吉林省长春市东北师大附中2024年中考模拟（第五次大练习）物理试题
1．（2024·长春模拟）智能机器人能识别主人语音指令，是通过主人语音的（ ）
A．音调 B．音色 C．响度 D．声速
【答案】B
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】音色是声音的特色，通过音色的不同，可以区分不同人发出的声音。智能机器人能识别主人语音指令，是通过识别主人语音的音色。
故答案为：B。
【分析】不同声音有不同的品质与特色，即音色不同，可以通过音色来辨别声音。
2．（2024·长春模拟）现代科学技术在生产、生活军事等多个领域得到广泛应用。下列说法正确的是（ ）
A．潜艇利用超声波探测水下目标
B．无线WiFi利用超声波传递信息
C．噪声监测仪可以在传播途中控制噪声
D．遥感卫星利用紫外线拍摄照片发现森林火情
【答案】A
【知识点】紫外线；超声波与次声波；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．潜艇利用超声波的回声定位来探测水下目标的，A符合题意；
B．无线WiFi利用电磁波传递信息，B不符合题意；
C．噪声监测仪只能监测噪音值，是一种监测设备，并不是降低噪音的手段和措施，在街头设置噪声监测仪，不能减弱噪声，C不符合题意；
D．现代遥感卫星可以利用红外线拍摄照片发现地面火情，不是利用紫外线，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】超声波可以根据回声现象传递信息；噪声监测仪，不能减弱噪声；现代遥感卫星可以利用红外线工作。
3．（2024·长春模拟）有两个灯泡L1、L2，它们的额定电压分别是3V、6V。将它们串联到6V电源上时，它们的实际功率相同。将它们并联到3V的电源上时，下列说法正确的是（ ）
A．灯L1较亮 B．灯L2较亮
C．灯L1的额定功率较大 D．两灯的实际功率相同
【答案】D
【知识点】电功率的计算；实际功率
【解析】【解答】L1、L2串联在电路中，串联后两灯的实际功率相同，电流相同，由可知，灯泡L1、L2的电阻相等；将两灯并联在电路中，灯泡L1、L2两灯的电压相等，由可知，L1、L2的实际功率相同，所以两灯的亮度相同，故ABC错误，D正确。
故选D。
【分析】1、电功率的计算：公式为，；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
4．（2024·长春模拟）取两个相同的不带电的验电器A和B，用与丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器A的金属球，使A带电，绝缘手柄如图甲所示。用金属杆把A和B连接起来，A的金属箔片张开的角度减小，B的金属箔张开，如图乙所示。则（ ）
A．甲图中验电器A带的是负电荷
B．乙图中A带正电，B带负电
C．连接的瞬间正电荷从A往B定向移动
D．连接的瞬间电流方向从A到B
【答案】D
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用；电流的方向
【解析】【解答】A．与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，接触验电器A的金属球，玻璃棒吸引金属球的电子到玻璃棒，验电器A失去电子带正电，故A错误；
BCD．连接的瞬间由于A带正电，吸引B的电子到A，所以B失去电子，带正电，电流的方向和电子的移动方向相反，所以电流方向为从A到B，故D正确，BC错误。
故选D。
【分析】验电器的工作原理：同性电荷相互排斥，当A带正电时会吸引B的负电荷到A，B失去负电荷带正电，张角变大，A得到负电荷张角变小；电流的方向：与电子定向移动的方向相反，所以形成电流方向为A向B。
5．（2024·长春模拟）体重是评价人体健康状况的重要指标．小明同学用图中电路设计电子体重秤，两电表中适合改装为体重秤表盘的是
A．只能是电压表 B．只能是电流表
C．两者都适合 D．两者都不适合
【答案】A
【知识点】串联电路的电压规律；电路的动态分析
【解析】【解答】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑片P电阻丝两端的电压，滑片移动时，变阻器接入电路中的电阻不变，电压不变，由I=可知，电路中的电流不变，所以电流表示数不变，测量人的重力时，滑片下移，电压表示数变大，所以，两电表中适合改装为体重秤表盘的是电压表．A正确，BCD错误；
综上选A。
【分析】1、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
6．（2024·长春模拟）如图所示，B端固定在转轴上的均匀木板AB，可在竖直面内转动，用水平力F由A向B缓慢匀速推动垫在木板下水平放置的长方形木块C，若推动过程中，各表面粗糙程度不变，推力F将（ ）
A．大小不变 B．逐渐增大
C．逐渐减小 D．先增大后减小
【答案】B
【知识点】杠杆的动态平衡分析
7．（2024·长春模拟）水平地面上的绝缘平板小车内竖直固定一个压敏电阻R（其电阻值会随着所受压力的增大而减小），与定值电阻R0、电流表、电源接成串联电路。压敏电阻旁紧靠一个重物M。重物可左右移动，已知小车静止时电流表的示数为I0，如果现在发现电流表示数I>I0，则可知小车的运动状态是（ ）
A．向左减速运动 B．向右减速运动
C．向左加速运动 D．向右匀速运动
【答案】A
【知识点】物体运动状态的变化；电阻的串联；电路的动态分析
【解析】【解答】由电路图可知，电流表测电路中的电流，R0与压敏电阻R串联，小车静止时电流表的示数为I0，电流表示数I＞I0时，根据U-IR可知电路中的总电阻减小，所以，压敏电阻R的阻值减小，R的阻值会随着所受压力的增大而减小，所以，压敏电阻受到的压力增大，即小车向左减速运动或向右加速运动，故A不符合题意，BCD符合题意。
故选A。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
8．（2024·长春模拟）如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P由b向a端移动过程中，小灯泡L始终发光（忽略温度对小灯泡电阻的影响），下列说法正确的是（ ）
A．电压表V1示数的减小量与电压表V2示数的增加量相等
B．小灯泡的电压变大
C．电流表示数变大
D．电压表V2的示数与电流表A的示数的比值不变
【答案】A
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】A．由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表V2测变阻器两端的电压，电压表V1测L两端的电压，电流表测电路中的电流，电源的电压不变，滑片移动时，所以电压表V1与电压表V2的示数之和保持不变，即电压表V1示数的减小量与电压表V2示数的增加量相等，故A正确；
B．滑片右移，变阻器电阻变大，根据串联分压可知，分压变大，所以灯泡分压减小，故B错误；
C．滑片右移，变阻器电阻变大，电压不变，根据欧姆定律可知电路的电流减小，故C错误；
D．电压表V2的示数与电流表A的示数的比值等于滑动变阻器接入电路中的电阻，所以， 滑动变阻器的滑片P由b向a端移动过程中 ，电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变大，故D错误。
故选A。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
