2024年广东省清远市清城区望达集团中考模拟物理试题
1．（2024九下·清城模拟）中华文化博大精深，一双筷子就有诸多的寓意，如：筷子的标准长度是七寸六分，代表人有七情六欲，以示与动物有本质的不同。“七寸六分”最接近于（ ）
A． B． C． D．
2．（2024九下·清城模拟）如图所示，将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起，下方可以挂起重物，该现象主要说明了（ ）
A．分子间有空隙
B．分子间存在吸引力
C．分子间存在排斥力
D．分子处在永不停息的无规则运动中
3．（2024九下·清城模拟）汤圆是元宵节的必备美食。关于煮汤圆的过程，下列说法错误的是（ ）
A．水沸腾时，锅上方冒出的“白气”是水蒸气
B．水沸腾时吸热，温度不变
C．汤圆被煮熟，是通过热传递的方式增加其内能的
D．汤圆的温度越高，内能越大
4．（2024九下·清城模拟）小明同学在物理实验活动中，设计了如图所示的用压力表示数反映弹簧所受压力大小的电路，其中是滑动变阻器，是定值电阻，电源电压恒定，观察分析图示可知，下列说法正确的是（ ）
A．在电路中没有作用可以去掉
B．电流表可以改装成压力表
C．压力增加，接入电路的阻值减小压力表示数变大
D．压力减小，接入电路的阻值减小压力表示数变小
5．（2024九下·清城模拟）如图是2023年春晚小品《初见照相馆》中的一个画面，下列说法正确的是（ ）
A．拍照时，感光芯片上成的是缩小的实像
B．照相机镜头对光线具有发散作用
C．拍照时，被照人的位置应该位于镜头的2倍焦距以内
D．照相机的镜头是一个凹透镜
6．（2024九下·清城模拟）下列现象与其涉及物理知识之间的关系中，错误的是（ ）
A．高原反应——大气压和海拔高度的关系
B．固定翼飞机飞行时获得升力——流体压强和流速的关系
C．潜水艇能够下潜和上浮——液体压强和深度的关系
D．高压锅容易将饭煮熟——液体沸点和液面上气体压强的关系
7．（2024九下·清城模拟）放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平，如图所示，则（ ）
A．物体a的密度大于物体b的密度
B．物体b比a排开的液体所受的重力较小
C．甲容器底部受到的液体压力比乙小
D．甲、乙两容器对桌面的压强一样大
8．（2024九下·清城模拟）外科医生可以利用超声除去人体内的结石，是利用了声波能传递 ；现代汽车一般安装有倒车雷达，当汽车倒车距离障碍物较近时，它就会发出声音及时提醒司机，这是利用了声音可以传递 。
9．（2024九下·清城模拟）如图所示，是我国运动员在冬运会女子冰壶比赛中夺冠的一个场景，比赛时两名队员在冰壶前方“刷冰”，通过 的方式改变冰的内能（选填“做功”或“热传递”），使表面的冰熔化成薄薄的一层水，这样就能够减小冰壶与冰面之间的 ，使冰壶按照运动员预计的运动快慢和方向运动。
10．（2024九下·清城模拟）深秋，为避免树上的桔子在夜间气温骤降时被冻伤，果农经常在傍晚给桔子树喷水，如图所示，这是利用了水在 （填物态变化名称）成冰时， （选填“吸收”或“放出”） 热量，使桔子不被冻伤；如图 2 所示，果农家中使用的液化气是用 方法使气体液化的， 在一次长时间连续使用液化气烧菜时，请你根据所学知识判断：液化气罐的温度会 （选填“升高”、“降低”或“不变”）．
11．（2024九下·清城模拟）电磁波在真空中的传播速度是 ；核能是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源．
12．（2024九下·清城模拟）图甲是亮度可调的台灯，其电位器的作用相当于滑动变阻器，简化电路如图乙所示。若向右移动滑片P，灯泡两端的电压将 ，灯泡的亮度将 ，电路中的总功率将 。
13．（2024九下·清城模拟）小在探究凸透镜成像规律的实验中，凸透镜的焦距为，要使烛焰在光屏上成清晰、缩小的实像，则蜡烛与透镜距离应 （选填“大于”或“小于”）；若移动蜡烛，使之与凸透镜间的距离小于，则人应在 （选填“蜡烛”或“光屏”）一侧透过凸透镜观察成像。
14．（2024九下·清城模拟）小铭同学早上以2m/s的速度匀速步行去北雅中学。走了10min时，爸爸立即以10m/s的平均速度从家开车追上了小铭，追上后小铭搭上爸爸的车继续前进。到达学校大门，他发现比平时走路早到5min。则小铭家到学校的距离为 m。
15．（2024九下·清城模拟）按要求填空。
（1）使用刻度尺前，要认清刻度尺的零刻度线、分度值和 。在测物体的长度时，图1两种方式中正确的是 （选填“甲”或“乙”），铅笔的长度应为 cm；
（2）如图2所示的秒表记录了小红测试800m跑所用时间，应记为 s。
16．（2024九下·清城模拟）如图所示，一束光射向一块玻璃砖，画出这束光穿过玻璃砖的光路图。
17．（2024九下·清城模拟）“节约用水，人人有责”，大家都应养成随手关闭水龙头的好习惯。水龙头手柄可视为如图所示杠杆，O为支点，F2为阻力，请画出关闭水龙头的最小动力F1的示意图和F1的力臂。
18．（2024九下·清城模拟）如图所示，磁体的N极与通电螺线管的A端相吸，在图中标出通电螺线管的N、S极和电源的正负极。
19．（2024九下·清城模拟）在“探究影响液体内部压强的因素”实验中：
（1）把探头固定在水中某一深度，转动探头朝各个方向，由此可知，在同一深度液体内部向各个方向压强 ；
（2）把探头慢慢下移，发现U型管液面的高度差逐渐 从而得到：在同一种液体里压强随 增加而增大；
（3）将烧杯中的水换成盐水，观察到探头在相同的深度时，液面的高度差增大了，说明液体内部的压强与液体的 有关。
20．（2024九下·清城模拟）在做“测量小灯泡的电阻”的实验时，小明选用了电压为6V的电源小灯泡和其它合适的器材，并连接了部分实验电路，如图甲所示：
（1）为了完成实验，请你帮他用笔画线代替导线将电路连接完整（要求导线不能交叉，滑动变阻器的滑片向右移动时电流表示数变小）
（2）电路连接好后，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到 （选填“A端”或“B端”）
（3）然后闭合开关，发现小灯泡不亮，接下来应该进行的是 。
A．检查电路 B．移动滑片，继续进行实验
C．更换小灯泡 D．观察电流表与电压表是否有示数
（4）当闭合开关，移动滑动变阻器的滑片时，灯丝突然烧断，此时电压表的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（5）换相同规格的灯泡，重新实验，某次电流表指针如图乙所示，读出电流表示数为 。
（6）移动滑片位置多次实验记录数据，得出灯泡电阻的变化规律 。
21．（2024九下·清城模拟）水对容器侧壁有压强，水从小孔水平射出的速度与哪些因素有关
【提出猜想】
水从小孔水平射出的速度可能与小孔在水中的深度有关。
【查阅资料和思考】
如图甲所示，h表示小孔在水中的深度，v表示水流从小孔水平射出的速度，H表示小孔到桌面的高度，s表示水流射程（小孔到落点的水平距离）。查阅资料可知，当H一定时，s随v的增大而增大。
要研究v和h的关系，由于v无法直接测量，转为研究s、H、h的关系。
【实验步骤】
①将容器置于木块上，如图乙所示。
②堵住三个小孔，往容器中加入适量的水。记录h和H。
③打开小孔，同时测量并记录从三个小孔水平射出的水流射程s。
④换高度不同的本块，重复步骤①-③。
【实验数据及分析】
实验序号 1 2 3 4 5 6 7 8 9
