证明CO2密度比空气大
【答案】D
【知识点】二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】根据二氧化碳不能使干燥的蓝色湿润试纸变色，二氧化碳能与水反应生成碳酸，碳酸显酸性，二氧化碳的密度比空气的密度大分析。
【解答】A. 二氧化碳不能使干燥的蓝色湿润试纸变色，则a处试纸不变色，故错误。
B. 二氧化碳的密度比空气的密度大，则c处试纸变红色，但使石蕊变色的不是CO2，否则a处试纸也会不变色，故错误。
C. 二氧化碳的密度比空气的密度大，则e处火焰先熄灭，d处火焰后熄灭，故错误。
D. c处试纸先变红色，e处火焰先熄灭，则b与c、d与e现象对比均可证明CO2密度比空气的密度大，故正确。
故答案为：D。
14．（2024·平湖模拟） ABC干粉灭火剂主要组分为磷酸二氢铵，含量为75%。2024年“315”晚会曝光了“灭不了火的灭火器，被公开兜售”的新闻。在学习完《微粒的符号与模型》后，某学习小组选择进行关于磷酸二氢铵微观模型的微项目学习，如图是该小组的项目学习记录单(部分)，据此回答下面小题。伪劣灭火器中磷酸二氢铵含量从75%偷偷降低到50%，甚至降到20%。关于磷酸二氢铵(NH4H2PO4) 的说法错误的是（　　）
驱动性问题： 如何制作磷酸二氢铵结构模型
模型展示： 磷酸二氢铵 化学式： NH4H2PO4 模型说明书： 一个氢原子的质量： 1.674×10-27千克 一个氧原子的质量： 2.657×10-26千克 一个磷原子的质量： 5.189×10-26千克 一个氮原子的质量： 2.324×10-26千克
A．磷酸二氢铵中氮、氢元素质量比为1：6
B．磷酸二氢铵中氧元素质量分数最大
C．磷酸二氢铵中磷元素为+5价，则氮元素为-3价
D．磷酸二氢铵的相对分子质量约为115
【答案】A
【知识点】元素化合价的规则与计算；有关化学式的计算和推断；相对分子质量
【解析】【分析】A.根据元素质量比进行分析；
B.根据元素质量比进行分析；
C.根据磷酸二氢铵中铵根显+1价，氢元素显+1价进行分析；
D.根据相对分子质量进行分析。
【解答】 A.磷酸二氢铵中氮、氢元素质量比为14×1：1×6=7：3，故A错误符合题意；
B.磷酸二氢铵中氮、氢、磷、氧元素的质量比为：14：6：31：（16×4）=14：6：31：64，氧元素质量分数最大，故B正确不合题意；
C.磷酸二氢铵中铵根显+1价，氢元素显+1价，设氮元素的化合价为y，则y×1+（+1）×4=+1，y=-3，即氮元素为-3价，故C正确不合题意；
D.NH4H2PO4的相对分子质量是：14+1×4+1×2+31+16×4=115，故D正确不合题意。
故选A。
15．（2024·平湖模拟）老师给小丽一个暗箱，其表面有两个接线柱M、N，它们之间电阻值RAN恒定不变。小丽利用如图甲所示电路(电源电压不变) 进行实验：在开关S、S1都闭合和开关S闭合、S1断开两种情况下，改变电阻箱R1的阻值，读取电流表示数，绘制了如图乙所示的电流表示数Ⅰ随R1变化的曲线。由上述信息可知：图乙中曲线　 　(填“A”或“B”) 是根据开关S闭合、S1断开时测得的实验数据绘制的。
【答案】A
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【分析】 在开关S、S1都闭合时，电路为R1的简单电路，R1两端的电压即为电源电压，开关S闭合、S1断开时，RMN与R1串联，分析图乙中两种情况。
【解答】 由图可知，在开关S、S1都闭合时，电路为R1的简单电路，此时R1两端的电压即为电源电压，开关S闭合、S1断开时，RMN与R1串联，
由图乙可知，当电流为0.2A时，两种情况R1两端的电压分别为：
U1=IR1=0.2A×20Ω=4V，
U1'=IR1'=0.2A×30Ω=6V，
因为串联电路中电源电压等于各用电器两端电压之和，
所以开关S闭合、S1断开时，RMN与R1串联时，U1应小于电源电压，
由此可知：图乙中曲线A是根据开关S闭合、S1断开时测得的实验数据绘制的；
16．（2024·平湖模拟）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中。实验中应量取质量相等的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中。用相同的电加热器加热。当它们加热时间相同时，通过比较　 　来判断吸热能力的强弱。
【答案】升高的温度
【知识点】比热容
【解析】【分析】根据Q=cm△t可知，当吸收相同的热量时，升高的温度与比热容成反比，据此分析解答。
【解答】根据题意可知，用相同的电加热器加热，当它们加热时间相同时，二者吸收相同的热量。根据Q=cm△t可知，升高的温度越小，则比热容越大，那么通过比较升高的温度来判断吸热能力的强弱。
17．（2024·平湖模拟）小科用所示的实验探究水沸腾时温度变化特点。小试管A和大烧杯B内都装有水，A与B不接触，把B放在火上加热(夹持装置未画出) ，发现A中的水不会沸腾，请做出合理解释　 　
【答案】由于大烧杯中的水在沸腾过程中，温度保持在沸点温度，所以小试管中的水的温度可以达到沸点，但是不能继续从大烧杯中吸收热量，所以小试管中的水不会沸腾。
【知识点】沸腾及沸腾条件
【解析】【分析】 根据水沸腾的条件：达到沸点，继续吸热分析解答。
【解答】 由于大烧杯中的水在沸腾过程中，温度保持在沸点温度，所以小试管中的水的温度可以达到沸点，但是不能继续从大烧杯中吸收热量，所以小试管中的水不会沸腾。
18．（2024·平湖模拟）如图所示，弹簧秤和细线的重力及一切摩擦不计，物重G=1N，则弹簧秤B的示数为　 　。
【答案】1N
【知识点】力的测量
【解析】【分析】弹簧测力计的示数等于挂钩上产生拉力的大小。
【解答】根据题意可知，整个装置处于静止状态，那么弹簧测力计B的示数等于挂钩上的拉力大小。而绳子上的拉力由物体重力产生，即拉力等于重力，那么测力计的示数等于重力，也就是1N，
19．（2024·平湖模拟）如图水平桌面上有一弧形弯道。小钢球从A端滚入，若保持速度大小不变，从B端离开，若它离开B的瞬间，所有外力都消失，小钢球会沿着　 　(选填“a”、 “b” “c”或“d”) 方向运动。
【答案】b
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【分析】 物体的平衡态包括：静止或匀速直线运动；
由牛顿第一定律可知，若它离开B的瞬间，所有外力都消失，小钢球将沿着曲线的切线方向做匀速直线运动。
【解答】 在AB段运动时，物体做曲线运动，速度的方向时刻变化，其状态不断改变，故受力不平衡；
若它离开B的瞬间，所有外力都消失，由牛顿第一定律可知，小钢球将沿着曲线的切线方向即b方向做匀速直线运动。
20．（2024·平湖模拟）如图为某品牌可骑行电动行李箱。箱体为ABS 材料，其能承受的最大压强为50000 帕，人坐上行李箱上的接触面积为0.02米2，则坐在该李箱上的人重不能超过　 　牛。
【答案】1000
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【分析】 坐在该李箱上的人的重力等于压力，根据G=F=pS计算在该李箱上的人重。
【解答】 坐在该李箱上的人的重力等于压力，即G=F=pS=50000Pa×0.02m=1000N 。
21．（2024·平湖模拟）如图所示，粗细均匀的蜡烛长l0，它底部粘有一质量为m的小铁块。现将它直立于水中，它的上端距水面h。如果将蜡烛点燃，假定蜡烛燃烧时油不流下来，且每分钟烧去蜡烛的长为Δ1，则从点燃蜡烛时开始计时，经　 　时间蜡烛熄灭(设蜡烛的密度为ρ，水的密度为ρ1，铁的密度为ρ2)。
【答案】
