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水平考试模拟试题(三)
2025年初中学业
(时间：90分钟 满分：100分)
一、选择题：本题共15题，每题2分，共30分。
1．(2024·内江)下列四个图中的现象都与声音有关，其中主要用来说明声音传播需要介质的是( )
√
B [拨动直尺产生声音，说明声音是由物体的振动产生的，故A不符合题意；玻璃罩内的空气变少，听到声音变小，说明声音的传播需要介质，故B符合题意；扬声器发声，烛焰“跳舞”，说明声音可以传递能量，故C不符合题意；车子排气管上安装消声器，说明可以在声源处减弱噪声，故D不符合题意。故选B。]
2．(2024·大庆)如图所示为甲、乙两物体在同一直线上运动的s-t图象，从0时刻开始计时，则关于它们的运动情况，描述正确的是
( )
[A]t＝0时，乙在甲的前面，甲运动4 s追上乙
[B]甲、乙同时出发，乙运动2 s追上甲
[C]甲、乙在出发后都做匀速运动，且v甲＞v乙
[D]甲比乙先出发2 s，甲运动4 s和乙相遇
√
D [由题图可知，出发前甲在乙的前面6 m处，乙物体在0时刻并没有出发而是静止不动，而甲物体在0时刻已经匀速运动，而乙物体先静止2 s后才开始运动，最终乙在第4 s末追上甲，故A、B错误；甲、乙的运动图象都是直线，可知甲、乙在出发后都做匀速运动，乙图线的斜率大于甲图线的斜率，即乙运动的速度大于甲的速度，故C错误；由上述分析可知，甲比乙先出发2 s，甲运动4 s和乙相遇，故D正确。故选D。]
3．如图是生活中常见的两种温度计，下列说法正确的是( )
[A]甲、乙温度计都是根据液体热
胀冷缩的规律制成的
[B]甲、乙温度计的液泡上蘸了酒精，
酒精蒸发过程中，甲、乙温度计示数都下降
[C]甲、乙温度计都可以脱离被测物体来读数
[D]甲温度计的分度值比乙温度计的小
√
A [实验室温度计和体温计都是利用液体的热胀冷缩原理制成的，故A正确；实验室温度计和体温计的液泡都蘸了酒精，由于酒精蒸发吸热，可使液泡内的内能变小，温度降低，实验室温度计的示数会变小，由于体温计玻璃泡上方有一段很细的缩口，遇冷液柱会在缩口处断开而不能自行下降，故体温计的示数将不变，故B错误；实验用温度计测温度时，温度计的玻璃泡不能离开被测物体，体温计可以离开被测物体读数，故C错误；甲温度计是实验用温度计，分度值为1 ℃，乙为体温计，分度值是0.1 ℃，故D错误。故选A。]
4．如图所示是某学校的白蓝相间校服，当同学们身着校服走进只有红色光源的房间时，上衣会呈现出( )
[A]红蓝相间 [B]全部黑色
[C]全部红色 [D]红黑相间
√
D [当同学们走进只有红色光源的房间时，白蓝相间的校服中，白色部分反射红光，蓝色部分吸收红光，此时上衣会呈现出红黑相间。故选D。]
5．(2024·西藏)保护视力，科学用眼已成为社会共识。图中能模拟近视眼及其矫正原理的图是( )
[A]甲和丙
[B]甲和丁
[C]乙和丙
[D]乙和丁
√
A [近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，像呈在视网膜的前方，故题图甲是近视眼的成因图；要矫正近视眼应佩戴发散透镜，使光线推迟会聚，故题图丙是矫正近视眼的原理图。故选A。]
6．(2024·淄博)在测量液体密度时，用调好的天平测出烧杯和液体的总质量是72 g，再将烧杯中的部分液体倒入量筒中(图甲)，用天平测出烧杯和剩余液体的质量(图乙)。下列分析正确的是( )
[A]量筒中液体的体积是32 cm3
[B]实验时图乙中添加砝码的合
理顺序是5 g、10 g、20 g
[C]量筒中液体的质量是39 g
[D]液体的密度是1.1×103 kg/m3
√
7．下列关于力与运动的现象，说法错误的是( )
[A]如图甲所示，纸飞机离手后，还会
继续飞行是由于受到了惯性的作用
[B]如图乙所示，足球在运动过程中，
如果一切外力消失，足球将做匀速直线运动
[C]如图丙所示，跳水运动员起跳前，使跳板弯曲的力是人发生形变产生的
[D]如图丁所示，跳远运动员起跳后，在空中的运动状态发生了改变
√
A [如题图甲所示，纸飞机离手后，还会继续飞行是由于具有惯性，惯性不是力，不能说受到了惯性的作用，故A错误；由牛顿第一定律可知，足球在运动过程中，若一切外力均消失，则足球将做匀速直线运动，故B正确；跳水运动员起跳前，使跳板弯曲的力是人发生形变产生的，故C正确；跳远运动员起跳后，在空中运动方向不断发生改变，即运动状态发生了改变，故D正确。故选A。]
8．(2024·西藏)如图所示的生产生活实例中，用压强知识解释正确的是( )
[A]图甲中，破窗锤是通过减小受力
面积的方式增大压强
[B]图乙中，用高压锅做饭的原理是水的沸点会随着气压的减小而升高
[C]图丙中，三峡大坝设计成下宽上窄是由于液体的压强随深度的增加而减小
[D]图丁中，从漏斗口用力向下吹气，乒乓球不会掉落是由于气体流速大的位置压强大
√
A [破窗锤是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A正确；用高压锅做饭的原理是水的沸点会随着气压的增大而升高，故B错误；三峡大坝设计成下宽上窄是由于液体的压强随深度的增加而增大，故C错误；从漏斗口向下吹气，上方空气流速大，产生压力差，使得乒乓球不会掉落，说明气体流速大的位置压强小，故D错误。故选A。]
9．(2024·福建)“煮”的篆体写法如图，表示用火烧煮食物。下列实例与“煮”在改变物体内能的方式上相同的是( )
[A]热水暖手
[B]钻木取火
[C]搓手取暖
[D]擦燃火柴
√
A [用火烧煮食物，食物吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递改变物体的内能；用热水暖手，手吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递改变物体的内能；钻木取火，是通过做功改变物体的内能；搓手取暖，是通过做功改变物体的内能；擦燃火柴，是通过做功改变物体的内能。故选A。]
10．(2024·湖南)2024年4月25日，搭载着神舟十八号载人飞船的长征二号F遥十八运载火箭(如图)在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是( )
[A]火箭的燃料燃烧得越充分，热值越大
[B]火箭发动机工作过程中的热机效率是100%
[C]火箭“体内”的液氢燃料温度低至－253 ℃，
内能为零
[D]火箭搭载着飞船升空的过程中，飞船的重力势能越来越大
√
D [热值是燃料本身的一种特性，热值由燃料本身决定，与燃料是否充分燃烧无关，故A错误；火箭发动机工作过程中，会有热量的损失、克服机械摩擦消耗部分能量、燃料不可能完全燃烧等因素的存在，所以热机效率不会达到100%，故B错误；一切物体在任何情况下都有内能，所以液氢燃料温度低至－253 ℃时也有内能，故C错误；火箭搭载着飞船升空的过程中，飞船的质量不变，高度增大，所以重力势能越来越大，故D正确。故选D。]
11．(2024·湖南)科技小组模拟“智能开锁”设计的电路图有两种开锁方式，即“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功才可开锁，现用S1表示人脸识别，S2、S3表示密码、钥匙。匹配成功后对应开关自动闭合，电动机才工作开锁。满足上述两种方式开锁的电路是( )
