2025年初中学业
水平考试模拟试题(一)
(时间：90分钟 满分：100分)
一、选择题：本题共15题，每题2分，共30分。
1．如图所示为某地的等高线图，下列有关说法正确的是( )
A．A地的大气压大于B地的大气压
B．同一物体在A地的惯性大于在B地的惯性
C．A地水的沸点比B地低
D．体重为600 N的登山者由B地到A地，克服重力做功1.2×104 J
2．(2024·济南)下列措施是在噪声的传播环节减弱噪声的是( )
[A]午休时佩戴防噪声耳塞
[B]学校附近禁止汽车鸣笛
[C]图书馆内不得大声喧哗
[D]高架道路两旁的隔音墙
3．(2024·巴中)关于物态变化现象的描述，以下说法正确的是( )
[A]深秋的霜是由空气中的水蒸气凝华而来
[B]清晨的雾是由水蒸发而来
[C]放在衣柜里的樟脑丸变小，是汽化现象
[D]冰柜中刚拿出的雪糕周围会出现“白汽”，是汽化现象
4．如图所示，一束光在空气和水两种介质间同时发生反射和折射现象，则下列说法正确的是( )
[A]MN是界面
[B]反射角是30°
[C]EF右侧是空气
[D]折射光线和反射光线之间的夹角是80°
5．(2024·牡丹江)把凸透镜正对太阳光，在距凸透镜10 cm的光屏上得到一个最小、最亮的光斑，若将一支点燃的蜡烛放在此凸透镜前15 cm 处，在凸透镜另一侧调节光屏的位置，可得到烛焰清晰的( )
[A]正立、放大的虚像 [B]倒立、缩小的实像
[C]倒立、等大的实像 [D]倒立、放大的实像
6．(2024·南充)小洋研究液体密度时，用两个完全相同的容器分别装入甲、乙两种液体，并绘制出总质量m与液体体积V的关系如图所示，由图象可知( )
[A]容器的质量为20 kg
[B]甲液体密度是2.0 g/cm3
[C]乙液体密度是1.2 g/cm3
[D]密度为0.8 g/cm3的液体的m-V图象应位于Ⅲ区域
7．(2024·眉山)如图甲，粗糙程度不变的水平地面上，物体受到水平向右的拉力，拉力大小随时间变化的关系如图乙所示，物体运动速度随时间变化的关系如图丙所示。下列说法正确的是( )
[A]4～6 s，物体运动的路程为18 m
[B]4～6 s，拉力F的功率为12 W
[C]t＝1 s时，物体受到的摩擦力大于2 N
[D]拉力为6 N时，物体做匀速直线运动
8．(2024·赤峰)下列选项是对图中物理现象的解释，其中错误的是( )
[A]图甲用吸管吸饮料利用了大气压
[B]图乙排水管的U形“反水弯”利用了连通器原理
[C]图丙侧壁开孔的饮料瓶装上水，越靠下端喷出的水流越急，说明了液体压强随深度的增加而增大
[D]图丁往B管中吹气，A管中的水面上升是因为流体流速越大的位置，压强越大
9．(2024·滨州)以下四图节选自我国古代科技巨著《天工开物》，其中说法正确的是( )
[A]图甲“轧蔗取浆”中，牛拉“犁谵”匀速转动的过程中，其运动状态保持不变
[B]图乙“湿田击稻”中，用力甩稻杆，稻粒落入木桶中，是因为受到惯性力
[C]图丙“北耕兼种”中，耧下端的“峨尖”是通过减小受力面积来增大压力的
[D]图丁“长流漂米”中，水从高处流下，水的重力势能转化为动能
10．(2024·宁夏)下列实例中属于做功改变物体内能的是( )
[A]图甲中，炉火烧水
[B]图乙中，搓手取暖
[C]图丙中，用暖手宝暖手
[D]图丁中，热鸡蛋放在冷水中冷却
11．(2024·广安)内燃机的发明是第二次工业革命中应用技术领域的一项重大成就。如图所示为单缸四冲程汽油机的一个冲程示意图，若该汽油机的效率为30%，飞轮每分钟转动1800圈(q汽油＝4.6×107 J/kg)，则下列说法正确的是( )
[A]图中所示冲程是做功冲程
[B]若该汽油机完全燃烧5 kg汽油，则汽油机做的有用功为6.9×107 J
[C]该汽油机在1 s内做功30次
[D]汽油机消耗的燃料越少，效率一定越高
12．(2024·菏泽)为确保安全，某品牌电动车须拧动钥匙(相当于闭合开关S1)且按下按键(相当于闭合开关S2)才能启动。下列电路设计符合要求的是( )
[A] [B]
[C] [D]
13．2024年2月第十四届全国冬季运动会落下帷幕，关于冰壶比赛时的情境下列说法正确的是( )
[A]运动员推动冰壶滑行，说明了物体运动需要力维持
[B]掷出后的冰壶能继续运动，是由于冰壶受到惯性的作用
[C]冰壶运动越来越慢的过程中，运动状态不变
[D]投掷队员用力向后蹬起蹬器，人却向前运动是利用了物体间力的作用是相互的
14．(2024·德州)如图为一种无链条电动自行车，它结合了人体动力和电池动力，骑行者踩脚踏板产生的动能可转化为电能，补充在锂电池内，之后通过锂电池驱动后轮前行，下列关于人体动力和电池动力的原理正确的是( )
[A]①② [B]①④
[C]②③ [D]③④
15．(2024·西藏)如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片由最右端向左端移动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。下列选项正确的是( )
[A]电源电压为12 V
[B]电路的最小功率为1.4 W
[C]电压表与电流表对应的示数之比变大
[D]电路中，电流的最大值与最小值之比为5∶1
二、填空题：本题7小题，每空1分，共20分。
16．2022年11月1日4时27分，“梦天”实验舱与“天和”核心舱顺利实现交会对接，中国空间站三舱主体结构就此组装完成。对接完成后，以“天和”核心舱为参照物，“梦天”实验舱是______的；以地球为参照物，“梦天”实验舱是________的；可见物体的运动和静止是________。
17．暑假时几位同学参加夏令营活动，老师准备了如图所示的冰袋用于食物保鲜(包装袋密封完好)，该冰袋中冰的质量为________g；袋内的冰块全部融化成了水，则密度________(选填“变大”“不变”或“变小”)，此过程冰________(选填“吸收”或“放出”)热量。
18．2024年“奋斗者”号全海深载人潜水器完成了爪哇海沟最深点7 180米的下潜任务，创造了印尼深海下潜新纪录。在海水7 000米深处，海水产生的压强为______帕(海水密度取1 000千克/米3，g＝10 N/kg)；若继续下潜，潜水器受到海水的压强将________，受到的浮力将________(选填“变大”“不变”或“变小”)。
19．如图所示是一种小型千斤顶的示意图，当手往下压动摇臂时，能把重物抬高一段较小的距离，工人在10 s时间内用100 N的力竖直向下压动摇臂2 m，把1 000 N的重物匀速抬高14 cm，则重物上升的速度为______m/s，人做的功为________J，千斤顶的效率是________%。
20．(2024·宿迁)如图所示是单缸四冲程汽油机的__________冲程，汽油机工作时，需要用水为其降温，这是利用水的____________大的特点。若100 g水，温度升高20 ℃，水吸收的热量为____________J[c水＝4.2×103 J/(kg·℃)]。
