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【刷题补漏】八年级科学下学期·期中考点大串讲·考题猜想
专题01 磁场 电生磁
提示：知识点与易错点可参考单元大串讲
一．磁性、磁体、磁极、磁化（共9小题）
1．【答案】C
【分析】磁性指物体能吸引铁、钴、镍等物质的性质。
【解答】解：磁吸收纳盒能吸附在冰箱门上，是因为冰箱门中含有铁，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了磁性，属于基础题。
2．【答案】D
【分析】（1）磁铁间的相互作用规律：同名极相互排斥，异名极相互吸引；
（2）有磁性的物体可以吸引磁性材料。
【解答】解：假如铁棒有磁性，异名磁极相互吸引。铁棒的A端靠近一根悬挂的条形磁铁的N极，铁棒和条形磁铁的N极相吸引，说明铁棒也有磁性，并且A端是S极，如果铁棒没有磁性，磁体可以吸引磁性材料。条形磁铁具有磁性，也可以吸引没有磁性的铁棒。所以铁棒是否具有磁性不能确定。
故选：D。
【点评】判断是否是磁体时，需根据同名磁极相互排斥为突破口，相互吸引包括异名磁极间的相互吸引，同时磁体还可以吸引没有磁性的磁性材料。
3．【答案】D
【分析】条形磁体两端的磁性最强，中间的磁性最弱。当小铁块从磁铁一端匀速滑到另一端的过程中，磁铁对小铁块的吸引力也是先由强到弱，再由弱到强。那么，小铁块对磁铁的压力相应的也是先减小再变大，而压力又影响到摩擦力的大小，所以摩擦力是先变小再变大。因为是匀速运动，拉力F和摩擦力是一对平衡力，然后对拉力的大小作出判断。
【解答】解：当小铁块从磁铁一端匀速滑到另一端的过程中，因为条形磁体两端的磁性最强，中间的磁性最弱，因此磁铁对小铁块的吸引是先变小再变大。那么，小铁块对磁铁的压力相应的也是先减小再变大。而压力又影响到摩擦力的大小，所以摩擦力也是先变小再变大。又因为是匀速运动，拉力F和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以拉力F和摩擦力一样也是先减小后增大。
故选：D。
【点评】此题考查的知识点有三个：一是磁体上磁性的强弱；二是摩擦力的大小受到压力大小的影响；三是平衡力的作用。这也是中考的常见综合题型，难度不大，但是考查的知识面广泛。
4．【答案】D
【分析】磁铁能吸引磁性材料，磁性材料是指铁、钴、镍及其合金等，能够直接或间接产生磁性的物质；
磁性材料在磁场中能被磁化，非磁性材料在磁场中不能被磁化，据此分析答题。
【解答】解：铁棒是磁性材料，可以被磁化，所以A、B、C三种方法都能取出铁钉；
铜棒不是磁性材料，它不能被磁化，所以D方法不能取出铁钉。
故选：D。
【点评】本题考查了磁体的性质，铁钴镍等都可以被磁铁吸引。
5．【答案】A
【分析】（1）磁体上磁性最强的部位叫磁极，磁极部位的磁感线最密集。
（2）磁感线越密集的地方磁场越强。
（3）根据铁粉的分布无法确定磁场的方向。
（4）铜不能被磁化，所以实验中不能用铜屑代替铁屑。
【解答】解：A、a处的铁屑很多，磁性很强，所以a处为磁体的一个磁极，故A正确；
B、细铁屑越密集的地方磁性越强，a处的细铁屑比b处的密集，所以a点的磁场比b点强，故B错误；
C、根据铁粉的分布无法确定磁场的方向，要确定磁场的方向必须在某个位置放置一个小磁针，根据小磁针N极指向确定磁场方向，故C错误；
D、铜不能被磁化，所以实验中不能用铜屑代替铁屑，故D错误。
故选：A。
【点评】知道蹄形磁体的磁场分布情况；会根据细铁屑的大致分布判断磁场的强弱。
6．【答案】C
【分析】（1）铁容易被磁化，塑料不能磁化；
（2）磁体间相互作用的规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
（3）电路的三种状态：通路、短路和断路。
【解答】解：A、塑料不能被磁化，故不可以把软磁铁换成塑料，故A错误；
B、触点相互接触利用的是异名磁极相互吸引的原理，故B错误；
C、利用条形磁体使软铁簧片被磁化，触点相互吸引使电路处于导通状态，故C正确；
D、条形磁体远离干簧管时，触点间没有作用力使电路处于断路状态，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了磁体间相互作用的规律和电路的状态，属于基础题。
7．【答案】见试题解答内容
【分析】条形磁体两端磁性最强，中间磁性最弱，根据这条规律进行判断。
【解答】解：如图，当乙从甲的左端水平向右移到右端，若两根钢棒间吸引力的大小不变，说明是乙的磁极吸引不具有磁性的钢棒，所以甲没有磁性，乙具有磁性；若两钢棒间吸引力先由大变小，然后由小变大，说明是具有磁性的甲两端磁性最强，对钢棒乙的吸引中间最弱，两端最强，所以甲有磁性，乙没有磁性。
故答案为：乙；甲。
【点评】这是鉴别外形相同的钢棒，一个有磁性，一个没有磁性的方法之一，还可以把甲的一端放在乙的中间，如果吸引，甲有磁性，乙没有磁性。
8．【答案】N；吸引。
【分析】任何磁体都有两个磁极：磁北极（N极）和磁南极（S极）；磁体分成若干份，每一份又是一个新的磁体。
【解答】解：
如图乙，由于异名磁极相互吸引，所以右边裂纹的磁极是N极。
如图甲，如果把这段磁铁沿裂纹吻合放在一起，由于左边裂纹的磁极是S极、右边裂纹的磁极是N极，所以这两段会相互吸引。
故答案为：N；吸引。
【点评】理解掌握磁体的性质、磁极间的相互作用规律是解决此类问题的关键。
9．【答案】N；异名磁极相互吸引。
【分析】磁极间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
【解答】解：由图知磁画板上黑字为S极，要把黑字吸到表面，写黑字时笔尖为N极，写字的原理是：异名磁极相互吸引。
【点评】本题考查磁极间的相互作用规律，难度不大。
二．磁场和磁感线及其特点（共10小题）
10．【答案】B
【分析】磁体外部的磁感线是从N极出来回到S极的。
安培定则内容：用右手握住螺线管，弯曲的四指所指的方向和通电螺线管的电流方向一致，大拇指所指的方向就是通电螺线管的N极。
【解答】解：结合磁体外部的磁感线是从N极出来回到S极，以及安培定则，可知B的磁感线分布错误，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查了磁体外部磁感线的方向，以及安培定则的应用，属于基础题。
11．【答案】A
【分析】（1）磁体的周围存在磁场，磁场是一种真实存在的物质，磁场的基本性质是对放入其中的磁体有力的作用；
（2）磁感线是人们为了研究磁场的分布情况而假设的线，实际不存在；
（3）磁感线密的地方磁场强，稀的地方磁场弱；
（4）磁感线上某点的切线方向为该点的磁场方向。
【解答】解：A、磁体的周围存在磁场，磁场是一种真实存在的物质，故A正确；
B、磁感线是人们为了研究磁场的分布情况而假设的线，实际不存在，故B错误；
C、条形磁铁周围磁感线密的地方磁场强，稀的地方磁场弱，条形磁铁周围各处的磁性强弱并不相同，故C错误；
D、磁感线上某点的切线方向为该点的磁场方向，磁场反向是磁场本身决定的，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了磁场的相关知识点，题目综合性比较强。
12．【答案】D
【分析】为了形象地描述磁场的性质，物理学中引入了磁感线；在磁体外部，磁感线从磁体的N极出来回到S极；磁体的周围存在磁场，磁感线的方向表示磁场方向。
【解答】解：A、磁体的周围存在磁场，P点有磁场，故A错误；
B、为了形象地描述磁场的性质，物理学中引入了磁感线，但磁感线不是真实存在的，故B错误；
C、磁感线上任意一点的切线方向表示该点的磁场方向，则图中水平磁感线上各点的磁场方向都相同（即水平向右），而磁感线为曲线时，各点的磁场方向不同，故C错误；
D、由图可知，Q点的磁场方向水平向右，Q点放置小磁针静止后，由于小磁针N极的指向与磁场方向相同，所以N极指向右边，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了磁感线的方向、磁体极性的辨别，属于基础性题目。
13．【答案】A
【分析】磁体的周围存在磁场，为了便于研究，人们引入了磁感线。在磁场中某一点，小磁针静止时N极所指的方向为磁场的方向。在磁场中，磁感线都是从N极出发，回到S极。
【解答】解：A、磁感线是为了研究方便而引入的假想曲线，不是真实存在的，故A正确；
B、磁体周围，越靠近两极的位置其磁感线越密集，磁场越强，b处的磁场和a处无法比较，故B错误；
C、由于在磁体的外部，磁感线都是从N极出发，回到S极，所以该条形磁体的右端为N极，左端为S极，故C错误；
D、小磁针静止时N极所指的方向为磁场的方向，所以将一小磁针置于a点，其静止时南极指向右侧，故D错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查了对磁场的概念、磁感线的特点、磁场的方向以及磁场强弱的理解，属基础知识的考查。
14．【答案】C
【分析】（1）具有磁性的物体只能吸引铁、钴、镍等物质。
（2）指南针受地磁场的作用指向南北。