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）设蜡烛的密度为ρ，水的密度为ρ1，铁的密度为ρ2．铁块受到浮力F，蜡烛截面积S．根据蜡烛刚开始悬浮在水里，进行受力平衡分析然后列出等式①；
（2）蜡烛灭的时候，设蜡烛燃烧长度x，这时蜡烛的长度刚刚在水面，整个蜡烛长度的重力加铁重力刚好等于蜡烛的浮力加铁的浮力。进行受力平衡分析然后列出等式②；
（3）两式联立求得蜡烛燃烧长度，再根据“每分钟烧去蜡烛的长为Δl”，即可求出蜡烛燃烧的时间
【解答】 （1）设蜡烛的密度为ρ，水的密度为ρ1，铁的密度为ρ2．铁块受到浮力F，蜡烛截面积S。
蜡烛与铁块整体处于漂浮状态，受力平衡分析：蜡烛重力+铁重力=蜡烛的浮力+铁的浮力
ρL1Sg+mg=ρ1（L1-h）Sg+F……①
（2）蜡烛灭的时候，设蜡烛燃烧长度x，这时蜡烛的长度刚刚在水面，整个蜡烛长度的重力加铁重力刚好等于蜡烛的浮力加铁的浮力。
则蜡烛重力+铁重力=蜡烛的浮力+铁的浮力
ρ（L1-x）Sg+mg=ρ1（L1-x）Sg+F ……②
①-②得：，
蜡烛燃烧的时间。
22．（2024·平湖模拟）如图所示，盛水烧杯中漂浮一个空心铁球，放置在电磁铁上。当闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，烧杯中的水面会　 　(选填“上升”、 “下降”或“不变”) 。
【答案】下降
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素
【解析】【分析】 当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电阻变大，则由欧姆定律可知螺线管中磁性的变化；则由力的合成可知小铁球所受的浮力的变化，然后可知烧杯中水面的变化。
【解答】 当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则由欧姆定律可知电路中电流减小，则螺线管中的磁性减弱，故小铁球所受磁力减小；小铁球受重力、磁力及浮力，因小球处于静止状态，故向下的磁力与重力之和应等于向上的浮力，因磁力减小，故浮力也将减小，所以烧杯中水面下降。
23．（2024·平湖模拟）某科学小组学习了浮力知识后，利用弹簧测力计和铁块制作一个测定液体密度的仪器。下面是该仪器的使用说明书：
密度计使用说明书
1.弹簧测力计左边表示测力计示数，右边表示相应的液体密度示数；
2.将铁块用细线挂于测力计挂钩处，测力计示数为7.9牛，密度计的标记数值为0；
3.将铁块完全浸没于待测液体中，即可读出待测液体的密度。
（1）当利用该装置测某液体密度时，将铁块浸没在液体中，弹簧测力计的示数为7.1牛，通过计算说明待测液体的密度为多少 (铁块的密度
（2）小组同学换用其他待测液体继续按如图实验，每一次都在测力计右侧标注出该液体的密度值，依据一定的关系做成了一支密度计。请在坐标图中画出反映液体的密度ρ与测力计示数F之间关系的大致图像。
（3）当进行展示评价时，有其他小组同学指出该密度计测量的范围太小，想用其他金属块替换铁块。由于材料限制，该小组只能从以下材料中选择：你选择用_____金属块能使该密度计的测量范围最大。
A．重为5牛，体积为80cm3的金属块
B．重为4牛，体积为50cm3的金属块
C．重为3牛，体积为30cm3的金属块
【答案】（1）铁块的体积：，
将铁块浸没在液体中，V排=V=10-4m3，
铁块浸没在液体中受到的浮力：F浮=G-F示=7.9N-7.1N=0.8N，
待测液体的密度：；
（2）
（3）C
【知识点】密度公式的应用；二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理
【解析】【分析】 （1）利用算出铁块的体积，即为排开液体的体积，利用F浮=G-F示算出铁块受到的浮力，利用
算出待测液体的密度；
（2）根据液体密度推导出液体的密度ρ与测力计示数F的函数关系式，即可画出大致的图像；
（3）由液体密度的函数关系式可知，待测液体密度的最大值ρ液max=ρ物质，计算出三种材料的密度即可得到正确的选项。
【解答】 （2）液体的密度：，
上述函数关系是的一次函数，
所以，大致图像如下：
（3）因为物质的密度，
所以，
同理，ρB=8×103kg/m3，ρC=10×103kg/m3，
由上面推导可知，待测液体的密度，
所以待测液体密度的最大值ρ液max=ρ物质。
故选C。
24．（2024·平湖模拟） 【项目名称】制作烟雾报警器。
【相关资料】烟雾报警器内部由发射电路和接受电路组成(如图甲所示)。发射电路发射的红外光源会被外界烟尘粒子散射，烟的浓度越大，接受电路接收到的光强度越弱。接收电路能够将光信号转化为电信号，最后转化为报警信号。
【项目任务】小组同学讨论后，确定烟雾报警器的要求如下：
供电电源：6伏 报警电流：≥250毫安
功能：当环境中的烟雾浓度升高至一定值时，立刻报警鸣叫。
【方案设计】小组同学讨论后，利用光敏电阻对烟雾报警器的接收电路部分进行设计，如图乙所示，其中，光敏电阻的大小会随着接收到的红外光束的强弱发生变化。
（1）【器材选择】根据上述要求，该兴趣小组的同学从实验室选择所需器材，其中，电源电压 恒为6伏，滑动变阻器规格为“2安 50欧”，要想实现烟雾报警器的功能，他们选择的光敏电阻 Rx的阻值大小随光照强度变化的图像应为
A． B．
C． D．
（2）【项目调试】该组同学组装好电路后开始测试，闭合开关S，发现当通过线圈的电流为200毫安时，报警器就开始工作，此时滑动变阻器的阻值 欧(线圈电阻不计)。在光照强度不变的情况下，为了符合制作要求(即报警电流≥250毫安) ，应调节滑动变阻器连入电路的阻值为多大 (写出具体的计算过程)
（3） 【项目评价与反思】为了提高该烟雾报警器的灵敏度(即在烟雾更少条件下就能报警) ，该组同学提出以下几种方法，其中正确的是____。
A．增大电源电压 B．增加线圈匝数
C．增大线圈和衔铁之间的距离 D．更换阻值较小的保护电阻
【答案】（1）D
（2）9Ω
（3）A
【知识点】欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素；电磁铁的其他应用
【解析】【分析】 （1）根据图乙，结合题目的描述，分析光敏电阻Rx的阻值随光照强度的变化规律。
（2）当线圈电流为200毫安时，首先根据公式计算出总电阻，再根据串联电路特点计算出Rx的阻值。当通过线圈的电流为250mA时，再根据计算出总电阻，最后根据串联电路特点计算出变阻器此时接入阻值。
（3）当烟雾较小时，光敏电阻的阻值增大，而电磁铁吸合需要的磁场力不变，根据影响电磁铁磁场强弱的因素分析判断。
【解答】 （1）根据图乙可知，当烟雾增大时，接受电路接收到的光强度越弱，衔铁被吸下来，接通报警器所在的电路而报警。此时电磁铁的磁场增强，电流增大，而总电阻减小，也就是光敏电阻的阻值减小，反之，当接受电路接收到的光强度越强时，电磁铁的磁场减弱，电流变小，而总电阻增大，也就是光敏电阻的阻值会增大，故选D。
（2）由图乙可知，控制电路中光敏电阻Rx与滑动变阻器串联；
由题知，闭合开关S，发现当通过线圈的电流为200毫安时，报警器就开始工作，此时滑动变阻器的阻值Rp=15Ω，
由欧姆定律可知，此时电路的总电阻为：，
根据串联电路的电阻特点可知报警时光敏电阻的阻值：Rx=R-Rp=30Ω-15Ω=15Ω；
当通过线圈的电流为250mA时，电路的总电阻为：，
报警时光敏电阻的阻值不变，
则此时滑动变阻器连入电路的阻值应为：RP'=R'-Rx=24Ω-15Ω=9Ω。
（3）当烟雾较小时，光敏电阻的阻值增大，为了使衔铁被吸合；
A.为了保持磁场强度不变，需要保持电流不变。根据R总=R1+R2可知，此时总电阻增大，根据U=IR可知，此时需要增大电源电压，故A符合题意；
