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{#{QQABRQwAp4ogC4okABATAAACALR5hLCEEwwGXkwCCwgmCQQskphGGgALcCgQMghORQABKAKAMQADACBAyFRIBFIAAB=A}#A}=}#}2024年秋期六校第二次联考
高一年级物理参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 D D B D C D BD AB BC CD
1．D
【解析】神舟十九号飞船在与天和核心舱对接的过程中，二者的大小、形状以及各部分
的运动差异均不能忽略，所以不能将它们视为质点，研究空间站绕地球飞行的时间时，空间
站的大小、形状以及各部分的运动差异均可以忽略，可将空间站视为质点，故 A错误，D正
确；对接成功后，以空间站为参考系，神舟十九号飞船是静止的，以地球为参考系，整个空
间站是运动的，故 B、C错误。
2．D
【解析】加速度方向与速度方向相同时，物体加速；相反时，物体减速；加速度增大，
速度就不一定增大，故 A、C错误；加速度大小表示速度变化的快慢，速度的改变量越大，
速度的变化率不一定越大，故 B错误；物体以很大的速度匀速直线运动，其加速度可能为零；
故 D正确。
3．B
【解析】以 AB组成的整体为研究对象，水平地面光滑，不受地面的摩擦力，又受向右
的拉力 F，所以两物体向右做加速运动；以 A为研究对象，物体 A向右做加速运动，所以合
力向右，即 B对 A向右的静摩擦力，所以 A受到的摩擦力水平向右；以 B为研究对象，根据
力的作用的相互性，B应受到 A对其向左的摩擦力作用，所以 B受到的摩擦力水平向左．综
上分析 B正确。
4．D
【解析】A物体的 x－t图线是一条倾斜的直线，所以 A物体做匀速直线运动，且速度为
vA＝ ＝ m/s＝－1 m/s，故选项 A错误；0～6 s内 B物体的 x－t图线的斜率增大，则
B物体的速度逐渐增大，故选项 B错误；0～5 s内，A物体的位移 xA＝－1 m－4 m＝－5 m，
B物体的位移 xB＝－1 m－（－4 m）＝3 m，所以 A、B两物体在 0～5 s内位移不相等，则
平均速度不相等，故选项 C错误；0～6 s内，A物体的位移 x′A＝－2 m－4 m＝－6 m，B物
体的位移 x′B＝2 m－（－4 m）＝6 m，则| x′A|＝| x′B|，A物体做匀速直线运动，B物体的
速度逐渐增大，则在 0～6 s内某时刻两物体的速度大小相等，故选项 D正确。
5．C
【解析】如图所示，以 F=G=100N的“箭头”为圆心，以 F2的大小 60 N为半径画一个圆
弧，圆弧与 F1所在直线有两个交点，因此 F2有两个可能的方向，F1的大小有两个可能的值，
C正确。
1 5
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6．D
【解析】物块速度最大时，其加速度为零，而加速度为零即合外力为零，由此可知物块
速度最大的位置一定在 BC之间的某一位置，该位置弹簧的弹力大小等于推力的大小，物块
合外力为零，加速度为零，速度最大，而在合外力为零的位置之前，物块所受推力大于弹簧
的弹力，物块做加速度减小的加速运动，在合外力为零的位置之后，弹簧的弹力大于推力，
物块做加速度增大的减速运动，则从 B到 C的过程中物块先加速后减速，故 A、B错误；物
块未与弹簧接触前受恒力，则其加速度恒定不变，与弹簧接触后随着弹簧弹力的增加，物块
先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动，可知，在由 A到 C的过程中，物
块的加速度先不变，再减小，后增大，故 C错误；根据运动的对称性以及受力情况的变化可
知，物块能返回到 B点，且两次在 B点的速度大小相等，故 D正确。
7．B、D
【解析】将车厢和货物看成整体，做受力分析如图：
故 A错误，B正确；对货物受力分析，如图所示：
N mg =masinθ f =macosθ N = m (g + a sinθ )，
由牛顿第二定律可得 ，解得 ，C错误，D正
确。
8．A、B
【解析】将汽车减速的逆过程看作是反方向初速度为零的匀加速运动，因为在最后 1秒
内的位移为 2 m，根据 x1＝ at 2 2 21 ，可知加速度 a＝ ＝ m/s ＝4 m/s ，故 B正确；汽车
2
刹车时第 1秒内的位移为 13 m，由 x＝v0t－ at ，代入数据解得 v0＝15 m/s，根据 v1＝v0－at1
可得汽车在第 1秒末的速度是 v1＝11 m/s，故 A正确，D错误；汽车刹车停止所需的时间为
t＝ ＝ s＝3.75 s，故 t＝4 s时汽车已经停下来，因而汽车前 4秒内的位移是 x4＝ ＝
m＝28.125 m，故 C错误。
9．B、C
【解析】行李无初速度地放在传送带上，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加
速直线运动，此过程受三个力，随后行李又以与传送带相等的速度做匀速直线运动，此过程
v