小孔 a b c a b c a b c
h/cm 10 20 30 10 20 30 10 20 30
H/cm 30 20 10 40 30 20 50 40 30
s/cm 35 41 35 40 49 50 45 58 59
（1）分析表中数据可知，当小孔在水中的深度h一定时，水流射程s随小孔距桌面的高度H增大而 （填“增大”或“减小”）；
（2）采用控制变量的方法，通过比较实验序号为 的三组数据，可以得出：水从小孔水平射出的速度v与小孔在水中的深度h有关；
（3）小宁再分别用食盐水和酒精替换水进行实验，目的是为了探究液体从小孔水平射出的速度v是否与 有关。
22．（2024九下·清城模拟）2022年，我国快递业务量首破950亿件，如图是一物流机器智能配送时情景，在某平直道路上100s匀速行驶了400m，已知机器所受阻力为120N。求：
（1）该物流机器匀速行驶时的速度；
（2）匀速行驶的100s内牵引力做的功。
23．（2024九下·清城模拟）家用豆浆机的外形如图甲所示，其机头主要由一个电热器（电热丝）R和一个电动机M带动的打浆器构成，内部电路简化图如图乙所示．制作豆浆的过程是先加热，后打浆，再加热煮熟，即加热和打浆是交替进行的．某品牌豆浆机铭牌上的部分技术参数如表．
额定电压 220V
额定频率 50Hz
电热器额定功率 1000W
电动机额定功率 180W
净重 2.4kg
（1）豆浆机在额定电压下打浆，通过电动机的电流是多少？
（2）小明同学想测算该豆浆机的加热效率，他把100g大豆和1.4kg清水放入豆浆机中，测出其初温为20℃，当电热器正常工作时加热总时间为9min豆浆沸腾，测其温度为100℃．请你帮他计算豆浆吸收了多少热量？豆浆机的加热效率是多少？[c豆浆=4×103J/（kg ℃）]
（3）小明同学晚上使用该豆浆机，在与第（2）问条件相同的情况下，发现电热器加热总时间由以前的9min变为10min，豆浆机的加热电阻R和加热效率均不变，求晚上的实际电压值．(已知≈0.95)
24．（2024九下·清城模拟）某实验小组利用图示装置研究杠杆的机械效率，实验的主要步骤如下：
①用轻绳悬挂杠杆一端的O点作为支点，在A点用轻细悬挂总重为G的钩码，在B点用轻绳竖直悬挂一个弹簧测力计、使杠杆保持水平；
②竖直向上拉动弹簧测力计缓慢匀速上升（保持O点位置不变），在此过程中弹簧测力计的读数为F，利用刻度尺分别测出A、B两点上升的高度为h1、h2，回答下列问题：
（1）杠杆机械效率的表达式为η= 。（用已知或测量的物理量符号表示）
（2）本次实验中，若提升的钩码重一定，则影响杠杆机械效率的主要因素是： 。
（3）若只将钩码的悬挂点由A移至C，O、B位置不变，仍将钩码提升相同的高度，则杠杆的机械效率将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
25．（2024九下·清城模拟）电灯是一项伟大的发明，没有人能独享这份荣耀，它经历着如下的“进化史”：
1879年，托马斯·爱迪生发明碳丝灯，通电后碳丝温度高达2000℃左右，进入白炽状态而发光，所以也称“白炽灯”；
1910年，美国通用电气实验室发现用钨丝制造的灯既便宜又明亮；
1934年，欧文·m兰尔进一步改进，将灯丝绕成螺旋形，使发出的光更明亮；
20世纪30年代，人们研制出阵荧光灯，利用了光气体发出的光使灯里的涂膜发亮，它比普通灯温度低并省电；
最近，人们还发明了大功率LED灯，它更省电、寿命更长。
请回答：
（1）为了安全用电，控制灯的开关必须接在家庭电路的 线上；
（2）如右图，灯丝绕成螺旋形的原因是 （选填“增加”或“减少”）散热；
（3）5瓦的LED灯与100瓦的白炽灯正常发光时亮度相当．若用1只5瓦的LED灯代替100瓦的白炽灯使用4万小时，请通过计算说明选择哪种灯比较经济？
注：目前电费0.53元/千瓦·时，其他数据如表
灯的种类 额定功率 使用寿命 市场价格
白炽灯 100瓦 1万小时 3元/只
LED灯 5瓦 4万小时 20元/只
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】长度的估测；长度及其测量
【解析】【解答】1m等于3市尺，因此7寸6分即0.76市尺有(1/3)*0.76=0.2533m=25.33cm ，2.2dm最接近，故C符合题意，ABD不符合题意
故选择C
【分析】根据米和市尺的单位换算，换算后的结果和选项进行比较即可
2．【答案】B
【知识点】分子间相互作用力
【解析】【解答】将两个表面光滑的铅块紧压，会粘在一起，下方挂重物也不分开，是分子之间存在着引力，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】分子间存在着相互作用的引力。
3．【答案】A
【知识点】物质的三态；沸腾及沸腾条件；温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A．水沸腾时，“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误，符合题意；
B．水沸腾时持续吸收热量，温度保持不变，故B正确，不符合题意；
C．汤圆被煮熟，汤圆从水中吸收热量，通过热传递的方式增加其内能的，故C正确，不符合题意；
D．汤圆的温度越高，内能越大，故D正确，不符合题意。
故选A。
【分析】1、水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃；
2、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠；
3、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
4．【答案】D
【知识点】电压的测量及电压表的使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．由图可知，压力为零时，变阻器接入电路中电阻为零，没有串联定值电阻R，会造成电源短路，电阻R的作用是保护电路，故A错误；
B．把电流表改装成压力表，会造成被短路，压力变化时压力表的示数不变，故B错误；
CD．压力增加时，根据串联分压可知：接入电路中的电阻变大，同理可知，压力减小，接入电路的阻值减小，压力表示数变小，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
5．【答案】A
【知识点】透镜及其特点与分类；凸透镜成像规律及其探究实验；生活中的透镜
【解析】【解答】A.B.C.D.照相机镜头是一个凸透镜，对光有会聚作用，当被拍照的人距镜头的距离即物距大于镜头二倍焦距时，成倒立缩小的实像，故A正确，B、C、D错误。
故选项为：A。
【分析】照相机镜头利用了凸透镜对光线有会聚作用能成实像的原理；凸透镜成实像时，当u>2f，成倒立缩小的实像，2f>v>f。
6．【答案】C
【知识点】大气压强与高度的关系；沸点及沸点与气压的关系；流体压强与流速的关系；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．高原反应是由于海拔越高气压越小导致氧气不容易被吸入肺内造成的，A正确，不符合题意；
B．由于飞机机翼的形状是上凸下平，飞机飞行时使上方空气流速大、压强小，使下方空气流速小，压强大，从而获得向上的升力，B正确，不符合题意；