B.总电阻增大时，通过电磁铁的电流减小。为了保持电磁铁的磁场强度不变，可以换用线圈匝数更多的电磁铁，故B符合题意；
C.增大线圈和衔铁之间的距离时，根据杠杆的平衡原理可知，此时磁力的力臂减小，为了吸合需要更大的磁场，故C不符合题意；
D.为了保持磁场强度不变，需要保持电流不变。当电源电压不变时，需要控制总电阻不变。根据R总=R1+R2可知，光敏电阻的阻值增大，则需要减小阻值更小的保护电阻，故D符合题意。
故选ABD。
25．（2024·平湖模拟） 实验室常借助传感器研究气体的性质与变化。蜡烛在充满空气的密闭集气瓶内燃烧，稍后熄灭，同时用氧气传感器采集瓶内氧气浓度变化的数据，如图所示。分析该实验数据。
（1）可燃物燃烧的条件除了温度达到着火点外，还需要另一个必要条件是　 　。
（2） 蜡烛熄灭后集气瓶中含量最多的气体是　 　。
【答案】（1）氧气
（2）氮气
【知识点】空气的成分及探究；燃烧与灭火
【解析】【分析】（1）燃烧的条件：①有可燃物；②与氧气接触；③温度达到着火点；
（2） 据空气中含量最多的气体是氮气，其次是氧气，氮气不能燃烧也不支持燃烧进行分析。
【解答】（1） 可燃物燃烧的条件除了温度达到着火点外，还需要另一个必要条件是氧气；
（2） 蜡烛熄灭后集气瓶中含量最多的气体是氮气。
26．（2024·平湖模拟） 为了测定实验室制取二氧化碳后的剩余溶液中 CaCl2的质量分数，某科学小组同学取了100g剩余溶液，分6次逐滴加入等量Na2CO3溶液。测得生成CaCO3沉淀(无其他沉淀)的质量与所加 Na2CO3溶液的质量关系如表所示：
序号 1 2 3 4 5 6
加入 Na2CO3溶液的质量/g 10 10 10 10 10 10
生成沉淀的质量/g 0 1 4 7 m 10
（1） 表中 m的值为　 　。
（2） 表中序号1没有产生沉淀的原因是　 　(用化学方程式表示)。
【答案】（1）10
（2）Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑
【知识点】质量守恒定律及其应用；书写化学方程式、文字表达式
【解析】【分析】（1） 据表中数据可以看出实验1加入10gNa2CO3溶液没有沉淀生成，说明剩余溶液中含有氯化氢和氯化钙，通过实验3、4可知，每10gNa2CO3溶液完全反应生成3g沉淀，据此推测m的数值。
（2）根据反应物、反应条件和生成物，确定反应的化学方程式。
【解答】 （1）根据表中数据可以看出，实验1加入10gNa2CO3溶液没有沉淀生成，说明剩余溶液中含有氯化氢和氯化钙，通过实验3、4可知，每10gNa2CO3溶液完全反应生成3g沉淀，所以实验5中，m=7+3=10；
（2）由于剩余溶液中含有氯化氢和氯化钙，加入的碳酸钠优先与盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，没有沉淀生成，化学方程式为：Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑。
27．（2024·平湖模拟） 我国古代劳动人民在认识、改造和应用物质方面有着很多实践。
（1） 东晋《抱朴子》中记载： “以曾青涂铁，铁赤色如铜” (曾青即硫酸铜溶液)。该过程涉及的主要化学反应方程式为　 　。
（2） 战国《周礼》中记载： “煤饼烧砺房成灰” (砺房即牡蛎壳，主要成分是碳酸钙)。劳动人民将此“灰”溶于水制得碱液，写出“灰”溶于水制得碱液的化学方程式　 　。
【答案】（1）Fe+CuSO4=FeSO4+Cu
（2）CaO+H2O=Ca（OH）2
【知识点】书写化学方程式、文字表达式
【解析】【分析】首先根据反应原理找出反应物、生成物、反应条件，根据化学方程式的书写方法、步骤（写、配、注、等）进行书写即可。
【解答】 （1）铁和硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，反应的化学方程式为：Fe+CuSO4=FeSO4+Cu。
（2）“砺房”即牡蛎壳，主要成分是碳酸钙，煤饼烧砺房成灰，碳酸钙高温分解生成氧化钙和二氧化碳；“灰”溶于水，即氧化钙和水反应生成氢氧化钙，反应的化学方程式为CaO+H2O=Ca（OH）2。
28．（2024·平湖模拟）利用大气压原理解释现象时，有同学经分析后概括出以下思维模型：
（1）思维模型中的“？”处应填　 　（“开放”或“密闭”）。
（2）如图是“测定空气中氧气含量的实验”，待红磷燃烧火焰熄灭后，冷却，打开止水夹，可以观察到水被倒吸入集气瓶中。根据该思维模型，本实验是通过　 　的方式来减小集气瓶中的气压的。
【答案】（1）密闭
（2）减少质量
【知识点】大气压强的测量方法；气体压强跟体积的关系
【解析】【分析】大气压一般指气压。 气压(atmospheric pressure)，是作用在单位面积上的大气压力，即在数值上等于单位面积上向上延伸到大气上界的垂直空气柱所受到的重力。著名的马德堡半球实验证明了它的存在。
【解答】（1）思维模型中的“？”处应填密闭空间，这样才会导致空间内外存在压强差。
（2）红磷燃烧火焰熄灭后 ，集气瓶空气中氧气消耗质量减少，所以本实验是通过减少质量来减小集气瓶中的气压的。
29．（2024·平湖模拟） 小卢进行如图所示实验来验证质量守恒定律。在实验中用电子天平和量筒准确测量出表中m1、m2、m3、m4和V (实验中操作正确， O2的密度为
实验序号 1 2 　
m1(MnO2) /g 　 　 　
m2(KClO3) /g 　 　 　
m3(试管) /g 　 　 　
m4(试管+加热后剩余固体) /g 　 　 　
量筒内收集气体的体积V/cm3 　 　 　
（1） 装置中试管口略向下倾斜的原因是　 　。
（2） 根据质量守恒定律， m1、m2、m3、m4、V和ρ之间应存在的等量关系为　 　。
（3） 每次实验结束后，小卢在拆卸装置时总能闻到刺激性味气味，他将加热后剩余固体中的 分离并测量其质量，发现总小于加热前 的质量。查阅资料后发现，一般认为加热 KClO3和 MnO2混合物的反应过程如下：
第1步： (其中Cl2有刺激性气味)
第2步：
第3步：
写出加热后剩余固体中MnO2质量小于加热前MnO2质量的原因　 　。
（4） 图示中量筒通过____法收集气体测量体积时，导管口____开始收集。
A．出现均匀连续气泡 B．出现气泡
（5） 经过科学家共同努力最终确立了质量守恒定律，请从微观角度解释该定律　 　。
【答案】（1）防止冷凝水倒流到热的试管底部而使试管破裂
（2）m1+m2+m3=m4+ρV
（3）少量的氯气随着氧气排出，使得反应③没有发生完全
（4）B
（5）化学反应的实质是原子重新组合的过程，反应前后原子的种类、数目和质量不变，所以物质的总质量也不变
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】 （1）根据试管加热的注意事项进行分析；
（2）根据质量守恒定律进行分析；
（3）根据反应的过程进行分析；
（4）根据氧气密度比水小，不易溶于水进行分析；
（5） 根据化学变化的微观实质来分析。
【解答】 （1）给试管中的固体加热时试管口略向下倾斜的原因是：防止冷凝水倒流到热的试管底部而使试管破裂；
（2）在化学反应前后，物质的总质量不变，在此反应中二氧化锰是催化剂，质量不变，氯酸钾在二氧化锰的催化作用下分解为氯化钾和氧气，则m1+m2+m3=m4+ρV；
（3）在反应中少量的氯气随着氧气排出，使得反应③没有发生完全，所以导致剩余固体中二氧化锰的质量小于加热前二氧化锰的质量；
（4）氧气密度比水小，不易溶于水，所以在量筒中用排水法收集气体测量体积时，导管口出现气泡开始收集，故选B。
（5） 经过科学家们的共同努力，最终确立了质量守恒定律，微观角度解释该定律：化学反应的实质是原子重新组合的过程，反应前后原子的种类、数目和质量不变，所以物质的总质量也不变。
