2025浙江高考物理一轮复习-“1~15选择+16实验”限时练2 （含解析）

2025浙江高考物理一轮复习-“1~15选择+16实验”限时练2
一、选择题Ⅰ(本题共13小题,每小题3分,共39分.每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分)
1.[2024·舟山模拟] 下列物理量属于矢量,且其单位用国际单位制基本单位表示的是 (　)
A.功　kg·m2·s-2 B.电场强度　V·m-1
C.磁感应强度　kg·A-1·s-2 D.磁通量　T·m2
2.酒店内的智能机器人可以把1楼大厅的外卖送至指定楼层的客房.如图为机器人送餐至9楼的场景.下列说法正确的是 (　)
A.在避开障碍物的过程中,可以把机器人看成质点
B.记录机器人从1楼至9楼的时间,可以把机器人看成质点
C.送餐的全过程,机器人的位移大小可能等于路程
D.若送餐用时625 s,行程50 m,机器人的平均速度大小为0.08 m/s
3.如图所示,投掷飞镖时靶盘竖直放置,将飞镖沿水平方向正对靶心掷出,经0.20 s飞镖射中靶心正下方的某点.已知飞镖掷出前距靶心的水平距离为2.0 m,飞镖可视为质点,不计空气阻力.以下说法正确的是 (　)
A.飞镖掷出时速度的大小为10 m/s
B.以地面为参考系,飞镖在空中做匀速直线运动
C.飞镖在空中运动的过程中机械能逐渐增大
D.为使飞镖命中靶心,应适当增大掷出时的速度
4.[2024·江西抚州模拟] 如图所示,在阴极射线管两端加上高电压,管中将产生电子流,方向由左向右,形成阴极射线.如果在该阴极射线管的正上方放置一根通有自左向右方向电流的通电直导线,导线与阴极射线管平行,则阴极射线偏转形成的轨迹图为(　)
A
B
C
D
5.我国正在大力发展电动汽车,科研人员也在测试汽车的无线充电.将受电线圈安装在汽车的底盘上,将连接电源的供电线圈安装在地面上,如图所示.当电动汽车行驶到供电线圈装置上,受电线圈即可“接受”到供电线圈的能量,从而对蓄电池进行充电.关于无线充电,下列说法正确的是 (　)
A.无线充电技术与扬声器的工作原理相同
B.为了保护受电线圈不受损坏,可在车底接收线圈下再加装一个金属护板
C.只有将供电线圈接到交流电源上,才能对车辆进行充电
D.若供电线圈和接收线圈均用超导材料,充电效率可达到100%
6.钍基熔盐核反应堆不仅发电效率高,而且核废料污染小,具有广阔的应用前景.Th 本身不能直接使用,需经过一系列核反应后先生成Pa,Pa再衰变生成U,利用中子轰击U发生裂变后释放核能,其典型产物是Ba和Ke,已知Pa的半衰期为27天,则 (　)
A.　U裂变反应的方程为UBaKe+n 　　B.　Ke的结合能大于U的结合能
C.大量的Pa经过54天后有四分之一发生了衰变 　　D.　Pa发生的是β衰变
7.[2024·丽水模拟] 金星的半径是地球半径的95%,质量是地球质量的82%.已知地球的公转周期为T,地球的第一宇宙速度为v1,地球表面重力加速度为g,则 (　)
A.金星的公转周期为T B.金星的第一宇宙速度为v1
C.金星表面重力加速度为g D.金星对地球引力是地球对金星引力的0.82倍
8.[2024·湖北武汉模拟] 如图所示,两个轻环a和b套在位于竖直面内的一段固定圆弧上,一细线穿过两轻环,其两端各系一质量为m的小球,在a和b之间的细线上悬挂一小物块.平衡时,a、b间的距离恰好等于圆弧半径的1.2倍.不计所有摩擦(sin 16°=0.28).小物块的质量为 (　)
A.0.56m B.m C.1.6m D.2m
9.[2024·温州中学模拟] 防疫口罩中使用的熔喷布经驻极处理后,可增加静电吸附功能.驻极处理如图所示,针状电极与平板金属电极分别接高压直流电源的正、负极,针尖附近的空气被电离后,带电粒子在电场力作用下运动,熔喷布捕获带电粒子带上静电,熔喷布带电后对电场的影响忽略不计.下列说法正确的是 (　)
A.熔喷布上表面因捕获带电粒子而带负电