[A] [B]
[C] [D]
√
B [根据题意知，“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功才可开锁，电动机M工作，即只要有一个条件满足，电动机就工作，所以“人脸识别”开关与电动机应在干路上，“密码”开关与“钥匙”开关并联，故ACD不符合题意，只有B符合题意。故选B。]
12．(2024·陕西)如图，电源电压不变。闭合开关S1和S2，小灯泡L1和L2均正常发光，电流表有示数。下列分析正确的是( )
[A]小灯泡L1和L2串联
[B]若断开开关S2，电流表示数会变小
[C]若小灯泡L1比L2亮，原因是小灯泡L1
两端的电压比L2两端的电压大
[D]若只闭合开关S2，电路中只有小灯泡L2发光
√
B [由题图可知，两灯泡并联，开关S1在干路中，开关S2控制灯泡L2，电流表测量干路电流，故A错误；若断开开关S2，灯泡L2断路，只有灯泡L1工作，干路电流变小，电流表示数会变小，故B正确；并联电路各支路两端电压相等，故C错误；开关S1在干路中，开关S2控制灯泡L2，若只闭合开关S2，两灯泡都不能发光，故D错误。故选B。]
13．(2024·淄博)如图所示电路，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动时( )
[A]电流表的示数不变，电压表的示数不变
[B]电流表的示数变小，电压表的示数变大
[C]电流表的示数不变，电压表的示数变大
[D]电流表的示数变小，电压表的示数不变
√
A [由题图可知，R1与R2并联，电流表测通过R1的电流，电压表测电源电压，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动时，R2接入电路的阻值变大，因并联电路各支路互不影响，所以电流表示数不变；电源电压不变，则电压表示数不变。故选A。]
14．(2024·盐城)将手机“背景灯光提示”和“声音提示”功能打开，放到真空钟罩中，用抽气机抽去空气。然后打电话呼叫手机，看到背景灯光亮却听不到铃声。该现象说明( )
[A]声音和电磁波都能在真空中传播
[B]声音和电磁波都不能在真空中传播
[C]声音能在真空中传播，电磁波不能在真空中传播
[D]声音不能在真空中传播，电磁波能在真空中传播
√
D [电磁波的传播不需要介质，声音的传播需要介质，故D正确，ABC错误。故选D。]
15．(2024·凉山州)如图甲所示，电源电压保持不变，电流表的量程为0～0.6 A，电压表的量程为0～15 V，滑动变阻器R1的规格为“50 Ω 0.5 A”。闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P，测得多组数据。用测得的数据绘制了电流与滑动变阻器阻值的变化关系图(如图乙所示)。在保证电路安全的情况下，下列计算结果中正确的是( )
[A]电源电压为12 V
[B]R0的阻值为15 Ω
[C]滑动变阻器的阻值变化范围是10～50 Ω
[D]滑动变阻器的最大功率为0.9 W
√
D [由题图甲可知，定值电阻R0和滑动变阻器R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器R1两端的电压；由题图乙可知，当滑动变阻器的阻值为R1＝10 Ω时，此时电路中的电流I＝0.3 A，则R0两端的电压可表示为U0＝IR0＝0.3 A×R0，此时变阻器两端的电压为U1＝IR1＝0.3 A×10 Ω＝3 V，由串联电路的电压规律可得，电源电压：U＝U0＋U1＝0.3 A×R0＋3 V ①，同理，当滑动变阻器的阻值为R1′＝50 Ω时，此时电路中的电流I′＝0.1 A，则R0两端的电压可表示为U0′＝I′R0＝0.1 A×R0，此时变阻器两端的电压为U1′＝I′R1′＝
0.1 A×50 Ω＝5 V，由串联电路的电压规律可得，电源电压：U＝U0′＋U1′＝0.1 A×R0＋5 V ②，联立①②解得电源电压U＝6 V，R0的阻值为R0＝10 Ω，故AB错误；当电路中的电流最大时，滑动变阻器的阻值最小，因电流表的最大测量值为0.6 A，滑动变阻器允许通过的最大电流为0.5 A，所以电路中的最大电流为I大＝0.5 A，此时R0两端的电压为：U0＝I大R0＝0.5 A×10 Ω＝5 V，此时滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U－U0＝6 V－5 V＝1 V，则滑动变阻器的最小阻
二、填空题：本题7小题，每空1分，共20分。
16．(2024·常州)密封的锤形玻璃泡内有少量碘颗粒，如图所示，将玻璃泡浸入热水中，玻璃泡内碘颗粒逐渐消失，同时出现紫红色碘蒸气，这是________(物态变化名)过程，需要__________(选填“吸”或“放”)热。将玻璃泡从水中取
出后，碘蒸气逐渐消失，同时出现碘颗粒，
这是__________(物态变化名)过程。
升华
吸
凝华
解析：如题图所示，将玻璃泡浸入热水中，玻璃泡内碘颗粒吸收玻璃泡传递的热量，逐渐消失，变成紫红色碘蒸气，这是升华过程，此过程需要吸热。将玻璃泡从水中取出后，玻璃泡温度降低，放出热量，碘蒸气逐渐消失，变成碘颗粒，这是凝华现象。
17．中国高铁正在高速发展。在旷野里，远远看到疾驰的列车犹如一枚“白色子弹”。若它以100 m/s的速度匀速直线行驶12 s，则行驶了________m。以列车为参照物，座位上安静看书的乘客是________的。列车上交谈的乘客自觉压低声音，这是在________处减弱噪声。
1 200
静止
声源
18．(2024·无锡)生活中常用如图所示的吸盘挂钩来挂毛巾，使用时排尽吸盘内的空气，吸附在__________(选填“平整”或“不平整”)的墙面上，以防止漏气。若吸盘的横截面积为2×10-3 m2，外界大气压为1×105 Pa，则排尽空气后的吸盘受到
的大气压力为________N，吸盘挂钩不会掉落是
因为受到墙壁对它竖直向上的______力。
平整
200
摩擦
解析：吸盘挂钩是利用大气压来工作的，使用时排尽吸盘内的空气，吸附在平整的墙面上，若墙面不平整，空气会进入吸盘内，吸盘会脱落。
排尽空气后的吸盘受到的大气压力为
F＝pS＝1×105 Pa×2×10-3 m2＝200 N
吸盘挂钩受自身重力和物体对挂钩向下的拉力而不会掉落是因为受到墙壁对它竖直向上的摩擦力。
19．(2024·常州)如图所示，工人利用动滑轮匀速提升物体，已知物体重400 N，施加在绳端竖直向上的拉力F为250 N，在100 s内将物体提升10 m。不计绳重与摩擦，此过程中动滑轮的机械效率为__________，绳端拉力做功的功率为________W。
50
80%
20．(2024·巴中)小丽去郊游，上车时闻到汽油味，这是________现象。通过交流得知该车的发动机为汽油机，若某单缸四冲程汽油机的转速为1 200 r/min，在1 s内汽油机对外做了________次功。如果汽油机在某段时间内消耗了500 g汽油，这些汽油完全燃烧可释放的热量为________J。(q汽油＝4.6×107 J/kg)
扩散
10
2.3×107