21．(2023·阜新)LED(发光二极管)灯的主要材料是________(选填“导体”“半导体”或“超导体”)，此材料具有________性。家用电饭锅的电阻丝________(选填“可以”或“不可以”)选用超导材料制作。
22．(2024·绥化)一款电热水龙头的简化电路如图所示。如表所示是它铭牌上的参数。电源电压恒定不变，R1和R2为发热电阻。当开关S、S1均闭合时，通电20 s，电热水龙头产生的热量是______J，电阻R1和R2的阻值之比是________。
额定电压 220 V
额定功率 高温挡 2 200 W
低温挡 440 W
三、作图与实验探究：本题6小题，共30分。
23．(2分)(2024·绥化)请根据平面镜成像特点，作出点光源S发出的光经平面镜反射后通过A点的光路图(保留作图痕迹)。
24．(2分)把图中所示吊扇按安全用电原则接入电路，要求：调速开关控制吊扇的转速，当调速开关滑片顺时针转动时，吊扇风速变快。
25．(6分)(2024·常州)小华探究“平面镜成像特点”。
(1)实验装置如图甲所示，为顺利完成实验，MN应选择________(选填“透明玻璃板”或“平面镜”)，并将其________放置在水平桌面上。
(2)将点燃的蜡烛A放置在MN前面，将外形相同、没有点燃的蜡烛B在MN后面移动，直至与A的像完全重合，重合现象说明____________________________________。此时，蜡烛B所处的位置即为像的位置。
(3)改变蜡烛A的位置，重复步骤(2)，可得三组像与物的位置，如图乙所示，由此可知平面镜成像时，____________________。
(4)为判断平面镜成像的虚实，用光屏替代蜡烛B，然后________(选填“直接”或“隔着MN”)观察光屏上有无像，根据实验现象可得平面镜所成的像是________像。
26．(7分)(2024·陕西)小明想知道自制凉粉的密度，于是在实验室进行了如下操作：
(1)将托盘天平放在__________工作台上，游码移至标尺左端零刻度线处。天平横梁静止时，指针位置如图1所示，接下来应将平衡螺母向________调节，使指针指在分度盘中央刻度线。
(2)如图2，用调好的天平测量烧杯和凉粉的总质量，请指出他操作中的错误：_____________________________________________________________________
_____________________________________________________________________。
(3)改正错误后重新测量，天平平衡时，砝码和游码的位置如图3所示，则烧杯和凉粉的总质量为________g。
(4)在量筒中装入适量的水，用小勺挖出烧杯中一部分凉粉放入量筒中，使之________在水中。最终测得量筒中凉粉的体积为35 cm3。
(5)用天平测出烧杯和剩余凉粉的质量为75.6 g，计算出凉粉的密度为________g/cm3。
(6)整理器材时发现，本实验中使用的“5 g”砝码生锈了，则凉粉密度的测量值________(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。
27．(7分)(2024·齐齐哈尔)小姜利用如图1所示的装置比较不同物质吸热的情况。
(1)器材：相同规格的电加热器、烧杯、温度计各两个，以及________(填测量工具)、托盘天平(含砝码)、水和煤油。
(2)选取两个相同规格的电加热器进行实验，目的是为了通过比较________来比较物质吸收热量的多少。
(3)实验中选取________相同的水和煤油，分别倒入烧杯中，用电加热器加热，当它们吸收相同的热量时，通过比较________来比较水和煤油吸热能力的强弱。
(4)如图2所示，小姜正在使用温度计测量液体的温度，按照________(选填“A”“B”或“C”)方法读数是正确的；实验中某时刻温度计示数如图3所示，为________℃。
(5)部分实验数据如表所示，分析数据可得出结论：________(选填“水”或“煤油”)的吸热能力更强。
加热时间/min 0 1 2 3 4 …… 10
水的温度/℃ 30 34 38 42 46 …… 70
煤油温度/℃ 10 18 26 34 42 …… 90
28．(6分)(2024·潍坊)为测定一只标有“2.5 V”字样的小灯泡正常工作时的电阻，某同学准备了下列器材：待测小灯泡、干电池3节、滑动变阻器、电流表、电压表、开关、导线若干。
(1)请用笔画线代替导线将图甲中的电路补充完整。
(2)闭合开关后，滑片P位于某一位置时，电压表示数如图乙所示，为了让小灯泡正常发光，应将滑动变阻器的滑片P向__________(选填“左”或“右”)移动。
(3)滑片P调整到适当位置后，电压表示数为2.5 V，此时电流表示数如图丙所示，则该小灯泡正常工作时的电阻为________Ω，此时滑动变阻器接入电路的电阻为________Ω。
(4)小华认为不用电流表也能测出小灯泡正常工作时的电阻，他又找来一个电阻箱和一个单刀双掷开关，设计了如图丁所示的电路，两虚线框中一处接入电阻箱，另一处接入滑动变阻器，然后进行了下列操作：
①闭合开关S，将单刀双掷开关掷于位置1，调整b处电阻，使电压表示数为2.5 V；
②将单刀双掷开关掷于位置2，保持b处电阻不变，调整a处电阻，使电压表示数为________V，此时电阻箱的示数即为小灯泡正常工作时的电阻。电阻箱应接在图丁中的________(选填“a”或“b”)处。
四、计算题：本题2小题，共20分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算步骤，只写出最后结果的不得分。
29．(10分)(2024·菏泽)小明一家到海边旅游时，在宾馆房间打电话购买生活物品，服务员让四轮智能机器人(如图甲所示)配送。机器人和生活物品的总质量为48 kg，每个轮子与地面接触时受力面积为6×10-4 m2，g取10 N/kg。
(1)求装载小明购买物品的机器人静止在水平地面上时对地面的压强；
(2)装载小明购买物品的机器人乘坐电梯匀速上升20 m，求电梯对机器人做的功；
(3)小明想知道海水的密度，便用购买的纯净水(密度为)和宾馆的电子秤进行如下操作：
①小明把一瓶未开口的纯净水(如图乙所示)放在水平桌面上，静止时标记水面位置，并测出其质量为1.02 kg；
②倒净该瓶内的纯净水，装入海水至标记处，拧紧瓶盖，测出其质量为1.05 kg。请你帮助小明计算海水的密度。
30．(10分)(2024·自贡)图甲是琪琪家某型号电热加湿器的电路图，如表所示为其部分技术参数。R1、R2为发热电阻，不考虑温度对电阻的影响，且R2＝3R1，S为开关，1、2、3为触点，通过旋转开关S可实现“关”“低挡”“高挡”之间的切换。
额定电压/V 220
高挡功率/W 440
低挡功率/W 未知
最大注水量/L 2
(1)求电热加湿器处于“低挡”位置时的发热功率。
(2)某次使用电热加湿器工作时，加湿器注水仓中冷水已达到最大注水量。图乙是使用电热加湿器工作21 min的P-t图象，如果“高挡”加热产生的热量全部被水吸收，则此次“高挡”加热可以使注水仓中冷水的温度升高多少？[水的密度是1.0×103 kg/m3，水的比热容为4.2×103 J/(kg·℃)]
