机密★启用前
4.在后
三湘名校教育联盟.2025届高三2月人学大联考
E白I
五市十校教研教改共同体
于
物
理
本试卷共6页。全卷满分100分，考试时间75分钟。
注意事项：
1,答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上。
2,回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑，如有改动，用
橡皮擦干净后，再选涂其他答案；回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3,考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分.共24分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合
5.如
题目要求
0
1.下列有关量子化的说法正确的是
目
A.爱因斯坦最早提出能量量子化概念
B,康普顿效应证明光具有动量，也说明光是连续的
C,根据玻尔的原子理论，核外电子可以在任意轨道上绕原子核做圆周运动
D.密立根通过实验证明所有电荷都是元电荷的整数倍
2.一架飞机水平匀速飞行，搭载多名质量相同的高空跳伞运动员，每隔单位时间t有一名运动员
从飞机上落下，在下落高度H后打开降落伞，打开伞之前空气阻力忽略不计.已知重力加速度为
g,在打开降落伞之前，下列说法正确的是
A运动员在空中连线的轨迹是曲线
6.
B.不同时刻跳落的两位运动员之间的竖直间距保持不变
C,不同时刻跳落的两位运动员的动量变化率相同
D.打开降落伞时运动员速度大小为√2gH
3地球和水星绕太阳的公转可以看成匀速圆周运动，当地球一水星连线与地球一太阳连线夹角最
大时，称为水星大距，此时是地球上的天文观测者观测水星的绝佳时机如图所示，某次水星大
距时，测得地球一水星连线与地球一太阳连线夹角为α，地球绕太阳公转的周期为T,轨道半径
为r,则
水星
A.水星的公转角速度比地球的公转角速度小
B,水星与地球的公转线速度之比为(sina)
地球
C水是的公转加速度为炉snr。
太阳
D.水星与地球的公转周期之比为(sina)号
【高三物理试题第1页（共6页）】
CS扫描全能王
3亿人都在月的扫指ApP
4.在同一均匀介质中两列振幅为3cm的横波A,B分别沿x轴正、负方向传播，波速均为v=0.2m/s,
t=O时刻的波形如图所示，此时P、Q两质点刚开始振动，质点N和质点M的平衡位置分别位
于x=0.3m和x=0.5m处，下列判断正确的是
M
-0.2-0.1
0.l20.30.40.50.60.70.80.9.01.11.2
x/m
A横波A、B的起振方向相同
B.两列波相遇后能发生稳定的干涉现象
C.t=3.5s时刻质点M的位移为0
D横波B传播到质点M点时，质点N点恰好通过平衡位置向下运动
5.如图所示，一粗糙绝缘竖直平面与两个等量异种点电荷连线的中垂面重合，AB=h,A、B关于
O点对称，且O为点电荷连线的中点，整个空间存在方向垂直纸面向外的匀强磁场现有带电荷
量为q、质量为m的小物块（可视为质点），在A点以初速度o释放沿AOB向下滑动，到达B
处时速度为，重力加速度为g,则
A小物块可能带正电
B.从A到B,小物块的电势能先减小后增大
+0
C.从A到B,摩擦力对小物块做功为2mw-mi一mga
0
B
D.从A到B,小物块可能做匀速直线运动
6.如图所示，金属棒AB、CD分别位于宽度不等的水平放置的光滑金属导轨上，金属棒AB的质