21．(2024·陕西)如图1，将水桶平放在地面上，向桶中倒入少量酒精，点燃酒精后，水桶向后喷出燃气并加速向前运动，此过程中，内能转化为________能，该能量转化过程与汽油机的________冲程相同。燃气停止喷出后，迅速堵住水桶口，在________的作用下，水桶变扁，如图2所示。
机械
做功
大气压
解析：酒精燃烧时将化学能转化为内能，水桶向后喷出燃气并加速向前运动，此过程中内能转化为机械能，该能量转化过程与汽油机的做功冲程相同；燃气停止喷出后，迅速堵住水桶口，桶内气压减小，在外界大气压的作用下，水桶被压扁。
22．(2024·镇江)如图是某电热水壶内部电加热器原理电路，它有“加热”和“保温”两挡，开关S断开，电水壶处于______挡。已知该电热水壶处于“加热”挡，通电0.1 h可使标有1 200 imp/(kW·h)的电能表指示灯闪烁120次，则消耗的电能为______kW·h。电热水壶“保温”挡功率为100 W，则R2＝________Ω。
保温
0.1
435.6
三、作图与实验探究：本题6小题，共30分。
23．(2分)(2024·滨州)根据图中的入射光线或折射光线，画出相应的折射光线或入射光线。
解析：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，过光心的光线方向不变，如图所示。
答案：见解析图
24．(2分)(2024·德州)如图是古代劳动人民用桔槔汲水的简化图，请画出杠杆上A点受到的拉力F1及其力臂l1。
解析：如图所示：
杆上A点受到的拉力F1方向沿绳的方向向下，因此从A点沿绳向下画一条带箭头的线段，并标上F1。从支点向拉力F1的作用线作垂线，垂线段的长度就是力臂l1。
答案：见解析图
25．(6分)(2024·达州)同学们在“探究影响浮力大小的因素”实验中，根据日常生活经验提出了以下猜想：
①浮力大小与物体浸入液体中的深度有关；
②浮力大小与物体排开液体的体积有关；
③浮力大小与液体的密度有关。
解析：(1)由题图可知，物体的重力为6 N，浸没在水中时弹簧测力计的示数为2 N，根据称重法测浮力可知，物体浸没在水中受到的浮力大小为
F浮＝G物－F示＝6 N－2 N＝4 N。
(2)A与C、D三次实验中物体浸入液体的深度不同，根据称重法测浮力可知，C、D两次实验中弹簧测力计的示数相等，则浮力大小相等，故可以得出的结论：浸没在液体中的物体所受浮力大小与浸入液体中的深度无关。
(3)验证浮力大小与物体排开液体的体积有关，则需要保持液体的密度相同，改变物体排开液体的体积，故选择A与B、C三次实验，得出的结论是：浸在液体中的物体所受浮力大小与物体排开液体的体积有关。
(4)验证浮力大小与液体的密度有关，则需要保持物体排开液体的体积相等，改变液体的密度，A与B、E三次实验中，液体的密度不同，物体排开液体的体积也不同，未控制单一变量，故该操作是错误的，无法得出该结论。
答案：(1)4 (2)无 (3)B、C (4)错误 没有控制排开液体的体积相等 (5)1.1×103
26．(7分)(2023·达州)在学习了密度、浮力、杠杆的相关知识后，小丽同学根据杠杆的平衡条件测出了一个物块的密度，请帮她将下列步骤补充完整。(g＝10 N/kg，ρ水＝1×103 kg/m3)
(1)相邻两刻度间距离相等的轻质杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆________(选填“是”或“不是”)处于平衡状态，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向________(选填“左”或“右”)调节。
(2)调节杠杆水平平衡后，用细线将物块挂于杠杆左侧，将3个钩码挂于右侧，杠杆仍处于水平平衡，如图乙所示，每个钩码质量100 g，则物块质量为__________g。
是
右
400
(3)将该物块浸没在装有水的烧杯中，调节右侧钩码的位置，使杠杆处于水平平衡，如图丙所示，则物块在水中所受浮力为________N。
(4)物块的密度是__________kg/m3。
(5)在探究杠杆平衡条件的实验中，多次改变钩码的位置和个数，收集多组数据的目的是____________(选填字母)。
[A]避免实验的偶然性，便于得到普遍规律
[B]取平均值，减小误差
2
2×103
A
(3)当物块浸没在水中平衡时，设细线对杠杆的拉力为F，由杠杆平衡条件可得F×3L＝3G×2L
解得细线对杠杆的拉力为
F＝2G＝2mg＝2×100×10-3 kg×10 N/kg＝2 N
物块的重力为G物块＝m物块g＝400×10-3 kg×10 N/kg＝4 N
则物块在水中所受浮力为F浮＝G物块－F＝4 N－2 N＝2 N。
(5)多次改变钩码的位置和个数，即多次改变力和力臂的大小，得到了多组实验数据，得出了杠杆平衡条件。该实验测量多组数据的目的是避免偶然性，寻找普遍规律，故A符合题意，B不符合题意。故选A。
27．(6分)(2023·绥化)如图所示，在“测量滑轮组机械效率”的实验中，利用图2甲、乙、丙三个实验装置进行实验，测得的实验数据如表。(钩码规格相同、动滑轮个数越多重力越大)
实验
次数 钩码重
力G/N 提升高
度h/m 绳端拉
力F/N 绳端移动
距离s/m 机械
效率η
1 4 0.1 0.3
2 8 0.1 3.2 0.3 83.3%
3 8 0.1 2.0 0.5 80.0%
(1)在实验中，应沿竖直方向________拉动弹簧测力计。
(2)第一次实验中，如图1所示，弹簧测力计的示数是________N，机械效率是___________(精确到0.1%)。
(3)由1、2两次实验数据可得出结论： ______________________________________________________。
(4)由________两次实验数据可得出结论：使用不同滑轮组提升相同重物，动滑轮越重，机械效率越低。
匀速
1.8
74.1%
使用同一滑轮组，物重越大，
机械效率越高
2、3
(5)在第三次实验操作的基础上，如图2丁所示改变绳端拉力方向，测得的滑轮组机械效率将________。(选填“偏高”“偏低”或“不变”)
偏低
(4)比较第2、3次实验数据可得出结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低。
(5)在题图2丁中，若拉力F向右倾斜，则拉力的力臂变小，拉力变大，总功变大，有用功不变，故测出的机械效率将偏低。
28．(7分)(2023·湘潭)利用图1所示的电路测量小灯泡的电功率，小灯泡的额定电压为2.5 V。
(1)用笔画线代替导线，将图1中所示的器材连接成完整电路。
(2)连接电路时开关应处于__________(选填“断开”或“闭合”)状态，正确连接后，应将滑片P由最大电阻处缓慢向________(选填“A”或“B”)端移动，使灯逐渐变亮。
(3)某次实验时，电流表的示数如图2所示，则通过灯L的电流为__________A；移动滑片P，记下多组电压和电流值，绘制成图3所示的图象，根据图象的信息，小灯泡的额定电功率为________W。
见解析图
断开
A
0.2
0.625
(4)实验时，由于操作失误，在未断开开关的情况下，直接将亮着的小灯泡从灯座上取出，电压表的示数________(选填“变大”“变小”或“不变”)。
变大
(5)在没有电流表的情况下，用如图4所示的实验电路，也可以测出小灯泡的额定功率。已知小灯泡的额定电压为U额，定值电阻的阻值为R，实验步骤如下：
