河北省唐山市玉田第一中学2024-2025学年高二上学期质检数学试卷(PDF版,含答案)

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名称 河北省唐山市玉田第一中学2024-2025学年高二上学期质检数学试卷(PDF版,含答案)
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资源类型 教案
版本资源 通用版
科目 数学
更新时间 2025-01-09 07:08:45

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文档简介

河北省唐山市玉田第一中学 2024-2025 学年高二上学期质检数学试卷
一、单选题:本题共 8 小题,每小题 5 分,共 40 分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.过空间三点 (1,1,0), (1,0,1), (0,1,1)的平面的一个法向量是( )
A. (1,1,1) B. (1,1, 1) C. (1,0,1) D. ( 1,0,1)
2.若直线过点(1,2),点(4,2 + √ 3),则此直线的倾斜角是( )
A. 30° B. 60° C. 120° D. 150°
3.已知 为空间任意一点, , , , 四点中任意三点不共线,但四点共面,且 = + 2 + ,
则 的值为( )
A. 1 B. 2 C. 3 D. 2
4.若直线 + 2 = 0与直线 2 + + 1 = 0垂直.则 =( )
A. 1 B. 1 C. 0 D. 0或 1
5.正四棱锥 的所有边长都相等, 为 的中点,则 与 所成角的余弦值为( )
1 1 √ 3 √ 3
A. B. C. D.
3 2 3 2
6.两点 ( 1,0), (0,2),点 是圆( 2)2 + 2 = 1上任意一点,则△ 面积最小值是( )
√ 5 √ 5
A. √ 5 B. 2 C. 3 + D. 3
2 2
7.二面角的棱上有 , 两点,直线 , 分别在这个二面角的两个半平面内,且都垂直于 .已知 = 4,
= 6, = 8, = 2√ 17,则该二面角的大小为( )
A. 45° B. 60° C. 90° D. 120°
8.如图,在四棱锥 中,底面 是边长为1的正方形,侧棱 的长为2,且
与 , 的夹角都等于60°,若 是 的中点,则| | =( )
√ 6
A.
2
√ 6
B.
3
√ 6
C.
4
√ 6
D.
5
二、多选题:本题共 3 小题,共 18 分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。
9.已知直线 : √ 3 + 1 = 0,则( )
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A. 直线 的倾斜角为
3
√ 3
B. 直线 与两坐标轴围成的三角形面积为
6
C. 点(0,√ 3)到直线 的距离为1
D. 直线 关于 轴对称的直线方程为√ 3 + 1 = 0
10.已知圆 : 2 + 2 4 14 + 45 = 0及点 ( 2,3),则下列说法正确的是( )
A. 点 的坐标为(2,7)
B. 点 在圆 外
1
C. 若点 ( , + 1)在圆 上,则直线 的斜率为
4
D. 若 是圆 上任一点,则| |的取值范围为[2√ 2, 6√ 2]
11.如图,四棱锥 中,底面 是正方形, ⊥平面 , = , , 分别是 , 的中
点, 是棱 上的动点,则( )
A. ⊥
B. 存在点 ,使 //平面
C. 存在点 ,使直线 与 所成的角为30°
D. 点 到平面 与平面 的距离和为定值
三、填空题:本题共 3 小题,每小题 5 分,共 15 分。
12.已知直线 外一点 ( 1,0,2),直线 过原点 ,且平行于向量 = (0,4,2),则点 到直线 的距离为______.
13.已知线段 的端点 ( 1,3), (5,2),直线 : 2 3 = 0与线段 相交,则 的取值范围是______.
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14.过点 (4,1)作直线 分别交 轴, 轴正半轴于 , 两点, 为坐标原点.当| | + | |取最小值时,直
线 的方程为______.
四、解答题:本题共 5 小题,共 77 分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
15.(本小题13分)
已知直线 1: + ( 2) = 0, 2: + 2 = 0,且满足 1 ⊥ 2,垂足为 .
(1)求 的值及点 的坐标.
(2)设直线 1与 轴交于点 ,直线 2与 轴交于点 ,求△ 的外接圆方程.
16.(本小题15分)
如图,在直三棱柱 1 1 1中, ⊥ , 1 = = = 2, , , 分别为 , , 1 1的中
点.
(1)求证: //平面 1 ;
(2)求二面角 1 的余弦值.
17.(本小题15分)
已知直线 : + + 1 = 0,点 ( 2,1).
(1)若点 到直线 的距离为 ,求 的最大值及此时 的直线方程;
(2)当 = 2时,过点 的一条入射光线经过直线 反射,其反射光线经过原点,求反射光线的直线方程.
18.(本小题17分)
如图,在三棱锥 中, = 2, = 4,△ 为正三角形, 为 的中点,∠ = ∠ = 90°.
(1)求证:面 ⊥面 ;
(2)若 为 中点,求平面 与平面 夹角的值;
(3)求点 到平面 的距离.
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19.(本小题17分)
在梯形 中, // ,∠ = 60°, = 2 = 2 = 4, 为 的中点,线段 与 交于 点,
将△ 沿 折起到△ ′的位置,使得平面 ⊥平面 ′.
(1)求证: //平面 ′;
(2)平面 与平面 ′夹角的余弦值;