1 / 1浙江省嘉兴市平湖市平湖中学光启班2024年招生考试科学素养测试
1．（2024·平湖模拟） 新能源汽车比起传统燃油汽车，更加环保更加节能，路费成本也更低，因此我国大力推行新能源汽车，动力装置是电动机。下列实验能演示电动机工作原理的是（）
A． B．
C． D．
2．（2024·平湖模拟）生活中常见的一种断路器如图甲， 它的通断状态分别如图乙、丙， 对于该断路器的使用及原理分析不正确的是(　　)
A．断路器利用两种金属受热膨胀程度不同使得电路断开
B．断路器的作用是当电路电流过大时会自动使电路断开
C．左侧金属片的热胀程度比右侧金属片的热胀程度大些
D．该断路器断开后随着金属片温度降低电路会自动接通
3．（2024·平湖模拟）如图，小宁将盛水的烧杯放在电子台秤上，台秤的示数如图甲所示：将一个物块放入水中，漂浮时台秤示数为360g（如图乙）：用力将物块下压至全部浸没在水中时，台秤示数为400g（如图丙）：将物块继续下压（从图丙到图丁），物块下表面受到水的压力增加了0.8N，整个过程水始终未溢出。下列说法正确的是（　　）
A．木块的质量为100g
B．木块的密度为0.6g/cm3
C．从图丙到图丁，杯底所受的压强逐渐增大
D．从图丙到图丁，物体受到水的浮力也增加了0.8N
4．（2024·平湖模拟） 将一根细金属丝置入柔性塑料中，可以制成用来检测物体形变的器件应变片，其结构如图1 所示。将它接入图2所示的电路，电源电压不变，R为定值电阻。闭合开关S，当应变片随被检测物体发生拉伸形变时，塑料中的金属丝会被拉长变细，导致电阻变大，则电路中的（　　）
A．电压表和电流表示数都变大
B．电压表示数变小，电流表示数变大
C．电压表和电流表示数都变小
D．电压表示数变大，电流表示数变小
5．（2024·平湖模拟） 为了打捞沉在水底的汽车，救援队员用一艘大船装满泥沙，将铁链拉着铁锚缓慢放入水中，用铁锚将汽车固定后，卸掉船里的泥沙，汽车将随着船的上浮逐渐被拉起来。铁链拉着铁锚缓慢放入水中时，经历了如图所示的三种情景：图甲中铁锚部分浸入水中； 图乙中铁锚完全浸没水中但未触底； 图丙中铁锚沉底。假设三种情况下船身受到的浮力大小分别为F甲、F乙、F丙，则它们的大小关系是（　　）
A． B．
C． D．
6．（2024·平湖模拟） 科学研究中常常用到“控制变量法”、 “转换法” “模型”等科学方法。在下列研究实例中，运用了“转换法”的是（　　）
A．甲图：探究通电导体在磁场中受到力的方向与什么因素有关
B．乙图：研究原子结构时，用行星模型来展示原子内部结构
C．丙图：测定空气中氧气的体积分数
D．丁图：使用磁感线描述通电直导线周围的磁场分布
7．（2024·平湖模拟） 某同学用图甲所示的两个完全相同的电加热器分别给A、B两杯中的液体加热，忽略散热，绘制它们的温度随时间变化的图像，如图乙所示。下列说法正确的是
A．给A、B两杯加热相同的时间，两种液体吸收的热量不同
B．若A、B两杯中是同种液体，那么A杯中液体的质量较大
C．若A、B两杯吸收相同的热量，A杯中的液体升温比B杯中的慢
D．若A、B两杯中的液体的质量相同，那么B杯中液体的比热较大
8．（2024·平湖模拟）如图为某晶体的状态变化过程，甲、乙、丙对应固、液、气三种状态。下列分析正确的是 （　　）
A．甲→乙的过程需要放热
B．BC段对应的状态是固液共存态
C．DE段对应的温度为该晶体的熔点
D．白雾形成对应的状态变化过程是乙→丙
9．（2024·平湖模拟） 如图所示，在同一水平面上，将两个表面粗糙程度相同、质量不同( 的长方体在人铁块P、Q按照甲、乙、丙、丁四种方式放置，分别在水平力F1、F2、F3和F4的作用下做匀速直线运动，则（　　）
A． B． C． D．
10．（2024·平湖模拟） 如图所示，A、B、C三个物体叠放在水平地面上，同时有F=2N的两个水平力分别作用于A、B两物体上，A、B、C三个物体仍处于静止状态，则不正确的是
A．A物体对B物体的摩擦力为2N，向左
B．地面对A物体的摩擦力为2N，向右
C．B物体对C物体的摩擦力为零
D．A物体受到5个力的作用
11．（2024·平湖模拟） 杭州亚运会火炬首次以甲醇作为“绿色燃料”。甲醇在氧气中完全燃烧的产物是二氧化碳和水。由此推测甲醇中（　　）
A．一定含有碳、氢元素 B．一定含有碳、氢、氧元素
C．可能含有碳、氢元素 D．可能含有碳、氧元素
12．（2024·平湖模拟） 学习化学要构建基本理念，对以下基本观念的认识，不正确的是（　　）
A．分类观： Fe2O3和 Fe3O4都属于金属氧化物
B．元素观： H2O 和 H2O2组成元素相同， 性质相同
C．变化观：CO2和O2可以相互转化
D．结构观： Mg和Mg2+结构不同， 性质不同
13．（2024·平湖模拟）为探究二氧化碳的部分性质，设计实验装置如图（夹持仪器省略），捂热干冰位置的玻璃管，下列说法正确的是 （　　）
A．a处试纸先变红色。
B．c 处试纸变红色，使石蕊变色的是 CO2
C．d处火焰先熄灭， CO2不支持燃烧
D．b与c、d与e现象对比均可证明CO2密度比空气大
14．（2024·平湖模拟） ABC干粉灭火剂主要组分为磷酸二氢铵，含量为75%。2024年“315”晚会曝光了“灭不了火的灭火器，被公开兜售”的新闻。在学习完《微粒的符号与模型》后，某学习小组选择进行关于磷酸二氢铵微观模型的微项目学习，如图是该小组的项目学习记录单(部分)，据此回答下面小题。伪劣灭火器中磷酸二氢铵含量从75%偷偷降低到50%，甚至降到20%。关于磷酸二氢铵(NH4H2PO4) 的说法错误的是（　　）
驱动性问题： 如何制作磷酸二氢铵结构模型
模型展示： 磷酸二氢铵 化学式： NH4H2PO4 模型说明书： 一个氢原子的质量： 1.674×10-27千克 一个氧原子的质量： 2.657×10-26千克 一个磷原子的质量： 5.189×10-26千克 一个氮原子的质量： 2.324×10-26千克
A．磷酸二氢铵中氮、氢元素质量比为1：6
B．磷酸二氢铵中氧元素质量分数最大
C．磷酸二氢铵中磷元素为+5价，则氮元素为-3价
D．磷酸二氢铵的相对分子质量约为115
15．（2024·平湖模拟）老师给小丽一个暗箱，其表面有两个接线柱M、N，它们之间电阻值RAN恒定不变。小丽利用如图甲所示电路(电源电压不变) 进行实验：在开关S、S1都闭合和开关S闭合、S1断开两种情况下，改变电阻箱R1的阻值，读取电流表示数，绘制了如图乙所示的电流表示数Ⅰ随R1变化的曲线。由上述信息可知：图乙中曲线　 　(填“A”或“B”) 是根据开关S闭合、S1断开时测得的实验数据绘制的。
16．（2024·平湖模拟）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中。实验中应量取质量相等的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中。用相同的电加热器加热。当它们加热时间相同时，通过比较　 　来判断吸热能力的强弱。
17．（2024·平湖模拟）小科用所示的实验探究水沸腾时温度变化特点。小试管A和大烧杯B内都装有水，A与B不接触，把B放在火上加热(夹持装置未画出) ，发现A中的水不会沸腾，请做出合理解释　 　
18．（2024·平湖模拟）如图所示，弹簧秤和细线的重力及一切摩擦不计，物重G=1N，则弹簧秤B的示数为　 　。
19．（2024·平湖模拟）如图水平桌面上有一弧形弯道。小钢球从A端滚入，若保持速度大小不变，从B端离开，若它离开B的瞬间，所有外力都消失，小钢球会沿着　 　(选填“a”、 “b” “c”或“d”) 方向运动。
20．（2024·平湖模拟）如图为某品牌可骑行电动行李箱。箱体为ABS 材料，其能承受的最大压强为50000 帕，人坐上行李箱上的接触面积为0.02米2，则坐在该李箱上的人重不能超过　 　牛。