（3）小磁针静止时N极指向地磁南极，地磁南极在地理北极附近。
（4）磁体周围的磁场是真实存在的，磁体间的作用是通过磁场来完成的。
【解答】解：①具有磁性的物体只能吸引铁、钴、镍等物质，吸引物质的种类和磁体的磁性强弱无关，故①错误。
②指南针受地磁场的作用指向南北，故②正确。
③小磁针静止时N极指向地磁南极，地磁南极在地理北极附近，故小磁针静止时N极指向地理北极附近，故③正确。
④磁体周围的磁场是真实存在的，磁体之间的作用是通过磁场发生的，故④错误。
故选：C。
【点评】本题考查了磁体性质、地磁场、磁场性质等，是磁现象中最基础的内容，掌握基础知识很重要。
15．【答案】C
【分析】同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。小磁针静止时N极的指向与磁场方向相同。
【解答】解：根据磁感线的形状知，两个磁极相互排斥，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，两磁极同名，而磁感线是进入磁极，说明是S极，因而均为S极，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查磁极间的作用和磁感线的方向，属于基础题。
16．【答案】D
【分析】（1）磁极间的作用规律：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；
（2）磁体周围存在着磁场；
（3）放在该点的小磁针静止时北极所指的方向与该点的磁场方向一致；
（4）磁感线的疏密表示磁性强弱；箭头方向表示磁场方向。
【解答】解：A、由图可知，小磁针的左端为N极，小磁针的N极靠近条形磁体的右端，由异名磁极相互吸引可知，该条形磁体的左端为N极，右端为S极，故A错误；
B、磁体周围存在磁场，a点的磁感线虽然没有画出，但a点有磁场，故B错误；
C、小磁针静止时北极所指的方向与该点的磁场方向一致，所以b点的磁场方向向右，故C错误；
D、磁感线分布越密的地方，其磁场越强，故c点的磁场比b点强，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查对磁感线、磁极、磁场方向的认识和理解，属于一道基础题，需要掌握这些基础知识。
17．【答案】强；Q。
【分析】（1）在磁场中，磁感线越稠密，说明磁场强度越大；反之，说明磁场强度越小；
（2）在磁场中，将某点小磁针静止时北极所指的方向为该点的磁场方向。
【解答】解：（1）根据图片可知，b点的磁感线比a点的磁感线更稠密，则b点的磁场比a点的磁场更强。
（2）根据图片可知，b点时的磁场方向指向Q，则该点的小磁针静止时，N极指向Q。
故答案为：强；Q。
【点评】本题考查了磁感线的分布疏密可以反映磁场的强弱和磁感线的方向性，属于基础题目。
18．【答案】见试题解答内容
【分析】（1）磁体静止时，指南的叫南极用字母S表示；指北的叫北极，用字母N表示；
（2）磁体周围的磁感线，都是从磁体的N极出发，回到S极。
【解答】解：
（1）磁勺的勺柄指南，根据地理的南极正是地磁的N极，异名磁极相互吸引，因此，勺柄为该磁体S极；
（2）如所示，根据天然磁石的磁感线分布，磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极，故可判断D端是S极，也就是磁勺的勺柄。
故答案为：S；D。
【点评】此题考查了磁现象的相关知识点，需将磁现象的多个知识点有机结合，融会贯通，方可解答此类题目。
19．【答案】②（1）甲；（2）磁感应强度B为零时，磁敏电阻的阻值不为零；（3）①1；②增大。
【分析】（1）小磁针在磁场中受到磁力作用，小磁针静止时受到磁力方向和磁场方向相同。
（2）从图3上观察电阻和磁场强弱的关系。
只有超导体电阻才为零，一般情况下电阻不为零。
（3）①在电阻一定时，电流跟电压成正比，由表格数据求电阻大小。
知道磁敏电阻的电阻值，从图象中找到对应的磁感应强度。
④从磁场强度的变化判断电阻的变化，判断电压和电流的变化。
【解答】解：（1）磁体周围的磁感线都是从N极出来回到S极，则图1中磁体的磁极是N极，所以位置1的小磁针的N极指向和磁场方向相同，其指向对应的是甲图。
（2）由图3知，横坐标是磁感应强度，纵坐标是磁敏电阻的阻值，磁敏电阻的阻值随磁感应强度B的增大而增大；图线没有过坐标原点，是因为磁感应强度B为零时，磁敏电阻的阻值不为零。
（3）①由表格数据知，电流跟电压成正比，所以此时磁敏电阻的阻值一定，
则此时磁敏电阻的阻值为：R500Ω。
在图3中可以判断当磁敏电阻为500Ω时，磁感应强度为1T。
②串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻越小分担的电压越小，其他条件不变，仅将磁敏电阻从工处移至2处，磁感应强度变小，磁敏电阻的阻值变小，其分担的电压变小，即电压表示数减小。
故答案为：（1）甲；（2）磁感应强度B为零时，磁敏电阻的阻值不为零；（3）①1；②增大。
【点评】题目中的知识点磁感应强度在课本上没有涉及，本题通过给定的磁场和磁感应强度的关系、磁感应强度和电阻的关系进行解题，是非常考查学生能力的。
三．直线电流的磁场（共6小题）
20．【答案】B
【分析】要知道环形电流的方向首先要知道地磁场的分布情况：地磁的南极在地理北极的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根据安培定则四指弯曲的方向是电流流动的方向从而判定环形电流的方向。
【解答】解：地磁的南极在地理北极的附近，故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该向西。故B正确。
故选：B。
【点评】主要考查安培定则和地磁场分布，掌握安培定则和地磁场的分布情况是解决此题的关键所在。另外要掌握此类题目一定要乐于伸手判定。
21．【答案】B
【分析】电流的磁场与电流大小有关，通电直导线的磁场是同心圆。铁屑的疏密程度反映磁场的强弱。
【解答】解：通电后多次敲击塑料板，他观察到铁屑的分布情况如图乙的同心圆。通电导线电流变大后，仍是同心圆，磁场变强，因而铁屑分布更加密集。
故选：B。
【点评】本题考查通电直导线的磁场，属于中档题。
22．【答案】A
【分析】（1）通电导体的周围存在磁场；磁场的方向与电流的方向有关；最早发现电流磁效应的科学家是奥斯特。
（2）利用电流的磁效应可以制作电磁铁。
【解答】解：A、该实验说明电流周围存在磁场，故A正确；
B、最早发现该实验现象的科学家是奥斯特，故B错误；
C、利用该实验原理可以制成电磁铁，故C错误；
D、改变电流方向，缝衣针偏转方向改变，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查的是电流的磁效应；要知道电流的磁效应的应用。
23．【答案】B
【分析】奥斯特电流的磁效应实验：将通电导线放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，电流方向改变，小磁针的偏转方向也会发生改变；
奥斯特实验说明通电导线周围存在着磁场，且磁场的方向与电流的方向有关。
【解答】解：A、通电导线周围磁场方向由电流的方向决定，而不是小磁针的指向决定的，故A错误；
B、该实验中，若给导线通电，下面的小磁针会偏转，即说明通电导线周围存在着磁场，故B正确；
C、移去小磁针后，通电导线周围的磁场依然存在，故C错误；
D、改变电流方向，小磁针偏转方向改变，说明通电导线周围磁场的方向与电流的方向有关，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查奥斯特的电流磁效应实验的现象及结论，要求学生熟练掌握。
24．【答案】（1）平行；（2）电流的磁场方向与电流方向有关；（3）转换。
【分析】奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场；
磁场方向与电流的方向有关；
本实验中通过小磁针偏转方向的改变来探究磁场方向与电流方向的关系。
【解答】解：（1）将一根直导线放在静止小磁针的正上方，并与小磁针平行。接通电路后，观察到小磁针偏转。
（2）改变直导线中的电流方向，小磁针偏转方向改变，表明电流的磁场方向与电流方向有关。
（3）实验中用到的一种重要科学研究方法是转换法。
故答案为：（1）平行；（2）电流的磁场方向与电流方向有关；（3）转换。
【点评】本题考查的是奥斯特实验；知道转换法在本实验中的应用。
25．【答案】（1）吸引；排斥；（2）向里；（3）磁场。
【分析】（1）由图中显示的现象是靠拢还是远离，判断两导线之间的作用力；
（2）用右手螺旋定则判断；
（3）磁体的周围存在磁场，磁体之间通过磁场产生力的作用；两导线的电流都产生磁场，电流之间的作用也是通过磁场产生力的作用。
【解答】解：（1）由图可知，当通入的电流方向相同时，导线靠拢，说明两导线相互吸引；当通入电流方向相反时，导线相互排斥；