量为m1=1kg,导轨间距l1=1m,金属棒CD的质量为m2=2kg,导轨间距12=2m,空间存在
垂直导轨平面向里的匀强磁场，磁感应强度为B=1T,两金属棒电阻相等，其余电阻不计，现给
金属棒AB水平向右的初速度U1=3m/s、金属棒CD水平向右的初速度w2=1m/s,AB金属棒
始终在窄导轨上运动，CD金属棒始终在宽导轨上运动，两金属棒与导轨垂直且接触良好，下列
说法正确的是
A.回路中电流方向为沿着ABDCA
B,经过足够长时间，金属棒AB的速度大小为m/3
C从开始到金属棒达到稳定过程中，通过金属棒的电荷量为C
1
D.整个过程中回路产生的热量为J
【高三物理试题第2页（共6页）】
CS扫描全能王
3亿人都在用的扫指ApP三 湘 名 校 教 育 联 盟 ２０２５届高三２月入学大联考 物理
五市十校教研教改共同体
参考答案、提示及评分细则
１．D 普朗克最早提出能量量子化概念,A错误;康普顿效应证明光具有动量,说明光具有粒子性,B错误;玻尔
的原子理论认为核外电子只能在某些特定的轨道上绕原子核做圆周运动,C错误;密立根通过实验证明所有
电荷都是元电荷的整数倍,D正确．
２．C 运动员在水平方向以相同的速度做匀速直线运动,竖直方向做自由落体,运动员在空中排列的轨迹是直
线,A错误;不同时刻跳落的两位运动员之间的竖直间距随时间均匀增加,B错误;运动员在空中运动时只受
重力影响,动量的变化率等于重力,C正确;运动员水平方向具有速度,因此打开降落伞时速度大于 ２gH ,D
错误．
３．B 依题目可知,当地球—水星连线与水星轨道相切时为水星大距．地球轨道半径大于水星半径,地球公转的
角速度小,A错误;水星公转轨道半径为r１＝rsinα,水星公转的周期为T１,水星公转速度和地球公转速度之
v Tr １ ２ ２
比为 １＝ １＝(sinα)－２ ,B正确;水星公转加速度
４π ４π
a＝ ２r１＝ ２ ２ r,C错误;由开普勒第三定律可知,v T１r T１ T sinα
r３ ２
T２ １
T T１ ３
１＝ ３ , ＝(r T sinα
)２ ,D错误．
４．C 由t＝０时刻,A、B 两列波分别刚好传播到P、Q 两质点处,可根据P、Q 振动情况判断A、B 起振方向相
反,A错误;A 波周期TA＝２s,B 波周期TB＝１s,两列波周期不同无法产生稳定干涉现象,B错误;t＝３．５s
时刻,对于A、B 两列波在M 点刚好都处于平衡位置,C正确;经过１．５sB 波传播到M 点,此时N 点已经振
动１s,刚好通过平衡位置向上运动,D错误．
５．C 小物块沿着AOB 向下滑动,通过受力分析可知物块带负电,A 错误;AOB 为点电荷电场中的等势面,小
物块电势能不变,B错误;对小物块从A 到B 由动能定理可知摩擦力对物块做功为
１ １
２mv
２－２mv
２
０－mgh,C
正确;对小物块由牛顿第二定律,mg－μ(qBv＋F电 )＝ma,假设物块做匀速直线运动,v 不变,F电 变化,a 发
生改变,物块不可能做匀速直线运动,D错误．
６．C 金属棒AB 产生电动势E１＝Bl１v１＝３V,电流方向为B 到A,金属棒CD 产生电动势E２＝Bl２v２＝２V,电
－
流方向D 到C,回路电流方向为BACDB,A 错误;对AB 金属棒,由动量定理:－Bl１It＝m１vAB －m１v１,对
－
CD 棒,由动量定理:Bl２It＝m２vCD －m２v２;最终稳定时两金属棒做匀速直线运动,vAB＝２vCD;可以求解vAB
８ ４ １ １ １
＝３m
/s;vCD＝３m
/s,B错误;通过金属棒的电荷量q＝ C,C正确;由能量守恒定律:３ ２m
２
