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2025届高三湖北省十一校第二次联考
物理试题
(考试时间：75分钟试卷满分：100分)
注意事项：
1.答题前，先将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号填写在试卷和答题卡上，并将准考
证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写
在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3.非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、草稿纸
和答题卡上的非答题区域均无效。
一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只
有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4分，选对但
不全的得2分，有选错的得0分。
1.2025年开年之际，我国大科学装置建设在不断推进，在安徽合肥科学岛，国际唯一的超导托
卡马克大科学装置集群，正在加快推动核聚变能源的开发和应用。下列核反应方程属于核聚
变的是(
A.6O+。n→H+,6N
B.4N+He-→O+H
C.H+3H→on+He
D.2U+n-→40Xe+8Sr+2n
2.如图所示，等边三棱镜ABC,一束单色光与AB成30°角射入三棱镜，经AB边折射进入三
棱镜的折射角刚好等于从AC边射出三棱镜的入射角，则三棱镜的折射率为()
A.3v3
B.3
C.√2
D.VG
30
B
3.襄阳五中一年一度的体育节活动中，篮球是男同学们最喜爱的运动项目之一，在一次比赛中，
小峰同学投出了一个漂亮的三分球。假设在这次投篮过程中篮球刚好垂直击中篮板后落入篮
筐，把篮球出手后到击中篮板的过程按时间三等分，篮球受到的空气阻力不计，从篮球出手
后开始计时，连续三段相同时间内篮球上升的竖直高度分别计为h1,h2,h3,则h1:h3为()
A.1:5
B.1:9
C.5:1
D.9:1
4.北京时间2025年1月7日04时00分，我国在西昌卫星发射中心使用长征三号乙运载火箭，
成功将实践25号卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，该卫星主要用于卫星燃料补加与
延寿服务技术验证。经过一个月的时间，实践25号抵达同步轨道，并成功给北斗三号G7
星加注了142公斤肼类燃料，实现了全球首次卫星在轨加注燃料。若后期还要给同轨道上的
2025届高三湖北省十一校第二次联考物理试题第1页（共6页)·印版2025 届高三湖北省十一校第二次联考
物理参考答案
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
C B C B B C B BD BCD AD
A
1、AB 为人工核转变 D为核裂变 故 C选项正确
2、如图，
D E
F
30°
依题意有∠EDF=∠DEF，有几何知识已知∠EDF+∠DEF=∠A B C
故 ∠EDF=30°，从 AB 边入射光线入射角为 90°-30 =60° ，折射角为∠EDF==30°
60°
折射率 n= = 3 故 B 选项正确
30°
3、逆向思维为平抛运动，竖直方向为自由落体运动，时间等分则 h3:h1=1:5 ,故 C 正确
4、航天器对接，后面的航天器应先减速降低高度，再加速提升高度，通过适当控制，使后面的航天器追上前面
的航天器是恰好具有相同的速度，相对静止。所以 B正确 武汉乐学教育
2
5、有简谐运动知识至振幅最大时，震动加速度最大，有牛顿第二定律知 4kA=ma 的 a=8m/s 故 B 选项正确
6、ABCD 等效长度为 2BC，AFED 等效长度也为 2BC，AD 长度也为 2BC，RABCD=RAFED=2RBC ，
RAD=2RBC，有电路知识知流经 AD 的电流是流经 BC 电流的 1.5 倍，有左右定则知 ABCD、AD、AFED 受力方向相同，
设 BC 长 L，流经 BC 电流为 I，则 F=BIL，整个线框所受安培力
3
F′=BI 2L+BI 2L+B 2L=7BIL=7F，故选项 C正确
A 2
7、B
ɑ
垂
B 0
小球 A先由落体运动至关于过 O 点的水平线对称的 A1位置，有机械能守恒定律得
1 / 3
1m 2Ag 2Lcosα= mA 0 得 0 = 10 / 在 A1位置绳绷直得瞬间，把 0沿绳和垂直绳方向分解，沿绳方向分速度由于2
绳拉力得冲量而损失掉，仅剩下垂直绳方向分速度沿弧线下摆至 B 处，
机械能守恒。 垂 = 0 60° =
30
m/s，对 A，有机械能守恒定律得 A与 B碰前速度
2 1
，
mAgL（1-cos60
1
