2025年自治区普通高考适应性检测分学科第二次模拟考试
物理试卷
本试卷共6页，满分100分，考试用时100分钟。
注意事项：
1.答题前，将自己的姓名、准考证号填任答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题
卡上的指定位置。
2.选拼妙的作芥：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题甘的答案标号涂黑
与在试题卷、草稿纸和答题卡：的非答题以域均无效
3.非选择题的作答：俐签子笔白接答在：答题卡上对应的答题X域内。马在试题卷、草稿纸
和答题卡上的非答题区域均尤效，
4.考试结束后.请将本试题卷和答题卡·并上交。
一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共4）分，第1~6题只有-项符合题目要求，第7-10题
有多项符合题目要求、全部选对的得4分，选对但不全的得2今，有选错的得0分)
】.智能手机中的光浅传感器可以根据外界的光强度自动调整屏幕亮度，光线传感器的主要
1作原理是光电效应，下列关于光电效应的说法止确的是
A.光电效应证实了光的波动性
B.光电效应实验中的巡止电与人射光的频率有关
C.发生光电效应，增大人射光强度，逸出光电子的最大初动能增大
D.发生光电效应时.增人人射光的频率，金属的逸出功增人
2.北斗卫星导航系统是我国自主建设的全球卫民导航系统，其有导航精度高、覆益范围·、抗
干扰能力强等特点，该系统由中圆地球轨道（示轨首）卫星，其轨道高度约为20000公
里：倾斜地球同步轨道（小示b轨道）卫足，其轨道高度与地球静止轨道
卫星相同：地球静止轨道（图小：轨道）卫星，其轨道位于地球上方约
36000公里的高度，这样的三种卫星组成，！图所示：下列有关说法止
确的是
A.c轨道上的卫星可能经过乌鲁木齐正.上方
B.a轨道上的卫星的运行速度比b轨道上的卫星的运行速度小
C.由于未告知卫星质址，不能比较口轨道上卫星与c轨道上卫星运行时的向心加速度大小
D.轨道上的卫星运行周比b轨道上的卫星的运行周期小
2025年自治区评通高考适应性检测分学料第二次模拟专试物理试苍第1页共6页
3.真空中一·肖们三角形ABC的三个顶点各放一个点电向.已知LC·30°，A.B两处点电荷的
电荷均为+g.AC边中点)处的电场强度方向垂山于C边向上：.则C处点电荷的电荷
量为
A.+3q
13.+24
C.-3g
D.-2g
4.空间某静电场的电场强度下随x的变化关系知到所示己知x轴正方向为场强的正方向，
现有一负点电荷只在电场力的作用下沿x舳正方向运动，则下列说法止确的是
4.该点电荷在x,处的加速度与x,处的加速度相同
E
Eo
B.从，到x,位置电势先升高后降低
C.该点电荷从x,运动到x,的过程中光加速运动后减速运动
D.该点电荷从1，运动到x,的过程中电势能经历」先减小后增
大再减小的过程
5.如图所，一可视为质点的小铁球从高为5m的楼顶由静止自出山卜落.经过-一离地高度为
1.8m的窗户.窗户L沿到卜沿的高度为1.4m,小铁球的质仗为】kg,忽略空气阳力，取重
力加速度g=10ms’,下列有关说法正确的是
A.小球泾经过窗户卜沿时的速度大小为6m/s
5m1.4m
B.小球从窗户的1：沿落到下沿的过程用时0.1s
1.8m
C.小球从窗户的上沿落到下沿的过程中重力的平均功率为0
D.小球落地瞬间重力的瞬时功率为80T
6.如图所示，轻质弹簧一端固定在水平地上，另一端与物块A连接在-起，在外力的作用下
物块4静止.弹簧处于生缩状态。现撒去外力，物块A竖直向上运动到最大位移时，立即将
物块B轻放在物块A上端，物块A,B在一起竖直向下运动的过程中始终不分离，弹葑未超
过弹性限度.则
3B
A.当物块A、B一起向下运动时，物块B对物块A的压力一直增人
B.物块A向上运动时，弹簧的弹力方向发生变化
C.当物块A向上运动到最大位移的一半的位置时，物块A的加速度方向竖直
向下
D.整个过程中物块B的重力势能减少量等于弹簧弹性势能增加量
2025年自治区普通商考话应性检测分学抖第二次模拟专试物理试卷第2贞共6火2025年自治区普通高考适应性检测分学科第二次模拟考试
物理参考答案
一、选择题（本题共 10 小题，每小题 4 分，共 40 分。在每小题给出的四个选项中，第 1-6
题只有一项符合题目要求，第 7-10 题有多项符合题目要求。全部选对的得 4 分，选对但不全