(3)一天琪琪断开家中其他所有用电器，只接通加湿器在“低挡”加热，发现家中如图丙所示计量正常的电能表的转盘在10 min内转了60圈，则加湿器的“低挡”实际加热功率是多少？(共90张PPT)
水平考试模拟试题(一)
2025年初中学业
(时间：90分钟 满分：100分)
一、选择题：本题共15题，每题2分，共30分。
1．如图所示为某地的等高线图，下列有关说法正确的是( )
A．A地的大气压大于B地的大气压
B．同一物体在A地的惯性大于在B地的惯性
C．A地水的沸点比B地低
D．体重为600 N的登山者由B地到A地，克服
重力做功1.2×104 J
√
C [由等高线图可知，A地的高度大于B地的高度，则A地的大气压小于B地的大气压，故A错误；同一物体在A地的质量等于在B地的质量，所以同一物体在A地的惯性等于在B地的惯性，故B错误；由于A地的大气压小于B地的大气压，所以A地水的沸点比B地低，故C正确；体重为600 N的登山者由B地到A地，克服重力做功为W＝Gh＝600 N×(800 m－400 m)＝2.4×105 J，故D错误。故选C。]
2．(2024·济南)下列措施是在噪声的传播环节减弱噪声的是( )
[A]午休时佩戴防噪声耳塞
[B]学校附近禁止汽车鸣笛
[C]图书馆内不得大声喧哗
[D]高架道路两旁的隔音墙
√
D [午休时佩戴防噪声耳塞，是在人耳处减弱噪声，故A不符合题意；学校附近禁止汽车鸣笛、图书馆内不得大声喧哗属于在声源处控制噪声，故B、C不符合题意；高架道路两旁建隔音墙，是阻碍声音的传播，属于在传播过程中减弱噪声，故D符合题意。故选D。]
3．(2024·巴中)关于物态变化现象的描述，以下说法正确的是
( )
[A]深秋的霜是由空气中的水蒸气凝华而来
[B]清晨的雾是由水蒸发而来
[C]放在衣柜里的樟脑丸变小，是汽化现象
[D]冰柜中刚拿出的雪糕周围会出现“白汽”，是汽化现象
√
A [霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，故A正确；雾是空气中的水蒸气液化形成的，故B错误；放在衣柜里的樟脑丸变小属于升华现象，故C错误；冰柜中刚拿出的雪糕周围会出现“白汽”是水蒸气液化形成的，故D错误。故选A。]
4．如图所示，一束光在空气和水两种介质间同时发生反射和折射现象，则下列说法正确的是( )
[A]MN是界面
[B]反射角是30°
[C]EF右侧是空气
[D]折射光线和反射光线之间的夹角是80°
√
D [由题图可知，∠BOF＝∠AOE＝30°，所以∠MOA＝∠MOB＝90°－30°＝60°，根据反射角等于入射角，可知MN为法线，EF为界面，反射角与入射角都等于60°，而折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OC一定为折射光线，折射角为∠NOC＝90°－50°＝40°，由于折射角小于入射角，故左侧为空气，故A、B、C错误；根据题图知折射光线和反射光线之间的夹角是∠COA＝50°＋30°＝80°，故D正确。故选D。]
5．(2024·牡丹江)把凸透镜正对太阳光，在距凸透镜10 cm的光屏上得到一个最小、最亮的光斑，若将一支点燃的蜡烛放在此凸透镜前15 cm 处，在凸透镜另一侧调节光屏的位置，可得到烛焰清晰的
( )
[A]正立、放大的虚像 [B]倒立、缩小的实像
[C]倒立、等大的实像 [D]倒立、放大的实像
√
D [依题意分析，把凸透镜正对太阳光时，最小最亮光斑所在位置就是凸透镜焦点，由此可知该凸透镜焦距f ＝10 cm，把点燃的蜡烛放在凸透镜前15 cm处，则物距u＝15 cm，根据凸透镜成像规律：物距u＝15 cm满足10 cm＜15 cm＜20 cm，蜡烛能在光屏上成倒立、放大的实像，故A、B、C错误，D正确。故选D。]
6．(2024·南充)小洋研究液体密度时，用两个完全相同的容器分别装入甲、乙两种液体，并绘制出总质量m与液体体积V的关系如图所示，由图象可知( )
[A]容器的质量为20 kg
[B]甲液体密度是2.0 g/cm3
[C]乙液体密度是1.2 g/cm3
[D]密度为0.8 g/cm3的液体的m-V图象应
位于Ⅲ区域
√
7．(2024·眉山)如图甲，粗糙程度不变的水平地面上，物体受到水平向右的拉力，拉力大小随时间变化的关系如图乙所示，物体运动速度随时间变化的关系如图丙所示。下列说法正确的是( )
[A]4～6 s，物体运动的路程为18 m
[B]4～6 s，拉力F的功率为12 W
[C]t＝1 s时，物体受到的摩擦力大于2 N
[D]拉力为6 N时，物体做匀速直线运动
√
8．(2024·赤峰)下列选项是对图中物理现象的解释，其中错误的是
( )
[A]图甲用吸管吸饮料利用了大气压
[B]图乙排水管的U形“反水弯”利用了连通器原理
[C]图丙侧壁开孔的饮料瓶装上水，越靠下端喷出的水流越急，说明了液体压强随深度的增加而增大
[D]图丁往B管中吹气，A管中的水面上升是因为流体流速越大的位置，压强越大
√
D [用吸管吸饮料的原理是：先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用了大气压强，故A正确；排水管的U形“反水弯”利用了连通器原理，故B正确；由于液体压强随深度的增加而增大，所以越靠下端喷出的水流越急，故C正确；A管中水面上升是因为向B管中吹气时，A管上方的空气流速增大、压强减小，故D错误。故选D。]
9．(2024·滨州)以下四图节选自我国古代科技巨著《天工开物》，其中说法正确的是( )
[A]图甲“轧蔗取浆”中，牛拉“犁谵”匀速转动的过程中，其运动状态保持不变
[B]图乙“湿田击稻”中，用力甩稻杆，稻粒落入木桶中，是因为受到惯性力
[C]图丙“北耕兼种”中，耧下端的“峨尖”是通过减小受力面积来增大压力的
[D]图丁“长流漂米”中，水从高处流下，水的重力势能转化为动能
√
D [题图甲“轧蔗取浆”中，牛拉“犁谵”匀速转动的过程中，运动方向在不断地变化，其运动状态在不断地变化，故A错误；题图乙“湿田击稻”中，用力甩稻杆，稻粒由于惯性仍保持静止，又由于重力落入木桶中，故B错误；题图丙“北耕兼种”中，耧下端的“峨尖”是通过减小受力面积来增大压强的，故C错误；题图丁“长流漂米”中，水由高处流下，水的质量不变，速度增大，高度减小，故重力势能减小，动能增加，所以是将重力势能转化为动能，故D正确。故选D。]
10．(2024·宁夏)下列实例中属于做功改变物体内能的是( )
[A]图甲中，炉火烧水
[B]图乙中，搓手取暖
[C]图丙中，用暖手宝暖手
[D]图丁中，热鸡蛋放在冷水中冷却
√
B [炉火烧水，水吸收热量，内能增加，是通过热传递来改变物体的内能，故A不符合题意；搓手取暖是通过克服摩擦力做功使手的内能增大，温度升高，是通过做功改变物体的内能，故B符合题意；用暖手宝暖手，手吸收热量，内能增加，是通过热传递来改变物体的内能，故C不符合题意；热鸡蛋放在冷水中冷却，鸡蛋放出热量，内能减少，是通过热传递来改变物体的内能，故D不符合题意。故选B。]