9．（2024·长春模拟）如图甲所示，用弹簧测力计将一长方体物体从装有水的杯子中匀速拉出，物体的底面积为20cm2，杯子的底面积为100cm2，拉力随时间的变化关系如图乙所示。则下列说法错误的是（ ）
A．物体的密度为2.5g/cm3
B．t＝1s时，水对杯底的压力为24N
C．物体上升的速度为8cm/s
D．当物体有一半露出水面时，受到的浮力为1N
【答案】B
【知识点】密度公式及其应用；速度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；阿基米德原理
【解析】【分析】
【解答】A．物体浸没在水中时弹簧测力计的示数为3N，匀速拉出后，弹簧测力计示数为5N，所以物体的重力，根据称重法可知物体浸没时受到的浮力大小，结合浮力公式计算可知物体的体积等于物体浸没时排开的水的体积，所以根据密度公式计算分析可知物体的密度为
，故A 正确，不符合题意；
BC． 物体的底面积为20cm2 ，体积由A分析可知，物体的高度，在物体上表面刚好接触水面，在下表面刚好离开水面，所以物体从接触水面到完全离开水面所用的时间为1s，水面下降的高度为，所以物体露出水面的整个过程中升高的距离为，根据速度公式计算可知物体上升的速度
，故C 正确，不符合题意；物体上升到上表面接触水面移动的距离
，物体浸没时，水的深度为
当时，物体浸没在水中，根据压强公式计算此时水对杯底的压强
，根据F=Ps计算水对杯底的压力
，故B错误，符合题意；
D．当物体有一半露出水面时，受到的浮力为物体浸没时的一半，此时受到的浮力，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、根据速度的公式计算分析，速度公式为v=s/t，根据题目中所给的信息，如已知速度时间求解路程，或者已知路程和时间求解速度，匀速运动的特点，在st曲线上为一条倾斜向上的直线，在vt曲线为一条水平直线。
3、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力；
4、密度的计算：公式为m=ρv。
10．（2024·长春模拟）在应用物理知识分析解决问题的过程中，常常需要根据问题情境的描述提取有用信息，做出正确的判断．以下根据问题情境所做的判断正确的是
A．从“物体处于静止或匀速直线运动”判断出“物体不受力或受到平衡力”
B．从“电水壶标有‘220V 900W’”判断出“电水壶加热功率是900W”
C．从“将两个用电器并联后接入电路”判断出“两个用电器两端电压相等”
D．从“1个标准大气压下把25℃的水烧开”判断出“水的末温度为100℃”
【答案】A,C,D
【知识点】沸腾及沸腾条件；并联电路的电压规律；额定功率
【解析】【解答】A、“物体处于静止或匀速直线运动”可以判断“物体不受力或受到平衡力”故A正确；
B、电水壶标有“220V 900W”指额定功率为900W，故B错误；
C、“将两个用电器并联后接入电路”可知“两个用电器两端电压相等”，故C正确；
D、标准大气压下水的沸点为100℃，故D正确．
故选ACD．
【分析】（1）力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
（2）用电器上标注的电功率是额定功率，电压是额定电压；
（3）并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流；
（4）标准大气压下水的沸点为100℃．
11．（2024·长春模拟）煤是可以直接从自然界获得的是 能源，火力发电厂的蒸汽轮机就是把煤燃烧获得的 能转化为机械能的一种热机。像煤这样，会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充的能源是 能源。相较于煤，电能无法从自然界中直接获取，是 能源。
【答案】一次；内；不可再生；二次
【知识点】热机；能源及其分类
【解析】【解答】煤是可以直接从自然界获得的，是一次能源。蒸汽轮机将内能转化为机械能。煤会越用越少，是不可再生能源。电能无法从自然界中直接获取，是二次能源。
【分析】1、可在生能源：使用后短期可以恢复的能源，如太阳能、水能、风能、生物质能、波浪能、潮汐能、海洋温。
2、一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能。
3、能量转化：热机是一种将内能转化为机械能的装置。
12．（2024·长春模拟）如图所示，是探究“冰的熔化实验”和“水的沸腾实验”的两组实验装置。
（1）探究“冰的熔化”实验，应选择图中的 装置；冰熔化时有固液共存状态出现，继续加热，冰水混合物的内能将 ；
（2）在探究“水的沸腾”实验中，观察到水沸腾时温度计的示数为98℃，说明烧杯中液面上方的气压 标准大气压，实验中给烧杯加纸盖的目的 （选填“是”或“不是”）为了升高水的沸点。
【答案】（1）甲；增大
（2）低于；不是
【知识点】熔化和凝固的探究实验；探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）探究冰熔化时要采用水浴法加热，使得受热均匀，故应选择图中的甲装置；继续加热，冰水混合物吸收热量，内能将增大。
（2）水沸腾时温度为98℃，低于一标准大气压时的沸点，说明烧杯中液面上方的气压低于标准大气压，实验中给烧杯加纸盖的目的是为了缩短加热时间。
【分析】水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃。
（1）[1][2]为使冰受热均匀，探究冰熔化时要采用水浴法加热，故应选择图中的甲装置；物质熔化时吸收热量，内能增大，故继续加热，冰水混合物的内能将增大。
（2）[1][2]一标准大气压时水的沸点为100℃，现在水沸腾时温度为98℃，低于一标准大气压时的沸点，说明烧杯中液面上方的气压低于标准大气压，实验中给烧杯加纸盖的目的是为了减小热量散失，缩短加热时间，不是为了升高水的沸点。
13．（2024·长春模拟）如图所示电路，电源电压不变，定值电阻R0与滑动变阻器R串联。滑动变阻器的滑片由右向左滑动时，定值电阻R0消耗的电功率 ，滑动变阻器R两端的电压 ；当滑片移动至某一位置时，电流表示数为0.1A，滑动变阻器R的功率为0.6W，此时滑动变阻器R两端的电压是为 V；当滑片移动到另一位置时，电流表示数为0.2A，滑动变阻器R的功率为0.9W，则电源电压为 V；继续向左移动滑片，当电流表示数为0.3A时，滑动变阻器R的功率为 W。
【答案】变大；变小；6；7.5；0.9
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流；滑动变阻器的滑片向左滑动时，接入电路的电阻变小，根据串联分压可知滑动变阻器R两端的电压变小；两端的电压变大，根据可知消耗的电功率变大。滑动变阻器的滑片滑至某一位置时，电流表示数为0.1A，R的功率为0.6W，根据可计算R两端的电压为；由串联电路的规律及欧姆定律可知电源电压；滑片移动到另一位置时，电流表示数为0.2A，R的功率为0.9W，根据可计算R两端的电压，同理计算电源电压 ，连列得，，当电流表示数为0.3A时，两端的电压；根据串联电路的电压规律可得，滑动变阻器两端的电压
，根据P=UI计算可知滑动变阻器R的功率
。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
4、电功率公式P=UI。