C．水下潜水艇能够上浮是利用了物体的浮沉条件，与液体压强无关，C错误，符合题意；
D．由于沸点随着气压的增大而增大，所以高压锅可以提高锅内的气压，以达到提高沸点的目的，D正确，不符合题意。
故答案为：C。
【分析】 流体压强大小与流速关系：在流体中流速越大地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大。
潜水艇的沉浮原理 ：重力与浮力的大小关系。
沸点与气压关系：一切液体的沸点，都是气压减小时降低，气压增大时升高。
7．【答案】D
【知识点】压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．a在液体中漂浮，所以a的密度要小于液体的密度，b在液体中悬浮，b的密度等于液体的密度，即a的密度要小于b的密度，故A不符合题意；
B．a排开的液体的体积要小于b排开的液体的体积，液体的密度相同，根据计算可知
物体b比a排开的液体所受的重力较大，故B不符合题意；
C．根据可知，甲乙液体的高度相同，所以甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强相同，容器的底面积相同，根据压力公式可知，容器底部受到液体的压力相同，故C不符合题意；
D．b悬浮，b所受的浮力等于b的重力等于排开水的重力，即，a漂浮，则a所受的浮力，a的重力等于排开液体的重力；两液面相平，所以两容器中液体与物体的总重力相同，所以两容器对桌面的压力大小相等，由得，甲杯对桌面的压强等于乙杯对桌面的压强，故D符合题意。
故选D。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
4、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
8．【答案】能量；信息
【知识点】声与信息；声与能量
【解析】【解答】超声除去人体内的结石，说明声音可以传递能量；现代汽车一般安装有倒车雷达，利用了声音可以传递信息。
综上 第1空、能量； 第2空、信息。
【分析】1、声音能传递信息的实例：利用声呐（超声波）测海深、利用雷达定位、利用B超探测婴儿信息。
2、声音能传递能量的实例：能量震碎玻璃，使得火焰动摇等。
9．【答案】做功；摩擦
【知识点】做功改变物体内能；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】冰刷刷冰面时，机械能转化为冰面的内能，使通过做功的方式改变了冰的内能。冰面的内能增加，熔化成水，水的出现使冰壶与冰面分开，从而减小了冰壶与冰面之间的摩擦。
综上 第1空、做功； 第2空、摩擦。
【分析】1、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
2、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
10．【答案】凝固；放出；压缩体积；降低
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热
【解析】【解答】 果农经常在傍晚给桔子树喷水，温度降低，水凝固为冰，该过程放热；液化气通过加压的方式装入储气罐．液化气烧菜时，会发生汽化，汽化吸热，因此化气罐的温度会降低．
综上 第1空、凝固； 第2空、放出； 第3空、压缩体积； 第4空、降低。
【分析】1、凝固为液态变化为固态，释放热量，如结冰；
2、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠。
11．【答案】3×108m/s；不可再生
【知识点】核能；电磁波的传播
【解析】【解答】解：电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s；核能一旦消耗就很难再生，属于不可再生能源．
故答案为：3×108m/s；不可再生．
【分析】（1）电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s；（2）由可再生能源与不可再生能源的分类要求来看，可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源．
12．【答案】变小；变暗；变小
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】向右移动滑片P，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联分压可知，灯跑两端的电压变小，电源电压不变，电阻变大，所以电流变小，根据可知，当灯泡两端的电压变小，通过灯泡的电流变小时，灯泡的实际功率变小，灯泡的亮度将变暗。同理可知电源电压不变，电路中电流变小时，电路总功率变小。
综上 第1空、 变小； 第2空、变暗； 第3空变小。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、功率的计算：公式为P=UI，题目中电源电压不变，电流变小，据此分析电功率的变化情况。
13．【答案】大于；光屏
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】凸透镜焦距为，像成倒立、缩小的实像时，则物距大于二倍焦距，即物距大于20cm，
物距小于，物像同侧，则人应在光屏一侧透过凸透镜观察成像。
综上 第1空、大于； 第2空、光屏；
【分析】透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像；物体大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像；物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，物近像远像变大。
凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大。
14．【答案】解：设小铭的家到学校的距离为L，步行由家到学校需要的时间在小明步行t0=10min时，爸爸出发，设爸爸由家出发走了距离L1后遇到小铭，则汽车行驶L1所用时间由题意可知；L1=1500m；小铭与爸爸相遇时在路上步行的时间；小铭搭上爸爸的车后到学校所用时间；由题可知t-t2-t3=Δt；L=2250m。
【知识点】速度公式及其应用
【解析】【解答】设小铭的家到学校的距离为L，小铭的速度为2m/s，根据速度公式计算步行由家到学校需要的时间；小明步行t0=10min时，爸爸由家出发走了距离L1后遇到小铭，根据速度公式计算汽车行驶L1所用时间；则同理计算L1，；解得L1=1500m；据此计算小铭与爸爸相遇时在路上步行的时间；小铭搭上爸爸的车后到学校所用时间
，据题分析可知t-t2-t3=Δt；则根据题意分析可列，据此求解L。
15．【答案】量程；甲；3.40；222
【知识点】时间及其测量；刻度尺的使用
【解析】【解答】（1）使用刻度尺时要明确量程和分度值，读数时，视线要与刻度线垂直，甲读数正确。物体的左右两侧与零刻度线、3.40cm对齐，所以物体的长度为3.40cm。
（2）秒表中间的小表盘上，指针在“3”和“4”之间，偏向“4”一侧，大表盘上秒针应读30到60之间的数值，读数是42s，秒表的读数为3min42s＝222s；
综上 第1空、量程； 第2空、甲； 第3空、3.40； 第4空、222.