B.沿图中虚线向熔喷布运动的带电粒子,电势能不断增加
C.沿图中虚线向熔喷布运动的带电粒子,加速度逐渐减小
D.图中虚线上的a、b、c三点,电势分别为φa、φb、φc,且=,则φb>
10.某同学设计了一种利用光电效应原理工作的电池,如图所示.K、A电极分别加工成球形和透明导电的球壳.现用波长为λ的单色光照射K电极,K电极发射光电子的最大动能为Ek,电子电荷量为e.忽略光电子重力及之间的相互作用,已知光速为c,普朗克常量为h.下列说法正确的是 (　)
A.入射光子的动量p=hλ
B.K电极的逸出功W0=
C.A、K之间的最大电压U=
D.若仅增大入射光强度,A、K之间电压将增大
11.如图所示,两列在同一水面传播的波,波面均为直线,周期均为T,振幅均为A,传播速度均为v、传播方向相互垂直.实线表示波峰,虚线表示波谷.R点是N点与P点连线的中点.下列判断正确的是 (　)
A.质点M和N的振幅相等
B.M、Q连线上各点振动均加强,N、P连线上各点振动均减弱
C.水面凸起最高位置的移动速度为2v
D.从图示时刻开始经过,质点R的位移为-A
12.如图是家电漏电触电保护器原理简图,口字形铁芯上绕有三组线圈A、B、C,A、B为火线和零线双线并绕,电器正常工作时A、B线圈中电流等大反向,线圈和铁芯中磁感应强度为零,保护器两端电压为零;负载电阻a端接火线线圈A,发生漏电或触电事故时相当于负载电阻接地,B线圈(零线)电流小于A线圈电流或为零,交变电流在A线圈及铁芯中产生磁场,使A、C相当于变压器原、副线圈工作,通过保护器的电流启动保护模式,断开火线开关S.已知人体安全电流I0≤10 mA,保护器启动电流为25 mA,变压器可看作理想变压器,下列说法正确的是 (　)
A.保护器必须设置在A、B线圈电流差值远大于10 mA时启动
B.人体接触负载电阻的b端比接触a端更危险
C.线圈A、C的匝数比应该大于或等于5∶2
D.负载电阻电压是保护器两端电压的2.5倍
13.餐厅桌面中间常会放置一块亚克力板,以防止用餐时飞沫的传播.如图所示,厚度为d的透明平板平放在贴有方格纸图案的桌面上,且板面与水平格线平行,某同学贴近桌面且垂直板面正视,观察发现板后水平格线的位置都向前平移.已知平板的折射率为n,则下列说法正确的是 (　)
A.板后水平格线平移距离随其离板面的远近而改变
B.板后水平格线平移距离不随平板厚度的改变而改变
C.板后水平格线平移距离约为d
D.板后水平格线平移距离约为d
二、选择题Ⅱ(每小题3分,共6分.每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的,全部选对的得3分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)
14.下列说法正确的是 (　)
A.不可能从单一热库吸收热量,使之完全变成功
B.弱相互作用是短程力,它是引起原子核β衰变的原因
C.蔗糖受潮后粘成的糖块属于非晶体,有确定的熔点,但没有确定的几何形状
D.α粒子散射实验既可以确定不同元素原子核的电荷量,也可以估算原子核的半径
15.图甲和图乙分别表示甲、乙两列波在不同介质中沿x轴正方向传播,如图所示实线和虚线分别表示两列波在t=0和t=0.5 s时的波形图.若两列波的周期均大于0.35 s,则 (　)
A.甲波的周期可能是乙波周期
B.甲波传播的速度可能比乙波速度大,也可能比乙波速度小
C.0~0.5 s内某时刻,质点P、Q的运动方向可能相同
D.t=1 s时,P、Q质点的位移大小可能相等
三、实验题(共14分)
16.Ⅰ.(4分)某同学用如图装置完成“探究加速度与力、质量的关系”实验.
(1)以下措施有助于减少该实验误差的是　　　　.
A.使槽码的质量远大于小车的质量　　　　　B.纸带运动方向应与两限位孔在同一直线上
C.需从纸带上打下的第一个点开始取计数点
(2)实验中获得如表的数据,根据这些数据,可以探究的是　　　　.
