人教版物理选修3-3第八章第一节气体的等温变化同步训练

登陆21世纪教育 助您教考全无忧
人教版物理选修3-3第八章
第一节气体的等温变化同步训练
一．选择题
1．人类在探索自然规律的过程中总结了许多科学方法，如分析归纳法、演绎法、等效替代法、控制变量法、理想实验法等等．在下列研究中，运用了理想实验法进行研究的是（）
A．玻意耳研究了气体等温变化规律
B．开普勒揭示了行星的运动定律
C．牛顿提出了牛顿第二定律
D．亚里士多德得出力不是维持物体运动原因的结论
答案：A
解析：解答：A、玻意耳研究了理想气体，即实际气体的简化，得到了等温变化规律，运用了理想实验法，故A正确．
B、开普勒总结出开普勒三定律，是运用分析归纳法，故B错误
C、验证牛顿第二定律实验的控制变量法，故C错误；
D、伽利略得出力不是维持物体运动原因的结论时用的是理想实验法，故D不正确．
故选：A．
分析：本题考查了物理方法的应用，根据理想实验方法的物理意义可正确解答．
2．在地面上用高强度的刚性绝热容器封闭一定质量的气体，测得容器内气体压强为1.0×105Pa．现将该容器连同容器内的气体沉入100m深的海水中，已知在海水中每下降10m由于海水重量而增加的压强为1.0×105Pa，则下列说法中正确的是（）
A．容器中气体压强仍为1.0×105Pa
B．容器中气体压强增加到1.0×106Pa
C．容器中气体压强增加到1.1×106Pa
D．条件不足，无法确定容器中气体压强
答案：A
解析：解答：高强度的刚性绝热容器封闭一定质量的气体，沉入100m深的海水中，气体的体积温度不变，根据=C，则气体的压强不变．故B、C、D错误，A正确．
故选A．
分析：高强度的刚性绝热容器封闭一定质量的气体，沉入100m深的海水中，气体的体积温度不变，所以压强不变．
3．在“验证玻意耳定律”的实验中，下列操作正确的是（）
A．调节空气柱长度后立刻读数
B．拉上窗帘防止阳光直射注射器
C．拉动注射器活塞时，防止手滑应用手紧握注射器
D．实验中若橡皮帽脱落，应立刻堵住后继续实验
答案：B
解析：解答：A、调节空气柱长度的过程中，外界对气体做功（或气体对外界做功），气体温度发生变化，为保持气体温度不变，条件空气柱长度后不要立即读数，要等气体状态稳定后再读数，故A错误；
B、实验过程要保持气体温度不变，拉上窗帘防止阳光直射注射器，故B正确；
C、当用手直接握在注射器上时，手的温度可能改变气体的温度，所以不要用手直接握在注射器上，故C错误；
D、实验时要保持气体的质量不变，实验中若橡皮帽脱落，注射器内气体的量发生变化，不变能继续实验，故D错误；
本题选择错误的，故选：B．
分析：验证玻意耳定律实验要控制其它的质量与温度不变，根据玻意耳定律与实验注意事项分析答题．
4．在验证玻意耳定律的实验中，发现 pV一栏的数值随p的增大而减小造成这一现象的原因可能是 （）
A．实验时活塞与玻璃管壁之间的摩擦力不断增大
B．实验时环境温度增大了
C．实验时外界大气压强变化了
D．实验时玻璃管内的封闭气体向外发生了泄露
答案：D
解析：解答：根据理想气体状态方程=C，可以得到PV=CT，因为P是增大的，所以PV变小的原因可能是V变得很小，或者可能温度T变小，也可能是C变小，即气体质量变小，根据选项只有D正确．
故选D．
分析：根据理想气体状态方程=C，可以得到PV=CT，由此表达式找出造成这一现象的可能原因．
5．对于一定质量的理想气体，下面表述正确的是（）
A．当分子热运动变剧烈时，压强一定增大
B．等温压缩过程，气体压强一定增大
C．等容变化过程，气体温度一定不变
D．压强增大，体积一定减少
答案：B
解析：解答：A、当分子热运动变剧烈时，分子数密度可能减小，故气体压强也可以减小或者不变，故A错误；
B、等温压缩过程，分子数密度增加，故压强一定增加，故B正确；
C、等容变化过程，压强与体积的乘积不变，但压强与体积一定变化，故C错误；
D、压强增大，根据理想气体状态方程=C，体积可能减小、不变、增加，故D错误；
故选B．