【分析】1、刻度尺的使用：使用刻度尺要注意量程和分度值，中学设计的刻度尺，分度值为0.1cm，读书时要估计到分度值后一位；
2、长度的测量：测量物体长度时，要将物体紧贴刻度尺，视线与刻度尺刻度平行；
3、停表的读数：小盘为分钟，大盘位秒钟，按照指针指向数字进行读数。
16．【答案】
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】光由空气进入玻璃，发生折射，折射光线靠近法线，再次折射时，光由玻璃进入空气，折射光线远离法线射出。如图所示：
【分析】折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线。
17．【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】 最小动力F1 对应着最大动力臂，题目中最大动力臂为OM，动力和动力相互垂直，动力方向向下，据此画出最小的动力，如图所示：
【分析】杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂。
18．【答案】
【知识点】通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 磁体的N极与通电螺线管的A端相吸 ，由磁极间的相互作用规律可知通电螺线管的左端为S极，根据安培定则可知电流从螺线管的右端流入，左端流出，所以电源的右端为正极，左端为负极，如图所示：
19．【答案】相等；增大；深度；密度
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1） 把探头固定在水中某一深度，转动探头朝各个方向，由此可知，在同一深度液体内部向各个方向压强大小相等。
（2）探头慢慢下移，U形管两边液面的高度差逐渐增大，所以在同一种液体里，液体压强随深度的增加而增大。
（3）水换成盐水，探头在相同的深度时，U形管两边液面的高度差增大了，说明压强与液体的密度有关。
综上 第1空、相等； 第2空、增大； 第3空、深度； 第4空、密度；
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
2、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变；
3、转换法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小。
20．【答案】；B；D；变大；0.24A；灯丝的电阻随温度的升高而增大
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器按“一上一下”的原则串联在电路中，滑动变阻器的滑片向右移动时电流表示数变小，明滑片向右移动时，电阻变大，则左下方A接线柱必须接入电路，如下图所示
(2)为了保护电路，闭合开关之前滑动变阻器滑片要位于最大阻值处，所以滑动变阻器的滑片P应移到B端。
(3)连接好电路闭合开关，小灯泡不亮，可能是因为电路中的电流较小，灯泡的实际功率过小，故接下来观察电流表、电压表是否有示数，若有示数则说明电路为通路，故ABC不符合题意；D符合题意。
故选D。
(4)因为小灯泡的灯丝烧断后，电压表串联接入电路，测量电源电压，电压表的示数变大。
(5)由图可知，电流表分度值为0.02A，示数为0.24A。
(6)移动滑片位置，结合欧姆定律U=IR可知，灯泡的电阻是变化的，原因是灯丝的电阻随温度的升高而增大。
【分析】1、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
2、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
3、变阻器：变阻器的连接为一上一下，通过改变电阻丝接入电路的长度进而改变电阻，变阻器的作用除了改变电阻外还可以起到保护电路的作用，所以在连接好电路后，变阻器阻值应该调节到最大阻值处。
21．【答案】增大；1、5、9；液体密度
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）[1]由第1、4、7次实验可知，当h一定时，H越大，s越大。故可得当小孔在水中的深度h一定时，水流射程s随小孔距桌面的高度H增大而增大。
（2）射程与水流射出的速度和距地面的高度有关，在探究水从小孔水平射出的速度v与小孔在水中的深度h之间的关系时，保持H相同，s随水流射出的速度增大而增大，由第1、5、9次实验可知，H一定时，h越大，s越大，即水从小孔水平射出的速度v越大，所以水从小孔水平射出的速度v与h有关。
（3）改变液体的种类，其它条件不变，目的是为了探究液体从小孔水平射出的速度v是否与液体密度有关。
综上 第1空、增大； 第2空、1、5、9； 第3空、密度；
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如射程与水流射出的速度和距地面的高度有关，在探究水从小孔水平射出的速度v与小孔在水中的深度h之间的关系时，保持H相同，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同。
22．【答案】解：（1）根据速度公式可得
（2）已知机器所受阻力为120N，匀速直线行驶，所受牵引力与阻力是一对大小相等的平衡力，故牵引力F=f=120N
故匀速行驶的100s内牵引力做的功为。
答：（1）该物流机器匀速行驶时的速度为4m/s；
（2）匀速行驶的100s内牵引力做的功为48000J。
【知识点】速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1） 物流机器在某平直道路上100s匀速行驶了400m ，根据速度公式可得该物流机器匀速行驶时的速度 ；
（2）机器匀速直线行驶，所受牵引力等于阻力，即F=f，根据W=fs计算匀速行驶的100s内牵引力做的功。
23．【答案】解：（1）由P=UI可得，通过电动机的电流：，
（2）豆浆吸收的热量：，
煮豆浆的过程中，豆浆机消耗的电能：；所以，豆浆机的加热效率：
；
（3）根据W=Pt，W实=W可得，Pt1=P实t2，即又由得，
；。
答：（1）豆浆机在额定电压下打浆，通过电动机的电流是0.82A；
（2）豆浆吸收的热量为，豆浆机的加热效率是88.9%；
（3）晚上的实际电压值为209V。
【知识点】比热容；电功率的计算；额定功率；实际功率
【解析】【分析】（1）根据表格可知： 电动机额定功率 180W；电压为220V，由P=UI可得，通过电动机的电流；
（2）豆浆的质量为1.5kg，温度变化量为80℃，根据热量计算公式Q=cmΔt可计算豆浆吸收的热量。
煮豆浆的过程中，豆浆机功率为1000W，根据W=Pt计算消耗的电能。豆浆机的加热效率：
（3）根据W=Pt，W实=W可得，Pt1=P实t2，由得，，据此计算晚上的实际电压。
24．【答案】；杠杆的自重；变大
【知识点】杠杆机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）有用功为重物刻度重力做功，即W有=Gh1，根据W=Fs计算总功W总=Fh2，所以机械效率的表达式为η=×100%=×100%；
（2）影响机械效率的因素主要是有用功和总功所占的比例；提升的钩码重一定说明有用功一定，所以影响机械效率的主要因素是杠杆自身的重力。
（3）钩码的悬挂点在A点时，由平衡条件G OA=F OB；悬挂点移至C点时，同理可得G OC=F OB；
由OA到OC力臂变大，拉力F也变大，杠杆提升的高度减小，额外功减小，杠杆的机械效率变大。
综上 第1空、； 第2空、杠杆的自重； 第3空、变大。
【分析】1、功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：η= 。
2、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂。
25．【答案】火；减少；LED灯
【知识点】电功率的计算；安全用电原则
【解析】【解答】（1） 为了安全用电，控制灯的开关必须接在家庭电路的 火线上。
（2）白炽灯是将电能转化为内能的，螺旋状的灯丝可以减少热量散失。
（3）一只白炽灯的使用寿命为1万小时，工作4万小时需要的4只白炽灯，单价为3元，所以4只白炽灯需要的费用4只×3元/只=12元。白炽灯的功率为100W，根据W=Pt计算消耗电能为W=Pt=0.1kW×40000h=4000kW·h；电费单价0.53元/kW·h，所以共花费电费0.53元/kW·h×4000kW·h=2120元；共需要支付2120元+12元=2132元；LED灯需要1只20元，同理计算 消耗电能为W=Pt=0.005kW×40000h=200kW·h；电费为0.53元/kW·h×200kW·h=106元，所以共需要支付106元+20元=126元<2132元故选择LED灯比较经济。
综上 第1空、火； 第2空、减少； 第3空、LED.