= m 2 1 2 = 5 2） — m 得 / 故 A 错，A和 B发生弹性碰撞，质量相等交换速度，故 B 选项
2 A 1 2 A 垂 1 2
正确。由于小球 A下落至绳绷直时有机械能损失，故 B球上升的最大高度一定小于 A 球释放高度，C错。D选项，
由于 B 球不能做完整得圆周运动，要想绳子不松弛，小球不能过圆心等高位置（本题图中 O 点）。AB 碰后 = 1 =
5 2 / 1 5，设 B 上升得最大高度为 h，对小球 B上摆过程有机械能守恒定律得 m gh= 2 得 h= / >0.5m，越
2 B 2 8
过了圆心高度，绳会松弛，D 选项错误。
2
8【详解】ABC 线圈在匀强磁场中以恒定角速度转动，产生感应电动势的最大值为 Em NBL
U R E m R NBL2电压表的示数为有效值，由闭合电路欧姆定律可得电压表示数为 R r 2 2 R r 故 B 正确
D 在 t时间段内，通过电阻 R的电荷量为 q I t 由闭合回路欧姆定律可知，回路中的电流为
I E
R r
由法拉第电磁感应定律可知感应电动势为 E N 在 t时间段内，磁通量的变化量为 Φ = BL2
t
2
由以上各式联立解得 q= 故 D 正确 故选 BD
+
9【详解】当小球静止于M 点时，细线恰好水平，说明重力和电场力的合力方向水平向右，电场力与重力合力
mg
为 F合 3mgtan 30
小球从 P 到 M 做的是类平抛运动 所以 C 正确
合外力做功为 W合 F合L 3mgL 这一过程重力做功 =
有动能定理 合 = + 电 得 电 = 合 = （ 3 + 1）
有功能关系知 A 错，BD 正确 答案:BCD
10、【答案】AD
【详解】A．当小球运动到某点 P 点，弹性绳的伸长量是 xBP，小球受到如图所示的四个力作用
其中 FT = kxBP
mg
将 FT正交分解，则 FT的水平分量为 FTsinθ = kxBPsinθ = kxBC = ，2
1
小球水平方向平衡 FN=FT 又 Ff = μFN = mg5
FT的竖直分量为 FTy = FTcosθ = kxBPcosθ = kxCP
由以上推导可知小球受到的摩擦力为恒力，则 CD 段与 DE 段摩擦力所做的功相同，则在 DE 段弹性绳和小球
组成的系统机械能的减小量等于 CD 段弹性绳和小球组成的系统的系统机械能的减小量，A正确；
1
B．根据动能定理有 mgh — mgh— W 弹 = 05
4
根据计算有 W 弹 = mgh B 错误；5
1
C．对小球从 C 运动到 E 过程，应用动能定理得 mgh - 4 mgh - W 弹 = 0
1 1 2
若小球恰能从 E点回到 C点，应用动能定理得 - mgh + W 弹 - 4 mgh = 0 - 2 mv
4
联立求解得 v = C 项错误；
5
D．若只把小球质量变为 2m，小球从 C点由静止开始运动，到达 E点时根据动能定理有
1 1
2mgh - W 弹 - mgh =
2
5 2 ×2mv1 - 0
解得小球到达 E点时的速度大小 1= gh D 正确。
11、【答案】 CD A 甲
【详解】（1）[1]实验中的分力与合力的关系必须满足：|F1－F2|≤F3≤F1＋F2（等号在反向或同向时取得），
因此 CD 两项都是可以的。
（2）[2]在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是标记结点 O的位置，并记录 OA、OB、OC 三段绳子的方
向。武汉乐学教育
（3）[3]F3 的方向一定竖直向下，由于测量误差 F1 和 F2 的合力方向可能偏离竖直方向，所以甲是正确的。
2 / 3
12、【答案】黑箱内的电学元件中没有电源
欧姆调零 220 1.5 2.5 等于
【解析】(1)步骤 ①中用直 流电压挡测量， 、 、 三点间均无电压说明
黑箱内的电学元件中没有 电源；
(2)多用电表调至欧姆挡， 在正式测量电阻前需要进行的实验操作是欧
姆调零；
(3)该电阻的读数为 22 × 10 = 220 。
(4)用欧姆挡测量， 、 间正反接阻值不变，可知 与 之间为一个定值电阻;用欧姆挡测量，黑表笔接 、红表
笔接 时测得的阻值较小，反接时测得的阻值较大，说明 与 之间是一个二极管;结合二极管的特性可知， 接
二极管的正极;用欧姆挡测量，黑表笔接 、红表笔接 测得阻值比黑表笔接 、红表笔接 时测得的阻值大，则
说明 与 之间比 与 之间多一个电阻。综合以上的分析可知，黑箱内的电学元件可能是一个定值电阻和一个
二极管，电路的结构如图所示：
(5)由 = + 1 5 ( 2.5)，变形为： = + ，根据图像斜率和截距的意义应有： = = = 1.5 ， =
5
2.5 ，可得 = 2.5 。结合图像可知，多用电表使用的是电流表的功能，由于多用电表存在内阻，由闭合电路
= + ( ' + ) = 1欧姆定律得 ，则 ' ，可见多用电表的内阻对 的测量结果没有影响。乐学教育
13、【答案】(1) 状态气体压强为 = 0 + …………（1 分）