（2）由题可知，用右手握导线，大拇指指向电流方向（向上），则四指环绕的方向就是通电直导线周围的磁场方向（如下图所示），即：导线a左侧的磁场方向垂直于纸面向外，b处（a的右侧）的磁场方向垂直于纸面向里；
（3）与磁体之间的相互作用一样，电流之间的相互作用也是通过磁场来实现的。
故答案为：（1）吸引；排斥；（2）向里；（3）磁场。
【点评】本题考查了电流的磁场、磁场对电流的作用，看似是高中知识，仔细审题，是可以用初中所学知识解决的，只是要求灵活运用所学知识。
四．通电螺线管的磁场（共5小题）
26．【答案】B
【分析】（1）磁感线在磁体的外部是从N极出来回到S极的，据此判定螺线管的极性；根据安培定则判定电流的方向；
（2）根据异名磁极相互吸引分析小磁针的指向；
（3）磁感线越密的地方，磁场越强，磁感线越稀的地方磁场越弱；
（4）人们为了研究磁场的性质，引入了磁感线。
【解答】解：A、由图可知，磁感线是从通电螺线管的左端出来、右端进入的，所以通电螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则可知，电流从b端流入、a端流出，故A错误；
B、根据异名磁极相互吸引可知，A处放入小磁针，静止时N极指向左，S极指向右，故B正确；
C、磁体的磁极附近的磁感线较密集，磁性较强，磁体周围的磁感线较稀疏，磁性较弱，所以C处磁场比B处弱，故C错误；
D、人们为了研究方便引入了磁感线，磁感线并不存在，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律、磁感线、磁场的强弱，属于基础题。
27．【答案】B
【分析】由右手螺旋定则得出通电螺线管的极性，再根据地磁场对它的作用判断出它静止时的指向。
【解答】解：由右手螺旋定则判断出B端为N极，A端为S极，而地球本身是个大磁体，在地面附近，地磁场的方向是由南方指向北方的，故B端指向北方，A端指向南方。
故选：B。
【点评】本题考查了右手螺旋定则的使用、地磁场、磁极间的相互作用规律。
28．【答案】D
【分析】（1）通电螺线管周围的磁场分布和条形磁铁相似，磁场的方向可以通过小磁针的方向来反映；
（2）磁场方向与电流方向有关，铁屑不能显示磁场方向；
（3）磁感线的分布要用铁屑来反映，木屑不会被磁化，不能用来反映磁感线的分布；
（4）用安培定则判断通电螺线管的极性，再根据磁极间的相互作用规律判断。
【解答】解：A.不同位置的铁屑看不出磁极，不能反映该处磁场的方向，只能显示磁场分布，故A错误；
B.电流方向改变，磁场方向改变，但磁场分布不变，铁屑有规律地排列不变，故B错误；
C.用木屑代替铁屑进行实验，木屑不会有规律地排列，故C错误；
D.如果在P处自由静止的小磁针的右端是N极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引即可判断通电螺线管的左端为S极，右端为N极，则在Q处自由静止的小磁针的左端是S极，右端为N极，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查了磁场的显示与磁极间的作用规律，属于基础知识，难度较小。
29．【答案】A
【分析】（1）小磁针在磁场中N极所指的方向就是磁场的方向、也是磁感线的切线方向；
（2）根据磁感线的疏密判断磁场的强弱；
（3）磁体周围有无数磁感线；
（4）小磁针可以显示磁场的存在。
【解答】解：A、小磁针在通电导线周围的磁场中静止时，b端（N极）所指方向与磁场方向一致，故A正确；
B、由通电直导线周围磁感线的分布图可知，离导线越近，磁感线越密，磁场越强，所以d处磁场强度弱于c处，故B错误；
C、磁体周围有无数磁感线，所以直导线的磁场形状为不是三个同心圆，故C错误；
D、小磁针可以显示磁场的存在，移去小磁针后，直导线周围磁场不会消失，故D错误。
故选：A。
【点评】熟悉通电导线周围的磁场分布特点，是解题的关键。
30．【答案】（1）N；（2）向右。
【分析】（1）小磁针静止时，指向北的一端为北极（N极），指南的一端为南极（S极）；
（2）在磁体外部，磁感线是由北极出发回到南极；在磁场中，小磁针静止时北极所指的方向为该点的磁场方向。
【解答】解：（1）如图甲所示，在地磁场的作用下，小磁针静止时，指向北方的磁针A端即为磁体的北极（N极）；
（2）如图乙所示，通电螺线管周围磁场与条形磁体周围的磁场相似；图中通电螺线管中上部A点的小磁针静止时北极指向右方，该点的磁场方向与小磁针静止时北极所指的方向一致，故A点的磁场方向是向右的；
故答案为：（1）N；（2）向右。
【点评】本题考查通电螺线管的磁场，属于基础题。
五．安培定则（共5小题）
31．【答案】D
【分析】安培定则内容为：右手握住螺线管，让四指弯曲的方向跟螺线管中的电流方向一致，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的N极。
【解答】解：右手握住螺线管，让四指弯曲的方向跟螺线管中的电流方向一致，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的N极。
由图可知，D图中符合安培定则，故C错误，D正确。
故选：D。
【点评】利用安培定则时，一定要用右手握住螺线管，四指指向电流方向；当电流流入的导线在螺线管背面时，则手心在上；反之，手背在上。
32．【答案】C
【分析】（1）根据磁极间的相互作用确定通电螺线管的磁极，根据安培定则判断电源的正负极。
（2）电流从电流表的正接线柱流入、负接线柱流出，据此分析电流表的接法；
（3）根据滑动变阻器的使用方法分析。
【解答】解：AB、已知小磁针静止时N极水平向左，根据磁极间的相互作用可知，通电螺线管的左端为S极、右端为N极；根据安培定则可知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，所以电源左端为负极，右端为正极，故AB错误；
C、电流从电流表的正接线柱流入、负接线柱流出，所以电流表的左端为“+”接线柱，故C正确；
D、R的滑片置于最右端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，电路中电流最小，不会对电路安全有影响，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查通电螺线管的极性、磁极间的相互作用规律、电流表和滑动变阻器的使用，要知道安培定则不但可以判出螺线管的磁极，也能根据磁极判出电流方向。
33．【答案】B
【分析】已知电流方向则由右手螺旋定则可知螺线管A的磁极；当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电阻变大，则由欧姆定律可知螺线管中磁性的变化；则由力的合成可知小铁球所受的浮力的变化，然后可知烧杯中水面的变化。
【解答】解：电流由A流向B，则由右手螺旋定则可知螺线管B端为N极，则A端为S极（南极）；
当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则由欧姆定律可知电路中电流减小，则螺线管中的磁性减弱，故小铁球所受磁力减小；小铁球受重力、磁力及浮力，因小球处于静止状态，故向下的磁力与重力之和应等于向上的浮力，因磁力减小，故浮力也将减小，所以烧杯中水面下降。故B正确。
故选：B。
【点评】本题根据力的合成考查了右手螺旋定则、滑动变阻器的使用及欧姆定律的使用，对学生能力要求较高。
34．【答案】D
【分析】根据电源的正负极判定螺线管中电流的方向，根据安培定则判定螺线管的极性；
在磁体的外部，磁感线是从磁体的N极出来回到磁体的S极的；
电子定向移动的方向与电流的方向相反。
【解答】解：A、铜片是“盐水电池”的正极，锌片是负极，则螺线管中的电流是从右端流入的，根据安培定则可知，通电螺线管的B端为N极，A端为S极，故A错误；
B、静止时通电螺线管由于受到地磁场的作用，B端指向地理北方，故B错误；
C、电路中电流的方向是从铜片经过螺线管流向锌片；电子定向移动的方向与电流的方向相反，所以电子定向移动的方向是从锌片经螺线管流向铜片，故C错误；
D、在磁体的外部，磁感线是从磁体的N极出发回到磁体的S极的，即C点的磁场方向是向左的，故D正确。
故选：D。
【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，知道其中的两个可以确定第三个。
35．【答案】B
【分析】（1）由安培定则可判断电磁铁的极性，由磁极间的相互作用和二力平衡知识可判断条形磁铁受到的摩擦力的方向；
（2）根据二力平衡的条件分析桌面对条形磁铁的摩擦力的方向；
（3）（4）电磁铁磁性的大小与电流大小、线圈的匝数有关。
【解答】解：A、由安培定则得，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向电磁铁右端为N极，故A错误；
B、电磁铁左侧为S极，同名磁极相互排斥，所以条形磁铁受到电磁铁向左的作用力，条形磁铁处于静止状态，水平方向上受到平衡力的作用，水平向左的排斥力和桌面对条形磁铁的水平向右的摩擦力为一对平衡力，故B正确；
