贵州省遵义市赤水市第一中学2024 2025学年高二下学期开学考试数学试题
一、单选题(本大题共8小题)
1.已知集合,,则( )
A. B.
C. D.
2.已知命题,则命题的否定为( )
A. B. C. D.
3.经过两点,的直线的倾斜角为,则( )
A.1 B.2 C.3 D.4
4.已知点到抛物线的焦点的距离为,则该抛物线的准线方程为( )
A. B. C. D.
5.空间直角坐标系中,平行四边形的三点坐标分别为,,,则D的坐标为( )
A. B. C. D.
6.已知椭圆方程为,其右焦点为F(4,0),过点F的直线交椭圆与A,B两点.若AB的中点坐标为,则椭圆的方程为( )
A. B.
C. D.
7.已知椭圆的左,右焦点分别为,,为椭圆上一点,,点到直线的距离为,则椭圆的离心率为( )
A. B. C. D.
8.如图,在四棱锥中,底面为正方形,底面,点分别为的中点.则点到平面的距离为( )
A. B. C. D.
二、多选题(本大题共3小题)
9.已知方程表示的曲线为C,则下列四个结论中正确的是( )
A.当时,曲线C是椭圆
B.当或时,曲线C是双曲线
C.若曲线C是焦点在x轴上的椭圆,则
D.若曲线C是焦点在y轴上的双曲线,则
10.以下四个命题,其中是真命题的有( ).
A.命题“”的否定是“”
B.若,则
C.函数且的图象过定点
D.若某扇形的周长为6cm,面积为2,圆心角为,则
11.已知函数若方程有四个不等实根.下列说法正确的是( )
A. B. C. D.
三、填空题(本大题共3小题)
12.已知向量,,若,则 .
13.求圆上的动点到直线距离的最大值 .
14.圆台的上、下底面半径分别是10和20,体积是,则圆台的母线长为 .
四、解答题(本大题共5小题)
15.某企业为了解下属某部门对本企业职工的服务情况,随机访问名职工,根据这名职工对该部门的评分,绘制频率分布直方图(如图所示),其中样本数据分组区间为:
,,…,,.
(1)求频率分布直方图中的值;
(2)从评分在的受访职工中,随机抽取人,求此人的评分都在的概率.
16.的内角A,B,C的对边分别为a,b,c且满足,.
(1)求角A的大小;
(2)求周长的范围.
17.在三棱柱中,平面,已知,,,点是棱的中点.
(1)求证:平面;
(2)求平面与平面夹角的余弦值;
18.已知圆,动圆与圆均外切,记圆心的轨迹为曲线.
(1)求曲线的方程;
(2)过点且斜率为4的直线与曲线交于两点,求的面积.
19.已知椭圆:的离心率为,左、右焦点分别为,,为坐标原点,且.
(1)求椭圆的方程;
(2)已知过点的直线与椭圆交于,两点,点,求证:.
参考答案
1.【答案】A
【详解】由题意,所以.
故选:A.
2.【答案】D
【详解】由特称(存在)量词命题的否定是全称量词命题直接可得:
命题的否定为:.
故选:D
3.【答案】B
【详解】由于直线AB的倾斜角为,则该直线AB的斜率为,
又因为,,所以,解得.
故选:B.
4.【答案】C
【详解】抛物线的焦点为,
则,且,解得,
故该抛物线的准线方程为.
故选:C.
5.【答案】B
【分析】利用在平行四边形中有,计算即可.
【详解】结合题意:设D的坐标为,
因为,,,
所以,,
因为在平行四边形中有,
所以,解得,所以D的坐标为.
故选:B.
6.【答案】C
【分析】
设,利用点差法求解即可.
【详解】
设,代入椭圆的方程可得,,
两式相减可得,
由,,
代入上式可得=0,化为,
又,,联立解得,
所以椭圆的方程为.
故选C.
7.【答案】A
【分析】设于,则由已知条件可求出,,再利用椭圆的定义可求出,然后在中利用勾股定理列方程可求出离心率.
【详解】如图,设于,
则由题意得,,
∴,,
由椭圆定义可得,
∴,
在中,由勾股定理得,
可得.