(3)线段 ′上是否存在点 ,使得 与平面 ′所成角的正弦值为√ 6?若存在,求出 的值:若不存在,
8 ′
请说明理由.
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1.【答案】
2.【答案】
3.【答案】
4.【答案】
5.【答案】
6.【答案】
7.【答案】
8.【答案】
9.【答案】
10.【答案】
11.【答案】
√ 105
12.【答案】
5
5
13.【答案】( ∞, 2] ∪ [ , +∞)
3
14.【答案】 + 2 6 = 0
1
15.【答案】解:(1)显然 ≠ 2,可得 1 = , = , 2 2
由 1 ⊥ 2,
可得 1 2 = 1,
1
即( ) ( ) = 1,
2
解得 = 1,
所以直线 1: = 0,直线 2: + 2 = 0,
= 0
联立方程组{ ,
+ 2 = 0
= 1
解得{ ,
= 1
所以点 (1,1).
(2)由直线 1: = 0,直线 2: + 2 = 0,
可得 (0,0), (2,0),
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1
所以△ 的外接圆是以 为直径的圆,可得圆心(1,0),半径 = | | = 1,
2
所以△ 的外接圆方程是( 1)2 + 2 = 1.
16.【答案】解:(1)证明:连接 1 ,因为 , 分别为 , 的中点,所以 //
在三棱柱 1 1 1中, // 1 1,
所以 // 1 1, , , 1, 1四点共面.
因为 // 1 1, = 1 1, , 分别为 , 1 1的中点,
所以 // 1 , = 1 ,
所以四边形 1 为平行四边形,
所以 // 1.因为 平面 1 , 1 平面 1 ,
所以 //平面 1 .
(2)由题设 1 ⊥平面 ,所以 1 ⊥ , 1 ⊥ ,
因为 ⊥ ,
所以 , , 1两两垂直.如图建立空间直角坐标系 ,
所以 (0,0,0), (2,0,0), (0,2,0), (1,0,0), (1,1,0), 1(2,0,2), 1(0,2,2),
= (0,1,0), 1 = ( 1,1,2), 1 1 = ( 2,2,0),
平面 的一个法向量是 = (0,0,1),设平面 1的法向量为 = ( , , ),
= = 0
则{ ,令 = 2,得 = (2,0,1),
1 = + + 2 = 0
设二面角 1 的平面角为 ,
| | √ 5
则 ,由图可知 为锐角,所以 √ 5| | = = = .
| | | | 5 5
1 = 0
17.【答案】解:(1)直线 : + + 1 = 0,整理得( 1) + ( + 1) = 0,故{ ,
+ 1 = 0
= 1
解得{ ,故直线 恒过点 (1, 1).
= 1
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故点 ( 2,1)到直线 的距离的最大值 = √ ( 2 1)2 + (1 + 1)2 = √ 13.
1+1 2 3
直线 的斜率为 = = ,故直线 的斜率 = , 2 1 3 2
3 1 2
故 = ,解得 = ,
2 3
2 5
故直线 的方程为 = 0,整理得3 2 5 = 0.
3 3
(2)由于直线 恒过点 (1, 1),当 = 2时,直线 的方程为 + 2 + 1 = 0;
点 ( 2,1)关于直线 + 2 + 1 = 0的对称点 ( , ),
2 1+ 12
+ 2 × + 1 = 0 =
所以{ 2 2 1 ,解得{
5 ,
1
= 2 =
+2 5
由于该直线经过原点,
1 12
所以直线的方程经过点 ( , )和原点 (0,0),
5 5
故反射光线的直线方程为 = 12 ,即12 + = 0.
18.【答案】解:(1) ∵ ∠ = ∠ = 90°,
∴ ⊥ , ⊥ ,
又 ∩ = ,
∴ ⊥面 ,
又 面 ,
∴面 ⊥面 ;
(2)因为 为正三角形为 中点,
所以 ⊥ ,又平面 ⊥平面 ,平面 ∩平面 = ,
所以 ⊥平面 ,又 平面 ,所以 ⊥ ,
又 为 的中点,所以 // , ⊥ ,
如图以 为原点建立空间直角坐标系,
则 (0,0,0), (0,0,√ 3), (0,2,0), ( 1,0,0), ( 1,4,0),
= (0,4,0), = (1,0, √ 3),
显然 = ( 1,0,0)是平面 的一个法向量,
不妨设平面 的一个法向量为 = ( , , ),
第 7 页,共 9 页