C、将滑动变阻器的滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电磁铁的磁性变弱，排斥力变小，摩擦力和排斥力是一对平衡力，大小相等，所以摩擦力变小，故C错误；
D、若只改变电源的正负极，电流的方向改变，大小不变，则电磁铁的磁性不变，条形磁体受到电磁铁的吸引力大小等于原来的排斥力大小，此时吸引力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，则摩擦力不变，故D错误。
故选：B。
【点评】本题是电磁学和二力平衡知识的综合分析题，涉及的知识规律要掌握清楚：磁极间的相互作用规律，影响电磁铁磁性强弱的因素，二力平衡的判断及应用等等。
六．影响电磁铁磁性强弱的因素（共5小题）
36．【答案】D
【分析】电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数和电流的大小有关。
【解答】解：灯泡悬浮利用的是同名磁极相互排斥；若要调高灯泡悬浮的高度，则排斥力变大，电磁铁的磁性变强，需要增大通过电磁铁的电流或线圈的匝数；
A、减少线圈的匝数，电磁铁磁性变弱，故A错误；
B、电源正负极调换，电流的大小不变，故B错误；
C、电路中再串联一个定值电阻，电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知，通过电磁铁的电流变小，故C错误；
D、滑动变阻器滑片向a端移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电磁铁磁性增强，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查了影响电磁铁磁性大小的因素，难度不大。
37．【答案】C
【分析】输液管内有液体时，电阻大，无液体时电阻小，根据欧姆定律判断电路中的电流表示数、电铃两端的电压表示数变化，根据影响电磁铁磁性大小的因素；根据电路图和欧姆定律分析电铃不响的原因。
【解答】解：
由电路图可知，可变电阻与电铃串联，电压表并联在电铃两端，电流表测电路中的电流，
由题意知，当药液输完时，警报器内的电阻较小，药液未输完时，警报器内的电阻较大；
AB、当药液输完时，警报器内的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，根据U＝IR可知，电铃两端的电压变大，即电压表示数变大，故AB错误；
C、由A知，药液输完时，电路中的电流最大，电铃中的电磁铁磁性最强，故C正确；
D、药液未输完时，警报器内的电阻较大，总电阻较大，电路中电流较小，电铃不响，并不是因为没有电流，而是因为电流较小造成的，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，能够根据题干信息判断出警报器内电阻的变化，根据电阻的变化判断出电路中电流的变化，是解题的关键。
38．【答案】（1）N；（2）逐渐变大；水平向左。
【分析】（1）利用螺线管中电流方向和线圈绕向，根据安培定则确定螺线管左端的磁极；
（2）再利用磁极间的作用规律确定条形磁铁的右端与电磁铁左端的相互作用情况；根据滑片的移动方向判定电路中电流的大小，根据影响电磁铁磁性大小的因素判定电磁铁磁性强弱的变化，据此判定电磁铁与条形磁体之间相互作用力的变化。
【解答】解：（1）由图知道，电流从螺线管的右端流入，利用安培定则可以确定螺线管的左端为N极。
（2）条形磁铁处于静止状态，受到平衡力的作用，桌面对它施加了一个摩擦力；
滑片P向左滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，对条形磁铁的引力增大，由于条形磁铁始终处于平衡状态，所以摩擦力始终等于引力，故摩擦力会随着引力的增大而增大。
因为异名磁极相互吸引，条形磁铁所受磁场力向右，有向右的运动趋势，所受摩擦力水平向左。
故答案为：（1）N；（2）逐渐变大；水平向左。
【点评】本题考查了安培定则的应用、二力平衡条件的应用、摩擦力的方向、影响电磁铁磁性大小的因素，难度不大。
39．【答案】（1）吸引大头针的数目/个；（2）在电流相同时，线圈匝数越多，磁性越强；（3）通过移动滑动变阻器来改变电路中的电流，观察其中一个电磁铁吸引大头针数目的变化情况。
【分析】电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数多少；用控制变量法和转换法探究电磁铁磁性强弱的影响因素；实验中用“吸引大头针的最多数目”来说明磁性强弱。
【解答】解：（1）实验中通过电磁铁吸引大头针的个数来表示电磁铁磁性的强弱，所以表格中“？”处应填：吸引大头针的数目/个；
（2）根据表格中的数据可知，在电流相同时，线圈的匝数越多，吸引的大头针的个数越多，磁性越强，故结论为：在电流相同时，线圈匝数越多，磁性越强；
（3）若要研究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系，需要控制线圈的匝数相同，通过移动滑动变阻器来改变电路中的电流，观察其中一个电磁铁吸引大头针数目的变化情况。
故答案为：（1）吸引大头针的数目/个；（2）在电流相同时，线圈匝数越多，磁性越强；（3）通过移动滑动变阻器来改变电路中的电流，观察其中一个电磁铁吸引大头针数目的变化情况。
【点评】掌握电磁铁磁性强弱的影响因素，能根据实验数据总结实验结论。能利用控制变量法和转换法设计探究电磁铁磁性的强弱的影响因素的实验。
40．【答案】（1）＜；（2）变大。
【分析】（1）做匀速直线运动的物体，推力等于摩擦力，根据影响摩擦力大小的因素进行分析，可得出推力的大小变化；
（2）根据安培定则，可判断通电螺线管的磁场方向，再根据磁极间的相互作用可判断螺线管与磁铁间力的作用情况，从而判断其运动的变化；根据电路中电流的变化，再进一步判断磁力的变化。
【解答】解：（1）磁铁做匀速直线运动，所以推力等于摩擦力，当取走其中一块后，压力减小，所以摩擦力减小，则推力F2＜F1；
（2）图丙中，闭合开关S，用右手握住螺线管，使四指的方向与电流的方向相同，则大拇指所指的螺线管的右端为N极，左端为S极；根据同名磁极相互排斥可知，磁铁受到螺线管的排斥力的作用，因此磁铁的速度将变小；
此时，将滑动变阻器的滑片向左移动，电阻减小，电路中电流变大，螺线管磁性增强，排斥力增大，因此欲保持磁铁匀速直线运动，F2应变大。
故答案为：（1）＜；（2）变大。
【点评】根据二力平衡条件判断推力与摩擦力相等是解答的突破口，再结合安培定则判断磁极的方向可判断磁铁的受力情况变化，难度适中。
七．电磁铁的特点及应用（共5小题）
41．【答案】A
【分析】由右手螺旋定则可判断电磁铁的极性，由磁极间的相互作用可判断条形磁铁受力方向；当通电螺线管向左靠近条形磁铁时，则可知磁性强弱的变化，从而求得磁铁受力的变化。
【解答】解：由右手螺旋定则得，电磁铁右端为N极，则与条形磁铁异名磁极相互吸引，则条形磁铁受磁场力向右，因条形磁铁受力平衡则受向左的摩擦力，因磁铁处于静止，故摩擦力等于引力；
当通电螺线管向左靠近条形磁铁时，条形磁铁受磁场力变大，因仍处于平衡状态，故摩擦力变大。
故选：A。
【点评】本题将力学与电磁学知识巧妙地结合起来考查了右手螺旋定则、二力平衡等内容，考查内容较全面，但只要抓住受力分析这条主线即可顺利求解，是一道典型的好题。
42．【答案】D
【分析】由水位的变化导致了控制电路的通断，进一步决定了电磁铁磁性的有无，从而控制了工作电路的动触点的位置的变化，改变了工作电路的连接情况。
【解答】解：当水位到达或超过警戒水位时，控制电路接通。电路中有了电流，电磁铁有磁性，吸引衔铁，使动触点与左边的静触点接触，与右边的触点分开，导致了绿灯所在的电路断开，绿灯灭。红灯与电铃并联的电路接通，导致红灯亮、电铃响，从而报警。故D正确。
故选：D。
【点评】纯净的水是不导电的，但日常生活中的水可以导电。所以水在这儿起了一个导体的作用。这是一种自动控制装置。
43．【答案】C
【分析】（1）只有在红灯亮的期间，光控开关才闭合，若此时车辆违规闯红灯行驶时，会压上压力开关，压力开关受到机动车的压力会闭合；
（2）光控开关和压力开关都闭合后，电磁铁中有电流通过，产生磁性，电磁铁会将衔铁吸下，使摄像系统所在的电路接通，摄像机会对违规车辆进行拍照。
【解答】解：（1）分析题意可知，只有光控开关和压力开关都闭合时，摄像系统才会自动拍摄，因此A和B两个选项的说法是错误的；
（2）分析可见，光控开关和压力开关是相互牵制，相互影响的，因此这两个开关只能串联，不能并联，所以D选项的说法也是错误的。
故选：C。
【点评】（1）要使摄像系统工作，要同时具备两个条件：红灯亮起，光控开关因接受红光而闭合；车辆要违规行驶，压上压力开关，两个条件同时具备，缺一不可。
（2）此题也是电磁继电器在生活中的应用，明白它的工作原理是解决问题的关键。
44．【答案】A
【分析】电磁铁的特点就是通电时具有磁性，断电时失去磁性。
【解答】解：A、该门锁利用了电生磁的原理来工作的正确，当电流通过螺线管时，螺线管有磁性；
B、电流周围的磁场是实实在在存在的故B错误；