行李受二个力。故 A a 2错误，B正确。加速时 ＝ g＝2m/s ，历时 t1＝ ＝0.5s达到共同速度，
a
2 5
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v
位移 x1＝ t1＝0.25m，此时传送带匀速运动位移 x2＝vt1＝0.5m，行李相对传送带发生了 x2-x1
2
＝0.25m的位移。故 C正确，D错误。
10．C、D
【解析】物体 A向右作匀加速运动所受静摩擦力为其合力，由牛顿第二定律 f=ma，方
向向右。C正确；以 AB整体为研究对象有：T = 2ma，以 C为研究对象有：Mg T = Ma、
Mg Mmg
a = ，物体 A受到的摩擦力向右，由牛顿第二定律 f = ma = ，D正确。
M + 2m M + 2m
11．【参考答案】
（1）60（2分）
（3）2.99（2.98、3.00也正确，1分） 见解析图（1分）
（4）F′（1分） F′（1分）
（5）不会（1分）
【解析】
F 3
（1）由题图甲，根据胡克定律可得该弹簧的劲度系数为 k = = N /m = 60N /m
x 5×10 2
（3）由题图可知弹簧测力计的最小分度值为 0.1 N，与细绳 OA连接的弹簧测力计的读数应
该为 2.99 N（可允许最大±0.01 N的误差）；根据平行四边形定则及力的图示的要求，
可作出与细绳 OA连接的弹簧测力计的拉力及它们的合力如图所示：
（4）由于存在误差，实际的合力一般不严格与分力构成的平行四边形的对角线重合，而是
有一定的偏差，因此实际的合力是 F′，一定沿 CO方向的是 F′。
（5）在实验中，如果将细绳换成橡皮条，不会影响分力的大小与方向，那么实验结果不会
发生变化。
12．【参考答案】
（1）B（1分）
（2）C（1分）
3 T = mg ma
Mmg
（ ） 或T = Ma或 T = （写出任何一种形式给 2分）
m + M
（4）远大于（1分）
【解析】
（1）探究加速度与力、物体质量的关系采用控制变量法探究。
1
（2 a）加速度和物体质量之间的关系，若用 a-M图像，图像为曲线，而用 - 图像为正比函
M
数图像，更为直观。
（3 mg T =ma T = mg ma）以盘和重物为研究对象有： ，
以小车与车中砝码总质量为研究对象有：T = Ma
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mg Mmg
a = T =
以整体为研究对象有： M + m ， m + M
（4）因为盘和重物运动时处于非平衡状态，所以小车所受的拉力近似等于盘和重物的重力
应满足的条件是M远大于 m。
13．【参考答案】
（1）货车刚冲上避险车道时：由牛顿第二定律得 mgsin30°+ 0.5mg = ma，
解得 a = 10 m/s （5分）
（2）要使该车能安全避险，避险车道的最小长度：由速度位移公式得
02 v20 = 2ax
其中v0 = 90km / h = 25m / s
a =10m / s2
解得 x = 31.25 m（5分）
14．【参考答案】
当物体 A受到的摩擦力等于最大静摩擦力，且方向沿斜面向上时，对物体 A进行受力分析，
如图所示，根据正交分解可知：
垂直于斜面方向有：N =Mgcosθ（2分）
沿斜面方向有：T + fmax = Mg sinθ（2分）
fmax = f = N（1分）
滑
此时拉力 T最小，B的质量最小。
B T = m g Mg对物体 进行受力分析有： min （1分）
m
解得 min =M sinθ Mcosθ（1分）
当物体 A受到的摩擦力等于最大静摩擦力，且方向沿斜面向下时，对物体 A进行受力分析（图
略），根据正交分解可知：
垂直于斜面方向有：N =Mg cosθ（1分）
沿斜面方向有：T fmax =Mg sinθ（2分）
fmax = f = N（1分）
滑
此时拉力 T最大，B的质量最大。
B T = m对物体 进行受力分析有： maxg（1分）
m
解得 max = M sinθ + Mcosθ（1分）
要让物体 A在斜面上保持静止，物体 B质量 m的取值范围
M sinθ Mcosθ ≤ m ≤M sinθ + M cosθ （1分）
15．【参考答案】
（1）对小球最初阶段受力分析有（如图）有：
N = mgcosθ F (2分)
f =μN (2分)
F = kv
mg sinθ f = ma(2分)
当 N=0时，摩擦力也为零。即 f =0；此时小球运动的加速度最大a = g sinθ（1分）；
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mgcosθ
（2）此时的速度为： v = （2分）
k F
f
（3）小球继续向下加速，对此过程受力分析（如图）有：
N = F mgcosθ (2分)
N
f = N (2分)
mgsinθ f = ma(2 ) mg分
F = kv
a = 0 mg sinθ + mgcosθ当 时小球运动的速度最大；最大为 v （1分）m =
k
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