的得 2 分，有选错的得 0 分）
1.B
【解析】光电效应证实了光的粒子性，而不是波动性，A错误。根据光电效应方程 = 0
知遏止电压与入射光的频率有关，B 正确。根据光电效应方程 = 0,逸出光电子的最
大初动能只与入射光的频率有关，与入射光强度无关，增大入射光强度，不能改变逸出光电
子的最大初动能，C错误。金属的逸出功是金属的固有属性，只与金属本身有关，与入射光的
频率无关，D错误。故选 B。
2.D
【解析】地球静止轨道（c轨道）卫星相对地球静止，只能位于赤道上方，乌鲁木齐不在赤道
上，所以 c 轨道上的卫星不可能经过乌鲁木齐正上方，A错误。根据 = 可知，轨道半径
越小，运行速度越大。中圆地球轨道（a轨道）卫星的轨道高度约为 20000公里，倾斜地球同
步轨道(b轨道)卫星的轨道高度与地球静止轨道卫星的高度同为 36000公里，a轨道半径小于 b
轨道半径，所以 a 轨道上卫星的运行速度比 b轨道上卫星的运行速度大，B错误。根据 =
2
3
可知，卫星的向心加速度大小与卫星质量无关，只与轨道半径有关，C错误。根据 = 2
可知，轨道半径越小，运行周期越小。a轨道半径小于 b轨道半径，所以 a轨道上的卫星运行
周期比 b轨道上卫星的运行周期小，D正确。故选 D。
3.B
q
【解析】设 AB间距离为 r，先计算 A点电荷在 D点产生的电场强度 E A k ,方向沿 AD
r 2
方向。再计算 B点电荷在 D点产生的电场强度 E B k q ,方向沿 BD方向。则 A点电荷和 B
r 2
kq
点电荷在 D处产生的电场强度合场强为 3 2 ，方向水平向右，由于题干告知 D处的场强垂r
kq
直于 BC边向上，则 C处电荷为正电荷产生的场强大小为 2 2 ，则 C处电荷为+2q，B正确，r
故选 B。
2025年自治区普通高考适应性检测分学科第二次模拟考试 物理参考答案 第 1 页 共 7 页
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4.C
【解析】根据 = 和 = ,可得 = 。在 1和 2处场强大小均为 0,但是方向相反，所以
加速度大小相同，方向相反,故该点电荷在 1处的加速度与 2处的加速度不同，A错误。沿着
电场线方向电势降低， 2到 4场强方向不变，所以电势一直降低，B错误。负点电荷沿 轴正
方向运动 1到 4场强方向先沿 轴负方向，后沿 轴正方向，而电场力先沿 轴正方向，先做加
速运动，后沿 轴负方向，后做减速运动，C正确。D选项负点电荷从 1运动到 5的过程中，
电场力先做正功后做负功，根据 = Δ 知电势能先减小后增大，D错误。故选 C。
5.C
【解析】小球经过窗户上沿时下落的高度 1 = 1.8m,小球经过窗户上沿时速度 1 = 2 1 =
6m/s。小球经过窗户下沿时的速度 2 = 2g × 1.8 + 1.4 m/s = 8m/s。根据 2 = 1 + ,得
= 2 1 = 0.2s,A、B错误。小球经过窗户上沿时的速度 1 = 6m/s,经过窗户下沿时的速度 2 =
8m/s,得 = 1+ 2 = 7m/s。由 = ,得 = 70W，C正确。小球落地时的速度 = 2 =
2
10m/s,根据 = ,可得 = 100W,D错误。故选 C。
6.A
【解析】如果在最高点物块 A、B间弹力为零，则 B的最大加速度 am=g，若在最高点弹簧弹
F (m m )g
力向下，设其大小为 F，则 A、B整体的加速度 a A B 大于 am，A、B会出现分
mA mB
离情况；若在最高点弹簧弹力向下或恰好为零，则 A、B整体的加速度将小于或等于 am，A、
B不会出现分离情况。故 A向上运动时，弹簧弹力方向不发生变化，B错误；A向上运动过
程中先做加速度减小的加速运动，加速度减小到零时速度最大，之后做加速度增大的减速运
动，当速度为 0 时到达最高点，物体向上的运动为半个周期的简谐运动，最大位移中点时平
衡位置，加速度为 0，故 C错误；由简谐运动的对称性知 A、B向下运动到速度为 0的位置比
原来 A的位置低，所以 A、B重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量，故 D错误；对
B，先做加速度减小的加速运动，mBg FN mBa，加速度减小到零时速度最大，之后做加
速度增大的减速运动， FN mBg mBa，全过程 FN一直变大，故 A正确。