①只闭合开关S、S1，调节滑片，使电压表示数为U额；
②保持滑片位置不变，只闭合开关S、S2，此时电压表的示数为U；
可知小灯泡的额定功率P额＝_____________(用U额、U和R表示)；若已知电源电压为U0，此时滑动变阻器接入电路的阻值Rx＝
___________(用U0、U额、U和R表示)。
解析：(1)连接电路时，电压表与灯泡并联，且电流从电压表的正接线柱流入，根据小灯泡的额定电压为2.5 V，故电压表选择小量程，完整电路如图所示。
(2)为保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；滑动变阻器开始处于最大阻值处，即在题图1中的B端，正确连接后，要使灯变亮，应减小滑动变阻器连入电路的电阻，应将滑片向A端移动。
(3)由题图2知，电流表选择的量程为0～0.6 A，分度值为0.02 A，指针位于0.2 A位置，故电流表示数为0.2 A；由题图3知，当小灯泡两端电压为其额定电压2.5 V时，通过灯泡的电流为0.25 A，故小灯泡的额定电功率P＝UI＝2.5 V×0.25 A＝0.625 W。
(4)电路为灯泡与滑动变阻器串联，正常工作时电压表测量灯泡两端电压，灯泡两端电压小于电源电压；在未断开开关的情况下，直接将亮着的小灯泡从灯座上取出，小灯泡处发生断路，电压表测量电源电压，故电压表示数变大。
(5)①只闭合开关S、S1，灯泡、定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，调节滑片，使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光；
四、计算题：本题2小题，共20分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算步骤，只写出最后结果的不得分。
29．(10分)(2024·巴中)如图甲所示的塔吊是施工建设中最常见的设备，其结构可简化为如图乙所示的滑轮组模型。已知物体质量为300 kg，在绳子自由端施加1 250 N拉力，物体以0.5 m/s的速度匀速上升10 s。求：
(1)绳子拉力端移动的距离；
(2)拉力的功率；
(3)在此过程中滑轮组的机械效率。
答案：(1)绳子拉力端移动的距离为15 m (2)拉力的功率是1 875 W (3)在此过程中滑轮组的机械效率为80%
30．(10分)(2024·济宁)医院里利用高温高压蒸汽消毒锅对器械进行消毒，不同的器械所要求的温度、压强不同。图中为自动测量锅内温度、气压的电路原理图(虚线框内为锅内部分)，电源电压恒为6 V。按要求回答下列问题：
表1
气压p/atm 1.0 1.2 1.4 1.6 1.8 ……
电阻R1/Ω 200 170 150 140 132 ……
表2
t/℃ 100 105 110 115 120 ……
电阻R2/Ω 120 110 100 90 80 ……
(1)若对总质量为10 kg、初温为15 ℃的钢制器械进行消毒，消毒温度达到115 ℃时，求器械吸收的热量。[c钢＝0.46×103 J/(kg·℃)]
(2)R1为阻值随所受压强大小而变化的可变电阻，其阻值与气压的关系如表1所示，A1为显示锅内气压大小的仪表(实质是电流表)。当锅内气压等于1 atm(1 atm＝1个标准大气压)时，A1显示的气压为0，则气压表零刻度线应标在电流表A1刻度盘的多少毫安处？
(3)R2为阻值随温度而变化的可变电阻，其阻值与温度的关系如表2所示，A2为显示温度的仪表(实质是电流表)。当A1显示气压大小为1.4 atm、A2显示温度为110 ℃时，求电路的总功率。
(1)器械吸收的热量为4.6×105 J (2)气压表零刻度线应标在电流表A1刻度盘的30毫安处 (3)当A1显示气压大小为1.4 atm、A2显示温度为110 ℃时，电路的总功率为0.6 W水平考试模拟试题(三)
(时间：90分钟 满分：100分)
一、选择题：本题共15题，每题2分，共30分。
1．(2024·内江)下列四个图中的现象都与声音有关，其中主要用来说明声音传播需要介质的是( )
2．(2024·大庆)如图所示为甲、乙两物体在同一直线上运动的s-t图象，从0时刻开始计时，则关于它们的运动情况，描述正确的是( )
[A]t＝0时，乙在甲的前面，甲运动4 s追上乙
[B]甲、乙同时出发，乙运动2 s追上甲
[C]甲、乙在出发后都做匀速运动，且v甲＞v乙
[D]甲比乙先出发2 s，甲运动4 s和乙相遇
3．如图是生活中常见的两种温度计，下列说法正确的是( )
[A]甲、乙温度计都是根据液体热胀冷缩的规律制成的
[B]甲、乙温度计的液泡上蘸了酒精，酒精蒸发过程中，甲、乙温度计示数都下降
[C]甲、乙温度计都可以脱离被测物体来读数
[D]甲温度计的分度值比乙温度计的小
4．如图所示是某学校的白蓝相间校服，当同学们身着校服走进只有红色光源的房间时，上衣会呈现出( )
[A]红蓝相间 [B]全部黑色
[C]全部红色 [D]红黑相间
5．(2024·西藏)保护视力，科学用眼已成为社会共识。图中能模拟近视眼及其矫正原理的图是( )
[A]甲和丙 [B]甲和丁
[C]乙和丙 [D]乙和丁
6．(2024·淄博)在测量液体密度时，用调好的天平测出烧杯和液体的总质量是72 g，再将烧杯中的部分液体倒入量筒中(图甲)，用天平测出烧杯和剩余液体的质量(图乙)。下列分析正确的是( )
[A]量筒中液体的体积是32 cm3
[B]实验时图乙中添加砝码的合理顺序是5 g、10 g、20 g
[C]量筒中液体的质量是39 g
[D]液体的密度是1.1×103 kg/m3
7．下列关于力与运动的现象，说法错误的是( )
[A]如图甲所示，纸飞机离手后，还会继续飞行是由于受到了惯性的作用
[B]如图乙所示，足球在运动过程中，如果一切外力消失，足球将做匀速直线运动
[C]如图丙所示，跳水运动员起跳前，使跳板弯曲的力是人发生形变产生的
[D]如图丁所示，跳远运动员起跳后，在空中的运动状态发生了改变
8．(2024·西藏)如图所示的生产生活实例中，用压强知识解释正确的是( )
[A]图甲中，破窗锤是通过减小受力面积的方式增大压强
[B]图乙中，用高压锅做饭的原理是水的沸点会随着气压的减小而升高
[C]图丙中，三峡大坝设计成下宽上窄是由于液体的压强随深度的增加而减小
[D]图丁中，从漏斗口用力向下吹气，乒乓球不会掉落是由于气体流速大的位置压强大
9．(2024·福建)“煮”的篆体写法如图，表示用火烧煮食物。下列实例与“煮”在改变物体内能的方式上相同的是( )
[A]热水暖手
[B]钻木取火
[C]搓手取暖
[D]擦燃火柴
10．(2024·湖南)2024年4月25日，搭载着神舟十八号载人飞船的长征二号F遥十八运载火箭(如图)在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是( )
[A]火箭的燃料燃烧得越充分，热值越大
[B]火箭发动机工作过程中的热机效率是100%
[C]火箭“体内”的液氢燃料温度低至－253 ℃，内能为零
[D]火箭搭载着飞船升空的过程中，飞船的重力势能越来越大
11．(2024·湖南)科技小组模拟“智能开锁”设计的电路图有两种开锁方式，即“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功才可开锁，现用S1表示人脸识别，S2、S3表示密码、钥匙。匹配成功后对应开关自动闭合，电动机才工作开锁。满足上述两种方式开锁的电路是( )