21．（2024·平湖模拟）如图所示，粗细均匀的蜡烛长l0，它底部粘有一质量为m的小铁块。现将它直立于水中，它的上端距水面h。如果将蜡烛点燃，假定蜡烛燃烧时油不流下来，且每分钟烧去蜡烛的长为Δ1，则从点燃蜡烛时开始计时，经　 　时间蜡烛熄灭(设蜡烛的密度为ρ，水的密度为ρ1，铁的密度为ρ2)。
22．（2024·平湖模拟）如图所示，盛水烧杯中漂浮一个空心铁球，放置在电磁铁上。当闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，烧杯中的水面会　 　(选填“上升”、 “下降”或“不变”) 。
23．（2024·平湖模拟）某科学小组学习了浮力知识后，利用弹簧测力计和铁块制作一个测定液体密度的仪器。下面是该仪器的使用说明书：
密度计使用说明书
1.弹簧测力计左边表示测力计示数，右边表示相应的液体密度示数；
2.将铁块用细线挂于测力计挂钩处，测力计示数为7.9牛，密度计的标记数值为0；
3.将铁块完全浸没于待测液体中，即可读出待测液体的密度。
（1）当利用该装置测某液体密度时，将铁块浸没在液体中，弹簧测力计的示数为7.1牛，通过计算说明待测液体的密度为多少 (铁块的密度
（2）小组同学换用其他待测液体继续按如图实验，每一次都在测力计右侧标注出该液体的密度值，依据一定的关系做成了一支密度计。请在坐标图中画出反映液体的密度ρ与测力计示数F之间关系的大致图像。
（3）当进行展示评价时，有其他小组同学指出该密度计测量的范围太小，想用其他金属块替换铁块。由于材料限制，该小组只能从以下材料中选择：你选择用_____金属块能使该密度计的测量范围最大。
A．重为5牛，体积为80cm3的金属块
B．重为4牛，体积为50cm3的金属块
C．重为3牛，体积为30cm3的金属块
24．（2024·平湖模拟） 【项目名称】制作烟雾报警器。
【相关资料】烟雾报警器内部由发射电路和接受电路组成(如图甲所示)。发射电路发射的红外光源会被外界烟尘粒子散射，烟的浓度越大，接受电路接收到的光强度越弱。接收电路能够将光信号转化为电信号，最后转化为报警信号。
【项目任务】小组同学讨论后，确定烟雾报警器的要求如下：
供电电源：6伏 报警电流：≥250毫安
功能：当环境中的烟雾浓度升高至一定值时，立刻报警鸣叫。
【方案设计】小组同学讨论后，利用光敏电阻对烟雾报警器的接收电路部分进行设计，如图乙所示，其中，光敏电阻的大小会随着接收到的红外光束的强弱发生变化。
（1）【器材选择】根据上述要求，该兴趣小组的同学从实验室选择所需器材，其中，电源电压 恒为6伏，滑动变阻器规格为“2安 50欧”，要想实现烟雾报警器的功能，他们选择的光敏电阻 Rx的阻值大小随光照强度变化的图像应为
A． B．
C． D．
（2）【项目调试】该组同学组装好电路后开始测试，闭合开关S，发现当通过线圈的电流为200毫安时，报警器就开始工作，此时滑动变阻器的阻值 欧(线圈电阻不计)。在光照强度不变的情况下，为了符合制作要求(即报警电流≥250毫安) ，应调节滑动变阻器连入电路的阻值为多大 (写出具体的计算过程)
（3） 【项目评价与反思】为了提高该烟雾报警器的灵敏度(即在烟雾更少条件下就能报警) ，该组同学提出以下几种方法，其中正确的是____。
A．增大电源电压 B．增加线圈匝数
C．增大线圈和衔铁之间的距离 D．更换阻值较小的保护电阻
25．（2024·平湖模拟） 实验室常借助传感器研究气体的性质与变化。蜡烛在充满空气的密闭集气瓶内燃烧，稍后熄灭，同时用氧气传感器采集瓶内氧气浓度变化的数据，如图所示。分析该实验数据。
（1）可燃物燃烧的条件除了温度达到着火点外，还需要另一个必要条件是　 　。
（2） 蜡烛熄灭后集气瓶中含量最多的气体是　 　。
26．（2024·平湖模拟） 为了测定实验室制取二氧化碳后的剩余溶液中 CaCl2的质量分数，某科学小组同学取了100g剩余溶液，分6次逐滴加入等量Na2CO3溶液。测得生成CaCO3沉淀(无其他沉淀)的质量与所加 Na2CO3溶液的质量关系如表所示：
序号 1 2 3 4 5 6
加入 Na2CO3溶液的质量/g 10 10 10 10 10 10
生成沉淀的质量/g 0 1 4 7 m 10
（1） 表中 m的值为　 　。
（2） 表中序号1没有产生沉淀的原因是　 　(用化学方程式表示)。
27．（2024·平湖模拟） 我国古代劳动人民在认识、改造和应用物质方面有着很多实践。
（1） 东晋《抱朴子》中记载： “以曾青涂铁，铁赤色如铜” (曾青即硫酸铜溶液)。该过程涉及的主要化学反应方程式为　 　。
（2） 战国《周礼》中记载： “煤饼烧砺房成灰” (砺房即牡蛎壳，主要成分是碳酸钙)。劳动人民将此“灰”溶于水制得碱液，写出“灰”溶于水制得碱液的化学方程式　 　。
28．（2024·平湖模拟）利用大气压原理解释现象时，有同学经分析后概括出以下思维模型：
（1）思维模型中的“？”处应填　 　（“开放”或“密闭”）。
（2）如图是“测定空气中氧气含量的实验”，待红磷燃烧火焰熄灭后，冷却，打开止水夹，可以观察到水被倒吸入集气瓶中。根据该思维模型，本实验是通过　 　的方式来减小集气瓶中的气压的。
29．（2024·平湖模拟） 小卢进行如图所示实验来验证质量守恒定律。在实验中用电子天平和量筒准确测量出表中m1、m2、m3、m4和V (实验中操作正确， O2的密度为
实验序号 1 2 　
m1(MnO2) /g 　 　 　
m2(KClO3) /g 　 　 　
m3(试管) /g 　 　 　
m4(试管+加热后剩余固体) /g 　 　 　
量筒内收集气体的体积V/cm3 　 　 　
（1） 装置中试管口略向下倾斜的原因是　 　。
（2） 根据质量守恒定律， m1、m2、m3、m4、V和ρ之间应存在的等量关系为　 　。
（3） 每次实验结束后，小卢在拆卸装置时总能闻到刺激性味气味，他将加热后剩余固体中的 分离并测量其质量，发现总小于加热前 的质量。查阅资料后发现，一般认为加热 KClO3和 MnO2混合物的反应过程如下：
第1步： (其中Cl2有刺激性气味)
第2步：
第3步：
写出加热后剩余固体中MnO2质量小于加热前MnO2质量的原因　 　。
（4） 图示中量筒通过____法收集气体测量体积时，导管口____开始收集。
A．出现均匀连续气泡 B．出现气泡
（5） 经过科学家共同努力最终确立了质量守恒定律，请从微观角度解释该定律　 　。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】磁场对通电导线的作用
【解析】【分析】根据图片分析各个选项包含的物理原理，再与电动机的工作原理比较即可。
【解答】 电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的。
A.该装置可以探究电磁感应现象，故A不符合题意；
B.该装置可以探究通电导体在磁场中受到力的作用，故B符合题意；
C.该装置说明通电导体的周围存在磁场，故C不符合题意；
D.该装置可以探究影响电磁铁磁性强弱的因素，故D不符合题意。
故选B。
2．【答案】D
【知识点】家庭电路的组成与连接
【解析】【分析】断路器的作用是电路过负荷时自动切断电源，断路器的构造是两片膨胀系数不同的金属片构成，电流过大时膨胀系数大的先膨胀，起到切断电源的作用。据此结合图片进行分析。
【解答】A、断路器利用两种金属受热膨胀程度不同金属片弯曲使得电路断开，故A正确；
B、当电路电流过大时两种金属受热膨胀程度不同金属片弯曲使得电路断开，故B正确；
C、图中左侧金属片的热胀程度比右侧金属片的热胀程度大些，金属片会向右弯曲，故C正确；
D、当电路断开后，电路中无电流，双层金属片逐渐冷却复原，但该断路器有簧锁装置，断开后随着金属片温度降低电路不会自动接通，故D错误。