2025年自治区普通高考适应性检测分学科第二次模拟考试 物理参考答案 第 2 页 共 7 页
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7.AC
【解析】在β衰变中，原子核内的一个中子变成一个质子和一个电子，电子被释放出去，所以
新核的质子数比原来核的质子数增加了 1,A正确。原子核的比结合能越大，原子核越稳定，而
不是结合能越大越稳定，B错误。放射性元素的半衰期由原子核自身的性质决定，与所处环境
的温度等外部因素无关，C正确。一个原子核在一次衰变中要么是α衰变，要么是β衰变，同时
伴随着γ射线的产生，不会同时释放出 、β和γ三种射线，D错误。故选 AC。
8.AD
【解析】根据 图像得 = 2s时，甲车的位移 甲 = 5m,乙车的位移 乙 = 0m,因为初始乙车
在甲车前 5m,此时两车并排行驶，A正确。 = 4s时，甲车的位移 甲 = 20m,乙车的位移 乙 =
10m,由于初始乙车在甲车前 5m,此时两车不并排行驶，B 错误。由图像知，全过程中 =
2s、 = 6s、 = 10s 时两车均并排行驶，所以全程甲、乙两车三次并排行驶，C 错误，D正
确。故选 AD。
9.BC
【解析】以向上为正方向。设弹簧对甲的冲量为 弹，从剪断轻绳到甲第一次返回 O水平面用
v
时为 t，对甲： 弹 = 1，对乙有：2 = 2 2，由此可得 t
2 ， 弹 = 1+ g 2
。
故选 BC。
10.AB
U
【解析】当自由电子受力稳定后，受到的电场力和洛伦兹力平衡，故 Eq=qvB，因为 E= ，
b
BI
故 U=Bbv，电流的微观表达式 I=nesv=nebdv，联立以上表达式得U ，由此可知，增大
ned
B，增大 I，减小 d可以增大霍尔电压 UH。故选 AB。
二、实验题（本题共 2 小题，每小问 2 分，共 16 分）
11.（1）能 （2）BC （3）2.5m/s
【解析】（1）由于在相同的时间间隔内，水平方向的位移都相同，所以能判断出小球在水平
方向上做匀速直线运动。
（2）平抛运动实验中，斜槽轨道是否光滑对实验结果没有影响，因为只要保证小球每次从斜
槽同一高度滚下，到达斜槽末端的初速度就相同，A错误。必须保证斜槽轨道末端水平，这样
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小球离开斜槽后才做平抛运动，B正确。实验用小球应尽量选择密度大的材料，这样可以减小
空气阻力对小球运动的影响，C正确。故答案为 BC。
（3 B Δ ） 点竖直方向速度 = = 2m/s，水平方向速度 = = 1.5m/s。B点速度大小 =2 B
2 + 2 = 2.5m/s。
12.（1）红 （2）1100Ω 500Ω （3）22.5Ω 10mA
【解析】（1）在多用电表中，黑表笔接内部电源的正极，电流由黑表笔流出，红表笔接内部
电源的负极，电流由红表笔流入，B端接了内部电源负极，故选红表笔。
（2）多用电表为“×100 Ω”的欧姆挡，表盘指针指在 11的位置，因此该待测电阻阻值约为
1100Ω。选择开关置于挡位“2”时，该多用电表的量程为 1mA，则说明表头满偏时流经 R1、
R2支路的电流为 0.8mA，此时表头两端的电压为满偏 Ug=0.02V，则 R1、R2串联的总电阻为 25Ω，
则 R2=22.5Ω；进行欧姆调零时红黑表笔短接，外接电阻为零，表头满偏，此时表头与 R1、R2
E
所在支路并联，并联后总电阻为 R 并=20Ω，由闭合电路欧姆定律知： I g ，可R并 R 3 R 6
得 R6=500Ω。
（3）当选择开关置于挡位“1”时，表头先与 R2串联后再与 R1并联，表头所在支路满偏时电
U
流为 Ig=0.2mA，电压为 U=0.0245V，R1支路的电流为 I1 9.8mA，则总电流为 10mA,R1
此时该多用电表的最大量程为 10mA。
三、计算题（本题共 5小题，共 44 分。解答要有必要的步骤、公式和文字说明，只写结果不
得分）
13.（8分）（1）v=0.3m/s （2）t=20s
解析：（1）火箭向后喷气一次
由动量守恒知：mv0=(M-m)v (2 分)
得 v=0.3m/s (2 分)
（2）设喷气 n次，则（M-nm）v1=nmv0 (2 分)
得 n=400 (1 分)
t n ，得 t=20s (1 分)
20