[A] [B]
[C] [D]
12．(2024·陕西)如图，电源电压不变。闭合开关S1和S2，小灯泡L1和L2均正常发光，电流表有示数。下列分析正确的是( )
[A]小灯泡L1和L2串联
[B]若断开开关S2，电流表示数会变小
[C]若小灯泡L1比L2亮，原因是小灯泡L1两端的电压比L2两端的电压大
[D]若只闭合开关S2，电路中只有小灯泡L2发光
13．(2024·淄博)如图所示电路，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动时( )
[A]电流表的示数不变，电压表的示数不变
[B]电流表的示数变小，电压表的示数变大
[C]电流表的示数不变，电压表的示数变大
[D]电流表的示数变小，电压表的示数不变
14．(2024·盐城)将手机“背景灯光提示”和“声音提示”功能打开，放到真空钟罩中，用抽气机抽去空气。然后打电话呼叫手机，看到背景灯光亮却听不到铃声。该现象说明( )
[A]声音和电磁波都能在真空中传播
[B]声音和电磁波都不能在真空中传播
[C]声音能在真空中传播，电磁波不能在真空中传播
[D]声音不能在真空中传播，电磁波能在真空中传播
15．(2024·凉山州)如图甲所示，电源电压保持不变，电流表的量程为0～0.6 A，电压表的量程为0～15 V，滑动变阻器R1的规格为“50 Ω 0.5 A”。闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P，测得多组数据。用测得的数据绘制了电流与滑动变阻器阻值的变化关系图(如图乙所示)。在保证电路安全的情况下，下列计算结果中正确的是( )
[A]电源电压为12 V
[B]R0的阻值为15 Ω
[C]滑动变阻器的阻值变化范围是10～50 Ω
[D]滑动变阻器的最大功率为0.9 W
二、填空题：本题7小题，每空1分，共20分。
16．(2024·常州)密封的锤形玻璃泡内有少量碘颗粒，如图所示，将玻璃泡浸入热水中，玻璃泡内碘颗粒逐渐消失，同时出现紫红色碘蒸气，这是________(物态变化名)过程，需要__________(选填“吸”或“放”)热。将玻璃泡从水中取出后，碘蒸气逐渐消失，同时出现碘颗粒，这是__________(物态变化名)过程。
17．中国高铁正在高速发展。在旷野里，远远看到疾驰的列车犹如一枚“白色子弹”。若它以100 m/s的速度匀速直线行驶12 s，则行驶了________m。以列车为参照物，座位上安静看书的乘客是________的。列车上交谈的乘客自觉压低声音，这是在________处减弱噪声。
18．(2024·无锡)生活中常用如图所示的吸盘挂钩来挂毛巾，使用时排尽吸盘内的空气，吸附在__________(选填“平整”或“不平整”)的墙面上，以防止漏气。若吸盘的横截面积为2×10-3 m2，外界大气压为1×105 Pa，则排尽空气后的吸盘受到的大气压力为________N，吸盘挂钩不会掉落是因为受到墙壁对它竖直向上的______力。
19．(2024·常州)如图所示，工人利用动滑轮匀速提升物体，已知物体重400 N，施加在绳端竖直向上的拉力F为250 N，在100 s内将物体提升10 m。不计绳重与摩擦，此过程中动滑轮的机械效率为__________，绳端拉力做功的功率为________W。
20．(2024·巴中)小丽去郊游，上车时闻到汽油味，这是________现象。通过交流得知该车的发动机为汽油机，若某单缸四冲程汽油机的转速为1 200 r/min，在1 s内汽油机对外做了________次功。如果汽油机在某段时间内消耗了500 g汽油，这些汽油完全燃烧可释放的热量为________J。(q汽油＝4.6×107 J/kg)
21．(2024·陕西)如图1，将水桶平放在地面上，向桶中倒入少量酒精，点燃酒精后，水桶向后喷出燃气并加速向前运动，此过程中，内能转化为________能，该能量转化过程与汽油机的________冲程相同。燃气停止喷出后，迅速堵住水桶口，在________的作用下，水桶变扁，如图2所示。
22．(2024·镇江)如图是某电热水壶内部电加热器原理电路，它有“加热”和“保温”两挡，开关S断开，电水壶处于______挡。已知该电热水壶处于“加热”挡，通电0.1 h可使标有1 200 imp/(kW·h)的电能表指示灯闪烁120次，则消耗的电能为______kW·h。电热水壶“保温”挡功率为100 W，则R2＝________Ω。
三、作图与实验探究：本题6小题，共30分。
23．(2分)(2024·滨州)根据图中的入射光线或折射光线，画出相应的折射光线或入射光线。
24．(2分)(2024·德州)如图是古代劳动人民用桔槔汲水的简化图，请画出杠杆上A点受到的拉力F1及其力臂l1。
25．(6分)(2024·达州)同学们在“探究影响浮力大小的因素”实验中，根据日常生活经验提出了以下猜想：
①浮力大小与物体浸入液体中的深度有关；
②浮力大小与物体排开液体的体积有关；
③浮力大小与液体的密度有关。
实验步骤和数据如图所示(ρ水＝1×103 kg/m3，g取10 N/kg)
(1)根据实验数据，小聪计算出该物体浸没在水中受到的浮力大小是________N。
(2)为了验证猜想①，分析A与C、D三次实验，得出的结论是：浸没在液体中的物体所受浮力大小与浸入液体中的深度________(选填“有”或“无”)关。
(3)为了验证猜想②，分析A与________三次实验，得出的结论是：浸在液体中的物体所受浮力大小与物体排开液体的体积有关。
(4)小聪为了验证猜想③，分析A与B、E三次实验，得出的结论是：浸在液体中的物体所受浮力大小与液体的密度有关。你认为这样操作是__________(选填“正确”或“错误”)的，理由是_________________________________________
_____________________________________________________________________
_____________________________________________________________________。
(5)细心的小红利用实验数据还计算出步骤E中所用盐水的密度是________kg/m3。
26．(7分)(2023·达州)在学习了密度、浮力、杠杆的相关知识后，小丽同学根据杠杆的平衡条件测出了一个物块的密度，请帮她将下列步骤补充完整。(g＝10 N/kg，ρ水＝1×103 kg/m3)
(1)相邻两刻度间距离相等的轻质杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆________(选填“是”或“不是”)处于平衡状态，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向________(选填“左”或“右”)调节。
(2)调节杠杆水平平衡后，用细线将物块挂于杠杆左侧，将3个钩码挂于右侧，杠杆仍处于水平平衡，如图乙所示，每个钩码质量100 g，则物块质量为__________g。