14．（2024·长春模拟）如图所示是小致设计的拉力计的示意图，把电压表改装成表示拉力大小的拉力计，电源电压恒为3V，电压表选用0~3V量程，滑片P从滑动变阻器R1的a端向b端移动时，拉力F从0N到10N均匀变化，且拉力为5N时，电压表的示数为1.5V。拉力为0N时，电压表的示数为 V，此时电阻R1消耗的电功率与电路总功率之比为 ；拉力计的10N，应标在电压表的 V的刻线位置；这个拉力计的刻度是 （选填“均匀”或“不均匀”）的。
【答案】1；2∶3；3；不均匀
【知识点】弹力；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】设ab长为L，弹簧劲度系数为k，根据弹力的计算可知F=kL=10N（在b端时），所以F=5N时，P为ab中点位置，R1总阻值为R，当在ab中间时，根据串联分压可知，即，当F=0N时，R1=R，同理计算可知，所以，根据串联电路电压规律可知电压表的示数U0'=U-U1'=3V-2V=1V；根据P=UI计算可知，电流相同，电功率之比等于电压之比，即电阻R1消耗的电功率与电路总功率之比为；拉力为10N时，P在b端，U=3V，应标在电压表的3V的刻线位置。R1与拉力F的关系是R1=R-kF，结合欧姆定律U=IR计算可知，所以拉力计的示数是不均匀的。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
15．（2024·长春模拟）如图所示，小致用如图滑轮组提升重为360N的货物，所用拉力为225N，货物被匀速提升10m。（忽略绳重和摩擦）小致做的功是 J，这个滑轮组的机械效率是 ，如果用该滑轮组匀速提升重为310N的物体时，所用拉力的大小是 N。
【答案】4500；80%；200
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
16．（2024·长春模拟）小致做测定“小灯泡额定功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线。如图甲是小致没有连接完的实物电路。
（1）请你用笔画线代替导线，帮小致将实物电路连接完整；
（2）闭合开关，小致发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，故障原因可能是 ；
A．灯泡断路
B．灯泡短路
C．滑动变阻器断路
D．滑动变阻器短路
（3）小致通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了如图乙所示的U-I图像。根据图像提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率P额= W；
（4）为能顺利完成该实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用 ；
A．“10Ω 2A”的滑动变阻器
B．“20Ω 1A”的滑动变阻器
（5）当小灯泡两端的电压1.25V时，小灯泡的实际功率 。
【答案】；B；0.5；B；>
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）测量小灯泡电功率，额定电压为2.5V，电压表选用小量程并联在灯泡的两端；滑动变阻器的连接原则为“一上一下”，如下图所示
（2） 小致发现灯泡不亮，电流表有示数，所以电路中有电流，发生短路，电压表无示数 ，说明小灯泡短路，B正确，ACD错误；
综上选B。
（3）当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.2A，根据P=UI小灯泡的额定功率为
（4）当灯泡正常发光时，根据串联电路电压规律计算可知滑动变阻器两端电压为
；根据串联电路电流特点结合欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的阻值为，故选用“20Ω 1A”的滑动变阻器，故B符合题意，A不符合题意。
故选B。
（5）由图乙可知，小灯泡两端的电压1.25V时，通过灯泡的电流约为0.125A，根据P=UI计算小灯泡实际功率约为。
【分析】1、伏安法测电功率：调节变阻器的电阻，使得电灯泡的电压为额定电压，电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U额，电流表串联在电路中，读出此时的电流I额，根据电功率公式P=U额I额计算分析；
2、电路的三种状态：断路：电路中存在接触不良、或者损害电路中无电流；短路：电路中电流直接连接在用电器两端，用电器无电流，通路：电路正常工作；
3、变阻器：变阻器的连接为一上一下，通过改变电阻丝接入电路的长度进而改变电阻，变阻器的作用除了改变电阻外还可以起到保护电路的作用，所以在连接好电路后，变阻器阻值应该调节到最大阻值处。
17．（2024·长春模拟）小红同学用以下三种方法测橙汁的密度。
（1）按图中甲、乙、丙的步骤顺序进行测量，橙汁密度为 g/cm3（小数点后，保留两位数字），这样操作使得测量值比真实值偏 。为了更准确地测量橙汁的密度，图中合理的实验步骤顺序应调整为 ；
（2）小红用托盘天平、烧杯和已知密度为ρ的金属块测出了橙汁的密度。
①用天平测出金属块的质量m1；
②把金属块放入空烧杯中，往烧杯中倒入适量橙汁使金属块浸没在橙汁中，在烧杯液面位置做好标记，测出此时烧杯和橙汁的总质量为m2；
③取出金属块，放在台面上，往烧杯中倒橙汁，直至液面到达标记处，测出此时烧杯和橙汁的总质量为m3；
④橙汁密度的表达式：ρ橙汁= （符号表示）。若金属块取出时会带出部分橙汁，测量结果将 （偏大/偏小/不变）。
（3）小红用天平测出一杯橙汁的质量为m1，喝掉一部分后测其质量为m2，用纯净水将喝掉的部分补齐（ρ水已知）测得其质量为m3，橙汁密度的表达式：ρ橙汁= （用符号表示）。
【答案】（1）1.02；大；乙丙甲
（2）；偏大
（3）
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）据图可知空烧杯的质量为12g，烧杯和橙汁的总质量为m总=50g+20g+3.4g=73.4g，所以橙汁的质量总质量和空烧杯的差值，即m橙=73.4g-12g=61.4g，橙汁的体积V橙=60mL=60cm3
所以橙汁的密度为；烧杯中的橙汁不能完全倒入量筒，导致橙汁的体积测量值偏小，质量不变，所以密度测量值偏大。更准确测量橙汁的密度，先测出烧杯中橙汁的总质量，接下来将橙汁倒入烧杯中，最后测量空烧杯的质量。两次质量相减得到的恰好是倒入量筒的橙汁的质量，体积也直接由量筒读取。顺序为乙丙甲。
（2）取出金属块后倒进烧杯的橙汁的质量m=m3+m1- m2，倒进去的橙汁的体积等于金属块的体积，根据密度公式计算倒进的橙汁的体积，根据密度公式计算橙子的密度
；金属块取出时会带出部分橙汁，所以往烧杯中倒橙汁，直至液面到达标记处，测出此时烧杯和橙汁的总质量依然为m3，不影响m3的大小。故对测量结果无影响，测量出来的橙汁密度不变。
（3）由题意可得，喝掉橙汁的质量，加水的质量，根据密度公式计算可知喝掉橙汁的体积，橙汁的密度。
【分析】1、测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，为了准确测量液体质量需要：先测水和烧杯总重m1，倒出一定体积的液体，测量剩余液体和烧杯的质量m2，所以水的质量为m1-m2，量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
2、利用液体测量待测物体的密度：要保证液体的体积和物体的体积相同，液体的体积为（m3 - m1）/ ρ水，结合物体的质量，进行计算分析。
（1）[1]空烧杯的质量为
m0=10g+2g=12g
烧杯和橙汁的总质量为
m总=50g+20g+3.4g=73.4g