F/N m/kg a/(m·s-2)
0.29 0.86 0.34
0.14 0.36 0.40
0.29 0.61 0.47
0.19 0.36 0.54
0.24 0.36 0.66
0.29 0.41 0.70
0.29 0.36 0.82
0.29 0.31 0.93
0.34 0.36 0.95
A.只有加速度与力的关系　B.只有加速度与质量的关系　C.加速度与力以及加速度与质量的关系
Ⅱ.(3分)某同学利用图甲所示磁吸式装置探究平抛运动的规律.
甲
乙
丙
(1)在调节轨道时,发现水平仪的状态如图乙所示,此时应将轨道的右端调　　　　(选填“高”或“低”).
(2)进一步用手机的“慢动作”功能拍摄,并从视频中,每24帧选取一帧进行处理得到如图丙所示的抛体运动“频闪图片”,坐标板上最小一格实际长度为1 cm.由图像可知该手机拍摄时的帧率最有可能是　　　　.
A.240帧/秒 B.480帧/秒 C.960帧/秒
(3)结合(2)问的信息可求出小球的水平速度为　　　　m/s.(计算结果保留两位有效数字).
Ⅲ.(7分)某同学为研究某种金属导线的电阻率,用图甲电路进行实验,金属导线的长度可以通过导线上的滑动头调节,滑动头有一定的电阻,但阻值未知.
甲
乙
(1)请以笔画线将未连接的导线在图乙中补齐.
(2)实验室准备了R1(5 Ω,3 A)和R2(50 Ω,1.5 A)两种滑动变阻器,用R1、R2分别实验,以电压表的读数U为纵轴,为横轴(x为图甲中AP长度,L为AB长度),得到U-图像如图丙,其中选用R1时对应的图线应为　　　　(选填“m”或“n”);
丙
丁
戊
(3)再用螺旋测微器测量金属导线的直径如图丁所示,则该导线的直径为　　　　mm;
(4)再多次调节滑动头改变金属导线的长度l,并测量出不同长度时的电阻值Rx,作Rx-l图像(图戊),根据图像可求出该金属导线的电阻率为　　　　　　　　　　　 Ω·m(计算结果保留两位有效数字).
参考答案与详细解析
C　[解析] 功是标量,功的单位为J=N·m=kg·m2·s-2,故A不符合题意;电场强度是矢量,电场强度的单位为V·m-1=
N·C-1=kg·m·A-1·s-3,故B不符合题意;磁感应强度是矢量,磁感应强度的单位为T=N·A-1·m-1=kg·A-1·s-2,故C符合题意;磁通量是标量,磁通量的单位Wb=T·m2=kg·m2·A-1·s-2,故D不符合题意.
2.B　[解析] 在避开障碍物的过程中,机器人的大小和形状不可以忽略不计,则不可以把机器人看成质点,故A错误;记录机器人从1楼至9楼的时间,机器人的大小和形状可以忽略不计,则可以把机器人看成质点,故B正确;送餐的全过程,机器人不是沿着直线运动,则机器人的位移大小小于路程,故C错误;若送餐用时625 s,行程50 m,机器人的平均速率为== m/s=0.08 m/s,平均速度不确定,故D错误.
3.A　[解析] 飞镖在空中做平抛运动,水平方向做匀速直线运动,则有v0== m/s=10 m/s,A正确;将飞镖沿水平方向正对靶心掷出,飞镖在空中只受重力作用,以地面为参考系,飞镖在空中做平抛运动,B错误;飞镖在空中只受重力作用,重力对飞镖做正功,飞镖的动能逐渐增大,飞镖的机械能保持不变,C错误;将飞镖沿水平方向正对靶心掷出,由于重力作用,飞镖不能依靠增大掷出速度命中靶心,可以升高抛出位置,命中靶心,D错误.
4.A　[解析] 在阴极射线管上方放置通电直导线后,根据右手螺旋定则可知,阴极射线处于垂直纸面向内的磁场中,根据左手定则可判断,电子从阴极射出后,受到洛伦兹力方向向下,电子束向下偏转.故选A.
5.C　[解析] 无线充电技术就是通过电磁感应原理,当穿过受电线圈的磁通量发生变化时,受电线圈会产生感应电动势,有了感应电流,对蓄电池进行充电,扬声器是通电导线在磁场中受力从而发声,两者原理不同,故A错误;如果在车底加装一个金属护板,金属护板会产生涡流,损耗能量,同时屏蔽磁场,使受电线圈无法产生感应电流,故B错误;供电线圈只有接到交流电源上,才能产生变化的磁场,从而使受电线圈产生感应电流给蓄电池充电,故C正确;即使线圈为超导材料制作,但在传输过程中仍然会有能量损失比如漏磁,所以效率不可能达到100%,故D错误.