分析：大量做无规则热运动的分子对器壁频繁、持续地碰撞产生了气体的压强．气体压强由气体分子的数密度和平均动能决定．
6．关于气体的性质，下列说法正确的是（）
A．气体的体积与气体的质量成正比
B．气体的体积与气体的密度成正比
C．气体的体积就是所有分子体积的总和
D．气体的体积与气体的质量、密度和分子体积无关，只决定于容器的容积
答案：D
解析：解答：A、B、根据V=，气体体积由质量和密度决定，故A错误，B错误；
C、由于气体的分子间距离远大于分子直径，故气体的体积远大于所有分子体积的总和，故C错误；
D、由于分子热运动，气体具有扩散的特性，故气体的体积与气体的质量、密度和分子体积无关，只决定于容器的容积，故D正确；
故选：D．
分析：由于气体的分子间距离远大于分子本身大小，则决定气体体积的因素主要是气体的分子数目以及分子间距离．
7．如图所示，为中学物理课上一种演示气体定律的有趣仪器﹣﹣哈勃瓶，它是一个底部开有圆孔，瓶颈很短的平底大烧瓶．在瓶内塞有一气球，气球的吹气口反扣在瓶口上，瓶底的圆孔上配有一个橡皮塞． 在一次实验中，瓶内由气球和橡皮塞封闭一定质量的气体，在对气球缓慢吹气过程中，当瓶内气体体积减小△V时，压强增大20%．若使瓶内气体体积减小2△V，则其压强增大（）
A．20% B．30% C．40% D．50%
答案：D
解析：解答：气体做的是等温变化，所以有：PV=1.2P（V﹣△V）和PV=P′（V﹣2△V）联立两式得P′=1.5P，故D正确．
故选D
分析：气体做的是等温变化，列两个PV=C的公式，联立即可求解．
8．下列说法正确的是（）
A．英国植物学家布朗用显微镜观察悬浮在水中的花粉做无规则的运动，该运动是花粉分子的无规则运动
B．当分子间的距离增大时，分子间的引力增大、斥力减小，所以分子间的作用力表现为引力
C．气体对外界做功，气体的内能一定增大
D．一定质量的理想气体，如果保持温度不变，当其体积减小时，压强一定增大
答案：D
解析：解答：A、布朗运动是花粉微粒的运动，不是花粉分子的无规则运动，它反映的是液体分子运动的无规则性，选项A错误；
B、当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力均减小，选项B错误；
C、做功和热传递均可以改变物体的内能，并且这两种方式在改变物体内能的效果上是等效的，只知道做功情况，而不知热传递情况，就不能确定气体内能的增减，选项C错误；
D、一定质量的理想气体做等温变化时满足玻意耳定律pV=C（常数），可见，当其体积V减小时，压强p一定增大，选项D正确．
故选D
分析：固体小颗粒做布朗运动是液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，液体的温度越低，悬浮小颗粒的运动越缓慢，且液体分子在做永不停息的无规则的热运动．固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动．当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力均减小．功和热传递均可以改变物体的内能．
9．如图所示，导热性能良好的气缸内用活塞封闭着一定质量、常温常压的气体，气缸固定不动．一条细线一端连接在活塞上，另一端跨过两个光滑的定滑轮后连接在一个小桶上，开始时活塞静止，现不断向小桶中添加细沙，使活塞缓慢向右移动（活塞始终未被拉出，气缸、周围环境温度不变，分子间作用表现为引力）．则在活塞移动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．气缸内气体的分子平均动能不变，内能可能不变
B．气缸内气体的内能变小
C．气缸内气体的压强变小
D．气缸内气体向外界放热
答案：C
解析：解答：A、B由于气缸是导热的，气体的温度与环境相等，保持不变，其内能和分子的平均动能不变，故AB错误
C、D体积增大，压强减小，气体要对外做功，由于气体的内能不变，根据热力学第一定律△E=W+Q可知，气体要从外界吸收热量，所以C正确，D错误．