１v１＋ ２２m２v２＝
１ ２ １ ２ ; １ , 错误
２m１vAB＋２m２vCD＋Q Q＝６JD ．
【高三物理试题参考答案 第 １页(共４页)】
{#{QQABJQCQogigAhBAAAhCQQUgCkIQkAAAAQoGhAAQMAIAQBFABAA=}#}
７．AB 由几何关系,容易得出 光折射角为
sin６０°
a ３０°,b 光折射角为４５°,由折射定律na＝ ＝ ３;同理sin３０° nb＝
sin６０° ６ n
＝ ,a＝ ２,A正确;a 光的频率大于b光的频率,a 光频率等于该金属的极限频率,b光频率小于极sin４５° ２ nb
限频率,不能发生光电效应,B正确;a 光波长小于b光波长,双缝干涉条纹间距小,C错误;由光路可逆可知,
增大入射角α,a、b都不能发生全反射,D错误．
８．BC 根据等差等势面的疏密程度可以判断电场强度大小,M 点场强小于N 点场强大小,粒子在 M 点加速度
小于N 点加速度,A错误;粒子运动轨迹可判断电场力方向,粒子在M 点电势能大于N 点电势能,粒子在 M
点动能小于N 点动能,B正确,D错误;由于粒子带电性质未知,无法确定电场方向,不同等势面电势高低无
法判断,C正确．
９．BD 从图示位置开始计时,
π
t＝ 时刻,瞬时电动势为０,电路中瞬时电流为０,电表读数为有效值不为０,A错ω
２
误; n顺时针转动滑片P,副线圈匝数n２减小,副线圈的等效电阻R′＝ ( １ ) R 变大,电流变小,n B正确;滑片不２
动,增大R,电流I减小,由U１＝E－IR０可知,U１变大,C错误;将R０看成电源内阻,当外电阻等于内阻时,电
源输出功率最大,D正确．
１０．ABD 设该粒子的轨迹半径为r１,轨迹如图所示,由几何关系,有(２R－
)２ ３ mv
２ ３
r１ ＝r２ ２１＋R ,r１＝ R,又qv１B＝
１得v１＝ kBR,A 正确;若粒子平４ r１ ４
行于y 轴正向发射,轨迹如图所示,由余弦定理,有(２R－r２)２＝r２２＋R２－
, mv
２
２Rr２cos６０°解得r２＝R 又qv２B＝
２解得v２＝kBR,粒子运动的轨迹如r２
图所示,回到粒子源位置的时间为 (４πm ３R ,得 ４π＋３３t＝３ ,３qB ＋ v ) t＝２ kB
B、D正确;粒子向x 轴负方向发射,轨迹如图所示,粒子最大速度为v＝
３kBR,粒 子 从 发 射 到 第 二 次 经 过 点 所 用 时 间 为 ２．５R θm
４ O t＝ v ＋B ＝q
３００＋１２７π,C错误９０kB ．
１１．【答案】(６分,每空２分)
２ ( dπ l＋２ )(１)B (２)C (３)g＝ t２
【解析】(１)应选质量大,体积小的小球进行实验,小球应该小角度摆动．
２
(２)由单摆周期 ２
４π d
T ＝ (l＋g ２ ) 可知,如果忽略摆球半径,作出的图像与C符合．
２ d
２ π (l＋ )
(３)由图乙中拉力变化可知摆球周期为２t,由摆球周期关系 ２
４π ( dT ＝ l＋ ) 得 ２＝g ２ g t２ ．
【高三物理试题参考答案 第 ２页(共４页)】
{#{QQABJQCQogigAhBAAAhCQQUgCkIQkAAAAQoGhAAQMAIAQBFABAA=}#}
１２．【答案】(８分,每空２分)
(１)９０ 偏小 (２)１０ (３)偏大
【解析】()根据实验步骤可知,２ ３１ ５IgRg＝５IgR１
,Rg＝９０Ω,闭合开关S１ 后整个电路总电阻变小,电流大于
Ig,通过R１ 的电流大于
３ ,实际２ ３
５Ig ５IgRg＞５IgR１
,因此测量值偏小．