则{
= 0 4 = 0,即{ ,取 = 1,得 = 0, = √ 3,则 = ( √ 3, 0,1),
= 0 + √ 3 = 0
设所求夹角为 ,则 |( 1)×( √ 3)| √ 3 = |cos < , > | = = ,
1×2 2

故面 与面 的夹角为 ;
6
(3)由(2)得 = (1,2,0),面 的一个法向量为 = ( √ 3, 0,1),
| | √ 3
则 到面 的距离 = = .
| | 2
19.【答案】解:(1)证明:如图,连接 ,
∵ = 2 = 4, 为 的中点, // ,
∴ = = 2, // ,
∴四边形 为平行四边形,
∴ 是 , 的中点,
∵ 是 的中点,
∴ // ,
∵ 平面 ′, 平面 ′,
∴ //平面 ′;
(2) ∵平面 ⊥平面 ′,交线为 , ′ = ′ , 是 的中点,
∴ ′ ⊥ ,
∵ ′ 平面 ′,
∴ ′ ⊥平面 ,
∵ , 平面 ,
∴ ′ ⊥ , ′ ⊥ ,
∵ ∠ = 60°, = ,
∴三角形 为等边三角形,
∵ 是 的中点,
∴ ⊥ ,
∴ ′, , 两两垂直,
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则以 为坐标原点,分别以 , , ′为 轴, 轴, 轴,建立如图所示的空间直角坐标系,
∵ = 2 = 2 = 4,
∴ (√ 3, 0,0), ( √ 3, 2,0), ( √ 3, 0,0), ′(0,0,1), = (0, 2,0), ′ = (√ 3, 2,1),
设平面 ′的法向量为 = ( , , ),
= 2 = 0
则{ ,
′ = √ 3 2 + = 0
解得: = 0,令 = 1,则 = √ 3,
所以 = (1,0, √ 3),
平面 的法向量为 = (0,0,1),
设平面 与平面 ′的夹角为 ,
| | |(1,0, √ 3) (0,0,1)| √ 3
则 = |cos , | = = = ,
| | | | 2 2
故平面 与平面 ′
√ 3
的夹角的余弦值为 ;
2
(3)存在点 ,
理由如下:设 (0, , 1 ), ∈ [0,1],
则 = (0, , 1 ) ( √ 3, 0,0) = (√ 3, , 1 ),
由(2)知:平面 ′的法向量为 = (1,0, √ 3),
设 与平面 ′所成角为 ,
| | |(√ 3, ,1 ) (1,0, √ 3)| √ 6
则 = |cos , | = = =| | | | 2 8 ,
2√ 3+ 2+(1 )
2
因为 ∈ [0,1],解得: = ,
3
1
故 = .
′ 3
第 9 页,共 9 页
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