绵阳南山中学2024年秋季高2023级12月月考
物理答题卡
班级
姓名
考号
注意事项
淮考证号
1.答题前请将姓名、班级、考场、座号和准考证号填写清楚
2,客观题答题，必须使用2B铅笔填涂，修改时用檬皮擦干净，
0
0]
[0]
3.主观题必须使用黑色签字笔书写
2
4,必须在题号对应的答题区域内作答，超出答题区域书写无效，
3
3]
5.保持答卷清洁完整
4]
5
6
6
正确填涂■
错误填涂
岩岛是
[7j
81
考生禁填
8
8
8
(由整考老师城涂】
缺考
违规
9
91
9
[9]
客观题（共12题，共48分）
1
ABCD
4
ABCD
7
AIBI□
10DBC
2
ABCD
5
IBIC四
11刀BC
3
DB
6
ABCD
9
AIBC□
12ADBC
13.(6分)
0)一
(2分)：(2)」
(2分)：(3)
(2分)：
14.(10分)
(1)
(1分)，
(1分)，
1分)。(2)
(1分)。
(3)
(2分)。(4)
(2分)，
(2分).
15.(8分)
0.2-0.100.1g.20.30.40.50.60.70.80.9X.01.11.2xm
请在各题目的作答区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效
第1页共2页
■
请保持答题卡干净整洁，不要污损
请在各题目的作答区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效
16.
(12分)
17.(16分)
D
E
请在各题目的作答区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效
第2页共2页2024年12月
绵阳南山中学2024年秋季高2023级12月月考物理试题
第卷（选择题，共48分）
一、本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符
合题目要求。
1,如图所示是定性探究电荷问相互作用力与两电荷的电荷量：
以及两电荷之间的距离关系的实验装置。该实验的主要研究
方法是〔)
A,理想实验法
B.等效替代法
C.微小量放大法
D.控制变量法
2,关于磁场。下列说法正确的是()
A,一小段通电直导线放在磁感应强度为零处，它所受磁场力一定为零
B。由B=壳知，一段通电导线在某处不受磁场力作用，则该处感感应强度一定为零
C.磁感应强度的方向，就是一小段通电导线在该处受磁场力的方向
D.地理南、北极与地磁场的南、北极重合
3,在特高压输电技术领域，中国独霜全球，不仅是世界唯一实现特高压大规模商业运
营的国家，而且是妥妥的行业标淮制定者。未来全世界特高压网路建成时，中国特高
压技术。必然是改变世界格局极其重要的一枚棋子。水平架设的三根绝缘超高压输电
线缆被此平行，某时刻电流方向如图(a)所示，
电缆线M在最上方，两根电缆线P、Q在下方，
且位于同一水平高度处，△POM为等腰三角形，
MQ=MP,O点是P,Q连线的中点，电缆线上的
M点、P点、O点在同一竖直平面内，其二维平
面图如图(b》所示，忽路地磁场，下列说法正确
的是《)
a
A,输电线缆Q在O点处产生的磁场方向由Q指向P
B,输电线缆P在O点处产生的磁场方向竖直向下
C.
输电线缆M在O点处产生的磁场方向竖直向下
D.O点处的磁场方向沿水平方向由Q指向P
4,某实验小组用光传感器研究激光的波动现象，如图1所示是研究通过单缝或双缝后
光强分布的装置图，铁架台从上到下依次为激光光源、偏振片、，缝、光传感器。实验
中所用的双缝间距为025mm,缝到传感器的距离为60cm,实验得到的图像如图2、3
所示，则()
10
10
图1
图2
图3
第1页共6页
第1页
A,图2所用的缝为双缝，图3所用的缝为单缝
B.实验中所用的激光波长约为400mm
C,旋转馆板片，图2、3两幅图像的形状发生明显变化
D,仅诚小缝到传感器的距离，图2、3两幅图像不会发生变化
5.如图所示，一细束激光由光导纤维左瑞的中心点以=60°的入射角射入，折射角：30°，
经过一系列全反射后从右端射出。已知光导纤维长
L=1.2×10m,真空中的光速c=3x10ms,则该漫光在光
导纤维中传输所经历的时间为(）
A.45×105gB.4wE×105gC.8x10
D.4x105s
6.水袖是中国古典舞中用于情感表达和抒发的常用技巧，舞者的手的规律振动会传导
至袖子上，给人一种“行云流水“的美感。如图()所示，一列简谐横波沿x轴方向传播。
实线和虚线分别为0.1s时刻和2时刻的波形图，且h>。P,Q分别是平衡位置为
灯=1m和=4m的两质点。图b)为质点Q的振动图像，下列说法正确的是〔)
A.时刻P的振动方向沿y轴正方向
4wem
B.时刻Q的加速度最小
C.a一=0.1s
13
D,1到2内，P、Q运动的路程相等
0
图a
图b)
7,如图所示，正三棱柱ABC-'BC的A点固定一个电荷量为+Q的点电荷，C点固定
一个电荷量为一Q的点电荷，D、D‘点分别为AC、AC边的中点，
选无穷远处电势为零。下列说法中正确的是()
A.D、B两点的电场强度方向不同
。将一负试探电荷从A“点移到C“点。其电势能减少
D
C.将一正试探电荷沿直线从B点移到D点，电场力始终不做功
D.将一正试探电荷沿直线从B点移到D'点，电场力做负功
8.如图所示，电源内阻r和灯泡L的电阻R均恒定不变，D为理想二极管，R1、R为
定值电阻，电表均为理想电表。闭合S且电路稳定后，有一带电油滴在平行板电容器
中处于静止状态。现将滑动变阻器滑片向上滑动。电表V1,V2和A示数变化量的绝
对值分别为A、A和A,则下列说法中正确的是(
A,灯泡变暗，电流表示数增大
B.油滴不动
C.