11．(2024·广安)内燃机的发明是第二次工业革命中应用技术领域的一项重大成就。如图所示为单缸四冲程汽油机的一个冲程示意图，若该汽油机的效率为30%，飞轮每分钟转动1800圈(q汽油＝4.6×
107 J/kg)，则下列说法正确的是( )
[A]图中所示冲程是做功冲程
[B]若该汽油机完全燃烧5 kg汽油，则汽油机做
的有用功为6.9×107 J
[C]该汽油机在1 s内做功30次
[D]汽油机消耗的燃料越少，效率一定越高
√
12．(2024·菏泽)为确保安全，某品牌电动车须拧动钥匙(相当于闭合开关S1)且按下按键(相当于闭合开关S2)才能启动。下列电路设计符合要求的是( )
[A] [B]
[C] [D]
√
A [由题意可知，只有开关S1和S2同时闭合时，电动机才能工作，由此可知，两个开关相互影响，应串联在电路中控制电动机，故A符合要求。故选A。]
13．2024年2月第十四届全国冬季运动会落下帷幕，关于冰壶比赛时的情境下列说法正确的是( )
[A]运动员推动冰壶滑行，说明了物体运动需要力维持
[B]掷出后的冰壶能继续运动，是由于冰壶受到惯性的作用
[C]冰壶运动越来越慢的过程中，运动状态不变
[D]投掷队员用力向后蹬起蹬器，人却向前运动是利用了物体间力的作用是相互的
√
D [运动员推动冰壶滑行，说明力可以改变物体的运动状态，力不是维持物体运动的原因，故A错误；掷出后的冰壶继续运动，是由于冰壶具有惯性，不是受到惯性的作用，故B错误；冰壶运动越来越慢的过程中，速度发生变化，运动状态发生改变，故C错误；投掷队员用力向后蹬起蹬器，给起蹬器一个力的作用，由于物体间力的作用是相互的，起蹬器给运动员的一个力的作用，人向前运动，故D正确。故选D。]
14．(2024·德州)如图为一种无链条电动自行车，它结合了人体动力和电池动力，骑行者踩脚踏板产生的动能可转化为电能，补充在锂电池内，之后通过锂电池驱动后轮前行，下列关于人体动力和电池动力的原理正确的是( )
[A]①② [B]①④
[C]②③ [D]③④
√
B [人体动力是将机械能转换为电能，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，是电磁感应现象，电池动力是利用通电导体在磁场里受力运动的原理制成的，将电能转换为机械能；①中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，是电磁感应现象，故①符合题意；②中是奥斯特实验，证明了电流周围可以产生磁场，与电动机的原理不同，故②不符合题意；③是电流的磁效应，与电动机的原理不同，故③不符合题意；④中有电源，通电导体在磁场中受力会发生运动，是电动机的原理，故④符合题意。故选B。]
15．(2024·西藏)如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片由最右端向左端移动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。下列选项正确的是( )
[A]电源电压为12 V
[B]电路的最小功率为1.4 W
[C]电压表与电流表对应的示
数之比变大
[D]电路中，电流的最大值与最小值之比为5∶1
√
B [闭合开关，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端的电压，当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律可知此时电路中电流最小，根据串联电路电压特点可得电源电压：U电＝U1＋U2＝IR1＋U2＝0.1 A×R1＋12 V ①
当电路中电流为0.5 A时，滑动变阻器两端的电压为4 V，同理可得电源电压U电＝U1′＋U2′＝I′R1＋U2′＝0.5 A×R1＋4 V ②
二、填空题：本题7小题，每空1分，共20分。
16．2022年11月1日4时27分，“梦天”实验舱与“天和”核心舱顺利实现交会对接，中国空间站三舱主体结构就此组装完成。对接完成后，以“天和”核心舱为参照物，“梦天”实验舱是______的；以地球为参照物，“梦天”实验舱是________的；可见物体的运动和静止是________。
静止
运动
相对的
解析：“梦天”实验舱与“天和”核心舱顺利实现交会对接后，以“天和”核心舱为参照物，“梦天”实验舱位置没有发生改变，所以是静止的。以地球为参照物，“梦天”实验舱的位置发生了改变，所以是运动的。可见物体的运动和静止是相对的。
17．暑假时几位同学参加夏令营活动，老师准备了如图所示的冰袋用于食物保鲜(包装袋密封完好)，该冰袋中冰的质量为________g；袋内的冰块全部融化成了水，则密度________(选填“变大”“不变”或“变小”)，此过程冰________(选填“吸收”
或“放出”)热量。
150
变大
吸收
18．2024年“奋斗者”号全海深载人潜水器完成了爪哇海沟最深点7 180米的下潜任务，创造了印尼深海下潜新纪录。在海水7 000米深处，海水产生的压强为_________帕(海水密度取1 000千克/米3，g＝10 N/kg)；若继续下潜，潜水器受到海水的压强将________，受到的浮力将________(选填“变大”“不变”或“变小”)。
7×107
变大
不变
解析：当其下潜至7 000米深度时，该处海水的压强为p＝ρ水gh＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×7 000 m＝7×107 Pa
继续下潜，深度变大，根据公式p＝ρgh可知，潜水器受到海水的压强将变大。由于排开水的体积不变，根据F浮＝ρ水gV排可知所受浮力大小不变。
19．如图所示是一种小型千斤顶的示意图，当手往下压动摇臂时，能把重物抬高一段较小的距离，工人在10 s时间内用100 N的力竖直向下压动摇臂2 m，把1 000 N的重物匀速抬高14 cm，则重物上升的速度为______m/s，人做的功为________J，千斤顶的效率是________%。
0.014
200
70
20．(2024·宿迁)如图所示是单缸四冲程汽油机的__________冲程，汽油机工作时，需要用水为其降温，这是利用水的____________大的特点。若100 g水，温度升高20 ℃，水吸收的热量为____________J[c水＝4.2×103 J/(kg·℃)]。
压缩
比热容
8.4×103
解析：(1)由题图可知，进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，可以判断是压缩冲程。
(2)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，汽车发动机常用水来做冷却剂。
(3)水吸收的热量Q吸＝cmΔt＝4.2×103 J/(kg·℃)×0.1 kg×20 ℃＝8.4×103 J。
21．(2023·阜新)LED(发光二极管)灯的主要材料是________(选填“导体”“半导体”或“超导体”)，此材料具有________性。家用电饭锅的电阻丝________(选填“可以”或“不可以”)选用超导材料制作。