(3)将该物块浸没在装有水的烧杯中，调节右侧钩码的位置，使杠杆处于水平平衡，如图丙所示，则物块在水中所受浮力为________N。
(4)物块的密度是________kg/m3。
(5)在探究杠杆平衡条件的实验中，多次改变钩码的位置和个数，收集多组数据的目的是____________(选填字母)。
[A]避免实验的偶然性，便于得到普遍规律
[B]取平均值，减小误差
27．(6分)(2023·绥化)如图所示，在“测量滑轮组机械效率”的实验中，利用图2甲、乙、丙三个实验装置进行实验，测得的实验数据如表。(钩码规格相同、动滑轮个数越多重力越大)
实验 次数 钩码重 力G/N 提升高 度h/m 绳端拉 力F/N 绳端移动 距离s/m 机械 效率η
1 4 0.1 0.3
2 8 0.1 3.2 0.3 83.3%
3 8 0.1 2.0 0.5 80.0%
(1)在实验中，应沿竖直方向________拉动弹簧测力计。
(2)第一次实验中，如图1所示，弹簧测力计的示数是________N，机械效率是________(精确到0.1%)。
(3)由1、2两次实验数据可得出结论： ___________________________________
_____________________________________________________________________。
(4)由________两次实验数据可得出结论：使用不同滑轮组提升相同重物，动滑轮越重，机械效率越低。
(5)在第三次实验操作的基础上，如图2丁所示改变绳端拉力方向，测得的滑轮组机械效率将________。(选填“偏高”“偏低”或“不变”)
28．(7分)(2023·湘潭)利用图1所示的电路测量小灯泡的电功率，小灯泡的额定电压为2.5 V。
(1)用笔画线代替导线，将图1中所示的器材连接成完整电路。
(2)连接电路时开关应处于__________(选填“断开”或“闭合”)状态，正确连接后，应将滑片P由最大电阻处缓慢向________(选填“A”或“B”)端移动，使灯逐渐变亮。
(3)某次实验时，电流表的示数如图2所示，则通过灯L的电流为__________A；移动滑片P，记下多组电压和电流值，绘制成图3所示的图象，根据图象的信息，小灯泡的额定电功率为________W。
(4)实验时，由于操作失误，在未断开开关的情况下，直接将亮着的小灯泡从灯座上取出，电压表的示数________(选填“变大”“变小”或“不变”)。
(5)在没有电流表的情况下，用如图4所示的实验电路，也可以测出小灯泡的额定功率。已知小灯泡的额定电压为U额，定值电阻的阻值为R，实验步骤如下：
①只闭合开关S、S1，调节滑片，使电压表示数为U额；
②保持滑片位置不变，只闭合开关S、S2，此时电压表的示数为U；
可知小灯泡的额定功率P额＝________(用U额、U和R表示)；若已知电源电压为U0，此时滑动变阻器接入电路的阻值Rx＝________(用U0、U额、U和R表示)。
四、计算题：本题2小题，共20分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算步骤，只写出最后结果的不得分。
29．(10分)(2024·巴中)如图甲所示的塔吊是施工建设中最常见的设备，其结构可简化为如图乙所示的滑轮组模型。已知物体质量为300 kg，在绳子自由端施加1 250 N拉力，物体以0.5 m/s的速度匀速上升10 s。求：
(1)绳子拉力端移动的距离；
(2)拉力的功率；
(3)在此过程中滑轮组的机械效率。
30．(10分)(2024·济宁)医院里利用高温高压蒸汽消毒锅对器械进行消毒，不同的器械所要求的温度、压强不同。图中为自动测量锅内温度、气压的电路原理图(虚线框内为锅内部分)，电源电压恒为6 V。按要求回答下列问题：
表1
气压p/atm 1.0 1.2 1.4 1.6 1.8 ……
电阻R1/Ω 200 170 150 140 132 ……
表2
t/℃ 100 105 110 115 120 ……
电阻R2/Ω 120 110 100 90 80 ……
(1)若对总质量为10 kg、初温为15 ℃的钢制器械进行消毒，消毒温度达到115 ℃时，求器械吸收的热量。[c钢＝0.46×103 J/(kg·℃)]
(2)R1为阻值随所受压强大小而变化的可变电阻，其阻值与气压的关系如表1所示，A1为显示锅内气压大小的仪表(实质是电流表)。当锅内气压等于1 atm(1 atm＝1个标准大气压)时，A1显示的气压为0，则气压表零刻度线应标在电流表A1刻度盘的多少毫安处？
(3)R2为阻值随温度而变化的可变电阻，其阻值与温度的关系如表2所示，A2为显示温度的仪表(实质是电流表)。当A1显示气压大小为1.4 atm、A2显示温度为110 ℃时，求电路的总功率。水平考试模拟试题(三)
1．B [拨动直尺产生声音，说明声音是由物体的振动产生的，故A不符合题意；玻璃罩内的空气变少，听到声音变小，说明声音的传播需要介质，故B符合题意；扬声器发声，烛焰“跳舞”，说明声音可以传递能量，故C不符合题意；车子排气管上安装消声器，说明可以在声源处减弱噪声，故D不符合题意。故选B。]
2．D [由题图可知，出发前甲在乙的前面6 m处，乙物体在0时刻并没有出发而是静止不动，而甲物体在0时刻已经匀速运动，而乙物体先静止2 s后才开始运动，最终乙在第4 s末追上甲，故A、B错误；甲、乙的运动图象都是直线，可知甲、乙在出发后都做匀速运动，乙图线的斜率大于甲图线的斜率，即乙运动的速度大于甲的速度，故C错误；由上述分析可知，甲比乙先出发2 s，甲运动4 s和乙相遇，故D正确。故选D。]
3．A [实验室温度计和体温计都是利用液体的热胀冷缩原理制成的，故A正确；实验室温度计和体温计的液泡都蘸了酒精，由于酒精蒸发吸热，可使液泡内的内能变小，温度降低，实验室温度计的示数会变小，由于体温计玻璃泡上方有一段很细的缩口，遇冷液柱会在缩口处断开而不能自行下降，故体温计的示数将不变，故B错误；实验用温度计测温度时，温度计的玻璃泡不能离开被测物体，体温计可以离开被测物体读数，故C错误；甲温度计是实验用温度计，分度值为1 ℃，乙为体温计，分度值是0.1 ℃，故D错误。故选A。]
4．D [当同学们走进只有红色光源的房间时，白蓝相间的校服中，白色部分反射红光，蓝色部分吸收红光，此时上衣会呈现出红黑相间。故选D。]
5．A [近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，像呈在视网膜的前方，故题图甲是近视眼的成因图；要矫正近视眼应佩戴发散透镜，使光线推迟会聚，故题图丙是矫正近视眼的原理图。故选A。]
6．D [量筒读数时，视线与凹液面的最低处保持水平，因此量筒中液体的体积是30 mL＝30 cm3，故A错误；使用天平时，添加砝码的合理顺序是“先大后小”，即实验时题图乙中添加砝码的合理顺序是20 g、10 g、5 g，故B错误；量筒中液体的质量是总质量减去剩余质量，其中剩余的质量由题图乙可得m剩＝20 g＋10 g＋5 g＋4 g＝39 g，即m＝m总－m剩＝72 g－39 g＝33 g，故C错误；液体的密度是ρ＝＝1.1×103 kg/m3，故D正确。故选D。]
7．A [如题图甲所示，纸飞机离手后，还会继续飞行是由于具有惯性，惯性不是力，不能说受到了惯性的作用，故A错误；由牛顿第一定律可知，足球在运动过程中，若一切外力均消失，则足球将做匀速直线运动，故B正确；跳水运动员起跳前，使跳板弯曲的力是人发生形变产生的，故C正确；跳远运动员起跳后，在空中运动方向不断发生改变，即运动状态发生了改变，故D正确。故选A。]