橙汁的质量为
m橙=73.4g-12g=61.4g
橙汁的体积
V橙=60mL=60cm3
橙汁的密度为
[2]由于烧杯中的橙汁不能完全倒入量筒，导致橙汁的体积测量值偏小，根据密度公式可以判断密度测量值偏大。
[3]为了更准确测量橙汁的密度，实验顺序可以调整为乙丙甲，因为先测出烧杯中橙汁的总质量，接下来将橙汁倒入烧杯中，最后测量空烧杯的质量。两次质量相减得到的恰好是倒入量筒的橙汁的质量，体积也直接由量筒读取。这样测量的方法不存在液体残留的问题，测量出来的橙汁密度更加准确。
（2）[1]取出金属块后倒进烧杯的橙汁的质量
m=m3+m1- m2
后倒进去的橙汁的体积等于金属块的体积，则后倒进的橙汁的体积
橙子的密度
[2] 若金属块取出时会带出部分橙汁，接着依然是往烧杯中倒橙汁，直至液面到达标记处，测出此时烧杯和橙汁的总质量依然为m3，不影响m3的大小。故对测量结果无影响，测量出来的橙汁密度不变。
（3）由题意可得，喝掉橙汁的质量
所加水的质量
喝掉橙汁的体积
橙汁的密度
18．（2024·长春模拟）小致同学把一个不易形变的塑料盒的盒口用橡皮膜紧密封闭，制成了如图甲所示的探头。保证探头上表面水平而且橡皮膜向下，浸入柱形容器的水中，如图所示，进行了乙、丙、丁三次实验。如图乙实验中，探头静止时容器中水的高度是h1。丙实验中，探头上压了一个空玻璃杯，静止时，容器中水面的高度是h2。如果容器底面积是S，水的密度是ρ水，玻璃杯的质量m= 。丁实验中，玻璃杯沉入杯底，探头静止时，容器中水面的高度是h3，跟丙实验比，容器底受到水的压强变 。玻璃杯的密度ρ杯= 。如果改成按乙、丁、丙的顺序实验，测得的玻璃杯的密度值会 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。（忽略橡皮膜的变化）
【答案】；小；；不变
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】比较乙、丙两图可知，物体漂浮，浮力等于自重，两图中浮力的变化量等于玻璃杯的重力，所以玻璃杯的重力为，根据重力公式计算可知；玻璃杯的质量为；丙图中整体漂浮，总浮力等于总重力；丁图中探头漂浮，浮力等于探头重力，玻璃杯沉底，浮力小于重力，所以总浮力减小，根据浮力公式可知排开水的体积变小，水位降低，根据压强公式可知跟丙实验比，容器底受到水的压强变小。
玻璃杯的体积为，根据密度公式计算可知玻璃杯的密度为；如果改成按乙、丁、丙的顺序实验，容器中的液面高度不变，测得的玻璃杯的密度值会不变。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大。
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
4、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
19．（2024·长春模拟）如图所示，质量分布均匀、重为重12N的铁球与轻杆AB固定于A点，焊接好后悬挂于竖直墙壁的B点，并可以绕B点旋转的，轻杆AB的延长线过球心O，轻杆AB的长度等于铁球的直径。现在要使铁球刚好离开墙壁（铁球对墙壁没有力的作用）：
（1）(1)请在图中画出需要施加在铁球上的最小的力F及其力臂；
（2）(2)F的大小是 N。
【答案】,3N
（1）
（2）3N
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】(1)由图知，B是支点，当动力臂最长，其动力最小，动力臂直径的时候，动力最长，即F和圆相切，为如图所示
(2)设球的半径为R，球所受重力的力臂为R，力F的力臂为，根据杠杆平衡的条件可知
，所以。
【分析】1、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂。
2、力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
20．（2024·长春模拟）如图所示，物理科技小组设计的具有防干烧功能的空气加湿器装置模型，由控制器和加热器组成，可在水量不足时自动停止加热。加热器有高、低两个挡位，由开关S和加热电阻丝R1、R2组成，U=220V，R2=242Ω；控制电路电压恒定，R0=10Ω，RF为压敏电阻，下方固定一个轻质绝缘T形硬质杆，水箱注水后圆柱形浮体A竖直上浮，通过T形杆对压敏电阻产生压力，所受压力每增加1.5N，电阻减小5Ω。浮体A体积为1000cm3，质量为50g。科技小组对加湿器进行测试：向水箱内缓慢注水，当液面上升至浮体A体积的五分之一浸入水中时，电磁铁线圈中电流为200mA，此时衔铁恰好被吸下，加热器开始工作；当液面上升至浮体A体积的二分之一浸入水中时，电磁铁线圈中电流为240mA；当水箱注水量达到最大值时，电磁铁线圈中电流为300mA。T形硬质杆的质量和电磁铁线圈电阻忽略不计。
（1）当加热器处于高挡位时，加热140s所产生的热量全部被1.2kg的水吸收，水温升高了25℃。高挡功率是多少W？ （写出必要电的文字说明、表达式及最后结果）
（2）加热器的低挡功率是 W；
（3）浮体A体积的五分之一浸入水中时受到的浮力是 N，此时压敏电阻受到的压力是 N；
（4）浮体A体积的二分之一浸入水中时压敏电阻受到的压力是 N；跟浮体A体积的五分之一浸入水中时比，压敏电阻减小了 Ω，控制电路电压是 V；
（5）水箱注水量达到最大值时，浮体A浸入水中的体积是 m3。
【答案】（1）900W
（2）200
（3）2；1.5
（4）4.5；15；18
（5）9.5×10-4
【知识点】比热容；阿基米德原理；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】（1）当加热器处于高挡位时，根据热量公式计算可知水吸收的热量
；加热器产生热量全部被水吸收，即，根据功率公式W=Pt计算可知高挡功率；
（2）加热器电路时，S闭合时，两电阻并联，电源电压一定，由可知，此时加热器为高挡位；S断开时，只有R2接入电路中，电路的电阻较大，为低挡位，同理计算低挡功率
（3）根据阿基米德分析浮体A体积的浸入水中时受到的浮力，A的质量为50kg，根据重力公式G=mg计算，对A进行受力分析可知A受到竖直向下的重力G、压敏电阻对它的压力F与浮力平衡，所以，所以压敏电阻对它的压力
，根据力的作用是相互的可知，压敏电阻受到的压力为1.5N。
（4）浮体A体积的浸入水中时受到的浮力，受力分析相同，则受到竖直向下的重力G、压敏电阻对它的压力F与浮力平衡，所以压敏电阻对它的压力
，由力的作用是相互的可知，压敏电阻受到的压力为4.5N。跟浮体A体积的五分之一浸入水中时比，压敏电阻减小了；当液面上升至浮体A体积的五分之一浸入水中时，此时压敏电阻为，根据欧姆定律U=IR计算可知，控制电路的电压
；当液面上升至浮体A体积的二分之一浸入水中时，压敏电阻的阻值，根据串联电路特点和欧姆定律可知，控制电路的电压
，联立解得：控制电路的电压。
（5）水箱注水量达到最大值时，压敏电阻的阻值为，根据电阻的串联和欧姆定律计算可知，代入数据计算可知，压敏电阻的阻值减小量，所以压敏电阻受到的压力。浮体A受到的浮力，根据浮力公式计算可知浮体A浸入水中的体积
。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
4、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
5、比热容是物质的特性，与物体的形状、质量、吸放热的多少等无关，计算公式为Q=cmΔt；
6、电功率的计算：公式为W=Pt。=UI.