故答案为：D。
3．【答案】B
【知识点】液体的压强；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】根据阿基米德原理以及液体压强的决定因素进行分析。
【解答】A.将 盛水的烧杯放在电子台秤上，示数为300 g，则烧杯和水的质量为300 g，将物块投
人水中，漂浮时台秤示数为360g，所以物块的质量m=360g-300g=60g，故A错误。
B.用力将物块全部压入水中，此时台秤示数为400 g，则排开水的质量m=400 g- 300 g= 100 g，则物块的体积V物=V排= 100cm3 ，则物块的密度=0.6 g/cm3'，故B正确。
CD.从图丙到图丁，物块始终浸没在水中，水面不再升高，由p=pgh可知，杯底水的压强不变，浮力不变，故CD错误；
故答案为：B
4．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【分析】根据图2可知，电路为串联电路，电压表测量应变片两端的电压，电流表测量电路中的电流；
根据应变片电阻的变化分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化，根据串联电路的分压规律分析电压表示数的变化。
【解答】 根据图2可知，电路为串联电路，电压表测量应变片两端的电压，电流表测量电路中的电流；
闭合开关S，当应变片随被检测物体发生拉伸形变时，塑料中的金属丝会被拉长变细，导致电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流变小，电流表示数变小；
应变片的电阻变大，根据串联电路的分压规律可知，应变片分担的电压变大，电压表示数变大，故D正确。
故选D。
5．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据对考察船进行受力，然后根据阿基米德原理分析判断出铁锚对考察船的拉力变化即可判断船身受到的浮力变化进行分析。
【解答】 对船进行受力分析，因为铁链拉着铁锚缓慢放入水中，所以船和铁锚都处于平衡状态；船受到向上的浮力、向下的重力和铁链对船的拉力；
图甲中铁锚部分浸入水中，铁锚对考察船的拉力为F1，由于考察船处于平衡状态，根据受力平衡可得：F甲=G+F1……①
图乙中铁锚完全浸没水中但未触底，铁锚对考察船的拉力为F1，由于考察船处于平衡状态，根据受力平衡可得：F乙=G+F2……②
图丙中由于铁锚沉底，则铁锚对考察船的没有拉力，由于考察船处于漂浮状态，根据受力平衡可得：F丙=G……③
铁锚部分浸入水中时，根据受力平衡可得：F1=G铁锚-F浮1……-④
铁锚完全浸没水中但未触底；根据受力平衡可得：F2=G铁锚-F浮2……⑤
根据阿基米德原理可知：F浮1＜F浮2，
则F1＞F2……⑥
由①②③⑥可得：F甲＞F乙＞F丙。
故选C。
6．【答案】C
【知识点】实验探究的其他思想方法
【解析】【分析】 转换法是中学物理中一种重要的研究方法，也就是借助某些物体的特性来研究看不到或不易观察到物质，形象直观 。
【解答】 A.探究通电导体在磁场中受到力的方向与什么因素有关是控制变量法，故A错误；
B.研究原子结构时，用行星模型来展示原子内部结构，乙图用的是模型法，故B错误；
C.用来测定空气中氧气的体积分数是转换法，故C正确；
D.使用磁感线描述通电直导线周围的磁场分布运用的是建立模型法，故D错误。
故选C。
7．【答案】D
【知识点】比热容
【解析】【分析】 A.用同一加热器分别加热，加热相同的时间，吸收热量相同；
B.如果A和B都是水，甲的质量小于乙的质量，也会出现题中所示的图像；
C.由图可知，加热相同时间，A升高温度快，吸收热量少；
D.若A的质量等于B的质量，则A的比热容一定小于B的比热容。
【解答】 A.加热相同的时间，A液体吸收的热量等于B液体吸收的热量，故A错误；
B.若A、B两杯中是同种液体，A液体升高温度快，所以A的质量小于B的质量，故B错误；
C.若A、B两杯吸收相同的热量，由图可知A液体升高温度快，吸收的热量少，故C错误；
D.若甲的质量等于乙的质量，B液体升高温度慢，B液体吸热能力强，比热容大，故D正确。
故选D。
8．【答案】B
【知识点】熔化与熔化现象；液化及液化现象
【解析】【分析】 A.由固态变为液态是熔化现象，需要吸热；
B.熔化过程中温度不变，为固液共存态；
C.晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
D.白雾的本质是小水珠，由气态变为液态是液化现象。
【解答】 A.由题可知甲是固态，乙是液态，从甲到乙是由固态变为液态是熔化现象，需要吸热，故A错误；
B.BC段温度不变，是熔化过程中，处于固液共存态，故B正确；
C.DE段是由液体变为气体，不是熔化过程中，所以DE段不是该晶体的熔点，故C错误；
D.白雾的本质是小水珠，由气态变为液态是液化现象，所以白雾的形成对应状态变化过程是丙→乙，故D错误。
故选B。
9．【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；影响摩擦力大小的因素
【解析】【分析】物体受到滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度及物体间的压力有关；在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，则物体受到的滑动摩擦力越大；根据二力平衡条件分析推力的大小。
【解答】 滑动摩擦力的大小跟压力大小和接触面的粗糙程度有关；
A.甲、丙两图中，接触面的粗糙程度相同、物体的质量不同，且mP＜mQ+mp，则由F=G=mg可知，丙图中物体对接触面的压力较大，所以物体受到摩擦力的关系为f甲＜f丙，因物体在水平面上做匀速直线运动，则推力等于摩擦力，所以F1＜F3，故A错误；
BD.丙、丁两图中，压力大小和接触面的粗糙程度均不变，改变了接触面积的大小，但摩擦力大小不变，且物体做匀速直线运动，所以推力大小不变，即F3=F4，故B正确，D错误；
C.甲、乙、丙图中，接触面的粗糙程度相同、物体的质量不同，且mP+Q=mQ+mp，则由F=G=mg可知，P、Q分别对地面的压力之和要等于P和Q一起对地面的压力，所以物体受到摩擦力的关系为f甲+f乙=f丙，因物体在水平面上做匀速直线运动，则推力等于摩擦力，所以F1+F2=F3，故C错误。
故选B。
10．【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的存在
【解析】【分析】 三个物体均处于静止状态，合力都为零。先以C为研究对象，由平衡条件研究B对C的摩擦力，即可知道C对B的摩擦力。再以CB组成的整体为研究对象，研究A对B的摩擦力。最后以三个物体整体为研究对象，研究水平面对A的摩擦力。
【解答】 A.将B与C看成一个整体，此时受到水平向右大小为2N的拉力，因此A对B和C有个向左的静摩擦力，其大小为2N，故A正确不合题意；
B.以ABC整体为研究对象，由平衡条件得水平面对A的摩擦力为零，故B错误符合题意；
C.以C为研究对象，由平衡条件得知：B对C的摩擦力等于0，故C正确不合题意；
D.A受到重力、支持力、压力、向左的拉力F，和B给的向右的摩擦力，即5个力的作用，故D正确不合题意。
故选B。
11．【答案】A
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】根据质量守恒定律，反应前后元素种类不变，结合题意进行分析解答。
【解答】 甲醇在氧气中完全燃烧的产物是二氧化碳和水，CO2和H2O两种物质中含有碳、氢、氧三种元素，根据质量守恒定律，反应前后，元素种类不变，反应物氧气中只含有氧元素，则甲醇中一定含有碳、氢两种元素，可能含有氧元素。