故选:A
8.【答案】A
【详解】如图,以A为坐标原点,为轴所在直线,建立空间直角坐标系,
则,
因为点分别为的中点.则,
可得,
设平面的法向量,则,
令,则,可得,
所以点到平面的距离为.
故选:A.
9.【答案】BCD
【详解】A选项,曲线是椭圆等价于,解得且,故A错误;
B选项,曲线是双曲线等价于,解得或,故B正确;
C选项,若曲线是焦点在轴上的椭圆,则,解得,故C正确;
D选项,若曲线是焦点在轴上的双曲线,则,解得,故D正确.
故选BCD.
10.【答案】ACD
【详解】对于A,由全称命题的否定,可知选项A正确;
对于B,若,则,根据的单调性,可知,故B不正确;
对于C,当时,,故其过定点,故C正确;
对于D,设扇形的半径为,弧长为,则有,
又,故D正确.
故选:ACD
11.【答案】ABD
【分析】确定函数解析式,画出函数图像,根据函数得到,化简得到A正确,根据图像知B正确,利用均值不等式得到C错误,计算得到D正确,得到答案.
【详解】当时,,,
画出函数图像,如图所示:
根据图像知:,即,,A正确;
,B正确;
,,,即,
即,展开得到,
解得,由于,等号不成立,故C错误;
,故,,D正确.
故选:ABD
12.【答案】
【详解】因为向量,,
所以,
又因为,所以
则.
故答案为:.
13.【答案】
【详解】圆可化为,其圆心为,半径为1,
圆心到直线的距离,
所以圆上的点到直线距离的最大值为.
故答案为:.
14.【答案】20
【详解】如图,圆台的上、下底面半径分别是10和20,所以,
设圆台上底面面积为,下底面面积为,高为,母线长为,
所以,,
根据圆台的体积公式,
解得,在中,由勾股定理有:,
解得.则圆台的母线长为20.
故答案为:20.
15.【答案】(1);(2).
【分析】
(1)根据频率直方图中各组的频率之和为1,列方程求参数a即可.
(2)由分层抽样确定名职工中、的人数,列出从中随机抽取人的可能组合,及其中人的评分都在的组合,即可求概率.
【详解】
(1)由题意,,解得.
(2)由(1)知:名职工中、分别有2人、3人,
若为职工A、B,为职工1、2、3,
∴随机抽取人的可能组合、、、、、、、、、共10种,其中人的评分都在有,即1种,
∴人的评分都在的概率为
16.【答案】(1)
(2)
【分析】
(1)利用余弦定理化角为边,再根据余弦定理即可的解;
(2)利用正弦定理求得边,再利用三角恒等变换化简,结合正弦函数的性质即可得出答案.
(1)
解:由余弦定理,即,
所以,因为,所以.
(2)
由正弦定理:,则,,
由(1),故
因为,则,
所以,即周长范围是.
17.【答案】(1)证明见解析
(2)
【详解】(1)证明:底面中,已知,,,
由余弦定理得,
所以,
又平面,平面,
所以,
又,、平面,
所以平面.
(2)由(1)可知、、三直线两两垂直,以为原点,建立如图所示的空间直角坐标系,则
,
所以,
设平面与平面的法向量分别为,
则有,
取,则,,
所以,
设平面的法向量分别为,
则有,
取,则,,
所以,
设平面与平面的夹角为,则.
18.【答案】(1)
(2)
【详解】(1)由题意可知:圆的圆心,半径,圆的圆心,半径,
由条件可得,即,
则根据双曲线的定义可知,点是以,为焦点,以2为实轴长的双曲线的右支,
则,可得,
所以曲线的方程为.
(2)依题意,直线的方程为,即,
联立,消去,得,
易知,设,则,
所以,
而到直线的距离为,
所以的面积为.
19.【答案】(1)
(2)证明见解析
【详解】(1)因为椭圆的离心率为,,
所以,解得,则椭圆的方程为;
(2)由(1)知,若直线的斜率为,
此时直线的方程为,显然成立;
若直线的斜率不为,
不妨设直线的方程为,,,
联立,消去并整理得,
此时,由韦达定理得,,
易知,,
所以
.
故.