【分析】1、电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；
2、功和功率：公式为W=Pt，单位换算为1kw=1000w。
1 / 12024年广东省清远市清城区望达集团中考模拟物理试题
1．（2024九下·清城模拟）中华文化博大精深，一双筷子就有诸多的寓意，如：筷子的标准长度是七寸六分，代表人有七情六欲，以示与动物有本质的不同。“七寸六分”最接近于（ ）
A． B． C． D．
【答案】C
【知识点】长度的估测；长度及其测量
【解析】【解答】1m等于3市尺，因此7寸6分即0.76市尺有(1/3)*0.76=0.2533m=25.33cm ，2.2dm最接近，故C符合题意，ABD不符合题意
故选择C
【分析】根据米和市尺的单位换算，换算后的结果和选项进行比较即可
2．（2024九下·清城模拟）如图所示，将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起，下方可以挂起重物，该现象主要说明了（ ）
A．分子间有空隙
B．分子间存在吸引力
C．分子间存在排斥力
D．分子处在永不停息的无规则运动中
【答案】B
【知识点】分子间相互作用力
【解析】【解答】将两个表面光滑的铅块紧压，会粘在一起，下方挂重物也不分开，是分子之间存在着引力，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】分子间存在着相互作用的引力。
3．（2024九下·清城模拟）汤圆是元宵节的必备美食。关于煮汤圆的过程，下列说法错误的是（ ）
A．水沸腾时，锅上方冒出的“白气”是水蒸气
B．水沸腾时吸热，温度不变
C．汤圆被煮熟，是通过热传递的方式增加其内能的
D．汤圆的温度越高，内能越大
【答案】A
【知识点】物质的三态；沸腾及沸腾条件；温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A．水沸腾时，“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误，符合题意；
B．水沸腾时持续吸收热量，温度保持不变，故B正确，不符合题意；
C．汤圆被煮熟，汤圆从水中吸收热量，通过热传递的方式增加其内能的，故C正确，不符合题意；
D．汤圆的温度越高，内能越大，故D正确，不符合题意。
故选A。
【分析】1、水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃；
2、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠；
3、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
4．（2024九下·清城模拟）小明同学在物理实验活动中，设计了如图所示的用压力表示数反映弹簧所受压力大小的电路，其中是滑动变阻器，是定值电阻，电源电压恒定，观察分析图示可知，下列说法正确的是（ ）
A．在电路中没有作用可以去掉
B．电流表可以改装成压力表
C．压力增加，接入电路的阻值减小压力表示数变大
D．压力减小，接入电路的阻值减小压力表示数变小
【答案】D
【知识点】电压的测量及电压表的使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．由图可知，压力为零时，变阻器接入电路中电阻为零，没有串联定值电阻R，会造成电源短路，电阻R的作用是保护电路，故A错误；
B．把电流表改装成压力表，会造成被短路，压力变化时压力表的示数不变，故B错误；
CD．压力增加时，根据串联分压可知：接入电路中的电阻变大，同理可知，压力减小，接入电路的阻值减小，压力表示数变小，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
5．（2024九下·清城模拟）如图是2023年春晚小品《初见照相馆》中的一个画面，下列说法正确的是（ ）
A．拍照时，感光芯片上成的是缩小的实像
B．照相机镜头对光线具有发散作用
C．拍照时，被照人的位置应该位于镜头的2倍焦距以内
D．照相机的镜头是一个凹透镜
【答案】A
【知识点】透镜及其特点与分类；凸透镜成像规律及其探究实验；生活中的透镜
【解析】【解答】A.B.C.D.照相机镜头是一个凸透镜，对光有会聚作用，当被拍照的人距镜头的距离即物距大于镜头二倍焦距时，成倒立缩小的实像，故A正确，B、C、D错误。
故选项为：A。
【分析】照相机镜头利用了凸透镜对光线有会聚作用能成实像的原理；凸透镜成实像时，当u>2f，成倒立缩小的实像，2f>v>f。
6．（2024九下·清城模拟）下列现象与其涉及物理知识之间的关系中，错误的是（ ）
A．高原反应——大气压和海拔高度的关系
B．固定翼飞机飞行时获得升力——流体压强和流速的关系
C．潜水艇能够下潜和上浮——液体压强和深度的关系
D．高压锅容易将饭煮熟——液体沸点和液面上气体压强的关系
【答案】C
【知识点】大气压强与高度的关系；沸点及沸点与气压的关系；流体压强与流速的关系；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．高原反应是由于海拔越高气压越小导致氧气不容易被吸入肺内造成的，A正确，不符合题意；
B．由于飞机机翼的形状是上凸下平，飞机飞行时使上方空气流速大、压强小，使下方空气流速小，压强大，从而获得向上的升力，B正确，不符合题意；
C．水下潜水艇能够上浮是利用了物体的浮沉条件，与液体压强无关，C错误，符合题意；
D．由于沸点随着气压的增大而增大，所以高压锅可以提高锅内的气压，以达到提高沸点的目的，D正确，不符合题意。
故答案为：C。
【分析】 流体压强大小与流速关系：在流体中流速越大地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大。
潜水艇的沉浮原理 ：重力与浮力的大小关系。
沸点与气压关系：一切液体的沸点，都是气压减小时降低，气压增大时升高。
7．（2024九下·清城模拟）放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平，如图所示，则（ ）
A．物体a的密度大于物体b的密度
B．物体b比a排开的液体所受的重力较小
C．甲容器底部受到的液体压力比乙小
D．甲、乙两容器对桌面的压强一样大
【答案】D
【知识点】压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．a在液体中漂浮，所以a的密度要小于液体的密度，b在液体中悬浮，b的密度等于液体的密度，即a的密度要小于b的密度，故A不符合题意；
B．a排开的液体的体积要小于b排开的液体的体积，液体的密度相同，根据计算可知
物体b比a排开的液体所受的重力较大，故B不符合题意；
C．根据可知，甲乙液体的高度相同，所以甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强相同，容器的底面积相同，根据压力公式可知，容器底部受到液体的压力相同，故C不符合题意；
D．b悬浮，b所受的浮力等于b的重力等于排开水的重力，即，a漂浮，则a所受的浮力，a的重力等于排开液体的重力；两液面相平，所以两容器中液体与物体的总重力相同，所以两容器对桌面的压力大小相等，由得，甲杯对桌面的压强等于乙杯对桌面的压强，故D符合题意。
故选D。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
4、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
8．（2024九下·清城模拟）外科医生可以利用超声除去人体内的结石，是利用了声波能传递 ；现代汽车一般安装有倒车雷达，当汽车倒车距离障碍物较近时，它就会发出声音及时提醒司机，这是利用了声音可以传递 。