故选A。
12．【答案】B
【知识点】分子的定义与分子的特性；氧化物
【解析】【分析】 A.Fe2O3和Fe3O4都含有铁元素和氧元素，都属于金属氧化物；
B.不同的分子性质不同；
C.碳和氧气点燃生成二氧化碳，二氧化碳通过光合作用可以转化为氧气；
D.Mg原子最外层有2个电子，Mg原子失去2个电子，变成Mg2+，最外层电子数为8，它们的结构不同，最外层电子数不相同，化学性质不同。
【解答】 A.Fe2O3和Fe3O4都含有铁元素和氧元素，都属于金属氧化物，故A正确不合题意；
B.H2O和H2O2都是由氢元素和氧元素组成的，二者的组成元素相同，但构成的分子不同，故性质也不同，故B错误符合题意；
C.碳和氧气点燃生成二氧化碳，二氧化碳通过光合作用可以转化为氧气，所以CO2和O2可以相互转化，故C正确不合题意；
D.Mg原子最外层有2个电子，Mg原子失去2个电子，变成Mg2+，最外层电子数为8，它们的结构不同，最外层电子数不相同，化学性质不同，故D正确不合题意。
故选B。
13．【答案】D
【知识点】二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】根据二氧化碳不能使干燥的蓝色湿润试纸变色，二氧化碳能与水反应生成碳酸，碳酸显酸性，二氧化碳的密度比空气的密度大分析。
【解答】A. 二氧化碳不能使干燥的蓝色湿润试纸变色，则a处试纸不变色，故错误。
B. 二氧化碳的密度比空气的密度大，则c处试纸变红色，但使石蕊变色的不是CO2，否则a处试纸也会不变色，故错误。
C. 二氧化碳的密度比空气的密度大，则e处火焰先熄灭，d处火焰后熄灭，故错误。
D. c处试纸先变红色，e处火焰先熄灭，则b与c、d与e现象对比均可证明CO2密度比空气的密度大，故正确。
故答案为：D。
14．【答案】A
【知识点】元素化合价的规则与计算；有关化学式的计算和推断；相对分子质量
【解析】【分析】A.根据元素质量比进行分析；
B.根据元素质量比进行分析；
C.根据磷酸二氢铵中铵根显+1价，氢元素显+1价进行分析；
D.根据相对分子质量进行分析。
【解答】 A.磷酸二氢铵中氮、氢元素质量比为14×1：1×6=7：3，故A错误符合题意；
B.磷酸二氢铵中氮、氢、磷、氧元素的质量比为：14：6：31：（16×4）=14：6：31：64，氧元素质量分数最大，故B正确不合题意；
C.磷酸二氢铵中铵根显+1价，氢元素显+1价，设氮元素的化合价为y，则y×1+（+1）×4=+1，y=-3，即氮元素为-3价，故C正确不合题意；
D.NH4H2PO4的相对分子质量是：14+1×4+1×2+31+16×4=115，故D正确不合题意。
故选A。
15．【答案】A
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【分析】 在开关S、S1都闭合时，电路为R1的简单电路，R1两端的电压即为电源电压，开关S闭合、S1断开时，RMN与R1串联，分析图乙中两种情况。
【解答】 由图可知，在开关S、S1都闭合时，电路为R1的简单电路，此时R1两端的电压即为电源电压，开关S闭合、S1断开时，RMN与R1串联，
由图乙可知，当电流为0.2A时，两种情况R1两端的电压分别为：
U1=IR1=0.2A×20Ω=4V，
U1'=IR1'=0.2A×30Ω=6V，
因为串联电路中电源电压等于各用电器两端电压之和，
所以开关S闭合、S1断开时，RMN与R1串联时，U1应小于电源电压，
由此可知：图乙中曲线A是根据开关S闭合、S1断开时测得的实验数据绘制的；
16．【答案】升高的温度
【知识点】比热容
【解析】【分析】根据Q=cm△t可知，当吸收相同的热量时，升高的温度与比热容成反比，据此分析解答。
【解答】根据题意可知，用相同的电加热器加热，当它们加热时间相同时，二者吸收相同的热量。根据Q=cm△t可知，升高的温度越小，则比热容越大，那么通过比较升高的温度来判断吸热能力的强弱。
17．【答案】由于大烧杯中的水在沸腾过程中，温度保持在沸点温度，所以小试管中的水的温度可以达到沸点，但是不能继续从大烧杯中吸收热量，所以小试管中的水不会沸腾。
【知识点】沸腾及沸腾条件
【解析】【分析】 根据水沸腾的条件：达到沸点，继续吸热分析解答。
【解答】 由于大烧杯中的水在沸腾过程中，温度保持在沸点温度，所以小试管中的水的温度可以达到沸点，但是不能继续从大烧杯中吸收热量，所以小试管中的水不会沸腾。
18．【答案】1N
【知识点】力的测量
【解析】【分析】弹簧测力计的示数等于挂钩上产生拉力的大小。
【解答】根据题意可知，整个装置处于静止状态，那么弹簧测力计B的示数等于挂钩上的拉力大小。而绳子上的拉力由物体重力产生，即拉力等于重力，那么测力计的示数等于重力，也就是1N，
19．【答案】b
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【分析】 物体的平衡态包括：静止或匀速直线运动；
由牛顿第一定律可知，若它离开B的瞬间，所有外力都消失，小钢球将沿着曲线的切线方向做匀速直线运动。
【解答】 在AB段运动时，物体做曲线运动，速度的方向时刻变化，其状态不断改变，故受力不平衡；
若它离开B的瞬间，所有外力都消失，由牛顿第一定律可知，小钢球将沿着曲线的切线方向即b方向做匀速直线运动。
20．【答案】1000
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【分析】 坐在该李箱上的人的重力等于压力，根据G=F=pS计算在该李箱上的人重。
【解答】 坐在该李箱上的人的重力等于压力，即G=F=pS=50000Pa×0.02m=1000N 。
21．【答案】
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）设蜡烛的密度为ρ，水的密度为ρ1，铁的密度为ρ2．铁块受到浮力F，蜡烛截面积S．根据蜡烛刚开始悬浮在水里，进行受力平衡分析然后列出等式①；
（2）蜡烛灭的时候，设蜡烛燃烧长度x，这时蜡烛的长度刚刚在水面，整个蜡烛长度的重力加铁重力刚好等于蜡烛的浮力加铁的浮力。进行受力平衡分析然后列出等式②；
（3）两式联立求得蜡烛燃烧长度，再根据“每分钟烧去蜡烛的长为Δl”，即可求出蜡烛燃烧的时间
【解答】 （1）设蜡烛的密度为ρ，水的密度为ρ1，铁的密度为ρ2．铁块受到浮力F，蜡烛截面积S。
蜡烛与铁块整体处于漂浮状态，受力平衡分析：蜡烛重力+铁重力=蜡烛的浮力+铁的浮力
ρL1Sg+mg=ρ1（L1-h）Sg+F……①
（2）蜡烛灭的时候，设蜡烛燃烧长度x，这时蜡烛的长度刚刚在水面，整个蜡烛长度的重力加铁重力刚好等于蜡烛的浮力加铁的浮力。
则蜡烛重力+铁重力=蜡烛的浮力+铁的浮力
ρ（L1-x）Sg+mg=ρ1（L1-x）Sg+F ……②
①-②得：，
蜡烛燃烧的时间。
22．【答案】下降
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素
【解析】【分析】 当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电阻变大，则由欧姆定律可知螺线管中磁性的变化；则由力的合成可知小铁球所受的浮力的变化，然后可知烧杯中水面的变化。
【解答】 当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则由欧姆定律可知电路中电流减小，则螺线管中的磁性减弱，故小铁球所受磁力减小；小铁球受重力、磁力及浮力，因小球处于静止状态，故向下的磁力与重力之和应等于向上的浮力，因磁力减小，故浮力也将减小，所以烧杯中水面下降。
23．【答案】（1）铁块的体积：，
将铁块浸没在液体中，V排=V=10-4m3，