（1）当加热器处于高挡位时，水吸收的热量
加热器产生热量全部被水吸收，所以加热器消耗电能
高挡功率
（2）由加热器电路知，S闭合时，两电阻并联，此时电路中电阻较小，电源电压一定，由可知，此时加热器为高挡位；S断开时，只有R2接入电路中，电路的电阻较大，为低挡位，所以低挡功率
（3）[1]浮体A体积的浸入水中时受到的浮力
[2]A的重力
A受到竖直向下的重力G、压敏电阻对它的压力F与浮力平衡，所以
压敏电阻对它的压力
由力的作用是相互的可知，压敏电阻受到的压力为1.5N。
（4）[1]浮体A体积的浸入水中时受到的浮力
受到竖直向下的重力G、压敏电阻对它的压力F与浮力平衡，所以
压敏电阻对它的压力
由力的作用是相互的可知，压敏电阻受到的压力为4.5N。
[2]由于压敏电阻所受压力每增加1.5N，电阻减小5欧姆，则跟浮体A体积的五分之一浸入水中时比，压敏电阻减小了
[3]当液面上升至浮体A体积的五分之一浸入水中时，假设此时压敏电阻为，根据串联电路特点和欧姆定律可知，控制电路的电压
当液面上升至浮体A体积的二分之一浸入水中时，压敏电阻的阻值
根据串联电路特点和欧姆定律可知，控制电路的电压
联立两式解得：控制电路的电压
（5）当水箱注水量达到最大值时，压敏电阻的阻值为，则
即
解得
压敏电阻的阻值减小量
压敏电阻受到的压力
浮体A受到的浮力
浮体A浸入水中的体积
1 / 1吉林省长春市东北师大附中2024年中考模拟（第五次大练习）物理试题
1．（2024·长春模拟）智能机器人能识别主人语音指令，是通过主人语音的（ ）
A．音调 B．音色 C．响度 D．声速
2．（2024·长春模拟）现代科学技术在生产、生活军事等多个领域得到广泛应用。下列说法正确的是（ ）
A．潜艇利用超声波探测水下目标
B．无线WiFi利用超声波传递信息
C．噪声监测仪可以在传播途中控制噪声
D．遥感卫星利用紫外线拍摄照片发现森林火情
3．（2024·长春模拟）有两个灯泡L1、L2，它们的额定电压分别是3V、6V。将它们串联到6V电源上时，它们的实际功率相同。将它们并联到3V的电源上时，下列说法正确的是（ ）
A．灯L1较亮 B．灯L2较亮
C．灯L1的额定功率较大 D．两灯的实际功率相同
4．（2024·长春模拟）取两个相同的不带电的验电器A和B，用与丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器A的金属球，使A带电，绝缘手柄如图甲所示。用金属杆把A和B连接起来，A的金属箔片张开的角度减小，B的金属箔张开，如图乙所示。则（ ）
A．甲图中验电器A带的是负电荷
B．乙图中A带正电，B带负电
C．连接的瞬间正电荷从A往B定向移动
D．连接的瞬间电流方向从A到B
5．（2024·长春模拟）体重是评价人体健康状况的重要指标．小明同学用图中电路设计电子体重秤，两电表中适合改装为体重秤表盘的是
A．只能是电压表 B．只能是电流表
C．两者都适合 D．两者都不适合
6．（2024·长春模拟）如图所示，B端固定在转轴上的均匀木板AB，可在竖直面内转动，用水平力F由A向B缓慢匀速推动垫在木板下水平放置的长方形木块C，若推动过程中，各表面粗糙程度不变，推力F将（ ）
A．大小不变 B．逐渐增大
C．逐渐减小 D．先增大后减小
7．（2024·长春模拟）水平地面上的绝缘平板小车内竖直固定一个压敏电阻R（其电阻值会随着所受压力的增大而减小），与定值电阻R0、电流表、电源接成串联电路。压敏电阻旁紧靠一个重物M。重物可左右移动，已知小车静止时电流表的示数为I0，如果现在发现电流表示数I>I0，则可知小车的运动状态是（ ）
A．向左减速运动 B．向右减速运动
C．向左加速运动 D．向右匀速运动
8．（2024·长春模拟）如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P由b向a端移动过程中，小灯泡L始终发光（忽略温度对小灯泡电阻的影响），下列说法正确的是（ ）
A．电压表V1示数的减小量与电压表V2示数的增加量相等
B．小灯泡的电压变大
C．电流表示数变大
D．电压表V2的示数与电流表A的示数的比值不变
9．（2024·长春模拟）如图甲所示，用弹簧测力计将一长方体物体从装有水的杯子中匀速拉出，物体的底面积为20cm2，杯子的底面积为100cm2，拉力随时间的变化关系如图乙所示。则下列说法错误的是（ ）
A．物体的密度为2.5g/cm3
B．t＝1s时，水对杯底的压力为24N
C．物体上升的速度为8cm/s
D．当物体有一半露出水面时，受到的浮力为1N
10．（2024·长春模拟）在应用物理知识分析解决问题的过程中，常常需要根据问题情境的描述提取有用信息，做出正确的判断．以下根据问题情境所做的判断正确的是
A．从“物体处于静止或匀速直线运动”判断出“物体不受力或受到平衡力”
B．从“电水壶标有‘220V 900W’”判断出“电水壶加热功率是900W”
C．从“将两个用电器并联后接入电路”判断出“两个用电器两端电压相等”
D．从“1个标准大气压下把25℃的水烧开”判断出“水的末温度为100℃”
11．（2024·长春模拟）煤是可以直接从自然界获得的是 能源，火力发电厂的蒸汽轮机就是把煤燃烧获得的 能转化为机械能的一种热机。像煤这样，会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充的能源是 能源。相较于煤，电能无法从自然界中直接获取，是 能源。
12．（2024·长春模拟）如图所示，是探究“冰的熔化实验”和“水的沸腾实验”的两组实验装置。
（1）探究“冰的熔化”实验，应选择图中的 装置；冰熔化时有固液共存状态出现，继续加热，冰水混合物的内能将 ；
（2）在探究“水的沸腾”实验中，观察到水沸腾时温度计的示数为98℃，说明烧杯中液面上方的气压 标准大气压，实验中给烧杯加纸盖的目的 （选填“是”或“不是”）为了升高水的沸点。
13．（2024·长春模拟）如图所示电路，电源电压不变，定值电阻R0与滑动变阻器R串联。滑动变阻器的滑片由右向左滑动时，定值电阻R0消耗的电功率 ，滑动变阻器R两端的电压 ；当滑片移动至某一位置时，电流表示数为0.1A，滑动变阻器R的功率为0.6W，此时滑动变阻器R两端的电压是为 V；当滑片移动到另一位置时，电流表示数为0.2A，滑动变阻器R的功率为0.9W，则电源电压为 V；继续向左移动滑片，当电流表示数为0.3A时，滑动变阻器R的功率为 W。
14．（2024·长春模拟）如图所示是小致设计的拉力计的示意图，把电压表改装成表示拉力大小的拉力计，电源电压恒为3V，电压表选用0~3V量程，滑片P从滑动变阻器R1的a端向b端移动时，拉力F从0N到10N均匀变化，且拉力为5N时，电压表的示数为1.5V。拉力为0N时，电压表的示数为 V，此时电阻R1消耗的电功率与电路总功率之比为 ；拉力计的10N，应标在电压表的 V的刻线位置；这个拉力计的刻度是 （选填“均匀”或“不均匀”）的。
15．（2024·长春模拟）如图所示，小致用如图滑轮组提升重为360N的货物，所用拉力为225N，货物被匀速提升10m。（忽略绳重和摩擦）小致做的功是 J，这个滑轮组的机械效率是 ，如果用该滑轮组匀速提升重为310N的物体时，所用拉力的大小是 N。
16．（2024·长春模拟）小致做测定“小灯泡额定功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线。如图甲是小致没有连接完的实物电路。
（1）请你用笔画线代替导线，帮小致将实物电路连接完整；
（2）闭合开关，小致发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，故障原因可能是 ；
A．灯泡断路
B．灯泡短路
C．滑动变阻器断路
D．滑动变阻器短路
（3）小致通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了如图乙所示的U-I图像。根据图像提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率P额= W；
（4）为能顺利完成该实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用 ；
A．“10Ω 2A”的滑动变阻器
B．“20Ω 1A”的滑动变阻器
（5）当小灯泡两端的电压1.25V时，小灯泡的实际功率 。