故选：C
分析：以活塞为研究对象，根据力平衡得知气缸内气体的压强逐渐减小，气体体积增大，气体对外界做功．由于气缸是导热的，气体的温度与环境相等，保持不变，其内能不变．
10．如图所示，注射器连接着装有一定水的容器．初始时注射器内气体体积V1，玻璃管内外液面等高．将注射器内气体全部压入容器中后，有体积V2的水被排出流入量筒中，此时水充满了玻璃管左侧竖直部分和水平部分．拉动活塞，使管内的水回流到容器内且管内外液面仍等高，最后注射器内气体体积V3，从管内回流的水体积为V4．整个过程温度不变，则不正确的是（）
A．V1＞V2 B．V3＞V4 C．V1=V2+V3 D．V1=V2+V4
答案：D
解析：解答：A、把注射器内的气体压入容器时，气体压强变大，总体积变小，流出水的体积小于注射器内气体的体积，V1＞V2，故A正确；
B、拉动活塞，使管内的水回流到容器内时，容器（包括注射器）内气体压强变小，体积变大，注射器内气体体积大于回流的水的体积，V3＞V4，故B正确；
C、管内的水回流到容器内且管内外液面仍等高，压强不变，气体总体积不变，则V1=V2+V3，故C正确，D错误；
故选D．
分析：气体在等温变化过程中，气体压强与体积成反比，压强变大体积变小，压强变小体积变大；根据题意分析，找出各体积间的关系．
11．下列说法中不正确的是（）
A．当气体的温度升高时，气体的压强不一定增大
B．一定质量的气体，吸收热量，内能可能减小
C．科学家发现了能量守恒定律，从理论上证明了制造永动机是可能的
D．当分子a从很远处向固定不动的分子b靠近的过程中，如果只受分子之间的作用力，那么，当分子a到达受分子b的作用力为零处时，分子a的动能一定最大
答案：C
解析：解答：A、根据气体的状态方程=C，温度升高，气体的压强不一定增大，还要看体积的变化．故A正确．B、根据热力学第一定律△U=W+Q，吸收热量，但如果对外做功，内能可能减小．故B正确．C、永动机不可能制成的．故C错误．D、当分子a从很远处向固定不动的分子b靠近的过程中，分子力先表现为引力，引力做正功，动能增加，当分子间的距离小于r0时，分子力表现为斥力，斥力做负功，动能减小，所以分子间距离在r0时，分子力为0，动能最大．故D正确．
本题选错误的，故选C．
分析：A、根据气体的状态方程=C可知．B、根据热力学第一定律△U=W+Q可知．C、永动机是不可能制成的．D、当分子a从很远处向固定不动的分子b靠近的过程中，分子力先表现为引力，引力做正功，动能增加，当分子间的距离小于r0时，分子力表现为斥力，斥力做负功，动能减小，所以分子间距离在r0时，分子力为0，动能最大．
12．如图所示，U形管内盛有液体，两臂垂直于地面，若U形管绕左臂的轴线转动，则在图中所示位置时，左右两臂液面高度相比较有（）
A．右臂液面高 B．左臂液面高
C．两臂液面相平 D．以上情况都有可能
答案：A
解析：解答：当U形管绕左臂的轴线转动，高出来的那一部分压力作为向心力供液体转动，所以右边比左边高．故A正确，B、C、D错误．
故选A．
分析：静止时，两边一样高．当U形管绕左臂的轴线转动，高出来的那一部分压力作为向心力供液体转动，右边比左边高，
13．一定质量的理想气体，在等温变化过程中，下列物理量发生改变的有（）
A．分子的平均速率 B．单位体积内的分子数
C．气体的内能 D．分子总数
答案：B
解析：解答：A、气体在等温变化过程中，温度不变，所以分子的平均动能不变，故
分子的平均速度不变，故A错误
B、等温变化过程研究的是一定质量的气体，压强随体积变化而变化，一定质量的气体，其分子总数一定，单位体积内的分子数改变，故B正确，D错误．
C、理想气体内能只与温度有关，温度不变，则气体的内能不变；故C错误；
故选：B．
分析：温度是分子平均动能变化的标志，一定质量的气体，其分子总数一定．
14．给路边绿化浇水的洒水车停于水平地面，在缓慢放水过程中，若车胎不漏气，胎内气体温度不变，不计分子间势能，则胎内气体（）
A．体积变大 B．体积变小 C．内能增加 D．内能减小
答案：A