6.D　[解析] 　U发生裂变反应时要有中子参加反应,选项A错误;利用中子轰击U发生裂变后释放核能,其产物是Ba和Ke,生成物更稳定,比结合能更大,但是质量数不同,Ke的结合能小于U的结合能,选项B错误;已知Pa的半衰期为27天,则大量的Pa经过54天后有四分之三发生了衰变,剩下原来的四分之一没有衰变,选项C错误;Pa衰变生成U的反应方程为PaUe,则发生的是β衰变,选项D正确.
7.B　[解析] 根据题意,设地球的半径为R,质量为M,则金星的半径为95%R,质量为82%M,由于题中没有金星与地球的公转半径或公转半径的比值,无法求出金星的公转周期,故A错误;根据题意可知,地球的第一宇宙速度为v1=,则金星的第一宇宙速度为v==v1,故B正确;根据题意可知,地球表面重力加速度为g=,则金星表面重力加速度为g'==g=·g,故C错误;金星对地球引力与地球对金星引力是一对相互作用力,大小相等,方向相反,故D错误.
8.A　[解析] 如图所示,由几何关系可得sin ∠cOa===,则∠cOa=37°,所以θ=90°-2×37°=16°,由于细线是同一根,则细线的拉力大小总是相等,有F=mg,对物块受分力析,由平衡条件可得Mg=2Fsin 16°,解得M=0.56m,所以A正确,B、C、D错误.
9.C　[解析] 针状电极与平行板之间的电场线分布如图所示,带正电粒子所受电场力向下,熔喷布上表面因捕获带电粒子而带正电,故A错误;由图知,沿图中虚线向熔喷布运动的带电粒子,电场力做正功,电势能减小,故B错误;沿图中虚线向熔喷布运动的带电粒子,电场线变疏,电场强度越来越小,根据Eq=ma,加速度逐渐减小,故C正确;由图可知,> ,由U=Ed可得Uab>Ubc,则φa-φb>φb-φc,解得φb<,故D错误.
10.C　[解析] 入射光子的动量p=,故A错误;K电极发射光电子的最大动能为Ek,根据光电效应方程有Ek=h-W0,解得W0=-Ek,故B错误;电子聚集在A电极后,使A极带负电,因此会在球内部建立一个从K指向A的反向电场,阻碍电子继续往A聚集.当A、K之间达到最大电势差U,最大动能为Ek的电子都无法到达A极,根据动能定理有-eU=0-Ek,A、K之间的最大电压U=,故C正确;根据Ek=h-W0,可知若仅增大入射光强度,最大初动能不变,A、K之间电压将不变,故D错误.
11.D　[解析] 由图可知,M点振动加强,振幅为2A,而N点振动减弱,振幅为0,故A错误;MQ中点为波峰和波谷相遇点,振动减弱,而NP中点为波峰和波峰或者波谷和波谷相遇点,振动加强,所以M、Q,N、P连线上均既有振动加强点也有振动减弱点,故B错误;水面凸起最高位置的质点振动速度为零,只有波动速度,根据运动的合成原理结合图像可知,水面凸起最高位置的移动速度为v'==v,故C错误;由图可知,R为振动加强点,且在图示时刻为两列波的平衡位置相遇点,所以R处于平衡位置且向负方向振动,根据简谐运动的相关知识可知,从图示时刻开始经过,质点应处于平衡位置和负的最大位移处的中点,所以质点R的位移为-A,故D正确.
12.C　[解析] 因人体安全电流I0≤10 mA,则保护器必须设置在A、B线圈电流差值小于10 mA时启动,选项A错误;人体接触负载电阻的a端时,人体直接接触火线,则人体接触负载电阻的a端比接触b端更危险,选项B错误;当线圈A中电流为10 mA时,若保护器中的电流为25 mA,则线圈A、C的匝数比==,则线圈A、C的匝数比应该大于或等于5∶2,选项C正确;若A线圈中的电流达到10 mA,保护器上的电流达到25 mA时,根据IAUA=ICUC,此时负载电阻电压是保护器两端电压的2.5倍,因A、C两线圈匝数关系不确定,则负载电阻电压不一定是保护器两端电压的2.5倍,选项D错误.