8．A [破窗锤是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A正确；用高压锅做饭的原理是水的沸点会随着气压的增大而升高，故B错误；三峡大坝设计成下宽上窄是由于液体的压强随深度的增加而增大，故C错误；从漏斗口向下吹气，上方空气流速大，产生压力差，使得乒乓球不会掉落，说明气体流速大的位置压强小，故D错误。故选A。]
9．A [用火烧煮食物，食物吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递改变物体的内能；用热水暖手，手吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递改变物体的内能；钻木取火，是通过做功改变物体的内能；搓手取暖，是通过做功改变物体的内能；擦燃火柴，是通过做功改变物体的内能。故选A。]
10．D [热值是燃料本身的一种特性，热值由燃料本身决定，与燃料是否充分燃烧无关，故A错误；火箭发动机工作过程中，会有热量的损失、克服机械摩擦消耗部分能量、燃料不可能完全燃烧等因素的存在，所以热机效率不会达到100%，故B错误；一切物体在任何情况下都有内能，所以液氢燃料温度低至－253 ℃时也有内能，故C错误；火箭搭载着飞船升空的过程中，飞船的质量不变，高度增大，所以重力势能越来越大，故D正确。故选D。]
11．B [根据题意知，“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功才可开锁，电动机M工作，即只要有一个条件满足，电动机就工作，所以“人脸识别”开关与电动机应在干路上，“密码”开关与“钥匙”开关并联，故ACD不符合题意，只有B符合题意。故选B。]
12．B [由题图可知，两灯泡并联，开关S1在干路中，开关S2控制灯泡L2，电流表测量干路电流，故A错误；若断开开关S2，灯泡L2断路，只有灯泡L1工作，干路电流变小，电流表示数会变小，故B正确；并联电路各支路两端电压相等，故C错误；开关S1在干路中，开关S2控制灯泡L2，若只闭合开关S2，两灯泡都不能发光，故D错误。故选B。]
13．A [由题图可知，R1与R2并联，电流表测通过R1的电流，电压表测电源电压，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动时，R2接入电路的阻值变大，因并联电路各支路互不影响，所以电流表示数不变；电源电压不变，则电压表示数不变。故选A。]
14．D [电磁波的传播不需要介质，声音的传播需要介质，故D正确，ABC错误。故选D。]
15．D [由题图甲可知，定值电阻R0和滑动变阻器R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器R1两端的电压；由题图乙可知，当滑动变阻器的阻值为R1＝10 Ω时，此时电路中的电流I＝0.3 A，则R0两端的电压可表示为U0＝IR0＝0.3 A×R0，此时变阻器两端的电压为U1＝IR1＝0.3 A×10 Ω＝3 V，由串联电路的电压规律可得，电源电压：U＝U0＋U1＝0.3 A×R0＋3 V ①，同理，当滑动变阻器的阻值为R1′＝50 Ω时，此时电路中的电流I′＝0.1 A，则R0两端的电压可表示为U0′＝I′R0＝0.1 A×R0，此时变阻器两端的电压为U1′＝I′R1′＝0.1 A×50 Ω＝5 V，由串联电路的电压规律可得，电源电压：U＝U0′＋U1′＝0.1 A×R0＋5 V ②，联立①②解得电源电压U＝6 V，R0的阻值为R0＝10 Ω，故AB错误；当电路中的电流最大时，滑动变阻器的阻值最小，因电流表的最大测量值为0.6 A，滑动变阻器允许通过的最大电流为0.5 A，所以电路中的最大电流为I大＝0.5 A，此时R0两端的电压为：U0＝I大R0＝0.5 A×10 Ω＝5 V，此时滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U－U0＝6 V－5 V＝1 V，则滑动变阻器的最小阻值为：R滑小＝＝＝2 Ω，滑动变阻器的阻值越大，电路中的电流越小，电路越安全，因此滑动变阻器的阻值变化范围为2～50 Ω，故C错误；滑动变阻器消耗的电功率：P滑＝I2R1＝，所以，当R1＝R0＝10 Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大，且此时电路中电流为0.3 A；则滑动变阻器消耗电功率的最大值：P大＝I2R1＝(0.3 A)2×10 Ω＝0.9 W，故D正确。故选D。]
16．解析：如题图所示，将玻璃泡浸入热水中，玻璃泡内碘颗粒吸收玻璃泡传递的热量，逐渐消失，变成紫红色碘蒸气，这是升华过程，此过程需要吸热。将玻璃泡从水中取出后，玻璃泡温度降低，放出热量，碘蒸气逐渐消失，变成碘颗粒，这是凝华现象。
答案：升华 吸 凝华
17．解析：若它以100 m/s的速度匀速直线行驶12 s，由v＝得，列车行驶的距离为s＝vt＝100 m/s×12 s＝1 200 m
以列车为参照物，座位上安静看书的乘客的位置不变，是静止的。
列车上交谈的乘客自觉压低声音，减少噪声的产生，这是在声源处减弱噪声。
答案：1 200 静止 声源
18．解析：吸盘挂钩是利用大气压来工作的，使用时排尽吸盘内的空气，吸附在平整的墙面上，若墙面不平整，空气会进入吸盘内，吸盘会脱落。
排尽空气后的吸盘受到的大气压力为
F＝pS＝1×105 Pa×2×10-3 m2＝200 N
吸盘挂钩受自身重力和物体对挂钩向下的拉力而不会掉落是因为受到墙壁对它竖直向上的摩擦力。
答案：平整 200 摩擦
19．解析：由题图知，使用动滑轮时，n＝2，拉力端移动的距离：s＝2h＝2×10 m＝20 m，拉力做的总功：W总＝Fs＝250 N×20 m＝5 000 J，克服物体重力做的有用功：W有用＝Gh＝400 N×10 m＝4 000 J，动滑轮的机械效率：η＝×100%＝×100%＝80%。
拉力做功的功率：P＝＝50 W。
答案：80% 50
20．解析：当小丽上车时，她能够闻到汽油的味道，这是因为汽油分子在不停地做无规则运动，这种现象被称为扩散现象。
四冲程汽油机飞轮的转速1 200 r/min＝＝20 r/s。因为四个冲程是一个循环，飞轮转2 r，对外做功一次，所以1 s内飞轮转20 r，对外做功10次。
根据公式Q放＝mq汽油得
汽油完全燃烧放出的热量Q放＝mq汽油＝0.5 kg×4.6×107 J/kg＝2.3×107 J。
答案：扩散 10 2.3×107
21．解析：酒精燃烧时将化学能转化为内能，水桶向后喷出燃气并加速向前运动，此过程中内能转化为机械能，该能量转化过程与汽油机的做功冲程相同；燃气停止喷出后，迅速堵住水桶口，桶内气压减小，在外界大气压的作用下，水桶被压扁。
答案：机械 做功 大气压
22．解析：当开关S断开时，电阻R1、R2串联，此时电路中的电阻较大，根据电功率公式P＝，在电压U一定的情况下，电阻R越大，电功率P越小，所以电热水壶处于“保温”挡。
已知电能表指示灯闪烁120次，而电能表的参数为1 200 imp/(kW·h)，这表示每消耗1 kW·h的电能，指示灯会闪烁1 200次。因此，消耗的电能为W＝×1 kW·h＝0.1 kW·h