由 变化到 ，由等容变化 = …………………………（2 分）
又 = ……………………………………………………（1分）
联立得： = 1.76 × 105 ………………………………（1 分）
(2)从 到 为等压过程，外界对气体做功为 = ( ) …………（2 分）
根据热力学第一定律 = + ……………………………………（2分）
联立得 = 9.84 × 104 ………………………………………………（1 分）
答：(1)状态 时气体的压强为 1.76 × 105 ；
(2)气体从 到 的过程中气体内能增加了 7.2 × 104 ，则这一过程中气体吸收的热量是 9.84 × 104 。
14、【答案】解：(1)弹力 与压缩量 的图像与横轴围成的面积表示克服弹力做功
= 1 × 50 × 0.6 = 15 ………………………………（1 分）
2
由功能关系得弹簧储存的弹性势能为 = = 15 ………………（1 分）
1
对物块 1，由能量守恒定律得 = 1 20 ……………………………（1 分）2
解得滑块 1被弹出后的速度 0 = 10 / …………………………………（1 分）
滑块 1与 2发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得 1 0 = ( 1 + 2) 1…………（1 分）
解得碰撞后粘合体的速度 1 = 6 / ． ………………………………（1分）
(2)粘合体恰好通过最高点，根据牛顿第二定律可得
( + ) + = ( + )
2
2
1 2 1 2 ……………………………………（1分）
解得 2 = 6 /
粘合体从 点到最高点过程由动能定理可得
( 1 + 2) 2 =
1 ( 1 + 2) 22
1 ( 1 + 22) ……………… （1 分）2 2
解得 = 30 / ，
在 点，对粘合体由牛顿第二定律可得 武汉乐学教育
2
支 ( 1 + 2) = ( 1 +
2) ……………………………… （1分）
解得 支 = 36 ．……………………………………………………（1 分）
(3) 要使滑块能进入圆轨道运动，则至少能够到达 点，有
( 1 + 2) 0 = 0
1 ( + ) 21 2 1 …………………………（1分）2
解得 0 = 3.6 ．
①若粘合体沿圆弧轨道到达与圆心等高处时速度为零，粘合体同样不会脱离轨道，则对全程由动能定理可
得
( + ) ( + ) = 0 1 ( + ) 21 2 1 2 1 1 2 1 …………（1分）2
解得 1 = 2.4 ．
3 / 3
②粘合体能通过最高点，由(2)中可知到达最高点的最小速度 2 = 6 / ，即到达 点的速度应大于等于 2，
对从碰后至到达最高点过程，由动能定理可得
( 1 + 2) 2 2 ( 1 + 2) =
1
2 ( 1 + 2) 22
1 ( 1 + 2) 21……（2分）2 2
解得 2 = 0.6 ，
综上所述，要使碰后粘合体不脱离轨道，轨道 长度范围为 0 0.6 或 2.4 3.6 ……………（2 分）
15、【答案】(1)当开关打到接头 1时，由法拉第电磁感应定律，可知 = = 15 …（1 分）
= 感应电流 = 3 …………………………………………………………（1 分）
根据受力平衡列平衡方程 + 2 = 1 sin ………………………………（1 分）
代入可得 = 0；………………………………………………………………（1分）
(2) 当开关打到接头 2时，对金属杆 受力分析可知
1 sin 1 cos 2 = 1 ……………………………………（1分）
杆 与电容器构成闭合回路，电流 = = = 2 = 2 …………（2分）
联立求得杆做匀加速运动，加速度 = 1 / 2…………………………………………（1分）
杆 运动至底端，根据匀变速直线运动规律有 2 = 2 ………………………………（1分）
可得 = 8.0 ； ………………………………………………………………………（1分）
(3)杆 与联动装置发生弹性碰撞，由动量守恒和能量守恒可知其交换速度，故碰后杆 静止，联杆速度变为
1 = 4. 0 / ……………………………………（1 分）
①当杆 从 运动到 过程， 杆为电源， 和 并联构成外电路，由于 电阻不计，外电路短路，电路中
产生的电能全部转化为 杆的焦耳热。对 杆列动量定理 武汉乐学教育
23 2 = 2 2( 1 2)…………（2分）
得 2 = 3 / …………………………………………………………………………（1分）
由此得 杆产生的焦耳热 1 =
1 2 2 1 2
2 2 1
2
2 2
2 = 1.75 ………………………（2分）
②当杆 从 运动到 过程， 杆为电源， 和 并联构成外电路，由于 电阻不计， 被短路，电路中产
生的电能全部转化为 杆的焦耳热， 杆不发热。……………………………………（1分）
所以整个过程中 杆产生的焦耳热 = 1. 75 。…………………………………（1分）