13.C　[解析] 由题意可得,光线经过平板后的光路图如图所示,由折射定律可得n=,可得sin r=,由几何知识可得AD==,则有AB=ADsin (i-r),联立可得AB=dsin i1-,则有Δx=PP'==d,由于某同学贴近桌面且垂直板面正视,因此i很小,则有cos i≈1,sin i≈0,上式变为Δx≈d=d,由此可知,板后水平格线平移距离Δx不随其离板面的远近而改变,但随平板厚度d的改变而改变.故选C.
14.BD　[解析] 在外界的影响下,气体可以从单一热源吸收热量,全部用来对外做功,故A错误;弱相互作用是短程力,主要在原子核的核子内,它是引起原子核β衰变的原因,故B正确;蔗糖受潮后粘在一起形成的糖块看起来没有确定的几何形状,但不是非晶体,而是多晶体,故C错误;α粒子散射实验既可以确定不同元素原子核的电荷量,也可以估算原子核的半径,故D正确.
15.BC　[解析] 由图可得甲波的波长λ甲=4 m,则有x1=λ甲+nλ甲=(1+4n) m,t=T甲+nT甲,周期大于0.35 s,可得T甲1=0.4 s或T甲2=2 s,由图可得乙波的波长λ乙=6 m,则有x2=λ乙+nλ乙=(3+6n) m,t=T乙+nT乙,周期大于0.35 s,可得T乙=1 s,甲波的周期不可能是乙波周期的,故A错误.甲波传播的速度v甲1==10 m/s或v甲2==2 m/s,乙波传播的速度v乙==6 m/s,甲波传播的速度可能比乙波速度大,也可能比乙波速度小,故B正确.当甲周期为0.4 s时,0~0.1 s内P向y轴正方向,0.1~0.3 s向y轴负方向,0.3~0.5 s向y轴正方向;Q在0~ s向y轴负方向, s~0.5 s向y轴正方向,所以质点P、Q的运动方向可能相同,故C正确.当t=1 s,甲周期分别为0.4 s和2 s时,P质点的位移都为0,Q质点的位移还在现在的位置,故D错误.
16.Ⅰ.(1)B　(2)C
[解析] (1)设槽码质量为m,小车质量为M,对小车和槽码整体分析有mg=(m+M)a,a=,对小车而言,绳子的拉力为小车受到的合外力,FT=Ma=M,化简得FT=,故当M m时,FT=mg,A错误;纸带运动方向应与两限位孔在同一直线上,使小车所受外力方向沿斜面方向,B正确;由于需要计算小车的速度及加速度,需要在纸带上选取合适的点迹作为计数点,无需把第一个点作为计数点,C错误.
(2)根据控制变量法的原理可知,在探究加速度与力关系时,需要控制小车的质量不变;探究加速度与质量的关系时,需使小车受到的外力不变,即槽码的质量不变,而小车的质量变化.综合分析表中的第一列和第二列数据,均可找到对应不变的量,故A、B错误,C正确.
Ⅱ.(1)低　(2)B　(3)1.1
[解析] (1)水平仪右端有气泡,说明右端偏高,则应把右端调低.
(2)坐标板上最小一格实际长度为1 cm,竖直高度约为40小格,竖直方向的自由落体时间约为t=≈0.3 s,而每24帧选取一帧进行处理得到如图丙所示的抛体运动“频闪图片”,共有7个小球的位置,则有6个时间间隔,故手机拍摄时的帧率约为×6=480帧/秒,故选B.
(3)小球在竖直方向做匀加速直线运动,水平方向做匀速直线运动,有Δh=gT2,x=v0T,其中Δh=0.03 m,x=0.06 m,解得初速度为v0≈1.1 m/s.
Ⅲ.(1)如图所示　(2)m　
(3)1.007(1.006~1.008均可)　(4)6.3×10-6(5.9×10-6~6.4×10-6均可)
[解析] (1)根据电路图连接实物图,如图所示.
(2)滑动变阻器R1最大电阻较小,流过滑动变阻器的电流较大,则移动滑动变阻器的滑动头流过R1的电流不变,则根据串联分压原理可知===,化简可得U=UAB·,则U-图像的斜率近似为定值,故选用R1时对应的图线应为m.
(3)螺旋测微器的分度值为0.01 mm,则该导线的直径为d=1 mm+0.7×0.01 mm=1.007 mm.
(4)根据电阻定律有Rx=ρ=l,由图可知k== Ω/m,代入数据解得该金属导线的电阻率为ρ≈6.3×10-6 Ω·m.