解析：LED灯主要由半导体材料制成，半导体具有导电性；根据电流的热效应，家用电饭锅的电阻丝不可以选用超导材料制作。
半导体
导电
不可以
22．(2024·绥化)一款电热水龙头的简化电路如图所示。如表所示是它铭牌上的参数。电源电压恒定不变，R1和R2为发热电阻。当开关S、S1均闭合时，通电20 s，电热水龙头产生的热量是________J，电阻R1和R2的阻值之比是________。
额定电压 220 V
额定功率 高温挡 2 200 W
低温挡 440 W
1∶4
44 000
三、作图与实验探究：本题6小题，共30分。
23．(2分)(2024·绥化)请根据平面镜成像特点，作出点光源S发出的光经平面镜反射后通过A点的光路图(保留作图痕迹)。
解析：先通过平面镜作出发光点S的对称点S′，S′即为S的像；连接S′A交平面镜于点O，SO为入射光线，OA为反射光线，如图所示。
答案：见解析图
24．(2分)把图中所示吊扇按安全用电原则接入电路，要求：调速开关控制吊扇的转速，当调速开关滑片顺时针转动时，吊扇风速变快。
解析：调速开关能控制吊扇的转速，则调速开关应与吊扇串联，根据安全用电原则，调速开关应接在火线上；调速开关滑片顺时针转动时，吊扇风速加快，说明接入电路的电阻值变小，应将中间和左侧接线柱接入电路；为保证用电的安全，吊扇的金属外壳应接地，如图所示。
答案：见解析图
25．(6分)(2024·常州)小华探究“平面镜成像特点”。
(1)实验装置如图甲所示，为顺利完成实验，MN应选择_____________(选填“透明玻璃板”或“平面镜”)，并将其________放置在水平桌面上。
(2)将点燃的蜡烛A放置在MN前面，将外形相同、没有点燃的蜡烛B在MN后面移动，直至与A的像完全重合，重合现象说明__________________________________。此时，蜡烛B所处的位置即为像的位置。
透明玻璃板
竖直
平面镜成的像的大小与物体大小相等
(3)改变蜡烛A的位置，重复步骤(2)，可得三组像与物的位置，如图乙所示，由此可知平面镜成像时，__________________________。
(4)为判断平面镜成像的虚实，用光屏替代蜡烛B，然后________(选填“直接”或“隔着MN”)观察光屏上有无像，根据实验现象可得平面镜所成的像是________像。
像与物关于镜面对称
直接
虚
解析：(1)因为玻璃板是透明的，能在观察到A蜡烛的像的同时，还可以透过玻璃清楚的看到放在后面的蜡烛B，便于确定像的位置，因此选用透明玻璃板；玻璃板必须与水平桌面垂直，即保证玻璃板竖直放置，另一支完全相同的蜡烛才能与所成的像重合，才可以比较物、像大小。
(2)将点燃的蜡烛A放置在MN前面，将外形相同、没有点燃的蜡烛B在MN后面移动，直至与A的像完全重合，物、像完全重合可以说明平面镜成的像的大小与物体大小相等。
(3)观察像与物位置的对应关系如题图乙，物、像与平面镜距离相等，所以像与物关于镜面对称。
(4)当用光屏替代蜡烛B，直接观察光屏，发现光屏上并没有像，由此可知平面镜所成的像是虚像。
26．(7分)(2024·陕西)小明想知道自制凉粉的密度，于是在实验室进行了如下操作：
(1)将托盘天平放在__________工作台上，游码移至标尺左端零刻度线处。天平横梁静止时，指针位置如图1所示，接下来应将平衡螺母向________调节，使指针指在分度盘中央刻度线。
(2)如图2，用调好的天平测量烧杯和凉粉的总质量，请指出他操作中的错误：____________________________。
水平
左
物体和砝码的位置放反了
(3)改正错误后重新测量，天平平衡时，砝码和游码的位置如图3所示，则烧杯和凉粉的总质量为________g。
(4)在量筒中装入适量的水，用小勺挖出烧杯中一部分凉粉放入量筒中，使之________在水中。最终测得量筒中凉粉的体积为35 cm3。
(5)用天平测出烧杯和剩余凉粉的质量为75.6 g，计算出凉粉的密度为________g/cm3。
(6)整理器材时发现，本实验中使用的“5 g”砝码生锈了，则凉粉密度的测量值________(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。
116.2
浸没
1.16
不变
解析：(1)将托盘天平放在水平工作台上，游码移至标尺左端零刻度线处。当指针偏右时，接下来应将平衡螺母向左调节，使指针指在分度盘中央刻度线。
(2)天平的使用应遵循“左物右码”，题图2中物体和砝码的位置放反了。
(3)烧杯和凉粉的总质量m＝100 g＋10 g＋5 g＋1.2 g＝116.2 g。
(4)为了测量凉粉的体积，放入量筒中的凉粉必须浸没在水中。
27．(7分)(2024·齐齐哈尔)小姜利用如图1所示的装置比较不同物质吸热的情况。
(1)器材：相同规格的电加热器、烧杯、温度计各两个，以及________(填测量工具)、托盘天平(含砝码)、水和煤油。
(2)选取两个相同规格的电加热器进行实验，目的是为了通过比较_____________来比较物质吸收热量的多少。
(3)实验中选取________相同的水和煤油，分别倒入烧杯中，用电加热器加热，当它们吸收相同的热量时，通过比较_____________来比较水和煤油吸热能力的强弱。
停表
加热时间
质量
升高的温度
(4)如图2所示，小姜正在使用温度计测量液体的温度，按照________(选填“A”“B”或“C”)方法读数是正确的；实验中某时刻温度计示数如图3所示，为________℃。
(5)部分实验数据如表所示，分析数据可得出结论：________(选填“水”或“煤油”)的吸热能力更强。
加热时间/min 0 1 2 3 4 …… 10
水的温度/℃ 30 34 38 42 46 …… 70
煤油温度/℃ 10 18 26 34 42 …… 90
B
66
水
解析：(1)物体吸收热量的多少是通过加热时间来反映的，需要用停表来测量时间。
(2)选取两个相同规格的电加热器进行实验，目的是为了通过比较加热时间来比较物质吸收热量的多少。
(3)在比较不同物质的吸热能力的实验中，应在两个相同的烧杯中加入质量相同的水和煤油。
用相同规格的电加热器加热，则在相等时间内煤油和水吸收的热量相等，然后通过比较其升高的温度来比较水和煤油的吸热能力，升高温度越高，吸热能力越弱。
(4)使用温度计读数的时候，视线要与液柱的上表面保持相平，故A、C错误，B正确；题图3中的温度计的一个大格表示10 ℃，里面有10个小格，因此它的分度值为1 ℃，因此它的读数为66 ℃。
(5)根据表中实验数据，煤油从10 ℃升高到26 ℃需要2 min；水从
30 ℃升高到46 ℃需要4 min，故升高相同的温度，水的加热时间更长，故水吸收的热量大于煤油吸收的热量，故水的吸热能力更强。
28．(6分)(2024·潍坊)为测定一只标有“2.5 V”字样的小灯泡正常工作时的电阻，某同学准备了下列器材：待测小灯泡、干电池3节、滑动变阻器、电流表、电压表、开关、导线若干。
(1)请用笔画线代替导线将图甲中的电路补充完整。