【答案】能量；信息
【知识点】声与信息；声与能量
【解析】【解答】超声除去人体内的结石，说明声音可以传递能量；现代汽车一般安装有倒车雷达，利用了声音可以传递信息。
综上 第1空、能量； 第2空、信息。
【分析】1、声音能传递信息的实例：利用声呐（超声波）测海深、利用雷达定位、利用B超探测婴儿信息。
2、声音能传递能量的实例：能量震碎玻璃，使得火焰动摇等。
9．（2024九下·清城模拟）如图所示，是我国运动员在冬运会女子冰壶比赛中夺冠的一个场景，比赛时两名队员在冰壶前方“刷冰”，通过 的方式改变冰的内能（选填“做功”或“热传递”），使表面的冰熔化成薄薄的一层水，这样就能够减小冰壶与冰面之间的 ，使冰壶按照运动员预计的运动快慢和方向运动。
【答案】做功；摩擦
【知识点】做功改变物体内能；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】冰刷刷冰面时，机械能转化为冰面的内能，使通过做功的方式改变了冰的内能。冰面的内能增加，熔化成水，水的出现使冰壶与冰面分开，从而减小了冰壶与冰面之间的摩擦。
综上 第1空、做功； 第2空、摩擦。
【分析】1、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
2、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
10．（2024九下·清城模拟）深秋，为避免树上的桔子在夜间气温骤降时被冻伤，果农经常在傍晚给桔子树喷水，如图所示，这是利用了水在 （填物态变化名称）成冰时， （选填“吸收”或“放出”） 热量，使桔子不被冻伤；如图 2 所示，果农家中使用的液化气是用 方法使气体液化的， 在一次长时间连续使用液化气烧菜时，请你根据所学知识判断：液化气罐的温度会 （选填“升高”、“降低”或“不变”）．
【答案】凝固；放出；压缩体积；降低
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热
【解析】【解答】 果农经常在傍晚给桔子树喷水，温度降低，水凝固为冰，该过程放热；液化气通过加压的方式装入储气罐．液化气烧菜时，会发生汽化，汽化吸热，因此化气罐的温度会降低．
综上 第1空、凝固； 第2空、放出； 第3空、压缩体积； 第4空、降低。
【分析】1、凝固为液态变化为固态，释放热量，如结冰；
2、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠。
11．（2024九下·清城模拟）电磁波在真空中的传播速度是 ；核能是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源．
【答案】3×108m/s；不可再生
【知识点】核能；电磁波的传播
【解析】【解答】解：电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s；核能一旦消耗就很难再生，属于不可再生能源．
故答案为：3×108m/s；不可再生．
【分析】（1）电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s；（2）由可再生能源与不可再生能源的分类要求来看，可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源．
12．（2024九下·清城模拟）图甲是亮度可调的台灯，其电位器的作用相当于滑动变阻器，简化电路如图乙所示。若向右移动滑片P，灯泡两端的电压将 ，灯泡的亮度将 ，电路中的总功率将 。
【答案】变小；变暗；变小
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】向右移动滑片P，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联分压可知，灯跑两端的电压变小，电源电压不变，电阻变大，所以电流变小，根据可知，当灯泡两端的电压变小，通过灯泡的电流变小时，灯泡的实际功率变小，灯泡的亮度将变暗。同理可知电源电压不变，电路中电流变小时，电路总功率变小。
综上 第1空、 变小； 第2空、变暗； 第3空变小。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、功率的计算：公式为P=UI，题目中电源电压不变，电流变小，据此分析电功率的变化情况。
13．（2024九下·清城模拟）小在探究凸透镜成像规律的实验中，凸透镜的焦距为，要使烛焰在光屏上成清晰、缩小的实像，则蜡烛与透镜距离应 （选填“大于”或“小于”）；若移动蜡烛，使之与凸透镜间的距离小于，则人应在 （选填“蜡烛”或“光屏”）一侧透过凸透镜观察成像。
【答案】大于；光屏
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】凸透镜焦距为，像成倒立、缩小的实像时，则物距大于二倍焦距，即物距大于20cm，
物距小于，物像同侧，则人应在光屏一侧透过凸透镜观察成像。
综上 第1空、大于； 第2空、光屏；
【分析】透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像；物体大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像；物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，物近像远像变大。
凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大。
14．（2024九下·清城模拟）小铭同学早上以2m/s的速度匀速步行去北雅中学。走了10min时，爸爸立即以10m/s的平均速度从家开车追上了小铭，追上后小铭搭上爸爸的车继续前进。到达学校大门，他发现比平时走路早到5min。则小铭家到学校的距离为 m。
【答案】解：设小铭的家到学校的距离为L，步行由家到学校需要的时间在小明步行t0=10min时，爸爸出发，设爸爸由家出发走了距离L1后遇到小铭，则汽车行驶L1所用时间由题意可知；L1=1500m；小铭与爸爸相遇时在路上步行的时间；小铭搭上爸爸的车后到学校所用时间；由题可知t-t2-t3=Δt；L=2250m。
【知识点】速度公式及其应用
【解析】【解答】设小铭的家到学校的距离为L，小铭的速度为2m/s，根据速度公式计算步行由家到学校需要的时间；小明步行t0=10min时，爸爸由家出发走了距离L1后遇到小铭，根据速度公式计算汽车行驶L1所用时间；则同理计算L1，；解得L1=1500m；据此计算小铭与爸爸相遇时在路上步行的时间；小铭搭上爸爸的车后到学校所用时间
，据题分析可知t-t2-t3=Δt；则根据题意分析可列，据此求解L。
15．（2024九下·清城模拟）按要求填空。
（1）使用刻度尺前，要认清刻度尺的零刻度线、分度值和 。在测物体的长度时，图1两种方式中正确的是 （选填“甲”或“乙”），铅笔的长度应为 cm；
（2）如图2所示的秒表记录了小红测试800m跑所用时间，应记为 s。
【答案】量程；甲；3.40；222
【知识点】时间及其测量；刻度尺的使用
【解析】【解答】（1）使用刻度尺时要明确量程和分度值，读数时，视线要与刻度线垂直，甲读数正确。物体的左右两侧与零刻度线、3.40cm对齐，所以物体的长度为3.40cm。
（2）秒表中间的小表盘上，指针在“3”和“4”之间，偏向“4”一侧，大表盘上秒针应读30到60之间的数值，读数是42s，秒表的读数为3min42s＝222s；
综上 第1空、量程； 第2空、甲； 第3空、3.40； 第4空、222.