解析：解答：A、在缓缓放水的过程中，车的重力减小了，所以胎内气体压强减小，体积要变大，所以A正确，B错误．
C、由于胎内气体温度不变，所以胎内气体内能不变，所以C、D错误．
故选A．
分析：在缓缓放水的过程中，胎内气体压强减小，温度不变，即气体发生了等温变化过程，由理想气体状态方程可知，气体体积变大，对外做功，根据能量守恒定律可以知道与外界的热量交换情况．
15．在如图所示的现象中，与大气压无关的是（）
A．凸出的橡皮膜 B．用吸管吸饮料
C．用滴管吸取液体 D．吸盘式挂衣钩
答案：A
解析：解答：A、液体上表面与橡皮膜下表面的大气压力抵消，由于重力作用橡皮膜凸出，与大气压无关．故A错误．
B、利用吸管内外压强差，大气压将饮料压上来，与大气压有关．故B正确．
C、利用滴管内气体压强比大气压小，大气压将液体压上来．故C正确．
D、利用吸盘内气体压强比大气压强小，大气压将挂构压在墙上．故D正确．
本题选与大气压无关的故选A．
分析：根据现象产生的原因分析是否与大气压无关．
二．填空题
16．如图所示，在用DIS验证“玻意耳﹣马略特定律”的实验中，用一个带刻度的注射器及计算机辅助系统来探究气体的压强和体积关系．
①实验研究的对象是 ，实验中应保持不变的参量是 ；
②实验中为了控制该参量不变，采取的主要措施比较合理的是下列哪些项 （多项选择）
A．在活塞上涂上润滑油，保持良好的密封性．
B．推拉活塞时要缓慢．
C．不要用手直接握在注射器密闭气体的部分．
D．实验前注射器内要吸入尽量多的空气．
答案：注射器内密闭的气体|气体温度|BC
解析：解答：（1）实验研究的对象是注射器内密闭的气体，实验中应保持不变的参量是气体温度．（2）A、活塞与针筒之间要保持润滑，可以减小摩擦，不漏气可以保证气体质量一定，故A错误；B、推拉活塞时，动作要慢，使其温度与环境保持一致，故B正确；C、推拉活塞时，手不能握住注射器，防止手对其起加热作用，从而保证气体的温度不变，故C正确D、实验前注射器内空气质量对温度没有影响，故D错误．故答案为：（1）注射器内密闭的气体、气体温度；（2）BC．
分析：（1）在用DIS验证“玻意耳﹣马略特定律”的实验中，注射器内密闭的气体，要保持温度不变．（2）推拉活塞要慢，使其温度与环境保持一致，不能用手握．
17．如图所示，两端封闭的均匀玻璃管竖直放置，管中间有一段水银柱将管中气体分成体积相等的两部分，管内气体的温度始终与环境温度相同．一段时间后，发现下面气体的体积比原来大了，则可以判断环境温度 了（填“升高”或“降低”），下面气体压强的变化量
上面气体压强的变化量（填“大于”、“等于”或“小于”）．
答案：升高|等于
解析：解答：下面部分体积变大，则说明水银柱发生了向上运动，则其受力出现了不平衡．
若气体温度变化则压强变化，其变化量为，若升温则增加，若降温则减小，两部分气体的温度变化量相同，则压强的变化量大小决定于，
因下端气体的压强大于上端气体的压强，温度相同，则得下端部分的压强变化量大于上端的压强的变化量．则若温度降低压强都减小，下面降的多，则水银柱会向下移动，若升温则下面气体压强增加的多，水银柱向上移动．据此可知本题中温度升高，下面气体的压强变化量大于上面气体压强的变化量．
最终稳定时，根据p上=p下﹣ρgh，可知△p上=△p下．
故答案为是：升高 等于
分析：水银柱的移动是由于受力不平衡而引起的，而它的受力改变又是两段空气柱压强变化量的不同造成的，所以必须从压强变化入手进行求解．
18．一定质量的气体等温线的p﹣V图是双曲线的一支 ．（判断对错）
答案：对
解析：解答：玻意耳定律PV=C，故P=C×1/V，即P与V成反比，故体等温线的p﹣V图是双曲线，结合具体的现实，体积没有负数，故p﹣V图是双曲线的一支．
故答案为：对
分析：玻意耳定律PV=C，故P与V成反比，故体等温线的p﹣V图是双曲线的一支
19．玻意耳定律的公式是 ，微观解释是 ．
答案：PV=C|一定质量的某种理想气体，温度保持不变时，分子的平均动能是一定的．在这种情况下，体积减小时，分子的密集程度增大，气体的压强就增大．