(2)闭合开关后，滑片P位于某一位置时，电压表示数如图乙所示，为了让小灯泡正常发光，应将滑动变阻器的滑片P向__________(选填“左”或“右”)移动。
(3)滑片P调整到适当位置后，电压表示数为2.5 V，此时电流表示数如图丙所示，则该小灯泡正常工作时的电阻为________Ω，此时滑动变阻器接入电路的电阻为________Ω。
见解析图
左
6.25
5
(4)小华认为不用电流表也能测出小灯泡正常工作时的电阻，他又找来一个电阻箱和一个单刀双掷开关，设计了如图丁所示的电路，两虚线框中一处接入电阻箱，另一处接入滑动变阻器，然后进行了下列操作：
①闭合开关S，将单刀双掷开关掷于位置1，调整b处电阻，使电压表示数为2.5 V；
②将单刀双掷开关掷于位置2，保持b处电阻不变，调整a处电阻，使电压表示数为________V，此时电阻箱的示数即为小灯泡正常工作时的电阻。电阻箱应接在图丁中的________(选填“a”或“b”)处。
2.5
a
解析：(1)实验中，灯泡与变阻器串联，电压表测量灯泡的电压，电流表测量电路电流，如图所示。
(4)①闭合开关S，将单刀双掷开关掷于位置1，调整b处电阻，使电压表示数为2.5 V，此时灯泡正常发光；②根据等效替代的思维，将单刀双掷开关掷于位置2，保持滑动变阻器电阻不变，调节电阻箱，使电压表示数再次为2.5 V，此时电阻箱的示数即为小灯泡正常工作时的电阻，因此电阻箱应接在题图丁中的a处。
四、计算题：本题2小题，共20分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算步骤，只写出最后结果的不得分。
29．(10分)(2024·菏泽)小明一家到海边旅游时，在宾馆房间打电话购买生活物品，服务员让四轮智能机器人(如图甲所示)配送。机器人和生活物品的总质量为48 kg，每个轮子与地面接触时受力面积为6×
10-4 m2，g取10 N/kg。
(1)求装载小明购买物品的机器人静止在水平地面上时对地面的压强；
(2)装载小明购买物品的机器人乘坐电梯匀速上升20 m，求电梯对机器人做的功；
答案：(1)装载小明购买物品的机器人静止在水平地面上时对地面的压强为2×105 Pa (2)电梯对机器人做的功为9 600 J (3)海水的密度为1.03×103 kg/m3
30．(10分)(2024·自贡)图甲是琪琪家某型号电热加湿器的电路图，如表所示为其部分技术参数。R1、R2为发热电阻，不考虑温度对电阻的影响，且R2＝3R1，S为开关，1、2、3为触点，通过旋转开关S可实现“关”“低挡”“高挡”之间的切换。
额定电压/V 220
高挡功率/W 440
低挡功率/W 未知
最大注水量/L 2
(1)求电热加湿器处于“低挡”位置时的发热功率。
(2)某次使用电热加湿器工作时，加湿器注水仓中冷水已达到最大注水量。图乙是使用电热加湿器工作21 min的P-t图象，如果“高挡”加热产生的热量全部被水吸收，则此次“高挡”加热可以使注水仓中冷水的温度升高多少？[水的密度是1.0×103 kg/m3，水的比热容为4.2×103 J/(kg·℃)]
(3)一天琪琪断开家中其他所有用电器，只接通加湿器在“低挡”加热，发现家中如图丙所示计量正常的电能表的转盘在10 min内转了60圈，则加湿器的“低挡”实际加热功率是多少？
答案：(1)电热加湿器处于“低挡”位置时的发热功率为110 W (2)此次“高挡”加热可以使注水仓中冷水的温度升高22 ℃ (3)加湿器的“低挡”实际加热功率是100 W2025年初中学业
水平考试模拟试题(一)
1．C [由等高线图可知，A地的高度大于B地的高度，则A地的大气压小于B地的大气压，故A错误；同一物体在A地的质量等于在B地的质量，所以同一物体在A地的惯性等于在B地的惯性，故B错误；由于A地的大气压小于B地的大气压，所以A地水的沸点比B地低，故C正确；体重为600 N的登山者由B地到A地，克服重力做功为W＝Gh＝600 N×(800 m－400 m)＝2.4×105 J，故D错误。故选C。]
2．D [午休时佩戴防噪声耳塞，是在人耳处减弱噪声，故A不符合题意；学校附近禁止汽车鸣笛、图书馆内不得大声喧哗属于在声源处控制噪声，故B、C不符合题意；高架道路两旁建隔音墙，是阻碍声音的传播，属于在传播过程中减弱噪声，故D符合题意。故选D。]
3．A [霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，故A正确；雾是空气中的水蒸气液化形成的，故B错误；放在衣柜里的樟脑丸变小属于升华现象，故C错误；冰柜中刚拿出的雪糕周围会出现“白汽”是水蒸气液化形成的，故D错误。故选A。]
4．D [由题图可知，∠BOF＝∠AOE＝30°，所以∠MOA＝∠MOB＝90°－30°＝60°，根据反射角等于入射角，可知MN为法线，EF为界面，反射角与入射角都等于60°，而折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OC一定为折射光线，折射角为∠NOC＝90°－50°＝40°，由于折射角小于入射角，故左侧为空气，故A、B、C错误；根据题图知折射光线和反射光线之间的夹角是∠COA＝50°＋30°＝80°，故D正确。故选D。]
5．D [依题意分析，把凸透镜正对太阳光时，最小最亮光斑所在位置就是凸透镜焦点，由此可知该凸透镜焦距f ＝10 cm，把点燃的蜡烛放在凸透镜前15 cm处，则物距u＝15 cm，根据凸透镜成像规律：物距u＝15 cm满足10 cm＜15 cm＜20 cm，蜡烛能在光屏上成倒立、放大的实像，故A、B、C错误，D正确。故选D。]
6．D [由题图可知，当液体体积为0时，此时容器的质量m容＝20 g，当m＝80 g，即m甲＝m乙＝80 g－20 g＝60 g时，此时甲、乙两种液体的体积分别为：V甲＝40 cm3，V乙＝，则甲、乙两种液体的密度分别为：ρ甲＝＝1.5 g/cm3＝1.5×103 kg/m3，ρ乙＝＝1 g/cm3＝，由此可知，甲液体密度大于乙液体密度，故A、B、C错误；因为液体的密度比乙液体的还小，所以根据ρ＝可知，质量相同时，液体的体积大于乙液体的体积，故密度为0.8 g/cm3的液体的质量与体积的关系图象应在Ⅲ区。故选D。]
7．B [由题图丙可知，物体在4～6 s做匀速直线运动，物体运动的路程为s＝vt＝3 m/s×2 s＝6 m，故A错误；由题图丙可知，物体在4～6 s做匀速直线运动，速度为3 m/s，由题图乙可知，在4～6 s拉力是4 N，拉力F的功率为P＝＝Fv＝4 N×3 m/s＝12 W，故B正确；由题图丙可知，物体在t＝1 s时处于静止状态，拉力等于摩擦力，由题图乙可知此时拉力为2 N，所以摩擦力等于2 N，故C错误；由题图乙可知，拉力为6 N时，题图丙对应的物体做加速运动，故D错误。故选B。]
8．D [用吸管吸饮料的原理是：先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用了大气压强，故A正确；排水管的U形“反水弯”利用了连通器原理，故B正确；由于液体压强随深度的增加而增大，所以越靠下端喷出的水流越急，故C正确；A管中水面上升是因为向B管中吹气时，A管上方的空气流速增大、压强减小，故D错误。故选D。]