【分析】1、刻度尺的使用：使用刻度尺要注意量程和分度值，中学设计的刻度尺，分度值为0.1cm，读书时要估计到分度值后一位；
2、长度的测量：测量物体长度时，要将物体紧贴刻度尺，视线与刻度尺刻度平行；
3、停表的读数：小盘为分钟，大盘位秒钟，按照指针指向数字进行读数。
16．（2024九下·清城模拟）如图所示，一束光射向一块玻璃砖，画出这束光穿过玻璃砖的光路图。
【答案】
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】光由空气进入玻璃，发生折射，折射光线靠近法线，再次折射时，光由玻璃进入空气，折射光线远离法线射出。如图所示：
【分析】折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线。
17．（2024九下·清城模拟）“节约用水，人人有责”，大家都应养成随手关闭水龙头的好习惯。水龙头手柄可视为如图所示杠杆，O为支点，F2为阻力，请画出关闭水龙头的最小动力F1的示意图和F1的力臂。
【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】 最小动力F1 对应着最大动力臂，题目中最大动力臂为OM，动力和动力相互垂直，动力方向向下，据此画出最小的动力，如图所示：
【分析】杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂。
18．（2024九下·清城模拟）如图所示，磁体的N极与通电螺线管的A端相吸，在图中标出通电螺线管的N、S极和电源的正负极。
【答案】
【知识点】通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 磁体的N极与通电螺线管的A端相吸 ，由磁极间的相互作用规律可知通电螺线管的左端为S极，根据安培定则可知电流从螺线管的右端流入，左端流出，所以电源的右端为正极，左端为负极，如图所示：
19．（2024九下·清城模拟）在“探究影响液体内部压强的因素”实验中：
（1）把探头固定在水中某一深度，转动探头朝各个方向，由此可知，在同一深度液体内部向各个方向压强 ；
（2）把探头慢慢下移，发现U型管液面的高度差逐渐 从而得到：在同一种液体里压强随 增加而增大；
（3）将烧杯中的水换成盐水，观察到探头在相同的深度时，液面的高度差增大了，说明液体内部的压强与液体的 有关。
【答案】相等；增大；深度；密度
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1） 把探头固定在水中某一深度，转动探头朝各个方向，由此可知，在同一深度液体内部向各个方向压强大小相等。
（2）探头慢慢下移，U形管两边液面的高度差逐渐增大，所以在同一种液体里，液体压强随深度的增加而增大。
（3）水换成盐水，探头在相同的深度时，U形管两边液面的高度差增大了，说明压强与液体的密度有关。
综上 第1空、相等； 第2空、增大； 第3空、深度； 第4空、密度；
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
2、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变；
3、转换法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小。
20．（2024九下·清城模拟）在做“测量小灯泡的电阻”的实验时，小明选用了电压为6V的电源小灯泡和其它合适的器材，并连接了部分实验电路，如图甲所示：
（1）为了完成实验，请你帮他用笔画线代替导线将电路连接完整（要求导线不能交叉，滑动变阻器的滑片向右移动时电流表示数变小）
（2）电路连接好后，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到 （选填“A端”或“B端”）
（3）然后闭合开关，发现小灯泡不亮，接下来应该进行的是 。
A．检查电路 B．移动滑片，继续进行实验
C．更换小灯泡 D．观察电流表与电压表是否有示数
（4）当闭合开关，移动滑动变阻器的滑片时，灯丝突然烧断，此时电压表的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（5）换相同规格的灯泡，重新实验，某次电流表指针如图乙所示，读出电流表示数为 。
（6）移动滑片位置多次实验记录数据，得出灯泡电阻的变化规律 。
【答案】；B；D；变大；0.24A；灯丝的电阻随温度的升高而增大
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器按“一上一下”的原则串联在电路中，滑动变阻器的滑片向右移动时电流表示数变小，明滑片向右移动时，电阻变大，则左下方A接线柱必须接入电路，如下图所示
(2)为了保护电路，闭合开关之前滑动变阻器滑片要位于最大阻值处，所以滑动变阻器的滑片P应移到B端。
(3)连接好电路闭合开关，小灯泡不亮，可能是因为电路中的电流较小，灯泡的实际功率过小，故接下来观察电流表、电压表是否有示数，若有示数则说明电路为通路，故ABC不符合题意；D符合题意。
故选D。
(4)因为小灯泡的灯丝烧断后，电压表串联接入电路，测量电源电压，电压表的示数变大。
(5)由图可知，电流表分度值为0.02A，示数为0.24A。
(6)移动滑片位置，结合欧姆定律U=IR可知，灯泡的电阻是变化的，原因是灯丝的电阻随温度的升高而增大。
【分析】1、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
2、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
3、变阻器：变阻器的连接为一上一下，通过改变电阻丝接入电路的长度进而改变电阻，变阻器的作用除了改变电阻外还可以起到保护电路的作用，所以在连接好电路后，变阻器阻值应该调节到最大阻值处。
21．（2024九下·清城模拟）水对容器侧壁有压强，水从小孔水平射出的速度与哪些因素有关
【提出猜想】
水从小孔水平射出的速度可能与小孔在水中的深度有关。
【查阅资料和思考】
如图甲所示，h表示小孔在水中的深度，v表示水流从小孔水平射出的速度，H表示小孔到桌面的高度，s表示水流射程（小孔到落点的水平距离）。查阅资料可知，当H一定时，s随v的增大而增大。
要研究v和h的关系，由于v无法直接测量，转为研究s、H、h的关系。
【实验步骤】
①将容器置于木块上，如图乙所示。
②堵住三个小孔，往容器中加入适量的水。记录h和H。
③打开小孔，同时测量并记录从三个小孔水平射出的水流射程s。
④换高度不同的本块，重复步骤①-③。
【实验数据及分析】
实验序号 1 2 3 4 5 6 7 8 9
小孔 a b c a b c a b c
h/cm 10 20 30 10 20 30 10 20 30
H/cm 30 20 10 40 30 20 50 40 30
s/cm 35 41 35 40 49 50 45 58 59
（1）分析表中数据可知，当小孔在水中的深度h一定时，水流射程s随小孔距桌面的高度H增大而 （填“增大”或“减小”）；
（2）采用控制变量的方法，通过比较实验序号为 的三组数据，可以得出：水从小孔水平射出的速度v与小孔在水中的深度h有关；
（3）小宁再分别用食盐水和酒精替换水进行实验，目的是为了探究液体从小孔水平射出的速度v是否与 有关。
【答案】增大；1、5、9；液体密度
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）[1]由第1、4、7次实验可知，当h一定时，H越大，s越大。故可得当小孔在水中的深度h一定时，水流射程s随小孔距桌面的高度H增大而增大。
（2）射程与水流射出的速度和距地面的高度有关，在探究水从小孔水平射出的速度v与小孔在水中的深度h之间的关系时，保持H相同，s随水流射出的速度增大而增大，由第1、5、9次实验可知，H一定时，h越大，s越大，即水从小孔水平射出的速度v越大，所以水从小孔水平射出的速度v与h有关。