2025年自治区普通高考适应性检测分学科第二次模拟考试 物理参考答案 第 4 页 共 7 页
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14.（8分）（1）F=10 N （2）f 静=6N
解析：（1）由闭合电路的欧姆定律可得，
E
通过 ab的电流 I 4.0A，
R R0 r
方向：由 a到 b; (2 分)
ab受到的安培力：F=BIL=5×4×0.5=10N； (2 分)
（2）ab受力如图所示：
据平衡条件得：f 静=Fsin37°=10×0.6=6N。（4分）
15.（8分）（1）F 压=35N （2）见解析
解析：（1）设小球到 B点的速度为 v，
2
由动能定理知：mg(h mv R) (1 分)
2
设小球在 b点受到的支持力为 FN，
F mg m v
2
由牛顿第二定律知： N (1 分)R
由牛顿第三定律知：F 压=FN (1 分)
得 F 压=35N (1 分)
（2）假设小球不从 c点滑出 B槽，当小球在 B槽中上升到最大高度时与 B槽有相同的速度，
设该相同速度为 v1
对小球和 B槽由动量守恒知：mv (m M )v1 (1 分)
mv2 (M m)v 2
对小球和 B槽由机械能守恒知： 1 mgH (1 分)
2 2
H 4得 m (1 分)
3
由于H＜R ，则小球不从 c点滑出 B槽。 (1 分)
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v qBL 4πm16.（8分）（1） （2） t
m 3qB
解析：（1）设粒子在磁场中运动的轨迹半径为 r
2
则由 qvB m v v qBr 得 (1 分)
r m
由此可知粒子的速度越小，轨迹半径越小，现粒子由 M点发射，撞击到 N点，则 MN为轨迹
对应的弦，当弦长等于轨迹圆的直径时，轨迹半径最小，与之对应的发射速度越小
由几何关系知：MN=2L (1 分)
得 r=L (1 分)
qBL
此时最小速度 v (1 分)
m
（2）当粒子向 y轴正方向发射且能过 N点时，粒子在磁场中运动的轨迹对应的圆心角最大，
在磁场中运动的时间最长。
由几何关系知轨迹对应的圆心角θ=240° (1 分)
2
由qvB m v (1 分)
r
T 2πr (1 分)
v
θ
粒子在磁场中运动的最长时间 t T ，得 t 4πm (1 分)
2π 3qB
17．(12分)(1)a=4 m/s2 (2)L=0.7m
解析：(1)对木板 A受力分析知：
μ2mBg+μ2mCg－μ1(mA+mB+mC)g=mAa ① (2 分)
得 a=4m/s2 (1 分)
（2）对滑块 B、C分别受力分析知，滑块 B、C先一起在木板 A上向右减速，A向右加速，
当滑块 B减速到与木板 A共速后，滑块 C继续在木板 A上向右减速，滑块 B与木板 A一起向
右加速，当滑块 C与 AB整体共速时，若滑块 B与 C没有碰撞，则此后滑块 B、C与木板 A
一起向右减速，不会碰撞。
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设滑块 B运动时间 t1与木板 A共速，共同速度为 v1，此过程滑块 B的加速度为 a1，滑块 C的
加速度为 a2，
设滑块 B与 A共速时滑块 C的速度为 v2
μ2mBg=mBa1 ②(1分)
μ2mCg=mCa2 ③(1分)
v1=at1=vB－a1t1 ④(1分)
v2=vC－a2t1 ⑤(1分)
得 v1=0.8m/s t1=0.2s
设滑块 C继续运动时间 t2与 AB整体共速，共同速度为 v3，设 AB整体加速度为 a3
μ2mCg－μ1(mA+mB+mC)g=(mA+mB)a3 ⑥ (1分)
v3=v1+a3t2=v2－a2t2 ⑦ (1分)
得 v3=1m/s t2=0.3s
设滑块 B在 t1时间和 t2时间内的总位移为 x1，滑块 C在 t1时间与 t2时间内的总位移为 x2
vB + v1 v + vx 1 31= t1 + t ⑧ 得 x =0.55m (1分)2 2 2 1
v
x = C
v3
2 t1 t2 ⑨ 得 x2=1.25m (1分)2
L=x2－x1 ⑩ 得 L=0.7m (1分)
（说明：通过作 v-t图像计算正确同等给分）
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