铁块浸没在液体中受到的浮力：F浮=G-F示=7.9N-7.1N=0.8N，
待测液体的密度：；
（2）
（3）C
【知识点】密度公式的应用；二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理
【解析】【分析】 （1）利用算出铁块的体积，即为排开液体的体积，利用F浮=G-F示算出铁块受到的浮力，利用
算出待测液体的密度；
（2）根据液体密度推导出液体的密度ρ与测力计示数F的函数关系式，即可画出大致的图像；
（3）由液体密度的函数关系式可知，待测液体密度的最大值ρ液max=ρ物质，计算出三种材料的密度即可得到正确的选项。
【解答】 （2）液体的密度：，
上述函数关系是的一次函数，
所以，大致图像如下：
（3）因为物质的密度，
所以，
同理，ρB=8×103kg/m3，ρC=10×103kg/m3，
由上面推导可知，待测液体的密度，
所以待测液体密度的最大值ρ液max=ρ物质。
故选C。
24．【答案】（1）D
（2）9Ω
（3）A
【知识点】欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素；电磁铁的其他应用
【解析】【分析】 （1）根据图乙，结合题目的描述，分析光敏电阻Rx的阻值随光照强度的变化规律。
（2）当线圈电流为200毫安时，首先根据公式计算出总电阻，再根据串联电路特点计算出Rx的阻值。当通过线圈的电流为250mA时，再根据计算出总电阻，最后根据串联电路特点计算出变阻器此时接入阻值。
（3）当烟雾较小时，光敏电阻的阻值增大，而电磁铁吸合需要的磁场力不变，根据影响电磁铁磁场强弱的因素分析判断。
【解答】 （1）根据图乙可知，当烟雾增大时，接受电路接收到的光强度越弱，衔铁被吸下来，接通报警器所在的电路而报警。此时电磁铁的磁场增强，电流增大，而总电阻减小，也就是光敏电阻的阻值减小，反之，当接受电路接收到的光强度越强时，电磁铁的磁场减弱，电流变小，而总电阻增大，也就是光敏电阻的阻值会增大，故选D。
（2）由图乙可知，控制电路中光敏电阻Rx与滑动变阻器串联；
由题知，闭合开关S，发现当通过线圈的电流为200毫安时，报警器就开始工作，此时滑动变阻器的阻值Rp=15Ω，
由欧姆定律可知，此时电路的总电阻为：，
根据串联电路的电阻特点可知报警时光敏电阻的阻值：Rx=R-Rp=30Ω-15Ω=15Ω；
当通过线圈的电流为250mA时，电路的总电阻为：，
报警时光敏电阻的阻值不变，
则此时滑动变阻器连入电路的阻值应为：RP'=R'-Rx=24Ω-15Ω=9Ω。
（3）当烟雾较小时，光敏电阻的阻值增大，为了使衔铁被吸合；
A.为了保持磁场强度不变，需要保持电流不变。根据R总=R1+R2可知，此时总电阻增大，根据U=IR可知，此时需要增大电源电压，故A符合题意；
B.总电阻增大时，通过电磁铁的电流减小。为了保持电磁铁的磁场强度不变，可以换用线圈匝数更多的电磁铁，故B符合题意；
C.增大线圈和衔铁之间的距离时，根据杠杆的平衡原理可知，此时磁力的力臂减小，为了吸合需要更大的磁场，故C不符合题意；
D.为了保持磁场强度不变，需要保持电流不变。当电源电压不变时，需要控制总电阻不变。根据R总=R1+R2可知，光敏电阻的阻值增大，则需要减小阻值更小的保护电阻，故D符合题意。
故选ABD。
25．【答案】（1）氧气
（2）氮气
【知识点】空气的成分及探究；燃烧与灭火
【解析】【分析】（1）燃烧的条件：①有可燃物；②与氧气接触；③温度达到着火点；
（2） 据空气中含量最多的气体是氮气，其次是氧气，氮气不能燃烧也不支持燃烧进行分析。
【解答】（1） 可燃物燃烧的条件除了温度达到着火点外，还需要另一个必要条件是氧气；
（2） 蜡烛熄灭后集气瓶中含量最多的气体是氮气。
26．【答案】（1）10
（2）Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑
【知识点】质量守恒定律及其应用；书写化学方程式、文字表达式
【解析】【分析】（1） 据表中数据可以看出实验1加入10gNa2CO3溶液没有沉淀生成，说明剩余溶液中含有氯化氢和氯化钙，通过实验3、4可知，每10gNa2CO3溶液完全反应生成3g沉淀，据此推测m的数值。
（2）根据反应物、反应条件和生成物，确定反应的化学方程式。
【解答】 （1）根据表中数据可以看出，实验1加入10gNa2CO3溶液没有沉淀生成，说明剩余溶液中含有氯化氢和氯化钙，通过实验3、4可知，每10gNa2CO3溶液完全反应生成3g沉淀，所以实验5中，m=7+3=10；
（2）由于剩余溶液中含有氯化氢和氯化钙，加入的碳酸钠优先与盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，没有沉淀生成，化学方程式为：Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑。
27．【答案】（1）Fe+CuSO4=FeSO4+Cu
（2）CaO+H2O=Ca（OH）2
【知识点】书写化学方程式、文字表达式
【解析】【分析】首先根据反应原理找出反应物、生成物、反应条件，根据化学方程式的书写方法、步骤（写、配、注、等）进行书写即可。
【解答】 （1）铁和硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，反应的化学方程式为：Fe+CuSO4=FeSO4+Cu。
（2）“砺房”即牡蛎壳，主要成分是碳酸钙，煤饼烧砺房成灰，碳酸钙高温分解生成氧化钙和二氧化碳；“灰”溶于水，即氧化钙和水反应生成氢氧化钙，反应的化学方程式为CaO+H2O=Ca（OH）2。
28．【答案】（1）密闭
（2）减少质量
【知识点】大气压强的测量方法；气体压强跟体积的关系
【解析】【分析】大气压一般指气压。 气压(atmospheric pressure)，是作用在单位面积上的大气压力，即在数值上等于单位面积上向上延伸到大气上界的垂直空气柱所受到的重力。著名的马德堡半球实验证明了它的存在。
【解答】（1）思维模型中的“？”处应填密闭空间，这样才会导致空间内外存在压强差。
（2）红磷燃烧火焰熄灭后 ，集气瓶空气中氧气消耗质量减少，所以本实验是通过减少质量来减小集气瓶中的气压的。
29．【答案】（1）防止冷凝水倒流到热的试管底部而使试管破裂
（2）m1+m2+m3=m4+ρV
（3）少量的氯气随着氧气排出，使得反应③没有发生完全
（4）B
（5）化学反应的实质是原子重新组合的过程，反应前后原子的种类、数目和质量不变，所以物质的总质量也不变
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】 （1）根据试管加热的注意事项进行分析；
（2）根据质量守恒定律进行分析；
（3）根据反应的过程进行分析；
（4）根据氧气密度比水小，不易溶于水进行分析；
（5） 根据化学变化的微观实质来分析。
【解答】 （1）给试管中的固体加热时试管口略向下倾斜的原因是：防止冷凝水倒流到热的试管底部而使试管破裂；
（2）在化学反应前后，物质的总质量不变，在此反应中二氧化锰是催化剂，质量不变，氯酸钾在二氧化锰的催化作用下分解为氯化钾和氧气，则m1+m2+m3=m4+ρV；
（3）在反应中少量的氯气随着氧气排出，使得反应③没有发生完全，所以导致剩余固体中二氧化锰的质量小于加热前二氧化锰的质量；
（4）氧气密度比水小，不易溶于水，所以在量筒中用排水法收集气体测量体积时，导管口出现气泡开始收集，故选B。
（5） 经过科学家们的共同努力，最终确立了质量守恒定律，微观角度解释该定律：化学反应的实质是原子重新组合的过程，反应前后原子的种类、数目和质量不变，所以物质的总质量也不变。
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