C、根据安培定则，闭合开关S后，电磁铁的右端为S极；
D、该单元的各住户控制门锁的开关是并联的互不影响。
故选：A。
【点评】电磁铁的实例应用，一般都有个弹簧，电磁铁通电具有磁性吸引衔铁，电磁铁断电失去磁性，衔铁就受弹簧的弹力作用。
45．【答案】（1）减小；（2）空调的启动温度为30℃；计算过程见解答；（3）1分；（4）在控制电路中添加开关。
【分析】（1）从表格可知，温度升高时，热敏电阻的阻值减小；
（2）当控制电路中电流达到20mA时，衔铁被吸下，工作电路工作，控制电路中的电源电压已知，可求出此时控制电路中的总电阻，线圈的电阻已知，可知热敏电阻的阻值，从表中数据可知此时的温度；
（3）控制电路只能控制工作电路的闭合与断开，不能调节风速的大小；
（4）在控制电路中添加开关，人离开时断开开关。
【解答】解：（1）从表格可知，随着教室温度的升高，热敏电阻的阻值减小；
（2）当控制电路中电流达到20mA时，衔铁被吸下，工作电路工作，
此时控制电阻的总电阻R，
热敏电阻的阻值Rx＝R总﹣R0＝300Ω﹣5Ω＝295Ω，
由表中数据可知此时的温度为30℃；
（3）控制电路只能控制工作电路的闭合与断开，不能调节风速的大小，故等级为1分；
（4）为了保证教室无人时，空调启动，可在控制电路中添加开关，人离开时断开开关，实现节能降耗的要求。
故答案为：（1）减小；（2）空调的启动温度为30℃；计算过程见解答；（3）1分；（4）在控制电路中添加开关。
【点评】本题考查了热敏电阻的特性，电磁继电器控制电路工作原理，欧姆定律的原因。
八．电磁继电器的特点和应用（共6小题）
46．【答案】C
【分析】（1）根据安培定则判断电磁铁磁极；
（2）电磁铁的工作原理是电流的磁效应；
（3）压力传感器R的阻值会随压力的增大而减小，当有人走上电梯后，压敏电阻受到的压力变大，压敏电阻的阻值变小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过控制电路的电流变化，进一步判断电磁铁的磁性变化，工作电路中衔铁与触点1接触时，定值电阻和电动机串联接入电路，当压力增大到一定值时，衔铁被吸下，衔铁与触点2接触，工作电路中只剩下电动机，根据欧姆定律可知通过电动机的电流变化。
【解答】解：A、由图可知，电流从电磁铁的下端流入，上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，故A错误；
B、控制电路的工作原理是电流的磁效应，故B错误；
CD、压力传感器R的阻值会随压力的增大而减小，当有人走上电梯后，压敏电阻受到的压力变大，压敏电阻的阻值变小，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知通过控制电路的电流变大，电磁铁的磁性增强，工作电路中衔铁与触点1接触时，定值电阻和电动机串联接入电路，当压力增大到一定值时，衔铁被吸下，衔铁与触点2接触，工作电路中只剩下电动机，根据欧姆定律可知通过电动机的电流变大，根据P＝UI可知电动机的电功率变大，则电梯运行的速度加快，反之当无人站在电梯上时，电磁继电器控制电路中的电流减小，故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查电磁继电器的使用、串联电路特点、欧姆定律、安培定则、电功率公式的灵活运用。
47．【答案】B
【分析】A、知道电流的方向，根据安培定则判断出电磁铁的N、S极；
B、电磁铁是根据电流的磁效应制成的；电磁铁的磁性强弱和电流大小、线圈匝数多少有关；
C、正常情况下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触。
D、R1为压敏电阻，其阻值随压力增大而减小，所以知道超载时压敏电阻的阻值变化情况，根据欧姆定律判断出电流的变化。
【解答】解：A、工作时，电流从电磁铁的下面导线流入，利用安培定则判断出电磁铁的下端为N极，上端为S极，故A错误；
B、电磁铁磁性的强弱与电流的大小有关，故B正确；
C、正常情况下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触，故C错误；
D、超载时，随着压力的增大，压敏电阻的阻值随着减小，电路中的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，动触点K与静触点B接触，电铃报警，故D错误。
故选：B。
【点评】此题主要考查的是学生对电磁铁和电磁继电器的原理、磁性强弱的影响因素、安培定则的理解和掌握，知识点较多，但都是基础性题目。
48．【答案】C
【分析】（1）根据安培定则判断电磁铁磁极，当电流的方向发生变化时，电磁铁的极性会发生改变；
（2）压力传感器R的阻值会随压力的增大而减小，当有人走上电梯后，压敏电阻受到的压力变大，压敏电阻的阻值变小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过控制电路的电流变化，进一步判断电磁铁的磁性变化，工作电路中衔铁与触点1接触时，定值电阻和电动机串联接入电路，当压力增大到一定值时，衔铁被吸下，衔铁与触点2接触，工作电路中只剩下电动机，根据欧姆定律可知通过电动机的电流变化，根据P＝UI可知电动机的电功率变化，进一步判断电梯运行的速度变化。
【解答】解：（1）由图可知，电流从电磁铁的下端流入，上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，当电流的方向发生变化时，电磁铁的极性会发生改变，但通过电路的电流不变，故AB错误；
（2）压力传感器R的阻值会随压力的增大而减小，当有人走上电梯后，压敏电阻受到的压力变大，压敏电阻的阻值变小，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知通过控制电路的电流变大，电磁铁的磁性增强，工作电路中衔铁与触点1接触时，定值电阻和电动机串联接入电路，当压力增大到一定值时，衔铁被吸下，衔铁与触点2接触，工作电路中只剩下电动机，根据欧姆定律可知通过电动机的电流变大，根据P＝UI可知电动机的电功率变大，则电梯运行的速度加快，反之当无人站在电梯上时，电磁继电器控制电路中的电流减小，故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查电磁继电器的使用、串联电路特点、欧姆定律、安培定则、电功率公式的灵活运用。
49．【答案】（1）AB；（2）该控湿电路的湿度变化范围为40%～60%；（3）AC
【分析】（1）（2）由图甲可知，R0、R1串联，根据欧姆定律求出当线圈中的电流为0.18安时控制电路的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出湿敏电阻R1的阻值，根据图乙可知对应的湿度；根据欧姆定律求出当线圈中的电流为0.15安时控制电路的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出湿敏电阻R1的阻值，根据图乙控制对应的湿度；据此判断加湿器应接在的电路位置以及该控湿电路的湿度变化范围；
（3）由图乙可知，湿度越大，湿敏电阻R1的阻值越小；所以要适当提高控湿电路的最大湿度值，则湿敏电阻R1的阻值减小，保持其它条件不变，得出电磁铁的磁性变化，然后对电路进行改造。
【解答】解：（1）（2）由图甲可知，R0、R1串联，
由I可知，当线圈中的电流为0.18安时，控制电路的总电阻：R总50Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，湿敏电阻R1的阻值：R1＝R总﹣R0＝50Ω﹣30Ω＝20Ω，
由图乙可知，当湿敏电阻为20Ω时，此时鸡蛋孵化器内的湿度为60%；
当线圈中的电流为0.15安时控制电路的总电阻：R总′60Ω，
此时湿敏电阻R1的阻值：R1′＝R总′﹣R0＝60Ω﹣30Ω＝30Ω，
由图乙可知，当湿敏电阻为30Ω时，此时鸡蛋孵化器内的湿度为40%；
根据题意，当湿度低时，加湿器应该工作，湿度高时，加湿器应该停止工作，所以加湿器应该接在工作电路的AB之间；
该控湿电路的湿度变化范围为40%～60%；
（3）由图乙可知，湿度增大时，湿敏电阻R1的阻值减小，根据欧姆定律可知此时控制电路的电流增大，电磁铁的磁性增大；
若要在室内湿度更大时，加湿装置电路被断开，则电磁铁的磁性应减小，控制电路的电流减小，所以可以串联一个电阻，或减小控制电路电源电压U，或增大R0的电阻值，或减少线圈匝数等，故选AC。
故答案为：（1）AB；（2）该控湿电路的湿度变化范围为40%～60%；（3）AC。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，能从图中获取有用的信息是解题的关键。
50．【答案】（1）
；
（2）当室外光的照度为400lx时，窗帘刚好能关闭；
（3）控制电路中串联一个0.9kΩ的定值电阻；
（4）B、C。
【分析】（1）根据电路的基本构成可以判断虚线方框中补充的电路元件；