17．（2024·长春模拟）小红同学用以下三种方法测橙汁的密度。
（1）按图中甲、乙、丙的步骤顺序进行测量，橙汁密度为 g/cm3（小数点后，保留两位数字），这样操作使得测量值比真实值偏 。为了更准确地测量橙汁的密度，图中合理的实验步骤顺序应调整为 ；
（2）小红用托盘天平、烧杯和已知密度为ρ的金属块测出了橙汁的密度。
①用天平测出金属块的质量m1；
②把金属块放入空烧杯中，往烧杯中倒入适量橙汁使金属块浸没在橙汁中，在烧杯液面位置做好标记，测出此时烧杯和橙汁的总质量为m2；
③取出金属块，放在台面上，往烧杯中倒橙汁，直至液面到达标记处，测出此时烧杯和橙汁的总质量为m3；
④橙汁密度的表达式：ρ橙汁= （符号表示）。若金属块取出时会带出部分橙汁，测量结果将 （偏大/偏小/不变）。
（3）小红用天平测出一杯橙汁的质量为m1，喝掉一部分后测其质量为m2，用纯净水将喝掉的部分补齐（ρ水已知）测得其质量为m3，橙汁密度的表达式：ρ橙汁= （用符号表示）。
18．（2024·长春模拟）小致同学把一个不易形变的塑料盒的盒口用橡皮膜紧密封闭，制成了如图甲所示的探头。保证探头上表面水平而且橡皮膜向下，浸入柱形容器的水中，如图所示，进行了乙、丙、丁三次实验。如图乙实验中，探头静止时容器中水的高度是h1。丙实验中，探头上压了一个空玻璃杯，静止时，容器中水面的高度是h2。如果容器底面积是S，水的密度是ρ水，玻璃杯的质量m= 。丁实验中，玻璃杯沉入杯底，探头静止时，容器中水面的高度是h3，跟丙实验比，容器底受到水的压强变 。玻璃杯的密度ρ杯= 。如果改成按乙、丁、丙的顺序实验，测得的玻璃杯的密度值会 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。（忽略橡皮膜的变化）
19．（2024·长春模拟）如图所示，质量分布均匀、重为重12N的铁球与轻杆AB固定于A点，焊接好后悬挂于竖直墙壁的B点，并可以绕B点旋转的，轻杆AB的延长线过球心O，轻杆AB的长度等于铁球的直径。现在要使铁球刚好离开墙壁（铁球对墙壁没有力的作用）：
（1）(1)请在图中画出需要施加在铁球上的最小的力F及其力臂；
（2）(2)F的大小是 N。
20．（2024·长春模拟）如图所示，物理科技小组设计的具有防干烧功能的空气加湿器装置模型，由控制器和加热器组成，可在水量不足时自动停止加热。加热器有高、低两个挡位，由开关S和加热电阻丝R1、R2组成，U=220V，R2=242Ω；控制电路电压恒定，R0=10Ω，RF为压敏电阻，下方固定一个轻质绝缘T形硬质杆，水箱注水后圆柱形浮体A竖直上浮，通过T形杆对压敏电阻产生压力，所受压力每增加1.5N，电阻减小5Ω。浮体A体积为1000cm3，质量为50g。科技小组对加湿器进行测试：向水箱内缓慢注水，当液面上升至浮体A体积的五分之一浸入水中时，电磁铁线圈中电流为200mA，此时衔铁恰好被吸下，加热器开始工作；当液面上升至浮体A体积的二分之一浸入水中时，电磁铁线圈中电流为240mA；当水箱注水量达到最大值时，电磁铁线圈中电流为300mA。T形硬质杆的质量和电磁铁线圈电阻忽略不计。
（1）当加热器处于高挡位时，加热140s所产生的热量全部被1.2kg的水吸收，水温升高了25℃。高挡功率是多少W？ （写出必要电的文字说明、表达式及最后结果）
（2）加热器的低挡功率是 W；
（3）浮体A体积的五分之一浸入水中时受到的浮力是 N，此时压敏电阻受到的压力是 N；
（4）浮体A体积的二分之一浸入水中时压敏电阻受到的压力是 N；跟浮体A体积的五分之一浸入水中时比，压敏电阻减小了 Ω，控制电路电压是 V；
（5）水箱注水量达到最大值时，浮体A浸入水中的体积是 m3。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】音色是声音的特色，通过音色的不同，可以区分不同人发出的声音。智能机器人能识别主人语音指令，是通过识别主人语音的音色。
故答案为：B。
【分析】不同声音有不同的品质与特色，即音色不同，可以通过音色来辨别声音。
2．【答案】A
【知识点】紫外线；超声波与次声波；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．潜艇利用超声波的回声定位来探测水下目标的，A符合题意；
B．无线WiFi利用电磁波传递信息，B不符合题意；
C．噪声监测仪只能监测噪音值，是一种监测设备，并不是降低噪音的手段和措施，在街头设置噪声监测仪，不能减弱噪声，C不符合题意；
D．现代遥感卫星可以利用红外线拍摄照片发现地面火情，不是利用紫外线，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】超声波可以根据回声现象传递信息；噪声监测仪，不能减弱噪声；现代遥感卫星可以利用红外线工作。
3．【答案】D
【知识点】电功率的计算；实际功率
【解析】【解答】L1、L2串联在电路中，串联后两灯的实际功率相同，电流相同，由可知，灯泡L1、L2的电阻相等；将两灯并联在电路中，灯泡L1、L2两灯的电压相等，由可知，L1、L2的实际功率相同，所以两灯的亮度相同，故ABC错误，D正确。
故选D。
【分析】1、电功率的计算：公式为，；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
4．【答案】D
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用；电流的方向
【解析】【解答】A．与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，接触验电器A的金属球，玻璃棒吸引金属球的电子到玻璃棒，验电器A失去电子带正电，故A错误；
BCD．连接的瞬间由于A带正电，吸引B的电子到A，所以B失去电子，带正电，电流的方向和电子的移动方向相反，所以电流方向为从A到B，故D正确，BC错误。
故选D。
【分析】验电器的工作原理：同性电荷相互排斥，当A带正电时会吸引B的负电荷到A，B失去负电荷带正电，张角变大，A得到负电荷张角变小；电流的方向：与电子定向移动的方向相反，所以形成电流方向为A向B。
5．【答案】A
【知识点】串联电路的电压规律；电路的动态分析
【解析】【解答】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑片P电阻丝两端的电压，滑片移动时，变阻器接入电路中的电阻不变，电压不变，由I=可知，电路中的电流不变，所以电流表示数不变，测量人的重力时，滑片下移，电压表示数变大，所以，两电表中适合改装为体重秤表盘的是电压表．A正确，BCD错误；
综上选A。
【分析】1、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
6．【答案】B
【知识点】杠杆的动态平衡分析
7．【答案】A
【知识点】物体运动状态的变化；电阻的串联；电路的动态分析
【解析】【解答】由电路图可知，电流表测电路中的电流，R0与压敏电阻R串联，小车静止时电流表的示数为I0，电流表示数I＞I0时，根据U-IR可知电路中的总电阻减小，所以，压敏电阻R的阻值减小，R的阻值会随着所受压力的增大而减小，所以，压敏电阻受到的压力增大，即小车向左减速运动或向右加速运动，故A不符合题意，BCD符合题意。
故选A。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
8．【答案】A
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】A．由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表V2测变阻器两端的电压，电压表V1测L两端的电压，电流表测电路中的电流，电源的电压不变，滑片移动时，所以电压表V1与电压表V2的示数之和保持不变，即电压表V1示数的减小量与电压表V2示数的增加量相等，故A正确；
B．滑片右移，变阻器电阻变大，根据串联分压可知，分压变大，所以灯泡分压减小，故B错误；
C．滑片右移，变阻器电阻变大，电压不变，根据欧姆定律可知电路的电流减小，故C错误；
D．电压表V2的示数与电流表A的示数的比值等于滑动变阻器接入电路中的电阻，所以， 滑动变阻器的滑片P由b向a端移动过程中 ，电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变大，故D错误。