(２)根据电流表改装可知需并联标称为１０Ω的定值电阻．
(３)改装电表比标准电流表示数小,说明改装表的分流电阻电流偏大,因此并联电阻的真实阻值比标称值小．
１３．【答案】(１２分)(１)１．２m (２)２mL
【解析】(１)输液时,大气压强p０＝７６cmHg,输液针处压强p′＝８５cmHg时,此时为可输液的临界状态,由
p０＋ρgh＝p′(２分)
h＝１．２m(２分)
(２)C 堵塞,视瓶内气体,初始状态p１＝７６cmHg＝１０１３０８Pa,气体体积为V１＝５０mL(２分)
输液过程可视为等温变化,末态压强p２＝８５cmHg－ρgh＝９７３０５Pa(２分)
pV
末态体积为V ＝ １ １２ ≈５２mL(２分)p２
则滴下的药液体积约为２mL(２分)
３mg ４ gR
１４．【答案】(１４分)(１)E＝ ()４ ２０．５R
(３)v
q min
＝ ５
【解析】(１)小球恰好通过半圆轨道,在最高点速度vD＝ gR(２分)
小球从静止开始到D 点过程中由动能定理:
１０ １
Eq ３R－mg２R＝ mv
２
D(２分)２
解得 ３mgE＝ ( 分)４ １q
(２)小球从D 处水平射出后,竖直方向做自由落体运动,运动时间为t,
１
２R＝ gt２(２分)２
水平方向做匀变速直线运动,加速度为 ３ax＝ g,
１
４ x＝－v
２
Dt＋２axt
(２分)
解得x＝－０．５R,小球落在B 点右侧０．５R 处(１分)
() , ３ gR３ 小球在D 处速度分解如图所示 v１＝vDsin３７°＝ ,５ v２＝vDcos３７°＝
４ gR (２分)５
gR
当v１＝０时,小球速度最小为
４
vmin＝v２＝ (５ ２
分)(用其他解法,合理即计分)
【高三物理试题参考答案 第 ３页(共４页)】
{#{QQABJQCQogigAhBAAAhCQQUgCkIQkAAAAQoGhAAQMAIAQBFABAA=}#}
【 】( )() μgl gl１５．答案 １６分 １v μB＝２ ,vC＝ (２)v ＝ μ
gl ２
３ ３ １
()
３ ３ ３μmgl
【解析】(１)B、C 和弹簧组成系统动量守恒:０＝mvB＋２mvC(２分)
由能量守恒定律: １ １μmgl＝ mv２B＋ ２mv２C(２分)２ ２
gl gl
解得v μ μB＝－２ ,３ vC＝
(２分)３
(２)经过时间t１,B 与A 相碰,
l １ ３l
t１＝v ＝B ２ μg
gl
A 与B 碰撞过程动量守恒:mvB＝２mvAB,vAB＝ μ３
AB 向左做匀减速运动加速度a＝２μg
v １ l l
AB 经过时间t ＝ AB２ ＝ 减速为０,AB 位移为xAB＝ (１分)a ２ ３μg １２
经分析可知, ３vC(t１＋t２)＋xAB＝ ,当 减速为 时, 刚好与 相碰( 分)４l AB ０ C A １
A 与C 发生弹性碰撞,碰后A、C 速度分别为v１、v２
由系统动量守恒:２mvC＝２mv１＋２mv２(１分)
机械能守恒:１×２mv２
１ １
２ C＝２×２mv
２
１＋２×２mv
２
２(１分)
解得v ＝ μ
gl
１ ,３ v２＝０
(２分)
(３)AB 减速运动过程中产生的热量
１
Q１＝４μmgxAB＝３μmgl
(１分)
与 碰撞后, 速度为 ,对 整体由能量守恒: １ ２ １AB C C ０ AB Q２＝２×２mv１＝３μmgl
(１分)
产生的总热量为 ２Q＝Q１＋Q２＝３μmgl
(２分)
【高三物理试题参考答案 第 ４页(共４页)】
{#{QQABJQCQogigAhBAAAhCQQUgCkIQkAAAAQoGhAAQMAIAQBFABAA=}#}