（2）根据欧姆定律以及题中给的条件可以求得当室外光的照度多大时，窗帘刚好能关闭；
（3）如果要求室外的照度在700lx以上时，关闭窗帘，通过计算可以求得电阻，能够判断应如何改动控制电路；
（4）拉动衔铁的弹簧不如新弹簧紧，说明弹力变弱，衔铁松开晚，窗帘上升打开推迟。
【解答】解：（1）根据电路的基本构成可以判断虚线方框中补充的电路元件：
；
（2）根据欧姆定律以及题中给的条件可以求得：
，查表可以得到，此时L＝400lx
所以当室外光的照度为400lx时，窗帘刚好能关闭；
（3）如果要求室外的照度在700lx以上时，关闭窗帘，通过计算可得：
控制电路中总电阻不变为3kΩ，
当L＝700lx时，R0＝2.1kΩ，R'＝3kΩ﹣2.1kΩ＝0.9kΩ；
所以控制电路中串联一个0.9kΩ的定值电阻，可以控制电路；
（4）拉动衔铁的弹簧不如新弹簧紧，说明弹力变弱，因此比正常弹簧，只需较小的吸力，衔铁被吸下来，电路中电流小于2mA，即，照度大于规定照度，
在不更换衔铁的情况下，要控制电路恢复正常工作，即要减小电路中电流，因此可以适当减小电源电压或与光敏电阻串联一个定值电阻；故选择：B、C。
答：
（1）
；
（2）当室外光的照度为400lx时，窗帘刚好能关闭；
（3）控制电路中串联一个0.9kΩ的定值电阻；
（4）B、C。
【点评】本题考查电磁继电器的用法，电磁继电器工作原理，欧姆定律，电路分析。
51．【答案】（1）如图；（2）减小；（3）电动扶梯载重为400N；（4）①减小电路的总电阻，即滑动变阻器R1接的滑片向左移动；②增大电源电压。
【分析】（1）根据压力的大小判定控制电路中电流的大小；有人乘坐时，电梯运行快，说明电路中的电流大；无人乘时运行较慢，说明电路中的电流小；根据串联电路的电阻关系分析电路的连接方式；
（2）根据图乙得出结论；
（3）根据电路中的电流和电阻R1的阻值，利用欧姆定律计算出压敏电阻的阻值，结合图乙，找出电动扶梯受到的压力，重力与压力相同，即可求出电动扶梯载重；
（4）要求质量更小的人站上电梯就能使其较快运行，此时的压力变小，电路的总电阻变大，由于吸合电流不变，则需要增大电路中的电流，据此分析。
【解答】解：（1）有人乘坐时，压力大，则压敏电阻的阻值小，根据欧姆定律可知，控制电路中的电流变大，电磁铁磁性增强，衔铁被吸下；工作电路中的电梯运行快，说明工作电路中的电流大，根据欧姆定律可知，电路中的电阻小，故应该只让电动机接入电路；
无人乘时，压力小，则压敏电阻的阻值大，根据欧姆定律可知，控制电路中的电流变小，电磁铁磁性减弱，衔铁被拉起；无人乘时运行较慢，说明工作电路中的电流小，根据欧姆定律可知，电路的总电阻大，则电动机和定值电阻串联，如图所示：
；
（2）根据图像乙可知，当压力增大时，压敏电阻的阻值变小，即压敏电阻的阻值随压力的增大而减小；
（3）控制电路中，定值电阻R1与压敏电阻R串联，且R1＝300Ω，通过电磁铁线圈的电流恰好达到10毫安，即I＝10mA＝0.01A，根据欧姆定律，此时电路中的总电阻为：
R总
根据串联电路中电阻的规律，此时压敏电阻阻值为：
R＝R总﹣R1＝900Ω﹣300Ω＝600Ω
由图乙可知，此时压敏电阻的阻值为600Ω时，对电梯的压力为：
F＝400N；
对电梯的压力也就是电动扶梯的载重，因此电动扶梯载重为：
G＝F＝400N。
（4）要求质量更小的人站上电梯就能使其较快运行，质量变小，重力变小，则对电梯的压力变小，根据图甲可知，此时力敏电阻的阻值变大，控制电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，由于吸合电流不变，要使此时的电流达到吸合电流，则需要增大电路中的电路，故采取的方法是：①减小电路的总电阻，即滑动变阻器R1接的滑片向左移动；②增大电源电压。
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【刷题补漏】八年级科学下学期·期中考点大串讲·考题猜想
专题01 磁场 电生磁
提示：知识点与易错点可参考单元大串讲
01 磁性、磁体、磁极、磁化
1．（2024春 临海市期末）如图是一款磁吸收纳盒，盒中含有磁铁，能吸附在冰箱门上。这是因为冰箱门中含有以下材料中的（ ）
A．银 B．锌 C．铁 D．铝
2．（2024 舟山模拟）如图，有一根悬挂的条形磁铁，用一根不知有无磁性的铁棒的A端靠近磁铁的N极，发现条形磁铁被吸引。该铁棒（ ）
A．一定没有磁性
B．一定有磁性，且A端是S极
C．一定有磁性，且A端是N极
D．不确定有无磁性
3．（2024春 东阳市期末）如图所示，条形磁铁固定在水平地面上，用沿水平方向的拉力F把重为G的小铁块从条形磁铁的N极匀速拉到S极，对此过程中拉力F的大小，下列说法正确的是（ ）
A．始终不变 B．由大变小 C．由小变大 D．先变小再变大
4．（2024春 临海市期中）为了取出某一较深缝隙中的铁钉，小明想到了以下方案，其中不可行的是（ ）
A． B． C． D．
5．（2024春 桐乡市月考）在研究蹄型磁体周围磁场分布的实验中，在蹄型磁体上方放一块有机玻璃，在玻璃上撒一层细铁屑，轻敲有机玻璃，铁屑就按一定规律排列起来，下列说法正确的是（ ）
A．a处为磁体的一个磁极
B．b点的磁场比a点强
C．根据铁粉的分布来确定磁场的方向
D．可用细铜屑代替细铁屑进行实验
6．（2024秋 临海市校级月考）图甲为干簧管开关的结构图，其中磁簧片是一种有弹性、易被磁化的软铁材料，被固定于玻璃管内。将条形磁体靠近并与干簧管平行放置时，干簧管的磁簧片触点就会闭合，电路接通如图乙所示；当条形磁体远离干簧管时，触点就会断开。则下列说法正确的是（ ）
A．根据需要软铁簧片可以用塑料片替换
B．触点相互接触利用的是同名磁极相互吸引的原理
C．利用条形磁体使软铁簧片被磁化，触点相互吸引使电路处于导通状态
D．条形磁体远离干簧管时，触点相互排斥使电路处于断路状态
7．（2024春 上城区期中）如图所示，甲、乙为外形相同的长棒，两棒中有一根有磁性。当乙从甲的左端沿水平方向向右移动到甲的右端时，若两棒间吸引力的大小不变，则 棒有磁性；若两棒间吸引力先由大变小，然后由小变大，则
棒有磁性。
8．（2024春 杭州期中）如图甲所示，一根条形磁铁摔断成两段，取右边的一段靠近小磁针，若小磁针静止时的指向如图乙所示，则乙图中裂纹处的磁极是 极。若把这两段磁铁沿裂纹吻合放在一起（如图甲），则这两段会相互 （填“吸引”或“排斥”）。
9．（2023春 鄞州区期末）如图所示是能写红黑双色的磁画板截面，按下写字笔黑色按钮写出黑色的字，按下红色按钮写出红色的字，刷子左右移动则字消失。写黑字时笔尖为 极，写字的原理是 。
02 磁场和磁感线及其特点
10．（2025春 临平区月考）下列所表示的磁场与实际不相符的是（ ）
A． B． C． D．
11．（2025春 临平区月考）关于磁现象，下列说法正确的是（ ）
A．磁场是一种真实存在的物质 B．磁感线是磁体周围真实存在的曲线
C．条形磁体周围各处的磁性强弱均相同 D．磁场方向由放入其中的小磁针决定
12．（2024春 滨江区校级期末）a、b两个磁极间的磁感线分布如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．P点没有磁场
B．磁感线是真实存在的
C．磁体周围的磁场方向都相同
D．Q点的小磁针静止后N极指向右边
13．（2024春 杭州月考）如图是条形磁体的磁场分布图。下列说法正确的是（ ）
A．磁感应线是为了研究方便引入的假想曲线
B．a处的磁场强弱与b处的磁场强弱相同
C．该条形磁体的左端为N极，右端为S极
D．置于a点的小磁针静止时南极指向左侧
14．（2024春 婺城区校级期中）下列说法正确的是（ ）
①磁体的磁性越强，能吸引的物质种类就越多
②指南针能够指南北，是由于其受到地磁场的作用
③能够自由转动的小磁针静止时，其N极指向地理北极附近
④磁体之间的作用是通过磁场发生的，但磁场并不存在
A．只有①和② B．只有①和④ C．只有②和③ D．只有③和④
15．（2024春 余杭区月考）如图所示，由小磁针静止时的指向和磁感线的分布可知甲、乙两个磁极（ ）
A．甲是S极，乙是N极 B．乙是S极，甲是N极
C．甲、乙都是S极 D．甲、乙都是N极
16．（2023春 鹿城区期中）如图所示是条形磁体的磁场分布图。将小磁针放置在磁场某处，静止时指向如图所示，小磁针黑色端为北极。关于该磁场，下列说法正确的是（ ）
A．该条形磁体的左端为S极，右端为N极
B．a点没有磁感线经过，所以a点没有磁场
C．b点的磁场方向向左
D．c点的磁场比b点强
17．（2024春 长兴县月考）如图所示是用来描绘某一磁体周围磁场的部分磁感线，由磁感线的分布特点可知，b点的磁场比a点的磁场 （填“强”或“弱”）；若在b点放置一个可自由转动的小磁针，则小磁针静止时，其N极指向 （填“P”或“Q”）处。
18．（2024春 慈溪市期末）中国人发明的司南是世界上最早利用地磁场指示方向的仪器。古文《论衡 是应篇》中记载：“司南之杓（用途），投之于地，其柢（握柄）指南”。则勺柄应为该磁体的 极；某物理研究所尝试利用一块天然磁石制作一具“司南”，图乙所示为天然磁石的磁感线分布情况，则应将磁石的 （选填“B”、“C”、“D”或“E”）处打磨勺柄。