9．D [题图甲“轧蔗取浆”中，牛拉“犁谵”匀速转动的过程中，运动方向在不断地变化，其运动状态在不断地变化，故A错误；题图乙“湿田击稻”中，用力甩稻杆，稻粒由于惯性仍保持静止，又由于重力落入木桶中，故B错误；题图丙“北耕兼种”中，耧下端的“峨尖”是通过减小受力面积来增大压强的，故C错误；题图丁“长流漂米”中，水由高处流下，水的质量不变，速度增大，高度减小，故重力势能减小，动能增加，所以是将重力势能转化为动能，故D正确。故选D。]
10．B [炉火烧水，水吸收热量，内能增加，是通过热传递来改变物体的内能，故A不符合题意；搓手取暖是通过克服摩擦力做功使手的内能增大，温度升高，是通过做功改变物体的内能，故B符合题意；用暖手宝暖手，手吸收热量，内能增加，是通过热传递来改变物体的内能，故C不符合题意；热鸡蛋放在冷水中冷却，鸡蛋放出热量，内能减少，是通过热传递来改变物体的内能，故D不符合题意。故选B。]
11．B [由题图可知，活塞向上运动，进气门和排气门都关闭，因此是压缩冲程，故A错误；完全燃烧5 kg的汽油放出的热量为Q放＝mq＝5 kg×4.6×107 J/kg＝2.3×108 J，由η＝×30%＝6.9×107 J，故B正确；飞轮每转两圈对外做功一次，所以1 min转动1800周，要做功900次，则该汽油机在1 s内做功＝15次/s，故C错误；汽油机消耗的燃料越少，其做的有用功也可能少，其效率也不一定就越高，故D错误。故选B。]
12．A [由题意可知，只有开关S1和S2同时闭合时，电动机才能工作，由此可知，两个开关相互影响，应串联在电路中控制电动机，故A符合要求。故选A。]
13．D [运动员推动冰壶滑行，说明力可以改变物体的运动状态，力不是维持物体运动的原因，故A错误；掷出后的冰壶继续运动，是由于冰壶具有惯性，不是受到惯性的作用，故B错误；冰壶运动越来越慢的过程中，速度发生变化，运动状态发生改变，故C错误；投掷队员用力向后蹬起蹬器，给起蹬器一个力的作用，由于物体间力的作用是相互的，起蹬器给运动员的一个力的作用，人向前运动，故D正确。故选D。]
14．B [人体动力是将机械能转换为电能，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，是电磁感应现象，电池动力是利用通电导体在磁场里受力运动的原理制成的，将电能转换为机械能；①中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，是电磁感应现象，故①符合题意；②中是奥斯特实验，证明了电流周围可以产生磁场，与电动机的原理不同，故②不符合题意；③是电流的磁效应，与电动机的原理不同，故③不符合题意；④中有电源，通电导体在磁场中受力会发生运动，是电动机的原理，故④符合题意。故选B。]
15．B [闭合开关，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端的电压，当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律可知此时电路中电流最小，根据串联电路电压特点可得电源电压：U电＝U1＋U2＝IR1＋U2＝0.1 A×R1＋12 V ①
当电路中电流为0.5 A时，滑动变阻器两端的电压为4 V，同理可得电源电压U电＝U1′＋U2′＝I′R1＋U2′＝0.5 A×R1＋4 V ②
联立①②解得U电＝14 V，R1＝20 Ω，故A错误；电源电压不变，根据P＝UI可知，电路中电流最小时，总功率最小，电路消耗的最小功率：P小＝U电I小＝14 V×0.1 A＝1.4 W，故B正确；由欧姆定律的变形式R＝可知，电压表与电流表示数的比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，滑动变阻器的滑片由最右端向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，因此电压表与电流表示数的比值变小，故C错误；若电流表选择小量程0～0.6 A，则电路中电流的最大值为0.6 A，若电流表选择大量程，电路中电流的最大值为I大＝＝0.7 A，均不是题图乙中的0.5 A，电流的最小值为0.1 A，故电路中电流的最大值与最小值之比不可能为5∶1，故D错误。故选B。]
16．解析：“梦天”实验舱与“天和”核心舱顺利实现交会对接后，以“天和”核心舱为参照物，“梦天”实验舱位置没有发生改变，所以是静止的。以地球为参照物，“梦天”实验舱的位置发生了改变，所以是运动的。可见物体的运动和静止是相对的。
答案：静止 运动 相对的
17．解析：由题图可知，保鲜冰袋的净含量为150 g，所以冰袋中冰的质量为150 g。袋内的冰块全部融化成了水，物质的多少不变，则质量不变，冰块全部融化成水后，体积变小，由ρ＝可知，密度变大。冰块全部融化成了水，由固态变成液体，是熔化现象，熔化需要吸收热量。
答案：150 变大 吸收
18．解析：当其下潜至7 000米深度时，该处海水的压强为p＝ρ水gh＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×7 000 m＝7×107 Pa
继续下潜，深度变大，根据公式p＝ρgh可知，潜水器受到海水的压强将变大。由于排开水的体积不变，根据F浮＝ρ水gV排可知所受浮力大小不变。
答案：7×107 变大 不变
19．解析：由题知，10 s时间内重物被匀速抬高
h＝14 cm＝0.14 m
所以重物上升的速度v＝＝0.014 m/s
所做的有用功W有用＝Gh＝1 000 N×0.14 m＝140 J
人做的功是总功W总＝Fs＝100 N×2 m＝200 J
千斤顶的效率η＝×100%＝×100%＝70%。
答案：0.014 200 70
20．解析：(1)由题图可知，进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，可以判断是压缩冲程。
(2)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，汽车发动机常用水来做冷却剂。
(3)水吸收的热量Q吸＝cmΔt＝4.2×103 J/(kg·℃)×0.1 kg×20 ℃＝8.4×103 J。
答案：压缩 比热容 8.4×103
21．解析：LED灯主要由半导体材料制成，半导体具有导电性；根据电流的热效应，家用电饭锅的电阻丝不可以选用超导材料制作。
答案：半导体 导电 不可以
22．解析：由电路图可知，开关S闭合、S1断开时，电路为R2的简单电路，电路的电阻较大；开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电路的电阻较小。电源电压一定，根据P＝可知，开关S闭合、S1断开时，电路消耗的电功率较小，为低温挡；开关S1、S2均闭合时，电路消耗的电功率较大，为高温挡。