解析：解答：玻意耳定律的公式是PV=C；微观解释是：一定质量的某种理想气体，温度保持不变时，分子的平均动能是一定的．在这种情况下，体积减小时，分子的密集程度增大，气体的压强就增大．
故答案为：PV=C；一定质量的某种理想气体，温度保持不变时，分子的平均动能是一定的．在这种情况下，体积减小时，分子的密集程度增大，气体的压强就增大．
分析：玻意耳定律是针对等温变化时的气体定律．
20．喷雾器内有1OL的农药水，利用打气筒打气使上部封闭有2atm的空气3L．现打开喷雾阀门，对果树喷洒药水，喷雾过程中封闭气体可以看成等温膨胀．当上部封闭的空气压强变为1.2atm时，喷雾器内剩下农药水的体积为 ．（填选项前的编号）
①8L ②7L ③5L ④2L．
答案：①
解析：解答：解；已知气体体积初状态：P1=2atm，V1=3L
末状态：P2=1.2atm，气体体积为V2，
气体为等温变化，由波意耳定律知：P1V1=P2V2
代入数据解得：V2=5L
气体体积增加了2L，即液体体积减少了2L，喷雾器内剩下农药水的体积为8L．
故答案为：①．
分析：根据波意耳定律列式求解后来气体体积V2，根据体积变化知道液体体积变化．
三．解答题
21．如图所示，导热材料制成的截面积相等，长度均为45cm的气缸A、B通过带有阀门的管道连接．初始时阀门关闭，厚度不计的光滑活塞C位于B内左侧，在A内充满压强PA=2.8x105Pa的理想气体，B内充满压强PB=1.4x105Pa的理想气体，忽略连接气缸的管道体积，室温不变．现打开阀门，求：
（1）平衡后活塞向右移动的距离和B中气体的压强
答案：A气体，有PALS=p（L+x）S
B气体，有PBLS=p（L﹣x）S
解得
x=15cm
p=2.1×105Pa
（2）自打开阀门到平衡，B内气体是吸热还是放热（简要说明理由）．
答案：活塞C向右移动，对B中气体做功，而气体做等温变化，内能不变，故B气体放热；解析：解答：① A气体，有PALS=p（L+x）S
B气体，有PBLS=p（L﹣x）S
解得
x=15cm
p=2.1×105Pa
② 活塞C向右移动，对B中气体做功，而气体做等温变化，内能不变，故B气体放热；
分析：① 两边气体都是等温变化，根据玻意耳定律列式后联立求解；② 气体温度不变，内能不变，外界对其体做功，根据热力学第一定律分析．
22．如图所示，长为31cm、内径均匀的细玻璃管开口向上竖直放置，管内水银柱的上端正好与管口齐平，封闭气体的长为10cm，温度为27℃，外界大气压强不变．若把玻璃管在竖直平面内缓慢转至开口竖直向下，这时留在管内的水银柱长为15cm，然后再缓慢转回到开口竖直向上，求：
（1）大气压强p0的值；
答案：初态：P1=P0+21cmHg V1=10S 末态：P2=P0﹣15cmHg V2=（31﹣15）S=16S
由玻意耳定律，得 P1V1=P2V2
P0=75cmHg
（2）玻璃管重新回到开口竖直向上时空气柱的长度；
答案：P3=75+15=90cmHg V3=LS
P1V1=P3V3
L=10.67cm
（3）当管内气体温度升高到多少时，水银柱的上端恰好重新与管口齐平？
答案：P4=P3=90cmHg V4=（31﹣15）S=16S T3=300K
由吕萨克定律
T4=450K
得t=177℃
解析：解答：（1）初态：P1=P0+21cmHg V1=10S 末态：P2=P0﹣15cmHg V2=（31﹣15）S=16S
由玻意耳定律，得 P1V1=P2V2
P0=75cmHg （2）P3=75+15=90cmHg V3=LS
P1V1=P3V3
L=10.67cm （3）P4=P3=90cmHg V4=（31﹣15）S=16S T3=300K
由吕萨克定律
T4=450K
得t=177℃
答：（1）大气压强p0的值75cmHg； （2）玻璃管重新回到开口竖直向上时空气柱的长度为10.67cm； （3）当管内气体温度升高到177℃时，水银柱的上端恰好重新与管口齐平．