19．（2025春 临平区月考）在科学中，磁感应强度（用字母B表示，国际单位是特斯拉，符号是T）表示磁场的强弱，磁感应强度越大，磁场越强；磁感线越密，磁场也越强。
（1）如图1为某磁极附近磁感线的方向和分布的示意图。若在1处放置一个小磁针，当小磁针静止时，其指向应是图2中的 （填“甲”“乙”“丙”或“丁”）。
（2）如果电阻的大小随磁场的强弱变化而变化，则这种电阻叫磁敏电阻。某磁敏电阻R的阻值随磁感应强度B变化的图象如图3所示。图线没有过坐标原点，原因是 。
（3）利用该磁敏电阻的R—B特性曲线可以测量图1磁场中各处的磁感应强度。将该磁敏电阻R放置在磁场中的位置1处。设计了一个可以测量该磁敏电阻R的电路，所提供的实验器材如图4所示。其中磁敏电阻所处的磁场未画出①测得的数据如表所示，根据该磁敏电阻的R—B特性曲线可知，1处的磁感应强度为 T。
②在实验过程中，仅将磁敏电阻从1处移至2处，其他条件不变，那么电压表的示数 （填“增大”“减小”或“不变”）。
实验次数 1 2 3
U/V 1.5 3 4.5
I/mA 3 6 9
03 直线电流的磁场
20．（2024春 江北区期末）为了解释地球的磁性，19世纪安培假设，地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的。在图中的四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（ ）
A． B． C． D．
21．（2024春 乐清市期中）小明利用如图甲装置探究通电导线周围的磁场分布，通电后多次敲击塑料板，他观察到铁屑的分布情况如图乙（图中“ ”表示导线的位置）。下列选项能表示通电导线电流变大后的铁屑分布的是（ ）
A． B． C． D．
22．（2024春 鹿城区校级期中）小联同学学习了电和磁的知识后，打算用磁铁、缝衣针等材料制作一个指南针。请完成下面小题。如图所示，将一根直导线架在静止缝衣针的上方，并使直导线与缝衣针平行，接通电路，发现缝衣针偏转。关于该实验说法正确的是（ ）
A．该实验说明电流周围存在磁场
B．最早发现该实验现象的科学家是法拉第
C．利用该实验原理可以制成发电机
D．改变电流方向，缝衣针偏转方向不变
23．（2024春 温州期中）科学兴趣小组同学制作了一个指南针：两根细针、一个按扣、一只大头针和一块橡皮，做一个如图所示的指南针。做法：用橡皮和大头针制作指南针的底座。使两根细针磁化后穿过按扣的两个孔，放在底座的针尖上，这样就制成了一个指南针。据此完成下面小题。小组同学用自制的指南针来验证奥斯特实验，有关分析正确的是（ ）
A．小磁针的指向决定通电导线周围磁场方向
B．小磁针发生偏转说明通电导线周围存在磁场
C．移去小磁针后，通电导线周围不存在磁场
D．通电导线周围的磁场方向与电流方向无关
24．（2024春 萧山区期末）如图是探究“奥斯特实验”的装置。
（1）将一根直导线放在静止小磁针的正上方，并与小磁针 （填“垂直”、“平行”或“任意方向”）。接通电路后，观察到小磁针偏转。
（2）改变直导线中的电流方向，小磁针偏转方向改变，表明 。
（3）实验中用到的一种重要科学研究方法是 法（选填“控制变量”、“类比”或“转换”）。
25．（2024春 长兴县月考）科学家发现两根平行导线通电后有如图所示的现象（图中实线、虚线分别表示通电前、后的情况）。
（1）由图可知，两平行通电导线之间有力的作用。当通入的电流方向相同时，导线相互 ；当通入电流方向相反时，导线相互 。
（2）判断通电直导线周围磁场方向的方法是：用右手握导线，大拇指指向电流方向，则四指环绕的方向就是通电直导线周围的磁场方向。根据这个方法，请你判定甲图中导线a在靠近导线b一侧产生的磁场方向为垂直于纸面 。（填“向里”或“向外”）
（3）由此可知：与磁体之间的相互作用一样，电流之间的相互作用也是通过
来实现的。
04 通电螺线管的磁场
26．（2023春 奉化区期末）如图所示为通电螺线管磁感线分布图，根据图分析，可得出（ ）
A．电流从a流入，从b流出
B．A处放入小磁针，静止时N极向左
C．C处磁场比B处强
D．通电螺线管的磁感线是真实存在的
27．（2023 金华模拟）1820年，安培在科学院的例会上做了一个小实验。引起与会科学家的极大兴趣。如图所示，把螺线管沿东西方向水平悬挂起来，然后给导线通电，看到的现象是：通电螺线管（ ）
A．转动后停在任意位置 B．转动后停在南北方向上
C．不停地转动下去 D．仍保持在原来位置上
28．（2024春 临平区月考）在探究通电螺线管周围的磁场分布的实验中，在一块有机玻璃板上安装了一个用导线绕成的螺线管，在板面上均匀撒满铁屑，通电后轻敲玻璃板，铁屑的排列如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．撒铁屑的目的是为了确定产生的磁场方向
B．改变电流方向，细铁屑的分布也会发生改变
C．用木屑代替铁屑进行实验也会有规律地排列
D．P和Q两处若都放上小磁针，静止后它们的指向相同
29．（2022春 杭州月考）如图给直导线通电后小磁针发生偏转，下列说法正确的是（ ）
A．小磁针的b端为N极
B．d处磁场强度强于c处
C．直导线的磁场形状为三个同心圆
D．移去小磁针后，直导线周围磁场消失
30．（2024春 长兴县月考）小瑞学习了电磁知识后，利用一块安装在有机玻璃板上的螺线管、菱形小磁针、铁粉、电源、导线、滑动变阻器、开关等器材来探究通电螺线管周围的磁场。
（1）小瑞首先选用了一个小磁针如图甲所示，当小磁针静止时，由于地磁场的作用，小磁针A端大致指向北方，则A端为小磁针的 （选填“N”或“S”）极。
（2）然后小瑞将电源、开关、滑动变阻器、螺线管用导线依次连接起来。8个小磁针放到通电螺线管周围如图乙所示，闭合开关，调节滑动变阻器，直到放在通电螺线管周围的小磁针发生明显的偏转如图丙所示，则通电线旋管上部B点磁场方向是 （选填“向左”或“向右”）。
05 安培定则
31．（2023春 苍南县期中）电与磁现象是人类探索自然的一个重要方面，人类对电与磁的认识也促进了科技的进步，在生活中也有很多应用。通电螺线管周围会产生磁场，在图中对电流和磁极方向之间关系判断正确的是（ ）
A． B． C． D．
32．（2024春 杭州期中）闭合如图所示电路的开关，小磁针静止时指向如图，则（ ）
A．通电螺线管的左端为N极
B．电源的左端为正极
C．电流表的左端为“+”接线柱
D．R的滑片不能置于最右端
33．（2023 西湖区校级模拟）如图所示，盛水烧杯放置在电磁铁的A端上，烧杯中水面上漂浮着一个空心铁球。当电磁铁磁性的强弱发生改变时，烧杯中的空心铁球会上下浮动。现闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右滑动。针对这种情况，下列说法中正确的是（ ）
A．电磁铁A端为S极，烧杯中水面上升
B．电磁铁A端为S极，烧杯中水面下降
C．电磁铁A端为N极，烧杯中水面上升
D．电磁铁A端为N极，烧杯中水面下降
34．（2024 杭州模拟）如图为项目学习小组的同学自制的漂浮式指南针。铜片、锌片和食盐水溶液共同组成了“盐水电池”。铜片是盐水电池的正极，锌片是负极。下列说法正确的是（ ）
A．通电螺线管A端为N极
B．通电螺线管静止时B端指向地理南方
C．电子从铜片经螺线管流到锌片
D．通电螺线管外C点的磁场方向向左
35．（2023春 余姚市月考）如图所示，闭合电磁铁开关S，条形磁铁静止在水平桌面上，下列判断正确的是（ ）
A．电磁铁的右端为S极
B．条形磁铁受到桌面对其向右的摩擦力
C．将滑动变阻器的滑片向右移动，条形磁铁受到的摩擦力不变
D．若只改变电源的正负极，条形磁铁受到的摩擦力变大
06 影响电磁铁磁性强弱的因素
36．（2023春 鹿城区校级期中）图甲是磁悬浮台灯，在底座通电时可以悬浮在底座上方，断电时灯泡会自动吸附在底座上，拆开底座后发现里面的电路如图乙所示，若要调高灯泡悬浮的高度可通过（ ）
A．减少线圈的匝数
B．电源正负极调换
C．电路中再串联一个定值电阻
D．滑动变阻器滑片向a端移动
37．（2024春 海曙区期中）小科在医院看到一种输液报警器，如图甲所示。当管内药液流完时，电铃发声。报警器内部有一可变电阻，当输液管内有液体时电阻大，无液体时电阻小，电路如图乙所示。则当开关闭合，报警器电路工作时，以下分析合理的是（ ）
A．药液输完时，电流表示数变小
B．药液输完时，电压表示数变小
C．药液输完时，电铃中的电磁铁磁性最强
D．药液未输完时，电铃不响是因为没有电流通过
38．（2024春 金华期中）如图所示，条形磁铁置于水平面上，电磁铁与其在同一水平面上，右端固定并保持水平。S闭合，滑动变阻器滑片P逐渐向左移动时，条形磁铁一直保持静止。则：
（1）电磁铁右端是 极。
（2）在此过程中条形磁铁受到的摩擦力的大小将 （填“不变”、“逐渐变大”或“逐渐变小”），方向 。
39．（2022 衢江区校级模拟）在探究影响电磁铁磁性强弱因素的活动中，某科学小组设计的电路如图所示，并将实验结果记录在表格中。请回答：