当开关S、S1均闭合时，通电20 s，电热水龙头产生的热量Q＝W＝P高t＝2 200 W×20 s＝44 000 J；并联电路各支路互不影响，所以高温挡下R2消耗的电功率：P2＝P低＝440 W，高温挡下R1消耗的电功率：P1＝P高－P2＝2 200 W－440 W＝1 760 W，电源电压一定，根据P＝可得，R1∶R2＝P2∶P1＝440 W∶1 760 W＝1∶4。
答案：44 000 1∶4
23．解析：先通过平面镜作出发光点S的对称点S′，S′即为S的像；连接S′A交平面镜于点O，SO为入射光线，OA为反射光线，如图所示。
答案：见解析图
24．解析：调速开关能控制吊扇的转速，则调速开关应与吊扇串联，根据安全用电原则，调速开关应接在火线上；调速开关滑片顺时针转动时，吊扇风速加快，说明接入电路的电阻值变小，应将中间和左侧接线柱接入电路；为保证用电的安全，吊扇的金属外壳应接地，如图所示。
答案：见解析图
25．解析：(1)因为玻璃板是透明的，能在观察到A蜡烛的像的同时，还可以透过玻璃清楚的看到放在后面的蜡烛B，便于确定像的位置，因此选用透明玻璃板；玻璃板必须与水平桌面垂直，即保证玻璃板竖直放置，另一支完全相同的蜡烛才能与所成的像重合，才可以比较物、像大小。
(2)将点燃的蜡烛A放置在MN前面，将外形相同、没有点燃的蜡烛B在MN后面移动，直至与A的像完全重合，物、像完全重合可以说明平面镜成的像的大小与物体大小相等。
(3)观察像与物位置的对应关系如题图乙，物、像与平面镜距离相等，所以像与物关于镜面对称。
(4)当用光屏替代蜡烛B，直接观察光屏，发现光屏上并没有像，由此可知平面镜所成的像是虚像。
答案：(1)透明玻璃板 竖直 (2)平面镜成的像的大小与物体大小相等 (3)像与物关于镜面对称 (4)直接 虚
26．解析：(1)将托盘天平放在水平工作台上，游码移至标尺左端零刻度线处。当指针偏右时，接下来应将平衡螺母向左调节，使指针指在分度盘中央刻度线。
(2)天平的使用应遵循“左物右码”，题图2中物体和砝码的位置放反了。
(3)烧杯和凉粉的总质量m＝100 g＋10 g＋5 g＋1.2 g＝116.2 g。
(4)为了测量凉粉的体积，放入量筒中的凉粉必须浸没在水中。
(5)量筒中凉粉的质量m凉＝m－m剩＝116.2 g－75.6 g＝40.6 g，凉粉的密度ρ＝＝1.16 g/cm3。
(6)因为每次测量时都用到生锈的砝码，最后计算时的质量用的是质量差，则凉粉密度的测量值不变。
答案：(1)水平 左 (2)物体和砝码的位置放反了 (3)116.2 (4)浸没 (5)1.16 (6)不变
27．解析：(1)物体吸收热量的多少是通过加热时间来反映的，需要用停表来测量时间。
(2)选取两个相同规格的电加热器进行实验，目的是为了通过比较加热时间来比较物质吸收热量的多少。
(3)在比较不同物质的吸热能力的实验中，应在两个相同的烧杯中加入质量相同的水和煤油。
用相同规格的电加热器加热，则在相等时间内煤油和水吸收的热量相等，然后通过比较其升高的温度来比较水和煤油的吸热能力，升高温度越高，吸热能力越弱。
(4)使用温度计读数的时候，视线要与液柱的上表面保持相平，故A、C错误，B正确；题图3中的温度计的一个大格表示10 ℃，里面有10个小格，因此它的分度值为1 ℃，因此它的读数为66 ℃。
(5)根据表中实验数据，煤油从10 ℃升高到26 ℃需要2 min；水从30 ℃升高到46 ℃需要4 min，故升高相同的温度，水的加热时间更长，故水吸收的热量大于煤油吸收的热量，故水的吸热能力更强。
答案：(1)停表 (2)加热时间 (3)质量 升高的温度 (4)B 66 (5)水
28．解析：(1)实验中，灯泡与变阻器串联，电压表测量灯泡的电压，电流表测量电路电流，如图所示。
(2)电压表的分度值为0.1 V，所选量程为0～3 V，电压表示数为2.4 V，小于小灯泡的额定电压，则为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向左移动，减小变阻器接入电路中的电阻，使电压表示数为2.5 V。
(3)滑片P调整到适当位置后，电压表示数为2.5 V，电流表的分度值为0.02 A，所选量程为0～0.6 V，电流表示数为0.4 A，则该小灯泡正常工作时的电阻为RL＝＝6.25 Ω；此时滑动变阻器接入电路的电阻为R滑＝＝5 Ω。
(4)①闭合开关S，将单刀双掷开关掷于位置1，调整b处电阻，使电压表示数为2.5 V，此时灯泡正常发光；②根据等效替代的思维，将单刀双掷开关掷于位置2，保持滑动变阻器电阻不变，调节电阻箱，使电压表示数再次为2.5 V，此时电阻箱的示数即为小灯泡正常工作时的电阻，因此电阻箱应接在题图丁中的a处。
答案：(1)见解析图 (2)左 (3)6.25 5 (4)②2.5 a
29．解析：(1)机器人静止时对水平地面的压力大小等于机器人的总重力，由重力公式可知，机器人对水平地面的压力F＝G＝mg＝48 kg×10 N/kg＝480 N；每个轮子与地面接触时受力面积为6×10-4 m2，则总受力面积S＝＝2.4×10-3 m2；由压强公式可知，机器人对水平地面的压强p＝＝2×105 Pa。
(2)机器人总重力G＝480 N，匀速上升时根据二力平衡知识可知，电梯对机器人的支持力F′＝G＝480 N；由功的公式可知，电梯对机器人做的功为W＝F′s＝480 N×20 m＝9 600 J。
(3)由题意可知，装入海水至同一标记处，即水和海水的体积相等；由密度公式可知m2－m1＝(ρ海水－ρ水)V标记，则海水的密度ρ海水＝＋ρ水＝＋1.0×103 kg/m3＝1.03×103 kg/m3。
答案：(1)装载小明购买物品的机器人静止在水平地面上时对地面的压强为2×105 Pa (2)电梯对机器人做的功为9 600 J (3)海水的密度为1.03×103 kg/m3
30．解析：(1)由表格数据知，高挡功率P高＝440 W，由P＝可得R1的阻值为R1＝＝110 Ω；由题知，R2＝3R1＝3×110 Ω＝330 Ω；则低挡的发热功率P低＝＝110 W。
(2)加湿器注水仓中冷水已达到最大注水量，此时注水仓中水的质量为m＝ρ水V＝1.0×103 kg/m3×2×10-3 m3＝2 kg；由题图乙知，工作21 min时，其中高挡工作时间为7 min，低挡工作时间为14 min，则在高挡正常工作时消耗的电能W高＝P高t高＝440 W×7×60 s＝1.848×105 J；如果在此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收，即Q吸＝W＝1.848×105 J；由Q吸＝cmΔt可得，水升高的温度：Δt＝＝22 ℃。
(3)“3600r/(kW·h)”的意义为：每消耗1 kW·h的电能，电能表的转盘就转过3600 r，则电能表的转盘转过60 r时，加湿器在10分钟消耗的电能W′＝＝6×104 J；加湿器在低挡加热的实际功率P′＝＝100 W。
答案：(1)电热加湿器处于“低挡”位置时的发热功率为110 W (2)此次“高挡”加热可以使注水仓中冷水的温度升高22 ℃ (3)加湿器的“低挡”实际加热功率是100 W