分析：（1）玻璃管在竖直平面内缓慢转至开口竖直向下，封闭气体发生等温变化，根据玻意耳定律求解大气压强p0的值．（2）玻璃管重新回到开口竖直向上时，求出封闭气体的压强，再根据玻意耳定律求解空气柱的长度．（3）当管内气体温度升高时封闭气体发生等压变化，由吕萨克定律求出水银柱的上端恰好重新与管口齐平时气体的温度．
23．我国一些地区空气污染严重，出现了持续的雾霾天气，有人受桶装纯净水的启发，提出用桶装的净化压缩空气供气，设每人1min内呼吸16次，每次吸入1.0×105Pa的净化空气500mL，每个桶能装1.0×106Pa的净化空气20L，如果这些空气可以全部被使用，不考虑温度的变化，估算每人每天需要吸多少桶净化空气．
答案：解答：每人每天吸入1.0×105Pa=1atm的净化空气的体积为：
V=（16×60×24）×500mL=1.152×106mL=1.152×103L
设每桶1.0×106Pa=10atm的净化空气转化为1atm的体积为V′，
由玻意耳定律可知：
PV=P′V′
解得：V′=10V=200L
故每人每天需要净化空气的桶数为：n==桶=57.6桶=58桶
答：每人每天需要吸58桶净化空气．
解析：
分析：先算出每人每天所吸的空气量，然后由玻意耳定律求出需要桶装空气的量，最后求出需要多少桶桶装空气．
24．如图所示，粗细均匀、导热良好、装有适量水银的U型管竖直放置，右端与大气相通，左端封闭气柱长l=20cm（可视为理想气体），两管中水银面等高．先将右端与一低压舱（未画出）接通，稳定后右管水银面高出左管水银面h=10cm（环境温度不变，大气压强p0=75cmHg）．
求：稳定后低压舱内的压强是多少cmHg？
答案：解答：设U型管的横截面积为S，则左端被封闭的气体初状态：
P1=P0，V1=l1S
末状态为：
P2，V2=（l1+10/2）S
有理想气体的等温变化得：
P1V1=P2V2
代入数据得：
P2=60cmHg
则低压仓的压强：
P=P2﹣h=60﹣10=50cmHg
答：稳定后低压舱内的压强是50cmHg．
解析：
分析：根据题意可知，这个过程是等温变化，找出左边气体变化前后的两个状态的状态参量，由等温变化的规律可求出左边的气体变化后的压强，从而即可求出低压仓的压强．
25．如图所示，一开口向上的玻璃管内有一段长19cm的汞柱，封住的一段空气柱长为15cm．将管倒放时，被封闭的空气柱长为25cm．问：
（1）当时的大气压强为多大？
答案：玻璃管开口向上时：P1=（P0+19 ）cmHg，V1=15Scm3，
将管倒放时：P2=（P0﹣19 ）cm3，V2=25Scm3
由于气体温度不变，根据玻意耳定律有：
（P0+19）15S=（P0﹣19）25S
解方程得P0=76cmHg
（2）将管水平放置时，管内封着的空气柱为多长？
答案：将管水平放置时，P3=P0=76cmHg，V3=L3S cm3
根据玻意耳定律 P1V1=P3V3
即（P0+19）15S=P0L3S
代入已知数据，得L3=18.75cm
解析：解答：（1）
玻璃管开口向上时：P1=（P0+19 ）cmHg，V1=15Scm3，
将管倒放时：P2=（P0﹣19 ）cm3，V2=25Scm3
由于气体温度不变，根据玻意耳定律有：
（P0+19）15S=（P0﹣19）25S
解方程得P0=76cmHg（2）将管水平放置时，P3=P0=76cmHg，V3=L3S cm3
根据玻意耳定律 P1V1=P3V3
即（P0+19）15S=P0L3S
代入已知数据，得L3=18.75cm
答：（1）当时的大气压强为76cmHg．（2）将管水平放置时，管内封着的空气柱为18.75cm．
分析：（1）封闭气体发生等温变化，列出玻璃管开口向上时和倒放时气体的体积和压强，根据玻意耳定律列式，即可求得大气压强．（2）将管水平放置时，稳定时管内封着的空气压强等于大气压，再根据玻意耳定律求解空气柱的长度．
21世纪教育网 www.21cnjy.com 精品试卷·第 2 页 （共 2 页）
21世纪教育网 www.21cnjy.com 精品资料·第 18 页 （共 19 页） 版权所有@21世纪教育网