故选A。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
9．【答案】B
【知识点】密度公式及其应用；速度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；阿基米德原理
【解析】【分析】
【解答】A．物体浸没在水中时弹簧测力计的示数为3N，匀速拉出后，弹簧测力计示数为5N，所以物体的重力，根据称重法可知物体浸没时受到的浮力大小，结合浮力公式计算可知物体的体积等于物体浸没时排开的水的体积，所以根据密度公式计算分析可知物体的密度为
，故A 正确，不符合题意；
BC． 物体的底面积为20cm2 ，体积由A分析可知，物体的高度，在物体上表面刚好接触水面，在下表面刚好离开水面，所以物体从接触水面到完全离开水面所用的时间为1s，水面下降的高度为，所以物体露出水面的整个过程中升高的距离为，根据速度公式计算可知物体上升的速度
，故C 正确，不符合题意；物体上升到上表面接触水面移动的距离
，物体浸没时，水的深度为
当时，物体浸没在水中，根据压强公式计算此时水对杯底的压强
，根据F=Ps计算水对杯底的压力
，故B错误，符合题意；
D．当物体有一半露出水面时，受到的浮力为物体浸没时的一半，此时受到的浮力，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、根据速度的公式计算分析，速度公式为v=s/t，根据题目中所给的信息，如已知速度时间求解路程，或者已知路程和时间求解速度，匀速运动的特点，在st曲线上为一条倾斜向上的直线，在vt曲线为一条水平直线。
3、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力；
4、密度的计算：公式为m=ρv。
10．【答案】A,C,D
【知识点】沸腾及沸腾条件；并联电路的电压规律；额定功率
【解析】【解答】A、“物体处于静止或匀速直线运动”可以判断“物体不受力或受到平衡力”故A正确；
B、电水壶标有“220V 900W”指额定功率为900W，故B错误；
C、“将两个用电器并联后接入电路”可知“两个用电器两端电压相等”，故C正确；
D、标准大气压下水的沸点为100℃，故D正确．
故选ACD．
【分析】（1）力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
（2）用电器上标注的电功率是额定功率，电压是额定电压；
（3）并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流；
（4）标准大气压下水的沸点为100℃．
11．【答案】一次；内；不可再生；二次
【知识点】热机；能源及其分类
【解析】【解答】煤是可以直接从自然界获得的，是一次能源。蒸汽轮机将内能转化为机械能。煤会越用越少，是不可再生能源。电能无法从自然界中直接获取，是二次能源。
【分析】1、可在生能源：使用后短期可以恢复的能源，如太阳能、水能、风能、生物质能、波浪能、潮汐能、海洋温。
2、一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能。
3、能量转化：热机是一种将内能转化为机械能的装置。
12．【答案】（1）甲；增大
（2）低于；不是
【知识点】熔化和凝固的探究实验；探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）探究冰熔化时要采用水浴法加热，使得受热均匀，故应选择图中的甲装置；继续加热，冰水混合物吸收热量，内能将增大。
（2）水沸腾时温度为98℃，低于一标准大气压时的沸点，说明烧杯中液面上方的气压低于标准大气压，实验中给烧杯加纸盖的目的是为了缩短加热时间。
【分析】水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃。
（1）[1][2]为使冰受热均匀，探究冰熔化时要采用水浴法加热，故应选择图中的甲装置；物质熔化时吸收热量，内能增大，故继续加热，冰水混合物的内能将增大。
（2）[1][2]一标准大气压时水的沸点为100℃，现在水沸腾时温度为98℃，低于一标准大气压时的沸点，说明烧杯中液面上方的气压低于标准大气压，实验中给烧杯加纸盖的目的是为了减小热量散失，缩短加热时间，不是为了升高水的沸点。
13．【答案】变大；变小；6；7.5；0.9
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流；滑动变阻器的滑片向左滑动时，接入电路的电阻变小，根据串联分压可知滑动变阻器R两端的电压变小；两端的电压变大，根据可知消耗的电功率变大。滑动变阻器的滑片滑至某一位置时，电流表示数为0.1A，R的功率为0.6W，根据可计算R两端的电压为；由串联电路的规律及欧姆定律可知电源电压；滑片移动到另一位置时，电流表示数为0.2A，R的功率为0.9W，根据可计算R两端的电压，同理计算电源电压 ，连列得，，当电流表示数为0.3A时，两端的电压；根据串联电路的电压规律可得，滑动变阻器两端的电压
，根据P=UI计算可知滑动变阻器R的功率
。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
4、电功率公式P=UI。
14．【答案】1；2∶3；3；不均匀
【知识点】弹力；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】设ab长为L，弹簧劲度系数为k，根据弹力的计算可知F=kL=10N（在b端时），所以F=5N时，P为ab中点位置，R1总阻值为R，当在ab中间时，根据串联分压可知，即，当F=0N时，R1=R，同理计算可知，所以，根据串联电路电压规律可知电压表的示数U0'=U-U1'=3V-2V=1V；根据P=UI计算可知，电流相同，电功率之比等于电压之比，即电阻R1消耗的电功率与电路总功率之比为；拉力为10N时，P在b端，U=3V，应标在电压表的3V的刻线位置。R1与拉力F的关系是R1=R-kF，结合欧姆定律U=IR计算可知，所以拉力计的示数是不均匀的。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
15．【答案】4500；80%；200
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
16．【答案】；B；0.5；B；>
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）测量小灯泡电功率，额定电压为2.5V，电压表选用小量程并联在灯泡的两端；滑动变阻器的连接原则为“一上一下”，如下图所示
（2） 小致发现灯泡不亮，电流表有示数，所以电路中有电流，发生短路，电压表无示数 ，说明小灯泡短路，B正确，ACD错误；
综上选B。
（3）当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.2A，根据P=UI小灯泡的额定功率为
（4）当灯泡正常发光时，根据串联电路电压规律计算可知滑动变阻器两端电压为
；根据串联电路电流特点结合欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的阻值为，故选用“20Ω 1A”的滑动变阻器，故B符合题意，A不符合题意。
故选B。
（5）由图乙可知，小灯泡两端的电压1.25V时，通过灯泡的电流约为0.125A，根据P=UI计算小灯泡实际功率约为。
【分析】1、伏安法测电功率：调节变阻器的电阻，使得电灯泡的电压为额定电压，电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U额，电流表串联在电路中，读出此时的电流I额，根据电功率公式P=U额I额计算分析；
2、电路的三种状态：断路：电路中存在接触不良、或者损害电路中无电流；短路：电路中电流直接连接在用电器两端，用电器无电流，通路：电路正常工作；
3、变阻器：变阻器的连接为一上一下，通过改变电阻丝接入电路的长度进而改变电阻，变阻器的作用除了改变电阻外还可以起到保护电路的作用，所以在连接好电路后，变阻器阻值应该调节到最大阻值处。