△U2=R+r
M
D.
=r
A
第2页2024年12月
绵阳南山中学2024年秋季高2023级12月月考
物理双向细目表
题号
类型
内容
来源
原始分
预设系数
预估得分
1
单选
探究库仑定律
选编
4
0.90
3.6
2
单选
磁感应强度的理解、地磁场
选编
4
0.85
3.4
单选
磁感应强度的叠加
改编
0.80
3.2
4
单选
光的干涉、衍射、偏振
选编
0.75
3.0
5
单选
光的全反射
改编
4
0.70
2.8
6
单选
机械振动、机械波
改编
4
0.70
2.8
7
单选
等量异种电荷的电场（立体空间）
改编
0.65
2.6
8
单选
含容电路的动态分析
改编
0.60
2.4
9
多选
电磁感应、电磁波
改编
4
0.75
3.0
10
多选
φ-X图像
选编
4
0.70
2.8
11
多选
示波管原理
改编
0.70
2.8
12
多选
带电体在交变电场中的运动
选编
0.45
1.8
13
实验填空
用单摆测定重力加速度
改编
6
0.75
4.5
14
实验填空
描小灯泡伏安特性曲线、测电源电动势和内阻
改编
10
0.70
7.0
15
解答计算
光的折射、全反射
选编
8
0.75
6.0
16
解答计算
含容电路、闭合电路欧姆定律
选编
12
0.70
8.4
17
解答计算
复合场中的临界问题、等效重力
选编
16
0.50
8.0
100
0.68
682024年12月
绵阳南山中学2024年秋季高2023级12月月考
物理参考答案
1
2
3
4
5
6
78
9
10
11
12
D
A
D
B
C
B
BC BD AD
AC
13.(1)20.50(2分)
(2)AB(2分)
e
-(2分)
14.(1)A(1分)
D(1分)
E(1分)
(2)1.67(1分)
(3)A(2分)
(4)1.48(2分)
0.59(2分)
15.解：(1)两列波在x=0.5m处相遇，则相遇的时刻由
t=△x
(2分)
解得：=0.75s
(2分)
(2)由题意T=2=1s
(2分)
1
两列波在0.75s同时传播到质点M处，在0.75s~1.2s,左右两侧波传到M,振动
加强，则经过0.75s通过的路程s2=3×2A=12cm(2分)
所以M点通过的总路程为12cm。
16解：(1)微粒沿直线射出电场，则由平衡可知9=mg
.U
(2分)
解得U=mgd=2V(1分)
9
由闭合电路欧姆定律得回路的电流I=
E-U
=1A(1分)
R+r
滑动变阻器连入电路部分电阻
-29
R2=
(1分)
I
(2)若粒子从上极板右侧射出，则
L=Vt
(1分)
Id-Tar
2
(1分)
Ud-mg=ma
(2分)
ER。,联立解得U1=4V,R=4.50
又U,=R+r+Ru
若粒子从下极板右侧射出，则L=1:d=；g-9=m(2分)
d
其中U,=。
ER。联立解得U2-0V,R:=0
R+r+R2
则滑动变阻器R的调节范围0≤R≤4.52。
(1分)
17解：(1)小球由A到B的过程中由动能定理得9R=)m听(1分)
解得E=竖
(1分)
9
由以上分析可知gE=mg,当小球运动到等效最低点M时速度最大，小球对轨道的
压力最大，重力和电场力的合力大小为F=√2mg,方向斜向左下方与水平面成45°，
小球由A到M的过程中，由动能定理得
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2024年12月
gER(1+cos45)-mgR(1-cos45)=mvi,(2
由牛顿第二定律得N-F=mv:(1分)
R
解得N=3V2mg
由牛顿第三定律，Fw=N=3V2mg(1分)
(2)假设小球刚好运动到D点，则小球在D点的速度为0，小球的释放点到B
点的距离为x,则由动能定理得gEx-mg2R=0
解得=2R>R;则小球不能运动到D点；
假设小球刚好运动到C点，则小球在C点的速度为0，由动能定理得小球
应由B点静止释放：显然从A点释放的小球运动的最高点位于CD之间，(1分)
设该点与圆心的连线与水平方向的夹角为a,则由动能定理得
qER(1+cosa)=mgR(1+sina）(1分)
解得a=459
则小球能达到的最高点与水平面的高度为
H=R+Rsin450=2+2R(1分)
2
(3)小球由释放到D点的过程中，由动能定理得
gE×6.5R-mg2R=)m,2(1分)
解得vo=3VgR
当小球的速度与合力垂直时动能最小，此时小球的速度斜向右下方与水平方
向的夹角为45°，设此时的速度大小为y,由斜抛运动规律可得
v=VD COS45=号V2gR(1分)
所以小球的最小动能为E心=)mv=9mgR(1分)
1
4
小球离开D点后在竖直方向做自由落体运动，水平方向向右做匀减速直线
运动，小球从离开D点到落在水平面的时间为
g
(1分)
小球在水平方向的位移为x=vo1-g2(1分)
2
解得x=4R
则落地点与释放点间的距离为△x=xAB-x=2.5R
则落地点与释放点的电势差为U=一E△x(1分)
解得U=-5mgR
(1分)
2q
第2页共2页