当电热水壶处于“保温”挡时，R1和R2串联接入电路，此时的总功率为100 W。根据P＝得“保温”挡电路的总电阻为R＝＝484 Ω
又因为当开关S闭合时，电热水壶处于“加热”挡，此时只有R1接入电路，且通电0.1 h消耗的电能为0.1 kW·h，所以“加热”挡的功率为P加热＝＝1 kW＝1 000 W
由此可得R1的阻值为R1＝＝48.4 Ω
则R2的大小为R2＝R－R1＝484 Ω－48.4 Ω＝435.6 Ω。
答案：保温 0.1 435.6
23．解析：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，过光心的光线方向不变，如图所示。
答案：见解析图
24．解析：如图所示：
杠杆上A点受到的拉力F1方向沿绳的方向向下，因此从A点沿绳向下画一条带箭头的线段，并标上F1。从支点向拉力F1的作用线作垂线，垂线段的长度就是力臂l1。
答案：见解析图
25．解析：(1)由题图可知，物体的重力为6 N，浸没在水中时弹簧测力计的示数为2 N，根据称重法测浮力可知，物体浸没在水中受到的浮力大小为
F浮＝G物－F示＝6 N－2 N＝4 N。
(2)A与C、D三次实验中物体浸入液体的深度不同，根据称重法测浮力可知，C、D两次实验中弹簧测力计的示数相等，则浮力大小相等，故可以得出的结论：浸没在液体中的物体所受浮力大小与浸入液体中的深度无关。
(3)验证浮力大小与物体排开液体的体积有关，则需要保持液体的密度相同，改变物体排开液体的体积，故选择A与B、C三次实验，得出的结论是：浸在液体中的物体所受浮力大小与物体排开液体的体积有关。
(4)验证浮力大小与液体的密度有关，则需要保持物体排开液体的体积相等，改变液体的密度，A与B、E三次实验中，液体的密度不同，物体排开液体的体积也不同，未控制单一变量，故该操作是错误的，无法得出该结论。
(5)由(1)可知，物体浸没在水中时浮力为4 N，则物体的体积为V物＝V排＝＝4×10-4 m3
物体在盐水中所受的浮力为
F′浮＝G物－F′示＝6 N－1.6 N＝4.4 N
则步骤E中所用盐水的密度
ρ盐＝＝1.1×103 kg/m3。
答案：(1)4 (2)无 (3)B、C (4)错误 没有控制排开液体的体积相等 (5)1.1×103
26．解析：(1)由题图甲可知，杠杆处于静止状态，受力平衡，故杠杆处于平衡状态。杠杆左边低右边高，应将平衡螺母向右调节，使得杠杆在水平位置平衡。
(2)设杠杆每一小格代表L，每个钩码的重力为G，根据杠杆平衡条件可得3G×4L＝G物块×3L
故G物块＝4G，每个钩码质量m＝100 g，由G＝mg可得，物块的质量为m物块＝＝4×100 g＝400 g。
(3)当物块浸没在水中平衡时，设细线对杠杆的拉力为F，由杠杆平衡条件可得F×3L＝3G×2L
解得细线对杠杆的拉力为
F＝2G＝2mg＝2×100×10-3 kg×10 N/kg＝2 N
物块的重力为G物块＝m物块g＝400×10-3 kg×10 N/kg＝4 N
则物块在水中所受浮力为F浮＝G物块－F＝4 N－2 N＝2 N。
(4)根据阿基米德原理可得，物块的体积等于其浸没在水中排开水的体积，即
V物块＝V排＝＝2×10-4 m3
由ρ＝可得，物块的密度为
ρ物块＝＝2×103 kg/m3。
(5)多次改变钩码的位置和个数，即多次改变力和力臂的大小，得到了多组实验数据，得出了杠杆平衡条件。该实验测量多组数据的目的是避免偶然性，寻找普遍规律，故A符合题意，B不符合题意。故选A。
答案：(1)是 右 (2)400 (3)2 (4)2×103 (5)A
27．解析：(1)实验中要沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变，便于读数。
(2)题图1所示弹簧测力计的1 N之间平均分成5等份，所以其分度值为0.2 N；指针所指示的刻度值为1.8 N；第一次实验机械效率：η＝×100%＝×100%＝×100%≈74.1%。
(3)由1、2两次实验数据可知，使用同一滑轮组，物重越大，机械效率越高。
(4)比较第2、3次实验数据可得出结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低。
(5)在题图2丁中，若拉力F向右倾斜，则拉力的力臂变小，拉力变大，总功变大，有用功不变，故测出的机械效率将偏低。
答案：(1)匀速 (2)1.8 74.1% (3)使用同一滑轮组，物重越大，机械效率越高 (4)2、3 (5)偏低
28．解析：(1)连接电路时，电压表与灯泡并联，且电流从电压表的正接线柱流入，根据小灯泡的额定电压为2.5 V，故电压表选择小量程，完整电路如图所示。
(2)为保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；滑动变阻器开始处于最大阻值处，即在题图1中的B端，正确连接后，要使灯变亮，应减小滑动变阻器连入电路的电阻，应将滑片向A端移动。
(3)由题图2知，电流表选择的量程为0～0.6 A，分度值为0.02 A，指针位于0.2 A位置，故电流表示数为0.2 A；由题图3知，当小灯泡两端电压为其额定电压2.5 V时，通过灯泡的电流为0.25 A，故小灯泡的额定电功率P＝UI＝2.5 V×0.25 A＝0.625 W。
(4)电路为灯泡与滑动变阻器串联，正常工作时电压表测量灯泡两端电压，灯泡两端电压小于电源电压；在未断开开关的情况下，直接将亮着的小灯泡从灯座上取出，小灯泡处发生断路，电压表测量电源电压，故电压表示数变大。
(5)①只闭合开关S、S1，灯泡、定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，调节滑片，使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光；
②保持滑片位置不变，只闭合开关S、S2，电路仍为灯泡、定值电阻和滑动变阻器串联，电路电流不变，电压表测量灯泡和定值电阻两端的总电压，此时电压表的示数为U，则定值电阻两端电压为U－U额，电路电流为I额＝
故可知小灯泡的额定功率P额＝U额I额＝；若已知电源电压为U0，则滑动变阻器两端的电压为U0－U，此时滑动变阻器接入电路的阻值Rx＝·R。
答案：(1)见解析图 (2)断开 A (3)0.2 0.625 (4)变大 (5) ·R
29．解析：(1)题图乙中绳子股数n＝3，绳子拉力端移动的速度v′＝3v＝3×0.5 m/s＝1.5 m/s
移动的距离s＝v′t＝1.5 m/s×10 s＝15 m。
(2)拉力F的功率P＝＝Fv＝1 250 N×1.5 m/s＝1 875 W。
(3)拉力所做的功W总＝Fs＝1 250 N×15 m＝18 750 J
有用功为W有＝Gh＝mgh＝300 kg×10 N/kg×5 m＝15 000 J
机械效率η＝×100%＝80%。
答案：(1)绳子拉力端移动的距离为15 m (2)拉力的功率是1 875 W (3)在此过程中滑轮组的机械效率为80%
30．(1)器械吸收的热量为4.6×105 J (2)气压表零刻度线应标在电流表A1刻度盘的30毫安处 (3)当A1显示气压大小为1.4 atm、A2显示温度为110 ℃时，电路的总功率为0.6 W
