菏泽市2024一2025学年度第一学期期末考试
3.如图所示的电路中，电源的电动势为E,内阻为，开关S闭合后，平行板电容器中的带
物理试题
电液滴M处于静止状态，电流表A和电压表V均为理想电表，将滑动变阻器R,的滑
片向上端移动，稳定后电压表V示数变化量的绝对值为△U,定值电阻R,两端电压变
本试卷共8页，18题。全卷满分100分。考试用时90分钟。
化量的绝对值为△U,电流表A示数变化量的绝对值为△I,下列说法正确的是
注意事项：
A.定值电阻R,消耗的功率增大，定值电阻R消耗
1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在
的功举增大
答题卡上的指定位置。
B.电流表A和电压表V的示数均减小
E
M
2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂
黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
C变化绿之间满足置晋+R
3.非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草
D.若将开关S断开，带电液滴M将向下极板运动
A
稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4.某种医用除颤器的简化电路如图甲所示，由低压直流电源经过电压变换器变成高压电，
4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
然后整流成几千伏的直流高压电，对电容器充电。除颤时，经过电感等元件将如图乙所
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目
示的脉冲电流作用于心脏，实施电击治疗，使心脏恢复窦性心律。某次除颤过程中将电
要求。
容为100uF的电容器充电至6.0kV,电容器在t。时间内放电至两极板间的电压为0。
1.如图所示，弹簧上端固定，下端悬挂一个磁体，在磁体下端固定·个闭合线圈。将磁体
下列说法正确的是
托起到某一高度后释放，使磁体上下振动时穿过闭合线圈，忽略空气阻力。下列说法正
确的是
A.磁体做简谐运动
电
低压直
电脉冲
B.磁体、弹簧、地球组成的系统机械能不守恒
流电源
(人体》
C,磁极向上、向下振动时，闭合线圈中产生电流的方向相同
器
D.整个过程中，磁体的重力势能一定全部转化为系统的内能
甲
2.某实验小组同学采用图甲所示装置（原理图）研究光的干涉与衍射现象，狭缝S,、S:间
A.放电时，电感线圈阻止脉冲电流的变化
的距离d、狭缝S,S:的宽度s、狭缝到光屏的距离（均可调。一束平行单色光通过该装
置得到图乙所示图样。下列说法正确的是
B.电容器的电容C越小，其他条件不变，放电脉冲电流的放电时间越短
C.线圈的自感系数L越小，其他条件不变，放电脉冲电流的放电时间越长
D.在该次除颤过程中，流经人体的电荷量约为600C
单色光S
→dO
5.随着绿色经济发展，中国新能源汽车发展迅速。某次汽车性能测试中，测试员驾驶某辆
国产新能源汽车在水平直线测试路段以最大功率240kW加速行驶，行驶中汽车受到的
挡板
屏
阻力恒为4.0×103N,汽车的质量（含测试员）为2.0×103kg,重力加速度g=10m/s2。
甲
A.图乙是光的双缝干涉图样，当光通过狭缝时，只发生干涉现象，不发生衍射现象
当汽车的速度为10m/s时，质量m=60kg的测试员受到汽车的作用力大小为
B.遮住一条狭缝，增大另一狭缝的宽度，其他条件不变，所得图样中央亮条纹的宽度增大
A.600w2N
B.600N
C.照射两条狭缝时，若光从狭缝S1、S2到接收屏上P点的路程差为半波长的整数倍，则
C.600w3N
D.1200N
P点处一定是暗条纹
D.若增大狭缝到光屏的距离1，同时减小狭缝S、S,的宽度s,其他条件不变，则干涉图
样中相邻两条亮条纹间的距离△x一定增大
物理试题第1页（共8页）
物理试题第2页（共8页】1
1-5 BDCBA 6-8 CDC 9 AC 10 BC 11 AC 12 BD
菏泽市2024一2025学年度第一学期期末考试
三、非选择题
13.(2)1.070(2分)
(4)①2to(2分)
4元(2分)
③没有考虑磁性小球的半径(2分)
14.(1)2.9(2分)3.3(3.03.5,2分)
(2)0.44(0.420.44,2分)
15.【解析】光线在圆柱体中的路径如图所示
35L
B
P点处sin9=n
(1分)
sin a
B点处
sin C=n
(1分)
又因为a十C=90°
解得sinC=2y7,m=
7
2
(2分)
(2)光线在圆柱体中的路程=35L=3②TL
sin C
2
(1分)
传播速度v=
(1分)
n
光通过这段圆柱体所用的时间1=三=21V5L
16.【解析】(1)以C为研究对象，受力分析如图所示
由几何关系可知，桶A、C圆心连线竖直，根据平衡
条件可得FA=mg
(2分)
FB=0
(2分)
(2)当桶A对桶C的支持力减小到0时，垂直于斜
面方向有FBc0s30°=mgc0s30°
(2分)
沿斜面方向有Fgcos60°+mgcos60°=ma
(2分)
联立解得a=g
(1分)
17.【解析】(1)滑块与挡板碰撞前木板一直处于静止状
态，设碰前瞬间滑块的速度为，由动能定理可得
mgl.sin37°-gLs37°=2md-0
(1分)
碰撞过程中由滑块和木板组成的系统动量守恒、机
械能守恒，设碰后瞬间滑块和木板的速度分别为
w1、2,可得mo=mU1+Mv2
(1分)
m6=ma听+号M
(1分)
解得y1=一1m/s,方向沿斜面向上
(1分)
v2=2m/s,方向沿斜面向下
(2)滑块和挡板碰后，滑块与木板第一次达到共速的
过程中，滑块和木板组成的系统所受合力为0，动量
守恒，根据动量守恒定律可得mo=(M十m)3
(1分)
碰后滑块上滑的加速度大小
a1=gsin37°+h1gcos37°
(1分)
设滑块与挡板碰后第一次达到共速的过程中经历的
时间为t1,则3一1=a1t
(1分)
解得t1=
(1分)
(3)从释放滑块到滑块与木板第一次达到共速的过
程中，滑块的位移大小为+))，木板的位移大
2
小为（十）五，相对位移大小△x=(四十)十
2
(v2十V3)t1
2
(1分)
滑块与挡板第一次碰撞到第二次碰撞的过程中滑块
和木板之间因摩擦产生的热量
Q=ngcos37°X2△.x=2J
(1分)
当滑块向下滑动的速度大于木板速度时，对滑块进
行受力分析，可得mgsin37°-1 ngcos37°=ma2
(1分)
设木板与斜面之间的动摩擦因数为2，由于木板恰
好静止在斜面上，可得2=tan37°，对木板进行受力
分析，可得
2(M+m)gcos37°-1 ngcos37°-Mgsin37°=
Ma3
(1分)
从滑块与木板第一次达到共速到滑块与挡板发生第
二次碰撞，有十分a,后-（一分a)=Ax
(1分)
故第二次碰撞前各自的速度分别为
唤=%十a2t2=
3+2√3
m/s
3
饭=一a3t2=
3-√3
m/s
(1分)
3