线圈 线圈匝数/匝 电流/安 ？
A 50 1 11
B 20 1 5
（1）该表格中“？”处应填 。
（2）分析实验记录表中的数据，得出的结论是 。
（3）在此前实验基础上若还要研究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系，具体操作是 。
40．（2023春 婺城区月考）如图甲，水平桌面上，两块相同的条形磁铁在水平推力F的作用下，做匀速直线运动。
（1）取走其中一块后，磁铁在水平推力F2的作用下仍做匀速直线运动，如图乙，则F2 F1（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
（2）如图丙，磁铁在F2作用下，匀速直线运动过程中，闭合开关S，则磁铁速度将变化，此时，将滑动变阻器的滑片向左移动，欲保持磁铁匀速直线运动，F2应 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
07 电磁铁的特点及应用
41．（2025春 临平区月考）如图所示，条形磁铁置于水平面上，当通电螺线管向左靠近条形磁铁时，条形磁铁仍保持静止，在此过程中条形磁铁受到的摩擦力的方向和大小（ ）
A．方向向左，逐渐增大 B．方向向左，逐渐减小
C．方向向右，逐渐增大 D．方向向右，逐渐减小
42．（2024春 杭州期末）如图为水位报警装置原理图，其中A、B为两个金属杆。当水位达到或超过警戒线时，绿灯、红灯和电铃的工作状态分别是（ ）
A．绿灯亮、红灯不亮，电铃不响
B．绿灯亮、红灯亮，电铃响
C．绿灯不亮、红灯亮，电铃不响
D．绿灯不亮、红灯亮，电铃响
43．（2024春 余杭区期末）如图是拍摄机动车闯红灯的工作原理示意图。光控开关接收到红灯发出的光会自动闭合，压力开关受到机动车的压力会闭合，摄像系统在电路接通时可自动拍摄违规车辆。下列有关说法正确的是（ ）
A．只要光控开关接收到红光，摄像系统就会自动拍摄
B．机动车只要驶过埋有压力开关的路口，摄像系统就会自动拍摄
C．只有光控开关和压力开关都闭合时，摄像系统才会自动拍摄
D．若将光控开关和压力开关并联，也能起到相同的作用
44．（2024 西湖区校级二模）小张家所在的住宅区每栋单元的楼梯口都安装了防盗门，其门锁原理图如图所示，图中只画出了其中一家住户的控制开关S．该门锁的工作过程是：楼上的人闭合控制开关S，门锁上的电磁铁通电后吸引卡入右侧门扣中的衔铁，门可打开。关于该门锁，下列说法中正确的是（ ）
A．该门锁利用了电生磁的原理来工作的
B．电流周围的磁场是假想的物理模型
C．闭合开关S后，电磁铁的右端为N极
D．该单元的各住户控制门锁的开关是串联的
45．（2024春 上城区期中）某项目学习小组计划为教室设计一款可温控的空调（电路设计如图）。已知左边控制电路电源电压为6V恒定不变，电磁继电器的线圈电阻R0＝5Ω，Rx为热敏电阻，其阻值随温度的变化如下表所示。当继电器线圈的电流大于或等于20mA时，继电器的衔铁被吸下，右侧空调开始工作。
温度t/℃ 0 5 10 15 20 25 30 35 40
电阻R/Ω 500 445 415 385 355 325 295 265 235
（1）【产品原理】随着教室内温度的升高，由表可知热敏电阻Rx的阻值会 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。当电流达到20mA时，衔铁被吸下，右侧空调电路接通，空调开始工作。在空调的制冷模式下室内温度逐渐降低，当温度降低到一定值时，弹簧将衔铁弹起，右侧空调电路断开，空调停止工作，这样就实现了根据温度自动控制。
（2）【产品测试】试通过计算说明该空调的启动温度t是多少摄氏度。（写出计算过程）
（3）【产品评价】该小组制定了项目成果评价表，如表是其中一个指标内容。请依据下表先评价该产品达成情况的等级（“3分”或“1分”），再简要说明你的评价理由。
指标内容 评价等级 3分 1分
指标1 空调的风速是否可调 风速可调 风速不可调
… … … …
（4）【产品升级】有细心的同学发现该设计存在一个问题：当教室无人时，室内温度一旦达到启动温度，空调也会自动工作，这样就不符合“节能降耗”要求。请你提出一种可行的电路修改方案： 。
08 电磁继电器的特点和应用
46．（2025春 临平区月考）现在很多大型商场都安装一种“聪明”的电梯，载人时电梯运行的速度快，不载人时电梯运行的速度慢。这种电梯的简易控制电路如图所示，R是压力传感器。下列分析正确的是（ ）
A．螺线管的上端是S极
B．控制电路的工作原理是磁场对电流的作用
C．压力传感器R的阻值随压力的增大而减小
D．载人时电磁铁的磁性减弱
47．（2024春 洞头区期中）电梯为居民上下楼带来很大的便利，出于安全考虑，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示，电梯厢底层装有压敏电阻R1，R2为保护电阻。K为动触点，A、B为静触点，当出现超载情况时，电铃将发出报警声，电梯停止运行，下列说法正确的是（ ）
A．电梯工作时电磁铁的上端为N极
B．电磁铁磁性的强弱与电流的大小有关
C．电梯未超载时动触点K与静触点B接触
D．电梯超载时报警说明压敏电阻的阻值随压力增大而增大
48．（2024春 镇海区期末）现在很多大型商场都安装有如图甲所示的“聪明的电梯”，载人和不载人时电梯运行的速度会发生变化。这种电梯的简易控制电路如图乙所示，图中压力传感器R的阻值会随压力的增大而减小。下列说法正确的是（ ）
A．控制电路中电磁铁的上端为S极
B．当电流的方向发生变化时，电梯运行的速度会发生变化
C．当载人时，衔铁与触点2接触，电梯的速度加快
D．当无人站在电梯上时，电磁继电器控制电路中的电流增大
49．（2024秋 鄞州区校级期中）如图为市场上在售的某款鸡蛋孵化器，鸡蛋的孵化需要适宜的湿度和温度。某项目化小组设计了一个自动控湿电路（图甲），控制电路电源电压U为9V，定值电阻R0的阻值为30Ω，R1为湿敏电阻，其阻值随湿度的变化情况如图乙所示。当线圈中的电流为0.18A时，衔铁被吸合；当线圈中的电流为0.15A时，衔铁释放。（线圈电阻不计）
（1）按控湿电路的工作要求，加湿器应接在工作电路的 （选填“AB”或“CD”）之间；
（2）通过计算说明该控湿电路的湿度变化范围；
（3）如果要适当提高控湿电路的最大湿度值，下列措施中可行的有 。
A．换用阻值更大的R0 B．适当提高电源电压U C．减少该电磁铁线圈匝数
50．（2024春 宁海县期末）如图所示为小科设计的模拟自动升降窗帘的电路，由控制电路和工作电路组成。控制电路的电源电压为U＝6V，R为光敏电阻，安装在窗外，用于感知室外自然光，其阻值随光的照度的变化如下表所示，当线圈中的电流达到2mA时，衔铁被吸合，关闭窗帘，当线圈中的电流小于2mA时，衔铁松开，窗帘上升打开，电磁铁线圈电阻忽略不计。
照度L/lx 50 100 200 300 400 500 600 700 800 1000 1200 1300
光敏电阻R阻值/kΩ 12.1 7.6 4.8 3.7 3.0 2.6 2.3 2.1 1.9 1.6 1.5 1.4
（1）工作电路中M为电动机，当通过电动机的电流方向改变时，可实现正、反转改变。为实现窗帘的升降，请在工作电路的虚线方框中补充合适的电路元件。
（2）当室外光的照度多大时，窗帘刚好能关闭？
（3）小科查阅照明标准时发现，要求室外的照度在700lx以上时，关闭窗帘。在不改变控制电路原有元件（可增加元件）的条件下，应如何改动控制电路？
（4）在长时间使用过程中，小科发现拉动衔铁的弹簧不如新弹簧紧，则下列方法可恢复控制电路正常功能的是： 。
A.适当增大电源电压 B.适当减小电源电压
C.与光敏电阻串联一个定值电阻 D.与光敏电阻并联一个定值电阻
51．（2024 绍兴模拟）根据电动扶梯“有人乘时运行较快，无人乘时运行较慢”的特点，项目化学习小组设计了它的工作电路如图甲。该电路由“控制电路”和“工作电路”两部分组成，其中“控制电路”由压敏电阻R、滑动变阻器R1电磁铁、电压为9伏的电源U1等组成，压敏电阻的阻值与所受压力的变化关系如图乙；“工作电路”由电源、电动机、定值电阻等组成。无人乘时电动扶梯以较慢的速度运行，当控制电路的电流增大到设定值10毫安，衔铁被吸下，电动机功率增大，电动扶梯运行速度变快。（电磁铁线圈电阻忽略不计）
（1）请将图甲中“工作电路”补充完整，使电路设计能满足实际工作情况的需要。
（2）根据图乙，压敏电阻所受的压力F增大，压敏电阻R的阻值将 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
（3）若滑动变阻器R1接入电路的阻值为300欧，某次运行时，通过电磁铁线圈的电流恰好达到10毫安，则此时电动扶梯载重为多少？
（4）在保持设定电流10毫安不变的情况下，若要使自动扶梯在更小的载重下就能实现快速运行，如何改进？（写出一点改进意见） 。
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