17．【答案】（1）1.02；大；乙丙甲
（2）；偏大
（3）
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）据图可知空烧杯的质量为12g，烧杯和橙汁的总质量为m总=50g+20g+3.4g=73.4g，所以橙汁的质量总质量和空烧杯的差值，即m橙=73.4g-12g=61.4g，橙汁的体积V橙=60mL=60cm3
所以橙汁的密度为；烧杯中的橙汁不能完全倒入量筒，导致橙汁的体积测量值偏小，质量不变，所以密度测量值偏大。更准确测量橙汁的密度，先测出烧杯中橙汁的总质量，接下来将橙汁倒入烧杯中，最后测量空烧杯的质量。两次质量相减得到的恰好是倒入量筒的橙汁的质量，体积也直接由量筒读取。顺序为乙丙甲。
（2）取出金属块后倒进烧杯的橙汁的质量m=m3+m1- m2，倒进去的橙汁的体积等于金属块的体积，根据密度公式计算倒进的橙汁的体积，根据密度公式计算橙子的密度
；金属块取出时会带出部分橙汁，所以往烧杯中倒橙汁，直至液面到达标记处，测出此时烧杯和橙汁的总质量依然为m3，不影响m3的大小。故对测量结果无影响，测量出来的橙汁密度不变。
（3）由题意可得，喝掉橙汁的质量，加水的质量，根据密度公式计算可知喝掉橙汁的体积，橙汁的密度。
【分析】1、测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，为了准确测量液体质量需要：先测水和烧杯总重m1，倒出一定体积的液体，测量剩余液体和烧杯的质量m2，所以水的质量为m1-m2，量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
2、利用液体测量待测物体的密度：要保证液体的体积和物体的体积相同，液体的体积为（m3 - m1）/ ρ水，结合物体的质量，进行计算分析。
（1）[1]空烧杯的质量为
m0=10g+2g=12g
烧杯和橙汁的总质量为
m总=50g+20g+3.4g=73.4g
橙汁的质量为
m橙=73.4g-12g=61.4g
橙汁的体积
V橙=60mL=60cm3
橙汁的密度为
[2]由于烧杯中的橙汁不能完全倒入量筒，导致橙汁的体积测量值偏小，根据密度公式可以判断密度测量值偏大。
[3]为了更准确测量橙汁的密度，实验顺序可以调整为乙丙甲，因为先测出烧杯中橙汁的总质量，接下来将橙汁倒入烧杯中，最后测量空烧杯的质量。两次质量相减得到的恰好是倒入量筒的橙汁的质量，体积也直接由量筒读取。这样测量的方法不存在液体残留的问题，测量出来的橙汁密度更加准确。
（2）[1]取出金属块后倒进烧杯的橙汁的质量
m=m3+m1- m2
后倒进去的橙汁的体积等于金属块的体积，则后倒进的橙汁的体积
橙子的密度
[2] 若金属块取出时会带出部分橙汁，接着依然是往烧杯中倒橙汁，直至液面到达标记处，测出此时烧杯和橙汁的总质量依然为m3，不影响m3的大小。故对测量结果无影响，测量出来的橙汁密度不变。
（3）由题意可得，喝掉橙汁的质量
所加水的质量
喝掉橙汁的体积
橙汁的密度
18．【答案】；小；；不变
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】比较乙、丙两图可知，物体漂浮，浮力等于自重，两图中浮力的变化量等于玻璃杯的重力，所以玻璃杯的重力为，根据重力公式计算可知；玻璃杯的质量为；丙图中整体漂浮，总浮力等于总重力；丁图中探头漂浮，浮力等于探头重力，玻璃杯沉底，浮力小于重力，所以总浮力减小，根据浮力公式可知排开水的体积变小，水位降低，根据压强公式可知跟丙实验比，容器底受到水的压强变小。
玻璃杯的体积为，根据密度公式计算可知玻璃杯的密度为；如果改成按乙、丁、丙的顺序实验，容器中的液面高度不变，测得的玻璃杯的密度值会不变。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大。
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
4、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
19．【答案】,3N
（1）
（2）3N
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】(1)由图知，B是支点，当动力臂最长，其动力最小，动力臂直径的时候，动力最长，即F和圆相切，为如图所示
(2)设球的半径为R，球所受重力的力臂为R，力F的力臂为，根据杠杆平衡的条件可知
，所以。
【分析】1、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂。
2、力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
20．【答案】（1）900W
（2）200
（3）2；1.5
（4）4.5；15；18
（5）9.5×10-4
【知识点】比热容；阿基米德原理；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】（1）当加热器处于高挡位时，根据热量公式计算可知水吸收的热量
；加热器产生热量全部被水吸收，即，根据功率公式W=Pt计算可知高挡功率；
（2）加热器电路时，S闭合时，两电阻并联，电源电压一定，由可知，此时加热器为高挡位；S断开时，只有R2接入电路中，电路的电阻较大，为低挡位，同理计算低挡功率
（3）根据阿基米德分析浮体A体积的浸入水中时受到的浮力，A的质量为50kg，根据重力公式G=mg计算，对A进行受力分析可知A受到竖直向下的重力G、压敏电阻对它的压力F与浮力平衡，所以，所以压敏电阻对它的压力
，根据力的作用是相互的可知，压敏电阻受到的压力为1.5N。
（4）浮体A体积的浸入水中时受到的浮力，受力分析相同，则受到竖直向下的重力G、压敏电阻对它的压力F与浮力平衡，所以压敏电阻对它的压力
，由力的作用是相互的可知，压敏电阻受到的压力为4.5N。跟浮体A体积的五分之一浸入水中时比，压敏电阻减小了；当液面上升至浮体A体积的五分之一浸入水中时，此时压敏电阻为，根据欧姆定律U=IR计算可知，控制电路的电压
；当液面上升至浮体A体积的二分之一浸入水中时，压敏电阻的阻值，根据串联电路特点和欧姆定律可知，控制电路的电压
，联立解得：控制电路的电压。
（5）水箱注水量达到最大值时，压敏电阻的阻值为，根据电阻的串联和欧姆定律计算可知，代入数据计算可知，压敏电阻的阻值减小量，所以压敏电阻受到的压力。浮体A受到的浮力，根据浮力公式计算可知浮体A浸入水中的体积
。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
4、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
5、比热容是物质的特性，与物体的形状、质量、吸放热的多少等无关，计算公式为Q=cmΔt；
6、电功率的计算：公式为W=Pt。=UI.
（1）当加热器处于高挡位时，水吸收的热量
加热器产生热量全部被水吸收，所以加热器消耗电能
高挡功率
（2）由加热器电路知，S闭合时，两电阻并联，此时电路中电阻较小，电源电压一定，由可知，此时加热器为高挡位；S断开时，只有R2接入电路中，电路的电阻较大，为低挡位，所以低挡功率
（3）[1]浮体A体积的浸入水中时受到的浮力
[2]A的重力
A受到竖直向下的重力G、压敏电阻对它的压力F与浮力平衡，所以
压敏电阻对它的压力
由力的作用是相互的可知，压敏电阻受到的压力为1.5N。
（4）[1]浮体A体积的浸入水中时受到的浮力
受到竖直向下的重力G、压敏电阻对它的压力F与浮力平衡，所以
压敏电阻对它的压力
由力的作用是相互的可知，压敏电阻受到的压力为4.5N。
[2]由于压敏电阻所受压力每增加1.5N，电阻减小5欧姆，则跟浮体A体积的五分之一浸入水中时比，压敏电阻减小了
[3]当液面上升至浮体A体积的五分之一浸入水中时，假设此时压敏电阻为，根据串联电路特点和欧姆定律可知，控制电路的电压
当液面上升至浮体A体积的二分之一浸入水中时，压敏电阻的阻值
根据串联电路特点和欧姆定律可知，控制电路的电压
联立两式解得：控制电路的电压
（5）当水箱注水量达到最大值时，压敏电阻的阻值为，则
即
解得
压敏电阻的阻值减小量
压敏电阻受到的压力
浮体A受到的浮力
浮体A浸入水中的体积
1 / 1