（3）改变液体的种类，其它条件不变，目的是为了探究液体从小孔水平射出的速度v是否与液体密度有关。
综上 第1空、增大； 第2空、1、5、9； 第3空、密度；
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如射程与水流射出的速度和距地面的高度有关，在探究水从小孔水平射出的速度v与小孔在水中的深度h之间的关系时，保持H相同，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同。
22．（2024九下·清城模拟）2022年，我国快递业务量首破950亿件，如图是一物流机器智能配送时情景，在某平直道路上100s匀速行驶了400m，已知机器所受阻力为120N。求：
（1）该物流机器匀速行驶时的速度；
（2）匀速行驶的100s内牵引力做的功。
【答案】解：（1）根据速度公式可得
（2）已知机器所受阻力为120N，匀速直线行驶，所受牵引力与阻力是一对大小相等的平衡力，故牵引力F=f=120N
故匀速行驶的100s内牵引力做的功为。
答：（1）该物流机器匀速行驶时的速度为4m/s；
（2）匀速行驶的100s内牵引力做的功为48000J。
【知识点】速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1） 物流机器在某平直道路上100s匀速行驶了400m ，根据速度公式可得该物流机器匀速行驶时的速度 ；
（2）机器匀速直线行驶，所受牵引力等于阻力，即F=f，根据W=fs计算匀速行驶的100s内牵引力做的功。
23．（2024九下·清城模拟）家用豆浆机的外形如图甲所示，其机头主要由一个电热器（电热丝）R和一个电动机M带动的打浆器构成，内部电路简化图如图乙所示．制作豆浆的过程是先加热，后打浆，再加热煮熟，即加热和打浆是交替进行的．某品牌豆浆机铭牌上的部分技术参数如表．
额定电压 220V
额定频率 50Hz
电热器额定功率 1000W
电动机额定功率 180W
净重 2.4kg
（1）豆浆机在额定电压下打浆，通过电动机的电流是多少？
（2）小明同学想测算该豆浆机的加热效率，他把100g大豆和1.4kg清水放入豆浆机中，测出其初温为20℃，当电热器正常工作时加热总时间为9min豆浆沸腾，测其温度为100℃．请你帮他计算豆浆吸收了多少热量？豆浆机的加热效率是多少？[c豆浆=4×103J/（kg ℃）]
（3）小明同学晚上使用该豆浆机，在与第（2）问条件相同的情况下，发现电热器加热总时间由以前的9min变为10min，豆浆机的加热电阻R和加热效率均不变，求晚上的实际电压值．(已知≈0.95)
【答案】解：（1）由P=UI可得，通过电动机的电流：，
（2）豆浆吸收的热量：，
煮豆浆的过程中，豆浆机消耗的电能：；所以，豆浆机的加热效率：
；
（3）根据W=Pt，W实=W可得，Pt1=P实t2，即又由得，
；。
答：（1）豆浆机在额定电压下打浆，通过电动机的电流是0.82A；
（2）豆浆吸收的热量为，豆浆机的加热效率是88.9%；
（3）晚上的实际电压值为209V。
【知识点】比热容；电功率的计算；额定功率；实际功率
【解析】【分析】（1）根据表格可知： 电动机额定功率 180W；电压为220V，由P=UI可得，通过电动机的电流；
（2）豆浆的质量为1.5kg，温度变化量为80℃，根据热量计算公式Q=cmΔt可计算豆浆吸收的热量。
煮豆浆的过程中，豆浆机功率为1000W，根据W=Pt计算消耗的电能。豆浆机的加热效率：
（3）根据W=Pt，W实=W可得，Pt1=P实t2，由得，，据此计算晚上的实际电压。
24．（2024九下·清城模拟）某实验小组利用图示装置研究杠杆的机械效率，实验的主要步骤如下：
①用轻绳悬挂杠杆一端的O点作为支点，在A点用轻细悬挂总重为G的钩码，在B点用轻绳竖直悬挂一个弹簧测力计、使杠杆保持水平；
②竖直向上拉动弹簧测力计缓慢匀速上升（保持O点位置不变），在此过程中弹簧测力计的读数为F，利用刻度尺分别测出A、B两点上升的高度为h1、h2，回答下列问题：
（1）杠杆机械效率的表达式为η= 。（用已知或测量的物理量符号表示）
（2）本次实验中，若提升的钩码重一定，则影响杠杆机械效率的主要因素是： 。
（3）若只将钩码的悬挂点由A移至C，O、B位置不变，仍将钩码提升相同的高度，则杠杆的机械效率将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】；杠杆的自重；变大
【知识点】杠杆机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）有用功为重物刻度重力做功，即W有=Gh1，根据W=Fs计算总功W总=Fh2，所以机械效率的表达式为η=×100%=×100%；
（2）影响机械效率的因素主要是有用功和总功所占的比例；提升的钩码重一定说明有用功一定，所以影响机械效率的主要因素是杠杆自身的重力。
（3）钩码的悬挂点在A点时，由平衡条件G OA=F OB；悬挂点移至C点时，同理可得G OC=F OB；
由OA到OC力臂变大，拉力F也变大，杠杆提升的高度减小，额外功减小，杠杆的机械效率变大。
综上 第1空、； 第2空、杠杆的自重； 第3空、变大。
【分析】1、功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：η= 。
2、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂。
25．（2024九下·清城模拟）电灯是一项伟大的发明，没有人能独享这份荣耀，它经历着如下的“进化史”：
1879年，托马斯·爱迪生发明碳丝灯，通电后碳丝温度高达2000℃左右，进入白炽状态而发光，所以也称“白炽灯”；
1910年，美国通用电气实验室发现用钨丝制造的灯既便宜又明亮；
1934年，欧文·m兰尔进一步改进，将灯丝绕成螺旋形，使发出的光更明亮；
20世纪30年代，人们研制出阵荧光灯，利用了光气体发出的光使灯里的涂膜发亮，它比普通灯温度低并省电；
最近，人们还发明了大功率LED灯，它更省电、寿命更长。
请回答：
（1）为了安全用电，控制灯的开关必须接在家庭电路的 线上；
（2）如右图，灯丝绕成螺旋形的原因是 （选填“增加”或“减少”）散热；
（3）5瓦的LED灯与100瓦的白炽灯正常发光时亮度相当．若用1只5瓦的LED灯代替100瓦的白炽灯使用4万小时，请通过计算说明选择哪种灯比较经济？
注：目前电费0.53元/千瓦·时，其他数据如表
灯的种类 额定功率 使用寿命 市场价格
白炽灯 100瓦 1万小时 3元/只
LED灯 5瓦 4万小时 20元/只
【答案】火；减少；LED灯
【知识点】电功率的计算；安全用电原则
【解析】【解答】（1） 为了安全用电，控制灯的开关必须接在家庭电路的 火线上。
（2）白炽灯是将电能转化为内能的，螺旋状的灯丝可以减少热量散失。
（3）一只白炽灯的使用寿命为1万小时，工作4万小时需要的4只白炽灯，单价为3元，所以4只白炽灯需要的费用4只×3元/只=12元。白炽灯的功率为100W，根据W=Pt计算消耗电能为W=Pt=0.1kW×40000h=4000kW·h；电费单价0.53元/kW·h，所以共花费电费0.53元/kW·h×4000kW·h=2120元；共需要支付2120元+12元=2132元；LED灯需要1只20元，同理计算 消耗电能为W=Pt=0.005kW×40000h=200kW·h；电费为0.53元/kW·h×200kW·h=106元，所以共需要支付106元+20元=126元<2132元故选择LED灯比较经济。
综上 第1空、火； 第2空、减少； 第3空、LED.
【分析】1、电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；
2、功和功率：公式为W=Pt，单位换算为1kw=1000w。
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